资源简介 陕西省安康市2020-2021学年高二下学期理数期中考试试卷1.(2021高二下·安康期中)已知全集,集合,,则( )A. B. C. D.【答案】B【知识点】交集及其运算;补集及其运算【解析】【解答】因为 ,所以 ,又集合 ,所以 ,故答案为:B.【分析】由集合的交、补运算即可求解。2.(2021高二下·安康期中)若复数为纯虚数,则实数的值为( )A.1 B.2 C.3 D.4【答案】B【知识点】复数的基本概念;复数代数形式的混合运算【解析】【解答】 ,因为复数为纯虚数,可得 ,解得 .故答案为:B【分析】由复数的四则运算化简,再由纯虚数的概念即可求解。3.(2021高二下·安康期中)设向量,,若与的夹角为,则( )A. B. C.2 D.【答案】C【知识点】平面向量数量积的坐标表示、模、夹角【解析】【解答】因为 ,而 , , ,所以 ,解得 ,∴.故答案为:C.【分析】由向量的夹角公式 ,列出方程即可求解。4.(2021高二下·安康期中)已知双曲线()的一个焦点为,则其渐近线方程为( )A. B. C. D.【答案】D【知识点】双曲线的标准方程;双曲线的简单性质【解析】【解答】由条件知: ,则 ,即 ,∴渐近线方程为 .故答案为:D.【分析】由焦点坐标,即可求a,从而解决问题。5.(2021高二下·安康期中)已知,满足约束条件,则的最小值为( )A.1 B.2 C.3 D.4【答案】B【知识点】简单线性规划【解析】【解答】作出可行域,函数 可化为 , 可看作函数 的截距,由图知,当直线 平移到过点 时,截距最小且等于2,所以 的最小值为2.故答案为:B.【分析】画出可行域,由z的几何意义即可求解。6.(2021高二下·安康期中)函数的部分图象大致形状是( )A. B.C. D.【答案】A【知识点】函数图象的作法;函数的奇偶性【解析】【解答】解:根据题意, ,其定义域为 ,则有 ,即函数 为奇函数,排除 、 ;又由当 上时, , , ,则有 ,排除 ;故答案为:A.【分析】先确定函数奇偶性,再通过 ,函数值的正负,即可求解。7.(2021高二下·安康期中)某学习小组有甲、乙、丙、丁四位同学,某次数学测验有一位同学没有及格,当其他同学问及他们四人时,甲说:“没及格的在甲、丙、丁三人中”;乙说:“是丙没及格”;丙说:“是甲或乙没及格”;丁说:“乙说的是正确的”.已知四人中有且只有两人的说法是正确的,则由此可推断未及格的同学是( )A.甲 B.乙 C.丙 D.丁【答案】A【知识点】进行简单的演绎推理【解析】【解答】注意到乙、丁说的同真或同假,当同真时,甲说的也真,不成立,故同假,所以甲、丙说的同真,故甲未及格.故答案为:A【分析】利用已知条件结合演绎推理的方法,进而找出未及格的同学。8.(2021高二下·安康期中)若函数在区间上单调递增,则实数的取值范围是( )A. B.C. D.【答案】D【知识点】函数的单调性与导数正负的关系【解析】【解答】由题意可得 在 上恒成立,即 在 上恒成立,故 .故答案为:D【分析】由函数单调性与导数的联系,可得 在 上恒成立,即可求解。9.(2021高二下·安康期中)某小区的道路网如图所示,则由A到的最短路径中,经过的条数为( )A.6 B.7 C.8 D.9【答案】D【知识点】分步乘法计数原理;组合及组合数公式【解析】【解答】由 到 最短路径有 种,由 到 最短路径有 种,故经过 的最短路径有 种.故答案为:D.【分析】先确定A到B, B到C的种数,由乘法原理即可求解。10.(2021高二下·安康期中)某班班会准备从含甲、乙的6名学生中选取4人发言,要求甲、乙2人中至少有一人参加,若甲、乙同时参加,则他们发言时顺序相邻,那么不同的发言顺序有( )A.168种 B.240种 C.264种 D.336种【答案】C【知识点】排列、组合的实际应用【解析】【解答】根据题意,可分为两种情况:若甲乙其中一人参加,有 种情况;若甲乙两人都参加,有 种情况,所以不同的发言顺序有 种.