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江西省重点中学盟校 2022 届高三第一次联考理综试卷
化学参考答案
7. B 8. C 9. D 10. A 11. B 12. D 13. C
26.（14分，除标注外，每空 2分）
（1） ① 三颈烧瓶（1分） 饱和 NaHCO3溶液
②平衡气压，避免容器内压强过大
（2） 水浴加热（1分）
Δ
2CaCN2+Ca(HS)2+6H2O 2CS(NH2)2+3Ca(OH)2
（3） ① FeCl3
取少量溶液于试管中，加入浓氢氧化钠溶液，加热，将湿润的红色石蕊试纸置
于试管口，试纸变蓝，证明有 NH4+
②5CS(NH2)2+14MnO 4 +32H+=14Mn2++5CO2↑+5N2↑+5SO
2
4 +26H2O
27.（14分，除标注外，每空 2分）
（1）95℃（1分）
（2）亚硒酸 （1分） 4ClO3-+ 4H++ Se = 4C1O2↑ + H2O + H2SeO3
（3) ①ClO2+ 4H++ 5e-= Cl-+2H2O ②0.345
（4） ①5.0×10-35 ②SeSO32-+ 2H+= Se↓ + SO2↑ + H2O
-x x
（5 10 (10 0.01)）
0.02 10 x
28. （15分，除标注外，每空 2分）
(1)+247.3
该反应熵变 S大于 0，焓变 H小于 0，高温下熵判据占主导地位，使得吉布斯自由
能 G小于 0，所以高温下是自发反应 （合理解释均可以）
(2) c＞b＞a
(3)① 15 1.95 ②
(4)32 使用更高效的催化剂（或增大催化剂比表面积）（1分）
35.（15分，除标注外，每空 2分）
(1)
(2)sp2、sp3(1分) Ni＜C＜O＜N
(3)D
(4) CO2(1分) 1：1(1分) CNO- N3- SCN-(合理即可）(1分)
880 3
(5)①LaNi5 ② ×10212 (3分)3a bNA
36.（15分，除标注外，每空 2分）
(1)C13H21NO3 加成反应
（2）保护酚羟基
（3）
+
+ H
（4）
（5）25
（6） （3分）十校联考生物试卷答案
1～6：C B B C D D
29．（除标注外每空 1 分，共 10 分）
（1）CO2 类胡萝卜素、叶绿素 吸收、传递和转化光能 无水乙醇
（2）叶绿素含量低，光反应产生的 NADPH 及 ATP 少（2分） 气孔导度大（2 分）
（3）高温下多酚氧化酶变性失活，抑制了褐变过程（2分）
30．（除标注外每空 1 分，共 9 分）
（1）②具有神经节（或①中突触的结构）
（2）能 外正内负
（3）抑制性突触 肌肉、某些腺体
（4）抑制剂（2 分） 抑制氨基丁酸转氨酶的活性，使 GABA 分解速率降低（2分）
31．（除标注外每空 1 分，共 8 分）
(1) 生产者固定的太阳能和饲料中含有的能量
(2) 土壤小动物身体微小且活动能力强 消费者、分解者
(3)次生 灌木较草本植物更高大，在竞争阳光中更有优势（2分）
(4) 调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定（2 分）
32.（每空 2 分，共 12 分）
（1）性指数 是否存在 Y染色体
R R r r
（2）X （或 X O） X X Y
（3）实验思路：选择初级例外白眼雌蝇与正常红眼雄蝇交配，统计后代的性状及比例；
预期结果：杂交后代中红眼雌蝇：红眼雄蝇：白眼雌蝇：白眼雄蝇=44：3：3：44。
37.（除标注外每空 2 分，共 15 分）
（1）消毒 高压蒸汽灭菌
（2）稀释涂布平板法 活菌
（3）检验培养基灭菌是否彻底
（4）在培养基中加入一定量的伊红美蓝，观察菌落的特征（3 分）
（5）因为病毒没有细胞结构,只能依赖活细胞才能生活（答案合理即可）
