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失分点
物理研究方法
失分点定向解密」
物理学科的研究方法多种多样，我们常见的有整体法、隔离法、控制变量法、图象法、填补法、估算法、
等时圆法、函数法等.应用正确的物理方法可以让我们在做题时省时更省力.
失分点定向训练
1.(对称分析法)如图所示，一边长为L的正方体绝缘体上均匀分布着电荷量为
Q的电荷，在垂直于左、右面且过正方体中心O的轴线上有a、b、c三个点，a和
b、b和O、O和c间的距离均为L,在a点处固定一电荷量为q(q<0)的点电荷.k为静电力常量，已知b
点处的场强为零，则〔点处场强的大小为
()
A80
C.k是
0
2.(筛选排除法)如图所示，宽度均为且足够长的两相邻条形区域内，分别存在磁感
XXXX。}
XXXx·
应强度大小为B,方向相反的匀强磁场.总电阻为R,边长为5！的等边三角形金属
3
框的AB边与磁场边界平行，金属框从图示位置沿垂直于AB边向右的方向做匀速
直线运动.取逆时针方向电流为正，从金属框C端刚进入磁场开始计时，下列关于框
中产生的感应电流随时间变化的图象正确的是
××·
d
d
3最Bd
23
Bdvo
2
1
0
0
-1h
23:4
23:4偏
-1
-1
123:4
-1
123:4
-2
-2
-2
2
-3
-3时
-3
-3
A
B
C
D
3.(类比分析法)（多选）如图，一带负电的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面（纸
面)内，且关于过轨迹最低点P的竖直线对称，忽略空气阻力，由此可知
()
A.Q点的电势比P点高
B.油滴在Q点的动能比它在P点的大
C.油滴在Q点的电势能比它在P点的大
D.油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小
4.(假设判断法)如图所示是发电厂通过升压变压器升压进行远距离输电，接近用户端时再通过降压变压器
降压给用户供电的示意图.图中变压器均可视为理想变压器，图中电表均为理想交流电表.设发电厂输出
的电压一定，两条输电线总电阻用R表示，滑动变阻器R相当于用户用电器，用电器增加时，相当于R接
入电路的阻值变小，则当进入用电高峰期时
()
Ro
A
A2
A.电压表V1、V2的读数均不变，电流表A2的读数增大，电流表A1的读数减小
B.电压表V,、V,的读数均减小，电流表A。的读数增大，电流表A的读数减小
C.电压表V2、V 的读数之差与电流表A2的读数的比值不变
D.线路损耗功率不变
5.(等时圆法)如图所示，在竖直平面内有一矩形，其长边与一圆的底部相切于。点，现在
有三条光滑轨道a、b、c,它们的上端位于圆周上，下端在矩形的底边，三轨道都经过切点
O,现在让一物块先后从三轨道顶端由静止下滑至底端（轨道先后放置），则物块在每一
条倾斜轨道上滑动时所经历的时间关系为
(
A.t>t
B.t<C.t。=in=t,
D.无法确定
6.(特珠赋值法)在光滑水平面上，物块。以大小为v的速度向右运动，物块b以大小为“的速度向左运动，
α、b发生弹性正碰.已知a的质量远小于b的质量，则碰后物块a的速度大小是
()
A.v
B.U十u
C.w十2w
D.2u-v
7.(填补法)若在一半径为r,单位长度带电量为q(q>0)的均匀带电圆环上有一个很小的缺口△（且△《
),如图所示，则圆心处的场强大小为
()
△1
0
A.kAlg
r
B.kgr
·△2
C.katg
D.kAr
8.(函数法、图象法)甲、乙两车在同一直线轨道上同向行驶，甲车在前，速度为y=8m$,乙车在后，速度为
=16m/s,当两车相距=8m时，甲车因故开始刹车，加速度大小为4=2ms2,为避免相撞，乙车立
即开始刹车，则乙车的加速度至少为多大？失分点
物理研究方法
1.解析：选D.b点处的场强为零说明正方体在b点的场强与电荷量为q(0)的点电荷在b点的场强等大
反向，即E,=E。=是.正方体两侧的电场是对称的，在〔点的场强大小也为E方向向左，别（点处场
强的大小为E=E+品=人8品十是-0
2.解析：选A.感应电流随时间变化的图线与横轴所固的面积表示电荷量，其中第一象限面积取正，第四象限
面积取负，金偶短从进入到穿出磁场，通过全属框的电荷量q-1业=晨-西R。-0,就感应电流随时
R
间变化的图线与横轴所围的面积也应该为零，B、C选项显然不符合，金属框在最后离开磁场过程中切割
磁感线的有效长度越来越大，故产生的感应电流也越来越大，排除D
3.解析：选AB.带负电的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面（纸面）内，且关于过轨迹最低点P的竖
直线对称，这与斜抛运动相似，故可以判断合力的方向竖直向上，可知电场力的方向竖直向上，油滴带负
电，所以匀强电场的方向竖直向下，故Q点的电势比P点高，油滴在Q点的电势能比在P点的小，在Q点
的动能比在P点的大，A、B正确，C错误.在匀强电场中电场力是恒力，重力也是恒力，所以合力是恒力，
油滴的加速度恒定，故D错误」
4.解析：选C.发电厂输出的电压一定，升压变压器原、副线图匝数都不变，故电压表V、V2的读数均不变，R
接入电路的阻值变小时，假设电压表V 不变，则V,的读数也不变，电流表A的读数增大，可推出电流表
A2的读数增大，R两端的电压增大，又因V2的读数不变，故V读数变小，则假设不成立.假设电压表V
变大，则V,的读数也变大，电流表A的读数增大，可推出电流表A2的读数增大，R。两端的电压增大，又
因V2的读数不变，故V2读数变小，则假设不成立，故电压表V2读数只能减小，则电流表A2的读数增大，
电流表A、A的读数增大，故A、B错误.电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变，等
于R,的阻值，故C正确.线路上的电流变大，则线路消耗的功率变大，选项D错误.
5.解析：选B.设上面图的半径为r,矩形宽为R,轨道与竖直方向的夹角为《，则轨道的长度s=2心os《十
尽。下殊的加迪度a=四根指位移时同公式行，=名，则=店-任十不。日为a6
夹角由小至大，所以有t>>t·故B正确，A、C、D错误.
6.解析：选C.给物块a的速度v赋值0，即v=0,物块a与物块b发生弹性正碰，碰后两物块一定分离，否则
为完全非弹性碰撞，B项十u=4,故排除B,碰后两物块不可能发生二次碰撞，A项=0，排除A;给物块
b的速度u赋值0，即u=0,物块a与物块b发生弹性正碰，物块a肯定反弹，但其速度大小肯定是正值，D
项2W一=一u,故排除D.
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