资源简介 圆锥曲线的最值、范围及探索性问题提 升 关键能力——考点突破 掌握类题通法考点一 最值、范围问题 [综合性]角度1 几何法求最值[例1] 斜率为-1的直线过抛物线y2=-2px(p>0)的焦点,与抛物线交于两点A,B,M为抛物线上弧上的动点,若|AB|=12.(1)求抛物线的方程;(2)求S△ABM的最大值.听课笔记:反思感悟 几何方法求解圆锥曲线中的最值(范围)问题,即通过圆锥曲线的定义、几何性质将最值转化,利用平面几何中的定理、性质,结合图形的直观性求解最值问题,常用的结论有:(1)两点间线段最短;(2)点到直线的垂线段最短.角度2 基本不等式法求最值[例2] [2022·江西景德镇一中高三月考]已知椭圆C:=1(a>b>0)的短轴长为2,过下焦点且与x轴平行的弦长为.(1)求椭圆C的标准方程;(2)若A、B分别为椭圆C的右顶点与上顶点,直线y=kx(k>0)与椭圆C相交于M、N两点,求四边形AMBN的面积的最大值及此时k的值.听课笔记:反思感悟 首先需要根据题目的条件和结论找出明确的函数关系,建立起目标函数,常用基本不等式法求解.角度3 函数单调性求最值[例3] [2022·云南玉溪高三月考]已知抛物线E:y2=2px(p>0),过点P(3,0)的直线l交抛物线E于A,B,且·=-3(O为坐标原点).(1)求抛物线E的方程;(2)过P作与直线l垂直的直线m交抛物线E于C,D.求四边形ACBD面积的最小值.听课笔记:反思感悟 把要求最值的几何量或代数表达式表示为某个(些)参数的函数解析式,然后利用函数的思想、不等式的思想等进行求解.【对点训练】1.已知直线l:y=kx+t与圆C1:x2+(y+1)2=2相交于A,B两点,且△C1AB的面积取得最大值,又直线l与抛物线C2:x2=2y相交于不同的两点M,N,则实数t的取值范围是________.2.[2022·河南高三月考]已知抛物线C:x2=2py(p>0)的焦点为F,过F的直线与抛物线C交于A,B两点,当A,B两点的纵坐标相同时,|AB|=4.(1)求抛物线C的方程;(2)若P,Q为抛物线C上两个动点,|PQ|=m(m>0),E为PQ的中点,求点E纵坐标的最小值.3.[2022·福建南平市检测]已知椭圆C:=1(a>b>0)的长轴长为4,点()在C上.(1)求C的方程;(2)设C的上顶点为A,右顶点为B,直线l与AB平行,且与C交于M,N两点,=,点F为C的右焦点,求|DF|的最小值.考点二 探究性问题 [创新性][例4] [2022·重庆市育才中学检测]阿基米德(公元前287年~公元前212年,古希腊)不仅是著名的哲学家、物理学家,也是著名的数学家,他利用“逼近法”得到椭圆面积除以圆周率π等于椭圆的长半轴长与短半轴长的乘积.在平面直角坐标系中,椭圆C:=1(a>b>0)的面积等于2π,且椭圆C的焦距为2.(1)求椭圆C的标准方程;(2)点P(4,0)是x轴上的定点,直线l与椭圆C交于不同的两点A、B,已知A关于y轴的对称点为M,B点关于原点的对称点为N,已知P、M、N三点共线,试探究直线l是否过定点.若过定点,求出定点坐标;若不过定点,请说明理由.听课笔记:反思感悟 求解存在性问题时,通常的方法是首先假设满足条件的几何元素或参数值存在,然后利用这些条件并结合题目的其他已知条件进行推理与计算,若不出现矛盾,并且得到了相应的几何元素或参数值,就说明满足条件的几何元素或参数值存在;若在推理与计算中出现了矛盾,则说明满足条件的几何元素或参数值不存在,同时推理与计算的过程就是说明理由的过程.【对点训练】已知双曲线C1:=1(a>0,b>0)与C2:=1有相同的渐近线,点F(2,0)为C1的右焦点,A,B为C1的左,右顶点.(1)求双曲线C1的标准方程;(2)若直线l过点F交双曲线C1的右支于M,N两点,设直线AM,BN斜率分别为k1,k2,是否存在实数λ使得k1=λk2?若存在,求出λ的值;若不存在,请说明理由.微专题36 解析几何中减少运算量的常见技巧 思想方法技巧一 解析几何中的“设而不求”“设而不求”是简化运算的一种重要手段,它的精彩在于设而不求,化繁为简.解题过程中,巧妙设点,避免解方程组,常见类型有:(1)灵活应用“点、线的几何性质”解题;(2)根据题意,整体消参或整体代入等.