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2022年四川省成都市双流区中考物理二诊试卷
一、单项选择题（各小题给出的4个选项中，只有一个符合题目要求，每题2分，共26分）
1．（2分）下列的估测中，最接近生活实际的是（　　）
A．家庭手电筒中的电流约为50A
B．家庭节能灯中的电流约为10A
C．家用空凋的电功率约为5W
D．液晶电视机的电功率约为100W
2．（2分）有关家庭电路和安全用电说法正确的是（　　）
A．使用测电笔时手不能接触笔尾金属体
B．用电器起火时，应迅速用水扑灭
C．可以将电冰箱的三脚插头换成两脚插头
D．控制各灯具的开关都应该安装在火线上
3．（2分）空间站的三名宇航员与地面联系，传回图片和声音主要依靠（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．光导纤维
4．（2分）2022年3月10日，我国大推力氢氧发动机试车成功，其燃料使用液态氢，主要原因是（　　）
A．密度大 B．热值高 C．沸点高 D．燃点高
5．（2分）下列关于四个节气中的成都美食，说法正确的是（　　）
A．清明——叶儿粑很容易掰开，是因为组成叶儿粑的材料分子间没有引力
B．夏至——冰粉吃起来冰爽镇暑，是因为冰粉含有的热量少
C．秋分——成都火锅香气四溢，是因为分子在无规则运动
D．冬至——烤全羊熟透了，是通过做功的方式改变了羊肉的内能
6．（2分）小明同学学习了声现象后，总结了以下四点，其中说法错误的是（　　）
A．超声波清洗机清洗牙齿，是利用了声波能传递能量
B．声音在真空中传播的速度是3.0×108m/s
C．音乐会上我们能区分二胡和钢琴的声音是利用了声音的音色特性
D．中考期间，学校周围禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声
7．（2分）小明一家自驾小汽车去郊游，如图是小汽车行驶过程中某段路程随时间变化的图象，由图象可知在360s内的平均速度是（　　）
A．15m/s B．10m/s C．24m/s D．14m/s
8．（2分）2021年10月16日，神舟十三号载人飞船成功发射；如图所示是加速升空时拍到的三名宇航员（翟志刚、王亚平、叶光富）的图片，当飞船加速上升过程中，下列说法正确的是（　　）
A．王亚平的动能增大，重力势能增大
B．王亚平的重力势能增大是由动能转化而来的
C．王亚平的机械能保持不变
D．王亚平的机械能减小
9．（2分）已知作用在同一物体上的两个在同一条直线上的力F1、F2．当F1＝18N，F2＝8N时，它们的合力大小（　　）
A．一定是 26N B．一定是 10N C．26N 或 10N D．无法判断
10．（2分）过交通路口要遵守红灯停、绿灯行、黄灯等的规则，小明同学用小灯泡、电池、开关和导线来模拟路口的交通信号灯，要求红、绿、黄灯可独立发光。他设计了如图所示的电路图，其中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
11．（2分）下列情形中与大气压无关的是（　　）
A．医生给病人注射药液
B．高山上无法用普通锅将食物煮熟
C．用吸管喝饮料
D．用胶头滴管吸化学药液
12．（2分）下列测量方案中，合理的有（　　）
A．测小铁块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
B．测小砖块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
C．测小木块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
D．测比赛用铅球密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
13．（2分）如图所示的两个装置可以用来演示物理现象或原理，下列表述正确的是（　　）
A．图a可用来验证电磁感应原理
B．图b的实验过程中是机械能转化为电能
C．图a的实验过程中是电能转化为机械能
D．图b可以用来演示发电机原理
二、填空题（每空2分，共28分）
14．（4分）小华利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，通实验后并绘制出如图乙所示的水温与时间关系的图像。根据图像可知水的沸点为 　 　℃，水在沸腾过程中需要不停吸热，但是温度 　 　。
15．（4分）如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验，实验时测得蜡烛A到透明玻璃板的距离为8cm，移动蜡烛B，使它与蜡烛A的像完全重合，此时蜡烛B到蜡烛A的距离为 　 　cm；若移开蜡烛B，用白纸作光屏放在像的位置，不透过玻璃板，直接观察白纸，　 　（选填“能”或“不能”）看到蜡烛A的像。
16．（4分）2022年北京冬奥会已完美谢幕。小明同学结合所学物理知识在观看比赛时思考：短道速滑运动员在弯道滑行的过程中，运动状态 　 　（选填“改变”或“不改变”）；冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有 　 　。
17．（4分）小明自制了一盏可调节亮度的台灯，电路如图所示，粗心的小明忘记把灯泡画上去，你认为灯泡应画在图中 　 　之间（选填“a、b”或“c、d”）；连好电路后，若要使灯泡变暗，应将滑动变阻器的滑动片向 　 　移动。
18．（4分）如图所示，闭合开关S，通电螺线管右侧的小磁针静止时，小磁针的N极指向左，则电源的右端为 　 　极。若使滑动变阻器滑片P向右端移动，通电螺线管的磁性 　 　。
19．（4分）升国旗时，使用的滑轮是图中的 　 　（选填“a”或“b”），它实质上是一个等臂杠杆，不能省力，但使用它的最大的好处是能改变力的 　 　。
20．（4分）某电饭煲设有“加热”和“保温”两挡，其内部简化电路如图所示，当开关S断开时，电饭煲处于 　 　（填“加热”或“保温”）状态；若R1＝110Ω，R2＝220Ω，则加热挡工作10s，电热丝R1产生的热量为 　 　J。
三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
21．请在图中，作出光线由空气斜射入水中后大致的折射光线，并标出折射角α。
22．如图甲所示，是现在比较流行的一种学生用的拉杆书包。拉杆书包可看成杠杆，如图乙所示，请画出拉杆书包如图静止时，拉杆书包对地面的压力以及施加在A点的最小动力的示意图。
23．如图是某品牌汽车（四轮汽车），该款汽车质量为1.6t，汽车静止时轮胎与水平地面总接触面积为8×10﹣2m2。（g取10N/kg）
（1）求该汽车空载时静止在水平地面上对地面的压强；
（2）若该汽车匀速直线行驶2km，此时汽车所受阻力为车重力的0.2倍，求牵引力做的功。
24．如图所示，电源电压保持不变，定值电阻R＝20Ω，滑动变阻器的最大阻值是40Ω，灯泡标有“6V 3W”，（不考虑灯泡电阻的变化）。当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P位于最右端b时，电流表的读数为0.1A，求：
（1）电源电压U。
（2）通过开关通断和移动滑动变阻器滑片P，使电路中的总功率最大，求该最大总功率。
四、实验题（每空2分，共14分）
25．小芳同学用如图甲所示电路“探究并联电路中电流的特点”。
（1）当闭合开关试触时，发现电流表的指针偏转如图丙所示，原因 　 　。
（2）排除故障后，某次实验时电流表的示数如图丁所示，则电流表的示数为 　 　A。
（3）用电流表分别测出电路中三个位置的电流来寻找规律，以下所取组合不合适的是 　 　。
A．E、A、D
B．E、B、C
C．F、C、D
D．F、A、D
26．如图所示，小艾用完全相同的长方体木块，探究影响滑动摩擦力大小的因素。
