2021年高考物理真题分类汇编——实验部分(有解析)

资源下载
  1. 二一教育资源

2021年高考物理真题分类汇编——实验部分(有解析)

资源简介

2021年高考物理真题分类汇编——实验部分
一.选择题(共1小题)
1.(2021?浙江)在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中,可拆变压器如图所示。为了减小涡流在铁芯中产生的热量,铁芯是由相互绝缘的硅钢片平行叠成。硅钢片应平行于(  )
A.平面abcd B.平面abfe C.平面abgh D.平面aehd
二.实验题(共12小题)
2.(2021?甲卷)为测量小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数,一同学将贴有标尺的瓷砖的一端放在水平桌面上,形成一倾角为α的斜面(已知sinα=0.34,cosα=0.94),小铜块可在斜面上加速下滑,如图所示。该同学用手机拍摄小铜块的下滑过程,然后解析视频记录的图像,获得5个连续相等时间间隔(每个时间间隔△T=0.20s)内小铜块沿斜面下滑的距离si(i=1,2,3,4,5),如表所示。
S1
S2
S3
S4
S5
5.87cm
7.58cm
9.31cm
11.02cm
12.74cm
由表中数据可得,小铜块沿斜面下滑的加速度大小为   m/s2,小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数为   。(结果均保留2位有效数字,重力加速度大小取9.80m/s2)
3.(2021?乙卷)某同学利用图(a)所示装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球进行拍摄,频闪仪每隔0.05s发出一次闪光,某次拍摄后得到的照片如图(b)所示(图中未包括小球刚离开轨道的影像)。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板,纸板与小球轨迹所在平面平行,其上每个方格的边长为5cm。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图(b)中标出。
完成下列填空:(结果均保留2位有效数字)
(1)小球运动到图(b)中位置A时,其速度的水平分量大小为   m/s;竖直分量大小为   m/s;
(2)根据图(b)中数据可得,当地重力加速度的大小为   m/s2。
4.(2021?河北)某同学利用图1中的实验装置探究机械能变化量与力做功的关系。所用器材有:一端带滑轮的长木板、轻细绳、50g的钩码若干、光电门2个、数字计时器、带遮光条的滑块(质量为200g,其上可放钩码)、刻度尺。当地重力加速度为9.80m/s2。实验操作步骤如下:
①安装器材,调整两个光电门距离为50.00cm,轻细绳下端悬挂4个钩码,如图1所示;
②接通电源,释放滑块,分别记录遮光条通过两个光电门的时间,并计算出滑块通过两个光电门的速度;
③保持绳下端悬挂4个钩码不变,在滑抉上依次增加一个钩码,记录滑块上所载钩码的质量,重复上述步骤;
④完成5次测量后,计算出每次实验中滑块及所载钩码的总质量M、系统(包含滑块、滑块所载钩码和轻细绳悬挂钩码)总动能的增加量△Ek及系统总机械能的减少量△E,结果如下表所示:
M/kg
0.200
0.250
0.300
0.350
0.400
△Ek/J
0.587
0.490
0.392
0.294
0.195
△E/J
0.393
0.490
0.686
0.785
回答下列问题:
(1)实验中轻细绳所悬挂钩码重力势能的减少量为   J(保留三位有效数字);
(2)步骤④中的表格所缺数据为   ;
(3)以M为横轴,△E为纵轴,选择合适的标度,在图2中绘出△E﹣M图像;
若系统总机械能的减少量等于克服摩擦力做功,则滑块与木板之间的动摩擦因数为   (保留三位有效数字)。
5.(2021?河北)某同学研究小灯泡的伏安特性,实验室提供的器材有:小灯泡(6.3V,0.15A)、直流电源(9V)、滑动变阻器、量程合适的电压表和电流表、开关和导线若干。设计的电路如图1所示。
