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嘉积中学2021一2022学年度第二学期高二年级第二次月考
高二物理科试题
(时间：90分钟
满分：100分)
欢迎你参加这次测试，祝你取得好成绩！
一、单选题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
符合题目要求的。
1.无线充电技术能实现能量的无线传输，如图是无线充电设备给手机充电，下列关于无线充电
的说法正确的是()
A.充电设备中的线圈通恒定电流也可以对手机无线充电
B.充电设备的电流与手机的充电电流一定相等
C.充电的原理主要利用了自感
D.充电设备与手机不接触也能充电
2.下列有关电磁波的特性和应用，说法正确的是（)
A,各种频率的电磁波在真空的传播速度各不相同
B.X射线和Y射线都有很强的穿透本领，常用于医学上透视人体
C.在医院里常用紫外线对病房和手术室消毒，是利用紫外线显著的热效应
D,无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和Y射线按频率从小到大排列
3.如图所示为一交流电的电流i随时间1变化的图像，该交变电流的有效值为()
I/A
55
2
4
45
A.43A
D.5A
B.52A
C.7A
高二物理科试题（第1页共6页）
0000000
4,在如图所示的电路中，Qb为两个完全相同的灯泡，L为自感系数较大且电阻不能忽略的线
图，E为电源，S为开关，下列关于两灯泡点亮和地灭的说法正确的是(
A,合上开关，b先亮，a后亮：稳定后b比a更亮一些
B.合上开关，a先亮，b后亮：稳定后Q、b一样亮
C.断开开关，b先炮灭，a后熄灭
D.断开开关，a与b立即熄灭
5.如图所示，理想变压器的原线圈两端接在u=220V互sin100t(V)的交流电源上，刷线圈两
端接R=55的负我电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表。下
列说法正确的是()
A.原线圈中电流表的读数为2A
B.副线圈中输出交流电的周期为0.01s
C.副线圈中电压表的读数为110√2V
D.原线圈中的输入功率为220w
6.为了增大LC振荡电路的固有频率，下列办法中可采取的是()
A,在线圈中放入铁芯
B.减少线圈的匝数
C.减小电容器两极板的距离
D.增大电容器两极板的正对面积
7.如图所示，在边长为L的正方形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，有一带正电的电荷，
从D点以V,的速度沿DB方向射入磁场，恰好从A点射出，已知电荷的质量为m,带电量
为9，不计电荷的重力，则下列说法正确的是()
×X×XB
A.电荷在磁场中运动的时间为心
X××XX×
Vo
XXXXX XUIWO
B.匀强磁场的磁感应强度为B=2m0
qL
D
C.若电荷的入射速度变为2v。,则电荷的射出点距B点的距离为(2√)L
D.若电荷从CD边界射出，随着入射速度的减小，电荷在磁场中运动的时间增大
8.如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨间距为L，之间接有定值电阻R,质量为m的金属
棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒的电阻为？，导轨电阻不计.整个装置放
在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F作用下
先加速上升的一段时间，再达到稳定状态。则下列说法中正确的是()
A.棒达到稳定状态前，其加速度一直在增大
B。棒达到稳定状态时，通过它的电流为1=
BL
C.棒达到稳定状态时，其速度为v.=F-mg(R+:
BL
D.整个过程中，棒克服安培力做的功在数值上等于棒上所产生的焦耳热
高二物理科试题（第2页共6页）
织
0000000嘉积高级中学2021-2022学年高二下学期4月第二次月考
物理科答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
答案 D D C A D B C C CD BC BC AD ABD
1.【答案】D
解析：充电设备中的线圈通恒定电流，其产生的磁场是恒定的，不能使手机产生感应电路，所以A错误；充电设备与手机的充电电流不一定相等，就像变压器工作原理一样，原副线圈匝数不一样，所以B错误;充电的原理主要利用了电磁感应的互感原理，所以充电设备与手机不接触也能充电，则C错误；D正确
2.【答案】D
【解析】
A．各种频率的电磁波在真空中的传播速度相同，都是光速，故A错误；
B．X射线有很强的穿透本领，常用于医学上透视人体；而射线的穿透本领最强，对人体损伤最大，所以不能用于医学上透视人体，故B错误；
C．医院里常用紫外线对病房和手术室消毒，是利用了紫外线的消毒作用，而红外线才有显著的热效应，故C错误；
D．根据电磁波谱，可知，无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和射线按频率从小到大排列，故D正确。故选D。
3.【答案】C
【解析】
将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有
解得 ；故选C。
4.【答案】A
【解析】
AB.由于a、b为两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间，b灯泡立刻发光，而a灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮，由于两灯泡并联，L的电阻不能忽略，所以稳定后b比a更亮一些，选项A正确，B错误；
CD. 当开关断开瞬间，两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，亮度相同，稳定后b比a更亮一些，所以a、b不会先变得更亮，两灯泡同时熄灭，故C、D错误.