（1）木块平放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动前，应在 　 　方向进行调零；
（2）比较甲、乙两图可知，滑动摩擦力的大小与 　 　有关；
（3）由乙、丙两图 　 　（选填“能”、“不能”）得出滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
（4）同组其他同学对实验进行评估时，下列说法正确的是 　 　。
A.滑动摩擦力的大小一定与重力有关
B.在甲图中用2N的力拉木块时，摩擦力等于2N
C.在甲图中水平向左加速拉动木块时，摩擦力大小不变
D.在丙图中竖直放置木块，再匀速直线拉动时，弹簧测力计示数会变大
一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
27．（2分）2022年北京冬奥会三大赛区26个场馆全部使用“绿电”，向全世界展示了中国推动能源革命的巨大成就。绿电的主要来源为太阳能、风力、生质能、地热等，中国主要以太阳能及风能为主。有关能源和能量下列说法正确的是（　　）
A．因为能量是守恒的，所以我们不需要节约能源
B．汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能
C．核电站是利用核聚变产生的巨大能量来发电的
D．太阳能、风能、生物质能、地热能既是新能源，也是可再生能源
28．（2分）关于光现象，下列论述不正确的是（　　）
A．青蛙“坐井观天，所见甚小”，是光的直线传播造成的
B．小明看到平静的湖面上“云在水中飘，鱼在云上游”，都是光的反射现象
C．近视眼是将像成在了视网膜的前面，应该配戴凹透镜来矫正
D．研究凸透镜成像的实验时，物体逐渐靠近焦点，所成的像一定变大
29．（2分）标准大气压下，用相同的电加热器分别对200g物质甲和300g水持续加热（不计热量损失），如图是它们的温度随时间的变化图象，已知水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），下列说法正确的是（　　）
A．曲线 A 是水的温度﹣时间图象
B．甲物质的熔点是 60℃
C．0﹣10min，甲物质的比热容为 2.1×103J/（kg ℃）
D．10﹣15min，甲物质的内能增加了 1.26×104J
（多选）30．（2分）如图甲所示的装置，每个滑轮的重力为10N，物体A的重力GA＝100N，物体B的重力GB＝140N，对A施加水平向右的拉力F1＝80N，使A以0.1m/s的速度匀速向右运动；撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，如图乙所示，对B施加一个竖直向下的拉力F2，使A以0.2m/s的速度匀速向左运动。绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，则下列说法正确的是（　　）
A．甲图中，A受到的摩擦力为80N
B．乙图中，F2的大小为30N
C．乙图中，F2做功的功率为2W
D．乙图中，天花板与滑轮连接P点处受到的拉力为120N
31．（2分）如图所示电路，电源电压U恒定。当A、B间接入标有“4V 2W”字样的灯泡L（忽略灯丝电阻变化），闭合S、S1、S2，断开S3，滑片P移到某一位置时电流表示数为I，滑片P再向上移动一段距离，R的阻值变化了6Ω，电流表示数变化了0.1A，L恰好正常发光；当A、B间换接为R3，闭合S、S3断开S1、S2，电压表示数为U2，R1的功率为P1，R2的功率为P2，P1≠P2，电路的总功率为6W。R1、R2、R3均为定值电阻，每个电阻的阻值只有4Ω、6Ω、7Ω、9Ω这四种可能。下列结论正确的是（　　）
A．I＝0.4A B．U＝10V
C．U2可能是2.5V D．P1可能是1.5W
二、综合题（共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分。）
32．现如今小汽车、摩托车、电瓶车等交通工具已经进入千家万户。为了保证安全，这些交通工具上都设有各种指示灯以起到提醒作用。实验学校科创班的同学开展了一次针对“指示灯”的调查活动。
（1）小方组的同学发现汽车在行驶中要左转弯时，向下轻拨方向盘旁的一根“杆子”，前后的左转向灯便同时闪烁起来，则“杆子”实际上起到了 　 　的作用。
（2）小梅组的同学发现汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带：当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光。如图中符合上述要求的电路图是 　 　。
（3）小段组的同学发现一种摩托车转向灯的电路原理图如图1所示。图中“智能开关”可以使电路间歇地通断，L为指示灯。当S拨至“1”时，左转向灯L左发光，向外界发出左转信号，同时灯L闪亮，向驾驶员显示转向灯正常工作。右转时道理与左转一样。把S拨至1、2的任何位置时灯L都会发光，而左、右转向灯L左、L右却不会同时发光。他们对此百思不得其解，于是请教了物理杨老师。杨老师给他们展示了一种带有指示灯的开关，实物图如图2甲所示，电路图如图2乙所示。当开关S闭合时，电路中的指示灯L1不发光、照明灯L2正常发光。当开关S断开时，由于指示灯L1的电阻远 　 　照明灯泡L2的电阻，故指示灯L1发光，照明灯L2不发光。小段组的同学听后恍然大悟。若现有规格为“6V 1.5W”、“6V 10W”、“6V 20W”三只灯泡，在图1中，当电源两端电压为6V，两只转向灯L左、L右都用“6V 10W”的灯泡，则灯L应该选用规格的灯泡可能为 　 　。
33．如图所示，A是质量均匀的长方体，底面积为25cm2，高为8cm，质量为160g；另有一圆柱形容器，高为8cm，底面积为125cm2。小明先把A物体放在圆柱形容器的正中央，然后按要求向圆柱形容器中加水，容器壁厚度忽略不计，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）A物体的密度。
（2）小明同学缓慢沿容器壁注入500g水，待A物体稳定后（始终竖直），再将A竖直向上提0.4cm，求此时水对A物体下底面的压强；
（3）若从水量为0开始缓慢注入水的质量为mx（单位：g）直到注满为止，请通过分析计算，写出水对容器底部的压强p与mx的函数关系式。
2022年四川省成都市双流区中考物理二诊试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（各小题给出的4个选项中，只有一个符合题目要求，每题2分，共26分）
1．（2分）下列的估测中，最接近生活实际的是（　　）
A．家庭手电筒中的电流约为50A
B．家庭节能灯中的电流约为10A
C．家用空凋的电功率约为5W
D．液晶电视机的电功率约为100W
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、家庭手电筒中的电流约为0.1A，故A错误；
B、家庭节能灯中的电流约为0.1A，故B错误；
C、家用空凋的电功率约为1000W，故C错误；
D、液晶电视机的电功率约为100W，符合实际，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2分）有关家庭电路和安全用电说法正确的是（　　）
A．使用测电笔时手不能接触笔尾金属体
B．用电器起火时，应迅速用水扑灭
C．可以将电冰箱的三脚插头换成两脚插头
D．控制各灯具的开关都应该安装在火线上
【分析】（1）使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成回路；
（2）发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火；
（3）三孔插座的接地线一定要接入地下，以防外壳带电危及人身安全；
（4）为保证用电安全，控制家用电器的开关应该控制火线，开关断开时，切断电源，用电器不带电。