(1)根据图1,完成图2中的实物连线。
(2)按照图1连线后,闭合开关,小灯泡闪亮一下后熄灭,观察发现灯丝被烧断,原因可能是   (单项选择,填正确答案标号)。
A.电流表短路
B.滑动变阻器的滑片接触不良
C.滑动变阻器滑片的初始位置在b端
(3)更换小灯泡后,该同学正确完成了实验操作,将实验数据描点作图,得到I﹣U图像,其中一部分如图3所示。根据图像计算出P点对应状态下小灯泡的电阻为   Ω (保留三位有效数字)。
6.(2021?广东)某兴趣小组测量一缓冲装置中弹簧的劲度系数。缓冲装置如图所示,固定在斜面上的透明有机玻璃管与水平面夹角为30°,弹簧固定在有机玻璃管底端。实验过程如下:先沿管轴线方向固定一毫米刻度尺,再将单个质量为200g的钢球(直径略小于玻璃管内径)逐个从管口滑进,每滑进一个钢球,待弹簧静止,记录管内钢球的个数n和弹簧上端对应的刻度尺示数Ln,数据如表所示。实验过程中弹簧始终处于弹性限度内。采用逐差法计算弹簧压缩量,进而计算其劲度系数。
n
1
2
3
4
5
6
Ln/cm
8.04
10.03
12.05
14.07
16.11
18.09
(1)利用△Li=Li+3﹣Li(i=1,2,3)计算弹簧的压缩量:△L1=6.03cm,△L2=6.08cm,△L3=   cm,压缩量的平均值==   cm;
(2)上述是管中增加   个钢球时产生的弹簧平均压缩量;
(3)忽略摩擦,重力加速度g取9.80m/s2,该弹簧的劲度系数为   N/m(结果保留3位有效数字)。
7.(2021?甲卷)某同学用图(a)所示电路探究小灯泡的伏安特性,所用器材有:小灯泡(额定电压2.5V,额定电流0.3A)、电压表(量程300mV,内阻300Ω)、电流表(量程300mA,内阻0.27Ω)定值电阻R0、滑动变阻器R1(阻值0﹣20Ω)、电阻箱R2(最大阻值9999.9Ω)、电源E(电动势6V,内阻不计)、开关S、导线若干。完成下列填空:
(1)有3个阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻可供选择,为了描绘小灯泡电流在0﹣300mA的U﹣I曲线,R0应选取阻值为   Ω的定值电阻;
(2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于变阻器的   (填“a”或“b”)端;
(3)在流过电流表的电流较小时,将电阻箱R2的阻值置零,改变滑动变阻器滑片的位置,读取电压表和电流表的示数U、I,结果如图(b)所示。当流过电流表的电流为10mA时,小灯泡的电阻为   Ω(保留1位有效数字);
(4)为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3V,该同学经计算知,应将R2的阻值调整为   Ω。然后调节滑动变阻器R1,测得数据如表所示:
U/mV
24.0
46.0
76.0
110.0
128.0
152.0
184.0
216.0
250.0
I/mA
140.0
160.0
180.0
200.0
220.0
240.0
260.0
280.0
300.0
(5)由图(b)和表格数据可知,随着流过小灯泡电流的增加,其灯丝的电阻   (填“增大”“减小”或“不变”);
(6)该同学观测到小灯泡刚开始发光时流过电流表的电流为160mA,可得此时小灯泡电功率W1=   W(保留2位有效数字);当流过电流表的电流为300mA时,小灯泡的电功率为W2,则=   (保留至整数)。
8.(2021?乙卷)一实验小组利用图(a)所示的电路测量一电池的电动势E(约1.5V)和内阻r(小于2Ω)。图中电压表量程为1V,内阻Rv=380.0Ω;定值电阻R0=20.0Ω;电阻箱R,最大阻值为999.9Ω;S为开关。按电路图连接电路。完成下列填空:
(1)为保护电压表,闭合开关前,电阻箱接入电路的电阻值可以选   Ω(填“5.0”或“15.0”);
(2)闭合开关,多次调节电阻箱,记录下阻值R和电压表的相应读数U;
(3)根据图(a)所示电路,用R、R0、Rv、E和r表示,得=   ;
(4)利用测量数据,做﹣R图线,如图(b)所示;
