高考数学二轮复习 导数双变量问题 学案(word版,含解析)

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高考数学二轮复习 导数双变量问题 学案(word版,含解析)

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导数双变量问题
题型一 不等式恒成立与有解问题
【例1】已知函数,,对任意的,都有成立,则实数的取值范围是______.
【解析】∵,∴,
令得,令得或,
∴在单调递减,在单调递增,在单调递减,
而,故,
对任意的,都有成立,只需即可,
∴,即在时恒成立,只需,
∴设,
∴,令,解得;令,解得.
∴在上单调递增,在上单调递减,

【答案】
【例2】设函数,函数,若对于,,使成立,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
【解析】若对于,,使成立,只需,∵,
∴,当时,,在上是减函数,
∴函数取得最小值.
∴只需,即有解即可,即,
设,
在上单调递减,∴

【答案】A
【例3】已知函数,,若对任意的,存在唯一的,使得,则实数的取值范围是(  )
A. B. C. D.
【解析】由,得,
∴在上单调递减,上单调递增,
∴,,即的值域为,
而,在单调递增,在单调递减,
若对任意的,存在唯一的,使得,则只能取,此时的值域为,∴
∴,解得.
【答案】B
【针对训练】1.已知函数,,若对任意的,存在,使,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
【解析】若对任意的,存在,使,只需,
由题可知, ,
当时,,单调递减;当时,,单调递增,
∴当时,取得最小值,,
∴只需,即有解,即,
设,
在上单调递减,∴

【答案】B
已知为自然对数的底数,若对任意的,总存在唯一的,使得成立,则实数的取值范围是___________.
【解析】令,
∴,当时,,单调递增,
∴的值域为

∴,当时,,单调递减;当时,,单调递增.,,.
∴若对任意的,存在唯一的,使得,则只能取的值域为.
∴,即,解得.
【答案】
题型二 构造函数
【例4】设函数,若对任意,恒成立,则m的取值范围为 .
【解析】对任意,等价于,即.
设,则式等价于在单调递减.
∴在上恒成立,即,
∴,当且仅当时等号成立
∴m的取值范围为
【答案】
【针对训练】3.己知函数.
(1)若,求函数的单调区间;
(2)设,若对任意,恒有,求的取值范围.
【解析】(1)当时,由已知得,
∴,令得,
∴当时,;当时,;
∴单调递增区间为,单调递减区间为;
(2),由得,∴在单调递减,
设,则对任意,恒有,等价于,即.
令,则,
只需在单调递减,即恒成立,即恒成立.
故设,
则,
∴当时,,为减函数;当时,,为增函数.
∴,
∴的取值范围为.
【例5】已知函数,,若,其中,则的最大值为( )
A. B. C. D.
【解析】由,得,
当时,,单调递减;当时,单调递增.
作函数的图象如下:
由图可知,当时,有唯一解,
又由题意得,,即,则,且.

设,,则,令,解得,
∴当时,,单调递增;当时,,单调递减.
∴,即的最大值为.
【答案】A
【例6】已知函数(为常数).
(1)讨论函数的单调区间;
(2)当时,设的两个极值点,求的最小值.
【解析】(1),
当时,由,在单调递增;
当时,由,在单调递增;
当时,由,解得;由,解得.
∴在单调递增;在上单调递减.
综上:当时,的单调递增区间为,单调递减区间为;
当时,的单调递增区间为,无单调递减区间.
(2),∴
由题意得为的两个解,即为的两个解
∴,即
设,由且,解得.
∴设,
∴,在上单调递减
∴,即的最小值为.
【例7】已知函数有两个相异零点.
(1)求的取值范围;
(2)求证:.
【解析】(1)由,得,
当时,,单调递减;当时,,单调递增;
有两个相异的零点,则,得.
当时,,,,
∴使得;使得,
综上:的取值范围为.
(2)由题意得,即.
又由(1)可知,,要证,只需证,
即证.
构造函数,则
∴在上单调递减,
∴.
∴,
又∵在上单调递增,
∴只需证,即证.
构造函数,,只需证在上单调递增,

∴要证在上恒成立,只需证,
构造函数,,则
∴在上单调递增,,
∴,在上单调递增,
∴,即成立.
【针对训练】4.已知函数,.
(1)当时,求在处的切线方程;
(2)若存在两个极值点,且,求的取值范围.
【解析】(1)由题意,,.
∴切线方程是,即.
(2)定义域是,,
∴由有两个极值点得在上有两个不等的实根.
∴,解得,且,
∴,
由得