【解答】解：A、使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体，不能接触笔尖的金属体，故A错误；
B、家用电器着火，应首先断开电源，再进行灭火，故B错误；
C、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代，故C错误；
D、家庭电路中，控制各个灯具的开关都应安装火线上，断开开关，保证用电安全，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了家庭电路中的用电常识。要掌握家庭电路中的电路连接，同时注意安全用电的知识。
3．（2分）空间站的三名宇航员与地面联系，传回图片和声音主要依靠（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．光导纤维
【分析】声是由物体振动产生的，声音的传播需要介质，真空不能传声；电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播。
【解答】解：AB、声按照人的听觉频率分为超声波，声音和次声波，声音的传播需要介质，真空不能传声，太空中是真空，故AB错误；
C、空间站的三名宇航员与地面之间是通过电磁波来传递信息的，C故正确；
D、光导纤维是利用光的全反射来传递信息的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对声波的特点，以及电磁波的传播的了解和掌握。
4．（2分）2022年3月10日，我国大推力氢氧发动机试车成功，其燃料使用液态氢，主要原因是（　　）
A．密度大 B．热值高 C．沸点高 D．燃点高
【分析】某种燃料完全燃烧放出的热量和质量的比值叫热值，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。
【解答】解：我国大推力氢氧发动机试车成功，其燃料使用液态氢，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查学生对热值定义的掌握情况，是一道基础题。
5．（2分）下列关于四个节气中的成都美食，说法正确的是（　　）
A．清明——叶儿粑很容易掰开，是因为组成叶儿粑的材料分子间没有引力
B．夏至——冰粉吃起来冰爽镇暑，是因为冰粉含有的热量少
C．秋分——成都火锅香气四溢，是因为分子在无规则运动
D．冬至——烤全羊熟透了，是通过做功的方式改变了羊肉的内能
【分析】（1）分子间存在引力和斥力。
（2）热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”。
（3）构成物质的分子总在不停地做无规则运动。
（4）改变内能的方法有：做功和热传递。
【解答】解：A、分子之间存在引力和斥力，叶儿粑很容易掰开，是因为组成叶儿粑的材料分子间的引力较小的缘故，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C、火锅香气四溢属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、烤全羊熟透了，是通过热传递的方式改变了羊肉的内能，故D错误。
故选：C。
【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、分子动理论及改变物体内能方法的理解，是一道综合题。
6．（2分）小明同学学习了声现象后，总结了以下四点，其中说法错误的是（　　）
A．超声波清洗机清洗牙齿，是利用了声波能传递能量
B．声音在真空中传播的速度是3.0×108m/s
C．音乐会上我们能区分二胡和钢琴的声音是利用了声音的音色特性
D．中考期间，学校周围禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声
【分析】（1）声音可以传递信息，也可以传递能量；
（2）声音的传播需要介质；
（3）不同发声体的材料与结构不同，发出声音的音色不同；
（4）防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治。
【解答】解：A、超声波清洗机清洗牙齿，是利用了声波能传递能量，故A正确；
B、声音的传播需要介质，声音在真空中不能传播，故B错误；
C、不同发声体的材料与结构不同，发出声音的音色不同，能区分出二胡和钢琴的声音是利用了声音的音色特性，故C正确；
D、学校周围禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查声音能传递信息和能量，声音的特性，声音的传播以及减弱噪声的途径，是一道综合题。
7．（2分）小明一家自驾小汽车去郊游，如图是小汽车行驶过程中某段路程随时间变化的图象，由图象可知在360s内的平均速度是（　　）
A．15m/s B．10m/s C．24m/s D．14m/s
【分析】由图可知小汽车360s内行驶的路程，根据速度公式计算出小汽车360s内的平均速度。
【解答】解：由图可知，小汽车360s内行驶的路程s＝3600m，
小汽车在360s内的平均速度：v10m/s。
故选：B。
【点评】本题考查s﹣t图象考查速度公式的应用，是一道常考的基础题。
8．（2分）2021年10月16日，神舟十三号载人飞船成功发射；如图所示是加速升空时拍到的三名宇航员（翟志刚、王亚平、叶光富）的图片，当飞船加速上升过程中，下列说法正确的是（　　）
A．王亚平的动能增大，重力势能增大
B．王亚平的重力势能增大是由动能转化而来的
C．王亚平的机械能保持不变
D．王亚平的机械能减小
【分析】（1）重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度。质量一定，所处的位置越高，重力势能越大。
（2）动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度。质量一定，速度越大，动能越大。
（3）机械能＝势能+动能。
【解答】解：火箭加速上升的过程中，王亚平的质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度增大，重力势能增大；此过程中不是动能转化为重力势能；机械能＝势能+动能，动能增大，重力势能增大，所以机械能增大，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】此题考查了动能、势能和机械能的大小变化，是一道基础题。
9．（2分）已知作用在同一物体上的两个在同一条直线上的力F1、F2．当F1＝18N，F2＝8N时，它们的合力大小（　　）
A．一定是 26N B．一定是 10N C．26N 或 10N D．无法判断
【分析】（1）两个力在同一直线上，方向相同，合力大小等于这两个力的大小之和，合力方向与这两个力的方向相同；
（2）两个力在同一直线上，方向相反，合力大小等于这两个力的大小之差，合力方向与较大的力的方向相同。
【解答】解：（1）两个力方向相同时，合力F＝F1+F2＝18N+8N＝26N，方向与F1、F2的方向相同；
（2）两个力方向相反时，合力F′＝F2﹣F1＝18N﹣8N＝10N，方向与F1的方向相同；
故选：C。
【点评】本题考查了力的合成，熟练掌握力的合成方法是正确答题的关键，解题时要分两个力方向相同与相反两种情况进行讨论。
10．（2分）过交通路口要遵守红灯停、绿灯行、黄灯等的规则，小明同学用小灯泡、电池、开关和导线来模拟路口的交通信号灯，要求红、绿、黄灯可独立发光。他设计了如图所示的电路图，其中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】根据“要求红、绿、黄灯可独立发光”可知三灯泡的连接方式，然后得出答案。
【解答】解：由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，要使红、绿、黄灯可独立发光，应采用三灯泡并联的连接方式，其三灯泡各有一个开关控制，选项中A符合，BCD不符合。
