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高考物理考点分析揽要
一、力、物体的平衡
【考点分析】
[考点方向]
1、求共点力平衡时某力的大小。
2、判断物体是否受力（尤其是摩擦力）及该力的方向。
3、判断动态平衡过程中力的变化情况。
*4、比较或计算力矩的大小，求转动平衡时某力的大小。
[联系实际与综合]
①斜面或水平面上叠放物体的平衡。②绳或弹簧悬挂物体的平衡。③支架、转轮、吊桥、起重机等平衡问题。④根据物体平衡求气体压强。⑤电场中的物体平衡（尤其是与库仑定律的综合）⑥导线切割磁感线匀速运动的计算。
[说明]
⑴主要以选择填空题形式出现，难度中等或中偏易。
⑵主要内容：
①平衡情形：物体保持（静止）或（匀速运动）、瞬间平衡（例振子在平衡位置等），
*有固定转轴的物体保持静止或匀速转动。
②平衡条件：共点力平衡 （ F合=0）
*有固定转轴物体平衡 （ F合=0）（保持静止时）
（ M合=0）（或M逆=M顺）
③能力要求：熟练运用直角三角形知识求力的合成与分解（正交分解法）。
⑶其它要求：
①熟练分析判断摩擦力的有无、方向、大小、做功情况
②熟练掌握动态平衡问题的矢量图解分析方法
③三力平衡处理方式：a．任意两力的合力与第三个力等大反向。b．三角形矢量图解。
c．相似三角形。d．拉密定理。e．正交分解。f．三力汇交。
④“缓慢”→v≈0（平衡）， “轻质”→m≈0（G≈0），“光滑”→μ≈0（f≈0）
⑤*力矩
磁场中N匝面积为S的线框通有电流i时所受安培力力矩为
M＝NBiSsinθ
（θ为面与中性面夹角）
七、振动和波
[考点方向]
1、比较振动物体的F回、a、v、x、EP、EK等物理量。
2、单摆的周期和频率。
3、根据波动图象找波长、求波速、判断波传播方向、比较质点运动情况（振动位移、路程、运动方向等），作波动图象。
[联系实际与综合]
①类单摆。②摆钟。③电梯中、电场中、磁场中的单摆周期。④共振筛、队伍过桥等共振现象的利用与防止。⑤医用B型超声波图、心电图、地震波图线的分析。⑥多普勒效应（火车靠近或远离观察者时的鸣叫）。⑦生活中的干涉和衍射现象。⑧利用单摆，结合万有引力知识测量山的高度。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等。
⑵重点内容：
①描述振动和波的各物理量（振幅、周期、频率、波长等）。
②简谐运动的特征F=－kx、周期*T＝2π ， 单摆周期T＝2π
③摆钟读数： t读＝t实T0／T ———T为摆钟周期，T0为标准摆钟周期
④关于波动图象
a、从波动图象上找波长λ、振幅A或传播距离s与波长λ的关系
b、会熟练判断波的传播方向和质点振动方向（类比爬山、微推法、类比矢量三角等）
c、熟练运用波速公式v＝s／t＝λ／T＝λf ，会画波动图线
d、两特定问题：
已知某一质点情况，判断另一质点情况（注意Δs＝nλ、（4n＋1）λ／4…）
已知质点某一时刻情况，判断另一时刻情况（注意Δt＝nT、（4n＋1）T／4…）
三、运动和力
[考点方向]
1、分析判断物体运动状态变化情况（a与v是增大还是减小），简易求（瞬间）加速速。
2、比较（不同物体在同一运动过程或同一物体在不同运动过程中）力、位移和时间，求力的简易计算。
[联系实际与综合]
①体育竞技（起跑加速等）②交通运输（悬球加速度仪等）③高新科技（惯性制导等）④升降机或卫星里的超重和失重现象⑤圆周运动中的向心力与向心加速度的关系⑥振动物体的加速度与回复力的关系⑦电场和磁场中的带电物体运动和力的关系
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等。
⑵主要内容：
①牛顿三定律（略）
②运动和力的关系
物体的运动状态：用速度V（大小和方向）表示
物体的运动状态的改变：速度V大小和方向中任一因素的改变
F合（a）与v同向时，加速
F合（a）∥v时，F合（a）只改变v的大小
F合（a）与v反向时，减速
F合（a）⊥v时，F合（a）只改变v的方向：物体做曲线运动
F1（a1）∥v，v大小变
F合（a）与v既不平行也不垂直时，F合（a）分解为
F2（a2）∥v，v方向变
③熟练掌握匀变速直线运动规律，善于将整体法与隔离法结合运用。
⑶熟悉瞬间加速度的求解。
⑷解题步骤：
a选对象（整体或隔离），选过程（分阶段过程或全过程）。
b分析物体受力情况和运动状态。
c列方程（力的方程和运动方程），解方程。
d验根。
九、电场
[考点方向]
1、有关场强E（电场线）、电势φ（等势面）、W=qU、动能与电势能的比较。
2、带电粒子在电场中运动情况（加速、偏转——类平抛）的比较，运动轨迹和方向（一直向前？往返？）的分析判别。
[联系实际与综合]
①直线加速器。②示波器原理。③静电除尘与选矿。④滚筒式静电分选器。⑤复印机与喷墨打印机。⑥静电屏蔽。⑦带电体的力学分析（综合平衡、牛顿第二定律、功能、单摆等）。⑧带电体在电场和磁场中运动。⑨氢原子的核外电子运行。
[说明]
⑴选择题和计算题都是主要出现形式，难度中等或中偏难（计算题）。
⑵基本内容：
①库仑定律： F=kq1q2／r2
②场强：E＝F／q ， E＝kQ／r2 ，E＝U／d ，电场线
③电势φ，电势差UAB＝φA－φB＝WAB／q，电功WAB＝qUAB，电势能，等势面
④*静电感应：
a．静电感应的微观本质原因：自由电荷受力后转移。
b．任一电荷在空间均产生电场，空间电场是所有电荷电场的叠加；电荷分布确定，则电场（场强、电势）确定；电荷分布不变，则电场（场强、电势）不变。
c．电场线发于正电或无穷远，终止于负电或无穷远；正电一定发出电场线，负电一定有电场线终止于它；每条电场线始端正电与终端负电均一样多；E=0处一定不能有电场线，有电场线处E≠0；沿电场线电势降低。
d．电势不等的导体接触将有正电向电势低处移，负电向电势高处移，直至重新平衡（等势）
e．导体壳内部和内表的电荷在壳内表以外空间合场强为零，导体外部和外表的电荷在壳外表以内空 间合场强为零。
⑶场强E与电势差UAB有关，与某点电势φA却无关。“E大（为零）处φ也大（为零）”等说法不对。
⑷电场中某处电势的高低，与该处有无电荷、该电荷的正负电性均无关。
⑸带电粒子、电子、质子等一般不考虑其重力，带电微粒、油滴、小球等常考虑重力。
⑹质子（p）与α粒子垂直进入匀强电场中偏转时各量比较 ：
比较项目
入射方式
yp ：yα　
tanφp：tanφα
ΔEkp ：ΔEkα
ΔPp ：ΔPα
相同初速V0
相同初动能EK0
相同初动量P0
从同一电场加速后
二、运动学
【考点分析】
[考点方向]
1、平抛运动 2、v-t图象描述运动。
3、追及问题。 4、联系实际的运动学规律的简易计算。
[联系实际与综合]
①体育竞技。②交通运输（车、皮带轮、扶梯的运行）。③水上运动（含船过河）。④动物奔跑。⑤气球落物和水柱喷射等空中抛物。⑥飞车表演。⑦电荷在电场中的偏转做类似平抛运动（但电荷在做匀速圆周运动不能类似平抛运动分解）。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等。
⑵重点内容：①运动分类
匀速直线运动
直线运动 匀变速直线运动：自由落体
变速直线运动
非匀变速直线运动：振子振动
非匀变速曲线运动：圆周运动
曲线运动 （变速运动）
匀变速曲线运动：平抛运动
②运动描述量
位置 时刻 瞬时速度
位移 时间 平均速度 加速度
路程 时间 平均速率
同向时：加速
v恒定时：物体匀速运动 a与v
反向时：减速
v 大小或方向变时：物体做变速运动 a与v垂直时：v大小不变，方向变
a=0时：物体保持静止或匀速运动
a恒定：物体做匀变速运动
a≠0时：物体做变速运动
a大小或方向变：物体做非匀变速运动
③匀变速直线运动规律：
消去t： υ中时 =
消去a： Δs = s2－s1 = s3－s2 = … = at2
④运动合成和分解：a、船过河（最短过河时间与距离）
b、平抛规律：水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动
位移：x =v0t ，y = gt2／2， S =（x2＋y2）1／2，方向tan α=y／x
速度：vx=v0 ，vy=gt ， v=（vx2＋vy2）1／2，方向tan β= vy／vx
⑤熟练掌握v-t图象及追及问题的分析方法。
二十、实验与其它
[考点方向]
1、读数或数据处理（卡尺、千分尺等读数，求ε、r，纸带求v、a等）
2、选择器材、选择电路，误差分析
3、把需要的实验步骤按正确顺序排列，找出重要遗漏步骤和错误步骤并改正，电路连线
4、联系实际的设计性实验（平抛测速度，单摆测重力加速度g ，测RX、RV等，半偏法的使用）
5、单位制和物理学史（物理学家与其对应的贡献）
6、物理问题的研究方法（实验法、控制变量法、等效法、转换法等）
[说明]
⑴常见读数的仪表有：千分尺、卡尺、欧姆表、刻度尺、秒表、、等。
注意：除卡尺、秒表、电阻箱和题目要求的外，其它仪表读数均应读到最小刻度再估读到下一位。
⑵数据处理的常见问题：纸带a、v，平抛轨迹求v0 ，求g ，求ε、r ，插针法测n等。
⑶选器材常见的问题：单摆测g，描等势线，测电阻，测ε、r。
⑷选电路：测ε、r，测RX时内外接法，变阻器分压式和限流式接法
⑸单位制常见问题
a．国际单位中的基本单位（kg、m、s、K、A、坎德拉、mol）
b．能量单位（焦耳、电子伏、兆电子伏、千瓦时等）
c．磁感应强度单位（特、韦／米2，…）
⑹物理学家与对应的成就：以磁学、光的本性、原子和原子核部分见多。
二十一、计算
[考点方向]
单个物体在某一过程或某几个过程中运动与受力问题
多个物体（通常两个）相关联的运动与受力问题
力电综合，磁场中的导体
光反射、折射路径的计算
原子物理和能源等近代、当代物理问题
[说明]
1、单个物体问题情景
物体平衡（+直线运动规律） 平抛运动+万有引力
F=m a + 直线运动 圆周运动+万有引力
P=FV（以不变功率运行等） 圆周运动+功能关系
2、多个物体问题以“动量+功能”组合见多，出现机会最大
3、①力电综合以电荷在电场、磁场中运动为多，体现出力、电、磁三主干内容学科内综合。
②磁场中电路的部分导体切割磁感线运动，综合物体的平衡、电路（欧姆定律）、磁场（安培力）、电磁感应四大内容，重新成为高考热点。
4、不要完全忽视光在介质中反射、折射、全反射等光路的计算
5、要熟悉电子绕核运行时动能与等效电流、光子能量与太阳辐射等问题的分析
6、解力学问题的一般程序
⑴选对象（整体法和隔离法）、选过程（全过程和分阶段过程）
⑵分析研究对象的受力情况（各力大小方向、是否恒力、做功与否、冲量等）和运动情况（初末速度、动量、动能等）
⑶ F=ma+匀变速直线运动规律
恒力作用下物理问题 功能关系—— 通常涉及位移情况时
选合适的物理规律列式 动量理论—— 通常涉及时间情况时
变力作用下物理问题 —— “功能关系+动量理论”
⑷解方程，验根
7、典型电荷在电场、磁场中运动的专题问题
⑴极板间加电场（图甲）
不同时刻从b点由静止释放电荷，讨论其往返运动情况。
电荷从中央a点射入，讨论电荷仍从中央线处射的条件等
电荷从b点由静止释放，讨论其到达另一极板的条件
极板电压改为u=U0cosωt等情况时，讨论电荷从a点连续高速入射时，电荷持续出射时间间隔
⑵电荷在电场、磁场中运动的比较
① 电荷分别以相同初速垂直进入同宽度的有界电场E、磁场B中（图乙），偏向角均为θ，求初速v0
② 电荷进入极板间的磁场（图丙等）中，讨论电荷不能出射的条件
③ 带电环在电、磁场中沿竖直杆运动，讨论其运动的最大速度Vm、最大加速度am
⑶ 物体受恒力作用时的曲线运动轨迹为抛物线；只受洛仑兹力（B⊥v）时，运动轨迹为圆；受洛仑兹力和其它恒力作用时，所做曲线运动的轨迹既不是抛物线，也不是圆。
高考物理考点分析一缆表
选择题
计算题
实验题
新课程
物体平衡
综合平衡（如求气体压强）
物体运动
纸带的处理
牛顿定律
卫星等天体运行
神舟五号运行
动量和冲量
绳、弹簧连接体能量转化与动量守恒
功和能
机械振动
单摆测重力加速度
机械波
波动图象中质点振动等
多普勒效应
热学
油膜法测分子大小
热力学第二定律
电场
电容和含容电路
带电极板间U、E、EP等
恒定电流
测电压、电流表等电阻
磁场
带电体在电、磁场运动
电磁感应
导线切割磁感线运动
交流电与电磁振荡
变压器U、I规律
光的直线传播
光的本性
测光的波长
光电效应方程
原子物理
氢原子跃迁
原子核
质能方程算释放能量
五、功和能
[考点方向]
