资源简介

绝密★启用前（全国卷）
生物学参考答案
1．【答案】D
【命题意图】本题主要考查酶的相关知识，意在考查酶的化学本质、大分子合成、酶的功
能和酶制剂的保存条件的理解。考查理解能力和综合应用能力，考查科学思维和生命观念。
【解析】酶是活细胞产生的有机物，大多数是蛋白质，少数是 RNA，均属于大分子，细
胞内的大分子均以碳链为骨架，A项正确；从酶的化学本质来看，无论是蛋白质还是 RNA，
大分子的合成均需要细胞提供能量，B项正确；细胞代谢是细胞内的许多化学反应，由于
酶有专一性，确保了细胞代谢有序进行，C项正确；由于低温不会改变酶分子的空间结构，
酶制剂都采用低温保存，而不是最适温度保存，D项错误。
2.【答案】A
【命题意图】本题主要考查淀粉、酶的作用及光合作用过程的相关知识，意在考查理解人
工淀粉代谢合成途径的相关基础知识。考查理解能力和综合运用能力，考查结构与功能观
和物质与能量观、对比分析的科学思维和关注生物科技前沿的核心素养。
【解析】淀粉属于多糖，其单体是葡萄糖，即淀粉是一种由葡萄糖聚合而成的多聚体，A
项错误； 依据的酶专一性特点可知，酶的应用可以保证化学反应有序进行，B项正确；
人工淀粉代谢合成途径（ASAP）与光合作用过程类似，都合成了糖类，而糖类的合成都
涉及能量的转化和储存，C项正确；人工合成淀粉的技术如果能在全世界推广应用，将增
加全球范围内 CO2的利用，对减缓温室效应有益，D项正确。
3.【答案】B
【命题意图】本题考查端粒酶组成及与细胞增殖的关系，考查学生理解能力和信息获取能
力，考查生命观念和科学思维等核心素养。
【解析】题干信息显示，真核细胞内存在一种由 RNA和特殊蛋白组成的端粒酶，RNA 和
特殊蛋白都是端粒酶基因表达的产物，故真核细胞在细胞增殖的特定时期可通过端粒酶基
因表达来调节自身的增殖，A项正确；从端粒酶的功能推测，正常细胞中的端粒酶可在自
身特殊蛋白作用下以自身 RNA 作为模板合成端粒 DNA，故正常细胞中也存在着从 RNA
到 DNA的信息传递过程，B项错误；若正常细胞发生癌变，癌细胞具有无限增殖的能力，
可能与癌细胞内的端粒酶活性可能上升有关，C项正确；若抑制端粒酶基因的表达，端粒
酶的合成会受到抑制，从而间接影响真核细胞的染色体长度和细胞增殖，D项正确。
4.【答案】A
【命题意图】本题主要考查人体水盐平衡调节的相关知识，考查理解能力和信息获取能力，
考查生命观念和科学思维素养。
【解析】“口渴”已经表明机体内细胞外液渗透压上升，会被下丘脑渗透压感受器感受产
生兴奋，经下丘脑调节中枢分析综合后，再将兴奋上传至大脑皮层，产生渴觉，A项错误；
细胞外液渗透压升高会促进下丘脑合成并分泌抗利尿激素，其含量会上升，B项正确；高
糖饮料中的糖分被机体摄取后，不仅会升高血糖浓度，还会增加细胞外液中的溶质微粒数
量，导致机体细胞外液渗透压升高，C项正确；“越喝越口渴”是高糖饮料引起机体渗透
压平衡调节的结果，本质上属于神经-体液调节，夏季饮用淡盐水比高糖饮料更能解渴，D
项正确。
5.【答案】C
【命题意图】本题考查现代生物进化理论相关知识，考查理解能力、获取信息能力，考查
科学思维、生命观念和社会责任素养。
【解析】抑菌实验中，抑菌圈越大，抗生素效果越好，菌体抗生素抗性越差，反之则越强。
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表中显示，第一代大肠埃希氏菌在四环素下的抑菌圈最大（半径 1.31cm），而在阿奇霉素
下的抑菌圈最小（半径 0.19cm），说明第一代大肠埃希氏菌对四环素的抗性最弱，而对阿
奇霉素的抗性最强，A项正确；表中显示，第二代大肠埃希氏菌在 5种抗生素下的抑菌圈
半径均比第一代的抑菌圈小，说明第二代大肠埃希氏菌对 5种抗生素的抗性均有所提升，
这与在抗生素选择作用下提高了抗生素基因频率有关，B项正确；突变和基因重组产生进
化的原材料，并且变异是不定向的，抗生素的使用只是为大肠埃希氏菌变异提供了选择的
因素，抗生素的使用会导致大肠埃希氏菌朝向抗性增强的方向进化，C项错误；抑菌圈大
小是大肠埃希氏菌对不同抗生素的抗性大小的直接体现，大肠埃希氏菌在使用不同抗生素
前已存在不同抗性的变异类型，抗生素选择了抗性较强的菌体，故抑菌圈大小的改变是不
同抗生素对大肠埃希氏菌变异选择的直接结果，D项正确。
6.【答案】B
【命题意图】本题考查种群落的结构、群落演替和生态系统的稳定性，考查学生理解能力
和综合运用能力，考查生命观念、科学思维和社会责任。
【解析】人工垦荒种植可以改变该地原有群落演替的方向和速度，弃耕后该地也不能完全
恢复生态系统的原有结构，A项正确；任何生物群落均有空间结构（包括垂直结构和水平
结构），人工垦荒形成的裸地土壤中，虽然缺少地上植被，但土壤微生物群落在地下不同
土层上也存在垂直结构，B项错误；地上植被是该地生物群落的主要生产者，土壤中的微
生物又是生物群落的主要分解者，地上植被类型也会引起土壤微生物的变化，故人工垦荒
可以明显改变地上植被类型，再通过植被来间接影响地下土壤微生物群落，C项正确；该
地生态系统在人为影响消除后逐渐恢复，说明生态系统具有自我调节能力，可以维持生态
系统的相对稳定，D项正确。
29.【答案】（11分，除备注外每空 1分）
（1）大量 主动运输 减少
（2）内质网 先上升后下降
（3）缺镁会降低叶片中的叶绿素（a和 b）含量；缺镁会导致 RUBP 羧化酶活性不足，暗
反应速率较低；缺镁还会影响 NADPH的合成，光反应速率较低（任答 2点即可，2分）
（4）实验思路：将叶片发黄的葡萄幼苗随机分成甲、乙两组，甲组幼苗用含Mg2+的完全
培养液培养，乙组幼苗用缺Mg2+的培养液培养，将两组幼苗放置于相同且适宜的环境中
培养一段时间后，观察幼苗叶片生长情况。（合理即可给分，2分）
预期实验结果及结论：
若甲组幼苗叶片恢复正常（绿色），乙组幼苗叶片仍然发黄，则说明叶片发黄的葡萄幼苗
是因缺Mg2+引起的；若两组幼苗叶片均恢复正常（绿色）或均发黄，则说明叶片发黄的
葡萄幼苗不是缺Mg2+引起的。（合理即可给分，2分）
【命题意图】本题考查细胞组成元素的类型、物质运输方式、细胞器的结构和功能、植物
