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2020年中考数学冲刺难点突破二次函数问题专题三二次函数中的相似三角形综合问题1、如图,抛物线y=ax2+bx+c与x轴的交点分别为A(﹣6,0)和点B(4,0),与y轴的交点为C(0,3).(1)求抛物线的解析式;(2)点P是线段OA上一动点(不与点A重合),过P作平行于y轴的直线与AC交于点Q,点D、M在线段AB上,点N在线段AC上.①是否同时存在点D和点P,使得△APQ和△CDO全等,若存在,求点D的坐标,若不存在,请说明理由;②若∠DCB=∠CDB,CD是MN的垂直平分线,求点M的坐标.【答案】(1)y=﹣x2﹣x+3;(2)①点D坐标为(﹣,0);②点M(,0).【分析】(1)应用待定系数法问题可解;(2)①通过分类讨论研究△APQ和△CDO全等②由已知求点D坐标,证明DN∥BC,从而得到DN为中线,问题可解【解析】(1)将点(-6,0),C(0,3),B(4,0)代入y=ax2+bx+c,得,解得:,∴抛物线解析式为:y=-x2-x+3;(2)①存在点D,使得△APQ和△CDO全等,当D在线段OA上,∠QAP=∠DCO,AP=OC=3时,△APQ和△CDO全等,∴tan∠QAP=tan∠DCO,,∴,∴OD=,∴点D坐标为(-,0).由对称性,当点D坐标为(,0)时,由点B坐标为(4,0),此时点D(,0)在线段OB上满足条件.②∵OC=3,OB=4,∴BC=5,∵∠DCB=∠CDB,∴BD=BC=5,∴OD=BD-OB=1,则点D坐标为(-1,0)且AD=BD=5,连DN,CM,则DN=DM,∠NDC=∠MDC,∴∠NDC=∠DCB,∴DN∥BC,∴,则点N为AC中点.∴DN时△ABC的中位线,∵DN=DM=BC=,∴OM=DM-OD=∴点M(,0)【点评】本题是二次函数综合题,考查了二次函数待定系数法、三角形全等的判定、锐角三角形函数的相关知识.解答时,注意数形结合2、如图,已知二次函数的图象与轴交于点、,与轴交于点,直线交二次函数图象的对称轴于点,若点C为的中点.(1)求的值;(2)若二次函数图象上有一点,使得,求点的坐标;(3)对于(2)中的点,在二次函数图象上是否存在点,使得∽?若存在,求出点的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1);(2)或;(3)不存在,理由见解析.【思路引导】(1)设对称轴与轴交于点,如图1,易求出抛物线的对称轴,可得OE的长,然后根据平行线分线段成比例定理可得OA的长,进而可得点A的坐标,再把点A的坐标代入抛物线解析式即可求出m的值;(2)设点Q的横坐标为n,当点在轴上方时,过点Q作QH⊥x轴于点H,利用可得关于n的方程,解方程即可求出n的值,进而可得点Q坐标;当点在轴下方时,注意到,所以点与点关于直线对称,由此可得点Q坐标;(3)当点为x轴上方的点时,若存在点P,可先求出直线BQ的解析式,由BP⊥BQ可求得直线BP的解析式,然后联立直线BP和抛物线的解析式即可求出点P的坐标,再计算此时两个三角形的两组对应边是否成比例即可判断点P是否满足条件;当点Q取另外一种情况的坐标时,再按照同样的方法计算判断即可.【解析】解:(1)设抛物线的对称轴与轴交于点,如图1,∴轴,∴,∵抛物线的对称轴是直线,∴OE=1,∴,∴∴将点代入函数表达式得:,∴;(2)设,①点在轴上方时,,如图2,过点Q作QH⊥x轴于点H,∵,∴,解得:或(舍),∴;②点在轴下方时,∵OA=1,OC=3,∴,∵,∴点与点关于直线对称,∴;(3)①当点为时,若存在点P,使∽,则∠PBQ=∠COA=90°,由B(3,0)、Q可得,直线BQ的解析式为:,所以直线PB的解析式为:,联立方程组:,解得:,,∴,∵,,∴,∴不存在;②当点为时,如图4,由B(3,0)、Q可得,直线BQ的解析式为:,所以直线PB的解析式为:,联立方程组:,解得:,,∴,∵,,∴,∴不存在.综上所述,不存在满足条件的点,使∽.