故答案为:C.【分析】分甲乙其中一人参加和甲乙两人都参加,讨论计数即可求解。11.(2021高二下·安康期中)已知是定义在上的偶函数,当时,,设,,,则( )A. B. C. D.【答案】D【知识点】偶函数;利用导数研究函数的单调性【解析】【解答】由题意知, , , .当 时, , ,因为 ,所以 ,即 ,所以 在 上单调递增,因为 ,∴.故答案为:D【分析】由函数的奇偶性可得 , ,及 ,再确定函数在 的单调性,即可求解。12.(2021高二下·安康期中)圆锥的底面圆周及顶点均在半径为3的球面上,则该圆锥体积的最大值为( )A.8π B. C.12π D.24π【答案】B【知识点】利用导数研究函数的单调性;旋转体(圆柱/圆锥/圆台/球)的结构特征【解析】【解答】解:如图,设, ,则 ,则所以 ,所以 ,所以当 时, ,当 时, ,即 在 上单调递增,在 上单调递减,所以当 时, 取得最大值为 .故答案为:B【分析】如图,设 ,可得 ,求其导函数,确定单调区间,即可求解。13.(2021高二下·安康期中)在正方体中,则异面直线与的夹角为 .【答案】【知识点】异面直线所成的角【解析】【解答】在正方体 中,,所以 ,所以四边形 是平行四边形,所以 ,所以 或其补角即为异面直线 与 所成的角,连接 ,由 为正方体可得 是等边三角形,所以 .故答案为:【分析】由正方体的结构特点,如图,可知 或其补角即为异面直线 与 所成的角,即可求解。14.(2021高二下·安康期中)宋元时期是我国古代数学非常辉煌的时期,其中秦九韶、李治、杨辉、朱世杰并称宋元数学四大家,其代表作有秦九韶的《数书九章》,李治的《测圆海镜》和《益古演段》,杨辉的《详解九章算法》和《杨辉算法》,朱世杰的《算学启蒙》和《四元玉鉴》.现有数学著作《数书九章》,《测圆海镜》,《益古演段》,《详解九章算法》,《杨辉算法》,《算学启蒙》,《四元玉鉴》,共七本,从中任取2本,至少含有一本杨辉的著作的概率是 .【答案】【知识点】互斥事件与对立事件;概率的应用;简单计数与排列组合【解析】【解答】所求概率 。故答案为: 。【分析】利用已知条件结合组合数公式,再结合对立事件求概率公式结合古典概型求概率公式,进而求出从中任取2本,至少含有一本杨辉的著作的概率。15.(2021高二下·安康期中)函数的极小值为 .【答案】1【知识点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数的极值【解析】【解答】 ,当 时, ,当 时, ,所以函数 在 上单调递减,在 上单调递增,则当 时, 有极小值故答案为:1【分析】求其导函数,由 , 求出单调区间,即可求解。16.(2021高二下·安康期中)已知,分别是椭圆的上,下焦点,若椭圆上存在四个不同点,使得的面积为,则的离心率的取值范围是 .【答案】【知识点】椭圆的标准方程;椭圆的简单性质【解析】【解答】由已知可得 ,∵椭圆 上存在四个不同点 ,使得 的面积为 ,∴,即 ,解得 ,∴离心率 .故答案为:【分析】由题意,结合存在四个不同点使得焦点三角形面积为 ,可得 ,即可求m的范围,从而解决问题。17.(2021高二下·安康期中)已知,,分别为内角,,的对边,,,.(1)求的值;(2)求的面积.【答案】(1)解:,,由正弦定理得,∴.(2)解:由余弦定理得,整理得,解得或(舍去),的面积.【知识点】正弦定理;余弦定理;三角形中的几何计算【解析】【分析】(1)由条件易得B,再由正弦定理即可求sinA;(2)由余弦定理可求c,代入面积公式即可求解。