生长及光合作用的影响因素等相关知识，考查获取信息能力、实验与探究能力，考查科学
思维、科学探究和社会责任素养。
【解析】（1）从含量来看，Mg 是植物细胞中的大量元素，而植物根细胞可以通过主动运
输方式从土壤中吸收Mg2+等矿质离子。电镜观察发现，0 mmol·L-1 Mg2+处理下叶片中的叶
绿体发生形变，有的呈圆球形，叶绿体基粒之间发生断裂和分离，叶绿体膜模糊，类囊体
大部分解体和消失，说明严重缺镁不仅会破坏叶绿体结构，还会导致叶绿体内部由类囊体
组成的基粒数量减少。
（2）从化学本质来说，分布在基粒上的叶绿素分子是一种脂质，脂质在内质网上合成，
再运输到叶绿体中。从表中数据可以看出，在 0～3 mmol·L-1 Mg2+浓度范围内，随着培养
液中的Mg2+浓度上升，红地球葡萄幼苗叶片叶绿素含量（a、b、a+b）逐渐上升，在 5 mmol·L-1
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Mg2+浓度下，其叶绿素含量（a、b、a+b）有所下降，故二者的变化关系概括如下：随着
培养液中的Mg2+浓度上升，红地球葡萄幼苗叶片叶绿素含量先上升后下降。
（3）题干显示，Mg2+可以影响 RUBP 羧化酶（催化 CO2固定的酶）的活性，说明 Mg2+
可以影响暗反应过程；Mg2+还可以影响类囊体薄膜上的电子传递过程，如
NADP++H++2e→NADPH，说明Mg2+可以影响光反应合成 NADPH 过程。题图显示，在同
等强度光照下，0 mmol·L-1 Mg2+处理后的叶片净光合速率明显低于其它处理组。再结合上
表数据分析，缺镁会导致叶片叶绿素含量下降，则缺镁会导致净光合速率下降的具体原因
有缺镁会导致叶绿素合成不足，会降低叶片中的叶绿素（a和 b）含量；缺镁会导致 RUBP
羧化酶活性不足，暗反应速率较低；缺镁还会影响 NADPH 的合成，光反应速率较低等三
个方面。
（4）从题干可知，除了植物缺镁会导致叶片发黄外，引起幼苗叶片发黄的原因还有很多，
如幼苗缺氮、缺水或遭病虫害等。在红地球葡萄繁育基地发现了大田的同一位置上出现了
几株叶片发黄的葡萄幼苗，现需要设计实验确认这几株幼苗是否因缺乏Mg2+引起的。该
实验需要采用溶液培养法进行实验探究，自变量是培养液中是否含 Mg2+，因变量是幼苗
叶片是否恢复正常绿色，控制好无关变量，注意随机分组。实验参考设计如下，实验思路：
将叶片发黄的葡萄幼苗随机分成甲、乙两组，甲组幼苗用含Mg2+的完全培养液培养，乙
组幼苗用缺Mg2+的培养液培养，将两组幼苗放置于相同且适宜的环境中培养一段时间后，
观察幼苗叶片生长情况。预期实验结果及结论：若甲组幼苗叶片恢复正常（绿色），乙组
幼苗叶片仍然发黄，则说明叶片发黄的葡萄幼苗是因缺Mg2+引起的；若两组幼苗叶片均
恢复正常（绿色）或均发黄，则说明叶片发黄的葡萄幼苗不是缺Mg2+引起的。
30.【答案】（9分，除标注外每空 1分）
（1）脂质（或磷脂）和蛋白质 流动性
（2）癌细胞能够无限增殖分裂，可源源不断地用来培养新型冠状病毒 用含 32P的培
养基培养人体癌细胞，再用上述人体癌细胞来培养新型冠状病毒，即可得到 RNA 被 32P
标记的新型冠状病毒(2分）
（3）相等 少量的 mRNA 分子就可以迅速合成出大量的蛋白质（2分）
（4）共（协）同进化
【命题意图】本题考查细胞膜的成分和功能、癌细胞的特点、同位素标记法在病毒培养中
的应用、基因表达及共同进化相关内容，考查知识的理解能力、获取信息能力和综合运用
能力。
【解析】（1）病毒外壳的外包膜主要来源于人体细胞膜，细胞膜主要成分为脂质（磷脂）
和蛋白质；病毒侵入宿主细胞的过程类似于胞吞，以膜融合的方式侵入，充分利用了生物
膜在结构上具有流动性的特点。
（2）病毒研究实验中，一般采用人体的癌细胞（如肺癌细胞或肝癌细胞）来培养该病毒，
癌细胞能够无限增殖分裂，可源源不断地用来培养新型冠状病毒，是其显著的优点。若要
获得 RNA 被 32P标记的新型冠状病毒，病毒需在活细胞中才能完成增殖，营寄生生活，
需要用活细胞来培养，则可用含 32P的培养基培养人体癌细胞，再用上述人体癌细胞来培
养新型冠状病毒，即可得到 RNA被 32P标记的新型冠状病毒。
（3）图示中 c和 d过程为 RNA 复制，所需原料为四种（A、U、C、G）游离的核糖核苷
酸，复制过程遵循碱基互补配对原则，c过程需要的嘌呤类（A+G）核苷酸数量与模板+RNA
上嘧啶类（C+U）核苷酸数相等，而 d过程所需的嘧啶类（C+U）核苷酸数量即为+RNA
上的嘧啶类（C+U）核苷酸数量，故 c过程所需的嘌呤类（A+G）核苷酸数量与 d过程所
需的嘧啶类（C+U）核苷酸数量相等；a过程中一条+RNA同时结合多个核糖体的意义在
于少量的 mRNA分子就可以迅速合成出大量的蛋白质。
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（4）题干显示，在人类历史上，曾经历多次病毒引起的恶性传染病，也造成了当时的人
大量死亡，但像这样致死能力强的病毒很快会被我们人类通过各种方式攻克，逐渐演变为
致病性温和而可被治愈的病毒，比如天花病毒、流感病毒，以及此次肆虐的新型冠状病毒
也会变成与人类长期共存的病毒，这都是人与病毒共（协）同进化的结果。
31.【答案】（9分，除备注外每空 2分）
（1）信息（或信号）（1分） 植物自身能够合成；对植物的生长发育有显著影响（合
理即可）
（2）生长素（IAA）（1分） 与其合成有关的酶不同（1分）
（3）①两重（1分） 与 0μmol/L MT 处理相比，10μmol/L MT 和 100μmol/L MT 对
根的总长度增加有促进作用，而 1000μmol/L MT对根的总长度增加有抑制作用
②缓解（减弱）（1分）
【命题意图】本题考查酶和激素的作用、植物激素的定义、生长素合成的原料、植物激素
的作用特点等相关知识，考查理解能力、信息获取能力、综合运用能力，考查科学思维、
生命观念和社会责任素养。
【解析】（1）题干显示，褪黑素（MT）是动物体内的一种激素，从作用过程上看，MT
在动物体内是一种调节生命活动的信息（或信号）分子。由植物激素的定义：“由植物体
