资源简介

2023年辽宁省高考物理模拟试题卷
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．2021年6月17日9时22分，神舟十二号载人飞船在酒泉卫星发射中心发射升空，准确进入预定轨道，顺利将3名航天员送上太空。神舟十二号载人飞船与“天和”核心舱快速对接后，7月4日，在“天和”机械臂的辅助下刘伯明、杨洪波完成太空行走，如图所示。下列过程中，能把研究对象看作质点的是（　　）
A．刘伯明出舱，进行太空行走的过程
B．神舟十二号载人飞船与“天和”核心舱快速对接的过程
C．研究神舟十二号载人飞船绕地球一圈的时间
D．“天和”机械臂的工作过程
2．下面列出的是一些核反应方程： Be+ He→ C+X， F+Y→ O+ He，其中（　　）
A．X是正电子，Y是质子 B．X是中子，Y是正电子
C．X是中子，Y是质子 D．X是质子，Y是中子
3．如图所示，是一列简谐横波在某时刻的波形图．若此时质点P正处于加速运动过程中，则此时（　　）
A．此波沿x轴正向传播
B．质点N比质点Q先回到平衡位置
C．质点N处于减速运动过程中
D．质点Q和质点N运动情况恰好相反
4．真空中有三个带正电的点电荷，它们固定在边长为L的等边三角形的三个顶点上，每个点电荷的电荷量都是q，它们各自所受的静电力为（　　）
A． B． C． D．
5．如图所示，有一个玻璃三棱镜ABC，顶角A为30°，一束光a垂直于AB射入棱镜，由AC边射出进入空气，测得折射光线与入射光线间的夹角为30°，则棱镜的折射率为 (　　)
A． B． C． D．
6．下列反映一定质量理想气体状态变化的图象中，能正确反映物理规律的是（　　）
A．图（a）反映了气体的等容变化规律
B．图（b）反映了气体的等容变化规律
C．图（c）反映了气体的等压变化规律
D．图（d）反映了气体的等温变化规律
7．沿平直公路匀速行驶的汽车上，固定着一个正四棱台，其上、下台面水平，如图为俯视示意图。在顶面上四边的中点a、b、c、d沿着各斜面方向，同时相对于正四棱台无初速释放4个相同小球。设它们到达各自棱台底边分别用时Ta、Tb、Tc、Td，到达各自棱台底边时相对于地面的机械能分别为Ea、Eb、Ec、Ed（取水平地面为零势能面，忽略斜面对小球的摩擦力）。则有（ ）
A．， B．，
C．， D．，
8．如图所示，在一个边长为a的正六边形区域内，存在磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场。三个相同的带正电粒子，比荷为 ，先后从A点沿AD方向以大小不等的速率射入匀强磁场区域，已知粒子只受磁场的作用力，则：（　　）
A．从F点飞出磁场的粒子速度大小为
B．从E点飞出磁场的粒子，在磁场中的运动时间为
C．粒子速率足够大，完全可以直接从D点飞出
D．所有从AF边上飞出磁场的粒子，在磁场中的运动时间都相同
9．美国东部时间2021年2月18日，美国“毅力”号火星车在火星成功着陆，将寻找火星上可能存在过的生命迹象。已知火星质量约为地球质量的10%，半径约为地球半径的50%，自转周期与地球很接近，但公转周期约为地球的两倍，下列说法正确的是（　　）
A．火星探测器的发射速度应大于地球的第二宇宙速度
B．火星的同步卫星轨道半径约为地球同步卫星轨道半径的
C．火星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度
D．火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度
10．如图所示，已知某匀强电场方向平行正六边形ABCDEF所在平面，若规定D点电势为零，则A，B，C 的电势分别为8V，6V，2V，初动能为16eV、电荷量大小为3e（e为元电荷）的带电粒子从A沿着AC方向射入电场，恰好经过BC的中点G．不计粒子的重力，下列说法正确的是（　　）
A．该粒子一定带正电
B．该粒子达到G点时的动能为4eV
C．若该粒子以不同速率从D点沿DF方向入射，该粒子可能垂直经过CE
D．只改变粒子在A点初速度的方向，该粒子不可能经过C
二、非选择题：本题共5小题，共54分。
11．某同学为了自制欧姆表，设计了如图甲所示的电路，他找来以下器材：