【方法总结】本题考查了平行线分线段成比例定理、二次函数图象上点的坐标特征、一元二次方程的解法、相似三角形的判定和性质、锐角三角函数和两个函数的交点等知识,综合性强、具有相当的难度,熟练掌握上述知识、灵活应用分类和数形结合的数学思想是解题的关键.3、在平面直角坐标系中,已知抛物线L:经过点A(-3,0)和点B(0,-6),L关于原点O对称的抛物线为.(1)求抛物线L的表达式;(2)点P在抛物线上,且位于第一象限,过点P作PD⊥y轴,垂足为D.若△POD与△AOB相似,求符合条件的点P的坐标.【答案】(1)y=-x2-5x-6;(2)符合条件的点P的坐标为(1,2)或(6,12)或(,)或(4,2)。【思路引导】(1)利用待定系数法进行求解即可得;(2)由关于原点对称的点的坐标特征可知点A(-3,0)、B(0,-6)在L′上的对应点分别为A′(3,0)、B′(0,6),利用待定系数法求得抛物线L′的表达式为y=x2-5x+6,设P(m,m2-5m+6)(m>0),根据PD⊥y轴,可得点D的坐标为(0,m2-5m+6),可得PD=m,OD=m2-5m+6,再由Rt△POD与Rt△AOB相似,分Rt△PDO∽Rt△AOB或Rt△ODP∽Rt△AOB两种情况,根据相似三角形的性质分别进行求解即可得.【解析】(1)由题意,得,解得:,∴L:y=-x2-5x-6;(2)∵抛物线L关于原点O对称的抛物线为,∴点A(-3,0)、B(0,-6)在L′上的对应点分别为A′(3,0)、B′(0,6),∴设抛物线L′的表达式y=x2+bx+6,将A′(3,0)代入y=x2+bx+6,得b=-5,∴抛物线L′的表达式为y=x2-5x+6,∵A(-3,0),B(0,-6),∴AO=3,OB=6,设P(m,m2-5m+6)(m>0),∵PD⊥y轴,∴点D的坐标为(0,m2-5m+6),∵PD=m,OD=m2-5m+6,∵Rt△PDO与Rt△AOB相似,∴有Rt△PDO∽Rt△AOB或Rt△ODP∽Rt△AOB两种情况,①当Rt△PDO∽Rt△AOB时,则,即,解得m1=1,m2=6,∴P1(1,2),P2(6,12);②当Rt△ODP∽Rt△AOB时,则,即,解得m3=,m4=4,∴P3(,),P4(4,2),∵P1、P2、P3、P4均在第一象限,∴符合条件的点P的坐标为(1,2)或(6,12)或(,)或(4,2).【方法总结】本题考查的是二次函数综合题,涉及了待定系数法、关于原点对称的抛物线的特点、相似三角形的判定与性质等,综合性较强,难度较大,正确把握和灵活运用相关知识是解题的关键.4、如图,抛物线(a≠0)交x轴于A、B两点,A点坐标为(3,0),与y轴交于点C(0,4),以OC、OA为边作矩形OADC交抛物线于点G.(1)求抛物线的解析式;(2)抛物线的对称轴l在边OA(不包括O、A两点)上平行移动,分别交x轴于点E,交CD于点F,交AC于点M,交抛物线于点P,若点M的横坐标为m,请用含m的代数式表示PM的长;(3)在(2)的条件下,连结PC,则在CD上方的抛物线部分是否存在这样的点P,使得以P、C、F为顶点的三角形和△AEM相似?若存在,求出此时m的值,并直接判断△PCM的形状;若不存在,请说明理由.【答案】(1)抛物线的解析式为;(2)PM=(0<m<3);(3)存在这样的点P使△PFC与△AEM相似.此时m的值为或1,△PCM为直角三角形或等腰三角形.【解析】解:(1)∵抛物线(a≠0)经过点A(3,0),点C(0,4),∴,解得.∴抛物线的解析式为.(2)设直线AC的解析式为y=kx+b,∵A(3,0),点C(0,4),∴,解得.∴直线AC的解析式为.∵点M的横坐标为m,点M在AC上,∴M点的坐标为(m,).∵点P的横坐标为m,点P在抛物线上,∴点P的坐标为(m,).∴PM=PE-ME=()-()=.∴PM=(0<m<3).(3)在(2)的条件下,连接PC,在CD上方的抛物线部分存在这样的点P,使得以P、C、F为顶点的三角形和△AEM相似.理由如下:由题意,可得AE=3﹣m,EM=,CF=m,PF==,若以P、C、F为顶点的三角形和△AEM相似,分两种情况:①若△PFC∽△AEM,则PF:AE=FC:EM,即():(3-m)=m:(),∵m≠0且m≠3,∴m=.∵△PFC∽△AEM,∴∠PCF=∠AME.∵∠AME=∠CMF,∴∠PCF=∠CMF.