1、判断某力是否做功，求功的简易计算。
2、比较动能的大小；求动能或动能比值的简易计算；已知动能情况，比较其它运动和力的情况。
3、判断机械能是否守恒，或根据机械能守恒比较速度大小。
[联系实际和综合]
①生物做功及其功率（人心脏的功率、骑自行车时的功率等）。②机器、设施做功（健身跑步机、扶梯）。③车船以不变功率运行。④能源（风能、潮汐发电等）。⑤非匀速圆周运动找不同位置的速度关系。⑥牵涉动能定理的力学综合、热学、电场、电磁复合场、原子物理等。
[说明]
⑴选择题、计算题都是主要的出现形式，难度中等或中偏难。
⑵重点内容：
①概念：功、功率（P=Fvcosθ）、动能、势能、机械能。
规律：动能定理、机械能守恒定律
②a．判断力是否做功：F总垂直v时，则F一定不做功（如洛仑兹力）
b．摩擦力的功：静摩擦力和滑动摩擦力都可以做正功、做负功、不做功
作用力与反作用力的功：没有谁决定（依赖）谁的关系。
c．求功：
定义式： W = FS cosθ →适用于求恒力的功
功能关系（动能定理）： →适用于求恒力、变力的功
③P=Fv ： a．汽车以不变功率运行时，vm=？ b．汽车以恒定a运行时，维持时间t=？等
④功能关系：ΔEk=W合 ΔEP（重）=－W重 ΔEP（弹）=－W弹 ΔE机=W其
W合——单个物体受合外力的功，系统受的内外力的总功
W其——除重力、弹簧弹力外其它内外力的总功
⑤机械能守恒定律
a．条件：1°除重力、弹簧弹力外其它内外力的总功0，情形有：
① 物体只受重力；
② 物体受重力与其它力，但其它力不做功；
③ 物体受重力与其它力，其它力做功，但做的总功为0。
2°物体不受介质阻力，且只有动能和势能相转化。
b．表达式：EK+EP=EK+EP′ 或 ΔE增=ΔE减
⑥f S相对=ΔE系统损失=Q
八、分子理论 热和功 气体
[考点方向]
1、估算分子数、分子间距、分子大小、气体质量等
2、布朗运动和分子力
3、热学图象与气体状态参量变化的比较、功热能情况的分析
[联系实际与综合]
①大气气压。②热气球升空。③抽气与打气。④化学反应前后气体压强、体积、温度的变化。⑤高压锅内的气体压强。⑥根据力的平衡找气体压强。⑦功和能中的摩擦生热（Q＝fs相对）。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等偏易。
⑵主要内容：
①分子数N＝nNA 其中物质的量n＝m物／μ
对理想气体物质的量：PV＝nRT或标准状况时有22．4L／mol
气体： V占＝V气／N ，V占＝d3 可得气体分子平均间距d＝
固体和液体：V分＝V物／N，V分＝πD3／6 可得分子直径D＝
②布朗运动：是悬浮在液体（或气体）里的微粒不停地无规则运动，不是分子的运动，显著程度与微粒大小、液体（或气体）温度有关，它间接反映了液体（或气体）分子在运动。
③分子力
④气体：PV＝mRT／μ （PV／T＝C，ρ＝m／V＝Pμ／RT） （热学图象：略）
气体实验定律：PV＝C1 （等温）， V／T＝C2（等压）， P／T＝C3（等容）
⑤理想气体内能（PV／T＝C，ΔU＝Q＋W，U、W分别只与T、V有关）
ΔP
ΔV
ΔT
ΔU
Q
W
等温膨胀（压缩）
等容升温（降温）
等压膨胀（压缩）
绝热膨胀（压缩）
六、动量与冲量
[考点方向]
1、比较动量变化情况以及动量变化与冲量的关系，比较冲量大小或求冲量的简易计算。
2、判断动量是否守恒，根据动量守恒比较速度大小或求速度。
[联系实际与综合]
①航天设备（火箭等）的发射。②宇航员的空中行走。③天体碰撞，航天器的对接。④与功能内容的综合运用。⑤磁场中通电导线受安培力的变力冲量问题。
[说明]
⑴选择题和计算题都是主要的出现形式，难度中等或中偏难。
⑵重点内容：
①动量，冲量，动量定理，动量守恒定律
②求冲量
定义式: IF = Ft ——适用于求恒力冲量
动量定理: I合=ΔP——适用于求恒力、变力冲量，注意重力冲量是否忽略
③动量守恒条件
a、F合=0 b、F合≠0，但F合＜＜F内时，近似动量守恒（碰撞、爆炸、射击等）
c、F合≠0，但FX＝0，则ΔPX＝0。
④动量守恒的应用
a、人船运动模型：m1s1＝m2s2
b、碰撞 —— 动量守恒
非弹性碰撞：动能有损失
完全非弹性碰撞：碰后速度相同，动能损失最大
m1v1 + m2v 2= m1v1′+m2 v2′
m1v12+m2v22= m1 v1′2+m2 v2′2
弹性碰撞：动能守恒
v1′=[（m1－m2）v1+2 m2 v2]／（m1+ m2）
得
v2 =[（m2－m1）v2+2 m1 v1]／（m1+ m2）
讨论：①m1＝m2时，v1＝v2′，v2＝v1′（速度互换）
②m1＞＞m2时，v1′＝v1，v2′＝－v2＋2v1
③v2＝0时，v1′＝（m1－m2）v1／（m1＋m2）
v2′＝ 2m1v1／（m1＋m2）
十、电容与含容电路
[考点方向]
1、决定电容因素的改变引起C、Q、U、E等的变化分析。
2、电容器两极板间的油滴状态变化或极板上电量变化与含容电路中电阻变化关系分析。
3、电容对交流电的阻碍作用，*电容变化引起振荡电路周期和频率变化的分析。
[联系实际与综合]
①测压力的电容式传感器。②电容式液面高度检测仪。③密立根油滴实验。④含容电路。⑤电容对交流电的阻碍作用。⑥※振荡电路。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，偶尔见于计算题中，难度中等。
⑵重点内容：
C＝Q／U＝ΔQ／ΔU C＝εS／4πkQ E＝U／d＝4πkQ／εS
⑶如图10-1装置用于研究电容与哪些因素有关，其中指针偏角θ与板间电压U有关（θ越大表明U越大），电容器极板上带的电量几乎不变。
⑷对如图 10-2电路，分下述两种情况，分别填写下表：
①电容器始终与电源相连 。 ②电容器充电后与电源断开 。
比较项目
电容变化方式
电容C
电量Q
电压U
场强E
极板正对面积S增大（减小）
极板距离d增大（减小）
极板间插入电介质
极板间插入金属
⑸对含容电路问题，要找准电容器的电压与电路中哪部分电路的电压相等。
十一、恒定电流
[考点方向]
1、U-I图线。
2、变阻器等电阻变化引起电路变化的比较判断（U、I、电表示数增减，灯亮暗变化）。
3、联系实际的有关串联并联电路简易计算（求R、I、U、功率等）。
[联系实际与综合]
①电动机。②电饭煲电路。③电热器发热部PTC元件ρ-T关系。④超导体、热敏电阻、光敏电阻。⑤地下电缆线故障检测。⑥悬球加速度仪。⑦风力仪。⑧自动扶梯载人。⑨导线切割磁感线运动（找电流I、求电热 Q）。
[说明]
⑴主要以选择题和实验题形式出现，难度中等
⑵主要内容和专题要求：
①串联并联电路的特点——U、I、R、P以及U、I、P的分配（略）。
②电功（电功率）与电热（热功率）的关系，熟练掌握电动机问题的处理。
③认清U-I图象的功能，区别导体的特征曲线与电源的特征曲线。
④允许值问题：——电路允许的最大电流、电压、功率等
最大值输出功率问题：E、r一定，R外=r 时，P出最大为 ： P出=E2／4r
⑤等效电阻：——电路的简化（等电势法），*三角形连接与星形连接的相互转换。
⑥求解电路问题关键在于弄清电路连接，分析电路连接应注意：
a．不做特别说明，电压表往往作断路处理， 电流表作导线处理。
b．一般要考虑其内阻， 一般看成内阻不计、电压恒为U0 的电源 。
c．电容无持续电流流过，作为断路处理。
⑦变阻器电阻变化引起电路变化问题的分析思路：
a．确定电路连接 。 b．明确变阻器上有效电阻如何变化。
c．明确电路总电阻如何变化 。 d．确定干路电流如何变化。
e．确定路端电压如何变化。 f．确定各部分电路电流、电压如何变化 。
十七、光的本性
[考点方向]
1、光的干涉、衍射现象
2、光谱及其分析、电磁波谱、激光、光的偏振现象
3、光电效应
[联系实际与综合]
①动物夜视。②红外遥感。③纳米科技。④增透膜。⑤太阳能电池。⑥太阳辐射能量。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度易
⑵双缝干涉
nλ=2n（λ／2）处 加强→亮纹
a．到双缝距离差Δr=
（2n+1）λ／2 处 减弱→暗纹
b．双缝干涉条纹间距Δx（Δx=Lλ／d）
Δx∝λ
　　　　　　　　　　　　　 λ红＞λ绿（λ红＞λ橙…＞λ紫）
实验得Δx红＞Δx绿
⑶彩色条纹现象
干涉：双缝干涉、肥皂泡（膜）、蝉翼、雨天公路上汽油等呈彩色
衍射：单缝衍射、眯眼看灯、隔并齐笔缝看灯、隔羽毛（纱布）缝看灯等呈彩色
色散：露珠、彩虹、隔三棱镜（或后玻璃边缘）看物体呈彩色
⑷光谱
①分类
连续光谱：一切炽热的固体、液体、高压气体可发出
发射光谱
线状谱（原子光谱）：稀薄气体等游离态原子发出
吸收光谱（暗线光谱）：——与线状谱一样可以作为特征谱线
②太阳光谱是吸收光谱，表明太阳大气层含有暗线对应的物质
⑸电磁波谱的微观机理和主要作用：（略）
从无线电波、红外线、红…紫、紫外线、X射线到γ射线，依次增大的有：频率、光 子能量、同一介质中折射率，减小的有：同一介质中波速、波长、全反射临界角、同一透镜焦距
⑹光电效应规律：①频率足够大才能发生，与光强、光照时间无关；②最大初动能随入射
光频率增大而增大，但与频率不成正比；③在极短时间内（10-9s以内）迅速发生；④单位时间内发出的光子数与该入射光（频率一定）的强度成正比
⑺爱因斯坦不是最早发现光电效应，而是首先解释光电效应，光子能量E=hυ
　光电效应方程： mv2／2＝hυ－W （逸出功W=hυ0 ，υ0为金属极限频率）
十三、磁场（二）电磁感应
[考点方向]
1、通电导线或线框受磁场作用力。
2、运动的导线或线框在磁场中产生感应电流。
[联系实际与综合]
①磁电式电流表原理。②磁天平。③电磁炮。④磁悬浮列车。⑤卫星悬绳发电。⑥电磁延时开关。⑦双绕线精密电阻。⑧日光灯工作原理。⑨与力的平衡等力学内容、恒定电流的综合。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，偶尔计算题，难度中等。
⑵基本内容
①定则：电流的磁场方向——安培定则，电流受其它磁场的安培力方向——左手定则（F⊥B，F⊥I（L）），导线切割磁感线产生感应电动势方向——右手定则。
②公式： F=BIL（B⊥I时） E=BLv（B、L、v互相垂直时）
F=0（B∥I时） E=0（B、L、v任意二者平行）
⑶感应电流方向判断
①切割时：右手定则
②一般情况：楞次定律 — a．确定原磁场方向
b．确定磁通量变化情况（或切割方向）
c．由楞次定律 确定感应电流磁场方向（或感应电流受力方向）
d．由安培电则（或左手定 则）确定感应电流方向
⑷感应电动势大小
①一般情况：E=NΔΦ／Δt（有平均电动势和瞬时电动势之分）
②垂直切割运动时：E=BLv
③转动切割运动时：E=BLv中=BLωL／2 ＝BωL2／2（如图-1）
④弯折切割运动时：E=BLABv（如图-2）
⑸弯折电流受安培力：F=BILCD（如图-3）
⑹通过线框导线横截面电量：q=NΔφ／R总
磁场、电磁感应有关公式比较
对象
物理过程
规 律
电荷
在磁场中运动受洛仑兹力f
f=Bqvsinα（α为B、V夹角）方向：左手定则
导线
通电导线产生磁场B
B∝I 方向：安培定则
通电导线受外磁场安培力F
F=BILsinα（α为B、I夹角）方向：左手定则
导线切割磁感线产生E
E=BLVsinα（α为B、V夹角）方向：右手定则
N匝矩形导线框
在磁场中磁通量
φ=BScosθ=BSsinα
θ为面与中性面的夹角
α为面与磁感应强度B的夹角
通电线框受磁场安培力力矩
M=NBISsinθ=NBIScosα
在磁场中转动时磁通量变化率
Δφ／Δt=BSωsinθ=BSωcosα
绕垂直磁场轴转动产生e
e=NBSωsinθ=NBSωcosα
十九、原子核
[考点方向]
1、半衰期
2、核反应方程填充和衰变时质子数、中子数、质量数等的变化情况分析
3、根据质能方程计算释放的能量
[联系实际与综合]
①考古。②测量水库容量。③测量体内血液总量。④射线探伤。⑤生物育种。⑥消除静电。⑦作为示踪原子。⑧贫铀弹。⑨核反应堆。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中偏易
⑵半衰期
①半衰期概念适用于大量核衰变（少数个别的核衰变时，谈半衰期无意义）
②半衰期由核的性质来决定，与该元素的物理性质（状态、压强、温度、密度等）和化学性质均无关
③N=N0（1／2）t／τ ，m=m0（1／2）t／τ ， I=I0（1／2）t／τ
I——单位时间内衰变的次数 ，τ——半衰期