令,,则,
∴在上单调递减,.
∴,即的取值范围为.
5.设函数.
(1)讨论函数的单调性;
(2)若且方程,在上有两个不相等的实数根,求证:.
【解析】(1)
当时,恒成立,在上单调递增,
当时,令得;令得,
∴在上单调递增,在上单调递减,
综上:当时,在上单调递增,
当时,在上单调递增,在上单调递减.
(2)方程即,在上有两个不等实根,不妨设,则,
得,
欲证,只需证,
∵,
∴,即,
即需证:,
整理得:,即证,
令,,设,则,
∴在上单调递增,.
∴,原命题得证.
6.已知函数.
(1)讨论在其定义域内的单调性;
(2)若,且,其中,求证:.
【解析】(1),,
当时,,则在区间上单调递增;
当时,,则在区间上单调递增;
当时,,,在区间上单调递增;
,,在区间上单调递减.
综上所述,当时,在区间上单调递增;当时,在区间上单调递增,在区间上单调递减.
(2)由(1)得:当时,在上单调递增,在上单调递减,且,,

要证,只需证,
∵,,当时,单调递增,
∴只需证明,即证.
设,,
则.
当时,,单调递增,.
∴,原命题得证.
【课时跟踪检测】
一.选择题(在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知函数满足,,使得成立,则实数的取值范围为( )
A. B.
C. D.
【解析】在定义域单调递增,
对于,,使得成立,
即对于,,使得成立,
即满足,
令,,则在上单调递增,.
令,,则,令,解得,当时.
∴当时,,单调递增,.
∴,即.
【答案】C
2.若方程存在两个不相等的实数根,则(  )
A. B. C. D.
【解析】是方程的两个不相等的实数根,
不妨设,则,
得,
令,,则,,∴.
∴,
令,,则,.
令,,则.
∴在上单调递增,.
∴在在上单调递增,.
∴,即.
【答案】B
3.已知函数,若关于的方程恰有两个不同实数根,则的最大值为( )
A.2 B. C. D.
【解析】根据题意,绘制的图像如下:
由图可知,方程有两个实根,等价于有两个实根,
不妨令,,由题意可得,即.
∴,.
设,.则,令,解得.
∴当时,单调递增;当时,单调递减.
∴,即的最大值为.
【答案】B
4.已知函数,,,若,,使得成立,则的最小值为( )
A. B. C. D.
【解析】,.
当时,,单调递减;当时,,单调递减.

,在上单调递增,在上单调递减,.
作函数与的图像如图所示,
当时,方程两根分别为和,
∴满足题意得的最小值为.
【答案】A
二.填空题
5.已知函数,若存在满足,则的取值范围为_____.
【解析】显然,,由题意可知,即,
∴,
由可得,即,则,
设,,
∴,在上单调递减,
又∵,,
∴,即的取值范围为.
【答案】
6.已知函数有两个极值点,则的取值范围为_________.
【解析】函数的定义域为,,
依题意,方程有两个不等的正根,
则,解得.
由韦达定理得,,
∴,
令,则,,
当时,,在上单调递减,则,
∴在上单调递减,.
∴的取值范围是.
【答案】
三.解答题(解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
7.已知函数,.
(Ⅰ)讨论函数的单调区间与极值;
(Ⅱ)若,对任意,总存在,使得不等式成立,试求实数的取值范围.
【解析】(Ⅰ),
当时,,在上单调递增,无极值.
当时,令,得.当时,则;当时,.
∴在上单调递增,在上单调递减,,无极小值.
综上,当时,的单调递增区间为,无单调递减区间,无极值;
当时,的单调递增区间为,单调递减区间为,极大值为,无极小值.
(Ⅱ)对任意,总存在,使得不等式成立,等价于在上的最小值大于在上的最小值恒成立.
设,.
,当时,,单调递增;当时,,单调递减.
又∵,

∴在时恒成立,即在时恒成立.
设,.则,.
∴在上单调递减,.