在直角△CMF中,∵∠CMF+∠MCF=90°,∴∠PCF+∠MCF=90°,即∠PCM=90°.∴△PCM为直角三角形.②若△CFP∽△AEM,则CF:AE=PF:EM,即m:(3-m)=():(),∵m≠0且m≠3,∴m=1.∵△CFP∽△AEM,∴∠CPF=∠AME.∵∠AME=∠CMF,∴∠CPF=∠CMF.∴CP=CM.∴△PCM为等腰三角形.综上所述,存在这样的点P使△PFC与△AEM相似.此时m的值为或1,△PCM为直角三角形或等腰三角形.5、如图,已知抛物线经过原点O,顶点为A(1,1),且与直线y=x﹣2交于B,C两点.⑴求抛物线的解析式及点C的坐标;⑵求证:△ABC是直角三角形;⑶若点N为x轴上的一个动点,过点N作MN⊥x轴与抛物线交于点M,则是否存在以O,M,N为顶点的三角形与△ABC相似?若存在,请求出点N的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1)y=﹣x2+2x;C(-1,-3);(2)证明过程略;(3)(,0)或(,0)或(﹣1,0)或(5,0).【解析】解:(1)∵顶点坐标为(1,1),∴设抛物线解析式为y=a(x-1)2+1,又抛物线过原点,∴0=a(0-1)2+1,解得a=-1,∴抛物线解析式为y=-(x-1)2+1,即y=-x2+2x,联立抛物线和直线解析式可得,解得或,∴B(2,0),C(-1,-3);(2)如图,分别过A、C两点作x轴的垂线,交x轴于点D、E两点,则AD=OD=BD=1,BE=OB+OE=2+1=3,EC=3,∴∠ABO=∠CBO=45°,即∠ABC=90°,∴△ABC是直角三角形;(3)假设存在满足条件的点N,设N(x,0),则M(x,-x2+2x),∴ON=|x|,MN=|-x2+2x|,由(2)在Rt△ABD和Rt△CEB中,可分别求得AB=,BC=3,∵MN⊥x轴于点N∴∠ABC=∠MNO=90°,∴当△ABC和△MNO相似时有或,当时,则有,即|x||-x+2|=|x|,∵当x=0时M、O、N不能构成三角形,∴x≠0,∴|-x+2|=,即-x+2=±,解得x=或x=,此时N点坐标为(,0)或(,0);②当时,则有,即|x||-x+2|=3|x|,∴|-x+2|=3,即-x+2=±3,解得x=5或x=-1,此时N点坐标为(-1,0)或(5,0),综上可知存在满足条件的N点,其坐标为(,0)或(,0)或(-1,0)或(5,0).6、如图,已知:在矩形ABCD中,AB=2,BC=4,P是对角线BD上的一个动点,作PF⊥BD于P,交边BC于点F(点F与点B、C都不重合),E是射线FC上一动点,连接PE、ED,并一直保持∠EPF=∠FBP,设B、P两点的距离为x,△DEP的面积为y(1)求出tan∠PBF;(2)求y关于x的函数解析式,并写出自变量的取值范围(3)当△DEP与△BCD相似时,求△DEP的面积【答案】(1);(2);(3)当∠DEP=90°时,面积为;当∠PDE=90°时,面积为【解析】(1)∵四边形ABCD是矩形,又即又,即如图,作垂足为H,则又设则,,又由勾股定理得:=又当△DEP与△BCD相似时,只有两种情况:∠DEP=∠C=90°或∠EDP=∠C=90°①当∠DEP=90°,∵∠DPE+∠PDE=90°即∠PDE=∠CBD∴BE=DE设CE=a,则BE=DE=4-a在Rt△DEC中,勾股定理得解之则,又∵△BCD的面积=4②当∠EDP=90°,如图2,7、如图,已知抛物线=与轴交于、两点,与轴交于点,且=.(1)求抛物线的函数表达式;(2)若点是线段上的一个动点(不与、重合),分别以、为一边,在直线的同侧作等边三角形和,求的最大面积,并写出此时点的坐标;(3)如图,若抛物线的对称轴与轴交于点,是抛物线上位于对称轴右侧的一个动点,直线与轴交于点.是否存在点,使与相似?若存在,请求出点的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1);(2),(1,0);(3)存在,、、或【解析】解:(1)令=得,=,∴,∴==,∴,代入抛物线表达式得:=,解得,∴抛物线的函数表达式为,(2)如图,过点作轴于,过点作轴于,由抛物线得:,设,的面积为,则,,,,∴=,S,∵,∴当=时,有最大值是,∴的最大面积是,此时点的坐标是,(3)存在点,使得与相似.