N0、m0、I0为最初量，N、m、I为t时间后剩下未衰变量
⑶核反应方程
①遵守电荷数、质量数守恒，但质量不守恒
②α衰变规律：每次α衰变质量数减少4，电荷数减少2
β衰变规律：每次β衰变质量数不变，电荷数增加1
③常见粒子符号：α粒子（4 He）、氚核（3 H）、氘核（2 H）、质子（1 H）、中子（1 n）、
电子（0 e）、正电子（0 e）等
④常见核反应
238 U → 234 Th + 4 He 234 Th → 234 Pa + 0 e
4 He + 14 N→17 O +1 H 4 He +9 Be → 12 C + 1 n
4 He + 27 Al → 30 P + 1 n 30 P → 30 Si + 0 e
235 U + 1 n →141 Ba + 92 Kr +3 1 n 3 H + 2 H → 4 He + 1 n
⑷核能
质能方程 E=mc2 ， 释放的核能 ΔE=Δm c2
1u=1．66×10-27kg 1uc2=931．5Mev
十二、磁场（一）
[考点方向]
1、带电粒子在磁场中运动。
2、带电粒子在复合场中运动。
[联系实际与综合]
①电磁流量计。②（等离子体）磁流体发电机。③霍耳效应。④回旋急速器。⑤质谱仪。⑥与力学、电场等的综合分析。⑦磁场中静止的原子核衰变后的径迹。
[说明]
⑴选择题、计算题都是主要的出现形式，难度中等或中偏难。
⑵主要内容与注意事项：
①洛仑兹力大小：
f洛=Bqv sinα（α为B、v夹角，α=90°时，f洛最大，α=0°时，f洛最小）
洛仑兹力方向：左手定则判定，且有f洛⊥B，f洛⊥v
②洛仑兹力作用：只改变速度v方向（不改变速度v大小），总不做功。
③电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动通常不类似平抛运动分解。
④电荷在匀强磁场中只受f洛 、且v⊥B时，做匀速圆周运动才有：
r＝mv／qB T＝2πm／qB
⑤静止的原子核在磁场中衰变后的径迹：
α衰变后为两外切圆，β衰变后为两内切圆，且电量小的粒子半径大。
⑥不作特别说明，质子、电子、α粒子、带电粒子等一般不考虑其重力，对带电油滴、带电微粒、带电小球等应考虑其重力。
⑦熟练掌握两基本问题：
a．同一粒子在不同场中（电场、磁场、电磁复合场）比较运动情况。
b．不同粒子在同一磁场中运动情况的比较。
十五、电磁振荡与电磁波
[考点方向]
⒈*已知LC电路或i-t、q-t图等，比较判断i、B或q、E、U等量何时最大或最小，在某时刻是增大还是减小。
⒉*LC电路的周期、频率随L、C变化而改变的分析判断。
⒊电磁波的传播。
[联系实际与综合]
①无线电波。②调谐电路。③雷达。④决定电容的因素。⑤*决定自感系数的因素。⑥综合电磁感应与交流电。⑦电磁波与机械波的比较。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等或中偏易
⑵问题情景
①已知 、 等，判断q（E、U等）或i（B等）变化情况
②已知 、等，判断q（E、U等）或i（B等）变化情况
③判断T或f随L、C变化而改变的情况
⑶主要内容
①振荡电路的变化规律
比较的量
规律
C上的量：q、U、E、电场能、ε自
增加
最大
减小
0
L上的量：i、B、磁场能
减小
0
增加
最大
② T=2π ， f=1／2π
其中C=εS／4πkd L决定于：线圈匝数、长度、截面积、有无铁芯
③麦克斯韦电磁理论：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；均匀变化的电
（磁）场产生稳定的磁（电）场，振荡的电（磁）场产生同频率的振荡磁（电）场。
④电磁波是横波，可以在真空中传播，c=λ／2π 。
十八、原子物理
[考点方向]
1、α粒子散射实验结果与原子的核式结构内容。
2、玻尔三个假设内容与氢原子跃迁发光
[联系实际与综合]
库仑定律与圆周运动，光子（波长、频率）
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，偶尔在计算题中综合，难度中等。
⑵α粒子散射实验结果：大多数偏转很小，少数偏转较大，极少数偏转很大甚至反弹。
⑶原子的核式结构内容：原子中心有一个很小的核集中了全部正电和几乎整个原子质量，带负电的电子在核外绕核做圆周运动。
⑷玻尔三个假设：
①原子只能处于一系列不连续的能量状态，在这些状态中，电子虽然加速运动，但不向外辐射能量，这些状态叫定态。
②原子从一种定态（能量为E1）跃迁到另一种定态（能量为E2）时，将辐射（或吸收）一定频率的光子，光子的能量由这两种定态能量差决定： hυ=E1－E2
③原子不同能量状态对应电子沿不同轨道运动，且电子可能轨道半径也是不连续分布的
⑸氢原子跃迁
①En＝E1／n2＝－13．6ev／n2 ， rn＝n2r1＝n2×0．53×10－10米(n＝1,2．3…)
②
En ，Ep，r，n
Ek，v
吸收光子时
增大
减小
放出光子时
减小
增大
③氢原子跃迁时应明确：
一个氢原子 直接跃迁 向高能级跃迁 吸收光子
一群氢原子 各种可能跃迁 向低能级跃迁 放出光子
一般光子 某一频率光子
可见光子 一系列频率光子
④氢原子吸收光子时——要么全部吸收光子能量，要么不吸收光子
1°光子能量大于电子跃迁到无穷远处（电离）需要的能量时，该光子可被吸收。
2°光子能量小于电子跃迁到无穷远处（电离）需要的能量时，则只有能量等于两个能级差的光子才能被吸收。
⑤氢原子吸收外来电子能量时——可以部分吸收外来碰撞电子的能量。因此，能量大于某两个能级差的电子均可被氢原子吸收，从而使氢原子跃迁。
十六、光的直线传播
[考点方向]
1、光从一种介质进入另一介质时，对光路及全反射现象的分析，比较判断n、i、v等量的变化情况。
2、平面镜成像、视场、观察范围等光路作图，光在介质中折射时传播路径的小计算。
[联系实际与综合]
①日食月食。②光导纤维。③蒙气差。④看水中的物体（鱼、池底、筷子等）。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等
⑵作图注意事项：
光线、物体、实像均用实线，且不要漏画光线箭头；非真实光线、虚像均用虚线。
⑶*物和像的概念
物：对入射光谈物（入射光交点处为物点） a．入射光沿传播方向发散的物点为实物。
b．入射光沿传播方向会聚的物点为虚物。
像：对出射光谈像（出射光交点处为像点） a．出射光沿传播方向会聚的像点为实像。
b．出射光沿传播方向发散的像点为虚像。
⑷重点内容
①红光、橙光…→紫光，频率依次增大
②光从介质射向空气(或真空)时,全反射临界角C=arc sin 1／n
③同一列光在不同介质中传播时，频率（用希腊字母υ表示）相同，光速（v）、波长（λ）不同，且在折射率大的介质中波速、波长均较小（n=c／v=λ真／λ介）。
④不同频率（颜色）的光，在同一介质中比较，频率越大的光，折射率越大，在介质中的波长、波速、全反射临界角越小，对同一透镜的焦距越短
⑸熟练掌握光在玻璃棒、砖、球内传播的简易计算
十四、交变电流
[考点方向]
1、交变电流的产生和变化规律
2、有效值
3、*三相交流电的接法，电容、电感对交流的阻碍作用
4、变压器的规律及电路分析
[联系实际与综合]
①远距离输电。②触电保安器。③交流发电机。
[说明]
⑴主要以选择题形式出现，难度中等
⑵交流电的产生和变化规律：N匝面积为S的线框从中性面开始计时，绕垂直磁场B的轴以角速度ω匀速转动
e=Em sinωt ， Em=NBSω
i=Im sinωt ， Im=Em／R总
u=Um sinωt ， Um=ImR
⑶有效值
①交流与某直流分别对同一电阻供电相同时间产生的热量相同，则该直流（电流I、电压U等）叫该交流（电流I、电压U）的有效值
②正弦或余弦交流：E=Em／ ， I=Im／ ， U=Um ／
③用电器上的额定值、交流电表上的读数、不做特别说明的交流值均指有效值，计算电功、电热时要用有效值而不用平均值，但计算通过截面电量时却要用平均值。
⑷变压器
①变压器不能变蓄电池等恒定电流；能变交流电的电流和电压，但不能变功率和频率。
②U0／n0=U1／n1=U2／n2=…=UNnN ， n0I0=n1I1＋n2I2＋…＋nNIN
③分析副线圈中负载变化引起各部分电路U、I、P等变化时，注意原线圈是否有用电器
④如图，变压器原副线圈匝数比n1／n2，负载R，则变压器与负载R（虚线部分）可等效为R′ R′＝（n1／n2）2 R
四、圆周运动与万有引力
[考点方向]
1、有关描述圆周运动快慢的量、向心加速度和向心力的简易计算。
2、卫星等天体的运转。
[联系实际与综合]
①交通工具的运行（火车、汽车、自行车拐弯）。②娱乐设施的运行（过山车、转转车）。③节目表演（水流星、摩托车）。④圆锥摆、单摆。⑤卫星、双星、黑洞等天体的运行。⑥带电体在电场、磁场中做匀速圆周运动。
[说明]
⑴选择题、计算题都是主要出现形式，难度中等或中偏难。
⑵重点内容：
①关于圆周运动
a、熟练掌握v、ω、T、f（n）之间的关系，
an＝v2／r＝ω2r＝（2π／T）2r＝（2πn）2r＝ωv
b、竖直平面内的圆周运动，物体在最高点的速度可为0（杆接物），可不为0（绳系物，且v≥ ）
c、电荷在电场中做圆周运动的类比求解
d、不要忘记，根据功能关系找物体求非匀速圆周运动时不同位置速度关系。
②关于卫星运转
a、F＝GMm／r2＝mv2／r＝mω2r＝m（2π／T）2r
可得 v＝ ω＝ T＝2πr
表明：v、ω、T、r中任一确定，其余三者也确定，且越远的卫星越慢。
b、卫星圆轨道中心与地心重合，r＝R地＋h， GM＝gR地2
c、区别：
轨道半径 发射速度 卫星角速度（周期） 卫星向心加速度
地球半径 运行速度 地球自转角速度（周期） 地面物体重力加速度
地面物向心加速度
d、同步卫星：在赤道高空某一确定高度位置。
第二章 圆周运动
解题模型：
一、水平方向的圆盘模型
如图1.01所示，水平转盘上放有质量为m的物块，当物块到转轴的距离为r时，连接物块和转轴的绳刚好被拉直（绳上张力为零）。物体和转盘间最大静摩擦力是其正压力的μ倍，求：
（1）当转盘的角速度时，细绳的拉力。
（2）当转盘的角速度时，细绳的拉力。
图2.01
解析：设转动过程中物体与盘间恰好达到最大静摩擦力时转动的角速度为，则，解得。
（1）因为，所以物体所需向心力小于物体与盘间的最大摩擦力，则物与盘间还未到最大静摩擦力，细绳的拉力仍为0，即。
（2）因为，所以物体所需向心力大于物与盘间的最大静摩擦力，则细绳将对物体施加拉力，由牛顿的第二定律得：，解得。
如图2.02所示，在匀速转动的圆盘上，沿直径方向上放置以细线相连的A、B两个小物块。A的质量为，离轴心，B的质量为，离轴心，A、B与盘面间相互作用的摩擦力最大值为其重力的0.5倍，试求：
（1）当圆盘转动的角速度为多少时，细线上开始出现张力？
（2）欲使A、B与盘面间不发生相对滑动，则圆盘转动的最大角速度为多大？（）
图2.02
（1）当圆盘转动的角速度为多少时，细线上开始出现张力？
（2）欲使A、B与盘面间不发生相对滑动，则圆盘转动的最大角速度为多大？（）
解析：（1）较小时，A、B均由静摩擦力充当向心力，增大，可知，它们受到的静摩擦力也增大，而，所以A受到的静摩擦力先达到最大值。再增大，AB间绳子开始受到拉力。
由，得：
（2）达到后，再增加，B增大的向心力靠增加拉力及摩擦力共同来提供，A增大的向心力靠增加拉力来提供，由于A增大的向心力超过B增加的向心力，再增加，B所受摩擦力逐渐减小，直到为零，如再增加，B所受的摩擦力就反向，直到达最大静摩擦力。如再增加，就不能维持匀速圆周运动了，A、B就在圆盘上滑动起来。设此时角速度为，绳中张力为，对A、B受力分析：
对A有
对B有
联立解得：
如图2.03所示，两个相同材料制成的靠摩擦传动的轮A和轮B水平放置，两轮半径，当主动轮A匀速转动时，在A轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在A轮边缘上。若将小木块放在B轮上，欲使木块相对B轮也静止，则木块距B轮转轴的最大距离为（ ）
A. B. C. D.
图2.03
答案：C
第三章 功和能
一、水平方向的弹性碰撞
在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都为m，现B球静止，A球向B球运动，发生正碰。已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为EP，则碰前A球的速度等于（ ）