18.(2021高二下·安康期中)已知数列的前项和为,且.(1)证明:数列是等差数列,并求出数列的通项公式;(2)求数列的前项和为.【答案】(1)证明:当时, ;当时, .当时, 也符合上式, 故.因为 ,故数列是以3为首项,2为公差的等差数列.(2)解:.【知识点】等差数列概念与表示;等差数列的通项公式;数列的求和【解析】【分析】(1)由 ,结合n=1,验证即可求解;(2)由裂项相消即可求和。19.(2021高二下·安康期中)已知函数(,,)的部分图像如图所示.(1)求的解析式;(2)讨论在区间上的单调性.【答案】(1)解:观察函数图象知,,即,则,∵的图象过点,∴,∴,又,∴,∴.(2)解:的单调递增区间为即为,单调递减区间为即为,因为求上的单调区间,令得到单调递增区间为,令得到单调递减区间为,,所以函数在上的单调递减区间为,,单调递增区间为.【知识点】由y=Asin(ωx+φ)的部分图象确定其解析式;含三角函数的复合函数的单调性【解析】【分析】(1)由最大值可确定A,由周期确定 ,最后代入最高点,即可求解;(2)由 求出增区间,再通过对k赋值,求其与 的交集即可。20.(2021高二下·安康期中)如图,几何体中,平面平面,平面,且.(1)证明:平面;(2)若,平面,求二面角的余弦值.【答案】(1)证明:过点作于点,因为平面平面,平面平面,平面,所以平面,又因为平面,所以,又由平面,平面,所以平面.(2)解:因为平面,可得,所以,又因为,所以,可得,所以是的中点,连接,则,所以平面,所以,,所以四边形是矩形.以为坐标原点,分别以,,所在直线为,,轴建立空间直角坐标系,如图所示:设,则,,,可得,.设平面的一个法向量为,则,取,可得,所以;又平面的一个法向量为,设二面角的平面角为,则,因为二面角是钝角,所以二面的余弦值为.【知识点】直线与平面平行的判定;用空间向量研究二面角【解析】【分析】(1)由面面垂直的性质定理可得 平面 ,进而得到 ,从而求证;(2)建立空间直角坐标系,求出两平面的法向量,代入夹角公式即可求解。21.(2021高二下·安康期中)过抛物线的焦点且斜率为2的直线交于、两点,.(1)求抛物线的方程;(2)设圆交抛物线于,两点,若是圆的直径,求圆的面积.【答案】(1)解:抛物线的方程为,抛物线的焦点,设,,直线的方程为:由得:,,,抛物线的方程为.(2)解:设,,圆的方程为,且是圆的直径,,,,,,直线的方程为,联立得:,不妨设,,【知识点】抛物线的标准方程;直线与圆锥曲线的关系【解析】【分析】(1) 设, ,由抛物线过焦点的弦长公式即可求解;(2)由(1)知 ,设 ,, 结合点在抛物线上,可得 直线的方程为 ,联立抛物线方程,即可求N,从而求解。22.(2021高二下·安康期中)已知函数.(1)若曲线在点处的切线与坐标轴围成的三角形面积为4,求实数的值;(2)当时,证明:.【答案】(1)解:由,∴,又,∴切线方程为,().当时,;当时,,由题意可得,解得或.(2)解:,,当时,,令,则,设的零点为,则,即且,∴在上递减,上递增,∴,∴时,恒成立,从而恒成立,∴当时,.(或根据证明)【知识点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数最大(小)值;利用导数研究曲线上某点切线方程【解析】【分析】(1)由导数的几何意义,求出切线方程,进而得到在两坐标轴上的交点,从而解决问题;(2) 当时,通过放缩可得, 构造函数 ,求其导函数,确定隐零点,得到g(x)的单调区间,求得最小值,即可求解。1 / 1陕西省安康市2020-2021学年高二下学期理数期中考试试卷1.(2021高二下·安康期中)已知全集,集合,,则( )A. B. C. D.2.