有两种可能情况:①;②,由抛物线得:,对称轴为直线=,∴=,=,=,①若,则,∴,解得=,∴点的坐标是或,若点的坐标是,则直线为:=,解方程组,得:,(不合题意,舍去),此时满足条件的点的坐标为,若点的坐标是,同理可求得满足条件的点的坐标为,②若,同理也可求得满足条件的点的坐标为,满足条件的点的坐标为,综上所述,存在满足条件的点,点的坐标为:、、或.8、已知抛物线y=ax2+bx+c,其中2a=b>0>c,且a+b+c=0.(1)直接写出关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0的一个根;(2)证明:抛物线y=ax2+bx+c的顶点A在第三象限;(3)直线y=x+m与x,y轴分别相交于B,C两点,与抛物线y=ax2+bx+c相交于A,D两点.设抛物线y=ax2+bx+c的对称轴与x轴相交于E,如果在对称轴左侧的抛物线上存在点F,使得△ADF与△BOC相似,并且S△ADF=S△ADE,求此时抛物线的表达式.【解析】(1)利用抛物线的对称轴、对称性及二次函数与方程的关系数形结合得出二次方程的根;(2)确定抛物线的顶点位置一可借助数形结合,二可借助顶点坐标的正负性;(3)借助一次函数与二次函数的关系确定与求解相关点的坐标,将坐标转化为相应的线段长,进而借助题意中的相似及面积关系等构建方程求解未知系数的值.解:(1)ax2+bx+c=0的一个根为1(或者-3);(2)证明:∵b=2a,∴对称轴x为=-=-1,将b=2a代入a+b+c=0,得c=-3a.∵a=b>0>c,∴b2-4ac>0,∴<0,∴顶点A在第三象限;(3)∵b=2a,c=-3a,∴x==,∴x1=-3,x2=1,∴函数表达式为y=ax2+2ax-3a,∵直线y=x+m与x轴、y轴分别相交于B,C,两点,则OB=OC=|m|,∴△BOC是以∠BOC为直角的等腰直角三角形,这时直线y=x+m与对称轴x=-1的夹角∠BAE=45°.又∵点F在对称轴左侧的抛物线上,则∠BAE>45°,这时△BOC与△ADF相似,顶点A只可能对应△BOC中的直角顶点O,即△ADF是以A为直角顶点的等腰直角三角形,且对称轴是x=-1,设对称轴x=-1与OF交于点G,∵直线y=x+m过顶点A,∴m=1-4a,∴直线表达式为y=x+1-4a,解方程组解得这里的(-1,4a)即为顶点A,点即为点D的坐标,D点到对称轴x=-1的距离为-1-(-1)=,AE=|-4a|=4a,S△ADE=××4a=2,即它的面积为定值.这时等腰直角三角形ADF的面积为1,∴底边DF=2,而x=-1是它的对称轴,这时D,C重合且在y轴上,由-1=0,∴a=1,此时抛物线的表达式y=x2+2x-38、如图所示,在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=x2+bx+c与y轴交于点C,与x轴交于A,B两点,点B的坐标为(3,0),直线y=-x+3恰好经过B,C两点.(1)写出点C的坐标;(2)求出抛物线y=x2+bx+c的表达式,并写出抛物线的对称轴和点A的坐标;(3)点P在抛物线的对称轴上,抛物线顶点为D且∠APD=∠ACB,求点P的坐标.【解析】(1)由直线y=-x+3可求出点C坐标;(2)由B,C两点坐标便可求出抛物线方程,从而求出抛物线的对称轴和A点坐标;(3)作辅助线AE,由三角形的两个角相等,证明△AEC∽△AFP,根据两边成比例,便可求出PF的长度,从而求出P点坐标.解:(1)y=-x+3与y轴交于点C,故C(0,3);(2)∵抛物线y=x2+bx+c过点B,C,∴解得∴抛物线的表达式为y=x2-4x+3=(x-1)(x-3),∴对称轴为直线x=2,点A(1,0);(3)由y=x2-4x+3,可得D(2,-1),A(1,0);∴OB=3,OC=3,OA=1,AB=2,可得△OBC是等腰直角三角形,∴∠OBC=45°,CB=3.如答图,设抛物线对称轴与x轴交于点F,∴AF=AB=1.过点A作AE⊥BC于点E.∴∠AEB=90°.可得BE=AE=,CE=2.