38. （除标注外每空 2 分，共 15 分）
（1）逆转录（酶） PCR
（2）NheⅠ和 BamHⅠ 防止 S 蛋白基因自身环化、防止 S 蛋白基因与运载体反向连接、
防止运载体自身环化 （答出 1 点即可）
（3）蛋白质 抗体
（4）无（1 分） 抗体的分泌量
1绝密★启用前
江西省重点中学盟校2022届高三第一次联考
理综试卷
注意事项：
1、本试卷分第I卷（选择题）和第【卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓
名、考生号填写在答题卡上。
2、回答第」卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。
3、回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。
4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H:1Li:7C:12O:16,Si:28Ni:59La:139
第I卷（选择题，共126分）
一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1下列关于组成细胞的物质和结构的叙述，正确的是
A酵母菌线粒体内膜凹陷折叠成嵴，有利于葡萄糖分解酶的附着
B.大肠杆菌的核膜土附着的核糖体也是“生产蛋白质的机器”
C细胞膜、细胞质和细胞核中均含有糖参与形成的化合物
D.细胞中运输氨基酸的物质都可被蛋白酶水解
2下列关于生物学实验或模型建构的叙述，正确的是
A探究土壤微生物的分解作用时，对照组应尽可能排除士壤微生物作用，应将士壤用塑料袋包好，放在
100℃恒温箱中1h灭菌
B.在“减数分裂模型的制作”活动中，若要模拟含3对同源染色体的细胞进行减数分裂，需要2种不同颜
色的橡皮泥
C,在“观察洋葱表皮细胞的质壁分离及复原”活动中，当细胞在清水中复原至体积不再变化时，细胞液浓
度和实验前相同
D.赫尔希和蔡斯用含5S的噬菌体侵染细菌证明了DNA是遗传物质
3.在探索除草剂二甲戊灵诱导大蒜(2=16)染色体数目加倍的实验中，研究者需要对大蒜细胞的增殖进行观
察。下列有关叙述错误的是
A染色体数目加倍时，染色体组数目也加倍
B.二甲戊灵可能通过干扰纺锤体的形成，导致着丝点不分裂
C,对染色体进行计数时，应对细胞分裂装片进行观察，先找到处于中期的清晰图像
D染色体复制时，细胞核DNA数目加倍，着丝点分裂时，核DNA数目不变
江西省重点中学盟校2022届高三第一次联考理综试卷
第1页其
4.核糖体RNA(RNA)一般在细胞核中通过转录形成，与核糖核蛋白组装成核糖体前体，再通过
核孔进入细胞质中进一步成熟。翻译时tRNA能催化肽键的形成。下列叙述正确的是
A.rRNA合成时需要DNA聚合酶
B.rRNA的形成一定与核仁有关
C.RNA可降低氨基酸脱水缩合所需的活化能
D.翻译时，rRNA的碱基与tRNA上的反密码子互补配对
5.抑制素(D是一种主要由卵巢分泌的蛋白类激素，调节促性腺激素的合成和分泌。科研人员在大
鼠发情期分别向对照组和实验组大鼠注射等量且适量的生理盐水和制备的NH抗体，测定相关
指标，结果如下表。下列分析正确的是
促性腺激素(mlU/mL)
检测指标
性激素(ngmL)
组别
卵泡质量(g)
成熟卵泡个数（个）
促卵泡激素
促黄体素
孕酮
对照组
8.53
15.18
8.86
0.63
28.67
实验组
25.36
15.19
11.78
0.91
35
A.NH通过体液定向运输到靶器官，具有微量、高效的特点
B用双缩脲试剂分别与NH、促性腺激素、性激素反应均能产生紫色
C给雌性大鼠注射适量的NH,可以促进排卵
D,注射的NH抗体可在内环境中结合抑制素，解除其作用
6.中国科学院的研究团队发现，蝗虫的聚集依赖于一种信息素一4甲氧基苯乙烯，45只独居蝗