A. B. C. D.
解析：设碰前A球的速度为v0，两球压缩最紧时的速度为v，根据动量守恒定律得出，由能量守恒定律得，联立解得，所以正确选项为C。
在原子核物理中，研究核子与核子关联的最有效途径是“双电荷交换反应”。这类反应的前半部分过程和下述力学模型类似，两个小球A和B用轻质弹簧相连，在光滑的水平直轨道上处于静止状态，在它们左边有一垂直于轨道的固定挡板P，右边有一小球C沿轨道以速度v0射向B球，如图3.01所示，C与B发生碰撞并立即结成一个整体D，在它们继续向左运动的过程中，当弹簧长度变到最短时，长度突然被锁定，不再改变，然后，A球与挡板P发生碰撞，碰后A、D都静止不动，A与P接触而不粘连，过一段时间，突然解除锁定（锁定及解除锁定均无机械能损失），已知A、B、C三球的质量均为m。
图3.01
（1）求弹簧长度刚被锁定后A球的速度。
（2）求在A球离开挡板P之后的运动过程中，弹簧的最大弹性势能。
解析：（1）设C球与B球粘结成D时，D的速度为v1，由动量守恒得当弹簧压至最短时，D与A的速度相等，设此速度为v2，由动量守恒得，由以上两式求得A的速度。
（2）设弹簧长度被锁定后，贮存在弹簧中的势能为EP，由能量守恒，有撞击P后，A与D的动能都为零，解除锁定后，当弹簧刚恢复到自然长度时，势能全部转弯成D的动能，设D的速度为v3，则有
以后弹簧伸长，A球离开挡板P，并获得速度，当A、D的速度相等时，弹簧伸至最长，设此时的速度为v4，由动量守恒得
当弹簧伸到最长时，其势能最大，设此势能为EP'，由能量守恒，有解以上各式得。
图3.02中，轻弹簧的一端固定，另一端与滑块B相连，B静止在水平直导轨上，弹簧处在原长状态。另一质量与B相同滑块A，从导轨上的P点以某一初速度向B滑行，当A滑过距离l1时，与B相碰，碰撞时间极短，碰后A、B紧贴在一起运动，但互不粘连。已知最后A恰好返回出发点P并停止，滑块A和B与导轨的滑动摩擦因数都为，运动过程中弹簧最大形变量为l2，重力加速度为g，求A从P出发的初速度v0。
图3.02
解析：令A、B质量皆为m，A刚接触B时速度为v1（碰前）
由功能关系，有
A、B碰撞过程中动量守恒，令碰后A、B共同运动的速度为v2
有
碰后A、B先一起向左运动，接着A、B一起被弹回，在弹簧恢复到原长时，设A、B的共同速度为v3，在这一过程中，弹簧势能始末状态都为零，利用功能关系，有
此后A、B开始分离，A单独向右滑到P点停下，由功能关系有
由以上各式，解得
用轻弹簧相连的质量均为2kg的A、B两物块都以的速度在光滑水平地面上运动，弹簧处于原长，质量为4kg的物体C静止在前方，如图3.03所示，B与C碰撞后二者粘在一起运动。求在以后的运动中，
（1）当弹簧的弹性势能最大时物体A的速度多大？
（2）弹性势能的最大值是多大？
（3）A的速度有可能向左吗？为什么？ 图3.03
解析：（1）当A、B、C三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大，由于A、B、C三者组成的系统动量守恒，有
解得：
（2）B、C碰撞时B、C组成的系统动量守恒，设碰后瞬间B、C两者速度为，则
设物块A速度为vA时弹簧的弹性势能最大为EP，根据能量守恒
（3）由系统动量守恒得
设A的速度方向向左，，则
则作用后A、B、C动能之和
实际上系统的机械能
根据能量守恒定律，是不可能的。故A不可能向左运动。
如图3.04所示，在光滑水平长直轨道上，A、B两小球之间有一处于原长的轻质弹簧，弹簧右端与B球连接，左端与A球接触但不粘连，已知，开始时A、B均静止。在A球的左边有一质量为的小球C以初速度向右运动，与A球碰撞后粘连在一起，成为一个复合球D，碰撞时间极短，接着逐渐压缩弹簧并使B球运动，经过一段时间后，D球与弹簧分离（弹簧始终处于弹性限度内）。
图3.04
（1）上述过程中，弹簧的最大弹性势能是多少？
（2）当弹簧恢复原长时B球速度是多大？
（3）若开始时在B球右侧某位置固定一块挡板（图中未画出），在D球与弹簧分离前使B球与挡板发生碰撞，并在碰后立即将挡板撤走，设B球与挡板碰撞时间极短，碰后B球速度大小不变，但方向相反，试求出此后弹簧的弹性势能最大值的范围。
答案：（1）设C与A相碰后速度为v1，三个球共同速度为v2时，弹簧的弹性势能最大，由动量守恒，能量守恒有：
（2）设弹簧恢复原长时，D球速度为，B球速度为
则有
（3）设B球与挡板相碰前瞬间D、B两球速度
与挡板碰后弹性势能最大，D、B两球速度相等，设为
当时，最大
时，最小，
所以
第六章 电磁场
解题模型：
一、电磁场中的单杆模型
如图7.01所示，，电压表与电流表的量程分别为0～10V和0～3A，电表均为理想电表。导体棒ab与导轨电阻均不计，且导轨光滑，导轨平面水平，ab棒处于匀强磁场中。
（1）当变阻器R接入电路的阻值调到30，且用＝40N的水平拉力向右拉ab棒并使之达到稳定速度时，两表中恰好有一表满偏，而另一表又能安全使用，则此时ab棒的速度是多少？
（2）当变阻器R接入电路的阻值调到，且仍使ab棒的速度达到稳定时，两表中恰有一表满偏，而另一表能安全使用，则此时作用于ab棒的水平向右的拉力F2是多大？
图7.01
解析：（1）假设电流表指针满偏，即I＝3A，那么此时电压表的示数为U＝＝15V，电压表示数超过了量程，不能正常使用，不合题意。因此，应该是电压表正好达到满偏。
当电压表满偏时，即U1＝10V，此时电流表示数为
设a、b棒稳定时的速度为，产生的感应电动势为E1，则E1＝BLv1，且E1＝I1(R1＋R并)＝20V
a、b棒受到的安培力为
F1＝BIL＝40N
解得
（2）利用假设法可以判断，此时电流表恰好满偏，即I2＝3A，此时电压表的示数为＝6V可以安全使用，符合题意。
由F＝BIL可知，稳定时棒受到的拉力与棒中的电流成正比，所以
。
如图7.02甲所示，一个足够长的“U”形金属导轨NMPQ固定在水平面内，MN、PQ两导轨间的宽为L＝0.50m。一根质量为m＝0.50kg的均匀金属导体棒ab静止在导轨上且接触良好，abMP恰好围成一个正方形。该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中。ab棒的电阻为R＝0.10Ω，其他各部分电阻均不计。开始时，磁感应强度。
图7.02
（1）若保持磁感应强度的大小不变，从t＝0时刻开始，给ab棒施加一个水平向右的拉力，使它做匀加速直线运动。此拉力F的大小随时间t变化关系如图2乙所示。求匀加速运动的加速度及ab棒与导轨间的滑动摩擦力。
（2）若从t＝0开始，使磁感应强度的大小从B0开始使其以＝0.20T/s的变化率均匀增加。求经过多长时间ab棒开始滑动？此时通过ab棒的电流大小和方向如何？（ab棒与导轨间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等）
解析：（1）当t＝0时，
当t＝2s时，F2＝8N
联立以上式得：
（2）当时，为导体棒刚滑动的临界条件，则有：
则
如图7.03所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1m，导轨平面与水平面成＝37°角，下端连接阻值为R的电阻。匀速磁场方向与导轨平面垂直。质量为0.2kg、电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25。
（1）求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小；
（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，电阻R消耗的功率为8W，求该速度的大小；
（3）在上问中，若R＝，金属棒中的电流方向由a到b，求磁感应强度的大小与方向。（g＝10m/s2，°＝0.6，cos37°＝0.8）
图7.03
解析：（1）金属棒开始下滑的初速为零，根据牛顿第二定律
①
由①式解得 ②
（2）设金属棒运动达到稳定时，速度为v，所受安培力为F，棒在沿导轨方向受力平衡：
③
此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率
④
由③、④两式解得：
⑤
（3）设电路中电流为I，两导轨间金属棒的长为l，磁场的磁感应强度为B
⑥
⑦
由⑥、⑦两式解得 ⑧
磁场方向垂直导轨平面向上。
如图7.04所示，边长为L＝2m的正方形导线框ABCD和一金属棒MN由粗细相同的同种材料制成，每米长电阻为R0＝1/m，以导线框两条对角线交点O为圆心，半径r＝0.5m的匀强磁场区域的磁感应强度为B＝0.5T，方向垂直纸面向里且垂直于导线框所在平面，金属棒MN与导线框接触良好且与对角线AC平行放置于导线框上。若棒以v＝4m/s的速度沿垂直于AC方向向右匀速运动，当运动至AC位置时，求（计算结果保留二位有效数字）：
（1）棒MN上通过的电流强度大小和方向；
（2）棒MN所受安培力的大小和方向。
图7.04
解析：（1）棒MN运动至AC位置时，棒上感应电动势为
线路总电阻。
MN棒上的电流
将数值代入上述式子可得：
I＝0.41A，电流方向：N→M
（2）棒MN所受的安培力：
方向垂直AC向左。
说明：要特别注意公式E＝BLv中的L为切割磁感线的有效长度，即在磁场中与速度方向垂直的导线长度。

如图7.05所示，足够长金属导轨MN和PQ与R相连，平行地放在水平桌面上。质量为m的金属杆ab可以无摩擦地沿导轨运动。导轨与ab杆的电阻不计，导轨宽度为L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过整个导轨平面。现给金属杆ab一个瞬时冲量I0，使ab杆向右滑行。
（1）回路最大电流是多少？
（2）当滑行过程中电阻上产生的热量为Q时，杆ab的加速度多大？
（3）杆ab从开始运动到停下共滑行了多少距离？
图7.05
答案：（1）由动量定理得
由题可知金属杆作减速运动，刚开始有最大速度时有最大，所以回路最大电流：
（2）设此时杆的速度为v，由动能定理有：
而Q＝
解之
由牛顿第二定律及闭合电路欧姆定律
得
（3）对全过程应用动量定理有：
而所以有
又
其中x为杆滑行的距离所以有。
如图7.06所示，光滑平行的水平金属导轨MNPQ相距l，在M点和P点间接一个阻值为R的电阻，在两导轨间矩形区域内有垂直导轨平面竖直向下、宽为d的匀强磁场，磁感强度为B。一质量为m，电阻为r的导体棒ab，垂直搁在导轨上，与磁场左边界相距d0。现用一大小为F、水平向右的恒力拉ab棒，使它由静止开始运动，棒ab在离开磁场前已经做匀速直线运动（棒ab与导轨始终保持良好的接触，导轨电阻不计）。求：
（1）棒ab在离开磁场右边界时的速度；
（2）棒ab通过磁场区的过程中整个回路所消耗的电能；
（3）试分析讨论ab棒在磁场中可能的运动情况。
图7.06
解析：（1）ab棒离开磁场右边界前做匀速运动，速度为vm，则有：
对ab棒＝0，解得
（2）由能量守恒可得：
解得：
（3）设棒刚进入磁场时速度为v由：
棒在进入磁场前做匀加速直线运动，在磁场中运动可分三种情况讨论：
①若（或），则棒做匀速直线运动；
②若（或），则棒先加速后匀速；
③若（或），则棒先减速后匀速。
第五章 电路
解题模型：
一、电路的动态变化
如图6.01所示电路中，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，各表（各电表内阻对电路的影响均不考虑）的示数如何变化？为什么？
图6.01
解析：这是一个由局部变化而影响整体的闭合电路欧姆定律应用的动态分析问题。对于这类问题，可遵循以下步骤：先弄清楚外电路的串、并联关系，分析外电路总电阻怎样变化；由确定闭合电路的电流强度如何变化；再由确定路端电压的变化情况；最后用部分电路的欧姆定律及分流、分压原理讨论各部分电阻的电流、电压变化情况。
当滑片P向左滑动，减小，即减小，根据判断总电流增大，A1示数增大；
路端电压的判断由内而外，根据知路端电压减小，V示数减小；
对R1，有所以增大，示数增大；
对并联支路，，所以减小，示数减小；
对R2，有，所以I2减小，A2示数减小。
用伏安法测一节干电池的电动势和内电阻，伏安图象如图6.02所示，根据图线回答：
（1）干电池的电动势和内电阻各多大？
（2）图中a点对应的外电路电阻是多大？电源此时内部热功率是多少？
（3）图中a、b两点对应的外电路电阻之比是多大？对应的输出功率之比是多大？
（4）在此实验中，电源最大输出功率是多大？
图6.02
解析：
（1）开路时（I=0）的路端电压即电源电动势，因此，内电阻
也可由图线斜率的绝对值即内阻，有：
（2）a点对应外电阻
此时电源内部的热耗功率：
也可以由面积差求得：
（3）电阻之比：
输出功率之比：
（4）电源最大输出功率出现在内、外电阻相等时，此时路端电压，干路电流，因而最大输出功率
当然直接用计算或由对称性找乘积IU（对应于图线上的面积）的最大值，也可以求出此值。
如图6.03所示电路中，R2、R3是定值电阻，R1是滑动变阻器，当R1的滑片P从中点向右端滑动时，各个电表的示数怎样变化？
图6.03
如图6.04所示电路由8个不同电阻组成，已知R1＝12Ω其余电阻阻值未知，测得A、B间的总电阻为4Ω。今将R1换成6Ω的电阻，则A、B间的总电阻变为　　　。
图6.04
如图6.05所示的电路中，S接通，两电源的电动势都为3V，内阻都为lΩ，R1＝2Ω，R2= 4Ω，C =10μF．求：
（1）电容器两端的电压多大？
（2）现断开S，从此时起，到电容器两端电压稳定时止，通过R2上的电量为多少？
图6.05
如图6.06所示，R3=6Ω，电源内阻r为1Ω，当K合上且R2为2Ω时，电源的总功率为16W，而电源的输出功率为12W，灯泡正常发光，求：
（1）电灯的电阻及功率。
（2）K断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到多少欧？
图6.06
解：（1）P内耗=I2r=4W，I=2A ε=V ，IL=1A
（2）
如图6.07所示的电路中，电池的电动势ε=5伏，内电阻r=10欧，固定电阻R=90欧，R0是可变电阻，在R0由零增加到400欧的过程中，求：
(1)可变电阻R0消耗功率最大的条件和最大热功率。
(2)电池的内电阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和。
图6.07
解：(1)由等效内阻法，当R0=R＋r=(90＋10)Ω＝100Ω时，可变电阻R0上消耗的功率最大，且
(2)电流最小即R0取最大值400Ω时，定值电阻r和R上消耗的电功率最小，且最小功率
如图图6.08所示，微法，微法，欧，欧，当开关S断开时，A、B两点电压当S闭合时，C1的电量是增加还是减少？改变了多少库仑？已知伏。

图6.08
解：在电路中，C1、C2的作用是断路，当S断开时，全电路无电流，B、C等势，A、D等势，则伏。
C1所带的电量为（库）
S闭合时，电路由串联，C1两端的电压即R1上两端的电压，（伏）
C1的带电量 （库）
故C1的带电量改变了（库），负号表示减少。
把一个10V，2.0W的用电器A(纯电阻)接到某一电动势和内阻都不变的电源上．用电器A实际消耗的功率是2.0瓦，换上另一个10V，5.0W的用电器B(纯电阻)接到这一电源上，问电器B实际消耗的功率有没有可能反而小于2.0瓦？你如果认为不可能，试说明理由；如果认为可能，试求出用电器B实际消耗的功率小于2.0瓦的条件(设电阻不随温度改变)。
解 　根据A，B的额定电压和额定功率可求出它们的电阻分别为
根据闭合电路欧姆定律可得出，把A，B用电器分别接到电源上，所消耗的功率分别为
于是根据题中给出的条件PA=2.0瓦，PB＜2.0瓦，即得出
把上式联立求解，得出电源电动势ε和内阻r满足条件是
10．电饭锅是一种可以自动煮饭并自动保温，又不会把饭烧焦的家用电器。它的电路由控制部分AB和工作部分BC组成。K1是限温开关，手动闭合，当温度达到1030C时自动断开，不能自动闭合。K2是自动开关，当温度超过800C时自动断开，温度低于700C时自动闭合。R2是限流电阻，阻值2140Ω，R1是工作电阻，阻值60Ω。锅中放好适量的米和水，插上电源（220V，50HZ），手动闭合K1后，电饭锅就能自动煮好米饭并保温。
⑴简述手动闭合K1后，电饭锅加热、保温过程的工作原理。
⑵加热过程电饭锅消耗的电功率P1是多大？K1、K2都断开时电饭锅消耗的功率P2是多大？
⑶若插上电源后没有手动闭合K1，能煮熟饭吗？为什么？
解答：⑴插上电源，手动闭合K1后由于室温肯定低于700C所以当时K2也是闭合的，所以R2被短路，只有R1工作，功率P1较大，使米和水被加热，当温度升到800C时K2断开，但K1仍闭合，R2仍被短路，功率仍为P1，所以温度继续升高，把水烧开，这时温度将保持在1000C直到水分蒸发完毕，温度继续升高到1030C，K1断开且不再自动闭合，这时饭已煮好，R1、R2串联，热功率P2较小，电饭锅发出的电热小于它向外释放的热，温度开始降低，当温度降低到700C时，K2自动闭合，功率又变为P1，使饭的温度升高，到800C时K2自动断开，温度又开始降低……如此使电饭锅处于保温状态，直到关闭电源。
⑵P1=U2/R1=807W，P2=U2/(R1+R2)=22W
⑶若K1未闭合，开始K2总是闭合的，R2被短路，功率为P1，当温度上升到800C时，K2自动断开，功率降为P2，温度降低到700C，K2自动闭合……温度只能在700C~800C之间变化，不能把水烧开，不能煮熟饭。
一、追及、相遇模型
模型讲解：
火车甲正以速度v1向前行驶，司机突然发现前方距甲d处有火车乙正以较小速度v2同向匀速行驶，于是他立即刹车，使火车做匀减速运动。为了使两车不相撞，加速度a应满足什么条件？
解析：设以火车乙为参照物，则甲相对乙做初速为、加速度为a的匀减速运动。若甲相对乙的速度为零时两车不相撞，则此后就不会相撞。因此，不相撞的临界条件是：甲车减速到与乙车车速相同时，甲相对乙的位移为d。
即：，
故不相撞的条件为
甲、乙两物体相距s，在同一直线上同方向做匀减速运动，速度减为零后就保持静止不动。甲物体在前，初速度为v1，加速度大小为a1。乙物体在后，初速度为v2，加速度大小为a2且知v1解析：若是，说明甲物体先停止运动或甲、乙同时停止运动。在运动过程中，乙的速度一直大于甲的速度，只有两物体都停止运动时，才相距最近，可得最近距离为
若是，说明乙物体先停止运动那么两物体在运动过程中总存在速度相等的时刻，此时两物体相距最近，根据，求得
在t时间内
甲的位移
乙的位移
代入表达式
求得
如图1.01所示，声源S和观察者A都沿x轴正方向运动，相对于地面的速率分别为和。空气中声音传播的速率为，设，空气相对于地面没有流动。
图1.01
若声源相继发出两个声信号。时间间隔为，请根据发出的这两个声信号从声源传播到观察者的过程。确定观察者接收到这两个声信号的时间间隔。
请利用（1）的结果，推导此情形下观察者接收到的声波频率与声源发出的声波频率间的关系式。
解析：作声源S、观察者A、声信号P（P1为首发声信号，P2为再发声信号）的位移—时间图象如图2所示图线的斜率即为它们的速度则有：
图2
两式相减可得：
解得
（2）设声源发出声波的振动周期为T，这样，由以上结论，观察者接收到的声波振动的周期为
由此可得，观察者接收到的声波频率与声源发出声波频率间的关系为
在一条平直的公路上，乙车以10m/s的速度匀速行驶，甲车在乙车的后面作初速度为15m/s，加速度大小为0.5m/s2的匀减速运动，则两车初始距离L满足什么条件时可以使（1）两车不相遇；（2）两车只相遇一次；（3）两车能相遇两次（设两车相遇时互不影响各自的运动）。
答案：设两车速度相等经历的时间为t，则甲车恰能追及乙车时，应有
其中，解得
若，则两车等速时也未追及，以后间距会逐渐增大，及两车不相遇。
若，则两车等速时恰好追及，两车只相遇一次，以后间距会逐渐增大。
若，则两车等速时，甲车已运动至乙车前面，以后还能再次相遇，即能相遇两次。
三、人船模型
如图3.09所示，长为L、质量为M的小船停在静水中，质量为m的人从静止开始从船头走到船尾，不计水的阻力，求船和人对地面的位移各为多少？
图3.09
解析：以人和船组成的系统为研究对象，在人由船头走到船尾的过程中，系统在水平方向不受外力作用，所以整个系统在水平方向动量守恒。当人起步加速前进时，船同时向后做加速运动；人匀速运动，则船匀速运动；当人停下来时，船也停下来。设某时刻人对地的速度为v，船对地的速度为v'，取人行进的方向为正方向，根据动量守恒定律有：，即
因为人由船头走到船尾的过程中，每一时刻都满足动量守恒定律，所以每一时刻人的速度与船的速度之比，都与它们的质量之比成反比。因此人由船头走到船尾的过程中，人的平均速度v与船的平均速度v也与它们的质量成反比，即，而人的位移，船的位移，所以船的位移与人的位移也与它们的质量成反比，即
<1>式是“人船模型”的位移与质量的关系，此式的适用条件：原来处于静止状态的系统，在系统发生相对运动的过程中，某一个方向的动量守恒。由图1可以看出：
由<1><2>两式解得
如图3.10所示，质量为M的小车，上面站着一个质量为m的人，车以v0的速度在光滑的水平地面上前进，现在人用相对于小车为u的速度水平向后跳出后，车速增加Δv，则计算Δv的式子正确的是：（ ）
A.