内产生，能从产生部位运送到作用部位，对植物的生长发育有显著影响的微量有机物”可
知，要确认某种物质是一种植物激素，主要有两点依据：植物自身能够合成和对植物的生
长发育有显著影响。
（2）在植物幼嫩的芽、叶和发育中的种子中，色氨酸经过一系列反应可转变成生长素。
通常，细胞代谢需要多种酶的催化。在原料相同的情况下，经不同酶的催化，相同的原料
可以转变形成不同的物质；基因控制酶的合成，不同基因会控制不同酶的合成，同一个体
内基因会选择性表达，这是相同的原料可以转变形成不同的物质的根本原因。
（3）图中显示，在不同浓度 Cd2+危害下，与 0μmol/L MT 处理相比，10μmol/L MT 和
100μmol/L MT 对根的总长度有促进作用，而 1000μmol/L MT 对根的总长度有抑制作用，
不同浓度的MT处理对水稻幼根的生长作用表现出了两重性。在 0μmol/L MT处理下，与
0μmol/L Cd处理相比，10μmol/L和 100μmol/L Cd处理下的根总长度均有所下降，但在有
Cd处理（10μmol/L和 100μmol/L Cd）的情况下，同时经过 10μmol/L和 100μmol/L MT处
理后，根总长度均有所提升，说明适宜浓度（10μmol/L MT 和 100μmol/L）的MT 能够缓
解（或减弱）Cd2+对水稻幼根生长的危害，可以提高水稻幼苗对 Cd2+的耐受程度或抗逆性。
32．【答案】（10分，除备注外每空 1分）
（1）不同 不能 若豌豆种皮颜色的遗传是细胞质遗传，则甲地 F1、F2、F3种
皮都应是黄色，乙地 F1、F2、F3种皮都应是白色，与实验结果不符（2分，答案合理即可
给分）
（2）F3种皮中黄色∶白色的比例接近 3∶1（答案合理即可给分）
（3）细胞核 母本
（4）7/16（2分） 降低
【命题意图】本题考查基因的分离定律，果实各结构部分发育问题，考查理解能力、获取
信息的能力、实验与探究的能力、综合运用的能力及科学思维、科学探究素养。
【解析】（1）种皮是由珠被发育而来，所以子代种皮的颜色是由母本的基因型决定的，根
据 F3种皮中黄色∶白色的比例接近 3∶1，可判断 A和 a遵循分离定律，且黄色为显性性
状，再根据甲、乙两地 F1、F2、F3种皮颜色，可否定细胞质遗传，应为细胞核遗传。
（2）根据实验结果可推出，甲地 F1种皮的颜色是由母本（AA）决定，故为黄种皮，F2
种皮的颜色是由 F1（Aa）决定，则 F2为黄种皮，F3种皮颜色是由 F2（A_∶aa=3∶1）决
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定，则 F3为黄色∶白色的比例接近 3∶1；乙地 F1种皮的颜色是由母本（aa）决定，故为
白色，F2种皮的颜色是由 F1（Aa）决定，故为黄色，F3种皮颜色是由 F2（A_∶aa=3∶1）
决定，故黄色∶白色的比例接近 3∶1，上述实验结果能验证分离定律。
（3）若要合理解释豌豆种皮颜色遗传规律，根据所学遗传知识，可将其概括为种皮颜色
的遗传是细胞核遗传、种皮颜色的遗传遵循分离定律、种皮颜色是由母本基因型决定等 3
个要点内容。
（4）若让甲、乙两地杂交的 F1种子连续自交 4代，杂合子连续自交情况下，杂合子所占
比例为 1/2n，而纯合子的比例为 1－1/2n，其中显/隐性纯合子所占比例为 1/2×（1－1/2n）。
根据豌豆种皮由母体基因型决定，故连续自交 4代下，第 4代种子的种皮颜色应为第 3代
母体基因型比例，则第 4代种子中白种皮种子占的比例=1/2×（1－1/23）=7/16；若让其连
续自交，杂合子比例（1/2n）会随着自交代数增多而降低，而纯合子比例（1－1/2n）会上
升，故黄种皮种子中的杂合子比例会随着自交代数增多而降低。
37.【答案】（除备注外，每空 2分，共计 15分）
（1）特殊营养物质 琼脂（凝固剂）
（2）避免 PBAT地膜上原有微生物对实验结果的影响（答案合理即可）
（3）将接种的完全培养基（牛肉膏蛋白胨培养基）平板进行培养 选择培养基平板
上的菌落数明显少于完全培养基平板上的菌落数（答案合理即可）
（4）RD1-3、N1-2 和 N3-2（3分） RD1-3、N1-2和 N3-2菌株对 PBAT地膜有较高
的降解作用
【命题意图】本题考查微生物培养原理、步骤和应用等相关知识，考查学生理解能力和实
验探究能力，考查科学思维、科学探究和社会责任素养。
【解析】（1）实验前，根据目的菌株对生存环境的要求，到相应的环境中去寻找，实验人
员应在经常使用 PBAT地膜土壤中寻找目的菌株，同时需要制备筛选地膜降解菌培养基。
除基本营养成分外，该培养基还需要满足 PBAT地膜降解菌生长对 pH、温度、特殊营养
物质及氧气的需求。PBAT地膜降解菌在固体（平板）培养基上才能长出菌落，故培养基
中应含有的成分是琼脂（凝固剂）。
（2）实验过程中，研究人员将 PBAT地膜材料加入培养基前需要对其进行灭菌处理，其
目的是为了避免 PBAT地膜上原有微生物对实验结果的影响。
（3）为了证明所配制的筛选培养基具有选择作用，可采用选择培养基与完全培养基（如
牛肉膏蛋白胨培养基）进行条件对照，故在恒温培养前，除了将接种后的选择培养基平板
进行培养外，还需要将接种的完全培养基（牛肉膏蛋白胨培养基）平板进行培养，待两种
培养基平板上的菌落生长稳定时，比较两种平板培养基上的菌落数，其结果应为选择培养
基平板上的菌落数明显少于完全培养基平板上的菌落数。
（4）据图分析，在测定的降解时间内，PBAT地膜在 RD1-3、N1-2 和 N3-2 三株菌株处
理下的失重率高于另外三株菌株，这说明 RD1-3、N1-2 和 N3-2菌株对 PBAT地膜有较高
的降解作用。
38.【答案】（除备注外，每空 2分，共计 15分）
（1）④①⑤③②
（2）逆（反）转录酶和耐高温的 DNA 聚合酶（Taq DNA聚合酶） 模板链（cDNA）
中相应互补的碱基序列
（3）构建基因表达载体 防止目的基因（载体）自身连接；防止目的基因与运载体
反向连接
（4）能（1 分） RT - PCR 技术获取的目的基因通常无内含子等非编码序列，利于
基因交流（或生物界共用一套遗传密码子） 增加了待测 RNA 逆转录产生的 DNA