A．电流表G（满偏电流为2mA，内阻为40Ω，图乙是电流表G的刻度盘）
B．干电池组（E=3V，r约2Ω）
C．滑动变阻器（0~100Ω）
D．定值电阻600Ω
E．定值电阻900Ω
F．定值电阻1400Ω
G．导线若干
回答下列问题：
（1）他应选择定值电阻　 　（填器材序号）接入图甲电路中R0的位置。
（2）将红黑表笔短接，调节滑动变阻器R，使电流计指针对准　 　mA处。
（3）为了直接读出待测电阻值，他用贴纸在电流刻度旁标记相应的电阻值，则电流刻度1.00mA位置标记的电阻值应为　 　Ω。
（4）实验室的直流电压表有两个量程，分别是3V、15V，内阻分别约1.5kΩ、10kΩ，该同学想用自制的欧姆表测量其内阻，他应将电压表的“-”接线柱与图甲中的　 　接线柱相连（填“A”或“B”），且　 　V量程的内阻测量结果更准确。
12．某同学选用如图所示的装置做“测定匀变速直线运动的加速度”的实验，电源的频率为50Hz。
（1）他做完实验后，写出了如下的操作步骤：
A．把电火花打点计时器固定在长木板上没有滑轮的一端，并连接在直流电源上
B．把纸带穿过打点计时器，并把它的一端固定在小车的后面
C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过滑轮，下边挂上合适的钩码
D．把附有滑轮的长木板放在实验桌上，并使滑轮伸出桌面
E．把小车停在靠近打点计时器处，放开小车，接通电源，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点，换上新纸带，重复三次
F．从三条纸带中选择一条比较理想的纸带，舍掉开头比较密集的点，在后边便于测量的地方找一个开始点，并把每打五个点的时间作为时间单位．在选好的开始点下面记作0，往后第六个点作为计数点1，依此标出计数点2、3、4、5、6，并测算出相邻两点间的距离
G．根据公式求出加速度
其中，有错的两个步骤序号分别是
①　 　，改正为　 　
②　 　，改正为　 　
（2）该同学根据打出的纸带认为不用计算就能直接得到的物理量有两个，请帮他选出_________.
A．时间间隔 B．位移 C．加速度 D．平均速度
（3）该同学选出了一条点迹清晰的纸带，并根据纸带上的点，标出了如图所示的计数点，其中两相邻计数点间还有4个点未画出，x1＝7.05 cm，x2＝7.68 cm，x3＝8.33 cm，x4＝8.95 cm，x5＝9.61 cm，x6＝10.26 cm。下表列出了打点计时器打下B、C、E、F时小车的瞬时速度，请计算出打点计时器打下D点时小车的瞬时速度vD=　 　m/s。（结果保留三位有效数字）
位置 B C D E F
速度（m/s） 0.737 0.801 　 0.928 0.994
（4）利用该纸带求加速度的公式为a=　 　 ，代入数据后得a=　 　m/s2。（结果保留两位有效数字）
三、解答题
13．航空母舰上的起飞跑道由水平跑道和倾斜跑道两部分组成，飞机在发动机的推力作用下，子啊水平和倾斜跑道上滑行。我们可以把这种情景简化为如图所示的模型，水平面AB长度x1=2m，斜面BC长度x2=1m，两部分末端的高度差h=0.5m，一个质量m=2kg的物块，在推力F作用下，从A点开始在水平面和斜面上运动，推力大小恒为F=12N，方向沿着水平方向和平行斜面方向。物块与水平面、斜面间的动摩擦因数均为0.2， 。求：
（1）物块在水平面上运动时的加速度大小a；
（2）物块到达水平面末端B点时的速度大小v；
（3）物块到达斜面末端C点时的动能 。
14．水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，竖直放置的荧光屏距金属板右侧的距离为S，如图，求：
（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？
（2）电子飞出电场时的速度是多少？
（3）求光点偏离中线打在荧光屏上的P点，求OP的长度。