(2021高二下·安康期中)若复数为纯虚数,则实数的值为( )A.1 B.2 C.3 D.43.(2021高二下·安康期中)设向量,,若与的夹角为,则( )A. B. C.2 D.4.(2021高二下·安康期中)已知双曲线()的一个焦点为,则其渐近线方程为( )A. B. C. D.5.(2021高二下·安康期中)已知,满足约束条件,则的最小值为( )A.1 B.2 C.3 D.46.(2021高二下·安康期中)函数的部分图象大致形状是( )A. B.C. D.7.(2021高二下·安康期中)某学习小组有甲、乙、丙、丁四位同学,某次数学测验有一位同学没有及格,当其他同学问及他们四人时,甲说:“没及格的在甲、丙、丁三人中”;乙说:“是丙没及格”;丙说:“是甲或乙没及格”;丁说:“乙说的是正确的”.已知四人中有且只有两人的说法是正确的,则由此可推断未及格的同学是( )A.甲 B.乙 C.丙 D.丁8.(2021高二下·安康期中)若函数在区间上单调递增,则实数的取值范围是( )A. B.C. D.9.(2021高二下·安康期中)某小区的道路网如图所示,则由A到的最短路径中,经过的条数为( )A.6 B.7 C.8 D.910.(2021高二下·安康期中)某班班会准备从含甲、乙的6名学生中选取4人发言,要求甲、乙2人中至少有一人参加,若甲、乙同时参加,则他们发言时顺序相邻,那么不同的发言顺序有( )A.168种 B.240种 C.264种 D.336种11.(2021高二下·安康期中)已知是定义在上的偶函数,当时,,设,,,则( )A. B. C. D.12.(2021高二下·安康期中)圆锥的底面圆周及顶点均在半径为3的球面上,则该圆锥体积的最大值为( )A.8π B. C.12π D.24π13.(2021高二下·安康期中)在正方体中,则异面直线与的夹角为 .14.(2021高二下·安康期中)宋元时期是我国古代数学非常辉煌的时期,其中秦九韶、李治、杨辉、朱世杰并称宋元数学四大家,其代表作有秦九韶的《数书九章》,李治的《测圆海镜》和《益古演段》,杨辉的《详解九章算法》和《杨辉算法》,朱世杰的《算学启蒙》和《四元玉鉴》.现有数学著作《数书九章》,《测圆海镜》,《益古演段》,《详解九章算法》,《杨辉算法》,《算学启蒙》,《四元玉鉴》,共七本,从中任取2本,至少含有一本杨辉的著作的概率是 .15.(2021高二下·安康期中)函数的极小值为 .16.(2021高二下·安康期中)已知,分别是椭圆的上,下焦点,若椭圆上存在四个不同点,使得的面积为,则的离心率的取值范围是 .17.(2021高二下·安康期中)已知,,分别为内角,,的对边,,,.(1)求的值;(2)求的面积.18.(2021高二下·安康期中)已知数列的前项和为,且.(1)证明:数列是等差数列,并求出数列的通项公式;(2)求数列的前项和为.19.(2021高二下·安康期中)已知函数(,,)的部分图像如图所示.(1)求的解析式;(2)讨论在区间上的单调性.20.(2021高二下·安康期中)如图,几何体中,平面平面,平面,且.(1)证明:平面;(2)若,平面,求二面角的余弦值.21.(2021高二下·安康期中)过抛物线的焦点且斜率为2的直线交于、两点,.(1)求抛物线的方程;(2)设圆交抛物线于,两点,若是圆的直径,求圆的面积.22.(2021高二下·安康期中)已知函数.(1)若曲线在点处的切线与坐标轴围成的三角形面积为4,求实数的值;(2)当时,证明:.答案解析部分1.【答案】B【知识点】交集及其运算;补集及其运算【解析】【解答】因为 ,所以 ,又集合 ,所以 ,故答案为:B.【分析】由集合的交、补运算即可求解。2.【答案】B【知识点】复数的基本概念;复数代数形式的混合运算【解析】【解答】 ,因为复数为纯虚数,可得 ,解得 .