故选：A。
【点评】本题考查了电路图的设计，知道串并联电路的特点是解题的关键。
11．（2分）下列情形中与大气压无关的是（　　）
A．医生给病人注射药液
B．高山上无法用普通锅将食物煮熟
C．用吸管喝饮料
D．用胶头滴管吸化学药液
【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。据此逐个分析各选择项中各个实验或现象的操作过程，然后确定其是否与大气压有关。从而可以得到答案。
【解答】解：A、医生用注射器给病人注射药液，依靠的的是人的推力，不是利用大气压，故A 符合题意；
B、高原上用普通锅不易煮熟米饭，是因为海拔越高，大气压越低，而水的沸点越低造成的，与大气压强有关，故B不合题意；
C、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，故C不符合题意；
D、用滴管吸取药液，要先把滴管橡胶内的空气挤出，在外界大气压的作用下，药液就被压进滴管里，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】大气压相关的事例在生活中有很多，我们应该学会从原理的角度去分析它们。平时学习中注意贴近生活实际，激发学生探究物理现象的兴趣。
12．（2分）下列测量方案中，合理的有（　　）
A．测小铁块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
B．测小砖块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
C．测小木块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
D．测比赛用铅球密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积
【分析】（1）测小铁块：先测质量后用排水法测体积；
（2）小砖块具有吸水性，导致体积测量值偏大；
（3）小木块密度小于水的密度，漂浮在水面上，无法直接用量筒小木块体积；
（4）铅球的质量较大，不能用天平测量，其体积较大，也不能在量筒中利用排水法测量，据此分析解答。
【解答】解：A、测小铁块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积，测量过程没有问题，故A合理；
B、测小砖块密度：用天平测质量后，再用装有适量水的量筒测体积，砖块吸水，导致测量体积偏差大，故B不合理；
C、测小木块密度：用天平测质量后，由于小木块密度小于水的密度，漂浮在水面上，无法直接用量筒测量小木块体积，故C不合理；
D、测比赛用铅球密度：用天平测质量会超过天平最大测量值，无法测量，用排水法测体积，没有合适的量筒，故D不合理；
故选：A。
【点评】本题考查固体物质密度的测量的知识，对不同物体采用合理的测量方法是解答本题的关键。
13．（2分）如图所示的两个装置可以用来演示物理现象或原理，下列表述正确的是（　　）
A．图a可用来验证电磁感应原理
B．图b的实验过程中是机械能转化为电能
C．图a的实验过程中是电能转化为机械能
D．图b可以用来演示发电机原理
【分析】闭合电路中的部分导体做切割磁感线的运动时就能产生感应电流，这种现象为电磁感应现象。通电导体在磁场中受力运动。
【解答】解：
AC、图a中没有电源，闭合电路中的部分导体做切割磁感线的运动时就能产生感应电流，这种现象为电磁感应现象，此过程中，机械能转化为电能，故A正确，C错误；
BD、图b中有电源，是探究磁场对电流作用的原理图，可以反映电动机的工作原理，该实验中是电能转化为机械能，故BD错误。
故选：A。
【点评】教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等。
二、填空题（每空2分，共28分）
14．（4分）小华利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，通实验后并绘制出如图乙所示的水温与时间关系的图像。根据图像可知水的沸点为 　98　℃，水在沸腾过程中需要不停吸热，但是温度 　保持不变　。
【分析】液体沸腾时吸收热量，温度保持不变；从图乙中得到沸点。
【解答】解：由图乙可知，水沸腾时的温度是98℃，水的沸点是98℃；水在沸腾过程中需要不停吸热，但是温度保持不变。
故答案为：98；保持不变。
【点评】此题主要考查了水沸腾的条件及特点，知道水在沸腾过程中温度保持不变，但要不断吸热。是比较简单的实验题。
15．（4分）如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验，实验时测得蜡烛A到透明玻璃板的距离为8cm，移动蜡烛B，使它与蜡烛A的像完全重合，此时蜡烛B到蜡烛A的距离为 　16　cm；若移开蜡烛B，用白纸作光屏放在像的位置，不透过玻璃板，直接观察白纸，　不能　（选填“能”或“不能”）看到蜡烛A的像。
【分析】平面镜所成的像和物体到平面镜的距离相等；
平面镜所成的像是虚像，虚像不能在光屏上出现。
【解答】解：实验时测得蜡烛A到透明玻璃板的距离为8cm，移动蜡烛B，使它与蜡烛A的像完全重合，此时蜡烛B到玻璃板的距离为8cm，蜡烛B到蜡烛A的距离为：8cm+8cm＝16cm；
平面镜所成的像是虚像，直接观察白纸，不能看到蜡烛A的像。
故答案为：16；不能。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
16．（4分）2022年北京冬奥会已完美谢幕。小明同学结合所学物理知识在观看比赛时思考：短道速滑运动员在弯道滑行的过程中，运动状态 　改变　（选填“改变”或“不改变”）；冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有 　惯性　。
【分析】（1）运动状态的变化包括运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
（2）任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性质。
【解答】解：短道速滑运动员在弯道滑行的过程中，其运动的方向发生了变化，因此，运动状态发生改变；
冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性，仍会保持原来的运动状态。
故答案为：改变；惯性。
【点评】本题主要考查了对物体运动状态的判断、对惯性的理解，属力学基础题。
17．（4分）小明自制了一盏可调节亮度的台灯，电路如图所示，粗心的小明忘记把灯泡画上去，你认为灯泡应画在图中 　a、b　之间（选填“a、b”或“c、d”）；连好电路后，若要使灯泡变暗，应将滑动变阻器的滑动片向 　右　移动。
【分析】（1）由题意可知，台灯的亮度可调节，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起；
（2）滑动变阻器移动滑片时，可以改变连入电路的电阻，从而改变电路的电流，影响灯泡的亮暗程度。
【解答】解：
（1）由题意可知，台灯的亮度可调节，所以灯泡应该与滑动变阻器串联，结合电路图可知，灯泡应该接在a、b之间；
（2）灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P＝I2R可知，要使灯泡变暗应减小电路中的电流，由欧姆定律可知应增大电路中的电阻，即滑片右移时增大滑动变阻器接入电路中的电阻。
故答案为：a、b；右。
【点评】本题考查了电路的连接、滑动变阻器的作用、电功率公式的应用以及电路的动态分析，难度不大。
18．（4分）如图所示，闭合开关S，通电螺线管右侧的小磁针静止时，小磁针的N极指向左，则电源的右端为 　正　极。若使滑动变阻器滑片P向右端移动，通电螺线管的磁性 　增强　。