15．如图所示，两根平行光滑的金属导轨M1N1P1-M2N2P2由四分之一圆弧部分与水平部分构成，导轨末端固定两根绝缘柱，弧形部分半径r=0.8m、导轨间距L=1m，导轨水平部分处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B=2T。两根完全相同的金属棒a、b分别垂直于导轨静止于圆弧顶端M1M2处和水平导轨中某位置，两金属棒质量均为m=1kg、电阻均为 。金属棒a由静止释放，沿圆弧导轨滑入水平部分，此后，金属棒b向右运动，在导轨末端与绝缘柱发生碰撞且无机械能损失，金属棒b接触绝缘柱之前两棒均已匀速运动且未发生碰撞。金属棒b与绝缘柱发生碰撞后，在距绝缘柱x1=0.5m的A1A2位置与金属棒a发生碰撞，碰后停在距绝缘柱x2=0.2m的A3A4位置。整个运动过程中金属棒与导轨接触良好，导轨电阻不计，g取10m/s2。求：
（1）金属棒a刚滑入水平导轨时受到的安培力大小，以及金属棒b接触绝缘柱之前两棒匀速运动的速度大小；
（2）金属棒b与绝缘柱碰撞后到与金属棒a碰撞前的过程中，整个回路产生的焦耳热；
（3）证明金属棒a、b之间的碰撞是否是弹性碰撞。
答案
1．C
【解答】A．宇航员太空行走，要关注其动作，不能将其看成质点，A不符合题意；
B．飞船和核心舱对接时，要注意对接位置以及对接时机等，其形状对此过程有影响，不能忽略，故不能将它们看作质点，B不符合题意；
C．研究神舟十二号载人飞船绕地球运行时间，可以把神舟十二号载人飞船的形状和大小忽略，把它看成质点，C符合题意。
D．机械臂在工作时，要关注其每一个动作，不能将其看作质点，D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】物体能否作为质点主要看所研究的问题。
2．C
【解答】解：根据质量数和电荷数守恒可得：
Be+ He→ C+X，X是中子 n，
F+Y→ O+ He，Y是质子 H，故ABD错误，C正确；
故选：C．
【分析】根据核反应方程的质量数和电荷数守恒求出X、Y分别表示什么粒子．
3．B
【解答】解：AB、质点P加速运动，知P向平衡位置振动，即方向向下振动，根据“上下坡法”知，波向左传播，则Q点向上振动，N点向上振动，则可知N点直接到达平衡位置，而Q点先向下再向下，故N点比Q点先回到平衡位置，故A错误，B正确；
C、因N点向上振动，此时在向平衡位置移动，速度增大，为加速过程；故C错误；
D、波向左传播，根据”带动法“可知，N点和Q点均向上运动，运动方向相同，故D错误．
故选：B．
【分析】质元P正处于加速运动过程中，知P向下运动，根据振动方向确定出波的传播方向，从而确定出Q的振动方向，得知Q的运动规律．
4．D
【解答】某个点电荷分别受到另外两个点电荷对其的静电力，两电荷间的静电力由库仑定律可得
两个静电力的夹角为 ，其合力为
所以ABC不符合题意；D符合题意；
故答案为：D。
【分析】受力分析，根据库仑力公式和平行四边形定则列式计算即可。
5．C
【解答】由题意可知，光从棱镜射向空气中时，入射角θ1=30°，折射角θ2=60°，则棱镜的折射率n= = ，
故答案为：C。
【分析】根据折射定律得出棱镜的折射率。
6．B
【解答】A．图（a）温度不变，根据气体状态方程得体积增大，压强减小，反映了气体的等温变化规律，A不符合题意；
B．在等容变化过程中 ，则
则图（b）反映了气体的等容变化规律，B符合题意；
C．在p－T图象中过原点的直线表示等容变化，C不符合题意；
D．图（d）不能反映压强与体积成反比，所以图（d）可能是等温线，也有可能不是等温线，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】利用理想气体的状态方程结合图像信息可以判别气体的规律。
7．B
【解答】以棱台为参考系，以释放点为原点建立坐标系。
水平方向的加速度
竖直加速度
相对于棱台
水平位移
竖直位移
四个小球的竖直位移y均相同，故所用时间相同，即
根据功的定义可知，重力对四个小球做功相等，因a受支持力与运动方向成锐角，做正功，而c受支持力与运动方向成钝角，做负功，b、d受到的支持力与运动方向垂直，不做功； 故前者水平速度大，故落地时的机械能关系为
B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】利用其竖直方向的加速度及位移公式可以比较运动的时间，结合其支持力与速度的方向可以比较支持力做功的大小进而比较其落地时小球机械能的大小。