故选A。
【答案】D
【解析】
A．原线圈中电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可得，副线圈中电压的有效值为110V，因为电阻R=55Ω，故副线圈中的电流为2A，则原线圈中的电流为1A，电流表的示数为1A，故A错误；
B．原线圈中交流电的周期为，则副线圈中输出交流电的周期也为0.02s，故B错误。
C．电压表的读数为电压的有效值，由A的分析可知，副线圈的有效值为110V，所以电压表的读数为110V，故C错误；
D．由输入功率和输出功率相等可得原线圈中的输入功率为P=I2R=（2A）2×55Ω=220W
故D正确；故选D。
6.【答案】B
【解析】;由LC振荡电路的周期为，为了增大LC振荡电路的固有频率可减小周期大小，在线圈中放入铁芯电感增加，因此电路的周期增大，A错误；减小线圈的匝数电感减小，因此周期减小频率增加，B正确;减小电容器的距离电容增加,C错误；增大电容器的正对面积则电容减小，D错误；
7.答案：C
试题分析：电荷在磁场中运动的路程，因此运动的时间，A错误；由几何关系可知，粒子在磁场中做匀速圆周运动的圆心恰好在C点，这样半径为L，根据可知，磁感强度大小B=，B错误；若电荷的入射速度变为2v0，则根据可知轨道半径为2L，则根据几何关系可以求出射出点距B的距离为，若从CD边界射出，则在磁场中运动的时间恰好为半个周期，而粒子在磁场中运动的周期，与粒子运动的速度无关，因此若电荷从CD边界射出，虽然入射速度的减小，但电荷在磁场中运动的时间总是，保持不变，C正确；D错误。
8.【答案】C
解析：对导体棒受力分析得：，而感应电动势，电流，带入得：，随着运动速度v增加，加速度减小，当加速度减小到零时，速度最大，此时，即电流，所以C正确的；AB错误．根据能量守恒定律可以知道，棒所受安培力做功在数值上等于回路中产生的焦耳热，故D错误；故选C．
9.【答案】CD
【解析】由图像可知时刻线圈的磁通量最大，因此此时线圈处于中性面位置，因此A错误；从0时刻到时刻的平均感应电动势为，故B错误．
由图可知交流电的周期为T，则，由交流电的电动势的最大值，则有效值为故C正确；线圈转动一周的发热量，，D正确，故选CD。
10【答案】BC
【解析】
AC．保持U1不变，S由b切换到a时，副线圈匝数增多，则输出电压U2增大，电流I2增大，R消耗的功率增大，由变压器功率关系可知，其输入功率也增大，故I1增大，故A错误，C正确；
BD．S由a切换到b时，副线圈匝数减少，则输出电压U2减小，输出电流I2减小，所以根据P2=I2U2，P2减小；又因P1=P2，所以变压器输入功率减小，故B正确，D错误。
故选BC。
11.【答案】BC
【解析】
A．根据安培定则可知导线框所在处的磁场方向垂直纸面向里；AB中的电流减小，线圈中向里的磁通量减小，所以将产生顺时针方向的电流．由于靠近导线磁场强，则安培力较大；远离导线磁场弱，则安培力较小．因此线圈靠近AB直导线，线框向左摆动。故A错误，B正确；AB中的电流增大，穿过线框的磁通量增大，根据楞次定律得到：线框中感应电流方向为逆时针方向．根据左手定则可知导线框所受安培力指指向线框内，由于靠近导线磁场强，则安培力较大；远离导线磁场弱，则安培力较小．因此线圈离开AB直导线，向右运动．故D错误，C正确．
12【答案】AD
解析：输电线上的损失功率为△P=6%P=0.6%×50 kW=300 W，故A正确．由△P=I2R=300W可得输电线上电流I=10 A，升压变压器副线圈电压为，升压变压器的匝数比为，故B、C错误．输电线损失电压为△U=IR=30 V，降压变压器的输入电压为U3=U2-△U=4 970 V，故D正确．故选AD．
13.【答案】ABD
由右手定则可得，回路中感应电流的方向为顺时针，所以A正确
系统动量守恒，，得。回路中产生的电动势，，，有牛顿第二定律得，B正确；
C．两棒所受安培力合力为零，系统动量守恒，最终共同速度为
对b棒 ；解得 故C错误；
D．根据能量守恒，两棒共产生的焦耳热为
而导体棒a共产生的焦耳热为
故D正确；故选AD。