在△AEC与△AFP中,∠AEC=∠AFP=90°,∵∠ACE=∠APF,∴△AEC∽△AFP.∴=,=,解得PF=2.∵点P在抛物线的对称轴上,∴点P的坐标为(2,2)或(2,-2).9、如图所示,若关于x的二次函数y=ax2+bx+c(a>0,c>0,a,b,c是常数)与x轴交于两个不同的点A(x1,0),B(x2,0)(0<x1<x2),与y轴交于点P,其图象顶点为M,点O为坐标原点.(1)当x1=c=2,a=时,求x2与b的值;(2)当x1=2c时,试问△ABM能否等边三角形?判断并证明你的结论;(3)当x1=mc(m>0)时,记△MAB,△PAB的面积分别为S1,S2,若△BPO∽△PAO,且S1=S2,求m的值.解:(1)设ax2+bx+c=0的两根为x1,x2,把a=,c=2代入,得x2+bx+2=0,∵x1=2是它的一个根,∴×22+2b+2=0,解得b=-,∴方程为x2-x+2=0,∴另一个根为x2=3;(2)当x1=2c时,x2==,此时b=-a(x1+x2)=-,4ac=-2b-1,∵M,当△ABM为等边三角形时=AB,即=,∴b2+2b+1=(1+2b+1),解得b1=-1,b2=2-1(舍去),此时4ac=-2b-1,即2c=,A,B重合,∴△ABM不可能为等边三角形;(3)∵△BPO∽△PAO,∴=,即x1x2=c2=,∴ac=1,a=,由S1=S2得c==-c,∴b2=4a·2c=8ac=8,∴b1=-2,b2=2(舍去),方程可变形为x2-2x+c=0,∴x1===(-1)c,x2==(+1)c,∵x1<x2,x1=mc,∴mc=(-1)c,∴m=-1.10、如图所示,抛物线y=ax2+bx+c经过?ABCD的顶点A(0,3),B(-1,0),D(2,3),抛物线与x轴的另一交点为E.经过点E的直线l将?ABCD分割为面积相等的两部分,与抛物线交于另一点F.点P为直线l上方抛物线上一动点,设点P的横坐标为t.(1)求抛物线的表达式;(2)当t为何值时,△PFE的面积最大?并求最大值的立方根;(3)是否存在点P使△PAE为直角三角形?若存在,求出t的值;若不存在,说明理由.原图 备用图【解析】(1)利用待定系数法列方程组求解抛物线的表达式;(2)由平行四边形的对称性可知直线l必过其对称中心,同时利用抛物线的对称性确定E点坐标,进而可求直线l的表达式,结合二次函数表达式确定点F的坐标.作PH⊥x轴,交l于点M,作FN⊥PH,列出PM关于t的表达式,最后利用三角形的面积得S△PFE关于t的表达式,利用二次函数的最值求得t值,从而使问题得以解决;(3)分两种情形讨论:①若∠P1AE=90°,作P1G⊥y轴,易得P1G=AG,由此构建一元二次方程求t的值;②若∠AP2E=90°,作P2K⊥x轴,AQ⊥P2K,则△P2KE∽△AQP2,由此利用对应边成比例构建一元二次方程求t的值.解:(1)将点A(0,3),B(-1,0),D(2,3)代入y=ax2+bx+c,结得得则抛物线表达式为y=-x2+2x+3;(2)∵直线l将?ABCD分割为面积相等的两部分,∴必过其对称中心.由点A,D知,抛物线对称轴为x=1,∴E(3,0),设直线l的表达式为y=kx+m,代入点和(3,0),得解得∴直线l的表达式为y=-x+.由解得xF=-.如答图①,作PH⊥x轴,交l于点M,作FN⊥PH.点P的纵坐标为yP=-t2+2t+3,点M的纵坐标为yM=-t+.∴PM=yP-yM=-t2+2t+3+t-=-t2+t+.则S△PFE=S△PFM+S△PEM=PM·FN+PM·EH=PM·(FN+EH)==-+×∴当t=时,△PFE的面积最大,最大值的立方根为=.(3)由图可知∠PEA≠90°.①若∠P1AE=90°,如答图②,作P1G⊥y轴,∵OA=OE,∴∠OAE=∠OEA=45°,∴∠P1AG=∠AP1G=45°,∴P1G=AG.∴t=-t2+2t+3-3,即-t2+t=0,解得t=1或0(舍去).②若∠AP2E=90°,作P2K⊥x轴,AQ⊥P2K,则△P2KE∽△AQP2,∴=,∴=,即t2-t-1=0,解得t=或<-(舍去).综上可知t=1或符合题意.11、如图所示,在平面直角坐标系中,直线y=x+2与x轴交于点A,与y轴交于点C.