B.
C.
D. 图3.10
答案：CD
如图3.11所示，一排人站在沿x轴的水平轨道旁，原点O两侧的人的序号都记为n（n＝1，2，3，…），每人只有一个沙袋，x>0一侧的沙袋质量为14千克，x<0一侧的沙袋质量为10千克。一质量为M＝48千克的小车以某初速度从原点出发向正x方向滑行。不计轨道阻力。当车每经过一人身旁时，此人就把沙袋以水平速度u朝与车速相反的方向沿车面扔到车上，u的大小等于扔此袋之前瞬间车速大小的2n倍（n是此人的序号数）。
图3.11
空车出发后，车上堆积了几个沙袋时车就反向滑行？
车上最终会有几个沙袋？
　(1)在小车朝正x方向滑行的过程中,第(n-1)个沙袋扔到车上后的车速为vn-1,第n个沙袋扔到车上后的车速为vn,由动量守恒定律有
　　
　　小车反向运动的条件是vn-1>0,vn<0,即
　　M-nm>0 ②
　　M-(n+1)m<0 ③
　　代入数字,得
　　
　　n应为整数,故n=3,即车上堆积3个沙袋后车就反向滑行.
　　(2)车自反向滑行直到接近x<0一侧第1人所在位置时,车速保持不变,而车的质量为M+3m.若在朝负x方向滑行过程中,第(n-1)个沙袋扔到车上后车速为vn-1′,第n个沙袋扔到车上后车速为vn′,现取在图中向左的方向(负x方向)为速度vn′、vn-1′的正方向,则由动量守恒定律有
　　
　　车不再向左滑行的条件是
vn-1′>0,vn′≤0
　　即 M+3m-nm′>0 ⑤
　　M+3m-(n+1)m′≤0 ⑥
　　
　　n=8时,车停止滑行,即在x<0一侧第8个沙袋扔到车上后车就停住.故车上最终共有大小沙袋3+8=11个.
三、回旋加速模型
正电子发射计算机断层（PET）是分子水平上的人体功能显像的国际领先技术，它为临床诊断和治疗提供全新的手段。
（1）PET在心脏疾病诊疗中，需要使用放射正电子的同位素氮13示踪剂，氮13是由小型回旋加速器输出的高速质子轰击氧16获得的，反应中同时还产生另一个粒子，试写出该核反应方程。
（2）PET所用回旋加速器示意如图7.11，其中置于高真空中的金属D形盒的半径为R，两盒间距为d，在左侧D形盒圆心处放有粒子源S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向如图所示。质子质量为m，电荷量为q。设质子从粒子源S进入加速电场时的初速度不计，质子在加速器中运动的总时间为t（其中已略去了质子在加速电场中的运动时间），质子在电场中的加速次数于回旋半周的次数相同，加速质子时的电压大小可视为不变。求此加速器所需的高频电源频率f和加速电压U。
（3）试推证当时，质子在电场中加速的总时间相对于在D形盒中回旋的时间可忽略不计（质子在电场中运动时，不考虑磁场的影响）。
图7.11
解析：
（1）核反应方程为： ①
（2）设质子加速后最大速度为v，由牛顿第二定律得：
②
质子的回旋周期为： ③
高频电源的频率为： ④
质子加速后的最大动能为： ⑤
设质子在电场中加速的次数为n，则：
⑥
又 ⑦
可解得： ⑧
（3）在电场中加速的总时间为：
⑨
在D形盒中回旋的总时间为 ⑩
故，即当时，可以忽略不计。
在如图7.12所示的空间区域里，y轴左方有一匀强电场，场强方向跟y轴正方向成 60°，大小为；y轴右方有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度。有一质子以速度，由x轴上的A点（10cm，0）沿与x轴正方向成30°斜向上射入磁场，在磁场中运动一段时间后射入电场，后又回到磁场，经磁场作用后又射入电场。已知质子质量近似为，电荷，质子重力不计。求：（计算结果保留3位有效数字）
（1）质子在磁场中做圆周运动的半径。
（2）质子从开始运动到第二次到达y轴所经历的时间。
（3）质子第三次到达y轴的位置坐标。
图7.12
解析：（1）质子在磁场中受洛伦兹力做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，
得质子做匀速圆周运动的半径为：
（2）由于质子的初速度方向与x轴正方向夹角为30°，且半径恰好等于OA，因此，质子将在磁场中做半个圆周到达y轴上的C点，如答图3所示。
图3
根据圆周运动的规律，质子做圆周运动周期为
质子从出发运动到第一次到达y轴的时间为
质子进入电场时的速度方向与电场的方向相同，在电场中先做匀减速直线运动，速度减为零后反向做匀加速直线运动，设质子在电场中运动的时间，根据牛顿第二定律：，得
因此，质子从开始运动到第二次到达y轴的时间t为。
（3）质子再次进入磁场时，速度的方向与电场的方向相同，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，到达y轴的D点。
根据几何关系，可以得出C点到D点的距离为；
则质子第三次到达y轴的位置为
即质子第三次到达y轴的坐标为（0，34.6cm）。

如图7.13所示，在半径为R的绝缘圆筒内有匀强磁场，方向垂直纸面向里，圆筒正下方有小孔C与平行金属板M、N相通。两板间距离为d，两板与电动势为U的电源连接，一带电量为、质量为m的带电粒子（重力忽略不计），开始时静止于C点正下方紧靠N板的A点，经电场加速后从C点进入磁场，并以最短的时间从C点射出。已知带电粒子与筒壁的碰撞无电荷量的损失，且碰撞后以原速率返回。求：
（1）筒内磁场的磁感应强度大小；
（2）带电粒子从A点出发至重新回到A点射出所经历的时间。
图7.13
答案：（1）带电粒子从C孔进入，与筒壁碰撞2次再从C孔射出经历的时间为最短。
由
粒子由C孔进入磁场，在磁场中做匀速圆周运动的速率为
由即，
得
（2）粒子从A→C的加速度为
由，粒子从A→C的时间为：
粒子在磁场中运动的时间为
将（1）求得的B值代入，得，
求得：。
如图7.14甲所示，一对平行放置的金属板M、N的中心各有一小孔P、Q、PQ连线垂直金属板；N板右侧的圆A内分布有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，圆半径为r，且圆心O在PQ的延长线上。现使置于P处的粒子源连续不断地沿PQ方向放出质量为m、电量为+q的带电粒子（带电粒子的重力和初速度忽略不计，粒子间的相互作用力忽略不计），从某一时刻开始，在板M、N间加上如图5乙所示的交变电压，周期为T，电压大小为U。如果只有在每一个周期的0—T/4时间内放出的带电粒子才能从小孔Q中射出，求：
（1）在每一个周期内哪段时间放出的带电粒子到达Q孔的速度最大？
（2）该圆形磁场的哪些地方有带电粒子射出，在图中标出有带电粒子射出的区域。
甲 乙
图7.14
答案：（1）在每一个周期内放出的带电粒子到达Q孔的速度最大。设最大速度为v，则据动能定理得，求得。
（2）因为解得带电粒子在磁场中的最小偏转角为。所以图6中斜线部分有带电粒子射出。
三、斜面模型
相距为20cm的平行金属导轨倾斜放置，如图1.03，导轨所在平面与水平面的夹角为，现在导轨上放一质量为330g的金属棒ab，它与导轨间动摩擦系数为，整个装置处于磁感应强度B=2T的竖直向上的匀强磁场中，导轨所接电源电动势为15V，内阻不计，滑动变阻器的阻值可按要求进行调节，其他部分电阻不计，取，为保持金属棒ab处于静止状态，求：
（1）ab中通入的最大电流强度为多少？
（2）ab中通入的最小电流强度为多少？
图1.03
导体棒ab在重力、静摩擦力、弹力、安培力四力作用下平衡，由图2中所示电流方向，可知导体棒所受安培力水平向右。当导体棒所受安培力较大时，导体棒所受静摩擦力沿导轨向下，当导体棒所受安培力较小时，导体棒所受静摩擦力沿导轨向上。
（1）ab中通入最大电流强度时受力分析如图2，此时最大静摩擦力沿斜面向下，建立直角坐标系，由ab平衡可知，x方向：
y方向：由以上各式联立解得：
（2）通入最小电流时，ab受力分析如图3所示，此时静摩擦力，方向沿斜面向上，建立直角坐标系，由平衡有：
x方向：
y方向：
联立两式解得：
由
物体置于光滑的斜面上，当斜面固定时，物体沿斜面下滑的加速度为，斜面对物体的弹力为。斜面不固定，且地面也光滑时，物体下滑的加速度为，斜面对物体的弹力为，则下列关系正确的是：