社生物学参考答案 第 5 页（共 6页）
的数量（或浓度），便于检测
【解析】本题考查基因工程的相关知识，考查学生理解能力、实验探究能力和综合运用能
力，考查生命观念、科学探究和社会责任素养。
（1）题干显示，得到科学而准确的检测结果是进行新型冠状病毒核酸检测的基本要求。
要得到正确的检测结果，RT-PCR技术正确的操作顺序应该是④采集病人组织样本→①从
受试者组织样本中提取 mRNA→⑤利用 mRNA进行逆转录得到 cDNA→③利用 PCR扩增
cDNA片段→②分析 PCR扩增结果。
（2）RT-PCR过程包含以 mRNA为模板逆转录为 cDNA，再进行 PCR扩增，则该过程需
要的酶有逆（反）转录酶和耐高温的 DNA聚合酶（Taq DNA聚合酶）。在进行 RT-PCR扩
增时，引物在降温退火过程中可与模板链（cDNA）相应互补的碱基序列结合。
（3）RT-PCR的产物经过 BamHⅠ、EcoRⅠ双限制酶处理后，与经过同样双限制酶处理的
小双节病毒（PBV）载体连接，该操作属于基因工程操作步骤中的构建基因表达载体，也
是基因工程的核心步骤。与单一限制酶处理相比，双限制酶处理的优点是可以防止目的基
因（载体）自身连接，还可以防止目的基因与运载体反向连接。
（4）生物界共用一套遗传密码子基因工程所依据的原理之一，而 RT - PCR技术获取的目
的基因通常无内含子等非编码序列，利于基因交流；该技术还可用于对某些微量 RNA病
毒的检测，该技术可以增加待测 RNA逆转录产生的 DNA的数量（或浓度），便于检测，
从而可以有效提高检测的灵敏度。
社生物学参考答案 第 6 页（共 6页）物理参考答案
14.【答案】D
【命题意图】本题考查原子物理。
【解析】密立根通过油滴实验测定了电子电量，确定了元电荷，故 A选项正确；微观粒子的碰撞依然遵循
动量守恒，故 B选项正确；正电子与负电子对撞湮灭释放能量，遵循质能方程，并以一对伽马光子的形式
v2
释放出来，故 C选项正确；电子在气泡室中运动，由洛伦兹力提供向心力，可得 qvB m ，解得运动
r
mv 2 m
轨道半径 r ，带电粒子在磁场中运动周期T ，与速度、轨道半径无关，由于电子在气泡室，
qB qB
有能量损失，动能减小，半径减小，周期不变，故 D选项错误。
15.【答案】A
【命题意图】本题考查共点力的平衡。
2 2
【解析】做示意图如图 1所示，钢索在 A点夹角为90 + ， OAB ，定滑轮只改变钢
4
2 2
索拉力的方向，不改变力的大小，则钢索对滑轮的作用力 F =2Mg cos( )，由牛顿第三定律
合 4
2 2
可知，滑轮对钢索的作用力 F =2Mg cos( ) ，故 A选项正确；
合 4
由题意可知，物体缓慢向上运动，钢索拉力 F Mg ，故 B选项错误；
cos( )
以 B点为研究对象，受力分析如图 2所示，可知：Mg cos( ) F Bsin ，解得FB Mg ，sin
故 C选项错误；
以整体为研究对象，钢索也与底座接触，底座对整体的支持力大于（M m）g，故 D选项错误。
图 1 图 2
【一题多解】本题也可以为钢索与滑轮接触点为研究对象，受到两个拉力和支持力，处于三力平衡。正交
分解也可以解得答案。
16.【答案】B
物理参考答案 第 1 页 （共 9 页）
【命题意图】本题考查牛顿第二定律。
【解析】空载时飞行器起飞离地的瞬间，升力刚好等于重力，设比例系数为 k，
kv20 mg
m
当搭载质量为 的货物，竖直方向上由牛顿第二定律可知：
5
F (m m )g (m m )a
5 5
升力 F kv2x
联立解得 v 2 15x v5 0
故 B选项正确。
17.【答案】C
【命题意图】本题考查万有引力与航天。
【解析】由开普勒第三定律可知，椭圆轨道半长轴的三次方与周期的平方之比为定值，应该是轨道半径的
三次方，而不是轨道高度的三次方，故A选项错误；由于神舟十三号载人飞船与空间站的质量未知，向心
力大小无法判断，故B选项错误；要实现对接，变轨前万有引力大于圆周运动所需的向心力，故而做向心
运动，需要加速使万有引力刚好提供圆周运动所需的向心力，进入与空间站相同的轨道，从而实现变轨对
接，故C选项正确；神舟十三号载人飞船在从近地点A到远地点B运动的过程中，速度减小，动能减小，引
力势能增大，只有万有引力做功，机械能守恒，故D选项错误。
18.【答案】B
【命题意图】本题考查电场力和能的性质。
【解析】在图中做出与虚线等势面垂直的电场线可知，电场线分布由左到右，稀疏到密集再到稀疏，则场
强先增大后减小，所受电场力先增大后减小，电子不可能做匀加速直线运动，故 A选项错误；沿着电场线
的方向，电势逐渐降低，则沿着运动方向，电势增大，由 Ep q可知，电子电势能减小，故 B选项正确；
由题意可知，电子经过静电场会汇聚于中心光轴上，此静电场提供的静电力不能时刻指向圆心，不足以提
供匀速圆周运动所需要的向心力，故 C选项错误；由于电子受到电场力方向时刻发生变化，不是恒力，不
可能做类平抛运动，故 D选项错误。
物理参考答案 第 2 页 （共 9 页）
19.【答案】CD
【命题意图】本题考查平抛运动和动能定理的运用。
1 2
【解析】小强从最高点下落过程可看成平抛运动，竖直方向上有 h gt ，解得 t 5 s，由对称性可知，
2 5
2 5
第三步跳跃在空中运动的时间为 s，故 A 选项错误；由题意可知，第三次起跳腾空的水平位移
5
xCD 6m
x
，水平方向匀速直线运动， CD v3t，解得 v3 3 5 m s，即运动到第三次起跳腾空之后最高2
E 1 mv2点时的动能为 k 3 1125J，故 B选项错误；平抛过程，由动能定理可知，mgh E3 2 k
Ek ，解3
得Ek 1625J，故 C选项正确；全过程由动能定理可知，WF W f Ek 0，解得WF 1825J，D选项
正确。
20.【答案】BC
【命题意图】本题考查电磁感应和楞次定律。
【解析】当送电线圈接入图（a）所示的交流电，尽管电流大小不变，但是电流的流向发生变化，依然会使
受电线圈中磁通量发生变化，产生感应电流，能为电动汽车充电，故 A选项错误；当送电线圈接入图（b）