故答案为:B【分析】由复数的四则运算化简,再由纯虚数的概念即可求解。3.【答案】C【知识点】平面向量数量积的坐标表示、模、夹角【解析】【解答】因为 ,而 , , ,所以 ,解得 ,∴.故答案为:C.【分析】由向量的夹角公式 ,列出方程即可求解。4.【答案】D【知识点】双曲线的标准方程;双曲线的简单性质【解析】【解答】由条件知: ,则 ,即 ,∴渐近线方程为 .故答案为:D.【分析】由焦点坐标,即可求a,从而解决问题。5.【答案】B【知识点】简单线性规划【解析】【解答】作出可行域,函数 可化为 , 可看作函数 的截距,由图知,当直线 平移到过点 时,截距最小且等于2,所以 的最小值为2.故答案为:B.【分析】画出可行域,由z的几何意义即可求解。6.【答案】A【知识点】函数图象的作法;函数的奇偶性【解析】【解答】解:根据题意, ,其定义域为 ,则有 ,即函数 为奇函数,排除 、 ;又由当 上时, , , ,则有 ,排除 ;故答案为:A.【分析】先确定函数奇偶性,再通过 ,函数值的正负,即可求解。7.【答案】A【知识点】进行简单的演绎推理【解析】【解答】注意到乙、丁说的同真或同假,当同真时,甲说的也真,不成立,故同假,所以甲、丙说的同真,故甲未及格.故答案为:A【分析】利用已知条件结合演绎推理的方法,进而找出未及格的同学。8.【答案】D【知识点】函数的单调性与导数正负的关系【解析】【解答】由题意可得 在 上恒成立,即 在 上恒成立,故 .故答案为:D【分析】由函数单调性与导数的联系,可得 在 上恒成立,即可求解。9.【答案】D【知识点】分步乘法计数原理;组合及组合数公式【解析】【解答】由 到 最短路径有 种,由 到 最短路径有 种,故经过 的最短路径有 种.故答案为:D.【分析】先确定A到B, B到C的种数,由乘法原理即可求解。10.【答案】C【知识点】排列、组合的实际应用【解析】【解答】根据题意,可分为两种情况:若甲乙其中一人参加,有 种情况;若甲乙两人都参加,有 种情况,所以不同的发言顺序有 种.故答案为:C.【分析】分甲乙其中一人参加和甲乙两人都参加,讨论计数即可求解。11.【答案】D【知识点】偶函数;利用导数研究函数的单调性【解析】【解答】由题意知, , , .当 时, , ,因为 ,所以 ,即 ,所以 在 上单调递增,因为 ,∴.故答案为:D【分析】由函数的奇偶性可得 , ,及 ,再确定函数在 的单调性,即可求解。12.【答案】B【知识点】利用导数研究函数的单调性;旋转体(圆柱/圆锥/圆台/球)的结构特征【解析】【解答】解:如图,设, ,则 ,则所以 ,所以 ,所以当 时, ,当 时, ,即 在 上单调递增,在 上单调递减,所以当 时, 取得最大值为 .故答案为:B【分析】如图,设 ,可得 ,求其导函数,确定单调区间,即可求解。13.【答案】【知识点】异面直线所成的角【解析】【解答】在正方体 中,,所以 ,所以四边形 是平行四边形,所以 ,所以 或其补角即为异面直线 与 所成的角,连接 ,由 为正方体可得 是等边三角形,所以 .故答案为:【分析】由正方体的结构特点,如图,可知 或其补角即为异面直线 与 所成的角,即可求解。14.【答案】【知识点】互斥事件与对立事件;概率的应用;简单计数与排列组合【解析】【解答】所求概率 。故答案为: 。【分析】利用已知条件结合组合数公式,再结合对立事件求概率公式结合古典概型求概率公式,进而求出从中任取2本,至少含有一本杨辉的著作的概率。15.【答案】1【知识点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数的极值【解析】【解答】 ,当 时, ,当 时, ,所以函数 在 上单调递减,在 上单调递增,则当 时, 有极小值故答案为:1【分析】求其导函数,由 , 求出单调区间,即可求解。