【分析】由小磁针的指向可判出通电螺线管的极性，根据安培定则判断电源的正负极；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；通电螺线管磁性的大小与线圈的匝数、电流的大小有关。
【解答】解：小磁针静止时N极向左，则由磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，则左端为N极，根据安培定则可以判断电源的右端为正极，左端为负极；
若使滑动变阻器滑片P向右端移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强。
故答案为：正；增强。
【点评】通电螺线管磁极的判定要利用安培定则，安培定则中涉及三个方向：电流方向与线圈绕向即四指的指向；磁场方向即大拇指的指向。在关于安培定则的考查中，往往是知二求一。
19．（4分）升国旗时，使用的滑轮是图中的 　b　（选填“a”或“b”），它实质上是一个等臂杠杆，不能省力，但使用它的最大的好处是能改变力的 　方向　。
【分析】定滑轮是轴固定不动的滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向；定滑轮实质是一个等臂杠杆。
【解答】解：
旗杆顶部的滑轮是固定不动的，故该滑轮是定滑轮，即滑轮b；使用它可以改变力的方向，但不能省力，其实质是一个等臂杠杆。
故答案为：b；方向。
【点评】本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。
20．（4分）某电饭煲设有“加热”和“保温”两挡，其内部简化电路如图所示，当开关S断开时，电饭煲处于 　保温　（填“加热”或“保温”）状态；若R1＝110Ω，R2＝220Ω，则加热挡工作10s，电热丝R1产生的热量为 　4400　J。
【分析】电路电压U一定，由P可知，电阻越大，电功率越小，电饭煲处于保温状态，电阻越小，功率越大，电饭煲处于加热状态，分析电路图确定电饭锅的状态；
知道电压和电阻，利用欧姆定律计算出电路中的电流，利用焦耳定律计算出加热挡工作10s，电热丝R1产生的热量。
【解答】解：（1）由电路图可知，当开关S闭合时，R2被短路，只有R1工作，当开关S断开时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，
所以，当开关S断开时，R1、R2串联，电路中的电阻最大，由P可知，在电压一定时，电饭煲电功率最小，处于保温状态；
（2）当开关S闭合时，R2被短路，只有R1工作，此时电路中电阻越小，功率越大，电饭煲处于加热状态，
当电饭煲处于加热状挡时，只有R1工作，
则通过R1的电流：I2A；
加热挡工作10s，电热丝R1产生的热量：Q＝I2R1t＝（2A）2×110Ω×10s＝4400J。
故答案为：保温；4400。
【点评】分析清楚电路结构、应用欧姆定律、焦耳定律即可正确解题。
三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
21．请在图中，作出光线由空气斜射入水中后大致的折射光线，并标出折射角α。
【分析】①光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
②折射角指的是折射光线与法线之间的夹角。
【解答】解：光由空气斜射入水中时，折射光线和入射光线位于法线的两侧，折射角小于入射角，据此画出折射光线，并标出折射角α，如图所示：
【点评】此题考查光的折射光路图的画法，需要注意的是：在作图的时候一定要表现出角度的大小关系，比如本题中折射角小于入射角，在画的时候一定要让人一眼就看出折射角比入射角小才行。
22．如图甲所示，是现在比较流行的一种学生用的拉杆书包。拉杆书包可看成杠杆，如图乙所示，请画出拉杆书包如图静止时，拉杆书包对地面的压力以及施加在A点的最小动力的示意图。
【分析】（1）压力是垂直作用在物体表面上的力，由此画出压力示意图；
（2）要想抬起拉杆时的动力最小，就要求动力臂最长，支点到动力作用点的距离作为动力臂最长，根据力与力臂的关系可画出最小作用力F，根据杠杆平衡条件求得F。
【解答】解：压力的作用点在接触面上，选择书包与地面接触点为作用点，从沿垂直于地面向下的方向画一条带箭头的线段，即为压力示意图；
由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，支点到动力作用点A的距离是最长的动力臂，动力的方向垂直于动力臂向上。如图所示：
【点评】本题考查压力的示意图和力臂的画法，求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
23．如图是某品牌汽车（四轮汽车），该款汽车质量为1.6t，汽车静止时轮胎与水平地面总接触面积为8×10﹣2m2。（g取10N/kg）
（1）求该汽车空载时静止在水平地面上对地面的压强；
（2）若该汽车匀速直线行驶2km，此时汽车所受阻力为车重力的0.2倍，求牵引力做的功。
【分析】（1）利用G＝mg求汽车的重力，汽车静止在水平地面上对水平地面的压力等于自身重力，知道受力面积，根据p求出对地面的压强；
（2）由于汽车在水平路面上匀速行驶，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用F牵＝f＝0.2G求牵引力，再利用W＝F牵s求牵引力做的功。
【解答】解：（1）汽车空载时对地面的压力：F＝G＝mg＝1.6×103kg×10N/kg＝1.6×104N，
汽车静止时与水平地面接触面积S＝8×10﹣2m2，
汽车对地面的压强：P2×105Pa；
（2）因为汽车在水平路面上匀速行驶，
所以汽车受到的牵引力：F牵＝f＝0.2G＝0.2×1.6×104N＝3.2×103N，
牵引力做的功：W＝F牵s＝3.2×103N×2×103m＝6.4×106J。
答：（1）该汽车空载时静止在水平地面上对地面的压强为2×105Pa；
（2）牵引力做的功为6.4×106J。
【点评】本题考查了重力公式、压强公式、功的公式和二力平衡条件的应用，虽然考查的知识点多、综合性强，但难度不大。
24．如图所示，电源电压保持不变，定值电阻R＝20Ω，滑动变阻器的最大阻值是40Ω，灯泡标有“6V 3W”，（不考虑灯泡电阻的变化）。当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P位于最右端b时，电流表的读数为0.1A，求：
（1）电源电压U。
（2）通过开关通断和移动滑动变阻器滑片P，使电路中的总功率最大，求该最大总功率。
【分析】（1）当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P位于最右端b时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）由P＝UI可知，电路中的电流最大时，总功率最大，根据并联电路的特点分析电流最大时的电路连接，根据P＝UI求出最大总功率。
【解答】解：（1）当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P位于最右端b时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源的电压：
U＝I小R总＝I小（R+R滑大）＝0.1A×（20Ω+40Ω）＝6V；
（2）由P＝UI可知，电路中的电流最大时，总功率最大，
当滑片移到a端，且两开关都闭合时，灯泡L与定值电阻R并联，
由并联电路的电压特点可知，灯泡L两端的电压为6V，灯泡能安全工作，
由并联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流最大，
此时通过定值电阻的电流：
IR0.3A，
由P＝UI可知，通过灯泡L的电流：
IL0.5A，
由并联电路的电流特点可知，此时电路中的总电流：
I＝IR+IL＝0.3A+0.5A＝0.8A，