A. B.
C. D.
当斜面可动时，对物体来说是相对斜面这个加速参考系在作加速运动，而且物体和参考系的运动方向不在同一条直线上，利用常规的方法难于判断，但是利用矢量三角形法则能轻松获解。
如图4所示，由于重力的大小和方向是确定不变的，斜面弹力的方向也是惟一的，由共点力合成的三角形法则，斜面固定时，加速度方向沿斜面向下，作出的矢量图如实线所示，当斜面也运动时，物体并不沿平行于斜面方向运动，相对于地面的实际运动方向如虚线所示。所以正确选项为B。
带负电的小物体在倾角为的绝缘斜面上，整个斜面处于范围足够大、方向水平向右的匀强电场中，如图1.04所示。物体A的质量为m，电量为-q，与斜面间的动摩擦因素为，它在电场中受到的电场力的大小等于重力的一半。物体A在斜面上由静止开始下滑，经时间t后突然在斜面区域加上范围足够大的匀强磁场，磁场方向与电场强度方向垂直，磁感应强度大小为B，此后物体A沿斜面继续下滑距离L后离开斜面。
（1）物体A在斜面上的运动情况？说明理由。
（2）物体A在斜面上运动过程中有多少能量转化为内能？（结果用字母表示）
图1.04
（1）物体A在斜面上受重力、电场力、支持力和滑动摩擦力的作用，<1>小物体A在恒力作用下，先在斜面上做初速度为零的匀加速直线运动；<2>加上匀强磁场后，还受方向垂直斜面向上的洛伦兹力作用，方可使A离开斜面，故磁感应强度方向应垂直纸面向里。随着速度的增加，洛伦兹力增大，斜面的支持力减小，滑动摩擦力减小，物体继续做加速度增大的加速运动，直到斜面的支持力变为零，此后小物体A将离开地面。
（2）加磁场之前，物体A做匀加速运动，据牛顿运动定律有：
解出
A沿斜面运动的距离为：
加上磁场后，受到洛伦兹力
随速度增大，支持力减小，直到时，物体A将离开斜面，有：
物体A在斜面上运动的全过程中，重力和电场力做正功，滑动摩擦力做负功，洛伦兹力不做功，根据动能定理有：
物体A克服摩擦力做功，机械能转化为内能：

如图1.05所示，在水平地面上有一辆运动的平板小车，车上固定一个盛水的杯子，杯子的直径为R。当小车作匀加速运动时，水面呈如图所示状态，左右液面的高度差为h，则小车的加速度方向指向如何？加速度的大小为多少？
图1.05
我们由图可以看出物体运动情况，根据杯中水的形状，可以构建这样的一个模型，一个物块放在光滑的斜面上（倾角为），重力和斜面的支持力的合力提供物块沿水平方向上的加速度，其加速度为：。
我们取杯中水面上的一滴水为研究对象，水滴受力情况如同斜面上的物块。由题意可得，取杯中水面上的一滴水为研究对象，它相对静止在“斜面”上，可以得出其加速度为，而，得，方向水平向右。
如图1.06所示，质量为M的木板放在倾角为的光滑斜面上，质量为m的人在木板上跑，假如脚与板接触处不打滑。
（1）要保持木板相对斜面静止，人应以多大的加速度朝什么方向跑动？
（2）要保持人相对于斜面的位置不变，人在原地跑而使木板以多大的加速度朝什么方向运动？
图1.06
答案：（1）要保持木板相对斜面静止，木板要受到沿斜面向上的摩擦力与木板的下滑力平衡，即，根据作用力与反作用力人受到木板对他沿斜面向下的摩擦力，所以人受到的合力为：
方向沿斜面向下。
（2）要保持人相对于斜面的位置不变，对人有，F为人受到的摩擦力且沿斜面向上，根据作用力与反作用力等值反向的特点判断木板受到沿斜面向下的摩擦力，大小为
所以木板受到的合力为：
方向沿斜面向下。
三、渡河模型
如图5.11所示，人用绳子通过定滑轮以不变的速度拉水平面上的物体A，当绳与水平方向成θ角时，求物体A的速度。
图5.11
解：本题的关键是正确地确定物体A的两个分运动。物体A的运动（即绳的末端的运动）可看作两个分运动的合成：一是沿绳的方向被牵引，绳长缩短。绳长缩短的速度即等于；二是随着绳以定滑轮为圆心的摆动，它不改变绳长，只改变角度θ的值。这样就可以将按图示方向进行分解。所以及实际上就是的两个分速度，如图所示，由此可得。
如图5.12所示，某人通过一根跨过定滑轮的轻绳提升一个质量为m的重物，开始时人在滑轮的正下方，绳下端A点离滑轮的距离为H。人由静止拉着绳向右移动，当绳下端到B点位置时，人的速度为v，绳与水平面夹角为θ。问在这个过程中，人对重物做了多少功？
解析：人移动时对绳的拉力不是恒力，重物不是做匀速运动也不是做匀变速运动，故无法用求对重物做的功，需从动能定理的角度来分析求解。
当绳下端由A点移到B点时，重物上升的高度为：
重力做功的数值为：
当绳在B点实际水平速度为v时，v可以分解为沿绳斜向下的分速度和绕定滑轮逆时针转动的分速度，其中沿绳斜向下的分速度和重物上升速度的大小是一致的，从图中可看出：
以重物为研究对象，根据动能定理得：
一条宽度为L的河，水流速度为，已知船在静水中速度为，那么：
（1）怎样渡河时间最短？
（2）若，怎样渡河位移最小？
（3）若，怎样渡河船漂下的距离最短？
解析：（1）小船过河问题，可以把小船的渡河运动分解为它同时参与的两个运动，一是小船运动，一是水流的运动，船的实际运动为合运动。如图4所示。设船头斜向上游与河岸成任意角θ。这时船速在垂直于河岸方向的速度分量为，渡河所需要的时间为，可以看出：L、v船一定时，t随sinθ增大而减小；当时，（最大）。所以，船头与河岸垂直。
图4
（2）如图5所示，渡河的最小位移即河的宽度。为了使渡河位移等于L，必须使船的合速度v的方向与河岸垂直，即使沿河岸方向的速度分量等于0。这时船头应指向河的上游，并与河岸成一定的角度θ，所以有，即。
图5
因为，所以只有在时，船才有可能垂直河岸渡河。
（3）若，则不论船的航向如何，总是被水冲向下游，怎样才能使漂下的距离最短呢？
如图6所示，设船头v船与河岸成θ角。合速度v与河岸成α角。可以看出：α角越大，船漂下的距离x越短，那么，在什么条件下α角最大呢？以v水的矢尖为圆心，v船为半径画圆，当v与圆相切时，α角最大，根据
图6
船头与河岸的夹角应为，船沿河漂下的最短距离为：
此时渡河的最短位移：
小河宽为d，河水中各点水流速度大小与各点到较近河岸边的距离成正比，，x是各点到近岸的距离，小船船头垂直河岸渡河，小船划水速度为，则下列说法中正确的是（ ）
A. 小船渡河的轨迹为曲线
B. 小船到达离河岸处，船渡河的速度为
C. 小船渡河时的轨迹为直线
D. 小船到达离河岸处，船的渡河速度为
答案：A
二、交变电流
有一正弦交流电源，电压有效值U=120V，频率为f=50Hz向一霓虹灯供电，若霓虹灯的激发电压和熄灭电压均为U0=60V，试估算在一个小时内，霓虹灯发光时间有多长？为什么人眼不能感到这种忽明忽暗的现象？
解析：由正弦交流电的最大值与有效值U的关系得：Um=120V
设t=0时交流电的瞬时电压U=0则交流电的瞬时表达式为
U=120sin100t V
如图所示，画出一个周期内交流电的U-t图象，其中阴影部分对应的时间t1表示霓虹灯不能发光的时间，根据对称性，一个周期内霓虹灯不能发光的时间为4t1，
当U=U0=60V时，由上式得t1=1/600s，再由对称性求得一个周期内能发光的时间：t=T-4t1=
再由比例关系求得一小时内霓虹灯发光的时间为：t=
很明显霓虹灯在工作过程中是忽明忽暗的，而熄灭的时间只有1/300s（如图t2时刻到t3时刻）由于人的眼睛具有视觉暂留现象，而这个视觉暂留时间约1/16s为远大于1/300s，因此经过灯光刺激的人眼不会因为短暂的熄灭而有所感觉。
把一电容器C接在220V的交流电路中，为了保证电容不被击穿，电容器C的耐压值是多少？
解析：不低于200V，不少学生往把电容器与灯泡类比，额定电压220 V的灯泡接在220 V的交流电源上正常发光.从而错误的认为电容器的耐压值也只要不低于220V即可，事实上，电容器接在交流电路中一直不断地进行充、放电过程.电容器两极间电压最大可达200V，故电容器C的耐压值应不低于200V.
如图6.09所示，两平行导轨与水平面间的倾角为，电阻不计，间距L＝0.3m，长度足够长，导轨处于磁感应强度B＝1T，方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中.导轨两端各接一个阻值为R0＝2Ω电阻，另一横跨在导轨间的金属棒质量m＝1kg，电阻r＝1Ω棒与导轨间的滑动摩擦因数μ＝0.5，当金属棒以平行于导轨的向上初速度υ0＝10m/s上滑，直至上升到最高点过程中，通过上端电阻电量＝0.1C（g取10m/s2），求上端电阻R0产生的焦耳热？
图6.09
解析：设棒沿斜面能上升的最大距离为s，磁感应强度B垂直斜面向上，则等效电路和导体棒受力分析分别如图（1）、（2）所示.由图可知，在棒上升过程中，通过棒某一截面的电量应为2.由＝得
而 ∴s=m
设电路各电阻消耗的总焦耳热为
＝R
从金属棒开始运动到最高点过程，利用能量守恒关系有
＋μmgcosθ·s＋mgsinθ·s＝
R＝＝5J
此题中，求电阻产生的焦耳热应该用电流的有效值计算，由于无法求，因此只能通过能量关系求得.
一闭合线圈在匀强磁场中做匀角速转动，线圈转速为240rad/min ，当线圈平面转动至与磁场平行时，线圈的电动势为2.0V 。设线圈从垂直磁场瞬时开始计时，试求：
（1）该线圈电动势的瞬时表达式；
（2）电动势在s末的瞬时值。
答案：（1）2sin8πtV 、（2）1.0V
如图6.10所示，匀强磁场的磁感强度B = 0.1T ，矩形线圈的匝数N = 100匝，边长= 0.2m ，= 0.5m ，转动角速度ω= 100πrad/s ，转轴在正中间。试求：
（1）从图示位置开始计时，该线圈电动势的瞬时表达式；
（2）当转轴移动至ab边（其它条件不变），再求电动势的瞬时表达式；
（3）当线圈作成半径为r = 的圆形，再求电动势的瞬时表达式。
图6.10
答案：（1）314cos100πtV 、（2）不变、（3）不变。
二、先加速后减速模型
模型概述：
物体先加速后减速的问题是运动学中典型的综合问题，也是近几年的高考热点，同学在求解这类问题时一定要注意前一过程的末速度是下一过程的初速度，如能画出速度图象就更明确过程了。
模型讲解：
一小圆盘静止在桌面上，位于一方桌的水平桌面的中央。桌布的一边与桌的AB边重合，如图1.02所示。已知盘与桌布间的动摩擦因数为，盘与桌面间的动摩擦因数为。现突然以恒定加速度a将桌布抽离桌面，加速度方向是水平的且垂直于AB边。若圆盘最近未从桌面掉下，则加速度a满足的条件是什么？（以g表示重力加速度）
图1.02
解析：根据题意可作出物块的速度图象如图2所示。设圆盘的质量为m，桌边长为L，在桌布从圆盘下抽出的过程中，盘的加速度为，有
图2
桌布抽出后，盘在桌面上做匀减速运动，以表示加速度的大小，有
设盘刚离开桌布时的速度为，移动的距离为，离开桌布后在桌面上再运动距离后便停下，由匀变速直线运动的规律可得：
① ②
盘没有从桌面上掉下的条件是： ③
设桌布从盘下抽出所经历时间为t，在这段时间内桌布移动的距离为x，有：
，而，求得：
，及
联立解得
一个质量为m=0.2kg的物体静止在水平面上，用一水平恒力F作用在物体上10s，然后撤去水平力F，再经20s物体静止，该物体的速度图象如图3所示，则下面说法中正确的是（ ）
A. 物体通过的总位移为150m
B. 物体的最大动能为20J
C. 物体前10s内和后10s内加速度大小之比为2：1
D. 物体所受水平恒力和摩擦力大小之比为3：1
答案：ACD
图3
二、水平方向的非弹性碰撞
如图3.05所示，木块与水平弹簧相连放在光滑的水平面上，子弹沿水平方向射入木块后留在木块内（时间极短），然后将弹簧压缩到最短。关于子弹和木块组成的系统，下列说法真确的是
从子弹开始射入到弹簧压缩到最短的过程中系统动量守恒
子弹射入木块的过程中，系统动量守恒
子弹射入木块的过程中，系统动量不守恒
木块压缩弹簧的过程中，系统动量守恒
图3.05
答案：B
如图3.06所示，一个长为L、质量为M的长方形木块，静止在光滑水平面上，一个质量为m的物块（可视为质点），以水平初速度从木块的左端滑向右端，设物块与木块间的动摩擦因数为，当物块与木块达到相对静止时，物块仍在长木块上，求系统机械能转化成内能的量Q。
图3.06
解析：可先根据动量守恒定律求出m和M的共同速度，再根据动能定理或能量守恒求出转化为内能的量Q。
对物块，滑动摩擦力做负功，由动能定理得：
即对物块做负功，使物块动能减少。
对木块，滑动摩擦力对木块做正功，由动能定理得，即对木块做正功，使木块动能增加，系统减少的机械能为：
本题中，物块与木块相对静止时，，则上式可简化为：
又以物块、木块为系统，系统在水平方向不受外力，动量守恒，则：
联立式<2>、<3>得：
故系统机械能转化为内能的量为：
如图3.07所示，光滑水平面地面上放着一辆两端有挡板的静止的小车，车长L＝1m，一个大小可忽略的铁块从车的正中央以速度向右沿车滑行。铁块与小车的质量均等于m，它们之间的动摩擦因数，铁块与挡板碰撞过程中机械能不损失，且碰撞时间可以忽略不计，取，求从铁快由车的正中央出发到两者相对静止需经历的时间。
图3.07
答案：
如图3.08所示，电容器固定在一个绝缘座上，绝缘座放在光滑水平面上，平行板电容器板间的距离为d，右极板上有一小孔，通过孔有一左端固定在电容器左极板上的水平绝缘光滑细杆，电容器极板以及底座、绝缘杆总质量为M，给电容器充电后，有一质量为m的带正电小环恰套在杆上以某一初速度v0对准小孔向左运动，并从小孔进入电容器，设带电环不影响电容器板间电场分布。带电环进入电容器后距左板的最小距离为0.5d，试求：
（1）带电环与左极板相距最近时的速度v；
（2）此过程中电容器移动的距离s。
（3）此过程中能量如何变化？
图3.08
答案：（1）带电环进入电容器后在电场力的作用下做初速度为v0的匀减速直线运动，而电容器则在电场力的作用下做匀加速直线运动，当它们的速度相等时，带电环与电容器的左极板相距最近，由系统动量守恒定律可得：
动量观点：
力与运动观点：
设电场力为F
（2）能量观点（在第（1）问基础上）：
对m：
对M：
所以
运动学观点：
对M：，对m：
，解得：
带电环与电容器的速度图像如图5所示。由三角形面积可得：
图5
解得：
（3）在此过程，系统中，带电小环动能减少，电势能增加，同时电容器等的动能增加，系统中减少的动能全部转化为电势能。
二、滑轮模型
如图5.06所示，将一根不可伸长、柔软的轻绳左、右两端分别系于A、B两点上，一物体用动滑轮悬挂在轻绳上，达到平衡时，两段绳子间的夹角为，绳子张力为；将绳子右端移到C点，待系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为，绳子张力为；将绳子右端再由C点移到D点，待系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为，绳子张力为，不计摩擦，并且BC为竖直线，则（ ）
