资源简介 2021年-2022年高二下学期入学测试物理试卷考试时间:100分钟;试卷满分:100分注意事项:1.答题前填写好自己的班级、姓名、考号等信息2.请将正确答案填写在答题卡上第Ⅰ卷一、单选题(共8小题,每题4分,共32分)1. 关于反冲运动的说法中,正确的是( )A. 抛出部分的质量m1要小于剩下部分的质量m2才能获得反冲B. 若抛出部分的质量m1大于剩下部分的质量m2,则m2的反冲力大于m1所受的力C. 反冲运动中,牛顿第三定律适用,但牛顿第二定律不适用D. 抛出部分和剩余部分都适用于牛顿第二定律2. 如图所示,某运动员用头颠球.若足球用头顶起,每次上升高度为80 cm,足球的质量为400 g,与头顶作用时间 Δt为0.1 s,则足球每次在空中的运动时间t及足球给头部的作用力大小FN分别为(空气阻力不计,重力加速度g取10 m/s2)( )t=0.4 s,FN=40 NB. t=0.4 s,FN=36 NC. t=0.8 s,FN=36 ND. t=0.8 s,FN=40 N3. 如图所示,小木块A用细线吊在O点,此刻小物块的重力势能为零.一颗子弹以一定的水平速度射入木块A中,并立即与A有共同的速度,然后一起摆动到最大摆角α(0<α<90°).如果保持子弹质量和入射的速度大小不变,而使小木块的质量稍微增大,关于最大摆角α、子弹的初动能与木块和子弹一起达到最大摆角时的机械能之差ΔE,有( )A. α角增大,ΔE也增大 B. α角增大,ΔE减小C. α角减小,ΔE增大 D. α角减小,ΔE也减小4. 质量M=100 kg的小船静止在水面上,船首站着质量m甲=40 kg的游泳者甲,船尾站着质量m乙=60 kg的游泳者乙,船首指向左方,若甲、乙两游泳者在同一水平线上,甲朝左、乙朝右均以3 m/s的速率同时跃入水中后瞬间( )A. 小船向左运动,速率为1 m/s B. 小船向左运动,速率为0.6 m/sC. 小船向右运动,速率大于1 m/s D. 小船仍静止5. 在光滑水平面上,有两个小球A、B沿同一直线同向运动,B在前,A在后.已知碰前两球的动量分别为pA=12 kg·m/s、pB=13 kg·m/s,碰撞前后,它们动量的变化量分别为ΔpA、ΔpB.下列数值可能正确的是( )A. ΔpA=-4 kg·m/s、ΔpB=4 kg·m/s B. ΔpA=4 kg·m/s、ΔpB=-4 kg·m/sC. ΔpA=-24 kg·m/s、ΔpB=24 kg·m/s D. ΔpA=24 kg·m/s、ΔpB=-24 kg·m/s6. 电源电动势为E,内阻为r,向可变电阻R供电。关于路端电压,下列说法正确的是( )A. 因为电源电动势不变,所以路端电压也不变B. 因为U=IR,所以当R增大时,路端电压也增大C. 因为U=IR,所以当I增大时,路端电压也增大D. 因为U=E-Ir,所以当I增大时,路端电压减小7. 如图所示,把原来不带电的金属壳B的外表面接地,将一带正电的小球A从小孔中放入球壳内,但不与B发生接触,达到静电平衡后,则( )B的空腔内电场强度为零B. B不带电C. B的外表面带正电D. B的内表面带负电8. 如图所示,A、B两个小球在光滑水平面上沿同一直线相向运动,它们的动量大小分别为p1和p2,碰撞后A球继续向右运动,动量大小为p1′,此时B球的动量大小为p2′,则下列等式成立的是( )A. p1+p2=p1′+p2′ B. p1-p2=p1′-p2′C. p1′-p1=p2′+p2 D. -p1′+p1=p2′+p2二、多选题(共4小题,每题4分,共16分)9. 如图所示,在-Q形成的电场中,有a、b、c三点,它们到点电荷的距离分别为ra、rb、rc且raa点电势高于c点电势B. a点场强比c点场强大C. 同一负电荷放在c点比放在a点的电势能大D. 同一负电荷由a点移到b点与由b点移到c点静电力做功相同10. (多选)如图所示,R1=2 Ω,R2=10 Ω,R3=10 Ω,A、B两端接在电压恒定的电源上,则( )A. S断开时,R1与R2两端的电压之比为1∶5B. S闭合时,通过R1与R2的电流之比为2∶1C. S闭合时,R1与R2两端的电压之比为1∶5D. S断开与闭合两种情况下,电阻R1两端的电压之比为2∶111. (多选)如图所示,一个质量为M的木箱静止在光滑水平面上,木箱内粗糙的水平底板上放着一个质量为m的小木块.现使木箱获得一个向右的初速度v0,则( )A. 小木块最终将相对木箱静止,二者一起向右运动B. 小木块和木箱最终速度为v0C. 小木块与木箱内壁将始终来回往复碰撞,而木箱一直向右运动D. 如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止,则二者将一起向左运动12. (多选)如图所示电路中,A1和A2为理想电流表,示数分别为I1和I2,R1∶R2∶R3=1∶2∶3.