(5)通过图(b)可得E=   V (保留2位小数),r=   Ω(保留1位小数);
(6)若将图(a)中的电压表当成理想电表,得到的电源电动势为E',由此产生的误差为||×100%=   %。
9.(2021?湖南)某实验小组需测定电池的电动势和内阻,器材有:一节待测电池、一个单刀双掷开关、一个定值电阻(阻值为R0)、一个电流表(内阻为RA)、一根均匀电阻丝(电阻丝总阻值大于R0,并配有可在电阻丝上移动的金属夹)、导线若干。由于缺少刻度尺,无法测量电阻丝长度,但发现桌上有一个圆形时钟表盘。某同学提出将电阻丝绕在该表盘上,利用圆心角来表示接入电路的电阻丝长度。主要实验步骤如下:
(1)将器材如图(a)连接;
(2)开关闭合前,金属夹应夹在电阻丝的   端(填“a”或“b”);
(3)改变金属夹的位置,闭合开关,记录每次接入电路的电阻丝对应的圆心角θ和电流表示数I,得到多组数据;
(4)整理数据并在坐标纸上描点绘图,所得图像如图(b)所示,图线斜率为k,与纵轴截距为d,设单位角度对应电阻丝的阻值为r0,该电池电动势和内阻可表示为E=   ,r=   ;(用R0、RA、k、d、r0表示)
(5)为进一步确定结果,还需要测量单位角度对应电阻丝的阻值r0。利用现有器材设计实验,在图(c)方框中画出实验电路图(电阻丝用滑动变阻器符号表示);
(6)利用测出的r0,可得该电池的电动势和内阻。
10.(2021?湖南)某实验小组利用图(a)所示装置探究加速度与物体所受合外力的关系。主要实验步骤如下:
(1)用游标卡尺测量垫块厚度h,示数如图(b)所示,h=   cm;
(2)接通气泵,将滑块轻放在气垫导轨上,调节导轨至水平;
(3)在右支点下放一垫块,改变气垫导轨的倾斜角度;
(4)在气垫导轨合适位置释放滑块,记录垫块个数n和滑块对应的加速度a;
(5)在右支点下增加垫块个数(垫块完全相同),重复步骤(4),记录数据如下表:
n
1
2
3
4
5
6
(a/m?s﹣2)
0.087
0.180
0.260
0.425
0.519
根据表中数据在图(c)上描点,绘制图线。
如果表中缺少的第4组数据是正确的,其应该是   m/s2(保留三位有效数字)。
11.(2021?浙江)用如图所示装置进行“探究功与速度变化的关系”实验。装有砝码的盘用绕过滑轮的细线牵引小车,盘和砝码的重力可当作牵引力。小车运动的位移和速度可以由打点纸带测出,以小车为研究对象,改变砝码质量,便可探究牵引力所做的功与小车速度变化的关系。
①关于这个实验,下列说法正确的是   。
A.需要补偿小车受到阻力的影响
B.该实验装置可以“验证机械能守恒定律”
C.需要通过调节定滑轮使细线与长木板平行
D.需要满足盘和砝码的总质量远小于小车的质量
②如图2所示是两条纸带,实验时打出的应是第   条(填写“Ⅰ”或“Ⅱ”)纸带;
③根据实验数据,在坐标纸上画出的W﹣v2图象是一条过原点的直线,据此图象   (填“能”或“不能”)求出小车的质量。
right59690012.(2021?浙江)小明同学在做“测定玻璃的折射率”实验时,发现只有3枚大头针,他把大头针A、B、C插在如图所示位置,并测出了玻璃的折射率。请在画出光路图,标出入射角i和折射角r,并写出折射率n的计算式。
13.(2021?浙江)在“测定电池的电动势和内阻”实验中,
①用如图1所示的电路图测量,得到的一条实验数据拟合线如图2所示,则该电池的电动势E=   V(保留3位有效数字);内阻r=   (保留2位有效数字)。
②现有如图3所示的实验器材,照片中电阻箱阻值可调范围为0~9999Ω,滑动变阻器阻值变化范围为0~10Ω,电流表G的量程为0~3mA、内阻为200Ω,电压表的量程有0~3V和0~15V。请在图3中选择合适的器材,在方框中画出两种测定一节干电池的电动势和内阻的电路图。
三.计算题(共1小题)
14.(2021?乙卷)用插针法测量上、下表面平行的玻璃砖的折射率。实验中用A、B两个大头针确定入射光路,C、D两个大头针确定出射光路,O和O′分别是入射点和出射点。如图(a)所示。测得玻璃砖厚度为h=15.0mm;A到过O点的法线OM的距离AM=10.0mm,M到玻璃砖的距离MO=20.0mm,O′到OM的距离为s=5.0mm。