虫聚集之后，便会自发地产生该种信息素，吸引更多蝗虫聚集过来；随着蝗虫密度的增加，它们
释放的信息素含量也会迅速增加，进一步促进蝗虫的聚集。下列相关叙述错误的是
A.一只飞行的蝗虫只含种群基因库部分基因
B.可根据4甲氧基苯乙烯的结构设计拮抗剂，阻止蝗虫的聚集
C,蝗虫聚集的过程是一种正反馈调节过程
D.利用4甲氧基苯乙烯吸引、抓捕并消灭蝗虫属于化学防治
7.第24届冬奥会于2022年2月4日在北京开幕，科技部将着力于做好此次冬奥会的科技支撑保障
工作。以下事实对应的解释或说法错误的是
A非遗文化“北京绢人”技术制作的中国娃娃入驻奥运村，不能用加酶洗涤剂清洗娃娃
B,轻质高强度的碳纤维有舵雪橇中的碳纤维是一种高分子材料
C冬奥会将采用氢燃料电池车，还开发了全新车载光伏发电系统，体现了“绿色出行”的理念
D,北京冬奥会将使用二氧化碳跨临界制冰机组，与传统制冷剂氟利昂相比更加环保
8.下列指定反应的离子方程式正确的是
A.Na202与Hl80反应：2Na202+2H180=4Na*+40H+l8o2t
B.C0z通入足量的NaCI0溶液中：C0z+2Cl0+H0=2HC10+C032
C.用Na2S0!溶液吸收少量C2:3S032+CL+Hz0=2HS0+2CI+S02
D.FeCl溶液中加过量NaS溶液：S2-+2Fe+=S1+2Fe2
共8页2022 届盟校第一次联考物理试题参考答案
14. A 15. C 16. D 17. D 18. B
19. BD 20. AD 21. BC
b
22.（6分）（1）10.55 (2) （3）大于 （每空 2分）
2gL
23.（9分）（1）2.80（2分） 80 mA（2分）
（2）2.92~2.94（2分） 1.43~1.49（3分）
24.（12 分）
R
解：（1）（4分）设电子运动半径为 R ,由几何知识可得 R d ………………1 分
sin
v2
根据牛顿运动定律可得 evB m ………………2分
R
v eBd得 ………………1分
3m
2
（2）（8 分）由几何知识可知,电子进入电场时的位置坐标为 x 2R d ………………1 分
3
d 3m
电子若从 GF 间射出，则 t1 ………………1分v eB
2x
电子若从 OG 间离开电场，则 t2 a
2m
a eE e
2B 2d t2
其中 2 解得 eB ………………1分m 3m
因 t2 t1,由此可以判断电子是从 OG 间离开电场的。
2m
即：电子在电场中运动的时间为 t= t2 eB
2d
电子通过 y轴时的位置坐标为 y1 vt ………………1 分3
at
电子通过 y轴时的速度与 y轴负方向的夹角为 tan 2
v
y (2d d 7d故 ) ………………3分
3 tan 6
7d
电子打在荧光屏上的位置坐标为（ d， ） ………………1分
6
25.（20分）
1
解：（1）（4 b 2分） 球做竖直上抛运动相对 D点的高度为 R，由 R gt 可得在空中运动的时间为
2
2t 2 2R ……………………………2分
g
故重力的冲量为 I mg 2t 2m 2gR ……………………………1分
方向竖直向下 ……………………………1分
（2）（6分）b球由最高点下落到圆弧上 P点时的高度差为 h R R cos R(1 cos )
由mgh 1 mv 2 得 P点的速度 v 2gh 2gR(1 cos ) ………………2分
2
N mv
2
由 F mg cos 得 ……………………………2分
R
N 2mg 7mg sin 3mg cos
2mg mg( 7 sin 3cos ) …………………1分
2mg 4mg 6mg
据牛顿第三定律，b球由 D滑向 C的过程中对轨道压力的最大值为 6mg …………1分
（3）（10 分）设 a球碰撞前后的速度分别为 va、va ，由
2mgR 1 1 1
2
mv 2b 和 mgR mv