A. B.
C. D.
图5.06
解析：由于跨过滑轮上绳上各点的张力相同，而它们的合力与重力为一对平衡力，所以从B点移到C点的过程中，通过滑轮的移动，，再从C点移到D点，肯定大于，由于竖直方向上必须有，所以。故只有A选项正确。
如图5.07所示在车厢中有一条光滑的带子（质量不计），带子中放上一个圆柱体，车子静止时带子两边的夹角∠ACB=90°，若车厢以加速度a=7.5m/s2向左匀加速运动，则带子的两边与车厢顶面夹角分别为多少？
图5.07
解析：设车静止时AC长为，当小车以向左作匀加速运动时，由于AC、BC之间的类似于“滑轮”，故受到的拉力相等，设为FT，圆柱体所受到的合力为ma，在向左作匀加速，运动中AC长为，BC长为
由几何关系得
由牛顿运动定律建立方程：
代入数据求得
如图5.08所示，细绳绕过两个定滑轮A和B，在两端各挂一个重为P的物体，现在A、B的中点C处挂一个重为Q的小球，Q<2P，求小球可能下降的最大距离h。已知AB的长为2L，不计滑轮和绳之间的摩擦力及绳的质量。
图5.08
解析：选小球Q和两重物P构成的整体为研究对象，该整体的速率从零开始逐渐增为最大，紧接着从最大又逐渐减小为零（此时小球下降的距离最大为h），如图4在整个过程中，只有重力做功机械能守恒。
图4
因重为Q的小球可能下降的最大距离为h，所以重为P的两物体分别上升的最大距离均为。
考虑到整体初、末位置的速率均为零，故根据机械能守恒定律知，重为Q的小球重力势能的减少量等于重为P的两个物体重力势能的增加量，即。
从而解得
如图5.09轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为M1的物体。∠ACB=30°；图（b）中轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端G通过细绳EG拉住，EG与水平方向也成30°，轻杆的G点用细绳GF拉住一个质量为M2的物体，求细绳AC段的张力FTAC与细绳EG的张力FTEG之比？
图4.09
图5.09
解析：图（a）中绳AC段的拉力FTAC＝M1g
图（b）中由于FTEGsin30°=M2g，解得：
如图5.10所示，质量分别为M和m（M>m）的小物体用轻绳连接；跨放在半径为R的光滑半圆柱体和光滑定滑轮B上，m位于半圆柱体底端C点，半圆柱体顶端A点与滑轮B的连线水平。整个系统从静止开始运动。设m能到达圆柱体的顶端，试求：
（1）m到达圆柱体的顶端A点时，m和M的速度。
（2）m到达A点时，对圆柱体的压力。
图5.10
答案：（1）
（2）
二、电磁流量计模型
图7.07是电磁流量计的示意图，在非磁性材料做成的圆管道外加一匀强磁场区域，当管中的导电液体流过此磁场区域时，测出管壁上的ab两点间的电动势，就可以知道管中液体的流量Q——单位时间内流过液体的体积（）。已知管的直径为D，磁感应强度为B，试推出Q与的关系表达式。

图7.07
解析：a，b两点的电势差是由于带电粒子受到洛伦兹力在管壁的上下两侧堆积电荷产生的。到一定程度后上下两侧堆积的电荷不再增多，a，b两点的电势差达到稳定值，此时，洛伦兹力和电场力平衡：，，，圆管的横截面积故流量。
磁流体发电是一种新型发电方式，图7.08是其工作原理示意图。图甲中的长方体是发电导管，其中空部分的长、高、宽分别为，前后两个侧面是绝缘体，下下两个侧面是电阻可略的导体电极，这两个电极与负载电阻相连。整个发电导管处于图乙中磁场线圈产生的匀强磁场里，磁感应强度为B，方向如图所示。发电导管内有电阻率为的高温、高速电离气体沿导管向右流动，并通过专用管道导出。由于运动的电离气体受到磁场作用，产生了电动势。发电导管内电离气体流速随磁场有无而不同。设发电导管内电离气体流速处处相同，且不存在磁场时电离气体流速为，电离气体所受摩擦阻力总与流速成正比，发电导管两端的电离气体压强差维持恒定，求：
（1）不存在磁场时电离气体所受的摩擦阻力F多大；
（2）磁流体发电机的电动势E的大小；
（3）磁流体发电机发电导管的输入功率P。
甲 乙
图7.08
解析：（1）不存在磁场时，由力的平衡得。
（2）设磁场存在时的气体流速为v，则磁流体发电机的电动势
回路中的电流
电流I受到的安培力
设为存在磁场时的摩擦阻力，依题意，存在磁场时，由力的平衡得
根据上述各式解得
（3）磁流体发电机发电导管的输入功率
由能量守恒定律得故：
二、行星模型
已知氢原子处于基态时，核外电子绕核运动的轨道半径，则氢原子处于量子数1、2、3，核外电子绕核运动的速度之比和周期之比为：（ ）
A. ；
B.
C.
D. 以上答案均不对
解析：根据经典理论，氢原子核外电子绕核作匀速率圆周运动时，由库仑力提供向心力。
即，从而得
线速度为
周期为
又根据玻尔理论，对应于不同量子数的轨道半径与基态时轨道半径r1有下述关系式：。
由以上几式可得v的通式为：
所以电子在第1、2、3不同轨道上运动速度之比为：
而周期的通式为：
所以，电子在第1、2、3不同轨道上运动周期之比为：
由此可知，只有选项B是正确的。
卫星做圆周运动，由于大气阻力的作用，其轨道的高度将逐渐变化（由于高度变化很缓慢，变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动的规律），下述卫星运动的一些物理量的变化正确的是：（ ）
A. 线速度减小 B. 轨道半径增大 C. 向心加速度增大 D. 周期增大
解析：假设轨道半径不变，由于大气阻力使线速度减小，因而需要的向心力减小，而提供向心力的万有引力不变，故提供的向心力大于需要的向心力，卫星将做向心运动而使轨道半径减小，由于卫星在变轨后的轨道上运动时，满足，故增大而T减小，又，故a增大，则选项C正确。
经过用天文望远镜长期观测，人们在宇宙中已经发现了许多双星系统，通过对它们的研究，使我们对宇宙中物质的存在形式和分布情况有了较深刻的认识，双星系统由两个星体组成，其中每个星体的线度都远小于两星体之间的距离，一般双星系统距离其他星体很远，可以当作孤立系统来处理。现根据对某一双星系统的光度学测量确定；该双星系统中每个星体的质量都是M，两者相距L，它们正围绕两者连线的中点做圆周运动。
（1）试计算该双星系统的运动周期；
（2）若实验中观测到的运动周期为，且。
为了理解与的不同，目前有一种流行的理论认为，在宇宙中可能存在一种望远镜观测不到的暗物质。作为一种简化模型，我们假定在以这两个星体连线为直径的球体内均匀分布这种暗物质。若不考虑其他暗物质的影响，请根据这一模型和上述观测结果确定该星系间这种暗物质的密度。
答案：（1）双星均绕它们连线的中点做圆周运动，设运动的速率为v，得：
（2）根据观测结果，星体的运动周期：
这种差异是由双星系统（类似一个球）内均匀分布的暗物质引起的，均匀分布双星系统内的暗物质对双星系统的作用，与一个质点（质点的质量等于球内暗物质的总质量且位于中点O处）的作用相同。考虑暗物质作用后双星的速度即为观察到的速度，则有：
因为周长一定时，周期和速度成反比，得：
有以上各式得
设所求暗物质的密度为，则有
五、弹簧模型（动力学）
如图1.15所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上。②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用。③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动。④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动。若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（ ）

① ②
③ ④
图1.15
A. B. C. D.
解析：当弹簧处于静止（或匀速运动）时，弹簧两端受力大小相等，产生的弹力也相等，用其中任意一端产生的弹力代入胡克定律即可求形变。当弹簧处于加速运动状态时，以弹簧为研究对象，由于其质量为零，无论加速度a为多少，仍然可以得到弹簧两端受力大小相等。由于弹簧弹力与施加在弹簧上的外力F是作用力与反作用的关系，因此，弹簧的弹力也处处相等，与静止情况没有区别。在题目所述四种情况中，由于弹簧的右端受到大小皆为F的拉力作用，且弹簧质量都为零，根据作用力与反作用力关系，弹簧产生的弹力大小皆为F，又由四个弹簧完全相同，根据胡克定律，它们的伸长量皆相等，所以正确选项为D。
用如图1.16所示的装置可以测量汽车在水平路面上做匀加速直线运动的加速度。该装置是在矩形箱子的前、后壁上各安装一个由力敏电阻组成的压力传感器。用两根相同的轻弹簧夹着一个质量为2.0kg的滑块，滑块可无摩擦的滑动，两弹簧的另一端分别压在传感器a、b上，其压力大小可直接从传感器的液晶显示屏上读出。现将装置沿运动方向固定在汽车上，传感器b在前，传感器a在后，汽车静止时，传感器a、b的示数均为10N（取）
（1）若传感器a的示数为14N、b的示数为6.0N，求此时汽车的加速度大小和方向。
（2）当汽车以怎样的加速度运动时，传感器a的示数为零。
图1.16
解析：（1），
a1的方向向右或向前。
（2）根据题意可知，当左侧弹簧弹力时，右侧弹簧的弹力
代入数据得，方向向左或向后
如图1.17所示，一根轻弹簧上端固定在O点，下端系一个钢球P，球处于静止状态。现对球施加一个方向向右的外力F，吏球缓慢偏移。若外力F方向始终水平，移动中弹簧与竖直方向的夹角且弹簧的伸长量不超过弹性限度，则下面给出弹簧伸长量x与的函数关系图象中，最接近的是（ ）
图1.17
答案：D
四、挂件模型
图1.07中重物的质量为m，轻细线AO和BO的A、B端是固定的。平衡时AO是水平的，BO与水平面的夹角为θ。AO的拉力F1和BO的拉力F2的大小是（ ）
A. B.
C. D.
图1.07
解析：以“结点”O为研究对象，沿水平、竖直方向建立坐标系，在水平方向有竖直方向有联立求解得BD正确。
物体A质量为，用两根轻绳B、C连接到竖直墙上，在物体A上加一恒力F，若图1.08中力F、轻绳AB与水平线夹角均为，要使两绳都能绷直，求恒力F的大小。
图1.08
解析：要使两绳都能绷直，必须，再利用正交分解法作数学讨论。作出A的受力分析图3，由正交分解法的平衡条件：
图3
①
②
解得 ③
④
两绳都绷直，必须
由以上解得F有最大值，解得F有最小值，所以F的取值为。
如图1.09所示，AB、AC为不可伸长的轻绳，小球质量为m=0.4kg。当小车静止时，AC水平，AB与竖直方向夹角为θ=37°，试求小车分别以下列加速度向右匀加速运动时，两绳上的张力FAC、FAB分别为多少。取g=10m/s2。
（1）；（2）。
图1.09
解析：设绳AC水平且拉力刚好为零时，临界加速度为
根据牛顿第二定律
联立两式并代入数据得
当，此时AC绳伸直且有拉力。
根据牛顿第二定律；，联立两式并代入数据得
当，此时AC绳不能伸直，。
AB绳与竖直方向夹角，据牛顿第二定律，。联立两式并代入数据得。
两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图1所示，如果不考虑小球的大小，两球均处于静止状态，则力F的大小为（ ）