所示的锯齿交流电，由楞次定律可知，当送电线圈中交流电电流增大时，使得受电线圈磁通量增大，两者
相互排斥，即所受安培力为斥力，故 B选项正确；当送电线圈接入图（c）所示的正弦交流电，当电路中
的电阻变大时，感应电流有效值变小，故 C选项正确；当送电线圈接入图（d）所示的余弦交流电，感应
电流的方向可以由楞次定律判断，当送电线圈电流减小时，感应电流方向与送电线圈电流方向相同，故 D
选项错误。
21.【答案】ACD
【命题意图】本题考查功率计算、流体柱状模型构建以及交流电的描述。
2 2
【解析】由 u 200sin t(V) 可知 T 200s ，线圈转动周期 T 200s ，又因为叶片与线
100
圈转速相同，即叶片转动周期 T 200s，故 A选项正确；
2
设在 t时间内流到叶片旋转形成的圆面中的空气质量为 m，则 m r v t，能够将风的动能转变成叶
物理参考答案 第 3 页 （共 9 页）
E 1 1 1片的动能 k mv
2 r 2v3 t，故 B选项错误；
2 4 8
1 2 r 2v3 1 U由能量守恒可知： t t，即发电机产生感应电动势有效值的平方与风速的三次方成正
8 4 R
比，故 C选项正确；
当风速增大时，风力发电机的转速增大，产生交流电的转速增大，周期减小，感应电动势的最大值
E NBS 增大，故 D选项正确。
m M m a
22.（5分）【答案】（1）大于（2分） （2） （3分）
M Mg
【命题意图】本题考查测动摩擦因数的实验。
【解析】（1）木块在重物的作用下刚好做匀速直线运动时，以木块为研究对象，受力分析可知
mg Mg sin Mg cos 0 mg ，解得 tan ，即 大于 tan 。
Mg cos
（2）以木块与重物整体为研究对象，由牛顿第二定律可知m g Mg （M m ）a，解得
m M m a
。
M Mg
23.（10分）【答案】（1）0~0.6A（2分） 0~3V(2分) （2）如图所示（2分） （3）小灯泡的电
阻随温度的升高而增大（2分） （4）0.196（2分）
【命题意图】本题考查描绘小灯泡伏安特性曲线的实验。
【解析】（1）因为小灯泡的额定电流为 0.3A，所以电流表采用 0~0.6A的量程，因为小灯泡的额定电压为
3V，所以电压表采用 0~3V的量程。
（2）因为实验所描绘的伏安特性曲线要求电压、电流从 0开始，所以滑动变阻器应该采用分压式接法，因
为小灯泡的阻值比较小，所以电流表应该外接法，实物连接如图所示。
物理参考答案 第 4 页 （共 9 页）
（3）从伏安特性曲线可以看出，小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（4）根据闭合电路欧姆定律 E=U+Ir可知 U=E-Ir,当 I=0时，U=1.5V；当 I=0.1A时，U=1.429V，描点连线
如图所示；U=E-Ir直线与小灯泡的伏安特性曲线相较于（1.4V，0.14A），根据 P=IU可知，小灯泡消耗的
电功率为 0.196W。
v2 3
24.（12分）【答案】（1） 0 （6分） （2） x3 x1（6分）2x0g x1g 8
【命题意图】本题考查动量守恒定律和动能定理。
【解析】设冰壶与地面的摩擦因数为 ，冰壶 A碰撞前的速度为v1，碰撞后冰壶 B的速度为 v2
滑动冰壶A向前匀减速直线运动，由动能定理可知： mgx 1mv2 10 mv
2
（1分）
2 1 2 0
冰壶A与冰壶B发生弹性碰撞，由动量守恒定律可知：
1 mv2 1 2 1 2
2 1
mv2 mv3 （1分）2 2
mv1 mv2 mv3 （1分）
此后冰壶B向前匀减速直线运动，由动能定理可知：
1
mgx1 0
1
mv2 （1分）
2 2 2
v2
联立解得 0 （2分）
2x0g x1g
（2）冰壶A与冰壶B发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律可知：
mv1 2mv3 （2分）
此后冰壶AB整体向前匀减速直线运动，设冰壶AB整体向前运动的距离为 x3
由动能定理可知：
物理参考答案 第 5 页 （共 9 页）
2
mgx 0 13 2mv
2
3 （2分）3 2
联立解得 x 33 x （2分）8 1
25.（20分）【答案】（1） E 100V （3分） （2）a 5m s2 （4分）
（3）（13分） q 90 10C Q2 9000J
【命题意图】本题考查电磁感应的综合应用。
【解析】（1）当金属棒 AB向右匀速运动的过程中，切割磁感线产生的电动势 E1 B1Lv0 100V （2分）
切割产生的电动势与电源电动势相等，电源的电动势 E E1 100V （1分）
（2）当金属棒 AB向右运动的过程时，切割产生的电动势增大，与电源电动势相互抵消之后，产生的感应
电流减小，合外力减小，做加速度减小的加速运动。即闭合开关的瞬间，加速度具有最大值，此时速度为
零。 （1分）
E
金属棒 AB与电阻 R构成闭合回路，回路中电流 I1 50A （1分）R1 r
金属棒 AB所受安培力 F1 B1I1L 50N （1分）
a F加速度 1 5m s2 （1分）
m1
（3）金属棒 AB与金属棒 CD发生弹性碰撞，由动量守恒可知：m1v0 m1v1 m2v2 （1分）
1
由能量守恒可知： m1v
2 1 1
0 m v
2
1 1 m
2
2 2 2 2
v2 （1分）
联立解得 v2 20m s （1分）
金属棒 CD向右切割磁感线，当金属棒 CD切割磁感线产生的电动势与电容两端电压 U相等时，金属棒 CD
以速度v3做匀速直线运动。
由动量定理可知： ILB2t2 m2v3 m2v2 （2分）
U q （1分）
C
q It2 （1分）
物理参考答案 第 6 页 （共 9 页）
匀速运动时 E2 U B2Lv3 （1分）
联立解得 v3 10m s （1分）
U 10 10V，q 90 10C （1分）
金属棒 CD向右运动的整个过程能量守恒，则
1 m v2 12 2 m v
2 1
2 3 CU
2 Q2 （2分）2 2 2
解得Q2 9000J （1分）
33.【物理—选修3-4】
（1）【答案】ABE
【命题意图】本题考查分子动理论。