当a、b两点间加以恒定的电压U后,下列结论正确的是( )A. I1∶I2=3∶4B. I1∶I2=5∶9C. 将A1、A2换成理想电压表,其示数之比为3∶5D. 交A1、A2换成理想电压表,其示数之比为1∶1第Ⅱ卷三、实验题(共2小题)13. 小李在实验室测量一电阻Rx的阻值.①器材间连线如图所示,请在虚线框中画出对应的电路图;②先将单刀双掷开关掷到左边,记录电流表读数,再将单刀双掷开关挪到右边,调节电阻箱的阻值,使电流表的读数与前一次尽量相同,电阻箱的示数如图所示.则待测电阻Rx=________Ω.此方法________(填“有”或“无”)明显的实验误差,其理由是________.14. 在“测定电池的电动势和内阻”的实验中,已连接好部分实验电路.(1)按图甲所示的实验电路,把图乙中剩余的电路连接起来.(2)在图乙的电路中,为避免烧坏电表,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于__________端(选填“A”或“B”).(3)如图是根据实验数据作出的U-I图像,由图可知,电源的电动势E=____________V,内阻r=__________Ω.四、计算题(共3小题)15. 如图所示,一电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上,当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中,小物块恰好静止.重力加速度取g,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.求:(1)水平向右电场的电场强度;(2)若将电场强度减小为原来的,物块的加速度是多大;(3)电场强度变化后物块下滑距离L时的动能.16. 在示波管中,电子通过电子枪加速,进入偏转电场,然后射到荧光屏上,如图所示,设电子的质量为m(不考虑所受重力),电荷量为e,从静止开始,经过加速电场加速,加速电场电压为U1,然后进入偏转电场,偏转电场中两板之间的距离为d,板长为L,偏转电压为U2,求电子射到荧光屏上的动能为多大?17. 如图所示,一质量为M的平板车B放在光滑水平面上,在其左端放质量为m的小木块A(可视为质点),M>m,A、B间的动摩擦因数为μ,在平板车右方水平面上固定竖直挡板P.开始时A、B以速度v0一起向右运动,某时刻B与挡板P相撞并立即以原速率反向弹回,在此后的运动过程中A不会滑离B,重力加速度为g.求:(1)B最终的速度;(2)小木块A离挡板P最近时,平板车B的右端到挡板P的距离.1. D 2. C 3. C 4. B 5. A 6. D 7. D 8. D 9. BD 10. AB 11. AB 12. BC13. ①电路图见[解析] ②5 有 电阻箱的最小分度与待测电阻比较接近(或其它合理解释)【解析】①电路图如图②两次实验中电路电流相同,因此可有I==可得Rx=R0,读数可得Rx=5 Ω电阻箱的最小分度和待测阻值阻值接近,这样测得的阻值不够精确,如待测电阻阻值为5.4 Ω,则实验只能测得其为Rx=5 Ω,误差较大.14. (1)见解析图 (2)A (3)1.5 1.0【解析】(1)电路连接如图所示:(2)闭合开关前,滑动变阻器接入电路中的阻值应该最大,故滑片应置于A端.(3)由题图图像可知,电源电动势为1.5 V,内阻r= Ω=1.0 Ω.15. (1) (2)0.3g (3)0.3mgL【解析】 (1)小物块静止在斜面上,受重力、电场力和斜面支持力,受力分析如图所示,则有FNsin 37°=qE①FNcos 37°=mg②由①②可得E=(2)若电场强度减小为原来的,即E′=由牛顿第二定律得mgsin 37°-qE′cos 37°=ma可得a=0.3g(3)电场强度变化后物块下滑距离L时,重力做正功,电场力做负功,由动能定理得mgLsin 37°-qE′Lcos 37°=Ek-0可得Ek=0.3mgL16. eU1+【解析】电子在加速电场加速时,根据动能定理eU1=mv进入偏转电场后L=vx·t,vy=at,a=射出偏转电场时合速度v=,以后匀速到达荧光屏,由以上各式得Ek=mv2=eU1+.17. (1),方向向左 (2)【解析】(1)B与挡板P相撞以原速率反向弹回,根据动量守恒定律可得:(M-m)v0=(M+m)v解得:v=,因M>m,则v>0,方向向左.(2)小木块A离挡板P最近时速度为零,对A,根据动量定理可得:-μmgt=0-mv0解得:t==设此时B的速度为vB,根据动量守恒定律可得:(M-m)v0=Mv0解得:vB=v0此时平板车B的右端到挡板P的距离:s=t=. 展开更多...... 收起↑ 资源预览