A. 0 B. mg C. D.
图1.10
答案：C
如图1.11甲所示，一根轻绳上端固定在O点，下端拴一个重为G的钢球A，球处于静止状态。现对球施加一个方向向右的外力F，使球缓慢偏移，在移动中的每一刻，都可以认为球处于平衡状态，如果外力F方向始终水平，最大值为2G，试求：
（1）轻绳张力FT的大小取值范围；
（2）在乙图中画出轻绳张力与cosθ的关系图象。
图1.11
答案：（1）当水平拉力F=0时，轻绳处于竖直位置时，绳子张力最小
当水平拉力F=2G时，绳子张力最大：
因此轻绳的张力范围是：
（2）设在某位置球处于平衡状态，由平衡条件得
所以即，得图象如图7。
图7

如图1.12所示，斜面与水平面间的夹角，物体A和B的质量分别为、。两者之间用质量可以不计的细绳相连。求：
（1）如A和B对斜面的动摩擦因数分别为，时，两物体的加速度各为多大？绳的张力为多少？
（2）如果把A和B位置互换，两个物体的加速度及绳的张力各是多少？
（3）如果斜面为光滑时，则两个物体的加速度及绳的张力又各是多少？
图1.12
解析：（1）设绳子的张力为，物体A和B沿斜面下滑的加速度分别为和，根据牛顿第二定律：
对A有
对B有
设，即假设绳子没有张力，联立求解得，因，故
说明物体B运动比物体A的运动快，绳松弛，所以的假设成立。故有因而实际不符，则A静止。
（2）如B与A互换则，即B物运动得比A物快，所以A、B之间有拉力且共速，用整体法代入数据求出，用隔离法对B：代入数据求出
（3）如斜面光滑摩擦不计，则A和B沿斜面的加速度均为两物间无作用力。
如图1.13所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为、在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是（ ）
A. 小车静止时，，方向沿杆向上
B. 小车静止时，，方向垂直杆向上
C. 小车向右以加速度a运动时，一定有
D. 小车向左以加速度a运动时，，方向 斜向左上方，与竖直方向的夹角为 图1.13
解析：小车静止时，由物体的平衡条件知杆对球的作用力方向竖直向上，且大小等于球的重力mg。
小车向右以加速度a运动，设小球受杆的作用力方向与竖直方向的夹角为，如图4所示，根据牛顿第二定律有：，，两式相除得：。
图4
只有当球的加速度且向右时，杆对球的作用力才沿杆的方向，此时才有。小车向左以加速度a运动，根据牛顿第二定律知小球所受重力mg和杆对球的作用力F的合力大小为ma，方向水平向左。根据力的合成知，方向斜向左上方，与竖直方向的夹角为：
如图1.14所示，在动力小车上固定一直角硬杆ABC，分别系在水平直杆AB两端的轻弹簧和细线将小球P悬吊起来。轻弹簧的劲度系数为k，小球P的质量为m，当小车沿水平地面以加速度a向右运动而达到稳定状态时，轻弹簧保持竖直，而细线与杆的竖直部分的夹角为，试求此时弹簧的形变量。
图1.14
答案：，，
，讨论：
①若则弹簧伸长
②若则弹簧伸长
③若则弹簧压缩
四、爆炸反冲模型
如图3.12所示海岸炮将炮弹水平射出，炮身质量（不含炮弹）为M，每颗炮弹质量为m，当炮身固定时，炮弹水平射程为s，那么当炮身不固定时，发射同样的炮弹，水平射程将是多少？
图3.12
解析：两次发射转化为动能的化学能E是相同的。第一次化学能全部转化为炮弹的动能；第二次化学能转化为炮弹和炮身的动能，而炮弹和炮身水平动量守恒，由动能和动量的关系式知，在动量大小相同的情况下，物体的动能和质量成反比，炮弹的动能，由于平抛的射高相等，两次射程的比等于抛出时初速度之比，即：，所以。
思考：有一辆炮车总质量为M，静止在水平光滑地面上，当把质量为m的炮弹沿着与水平面成θ角发射出去，炮弹对地速度为，求炮车后退的速度。
提示：系统在水平面上不受外力，故水平方向动量守恒，炮弹对地的水平速度大小为，设炮车后退方向为正方向，则
在光滑地面上，有一辆装有平射炮的炮车，平射炮固定在炮车上，已知炮车及炮身的质量为M，炮弹的质量为m；发射炮弹时，炸药提供给炮身和炮弹的总机械能E0是不变的。若要使刚发射后炮弹的动能等于E0，即炸药提供的能量全部变为炮弹的动能，则在发射前炮车应怎样运动？
答案：若在发射前给炮车一适当的初速度v0，就可实现题述的要求。
在这种情况下，用v表示发射后炮弹的速度，V表示发射后炮车的速度，由动量守恒可知：
由能量关系可知：
按题述的要求应有
由以上各式得：
四、磁偏转模型
一质点在一平面内运动，其轨迹如图7.15所示。它从A点出发，以恒定速率经时间t到B点，图中x轴上方的轨迹都是半径为R的半圆，下方的都是半径为r的半圆。
（1）求此质点由A到B沿x轴运动的平均速度。
（2）如果此质点带正电，且以上运动是在一恒定（不随时间而变）的磁场中发生的，试尽可能详细地论述此磁场的分布情况。不考虑重力的影响。
图7.15
解析：（1）由A到B，若上、下各走了N个半圆，则其位移
①
其所经历的时间 ②
所以沿x方向的平均速度为
（2）I. 根据运动轨迹和速度方向，可确定加速度（向心加速度），从而确定受力的方向，再根据质点带正电和运动方向，按洛伦兹力的知识可断定磁场的方向必是垂直于纸面向外。
II. x轴以上和以下轨迹都是半圆，可知两边的磁场皆为匀强磁场。
III. x轴以上和以下轨迹半圆的半径不同，用B上和B下分别表示上、下的磁感应强度，用m、q和v分别表示带电质点的质量、电量和速度的大小；则由洛伦兹力和牛顿定律可知，，由此可得，即下面磁感应强度是上面的倍。
如图7.16所示，一束波长为的强光射在金属板P的A处发生了光电效应，能从A处向各个方向逸出不同速率的光电子。金属板P的左侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度为B，面积足够大，在A点上方L处有一涂荧光材料的金属条Q，并与P垂直。现光束射到A处，金属条Q受到光电子的冲击而发出荧光的部分集中在CD间，且CD=L，光电子质量为m，电量为e，光速为c
（1）金属板P逸出光电子后带什么电？
（2）计算P板金属发生光电效应的逸出功W。
（3）从D点飞出的光电子中，在磁场中飞行的最短时 间是多少？
图7.16
解析：（1）由电荷守恒定律得知P带正电。
（2）所有光电子中半径最大值
，所以逸出功
（3）以最大半径运动并经D点的电子转过圆心角最小，运动时间最短
且，所以。
横截面为正方形的匀强磁场磁感应强度为B.有一束速率不同的带电粒子垂直于磁场方向在ab边的中点，与ab边成30°角射入磁场，如图7.17所示,已知正方形边长为L.求这束带电粒子在磁场中运动的最长时间是多少?运动时间最长的粒子的速率必须符合什么条件?(粒子的带电量为+q、质量为m)
解：粒子从ab边射出时在磁场中运动的时间最长，t=5T/6=5m/3qB. 粒子要从ab边射出它的轨迹就不能碰到ad边，轨迹恰好与ad边相切时R+Rcos60°=L/2, R≤L/3,R=mv/qB,
v≤qBL/3m
如图40-A11所示，在xoy平面内有许多电子（每个电子质量为m，电量为e）从坐标原点o不断地以相同大小的速度v0沿不同的方向射入第Ⅰ象限．现加上一个垂直于xoy平面的磁感应强度为B的匀强磁场，要求这些电子穿过该磁场后都能平行于x轴向x轴正方向运动，试求出符合该条件的磁场的最小面积．
解：所有电子均在匀强磁场中做半径R＝mv0/Be的匀速圆周运动，沿y轴正方向射入的电子须转过1／4圆周才能沿x轴正方向运动，它的轨迹可当作该磁场的上边界a（如图所示），其圆的方程为：(R-x)2+y2=R2．　沿与ｘ轴成任意角α（90°＞α＞0°）射入的电子转过一段较短的圆弧OP（其圆心为O′）运动方向亦可沿x轴正方向，设P点坐标为（x，y），因为PO′必定垂直于x轴，可得方程：x２＋（R－y）２＝R２，　此方程也是一个半径为R的圆，这就是磁场的下边界b．　该磁场的最小范围应是以上两方程所代表的两个圆的交集，其面积为Sｍｉｎ＝2[(πR２/4)－(R２/2)]＝[(π－2)/2](mv０)２/Be２．
图7.19中虚线MN是一垂直纸面的平面与纸面的交线，在平面右侧的半空间存在一磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直纸面向外．O是MN上的一点，从O点可以向磁场区域发射电量为+q、质量为m、速率为v的粒子，粒子射入磁场时的速度可在纸面内各个方向．已知先后射入的两个粒子恰好在磁场中给定的P点相遇，P到O的距离为L．不计重力及粒子间的相互作用．求：
(1)所考察的粒子在磁场中的轨道半径；
(2)这两个粒子从O点射入磁场的时间间隔．
解：(1)设粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径为R，由牛顿第二定律得：qvB=mv2/R, R=mv/qB ①
(2)以OP为弦画两个半径相等的圆弧，分别表示两个粒子的轨道.圆心和直径分别为O1、O2和OO1Q1、OO2Q2，在O处两个圆的切线分别表示两个粒子的射入方向，用θ表示它们之间的夹角，由几何关系得：∠PO1Q1=∠PO2Q2=θ ②
从O点射入到相遇，粒子1的路程为半个圆周加弧长Q1P,且Q1P=Rθ ③
粒子2的路程为半个圆周减弧长Q2P,且Q2P=Rθ ④
粒子1的运动时间为t1=T/2+Rθ/v ⑤
粒子2的运动时间为t1=T/2-Rθ/v ⑥
两例子射入的时间间隔为△t=t1-t2=2Rθ/v ⑦
因Rcoc(θ/2)=L/2解得
θ=2Rarccos(L/2R) ⑧
由①⑦⑧三式解得：
串列加速器是用来产生高能离子的装置.图41-B11中虚线框内为其主体的原理示意图，其中加速管的中部b处有很高的正电势U,a、c两端均有电极接地（电势为零）.现将速度很低的负一价碳离子从a端输入，当离子到达b处时，可被设在b处的特殊装置将其电子剥离，成为n价正离子，而不改变其速度大小.这些正n价碳离子从c端飞出后进入一与其速度方向垂直的、磁感应强度为B的匀强磁场中，在磁场中做半径为R的圆周运动.已知碳离子质量m=2.0×10－26kg,U=7.5×105V,B=0.5T,n=2,基元电荷e=1.6×10－19C,求R.
解：设碳离子到达b处的速度为v1,从c端射出时的速度为v2,由能量关系得: ①
②进入磁场后，碳离子做圆周运动，可得③
由以上三式可得④
由④式及题中所给数值可解得 R=0.75m
在如图7.21所示的装置中M N是一对相距为d的水平金属板在它们上方另有一水平金属板Q，其上有一小孔S正对着板M上的小孔O．MN间有一垂直向里的磁感应强度为B匀强磁场．在板Q的S孔处有质量为m、电荷量为-q的负离子，其重力和初速度不计，电源的电动势为E,内阻为r，RAB总电阻为2r，滑动触头C在AB的中点,离子从MN的中点飞出，求离子飞出磁场时的速度大小．
解：根据闭合电路欧姆定律得
离子在QM间加速，由动能定理得：
离子在MN间运动，由动能定理得：
解得
如图7.22所示，匀强电场的场强E＝4V／m，方向水平向左，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向垂直于纸面向里.一个质量m=1g、带正电的小物体A从M点沿绝缘粗糙的竖直壁无初速下滑，当它滑行h=0．8m到N点时离开壁做曲线运动，运动到P点时恰好处于平衡状态，此时速度方向与水平方向成45°设P与M的高度差H=1.6m.求：
(1)A沿壁下滑过程中摩擦力做的功；
(2)P与M的水平距离S.(g取10m／s2)
　
解：(1)小物体到N点时离开壁时，qvNB=qE
vN=E/B=2m/s
从M到N的过程中,根据动能定理
代入数据得Wf=-6×10-3J
(2) 小物体运动到P点时恰好处于平衡状态qE=mg, ,m/s
从M到P的过程中,根据动能定理
代入数据得S=0.6m
第四章 力学综合
一、解题模型：
如图5.01所示，一路灯距地面的高度为h，身高为的人以速度v匀速行走。
（1）试证明人的头顶的影子作匀速运动；
（2）求人影的长度随时间的变化率。
图5.01
解：（1）设t=0时刻，人位于路灯的正下方O处，在时刻t，人走到S处，根据题意有OS=vt，过路灯P和人头顶的直线与地面的交点M为t时刻人头顶影子的位置，如图2所示。OM为人头顶影子到O点的距离。
图2
由几何关系，有
联立解得
因OM与时间t成正比，故人头顶的影子作匀速运动。
（2）由图2可知，在时刻t，人影的长度为SM，由几何关系，有SM=OM-OS，由以上各式得
可见影长SM与时间t成正比，所以影长随时间的变化率。
一水平放置的圆盘绕竖直固定轴转动，在圆盘上沿半径开有一条宽度为2mm的均匀狭缝。将激光器与传感器上下对准，使二者间连线与转轴平行，分别置于圆盘的上下两侧，且可以同步地沿圆盘半径方向匀速移动，激光器连续向下发射激光束。在圆盘转动过程中，当狭缝经过激光器与传感器之间时，传感器接收到一个激光信号，并将其输入计算机，经处理后画出相应图线。图5.02（a）为该装置示意图，图5.02（b）为所接收的光信号随时间变化的图线，横坐标表示时间，纵坐标表示接收到的激光信号强度，图中。
（1）利用图（b）中的数据求1s时圆盘转动的角速度；
（2）说明激光器和传感器沿半径移动的方向；
（3）求图（b）中第三个激光信号的宽度△t3。
图5.02
解析：（1）由图线读得，转盘的转动周期，
角速度
（2）激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动（理由为：由于脉冲宽度在逐渐变窄，表明光信号能通过狭缝的时间逐渐减少，即圆盘上对应探测器所在位置的线速度逐渐增加，因此激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动）。
（3）设狭缝宽度为d，探测器接收到第i个脉冲时距转轴的距离为ri，第i个脉冲的宽度为△ti，激光器和探测器沿半径的运动速度为v。
由以上式联立解得
如图5.03是某种静电分选器的原理示意图。两个竖直放置的平行金属板带有等量异号电荷，形成匀强电场，分选器漏斗的出口与两板上端处于同一高度，到两板距离相等。混合在一起的a、b两种颗粒从漏斗出口下落时，a种颗粒带上正电，b种颗粒带上负电。经分选电场后，a、b两种颗粒分别落到水平传送带A、B上。已知两板间距d=0.1m，板的度，电场仅局限在平行板之间；各颗粒所带电量大小与其质量之比均为。设颗粒进入电场时的初速度为零，分选过程中颗粒大小及颗粒间的相互作用力不计。要求两种颗粒离开电场区域时，不接触到极板但有最大偏转量。重力加速度g取。
（1）左右两板各带何种电荷？两极板间的电压多大？
（2）若两带电平行板的下端距传送带A、B的高度H=0.3m，颗粒落至传送带时的速度大小是多少？
（3）设颗粒每次与传送带碰撞反弹时，沿竖直方向的速度大小为碰撞前竖直方向速度大小的一半。写出颗粒第n次碰撞反弹高度的表达式。并求出经过多少次碰撞，颗粒反弹的高度小于0.01m。
图5.03
解析：（1）左板带负电荷，右板带正电荷。依题意，颗粒在平行板间的竖直方向上满足
在水平方向上满足：
两式联立得
（2）根据动能定理，颗粒落到水平传送带上满足
（3）在竖直方向颗粒作自由落体运动，它第一次落到水平传送带上沿竖直方向的速度
反弹高度
根据题设条件，颗粒第n次反弹后上升的高度：
当时，
侦察卫星在通过地球两极上空的圆轨道上运行，它的运行轨道距地面高为h，要使卫星在一天的时间内将地面上赤道各处在日照条件下的情况全部都拍摄下来，卫星在通过赤道上空时，卫星上的摄影像机至少应拍地面上赤道圆周的弧长是多少？设地球半径为R，地面处的重力加速度为g，地球自转的周期为T。
解析：设卫星周期为T1，那么：
①
又 ②
有 ③
地球自转角速度为 ④
在卫星绕行地球一周的时间T1内，地球转过的圆心角为 ⑤
那么摄像机转到赤道正上方时摄下圆周的弧长为 ⑥
由①②③④⑤⑥得
如图5.04所示，一对杂技演员（都视为质点）乘秋千（秋千绳处于水平位置）从A点由静止出发绕O点下摆，当摆到最低点B时，女演员在极短时间内将男演员沿水平方向推出，然后自己刚好能回到高处A。求男演员落地点C与O点的水平距离s。已知男演员质量m1和女演员质量m2之比，秋千的质量不计，摆长为R，C点比O点低5R。
图5.04
解析：设分离前男女演员在秋千最低点B的速度为，由机械能守恒定律，
设刚分离时男演员速度的大小为，方向与相同；女演员速度的大小为，方向与相反，由动量守恒，
分离后，男演员做平抛运动，设男演员从被推出到落在C点所需的时间为t，根据题给条件，由运动学规律，
根据题给条件，女演员刚好回A点，由机械能守恒定律，，已知，由以上各式可得。
在广场游玩时，一个小孩将一充有氢气的气球用细绳系于一个小石块上，并将小石块放置于水平地面上。已知小石块的质量为，气球（含球内氢气）的质量为，气球体积为V，空气密度为ρ（V和ρ均视作不变量），风沿水平方向吹，风速为v。已知风对气球的作用力（式中k为一已知系数，u为气球相对空气的速度）。开始时，小石块静止在地面上，如图5.05所示。
（1）若风速v在逐渐增大，小孩担心气球会连同小石块一起被吹离地面，试判断是否会出现这一情况，并说明理由。
（2）若细绳突然断开，已知气球飞上天空后，在气球所经过的空间中的风速v保持不变量，求气球能达到的最大速度的大小。
图5.05
答案：（1）将气球和小石块作为一个整体；在竖直方向上，气球（包括小石块）受到重力G、浮力F和地面支持力FN的作用，据平衡条件有：
由于式中FN是与风速v无关的恒力，而，故气球连同小石块不会一起被吹离地面。
（2）气球的运动可分解成水平方向和竖直方向的两个分运动，达到最大速度时气球在水平方向做匀速运动，有
气球在竖直方向做匀速运动，有：
气球的最大速度：
联立求解得：

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