类型一 巧妙运用抛物线定义得出根与系数的关系,从而设而不求[例1] 在平面直角坐标系xOy中,双曲线=1(a>0,b>0)的右支与焦点为F的抛物线x2=2py(p>0)交于A,B两点.若|AF|+|BF|=4|OF|,则该双曲线的渐近线方程为________.解析:设A(x1,y1),B(x2,y2),由抛物线的定义可知|AF|=y1+,|BF|=y2+,|OF|=,由|AF|+|BF|=y1++y2+=y1+y2+p=4|OF|=2p,得y1+y2=p.kAB===.由得kAB===·,则·=,所以= =,所以双曲线的渐近线方程为y=±x.答案:y=±x名师点评 本题巧妙使用了抛物线的定义,从而得出根与系数的关系.类型二 中点弦或对称问题,可以利用“点差法”,“点差法”实质上是“设而不求”的一种方法[例2] △ABC的三个顶点都在抛物线E:y2=2x上,其中A(2,2),△ABC的重心G是抛物线E的焦点,则BC边所在直线的方程为________.解析:设B(x1,y1),C(x2,y2),边BC的中点为M(x0,y0),易知G,则从而即M,又==2x2,两式相减得(y1+y2)(y1-y2)=2(x1-x2),则直线BC的斜率kBC=====-1,故直线BC的方程为y-(-1)=-,即4x+4y+5=0.答案:4x+4y+5=0名师点评 本题使用点差法,巧妙地表达出弦的中点坐标和弦的斜率的关系,从而快速解决问题.类型三 求解直线与圆锥曲线的相关问题时,若两条直线互相垂直或两直线斜率有明确等量关系,可用“替代法”,“替代法”的实质是设而不求[例3] 已知F为抛物线C:y2=2x的焦点,过F作两条互相垂直的直线l1,l2,直线l1与C交于A,B两点,直线l2与C交于D,E两点,则|AB|+|DE|的最小值为________.解析:方法一 由题意知,直线l1,l2的斜率都存在且不为0,F,设l1:x=ty+,则直线l1的斜率为,联立方程得消去x得y2-2ty-1=0.设A(x1,y1),B(x2,y2),则y1+y2=2t,y1y2=-1.所以|AB|=|y1-y2|=·==2t2+2,同理得,用-替换t可得|DE|=+2,所以|AB|+|DE|=2+4≥4+4=8,当且仅当t2=,即t=±1时等号成立,故|AB|+|DE|的最小值为8.方法二 由题意知,直线l1,l2的斜率都存在且不为0,F,不妨设l1的斜率为k,则l1:y=k,l2:y=-.由消去y得k2x2-(k2+2)x+=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=1+.由抛物线的定义知,|AB|=x1+x2+1=1++1=2+.同理可得,用-替换|AB|中k,可得|DE|=2+2k2,所以|AB|+|DE|=2++2+2k2=4++2k2≥4+4=8,当且仅当=2k2,即k=±1时等号成立,故|AB|+|DE|的最小值为8.答案:8名师点评 本题考查了抛物线的简单性质以及直线和抛物线的位置关系,弦长公式,对于过焦点的弦,能熟练掌握相关的结论,解决问题事半功倍.技巧二 巧用平面几何性质[例4] 已知O为坐标原点,F是椭圆C:=1(a>b>0)的左焦点,A,B分别为C的左,右顶点.P为C上一点,且PF⊥x轴.过点A的直线l与线段PF交于点M,与y轴交于点E.若直线BM经过OE的中点,则C的离心率为( )A. B. C. D.解析:设OE的中点为N,如图,因为MF∥OE,所以有==.又因为OE=2ON,所以有=·,解得e==,故选A.答案:A名师点评 此题也可以用解析法解决,但有一定的计算量,巧用三角形的相似比可以简化计算.技巧三 巧用“根与系数的关系”,化繁为简某些涉及线段长度关系的问题可以通过解方程,求坐标,用距离公式计算长度的方法来解;但也可以利用一元二次方程,使相关的点的同名坐标为方程的根,由根与系数的关系求出两根间的关系或有关线段长度间的关系,后者往往计算量小,解题过程简捷.[例5] 已知椭圆+y2=1的左顶点为A,过A作两条互相垂直的弦AM,AN交椭圆M,N两点.(1)当直线AM的斜率为1时,求点M的坐标;(2)当直线AM的斜率变化时,直线MN是否过x轴上的一定点?若过定点,请给出证明,并求出该定点;若不过定点,请说明理由.解析:(1)直线AM的斜率为1时,直线AM的方程为y=x+2,代入椭圆方程并化简得5x2+16x+12=0,解得x1=-2,x2=-,所以M.