抛物线y=-x2+bx+c经过A,C两点,与x轴的另一交点为点B.(1)求抛物线的函数表达式;(2)点D为直线AC上方抛物线上一动点.①连结BC,CD.设直线BD交线段AC于点E,△CDE的面积为S1,△BCE的面积为S2,求的最大值;②过点D作DF⊥AC,垂足为点F,连结CD.是否存在点D,使得△CDF中的某个角恰好等于∠BAC的2倍?若存在,求点D的横坐标;若不存在,请说明理由.原图 备用图【解析】(1)先求出直线y=x+2与x轴交点A的坐标,与y轴交点B的坐标,再将点A,B的坐标代入抛物线的函数表达式即可求解;(2)①过点C作CH⊥BD交BD于点H,则CH是△CDE与△BCE的高线,所以=,分别过点D,B作DM∥y轴、BN⊥x轴,DM交AC于点M,BN交AC于点N,则=.由抛物线的函数表达式求出点B的坐标,进而可求出点N的坐标,得到BN的长;设D,表示出点M的坐标为,可得DM=-t2-2t,于是转化为关于t的二次函数,从而求得最大值;②分三种情形求解:(Ⅰ)∠DFC=2∠BAC;(Ⅱ)∠CDF=2∠BAC;(Ⅲ)∠FCD=2∠BAC.情形(Ⅰ)通过判断∠BAC的度数确定是否存在;情形(Ⅱ)可通过作∠BAC关于轴的对称图形构成出2∠BAC,再过点C作平行线求解;情形(Ⅲ)在x轴负半轴取点P,使CP=AP,构成出2∠BAC再求解.解:(1)在y=x+2中,当x=0时,y=2;当y=0时,x=-4.∴C(0,2),A(-4,0).代入y=-x2+bx+c,得解得b=-,c=2.∴抛物线的函数表达式为y=-x2-x+2.(2)如答图①,过点C作CH⊥BD于点H,则S1=DE·CH,S2=BE·CH.∴=.过点D作DM∥y轴,交AC于点M,过点B作BN⊥x轴交AC于点N,则DM∥BN.∴=.在y=-x2-x+2中,当y=0时,-x2-x+2=0,解得x=-4或1.∴B(1,0).当x=1时,y=x+2=.∴N,BN=.设D,则M.∴DM=-t2-t+2-=-t2-2t.∴==-(t+2)2+.∴当t=-2时,取最大值.②∵A(-4,0),B(1,0),C(0,2),∴OA=4,OB=1,OC=2.==,=.又∵∠AOC=∠BOC=90°,∴△AOC∽△COB.∴∠ACO=∠ABC.(Ⅰ)∵tan∠BAC==≠1,∴∠BAC≠45°.∴∠DFC≠2∠CAB.(Ⅱ)当∠DCF=2∠CAB时,如答图②,作点C关于x轴的对称点G,连结AG,则∠CAB=∠GAB,G(0,-2).∴∠CAG=2∠CAB.设直线AG的函数表达式为y=kx+d(k≠0).把A(-4,0),G(0,-2)代入,得解得k=-,d=-2.∴直线AG的函数表达式为y=-x-2.过点C作CD∥AG交第二象限内的抛物线于点D,则∠DCF=∠CAG=2∠CAB,且直线CD的函数表达式为y=-x+2.由-x+2=-x2-x+2,解得x1=0(舍去),x2=-2.∴点D的横坐标为-2.(Ⅲ)当∠CDF=2∠CAB时,如答图③,在x轴负半轴上取点P,使CP=AP.∴∠CAB=∠ACP,∴∠CPO=∠CAB+∠ACP=2∠CAB.设OP=m,则CP=AP=4-m.在Rt△OCP中,由勾股定理,得OP2+OC2=CP2.∴m2+22=(4-m)2.解得m=,即OP=.∴tan∠CDF=tan∠CPO==.∴=.过点F作QK∥x轴交y轴于点K,过点D作DQ∥y轴交QK于Q,则∠Q=∠FKC=90°,∠CFK+∠FCK=90°,=.∴=,即FK=2KC.∵DF⊥AC,∴∠CFK+∠DFQ=90°.∴∠FCK=∠DFQ.又∵∠Q=∠FKC,∴△FKC∽△DQF.∴===.设QF=3n,则KC=4n,FK=8n,DQ=6n,OK=2-4n.∴D(-11n,2+2n),代入y=-x2-x+2,得2+2n=-×(-11n)2-x(-11n)+2.解得n1=0(不合题意,舍去),n2=.∴-11n=-,即点D的横坐标为-.综上诉述,点D的横坐标为-2或-.12、如图,在平面直角坐标系中,已知抛物线y=ax2+bx-8与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,直线l经过坐标原点O,与抛物线的一个交点为D,与抛物线的对称轴交于点E,连接CE,已知点A,D的坐标分别为(-2,0),(6,-8).