(ⅰ)求玻璃砖的折射率;
(ⅱ)用另一块材料相同,但上下两表面不平行的玻璃砖继续实验,玻璃砖的截面如图(b)所示。光从上表面入射,入射角从0逐渐增大,达到45°时,玻璃砖下表面的出射光线恰好消失。求此玻璃砖上下表面的夹角。
四.解答题(共1小题)
15.(2021?广东)某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律。根据实验需要已选用了规格和量程合适的器材。
(1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势。选择适当倍率的欧姆挡,将两表笔   ,调节欧姆调零旋钮,使指针指向右边“0Ω”处。测量时观察到热敏电阻温度越高,相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大,由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而   。
(2)再按图连接好电路进行测量。
①闭合开关S前,将滑动变阻器R1的滑片滑到   端 (选填“a”或“b”)。
将温控室的温度设置为T,电阻箱R0调为某一阻值R01。闭合开关S,调节滑动变阻器R1,使电压表和电流表的指针偏转到某一位置.,记录此时电压表和电流表的示数、T和R01。断开开关S。
再将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D端,闭合开关S。反复调节R0和R1,使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同,记录此时电阻箱的阻值R02,断开开关S。
②实验中记录的阻值R01   R02(选填“大于”、“小于”或“等于”),此时热敏电阻阻值RT=   。
(3)改变温控室的温度,测量不同温度时的热敏电阻阻值,可以得到热敏电阻阻值随温度的变化规律。
2021年高考物理真题分类汇编——实验部分
参考答案与试题解析
一.选择题(共1小题)
1.【解答】磁感线环绕的方向沿着闭合铁芯,根据楞次定律及右手螺旋定则,产生的涡旋电流的方向垂直于图示变压器铁芯的正面,即与图示abcd面平行,为了减小涡流在铁芯中产生的热量,相互绝缘的硅钢片应平行于平面aehd。故ABC错误,D正确。
故选:D。
二.实验题(共12小题)
2.【解答】(1)根据逐差法,利用△x=aT2,可得加速度a==m/s2=0.43m/s2,
根据牛顿第二定律,mgsinα﹣μmgcosα=ma,已知sinα=0.34,cosα=0.94,代入数据解得μ≈0.32。
故答案为:0.43;0.32。
3.【解答】(1)小球在水平方向做匀速直线运动,由图可知△x=5cm=0.05m,则水平分速度vx=,代入数据得vx=1.0m/s,
竖直方向做自由落体运动,可运用匀变速直线运动规律求解,匀变速直线运动中间时刻速度等于全过程平均速度,
若在A点时竖直分速度记为vy,则有△h=vy?2△t,其中△h=8.6cm+11.0cm=19.6cm=0.196m,解得:vy=2.0m/s。
(2)小球在竖直方向做匀加速直线运动,由△x=at2可知,重力加速度为:
a==9.7m/s2
故答案为:(1)1.0,2.0;(2)9.7
4.【解答】(1)钩码下降的高度h=50.00cm=0.5000m,每个钩码的质量m=50g=0.050kg,
轻细绳所悬挂钩码重力势能的减少量△Ep=4mgh=4×0.050×9.80×0.5000J=0.980J。
(2)由能量守恒定律得:△Ep=△Ek+△E,代入数据解得:△E=0.588J。
(3)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点,然后尽可能多的点过直线,不能过直线的点对称分布在直线两侧,根据坐标系内描出的点作出图象如图所示;
系统总机械能的减少量等于克服摩擦力做的功,则△E=μMgh=μghM,
△E﹣M图象的斜率k=μgh=m2/s2,
代入数据解得:μ≈0.408
故答案为:(1)0.980;(2)0.588;(3)图象如图所示;0.408。