电路中的最大总功率：
P＝UI＝6V×0.8A＝4.8W。
答：（1）电源电压为6V；
（2）电路中的最大总功率为4.8W。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别。
四、实验题（每空2分，共14分）
25．小芳同学用如图甲所示电路“探究并联电路中电流的特点”。
（1）当闭合开关试触时，发现电流表的指针偏转如图丙所示，原因 　电流表正、负接线柱接反了　。
（2）排除故障后，某次实验时电流表的示数如图丁所示，则电流表的示数为 　0.24　A。
（3）用电流表分别测出电路中三个位置的电流来寻找规律，以下所取组合不合适的是 　C　。
A．E、A、D
B．E、B、C
C．F、C、D
D．F、A、D
【分析】（1）连接电路时，电流表正负接线柱不要接反；
（2）根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数；
（3）电流表与待测电路串联，探究并联电路中电流的特点，要用电流表分别测量各支路的电流和干路的电流，据此分析。
【解答】解：（1）当闭合开关试触时，由图丙所示电流表可知，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正、负接线柱接反造成的；
（2）根据丁图可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；
（3）ABD、电流表与待测电路串联，探究并联电路中电流的特点，要用电流表分别测量各支路的电流和干路的电流，故ABD均符合要求；
C、取点F、C、D，即用电流表测干路的电流和通过L2的支路电流，没有测量通过L1的支路电流，故C不符合要求；
故选：C。
故答案为：（1）电流表正、负接线柱接反了；（2）0.24；（3）C。
【点评】本题是探究并联电路电流特点的实验，考查了电流表的连接方式和读数，难度不大。
26．如图所示，小艾用完全相同的长方体木块，探究影响滑动摩擦力大小的因素。
（1）木块平放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动前，应在 　水平　方向进行调零；
（2）比较甲、乙两图可知，滑动摩擦力的大小与 　压力大小　有关；
（3）由乙、丙两图 　不能　（选填“能”、“不能”）得出滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
（4）同组其他同学对实验进行评估时，下列说法正确的是 　C　。
A.滑动摩擦力的大小一定与重力有关
B.在甲图中用2N的力拉木块时，摩擦力等于2N
C.在甲图中水平向左加速拉动木块时，摩擦力大小不变
D.在丙图中竖直放置木块，再匀速直线拉动时，弹簧测力计示数会变大
【分析】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动时，滑动摩擦力才等于拉力大小，所以应在水平方向调整弹簧测力计；
（2）（3）（4）影响摩擦力大小的因素有：压力的大小和接触面的粗糙程度；在探究摩擦力与其中一个因素的关系时，就要采用控制变量法控制其它的因素一定。
【解答】解：（1）在使用弹簧测力计测量滑动摩擦力前，应将弹簧测力计水平放置，调整指针到零刻度线；
（2）比较甲、乙两图，接触面的粗糙程度相同，乙木块对木板的压力比甲大，摩擦力也较大，说明摩擦力的大小与压力有关；
（3）要探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系，需要控制压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，图乙、丙中压力大小不同，所以不能得出滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；
（4）A、滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与重力大小无关，故A错误；
B、由于滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，在甲图中用2N的力拉木块时，接触面的粗糙程度和压力大小不变，所以滑动摩擦力不变，仍为1.5N，故B错误；
C、滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与速度无关，所以在甲图中水平向左加速拉动木块时，摩擦力大小不变，故C正确；
D、在丙图中竖直放置木块时，接触面的粗糙程度和压力大小不变，所以滑动摩擦力不变，所以匀速直线拉动时，弹簧测力计示数不变，故D错误；故选C。
故答案为：（1）水平；（2）压力大小；（3）不能；（4）C。
【点评】本题考查利用控制变量法和转换法探究滑动摩擦力大小的影响因素，是一道比较典型的滑动摩擦力实验题。
一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
27．（2分）2022年北京冬奥会三大赛区26个场馆全部使用“绿电”，向全世界展示了中国推动能源革命的巨大成就。绿电的主要来源为太阳能、风力、生质能、地热等，中国主要以太阳能及风能为主。有关能源和能量下列说法正确的是（　　）
A．因为能量是守恒的，所以我们不需要节约能源
B．汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能
C．核电站是利用核聚变产生的巨大能量来发电的
D．太阳能、风能、生物质能、地热能既是新能源，也是可再生能源
【分析】（1）自然界的总能量是守恒的，能量即不能被消灭，也不能被创生，但随着能量耗散，可利用的能源减少了，所以会有能源危机；
（2）在汽油机的压缩冲程中将机械能转化为内能，在做功冲程中将内能转化为机械能；
（3）核能的利用由两种：核裂变、核聚变；
（4）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：
A、能量虽然是守恒的，但能源并不是取之不尽用之不竭的，所以需要节约能源，故A错误；
B、汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能，故B错误；
C、核电站利用的是核裂变时产生的能量的原理来工作的，故C错误；
D、太阳能、风能、生物质能、地热能，可以从自然界不断地得到，所以它们属于可再生能源，也是新能源，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了能量守恒定律的应用、汽油机能量的转化、核能的利用、能源的分类，难度不大。
28．（2分）关于光现象，下列论述不正确的是（　　）
A．青蛙“坐井观天，所见甚小”，是光的直线传播造成的
B．小明看到平静的湖面上“云在水中飘，鱼在云上游”，都是光的反射现象
C．近视眼是将像成在了视网膜的前面，应该配戴凹透镜来矫正
D．研究凸透镜成像的实验时，物体逐渐靠近焦点，所成的像一定变大
【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。
（2）平静的湖面会反射光线；水中物体的光经水面斜射入空气中时，会发生折射现象，折射光线远离法线，我们逆着折射光线的方向能看到比物体实际位置较浅的虚像；
（3）近视眼是将像成在了视网膜的前面，应该配戴凹透镜来校正；
（4）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；凸透镜成虚像时，物距减小，像距变小，像变小。
【解答】解：A、青蛙“坐井观天，所见甚小”，这是光的直线传播造成的，故A正确。
B、“云在水中飘，鱼在云上游”，云在水中飘是云在水面成像是光的反射，人在岸上看到水中鱼是光的折射现象，故B错误。
C、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，用凹透镜矫正，故C正确。