(2)设直线AM的斜率为k,直线AM的方程为y=k(x+2),联立方程化简得(1+4k2)x2+16k2x+16k2-4=0.则xA+xM=,又xA=-2,则xM=-xA-=2-=.同理,可得xN=.由(1)知若存在定点,则此点必为P,证明如下:因为kMP===,同理可计算得kPN=,所以直线MN过x轴上的一定点P.名师点评 本例在第(2)问中可应用根与系数的关系求出xM=,这体现了整体思想,这是解决解析几何问题时常用的方法,简单易懂,通过设而不求,大大降低了运算量.技巧四 巧妙“换元”减少运算量变量换元法的关键是构造元和设元,理论依据是等量代换,目的是变换研究对象,将问题移至新对象的知识背景中去研究,从而将非标准型问题转化为标准型问题,将复杂问题简单化,变量换元化常用于求解复合函数的值域、三角函数的化简或求值等问题.[例6] 如图,已知椭圆C的离心率为,点A,B,F分别为椭圆的右顶点,上顶点和右焦点,且S△ABF=1-.(1)求椭圆C的方程;(2)已知直线l:y=kx+m与圆O:x2+y2=1相切,若直线l与椭圆C交于M,N两点,求△OMN面积的最大值.解析:(1)由已知椭圆的焦点在x轴上,设其方程为=1(a>b>0),则A(a,0),B(0,b),F(c,0)(c=),由已知可得e2==,所以a2=4b2,即a=2b,c=b,①S△AFB=×|AF|×|OB|=(a-c)b=1-,②将①代入②,得(2b-b)b=1-,解得b=1,故a=2,c=,所以椭圆C的方程为+y2=1.(2)圆O的圆心为坐标原点,半径r=1,由直线l:y=kx+m与圆O:x2+y2=1相切,得=1,故有m2=1+k2,③由消去y,得x2+2kmx+m2-1=0,由题可知k≠0,即(1+4k2)x2+8kmx+4(m2-1)=0,所以Δ=16(4k2-m2+1)=48k2>0,设M(x1,y1),N(x2,y2),则x1+x2=,x1x2=,所以|x1-x2|2=(x1+x2)2-4x1x2=-4×=,④将③代入④中,得|x1-x2|2=,故|x1-x2|=,所以|MN|=|x1-x2|==,故△OMN的面积S=|MN|×1=×1=.令t=4k2+1,则t≥1,k2=,代入上式,得s=2=====,所以当t=3,即4k2+1=3,解得k=±时,S取得最大值且最大值为=1.名师点评 破解此类题的关键:一是利用已知条件,建立关于参数的方程,解方程、求出参数的值,二是通过变量换元法将所给函数转化为值域容易确定的另一函数,求得其值域,从而求得原函数的值域,形如y=ax+b±(a,b,c,d均为常数,且ac≠0)的函数常用此法求解,但在换元时一定要注意新元的取值范围,以保证等价转化,这样目标函数的值域才不会发生变化.圆锥曲线的最值、范围及探索性问题提升关键能力考点一例1 解析:(1)抛物线y2=-2px(p>0)的焦点为,设直线AB的方程为y=-x-,代入抛物线方程可得x2+3px+=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),可得x1+x2=-3p,由抛物线的定义可得|AB|=-(x1+x2)+p=3p+p=12,解得p=3,即抛物线的方程为y2=-6x.(2)设与直线y=-x-平行且与抛物线相切的直线方程为y=-x+t,代入抛物线的方程可得x2+(6-2t)x+t2=0,由Δ=(6-2t)2-4t2=0,解得t=,即切线的方程为y=-x+,可得M到直线y=-x-的距离的最大值为=,则△ABM面积的最大值为×12×=9.例2 解析:(1)由题意可得2b=2,则b=1,将y=-c代入椭圆方程可得=1,则x2=b2=,得x=±,由题意可得==,所以,a=,因此,椭圆C的方程为+x2=1;(2)易知点A(1,0)、B(0,),直线AB的方程为x+=1,即x+y-=0.不妨设M(x1,y1)、N(x2,y2)且x1 x1=-,x2=,则x2=-x1,设M到直线AB的距离为d1===,N到直线AB的距离为d2==S四边形AMBN=|AB|(d1+d2)=(k+)·x2=====·=,当且仅当k=时,等号成立,因此,四边形AMBN的面积的最大值为,此时k=.例3 解析:(1)设直线l为x=ty+3代入E:y2=2px整理得y2-2pty-6p=0设A(x1,y1),B(x2,y2)所以y1+y2=2pt,y1y2=-6p所以x1x2===9由·=-3 x1x2+y1y2=-3得9-6p=-3 p=2,综上:所求抛物线E的方程为y2=4x.