【解析】一定质量的乙醚液体全部蒸发，变成同温度的乙醚气体，气体分子间距增大，分子克服引力做功，
分子势能增加，故 A选项正确；当液体和固体之间表现为不浸润时，附着层内分子间表现为引力，故 B选
项正确；物体的内能由温度、体积、物质的量及物态共同决定，不仅仅与温度有关，在热传递的过程中，
热量由高温物体传递给低温物体，与内能大小无关，故 C选项错误；固体对容器底部的压强，是由于固体
对容器的压力引起的，与固体的质量有关，故 D选项错误；热量是描述在热传递的过程中，能量转移了多
少。功是描述在做功的过程中，能量从一种形式转化为另外一种形式，两者都是描述的某一过程，内能是
描述在某一状态下物体具有的内能，故 E选项正确。
（2）【答案】（i） p2 3.0atm（3分） （ii）V5 29.5L（7分）
【命题意图】本题考查理想气体状态方程。
【解析】（i）由玻意耳定律可知 p1V1 p2V2 (2分)
解得 p2 3.0atm (1分)
（ii）以防爆轮胎内气体为研究对象，爆胎后， p3 2atm，T3 57 273 330(K)，设此时气体的总体
积为V3，由理想气体状态方程可知：
p2V2 p 3V3 (2分)
T2 T3
解得V3 41.25L (1分)
外漏到空气中的同状态气体体积V4 16.25L (1分)
由理想气体状态方程可知，此时外界温度为T2 27 273 300(K) ，压强为大气压强 p 5 1atm ，设
物理参考答案 第 7 页 （共 9 页）
此状态下体积为V5
p3V4 p V 5 5 (2分)
T3 T2
解得V5 29.5L (1分)
其他方法：以防爆轮胎爆胎前胎内气体为研究对象，设爆胎后，外漏气体在外界环境中的体积为V5，则
p2V2 p3V 2 p V 5 5 ，解得V5 29.5L。T2 T3 T2
（注意：若用其他方法解题，评卷老师可按自己理解的标准给分）
34.【物理—选修 3-4】（15分）
（1）【答案】ABE
【命题意图】本题考查波的干涉和衍射等特性。
【解析】红光波长长，更容易产生衍射，穿过雾霾，射透更远的地方，故 A选项正确；向人体内发射一定
频率的超声波，被血管中的血液反射后，测得反射波频率的变化，即可知道血液的流速和血管的情况，这
是利用了波的多普勒效应，故 B选项正确；光从浅水区射向深水区，改变传播方向是因为折射，故 C选项
错误；泊松亮斑外阴影部分分布着不等间距的同心圆环条纹是因为光的衍射，故 D选项错误；由折射定律
可知，折射率越大，看起来越浅，故 E选项正确。
（2 1）【答案】（i） = m/s （5 分，若写成小数形式，只要合理，也可给分）
6
2
（ii） = m（n=1，2，3，…）（5 分）
4 +1
【命题意图】本题考查波的传播与振动图像的结合，考查学生分析综合方法的运用和科学推理能力。
【解析】（i）从 图象可知，周期为 = 4s （1 分）
由于 M、N的距离为 0.5m，且该波的波长大于 0.5m，所以波从 M传到 N的传播时间小于质点的振动周期。
（1分）
由图象可知，波从 M传到 N的传播时间为△ = 3s （1 分）
Δ 0.5m 1
波速为 = = = m/s （2 分）
Δ 3s 6
（ii）从 图象可知，周期为 = 4s （1 分）
由于 M、N的距离为 0.5m，且该波的波长小于 0.5m，所以波从 M传到 N的传播时间大于质点的振动周期。
由图象可知，波从 N传到 M的传播时间为△ = 4 + 1 s（n=1，2，3，…） （1 分）
物理参考答案 第 8 页 （共 9 页）
= Δ = 0.5m 1波速为 = m/s（n=1，2，3，…） （1 分）
Δ （4 +1）s 8 +2
波长为 = = 1 m/s × 4s = 2 m（n=1，2，3，…） （2 分）
8 +2 4 +1
物理参考答案 第 9 页 （共 9 页）绝密★启用前(全国卷）
化学参考答案
7.【答案】C
【解析】A项，复合膨松剂中添加柠檬酸，是利用其酸性，A项错误；B项，补铁口服液与维生素 C一起
服用，利用维生素 C的还原性，防止口服液中 Fe2+被氧化为 Fe3+，B项错误；C项，长期施用铵态氮肥，
铵根离子水解呈酸性，会使土壤酸化，导致土壤板结，C项正确；D项，“汽车限行”措施可减少碳排放,D
项错误。
8.【答案】A
【解析】A项，“502”胶无色，有刺激性气味，液态有毒，固化后无毒，A项错误；B项，氰基（—CN）
中 N原子有孤对电子，可深入蛋白质内部与蛋白质端基的氨基、羧基提供给的氢原子形成氢键，B项正确；
C项，α-氰基丙烯酸乙酯存在碳碳双键、碳氮叁键等，能发生加聚反应，C项正确；D项，“502”胶可用于
粘合钢铁、陶瓷、塑料等，D项正确。
9.【答案】B
2 2
【解析】A项，4g 2H218O物质的量为 mol，含中子数为 × 12 NA ，A项错误；B项，NH4HSO4水溶液11 11
c(NH ) c(H ) 2c(SO 2 ) c(OH ),c(SO 2 中存在电荷守恒 4 4 4 ) 1mol / L ,所以 NH4+和 H+离子数之和大于
2 NA ，B 项正确；C项，标准状况下，CH3OH为液态，22.4L CH3OH 物质的量并非 1mol，C项错误；D
项，1L1mol/L的 H2SO4水溶液中，存在大量的水，含氧原子数远远大于 4 NA ，D项错误。
10.【答案】D
【解析】短周期元素 X、Y、Z、W分别位于三个不同周期，且原子序数依次递增，所以 X为氢，根据化
合物价键结构可判断，Y为氧，W为磷，Z是短周期原子半径最大的主族元素，Z为钠；A项，W的氧化
物为五氧化二磷，可做干燥剂，用于干燥酸性气体，不能干燥氨气，A项错误；B项，原子半径 Na＞P＞
O＞H，B项错误；C项，Y与 Z形成化合物为氧化钠和过氧化钠，阴阳离子之比都为 1:2，C项错误；D
－
项，X2Y2、WX3分别为 H2O2、PH3，均为含 18e 的分子，D项正确。
11.【答案】C
【解析】A项，实验室利用浓盐酸和二氧化锰制取 Cl2需要加热条件，A项错误；B项，向紫色石蕊试液
中通入二氧化硫气体，溶液变红，验证二氧化硫与水反应生成亚硫酸的酸性，B项错误；C项，单质铁和
单质硫的反应过程中，可能会伴随硫与氧气的反应，产生二氧化硫气体，因此可以在该装置中进行，C项