8．B,D
【解答】A、从F点飞出的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r1，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m ，由几何关系可得： ，解得： ，A不符合题意．
由几何知识得，从E点飞出的粒子在磁场中转过的圆心角θ=60°相等，粒子在磁场中的运动时间： ，B符合题意；AD在一条直线上，则无论速度多大，粒子都不可能从D点飞出，C不符合题意；粒子在磁场中做圆周运动的周期： 都相等，从AF边上飞出的粒子在磁场中转过的圆心角θ=120°相等，从AF边上飞出的粒子在磁场中的运动时间： 都相等，D符合题意；
故答案为：BD．
【分析】带电粒子在磁场中受到洛伦兹力，在洛伦兹力的作用下粒子做圆周运动，根据磁场方向、电性和运动方向确定粒子的运动轨迹，结合向心力公式求解轨道半径，再结合选项分析求解即可。
9．A,D
【解答】A．当发射速度大于第二宇宙速度时，探测器将脱离地球的引力在太阳系的范围内运动，火星在太阳系内，所以火星探测器的发射速度应大于第二宇宙速度，A符合题意；
B．星球同步卫星的运行周期等于星球的自转周期，根据万有引力提供向心力，得
可知星球同步卫星的轨道半径为
因为火星的自转周期与地球接近，则火星的同步卫星轨道半径与地球同步卫星轨道半径之比为
B不符合题意；
C．万有引力提供向心力，则有
解得第一宇宙速度为
所以火星的第一宇宙速度为
因此火星的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度，C不符合题意；
D．万有引力近似等于重力，则有
解得火星表面的重力加速度
所以火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，D符合题意；
故答案为：AD。
【分析】对探测器进行受力分析，火星与探测器之间的万有引力提供探测器绕火星做圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律和第一宇宙速度的定义分析求解。
10．B,D
【解答】解：根据匀强电场中平行等距离的两点电势差相等可得E和F两点的电势分别为2V和6V，
则EC为等势线，匀强电场的电场线方向和粒子运动轨迹如图所示；
A、该粒子沿AC方向进入，从G点射出，粒子受力方向与电场线方向相反，该粒子一定带负电，A不符合题意；
B、粒子在A点初动能为16eV、电势能EPA=﹣3e×8V=﹣24eV，所以总能量为E=16eV﹣24eV=﹣8eV，由于UBG=UGC，所以G点的电势为4V，该粒子达到G点时的动能为EKG=E﹣（﹣4×3eV）=4eV，B符合题意；
C、若该粒子以不同速率从D点沿DF方向入射，其速度可以分解为沿电场线方向和垂直于电场线方向，而垂直于电场线方向的速度不可能减小为零，所以该粒子不可能垂直经过CE，C不符合题意；
D、只改变粒子在A点初速度的方向，若该粒子能经过C点，则经过C点的动能EKC=E﹣（﹣2×3eV）=﹣2eV，动能为负，不可能出现这种情况，所以只改变粒子在A点初速度的方向，该粒子不可能经过C点，D符合题意．
故答案为：BD．
【分析】根据匀强电场中平行等距离的两点电势差相等可得E和F两点的电势然后确定电场线方向，根据粒子受力方向确定电性；根据动能和电势能之和不变确定粒子在G点和C点的动能。
11．（1）F
（2）2
（3）1500
（4）B；3
【解答】(1)将红黑表笔短接，达到满偏电流时，根据闭合电路欧姆定律
代入数据解得
故应选择定值电阻F接入图甲电路中R0的位置。
(2)欧姆调零时，将红黑表笔短接，调节滑动变阻器R，使电流表G达到满偏电流，即电流计指针对准2mA处。
(3)电流刻度1.00mA位置标记的电阻值为中值电阻Rx，根据闭合电路欧姆定律
代入数据解得
(4)此欧姆表的电流由A指向B，电压表的“-”接线柱与图甲中电源的负极连接，即他应将电压表的“-”接线柱与图甲中的B接线柱相连；
因为干电池的电动势为E=3V，欧姆表的内阻与3V的电压表内阻接近，所以3V量程的内阻测量结果更准确。