(1)求抛物线的解析式,并分别求出点B和点E的坐标;(2)试探究抛物线上是否存在点F,使△FOE≌△FCE.若存在,请直接写出点F的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1)y=x2-3x-8;(2)点F的坐标为(3+,-4)或(3-,-4).【思路引导】(1)根据待定系数法求出抛物线解析式即可求出点B坐标,求出直线OD解析式即可解决点E坐标.(2)抛物线上存在点F使得△FOE≌△FCE,此时点F纵坐标为-4,令y=-4即可解决问题.【解析】(1)∵抛物线y=ax2+bx-8经过点A(-2,0),D(6,-8),∴解得∴抛物线的函数表达式为y=x2?3x?8;∵y=x2?3x?8=(x?3)2?,∴抛物线的对称轴为直线x=3.又抛物线与x轴交于A,B两点,点A的坐标为(-2,0).∴点B的坐标为(8,0),设直线L的函数表达式为y=kx.∵点D(6,-8)在直线L上,∴6k=-8,解得k=-,∴直线L的函数表达式为y=-x,∵点E为直线L和抛物线对称轴的交点,∴点E的横坐标为3,纵坐标为-×3=-4,∴点E的坐标为(3,-4);(2)抛物线上存在点F,使△FOE≌△FCE.∵OE=CE=5,∴FO=FC,∴点F在OC的垂直平分线上,此时点F的纵坐标为-4,∴x2-3x-8=-4,解得x=3±,∴点F的坐标为(3-,-4)或(3+,-4).【方法总结】本题考查二次函数综合题、一次函数的性质、待定系数法,等腰三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会分类讨论,不能漏解,学会用方程的思想思考问题,属于中考压轴题2020年中考数学冲刺难点突破二次函数问题专题三二次函数中的相似三角形综合问题1、如图,抛物线y=ax2+bx+c与x轴的交点分别为A(﹣6,0)和点B(4,0),与y轴的交点为C(0,3).(1)求抛物线的解析式;(2)点P是线段OA上一动点(不与点A重合),过P作平行于y轴的直线与AC交于点Q,点D、M在线段AB上,点N在线段AC上.①是否同时存在点D和点P,使得△APQ和△CDO全等,若存在,求点D的坐标,若不存在,请说明理由;②若∠DCB=∠CDB,CD是MN的垂直平分线,求点M的坐标.2、如图,已知二次函数的图象与轴交于点、,与轴交于点,直线交二次函数图象的对称轴于点,若点C为的中点.(1)求的值;(2)若二次函数图象上有一点,使得,求点的坐标;(3)对于(2)中的点,在二次函数图象上是否存在点,使得∽?若存在,求出点的坐标;若不存在,请说明理由.3、在平面直角坐标系中,已知抛物线L:经过点A(-3,0)和点B(0,-6),L关于原点O对称的抛物线为.(1)求抛物线L的表达式;(2)点P在抛物线上,且位于第一象限,过点P作PD⊥y轴,垂足为D.若△POD与△AOB相似,求符合条件的点P的坐标.4、如图,抛物线(a≠0)交x轴于A、B两点,A点坐标为(3,0),与y轴交于点C(0,4),以OC、OA为边作矩形OADC交抛物线于点G.(1)求抛物线的解析式;(2)抛物线的对称轴l在边OA(不包括O、A两点)上平行移动,分别交x轴于点E,交CD于点F,交AC于点M,交抛物线于点P,若点M的横坐标为m,请用含m的代数式表示PM的长;(3)在(2)的条件下,连结PC,则在CD上方的抛物线部分是否存在这样的点P,使得以P、C、F为顶点的三角形和△AEM相似?若存在,求出此时m的值,并直接判断△PCM的形状;若不存在,请说明理由.5、如图,已知抛物线经过原点O,顶点为A(1,1),且与直线y=x﹣2交于B,C两点.⑴求抛物线的解析式及点C的坐标;⑵求证:△ABC是直角三角形;⑶若点N为x轴上的一个动点,过点N作MN⊥x轴与抛物线交于点M,则是否存在以O,M,N为顶点的三角形与△ABC相似?