正确；D项，实验室制取氨气药品是“固+固”且需要加热，反应装置的试管口应略向下倾斜，D项错误。
12.【答案】D
【解析】A项，根据离子转化关系，石墨电极为阴极，连接电源负极，A项错误；B项，H+透过交换膜从
阳极（铂电极）向阴极（石墨电极）移动， B 项错误； C 项， Fe3+反应为 Fe3++e-=Fe2+,然后
4Fe2++O2+4H+=4Fe3++2H2O，该过程 Fe3+循环再生,石墨电极实际上可以看成是氧气得电子，石墨电极区域
化学参考答案（全国卷） 第 1 页 （共 6 页）
总的电极反应为 4H++O2+4e-=2H2O，C项错误；D项，随着反应的进行，阳极氢离子向阴极移动，移动过
来的 H+在阴极又参与反应生成了水，所以阴阳两极电解质溶液 pH均升高，D项正确。
13.【答案】B
－ －
【解析】滴加 10.00mL 盐酸时，氨水溶液存在 c(NH4+)+c(H+)=c(Cl )+c(OH )和 c(NH4+)+c(NH3·H2O)=
2c(Cl－) － －，所以有 c(NH3·H2O)+c(OH )=c(Cl )+c(H+)，A项正确；B项，分别滴加 20.00ml盐酸时，恰好反
应生成氯化钠和氯化铵，铵根离子能够水解，所以 NaOH溶液中水的电离程度小于氨水溶液，B项错误；
C项，若用甲基橙做指示剂，滴定终点时 pH值为 4.4，若不考虑铵根离子水解，两份溶液消耗盐酸的量相
等，铵根离子水解呈酸性，所以 NaOH溶液消耗盐酸的量略大于氨水溶液，C项正确；D项，滴加 10.00ml
盐酸时，氨水溶液存在等量的 NH3·H2O和 NH4Cl，此时 NH3·H2O电离程度强于 NH4+水解程度，所以存在
c(NH 4 ) c(Cl ) c(OH ) c(H ) ，D项正确。
26.（13分）
【答案】（1）过滤（1分） 玻璃棒（1分）
（2）ZnO+2NH4++2NH3·H2O=[Zn(NH3)4]2++3H2O（2分）
（3） (NH ) SO 、NH4 2 4 3·H2O（2分，每个 1分）
（4）否（2分）
（5）Zn(NH3 )2SO4+CO2+H2O=ZnCO3 (NH4 )2SO4 （2分）
（6）加入(NH4)2S2O8氧化 AsO33-，充分转化为 AsO43-，过量的(NH4)2S2O8再将 Fe2+氧化为 Fe3+，最后生成
难溶的 FeAsO4，达到除砷目的(3分，意思相同即可)
【解析】（1）根据题干信息，操作 X为过滤，需要的玻璃仪器有玻璃棒、漏斗、烧杯。
（2）根据信息离子反应方程式为 ZnO+2NH4++2NH3·H2O=[Zn(NH3)4]2++3H2O。
（3）流程图中溶液 1为氨水，溶液 2为硫酸铵，气体 1为二氧化碳，三种物质可循环至流程图中“浸出”、
“沉锌”步骤中。
（4）当 Cu2+在溶液中的残留浓度为 10-10mol/L 时，根据 K sp 值，此时 c(S2-)=6.3×10-26,根据 PbS 的 K sp 值，
Pb2+在溶液中的浓度为 1.25×10-2mol/L>10-5mol/L，所以未沉淀完全。
（5）沉锌化学反应为 Zn(NH3)2SO4+ CO2+ H2O = ZnCO3↓+(NH4)2SO4。
（6）加入(NH4)2S2O8氧化 AsO33-，充分转化为 AsO43-，过量的(NH4)2S2O8再将 Fe2+氧化为 Fe3+，生成难溶
的 FeAsO4，达到除砷目的。
27.（14分）
【答案】（1）恒压滴液漏斗（1分，漏掉“恒压”不给分） 冷凝回流环己醇蒸汽，提高反应转化率（1分）
a进 b出（1分）
（2）电动搅拌器搅拌桨容易打碎温度计（2分）
（3）①④⑤③②⑥（2分）
化学参考答案（全国卷） 第 2 页 （共 6 页）
（4）酸性条件下高锰酸钾氧化性强，反应剧烈，不易控制，且易产生其他副反应导致己二酸产率降低（或
者碱性条件下，高锰酸钾氧化性弱，反应平稳，容易控制）（2分，意思相同即可给分，其他合理答案也可）
（5）混合液紫红色消失 （1分）
（6）KCl和 NaCl （2分，每一种物质 1分，写成名称也可给分）
（7）BC （2分）
【解析】（1）装置 A和 B分别为恒压滴液漏斗、球形冷凝管，B的作用主要是冷凝回流乙醚蒸汽；冷凝水
方向从 a口进 b口出。
（2）温度计是测量反应液温度，需深入到装置底部而不接触瓶底，插口位置应该是处在电动搅拌器搅拌
桨凹槽部分，防止碰撞打碎，若与装置 AB更换位置，会与搅拌桨叶片碰撞。
（3）根据实验过程：添加药品—组装辅助仪器—开始反应—产物提取，所以操作顺序为①④⑤③②⑥。
（4）根据反应试剂性质和实验温度控制，可从高锰酸钾的氧化性考虑反应条件的选择为碱性而不酸性。
（5）高锰酸钾溶于水显紫红色，当反应结束时紫红色消失。
（6）反应混合物中存在钾离子和钠离子，最后要用浓盐酸酸化，所以会产生杂质氯化钾和氯化钠。
（7）抽滤的目的是为了去除水分更充分，得到更加干燥的产品，布氏漏斗使用时滤纸的直径应略小于漏
斗内径，又能盖住全部小孔，为确保抽滤彻底，需检验装置气密性良好，抽滤结束后，滤液从吸滤瓶上口
倒出。
28.（16分）
【答案】（1）NH3（g）+2O2（g）= NO －3 （aq）+H+（aq）+H2O（l） H =-346.69kJ/mol（2分，
方程式和焓变各 1分）
（2）C6H12O6+6H2O-24e－=6CO2+24H+（2分） 67.2（2分）
40
（3）①NO（2分） >（2分） B(2分) ②逆反应（2分） ③ （2分，不写单位也给分）
3p0
【解析】（1）根据盖斯定律可得，NH（3 g）+2O（2 g）=NO －3（aq）+H（+ aq）+H2O（l） H =-346.69kJ/mol。
（2）根据题干信息，厌氧阳极葡萄糖氧化过程无氧气参加，并产生了二氧化碳和氢离子，所以电极反应
为 C6H12O6+6H2O-24e－=6CO2+24H+；“好氧阴极”1molNH4+ －完全硝化生成 NO3 ，且电极输送电子 4mol，需
有氧气参加反应，根据原子守恒和电荷守恒可得电极反应 NH4++3O － －2+2H++4e = NO3 +3H2O,消耗 O2的物