又∵
∴的取值范围为.
8.已知函数,为的导数.
(1)设函数,求的单调区间;
(2)若有两个极值点,
求实数的取值范围;
证明:当时,.
【解析】(1)依题意,的定义域为,且,
则.
当时,,在上单调递减;
当时,令得,
∴当时,,单调递减;当时,,单调递增.
综上,当时,的单调递减区间为,无递增区间;
当时,的单调递减区间为,单调递增区间为.
∵有两个极值点,∴有两个零点.
由(1)知,时,不符合题意;
当时,.
(i)当时,,没有零点,不符合题意;
(ii)当时,,只有一个零点,不符合题意;
(ⅲ)当时,.
,设,,则.
∴,即.
∴存在,使得.
又∵,
∴存在,使得.
的值变化情况如下表:
0 0
极大值 极小值
∴当时,有两个极值点.
综上,的取值范围是.
∵,,
∴.
∵是的两个零点,
∴.
∴,.
设,则,
∴在上单调递增.
又∵,
∴,即.
9.已知函数.
(1)讨论函数的单调性;
(2)若为函数的两个极值点,证明:.
【解析】(1),,令,.
当,即时,,在上单调递增;
当,即或时,
当时,,,在上单调递增;
当时,令,得,.
0 0
递增 极大值 递减 极小值 递增
综上:当时,在上单调递增;
当时,在和上单调递增,
在上单调递减.
(2)由(1)知时有两个极值点,且,.
不妨设,
则,
要证,即证,即,即.

由(1)知当时,在上单调递增,,则在上单调递减, ∴,原式得证.
10.已知函数在和时取极值,且.
(1)若,求的值;
(2)若,求的取值范围.
【解析】(1)∵,
∴,
∵在和时取极值,
∴,即是的两个不等实根,
∴ ,解得,经检验,符合题意.
(2)由(1)知,

∵是的两个不等实根,
∴,
∴,

设,
∵,∴,
又∵是的两个不等实根,
∴,解得,
由知, ,
∴在上单调递减,,.
∴,即的取值范围为.
11.已知函数.
(1)当时,求的单调递减区间;
(2)若对任意,总存在不相等的正实数,,恒有成立,求 的取值范围.
【解析】(1)由已知可得,函数的定义域为.
当时,令,所以原函数可化为,且.
①当时,因为在上单调递减,由于在上单调递增,故令,即,解得.
所以原函数在区间单调递减.
②当时,因为在上单调递减,由于在上单调递减,故原函数的不存在单调递减区间.
综上所述:原函数的单调递减区间为.
(2)解法一:由题意可知,由于,故
, 即,,
∵,,且,∴恒成立,
∴,因为,∴.
整理可得不等式,令 ()
∴,当且仅当时,取最大值,∴.
解法二:由于,令,∴,
,,且,∵,∴,
∴,
由于,所以上式不能取等号.即不等式,
令 ()
∴,当且仅当时,取最大值,∴.
12.已知函数(为常数).
(1)若是定义域上的单调函数,求的取值范围;
(2)若函数存在两个极值点,,且,求的范围.
【解析】(1)∵,
∴只要,即时恒成立,在定义域上单调递增.
(2)由(1)知有两个极值点则,
的二根为,
则,,

设,又,∴.
则,,
∴在递增,.
即的范围是.
13.已知函数.
(1)求曲线上一点处的切线的方程;
(2)设函数的两个极值点为,求的最小值.
【解析】对求导得:,故切线斜率为,
因此切线方程为,即,
故切线的方程为;
(2)函数,定义域为,

因为是函数的两个极值点,所以是方程的两不等正根,
则有,
∴,故,且有,


令,则,
,,
当时,单调递减,当时,单调递增,
所以,,所以,的最小值为.
14.设函数,,其中,.
(1)讨论函数的单调性;
(2)若且方程在,上有两个不相等的实数根,,求证.
【解析】(1)
1°若,即时,令,得或,
令,得.
在和上单调递增,在上单调递减
2°若,即时,恒成立在上单调递增
3°若,即时,
令得或,令得
在和上单调递增,在上单调递减
综上:时, 在上单调递减,和上单调递增
时, 在上单增
时,在上单减,在和上单增
(2)方程即
在上有两个不等实根和不妨设
则① ②
①-②得因为,由(1)知
在上单减, 上单增,即时,,时, 故若证,只需证
即证只需证因为,所以
即需证:整理得:
即证令,
显然在上单增.所以故得证
不等式的恒成立与有解问题,可按如下规则转化:
一般地,已知函数,,
(1)若,,总有成立,则;
(2)若,,总有成立,则;
(3)若,,有成立,故;
(4)若,,有,则的值域是值域的子集.
1、同型构造:对原不等式同解变形,根据相似结构构造辅助函数.
2、换元:通过将所有涉及的式子转化为关于(亦可)或等相同形式的式子,整体换元,将双变量问题转化为单变量的函数问题,借助新函数的单调性和值域完成问题的分析求解。或者通过的等量关系,用表示(用表示亦可),将双变量问题替换为(或)的单变量问题。
核心思路:双变量(三变量)问题转化为单变量函数问题。

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