若存在,请求出点N的坐标;若不存在,请说明理由.6、如图,已知:在矩形ABCD中,AB=2,BC=4,P是对角线BD上的一个动点,作PF⊥BD于P,交边BC于点F(点F与点B、C都不重合),E是射线FC上一动点,连接PE、ED,并一直保持∠EPF=∠FBP,设B、P两点的距离为x,△DEP的面积为y(1)求出tan∠PBF;(2)求y关于x的函数解析式,并写出自变量的取值范围(3)当△DEP与△BCD相似时,求△DEP的面积7、如图,已知抛物线=与轴交于、两点,与轴交于点,且=.(1)求抛物线的函数表达式;(2)若点是线段上的一个动点(不与、重合),分别以、为一边,在直线的同侧作等边三角形和,求的最大面积,并写出此时点的坐标;(3)如图,若抛物线的对称轴与轴交于点,是抛物线上位于对称轴右侧的一个动点,直线与轴交于点.是否存在点,使与相似?若存在,请求出点的坐标;若不存在,请说明理由.8、已知抛物线y=ax2+bx+c,其中2a=b>0>c,且a+b+c=0.(1)直接写出关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0的一个根;(2)证明:抛物线y=ax2+bx+c的顶点A在第三象限;(3)直线y=x+m与x,y轴分别相交于B,C两点,与抛物线y=ax2+bx+c相交于A,D两点.设抛物线y=ax2+bx+c的对称轴与x轴相交于E,如果在对称轴左侧的抛物线上存在点F,使得△ADF与△BOC相似,并且S△ADF=S△ADE,求此时抛物线的表达式.8、如图所示,在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=x2+bx+c与y轴交于点C,与x轴交于A,B两点,点B的坐标为(3,0),直线y=-x+3恰好经过B,C两点.(1)写出点C的坐标;(2)求出抛物线y=x2+bx+c的表达式,并写出抛物线的对称轴和点A的坐标;(3)点P在抛物线的对称轴上,抛物线顶点为D且∠APD=∠ACB,求点P的坐标.9、如图所示,若关于x的二次函数y=ax2+bx+c(a>0,c>0,a,b,c是常数)与x轴交于两个不同的点A(x1,0),B(x2,0)(0<x1<x2),与y轴交于点P,其图象顶点为M,点O为坐标原点.(1)当x1=c=2,a=时,求x2与b的值;(2)当x1=2c时,试问△ABM能否等边三角形?判断并证明你的结论;(3)当x1=mc(m>0)时,记△MAB,△PAB的面积分别为S1,S2,若△BPO∽△PAO,且S1=S2,求m的值.10、如图所示,抛物线y=ax2+bx+c经过?ABCD的顶点A(0,3),B(-1,0),D(2,3),抛物线与x轴的另一交点为E.经过点E的直线l将?ABCD分割为面积相等的两部分,与抛物线交于另一点F.点P为直线l上方抛物线上一动点,设点P的横坐标为t.(1)求抛物线的表达式;(2)当t为何值时,△PFE的面积最大?并求最大值的立方根;(3)是否存在点P使△PAE为直角三角形?若存在,求出t的值;若不存在,说明理由.原图 备用图11、如图所示,在平面直角坐标系中,直线y=x+2与x轴交于点A,与y轴交于点C.抛物线y=-x2+bx+c经过A,C两点,与x轴的另一交点为点B.(1)求抛物线的函数表达式;(2)点D为直线AC上方抛物线上一动点.①连结BC,CD.设直线BD交线段AC于点E,△CDE的面积为S1,△BCE的面积为S2,求的最大值;②过点D作DF⊥AC,垂足为点F,连结CD.是否存在点D,使得△CDF中的某个角恰好等于∠BAC的2倍?若存在,求点D的横坐标;若不存在,请说明理由.原图 备用图12、如图,在平面直角坐标系中,已知抛物线y=ax2+bx-8与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,直线l经过坐标原点O,与抛物线的一个交点为D,与抛物线的对称轴交于点E,连接CE,已知点A,D的坐标分别为(-2,0),(6,-8).(1)求抛物线的解析式,并分别求出点B和点E的坐标;(2)试探究抛物线上是否存在点F,使△FOE≌△FCE.若存在,请直接写出点F的坐标;若不存在,请说明理由. 展开更多...... 收起↑ 资源列表 2020年中考数学冲刺难点突破二次函数问题-专题三二次函数中的相似三角形综合问题(原卷版).docx 2020年中考数学冲刺难点突破二次函数问题-专题三二次函数中的相似三角形综合问题(解析版).docx