质的量 3mol，标准状况下的体积约为 67.2L。
n(CO)
（3）①横坐标为 ，随着比例的增大，一氧化碳转化率逐渐减低，一氧化氮转化率逐渐增大，所以
n(NO)
纵轴表示一氧化氮的转化率，该反应放热，升高温度一氧化氮转化率减低，所以 T1>T2，B点温度最高且
化学参考答案（全国卷） 第 3 页 （共 6 页）
NO物质的量分数高，即浓度大，所以 B点 v(NO) 最大。
正
②T2温度下根据 A点计算平衡常数为
2CO（g）+2NO（g） 2CO2（g）+N2（g）
起始浓度 3 3
转化浓度 1.5 1.5 1.5 0.75
平衡浓度 1.5 1.5 1.5 0.75
1
平衡常数 K 。当以 n (CO)=1.2mol， n (NO)=1.2mol， n (N2)=0.6mol， n (CO2)=1.2mol 的物质的量充入
3
1
各物质，Qc K ，所以反应向逆反应方向进行；2.4
③ 2CO（g）+2NO（g） 2CO2（g）+N2（g）
起始浓度 4 2
转化浓度 1.6 1.6 1.6 0.8
平衡浓度 2.4 0.4 1.6 0.8
物质的量分数 2.4/5.2 0.4/5.2 1.6/5.2 0.8/5.2
5.2
平衡后总压强为 p
6 0
( 0 .8 5.2 p )(1 .6 5 .2 2
5.2 6 0
p
5.2 6 0
)
K 40p
( 0 .4 5.2 p ) 2 ( 2 .4 5.2

p ) 2 3 p 0
5.2 6 0 5.2 6 0
35.[选修 3：物质结构与性质]（15分）
【答案】（1）ds（2分） 3d104s2(1分)
（2）N（1分） 4（1分）
（3）3（2分） sp2（2分）
（4）NH3含有一对孤对电子，而H2O含有两对孤对电子，H2O中的孤对电子对成键电子对的排斥作用较
大，使键角变小（2分）
1 3 1 3 324
（5） , , （2分） 3 （2分，其他正确形式也可给分）
4 4 4 4 dNA
【解析】（1）锌元素位于元素周期表 ds区，Zn的价层电子排布式为 3d104s2。
（2）在[Zn(NH3)4]2+中，提供电子对形成配位键的原子是 N，中心离子的配位数为 4。
（3）结构中碳原子有单键、双键、叁键，所以有 sp3、sp2、sp1三种杂化方式 ，其中标注的为 sp2杂化。
（4）NH3含有一对孤对电子，而H2O含有两对孤对电子，H2O中的孤对电子对成键电子对的排斥作用较
化学参考答案（全国卷） 第 4 页 （共 6 页）
大，使键角变小。
1 3 1 3
（5）C的分数坐标为（ , , ），距离最近的氧原子与锌原子核间距离为晶胞参数的 倍，晶胞参数为
4 4 4 4
324 3 324
3 ，所以距离最近的氧原子与锌原子核间距离为 3 。
dNA 4 dNA
36.[选修 5：有机化学基础]（15分）
【答案】（1） （2分）
（2）2（1分） 取代反应、还原反应（各 1分，共 2分）
（3）羟基、酰胺基（2分，错一个不得分）
（4）
（2分）
（5） （3分，写对 1个给 2分，写对 2个 3分）
（6） （3分）
【解析】（1）根据物质 B 和 E 的结构及已知信息，可得 C 的结构简式为 ，D 为
。
（2）A→B,B→C,C→D均为取代反应，D→E包含取代反应和还原反应两个过程，所以涉及 2种反应类型。
（3）物质 E中含氧官能团的名称为羟基、酰胺基。
化学参考答案（全国卷） 第 5 页 （共 6 页）
（4）C到 D的反应方程式为
（5）根据题干信息可知结构中含氨基和甲酸苯酚酯结构，所以符合条件的同分异构体为
（6）根据流程图信息，现将乙醇氧化为乙酸，利用 B→C,C→D的反应实现合成，所以为
。（注：乙醇氧化过程可多种，正确
即可）
化学参考答案（全国卷） 第 6 页 （共 6 页）绝密★启用前（全国卷）
理科综合能力测试
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡
皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：C12016C135.5Zn65
一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的4个选项中，只有一项是符合题目
要求的。
1.酶在细胞代谢中起着重要的作用。下列叙述错误的是
A.酶分子均以碳链为基本骨架
B.酶的合成需要细胞提供能量
C.酶能确保细胞代谢有序进行
D.酶制剂均在最适温度下保存
2.2021年9月，中国科学家首次利用二氧化碳和电解水产生的氢气为原料，经过人工淀粉代谢合成途径
(ASAP)的11个核心反应过程，成功合成了淀粉。下列叙述错误的是
A.人工淀粉是一种由二氧化碳和氢气分子聚合而成的多聚体
B.酶的应用是确保ASAP的11个核心反应有序进行的关键
C.ASAP与光合作用过程类似，都涉及了能量的转化和储存
D.该技术如果能在全世界推广应用，将有助于减缓温室效应
3.真核细胞内存在一种由RNA和特殊蛋白组成的端粒酶，在细胞增殖的特定时期，可在自身特殊蛋白作用
下以自身RNA作为模板来合成端粒DNA,从而补充到染色体端粒，以调节自身细胞增殖。下列叙述错误
的是
A.在细胞增殖的特定时期，真核细胞可通过端粒酶基因表达来调节自身的增殖
B.从端粒酶的功能推测，正常细胞中不存在从RNA到DNA的信息传递过程
C,若正常细胞发生癌变，其细胞内的端粒酶活性可能上升以促进癌细胞的增殖
D.若抑制端粒酶基因的表达，真核细胞的染色体长度和细胞增殖都会受到影响
4.在炎热的夏季，某人口渴，喝了高糖饮料后感觉“越喝越口渴”。下列有关分析错误的是
A.细胞外液渗透压上升直接刺激大脑皮层产生渴觉
B.体内抗利尿激素含量会上升
C.体内血糖浓度和细胞外液渗透压会变化
D.“越喝越口渴”是神经-体液调节的结果
5.为比较不同抗生素对大肠埃希氏菌在连续传代下的抑菌效果，某研究小组在平板培养基上测定了大肠埃
希氏菌在相同剂量下连续两代的抑菌圈平均大小，结果如表所示。下列叙述错误的是
理科综合试题第1页（共16页)

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