5.【解答】(2)闭合开关,小灯泡闪亮一下后熄灭,灯丝被烧断,说明灯泡两端电压与通过灯泡的电流太大,灯泡实际功率太大;
A、电流表内阻很小,电流表短路不会使通过灯泡的电流过大,不会烧坏灯泡,故A错误;
B、如果滑动变阻器的滑片接触不良,灯泡所在分压电路断路,没有电流流过灯泡,灯泡不会被烧坏,故B错误;
C、如果滑动变阻器滑片的初始位置在b端,分压电路两端电压等于路端电压,分压电路电压太大,导致流过灯泡的电流太大,灯泡实际功率太大,灯泡被烧坏,故C正确。
故选:C。
(3)由图3所示图象可知,灯泡两端电压U=2V,通过灯泡的电流I=74mA=0.074A,
由欧姆定律可知,此时灯泡电阻R=Ω≈27.0Ω;
故答案为:(2)C;(3)27.0。
6.【解答】(1)由表中实验数据可知:△L3=L3+3﹣L3=(18.09﹣12.05)cm=6.04cm
弹簧压缩量的平均值==cm=6.05cm
(2)与表中实验数据可知,上述是管中增加3个钢球时产生的弹簧平均压缩量。
(3)单个钢球的质量m=200g=0.200kg,弹簧压缩量的平均值=6.05cm=0.0605m
根据胡克定律与平衡条件得:k=3mgsin30°,
代入数据解得,弹簧的劲度系数:k=48.6N/m
故答案为:(1)6.04;6.05;(2)3;(3)48.6。
7.【解答】(1)灯泡额定电压UL额=2.5V,额定电流IL额=0.3A,灯泡两端电压等于额定电压且滑动变阻器滑片移动到b端时,定值电阻两端电压U0=E﹣UL额=(6﹣2.5)V=3.5V,定值电阻最大阻值约为R=Ω≈11.67Ω,为了描绘小灯泡电流在0﹣300mA的U﹣I曲线,R0应选取阻值为10Ω的定值电阻;
(2)由图(a)所示电路图可知,滑动变阻器采用分压接法,为保护电路,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于变阻器的a端。
(3)根据图(b)所示坐标系内描出的点作出图象如图所示:
由图示图象可知,当流过电流表的电流为I=10mA=0.010A时,灯泡两端电压U=8mV=0.008V,
由欧姆定律可知,此时灯泡电阻R=Ω=0.8Ω
(4)由题意可知,电压表量程Ug=300mV,内阻Rg=300Ω
把电压表改装成U=3V的电压表需要串联电阻阻值R串=﹣Rg=﹣Rg=Ω﹣300Ω=2700Ω,因此应将R2的阻值调整为2700Ω。
(5)U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于灯泡电阻,由图(b)所示图象可知,随着流过小灯泡电流的增加,图线上的点与坐标原点连线的斜率增大,则灯丝的电阻增大。
(6)电压表量程是300mV,改装后电压表量程是3V,改装后电压表量程扩大了10倍;
由表中实验数据可知,流过灯泡的电流I1=160mA=0.160A时,
灯泡两端电压UL1=10U1=10×46.0mV=460mV=0.460V,
此时小灯泡电功率W1=UL1I1=0.460×0.160W≈0.074W;
当流过电流表的电流为I2=300mA=0.300A时,
灯泡两端的电压UL2=10U2=10×250.0mV=2500mV=2.500V,
此时小灯泡电功率W2=UL2I2=2.500×0.300W=0.75W;
则=≈10。
故答案为:(1)10;(2)a;(3)0.8;(4)2700;(5)增大;(6)0.074;10。
8.【解答】(1)为保护电压表,电阻箱接大电阻,故选:15.0Ω;
(3)根据图(a)所示电路:E=U+I(r+R),其中干路电流I=+,化简得:=++;
(5)由以上分析可知,如图(b)所示的直线斜率k==,将点(15,1.18)代入:=++,解析:1.18=++,其中Rv=380.0Ω;定值电阻R0=20.0Ω
联立解得:E=1.55V,r=1.0Ω
(6)若将图(a)中的电压表当成理想电表,则E′=U+I(r+R)=U+(r+R)
由此产生的误差为||×100%=×100%
解得:由此产生的误差为||×100%=5%
故答案为:(1)15.0;(3)++;(5)1.55,1.0;(6)5.