【分析】（1）当红黑笔短接时，利用欧姆定律可以求出其定值电阻的大小；
（2）当红黑笔短接时其回路电流最大则电流计指针指向电流的最大值；
（3）利用欧姆定律可以求出电流半偏时电阻值的大小；
（4）利用红进黑出可以判别其电压表正负接线柱的接法；结合其电池的内阻大小可以判别3V的内阻测量结果更准确。
12．（1）A；交流电源；E；接通电源、释放小车
（2）A；B
（3）0.864
（4）；0.64m/s2
【解答】（1）A选项错误，因为打点计时器使用交流电源；E选项错误，应先接通电源，再放开小车；（2）根据打点计时器打出的纸带，可以从纸带上直接用刻度尺测量得到的物理量是位移，纸带上的点与点的时间根据打点计时器的打点周期可求出，而加速度、平均速度都需要用公式计算，AB符合题意；（3）因为每相邻两计数点间还有4个打点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为 。根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，故有 （4）根据匀变速直线运动的推论公式△ 可以求出加速度的大小，得
为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得
因此小车运动的加速度计算表达式为
代入数据解得
【分析】（1）打点计时器要使用交流电源；实验要先接通电源后释放小车；
（2）利用刻度尺可以得出小车的位移，利用打点周期可以求出运动的时间；
（3）利用平均速度公式可以求出瞬时速度的大小；
（4）利用逐差法可以求出加速度的表达式，代入数据可以求出加速度的大小。
13．（1）解：物块在水平面上受力如图1所示
水平方向根据牛顿第二定律 ，
摩擦力 ，解得
（2）解：根据匀变速直线运动规律 ，代入数据解得速度
（3）解：物块在斜面上受力如图2所示，物块从A运动到C，根据动能定理
在斜面上摩擦力 ，代入数据解得
【分析】（1）利用牛顿第二定理可以求出加速度的大小；
（2）利用速度位移公式可以求出到达B点的速度大小；
（3）利用动能定理可以求出到达C端的动能大小。
14．（1）解：设电子所受电场力为 ，加速度为 ，在电场运动的时间为 ，偏转位移为 ，离开电场的速度为 ，偏转角度为 ，电子垂直进入电场受到电场力：
…①
极板间的场强：
…②
根据牛顿第二定律得：
…③
电子在电场中做类平抛运动：
…④
…⑤
联立①②③④⑤解之得：
…⑥
（2）解：电子离开电场竖直向上的速度为：
…⑦
离开电场的速度：
…⑧
联立③④⑥⑦解之得：
速度偏转角：
（3）解：电子飞出电场后，做匀速直线运动，根据几何关系可得 的长度：
【分析】（1）利用牛顿第二定律结合类平抛的位移公式可以求出偏移量的大小；
（2）利用类平抛的速度公式结合速度的合成可以求出合速度的大小和方向；
（3）利用几何关系可以求出OP之间的距离大小。
15．（1）解：金属棒a下滑过程运用动能定理可得
可得
金属棒a刚滑入水平导轨时，感应电动势
回路电流
金属棒a受到的安培力
以金属棒a、b为系统，在碰到绝缘柱之前动量守恒，则有
可得金属棒b接触绝缘柱之前两棒匀速运动的速度大小
（2）解：金属棒b与绝缘柱发生碰撞后等速率返回，以两金属棒为系统动量仍然守恒，但总动量为零，则有
即任何时刻有
两金属棒相向运动到相碰，位移大小相等均为0.5m电路中的瞬时感应电动势是两棒的叠加，则有
根据欧姆定律可得
金属棒b的安培力
对金属棒b由动量定理
其中
可得
根据能量守恒可得整个回路产生的焦耳热
（3）解：金属棒a、b碰后，金属棒b减速到零的过程，由动量定理
由法拉第电磁感应定律
电荷量
可得
因为有
所以碰撞过程有动能损失，所以碰撞不是弹性碰撞
【分析】（1）结合导体棒的速度，利用法拉第电磁感应定律求解电压的大小，再利用欧姆定律求解回路中电流的大小；结合安培力公式求解导体棒受到的安培力大小；两根棒组成系统动量守恒，利用动量守恒定律列方程分析求解即可；
（2）结合导体棒初末状态的速度，对导体棒的运动过程应用动能定理，其中导体棒克服安培力做的功即为电路产生的热量；
（3）利用动量定理求解a、b的末速度，进而求解初末状态的机械能，如果相等，那么为弹性碰撞。

展开更多......

收起↑