D、凸透镜成实像时，物体靠近焦点时，像变大；凸透镜成虚像时，物体靠近焦点时，物距变大，像变大，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了光学知识在生产和生活中的应用，知识得到学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣。
29．（2分）标准大气压下，用相同的电加热器分别对200g物质甲和300g水持续加热（不计热量损失），如图是它们的温度随时间的变化图象，已知水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），下列说法正确的是（　　）
A．曲线 A 是水的温度﹣时间图象
B．甲物质的熔点是 60℃
C．0﹣10min，甲物质的比热容为 2.1×103J/（kg ℃）
D．10﹣15min，甲物质的内能增加了 1.26×104J
【分析】（1）（3）（4）根据Q＝cmΔt分析解答；
（2）晶体的熔化和液体的沸腾过程中吸热温度不变。
【解答】解：A、由图可知，0～5min甲、乙吸收相同的热量，A的温度变化大，根据Q＝cmΔt可得，cAmAΔtA＝cBmBΔtB，0.75，根据水的比热容最大可知，曲线B 是水的温度﹣时间图象，故A错误；
B、物质不能确定其本身的状态，不知道是晶体的熔化还是液体的沸腾，故不能确定是熔点还是沸点，故B错误；
C、由A可得，甲物质的比热容：0.75，cA＝0.75cB＝0.75×4.2×103J/（kg ℃）＝3.15×103J/（kg ℃），故C错误；
D、相同的加热器，10min～15min吸收的热量等于0～5minA吸收相同的热量，A的温度变化大，根据Q＝cmΔt可得，cAmAΔtA＝cBmBΔtB＝4.2×103J/（kg ℃）×300×10﹣3kg×（40℃﹣30℃）＝1.26×104J，故D正确；
故选：D。
【点评】此题通过图象分析考查了学生从图象中获取有关信息的能力。
（多选）30．（2分）如图甲所示的装置，每个滑轮的重力为10N，物体A的重力GA＝100N，物体B的重力GB＝140N，对A施加水平向右的拉力F1＝80N，使A以0.1m/s的速度匀速向右运动；撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，如图乙所示，对B施加一个竖直向下的拉力F2，使A以0.2m/s的速度匀速向左运动。绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，则下列说法正确的是（　　）
A．甲图中，A受到的摩擦力为80N
B．乙图中，F2的大小为30N
C．乙图中，F2做功的功率为2W
D．乙图中，天花板与滑轮连接P点处受到的拉力为120N
【分析】A、甲图中，n＝3，根据F（G+G动）可知动滑轮所受的每根绳子的拉力FA，A以0.1m/s的速度匀速向右运动，处于平衡状态，根据fA＝F1﹣FA得出A受到的摩擦力；
B、乙图中，A对水平面的压力和接触面的粗糙程度均不变，故A所受的滑动摩擦力不变，根据FA′＝2fA得出动滑轮所受的每根绳子的拉力；根据3FA′＝G轮+GB+F2可知F2的大小；
C、乙图中，n＝3，根据vvA得出物体B运动的速度，根据PFv可知F2做功的功率；
D、乙图中，根据F＝G轮+2FA′得出天花板与滑轮连接P点处受到的拉力。
【解答】解：A、甲图中，n＝3，根据F（G+G动）可知动滑轮所受的每根绳子的拉力FA（GB+G轮）（140N+10N）＝50N，
A以0.1m/s的速度匀速向右运动，处于平衡状态，A受到的摩擦力fA＝F1﹣FA＝80N﹣50N＝30N，故A错误；
B、乙图中，A对水平面的压力和接触面的粗糙程度均不变，故A所受的滑动摩擦力不变，则动滑轮所受的每根绳子的拉力FA′＝2fA＝2×30N＝60N；
根据3FA′＝G轮+GB+F2可知，F2＝3FA′﹣G轮﹣GB＝3×60N﹣10N﹣140N＝30N，故B正确；
C、乙图中，n＝3，物体B运动的速度vvA0.2m/sm/s，
根据PFv可知F2做功的功率P＝F2v＝30Nm/s＝2W，故C正确；
D、乙图中，天花板与滑轮连接P点处受到的拉力F＝G轮+2FA′＝10N+2×60N＝130N，故D错误。
故选BC。
【点评】本题考查拉力、摩擦力和功率的有关计算，综合性强，难度较大。
31．（2分）如图所示电路，电源电压U恒定。当A、B间接入标有“4V 2W”字样的灯泡L（忽略灯丝电阻变化），闭合S、S1、S2，断开S3，滑片P移到某一位置时电流表示数为I，滑片P再向上移动一段距离，R的阻值变化了6Ω，电流表示数变化了0.1A，L恰好正常发光；当A、B间换接为R3，闭合S、S3断开S1、S2，电压表示数为U2，R1的功率为P1，R2的功率为P2，P1≠P2，电路的总功率为6W。R1、R2、R3均为定值电阻，每个电阻的阻值只有4Ω、6Ω、7Ω、9Ω这四种可能。下列结论正确的是（　　）
A．I＝0.4A B．U＝10V
C．U2可能是2.5V D．P1可能是1.5W
【分析】（1）闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，设出滑片P移到某一位置时接入电路中电阻R，此时电流表示数为I，再向上移动一段距离时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，此时L恰好正常发光，根据P＝UI表示出电路中的电流即可求出I的大小，根据P＝UI求出灯泡的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的大小，然后求出电源的电压；
（2）当A、B间换接为R3，闭合S、S3断开S1、S2时，R1、R2、R3串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R结合P1≠P2得出R1与R2的阻值关系，根据P＝UI求出电路中的电流，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，由“R1、R2、R3的阻值只有4Ω、6Ω、7Ω、9Ω这四种可能”得出对应的阻值，根据欧姆定律求出电阻R2两端的电压，根据P＝UI＝I2R求出电阻R1的功率。
【解答】解：
AB、闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测R的电压，
设滑片P移到某一位置时接入电路中电阻为R，此时电流表示数为I，
再向上移动一段距离，R的阻值变化了6Ω，电流表示数变化了0.1A，
则接入电路中的电阻为R﹣6Ω，电路中的电流为I+0.1A，
因此时L恰好正常发光，所以由P＝UI可得，I+0.1A0.5A，
解得：I＝0.4A，故A正确；
由P＝UI可得，灯泡的电阻RL8Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，
所以，电源的电压U＝I（R+RL）＝（I+0.1A）[（R﹣6Ω）+RL]，即0.4A×（R+8Ω）＝（0.4A+0.1A）[（R﹣6Ω）+8Ω]，
解得：R＝22Ω，
电源的电压：U＝I（R+RL）＝0.4A×（22Ω+8Ω）＝12V，故B错误；
CD、当A、B间换接为R3，闭合S、S3、断开S1、S2时，R1、R2、R3串联，电压表测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，且P1≠P2，
所以，由P＝UI＝I2R可知，R1≠R2，且电路中的电流I′0.5A，
此时电路的总电阻：R24Ω，
因R1、R2、R3的阻值只有4Ω、6Ω、7Ω、9Ω这四种可能，
所以，R1、R2、R3的电阻依次可能为4Ω、9Ω、9Ω，也可能为9Ω、4Ω、9Ω，
电阻R2两端的电压：U2＝I′R2＝0.5A×9Ω＝4.5V或U2＝I′R2＝0.5A×4Ω＝2V，故C错误；