14.【答案】 5.665（+0.002） ； A ； ； 感应电动势与磁通量变化率成正比（或者在磁通量变化量相同的情况下，感应电动势与时间成反比）。
【解析】
（1）螺旋测微器固定刻度为5.5mm，可动刻度为，所以最终读数为；
（2）在挡光片每次经过光电门的过程中，磁铁与线圈之间相对位置的改变量都一样，穿过线圈磁通量的变化量都相同。选A
（3）根据；因不变，E与成正比，横坐标应该是。
（4）感应电动势与磁通量变化率成正比（或者在磁通量变化量相同的情况下，感应电动势与时间成反比）。
15解析：(1)BD （2）B (3)减小 (4)D
（1）因为变压器两端要接入交流电源，才能起到变压的作用，所以不能用干电池，要用由交流输出的低压交流电源，故A错误，B正确；本实验不需要滑动变阻器，故B错误；测量交流电压不能用直流电压表，要用多用电表，故C错误，D正确。故选BD；
（2）为了保证安全，低压交流电源的电压不要超过12V
（3）因为原副线圈的电压之比满足即
所以保持原线圈的电压以及副线圈的匝数不变，仅增加原线圈的匝数时，副线圈两端的电压将减小；
（4）因为当左侧线圈“0”“8”间接入时，左侧线圈匝数为8n，右侧线圈接“0”“4”接线柱时，右侧线圈匝数为4n，所以当变压器为理想变压器时满足。
则。因为实际情况时，变压器有漏磁，且线圈有焦耳热产生，故左侧输汝电压应该大于6V。故选D。
16【答案】 500 120
【解析】（1）[1]由乙图可知当R的温度等于20 ℃时，阻值为4kΩ。由欧姆定律
解得Rg＝500Ω
（2）[2]当电流表的示数I2＝3.6 mA时，则根据
解得R=2 kΩ由图中读出热敏电阻R的温度是120℃．
【答案】(1) E=5V , 4.8w (2) 12N
【解析】
设金属棒中感应电动势为E，则：-------------2分
代入数值得E=5V -------------------1分
设过电阻R的电流大小为I ，则：----------1分
电阻R的电功率-------1分
导体棒做匀速运动，由平衡知识可知： -------2分
=10N ---------------1分
=2N--- --------1分
解得F=12N--------------1分
18.【答案】（1）（2）（3）63.6V（4）
【解析】
（1）线圈转动的角速度---------------1分
根据题意可知，感应电动势的最大值---------------2分
则线圈处于中性面开始计时，电动势的瞬时值表达式为-----2分
（2）线圈转动中电流最大值------2分
（3）电动势的有效值为--------------1分
电路中电流表的示数为--------------1分
电压表读数为----------------------------1分
（4）线圈转过的过程中，通过电阻的电荷量
----------------2分
19..答案】（1），；（2）；（3）
【解析】
（1）在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，粒子运动的轨迹如图所示（略）
由--------------------------------2分
得粒子在x轴上方做圆周运动半径---------------------1分
如图所示，在x轴上方做圆周运动时，有
在x轴下方做圆周运动时，有-----------1分
粒子第二次到达x轴时离O点的距离---------1分
由--------------------1分
可得圆周运动周期
粒子在x轴上方的周期 ---------------1分
粒子在轴上方的周期 ---------------1分
如图所示，在x轴上方做圆周运动时，有-------------1分
在x轴下方做圆周运动时----------------------------1分
则第二次到达x轴所用时间-------------------------1分
画出轨迹得------------------------1分
（3）-------------------2分

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