9.【解答】(2)由图(a)所示电路图可知,电阻丝串联接入电路,为保护电路,开关闭合前,金属夹应夹在电阻丝的b端。
(4)由图(a)所示电路图,根据闭合电路的欧姆定律得:E=I(r+R0+θr0+RA)
整理得:=θ+,
由图(b)所示﹣θ图象可知,图线的斜率k=,纵轴截距d=,
解得,电池电动势E=,电池内阻r=﹣R0﹣RA;
(5)可以用等效法测单位角度对应电阻丝的阻值r0,电池、电流表、单刀双掷开关、电阻丝、定值电阻组成实验电路如图所示;
先把单刀双掷开关接1,读出电流表示数I,然后把单刀双掷开关接2,改变金属夹的位置直到电流表示数为I,读出此时金属丝接入电路对应的角度θ;
由闭合电路的欧姆定律得:I=,I=,解得,金属丝接入电路的阻值:R=R0,单位角度对应电阻丝的阻值r0=;
故答案为:(2)b;(4);﹣R0﹣RA;(5)实验电路图如图所示。
10.【解答】(1)游标卡尺的精度为0.1mm,游标卡尺的示数为主尺与游标尺的示数之和,所以h=10mm+2×0.1mm=10.2mm=1.02cm;
(2)由表中的数据在坐标系中先描点,再过这些点画一条直线,如图所示。
根据实验过程知,在已经调水平后,放n个垫块的加速度a=gsinθ==,结合绘制的a﹣n图象可求得图角的斜率k==0.0862m/s2,那么当n=4时,a4=4k=4×0.0862m/s2=0.345m/s2。
故答案为:(1)1.02;(2)如上图、0.345
11.【解答】(1)A、题中需要将盘和砝码的重力可当作牵引力,所以首先需要补偿小车受到阻力的影响,即抬高长木板右端,小车在不接盘和砝码的情况下,轻推小车,使小车做匀速直线运动,说明小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力等大反向,故A正确;
D、挂上盘与砝码,根据牛顿第二定律:m'g﹣T=m'a
对小车m,根据牛顿第二定律:T=ma
两式相比解得绳子拉力:T==
当满足盘和砝码的总质量远小于小车的质量,即T=m'g,盘和砝码的重力可当作牵引力,故D正确;
B、实验过程中摩擦阻力无法消除,本实验装置无法验证“机械能守恒定律”,故B错误;
C、细线与长木板平行需要平行,保证绳子的拉力与小车运动方向一致,这样盘和砝码的重力可完全当作牵引力,故C正确。
故选:ACD。
(2)车做匀加速直线运动,位移逐渐增大,打出的点迹间距逐渐增大,纸带I后面的点迹间距保持不变,所以实验打出的纸带是第II条。
(3)根据动能定理可知:W=,图象的斜率为,据W﹣v2图象求出小车的质量。
故答案为:(1)ACD;(2)Ⅱ;(3)能。
12.【解答】光路图如图所示:
根据折射定律可知:n=
答:光路图及入射角i和折射角r的标注如上图所示;折射率n的计算式为n=。
13.【解答】①根据闭合电路欧姆定律:E=U+Ir可得U=E﹣Ir,可知电源的U﹣I图线为直线;
将题干中得图线延长与横纵轴分别相交,如图
可知图象与纵轴交点即为电动势,即E=1.46V
图象斜率的绝对值为电源内阻,即:r==Ω≈0.64Ω
②电流表量程太小,可以通过并联电阻箱改装电流表,扩大电流表的量程,改装为大量程的电流表来测量电流,电路图如图
根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir可以绘制U﹣I图象求解电动势和内阻。
故答案为:①1.46(1.45~1.47均可);0.64Ω(0.63~0.67均可);
②如图
三.计算题(共1小题)
14.【解答】(i)如右图(a)所示,由几何知识可得:
入射角的正切值tani=,所以入射角的正弦值sini=
折射角的正切值tani=,所以折射角的正弦值sinr=
玻璃砖的折射率n=
(ii)如右图(b)所示,由折射率公式可得:
,其中入射角α=45°
解得折射角的正弦值,则折射角β=30°
由题意可知:折射光线出玻璃砖下表面时,折射光线与法线的夹角为临界角C,
据sinC==可得:临界角C=45°
由几何知识可得玻璃砖上下表面的夹角θ=180°﹣90°﹣(β+C)=90°﹣(30°+45°)=15°
答:(ⅰ)玻璃砖的折射率为;
(ⅱ)玻璃砖上下表面的夹角15°.
四.解答题(共1小题)
15.【解答】(1)选择适当倍率的欧姆挡,将两表笔短接,调节欧姆调零旋钮,使指针指向右边“0Ω”处;
欧姆表表盘右侧刻度值小,左侧刻度值大,测量时观察到热敏电阻温度越高,相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大,
说明此时热敏电阻阻值越小,由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而减小。
(2)①由图示电路图可知,滑动变阻器采用限流接法,为保护电路,闭合开关S前,将滑动变阻器R1的滑片滑到b端。
②设电压表示数为U,电流表示数为I,设电流表内阻为RA,根据实验步骤,由串联电路特点与欧姆定律得:RA+R01=,RA+R02+RT=,
解得:R01>R02,RT=R01﹣R02
故答案为:(1)短接;减小;(2)①b;②大于;R01﹣R02。

展开更多......

收起↑

资源预览