解析:(2)由(1)得y1+y2=4t,y1y2=-12|AB|==4因为AB⊥CD所以|CD|=4S四边形ACBD=|AB|·|CD|=8令t2+=m≥2,有S四边形ACBD=|AB|·|CD|=8·=8故当m=2时,四边形ACBD面积有最小值8=64.对点训练1.解析:由题意得圆C1的圆心为C1(0,-1),半径r=,则|AC1|=|BC1|=,S△C1AB=|AC1||BC1|·sin ∠AC1B=sin ∠AC1B,可知当∠AC1B=,即C1A⊥C1B时,△C1AB的面积取得最大值,此时圆心C1到直线l的距离为1,即=1,所以k2=t2+2t.把直线l的方程代入抛物线C2的方程并整理,得x2-2kx-2t=0,由Δ=4k2+8t=4t2+16t>0,可得t<-4或t>0,故实数t的取值范围为(-∞,-4)答案:(-∞,-4)2.解析:(1)当A,B两点纵坐标相同时, A,B的纵坐标均为,由抛物线的定义知|AB|=2p.因为|AB|=4,所以p=2,所以抛物线C的方程为x2=4y.(2)由题意知直线PQ的斜率存在,设直线PQ的方程为y=kx+b,联立消去y并整理,得x2-4kx-4b=0,Δ=16k2+16b=16(k2+b)>0,设P(x1,y1),Q(x2,y2),则x1+x2=4k,x1x2=-4b,|PQ|===m,所以b=-k2,符合Δ>0,所以y1+y2=k(x1+x2)+2b=4k2+2b=+2k2,所以点E的纵坐标yE==+k2=+(k2+1)-1,令t=k2+1≥1,则yE=+t-1.当<1时,即0所以当t=1,即k=0时,(yE)min=;当≥1,即m≥4时,函数yE=+t-1在t=时取得最小值,(yE)min=-1,综上所述:当03.解析:(1)因为C的长轴长为4,所以2a=4,即a=2.又点()在C上,所以=1,代入a=2,解得b2=8,故C的方程为=1.(2)由(1)可知,A,B的坐标分别为(0,2),(2,0),直线AB的方程为x+y-2=0,设l:x+y+m=0(m≠-2),联立得4x2+2mx+m2-24=0,由Δ=8m2-16(m2-24)=384-8m2>0,得m2<48,设M(x1,y1),N(x2,y2),D(x0,y0),因为=,所以D为MN的中点,则x0==-,因为x0+y0+m=0,所以y0=-,又F的坐标为(2,0),所以|DF|====,因为(-)2<48,所以当m=-时,|DF|取得最小值,且最小值为.考点二例4 解析:(1)∵椭圆C:=1(a>b>0)的面积等于2π,∴πab=2π,∴ab=2,∵椭圆C的焦距为2,∴2c=2,∵,∴a=2,b=1,∴椭圆方程为C:+y2=1.(2)设直线l:x=my+t,A(x1,y1),B(x2,y2),则M(-x1,y1),N(-x2,-y2),∵P、M、N三点共线,得kPM=kPN =∴y1(x2+4)+y2(x1+4)=0,∵直线l:x=my+t与椭圆C交于A、B两点,x1=my1+t,x2=my2+t∴y1(my2+t+4)+y2(my1+t+4)=0,∴2my1y2+(t+4)(y1+y2)=0,由,得(m2+4)y2+2mty+t2-4=0,∴,∴,代入2my1y2+(t+4)(y1+y2)=0中,∴2m+(t+4)(-)=0,∴2m(t2-4)+(t+4)(-2mt)=0,∴8m(t+1)=0当m=0,直线l方程为x=t,则M、N重合,不符合题意;当t=-1时,直线l:x=my-1,所以直线l恒过定点(-1,0).对点训练解析:(1)∵C2的渐近线为y=±x,∴=,∵c==2,∴a=1,b=,所以双曲线C1的标准方程为x2-=1.解析:(2)由已知,A(-1,0),B(1,0),M(x1,y1),N(x2,y2),l过点F(2,0)与右支交于两点,则l斜率不为零,设l:x=my+2,由,消元得(3m2-1)y2+12my+9=0,因为l与双曲线右支交于两点,所以,解得m∈(-)Δ=(12m)2-4×9(3m2-1)=36(m2+1)>0,∴y1+y2=-,y1y2=,∵k1=,k2=≠0,∴===,∵=-=-,∴my1y2=-(y1+y2),∴===-,∴存在λ=-使得k1=λk2. 展开更多...... 收起↑ 资源预览