2 8 2 b
分别求得 b球碰撞前后的速度大小分别为
gRvb 2 gR和vb …………………2分2
取向左为正方向，由
mv m v a （ b） mva mvb
1 2mv 1
2
a mv
1 mv 2 1 mv 2
2 2 b 2 a 2 b
gR
v v 联立解得 a 和 a 2 gR …………………4 分2
由机械能守恒可知，b球的初速度为 v0b vb 2 gR
则 a球的初速度为 v0a 2v0b 4 gR
故 a球从 A运动到 B的时间为
va v0a 7 gRt1 …………………1 分 g 2 g
2
因为 v 2 v 2 63gR0a a v

a 4gR

， va v

4 b
所以两球不会发生第二次碰撞，且都将静止在 AB上。两球在 AB上向左运动的时间分别为
v a 2 gRt2 g g
…………………2分
v b gRt3 g 2 g
6 gR
故 a、b两球在 AB上运动的总时间为： t t1 t2 t3 …………………1 分 g
33．【物理—选修 3–3】（15分）
（1）（5分）ACE
（2）（10分）
解：①（5分）假设 b气体膨胀过程中未到达 C，膨胀过程中水银不断从 D口流出但水银柱高度不变，气体
a、b的压强不变，a气体体积不变，b做等压膨胀，对 b气体由盖-吕萨克定律
V1 V 2
T1 T2
得 12 l
2
273 27 273 177
故 b气体的长度变为 l2 18cm
b气体右端向右移动 18cm-12cm = 6cm < 10cm，故假设成立。 …………3 分
玻璃管内剩余水银柱的总长度为 ： l2 10 10 (10 6) 25 49(cm) ……………2 分
②（5分）以 BC为轴将玻璃管旋转到水平状态 a、b两部分气体均做等温变化，且压强均变为 75cmHg， a
气体初状态的压强 Pa=P0+25cmHg-10cmHg = 90cmHg
根据玻意耳定律有， ……………2 分
paVa p
V , p a a a 75cmHg

得la 18cmHg
对 b气体，初状态的压强为 Pa=P0+25cmHg = 100cmHg
根据玻意耳定律有 p V p V b b b b 得 l b 24cm ……………2 分
则剩余水银柱的长度 l =20cm+[25cm-(13cm+24cm-32cm)]=40cm ……………1分
余
34．【物理—选修 3–4】（15分）
（1）（5分）ACE
（2）（10分）
解：①（3 分）由 n＝ 可得光在棱镜中传播的速度 v＝ ………1分

光从空气传到棱镜中，频率 f不变，有 v＝λf ………1分

可得 ………1分

②（3分）画出光路图如图甲所示，KH为反射面 DE的法线，KI为反射面 BC的法线
由反射定律有∠1＝∠2，∠3＝∠4 ………1分
光线 IJ与光线 GH垂直，有∠1＋∠2＋∠3＋∠4＝90° ………1分
由几何关系有∠5＝∠2＋∠3
由于 KH⊥FE，KI⊥FB，可得α＝∠5＝45° ………1分
③（4分）如图乙所示，光线在 AB面的入射角为 i时，折射角为∠6，光线 PQ在 AE面的入射角为∠7，从
Q射出的光线的折射角为 r，
由折射定律有 n= sin n= sin ………1分
sin∠6 sin∠7
由前面分析可知光线 NO⊥PQ，可得∠6＝∠7，可得 r＝i ………1分
可 知 入 射 光 MN 垂 直 出 射 光 QR ， 即 从 AE 面 射 出 的 光 线 与 入 射 光 线 间 的 夹 角 为
90° ………2 分

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