电阻R1的功率：P1＝（I′）2R1＝（0.5A）2×2Ω＝0.5W或P1＝（I′）2R1＝（0.5A）2×9Ω＝2.25W，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确得出开关闭合、断开时电路的连接方式和第一种情况下电阻与电流的对应关系以及最后一问中三电阻对应的阻值是关键。
二、综合题（共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分。）
32．现如今小汽车、摩托车、电瓶车等交通工具已经进入千家万户。为了保证安全，这些交通工具上都设有各种指示灯以起到提醒作用。实验学校科创班的同学开展了一次针对“指示灯”的调查活动。
（1）小方组的同学发现汽车在行驶中要左转弯时，向下轻拨方向盘旁的一根“杆子”，前后的左转向灯便同时闪烁起来，则“杆子”实际上起到了 　开关　的作用。
（2）小梅组的同学发现汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带：当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光。如图中符合上述要求的电路图是 　D　。
（3）小段组的同学发现一种摩托车转向灯的电路原理图如图1所示。图中“智能开关”可以使电路间歇地通断，L为指示灯。当S拨至“1”时，左转向灯L左发光，向外界发出左转信号，同时灯L闪亮，向驾驶员显示转向灯正常工作。右转时道理与左转一样。把S拨至1、2的任何位置时灯L都会发光，而左、右转向灯L左、L右却不会同时发光。他们对此百思不得其解，于是请教了物理杨老师。杨老师给他们展示了一种带有指示灯的开关，实物图如图2甲所示，电路图如图2乙所示。当开关S闭合时，电路中的指示灯L1不发光、照明灯L2正常发光。当开关S断开时，由于指示灯L1的电阻远 　大于　照明灯泡L2的电阻，故指示灯L1发光，照明灯L2不发光。小段组的同学听后恍然大悟。若现有规格为“6V 1.5W”、“6V 10W”、“6V 20W”三只灯泡，在图1中，当电源两端电压为6V，两只转向灯L左、L右都用“6V 10W”的灯泡，则灯L应该选用规格的灯泡可能为 　“6V 1.5W”　。
【分析】（1）电路中开关的作用是控制电路的通断；
（2）由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了；
（3）图2中，当开关S断开时，L1和L2串联，根据P＝I2R分析两灯泡电阻的大小；
由P分析三只灯泡与转向中灯L左、L右的电阻关系，从而选择适合作灯的L的灯泡规格。
【解答】解：（1）要左转弯时，向下轻拨方向盘旁的一根“杆子”，前后的左转向灯便同时闪烁起来，则“杆子”实际上起到了开关的作用；
（2）由题意知，闭合开关，指示灯不亮；断开开关，指示灯发光，所以指示灯与S并联，但整个电路不会出现短路，即电路中必须串联一个电阻保护电路，故D正确；
（3）由图2知，当开关S断开时，L1和L2串联，指示灯L1发光，照明灯L2不发光，说明指示灯的实际功率大，通过两灯电流相等，由P＝I2R可知，指示灯L1的电阻大远于照明灯泡L2的电阻；
由题知，转向灯的规格均为“6V 10W”的灯泡，可供选择的三个灯泡为“6V 1.5W”、“6V 10W”、“6V 20W”，
三个灯泡的额定电压与转向灯相同，由R知，
10W的灯泡额定功率与转向灯相等，电阻也相等，1.5W灯泡的额定功率远小于10W，电阻远大于转向灯电阻、20W灯泡的额定功率大于10W，电阻小于转向灯电阻，
根据对图2的分析知，灯L应该选用规格的灯泡可能为“6V 1.5W”的灯泡。
故答案为：（1）开关；（2）D；（3）大于；“6V 1.5W”。
【点评】本题考查电路中开关作用的认识、电路图的设计以及串联电路特点和电功率公式的应用，知道灯泡的亮度由实际功率决定是解题的关键。
33．如图所示，A是质量均匀的长方体，底面积为25cm2，高为8cm，质量为160g；另有一圆柱形容器，高为8cm，底面积为125cm2。小明先把A物体放在圆柱形容器的正中央，然后按要求向圆柱形容器中加水，容器壁厚度忽略不计，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）A物体的密度。
（2）小明同学缓慢沿容器壁注入500g水，待A物体稳定后（始终竖直），再将A竖直向上提0.4cm，求此时水对A物体下底面的压强；
（3）若从水量为0开始缓慢注入水的质量为mx（单位：g）直到注满为止，请通过分析计算，写出水对容器底部的压强p与mx的函数关系式。
【分析】（1）先求出A物体的体积，再根据ρ求出A物体的密度；
（2）先求出注入水的体积，根据F浮＝ρ液gV排求出A物体恰好漂浮时排开水的最小体积，从而可判断A物体的状态；根据体积关系可求出A竖直向上提0.4cm后水的深度，然后得出A物体浸入水的深度，根据p＝ρgh可求出水对A物体下底面的压强；
（3）从开始加水到物体A恰好漂浮时，根据体积关系可求出水的深度表达式，然后得出水对容器底部的压强p与mx的函数关系式；
当物体A漂浮后到注满容器时，由于A漂浮会随水面升高，根据体积关系可求出水的深度表达式，然后得出水对容器底部的压强p与mx的函数关系式。
【解答】解：（1）A物体的体积为：VA＝SAhA＝25cm2×8cm＝200cm3，
则A物体的密度为：ρA0.8g/cm3；
（2）注入水的体积为：V水500cm3，
假设注入水后A物体能漂浮，则F浮＝GA＝mAg＝0.16kg×10N/kg＝1.6N，
由F浮＝ρ液gV排可知排开水的体积：
V排1.6×10﹣4m3＝160cm3，
此时A物体浸入水的中深度为：
hA浸6.4cm，
故此时注入水的体积至少为：
V水'＝（S容﹣SA）hA浸＝（125cm2﹣25cm2）×6.4cm＝640cm3＞500cm3，
所以注入500g水后，A物体没有漂浮，
将A竖直向上提h1＝0.4cm后，水的深度为：
h′4.5cm，
则此时A物体浸入水的深度为：hA浸'＝h′﹣Δh＝4.5cm﹣0.4cm＝4.1cm＝0.041m，
此时水对A物体下底面的压强为：pA＝ρ水ghA浸'＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.041m＝410Pa；
（3）当物体A刚刚漂浮时，注入水的体积为V水'＝640cm3，质量为m水'＝ρ水V水'＝1g/cm3×640cm3＝640g，
所以，当0≤mx≤640g时，水的深度为：h水（cm）＝mx×10﹣4m，
水对容器底部的压强：p＝ρ水gh水＝1.0×103kg/m3×10N/kg×mx×10﹣4m＝mx（Pa）；
由于当mx≥640g时，物体A开始漂浮，则注满容器时能注入的水的体积为：V水″＝S容hB﹣V排＝125cm2×8cm﹣160cm3＝840cm3，
质量为m水″＝ρ水V水″＝1g/cm3×840cm3＝840g，
所以，当640g≤mx≤840g时，水的深度：h水'＝hA浸hA浸6.4cm1.28cm+0.008mx（cm）＝0.0128m+8mx×10﹣5m，
水对容器底部的压强：p＝ρ水gh水'＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.0128m+8mx×10﹣5m）＝1280+0.8mx（Pa）。
所以，水对容器底部的压强p与mx的函数关系式为：
p＝mx（Pa） （0≤mx≤640g）
p＝1280+0.8mx（Pa） （640g≤mx≤840g）。
答：（1）A物体的密度为0.8g/cm3。
（2）此时水对A物体下底面的压强为410Pa；
（3）水对容器底部的压强p与mx的函数关系式为：
p＝mx（Pa） （0≤mx≤640g）
p＝1280+0.8mx（Pa） （640g≤mx≤840g）。
【点评】本题考查了阿基米德原理公式、压强公式、密度公式以及受力分析的综合运用，是一道综合题，有一定的难度。
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