16.【答案】【知识点】椭圆的标准方程;椭圆的简单性质【解析】【解答】由已知可得 ,∵椭圆 上存在四个不同点 ,使得 的面积为 ,∴,即 ,解得 ,∴离心率 .故答案为:【分析】由题意,结合存在四个不同点使得焦点三角形面积为 ,可得 ,即可求m的范围,从而解决问题。17.【答案】(1)解:,,由正弦定理得,∴.(2)解:由余弦定理得,整理得,解得或(舍去),的面积.【知识点】正弦定理;余弦定理;三角形中的几何计算【解析】【分析】(1)由条件易得B,再由正弦定理即可求sinA;(2)由余弦定理可求c,代入面积公式即可求解。18.【答案】(1)证明:当时, ;当时, .当时, 也符合上式, 故.因为 ,故数列是以3为首项,2为公差的等差数列.(2)解:.【知识点】等差数列概念与表示;等差数列的通项公式;数列的求和【解析】【分析】(1)由 ,结合n=1,验证即可求解;(2)由裂项相消即可求和。19.【答案】(1)解:观察函数图象知,,即,则,∵的图象过点,∴,∴,又,∴,∴.(2)解:的单调递增区间为即为,单调递减区间为即为,因为求上的单调区间,令得到单调递增区间为,令得到单调递减区间为,,所以函数在上的单调递减区间为,,单调递增区间为.【知识点】由y=Asin(ωx+φ)的部分图象确定其解析式;含三角函数的复合函数的单调性【解析】【分析】(1)由最大值可确定A,由周期确定 ,最后代入最高点,即可求解;(2)由 求出增区间,再通过对k赋值,求其与 的交集即可。20.【答案】(1)证明:过点作于点,因为平面平面,平面平面,平面,所以平面,又因为平面,所以,又由平面,平面,所以平面.(2)解:因为平面,可得,所以,又因为,所以,可得,所以是的中点,连接,则,所以平面,所以,,所以四边形是矩形.以为坐标原点,分别以,,所在直线为,,轴建立空间直角坐标系,如图所示:设,则,,,可得,.设平面的一个法向量为,则,取,可得,所以;又平面的一个法向量为,设二面角的平面角为,则,因为二面角是钝角,所以二面的余弦值为.【知识点】直线与平面平行的判定;用空间向量研究二面角【解析】【分析】(1)由面面垂直的性质定理可得 平面 ,进而得到 ,从而求证;(2)建立空间直角坐标系,求出两平面的法向量,代入夹角公式即可求解。21.【答案】(1)解:抛物线的方程为,抛物线的焦点,设,,直线的方程为:由得:,,,抛物线的方程为.(2)解:设,,圆的方程为,且是圆的直径,,,,,,直线的方程为,联立得:,不妨设,,【知识点】抛物线的标准方程;直线与圆锥曲线的关系【解析】【分析】(1) 设, ,由抛物线过焦点的弦长公式即可求解;(2)由(1)知 ,设 ,, 结合点在抛物线上,可得 直线的方程为 ,联立抛物线方程,即可求N,从而求解。22.【答案】(1)解:由,∴,又,∴切线方程为,().当时,;当时,,由题意可得,解得或.(2)解:,,当时,,令,则,设的零点为,则,即且,∴在上递减,上递增,∴,∴时,恒成立,从而恒成立,∴当时,.(或根据证明)【知识点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数最大(小)值;利用导数研究曲线上某点切线方程【解析】【分析】(1)由导数的几何意义,求出切线方程,进而得到在两坐标轴上的交点,从而解决问题;(2) 当时,通过放缩可得, 构造函数 ,求其导函数,确定隐零点,得到g(x)的单调区间,求得最小值,即可求解。1 / 1 展开更多...... 收起↑ 资源列表 陕西省安康市2020-2021学年高二下学期理数期中考试试卷(学生版).docx 陕西省安康市2020-2021学年高二下学期理数期中考试试卷(教师版).docx