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2023年山东省泰安市泰山区中考物理二模试卷
一、选择题
1．（3分）下列数值最接近实际情况的是（　　）
A．课桌的高度为8m
B．一名初中生的质量约为500kg
C．泰安6月份的平均气温约为40℃
D．一节新干电池的电压是1.5V
2．（3分）某同学听到室外高亢的歌声“没有共产党，就没有新中国……”，便立即判断出谁在唱歌，他判断的依据是声音特性中的（　　）
A．振幅 B．音调 C．响度 D．音色
3．（3分）如图所示的现象中，属于光的折射的是（　　）
A． 水中筷子“弯折” B． 地上的身影
C．水中荷花的倒影 D． 墙上的手影
4．（3分）下列关于物态变化的叙述。正确的是（　　）
A．露的形成属于熔化现象
B．雾的形成属于汽化现象
C．雾凇的形成属于凝固现象
D．箱的形成属于凝华现象
5．（3分）汽车尾灯内的示宽灯和刹车灯有时需要各自独立工作，有时需要同时工作。下列电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
6．（3分）如图所示，小明将蜡烛、凸透镜（f＝10cm）、光屏依次摆放在光具座上，光屏上成清晰的烛焰像，然后进行了如下的判断和操作（每次操作均在如图基础上），下列说法正确的是（　　）
A．根据图中凸透镜成像原理可制成投影仪
B．将蜡烛和光屏对调，透镜位置不动，光屏上可再次成清晰的烛焰像
C．小明把自己的眼镜放在蜡烛和透镜之间，向左移动光屏，光屏上可再次成清晰的烛焰像，小明戴的是近视镜
D．将蜡烛放在45cm刻度线处，移动光屏，光屏上成正立放大的烛焰像
7．（3分）如图所示的四个电磁实验中，能够说明“电动机工作原理”的实验是（　　）
A． B．
C． D．
8．（3分）下列运用物理知识解释事例的说法。正确的是（　　）
A．注射器是利用连通器的原理来吸取药液的
B．飞机起飞时机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大
C．举重运动员把杠铃举在空中停留三秒，在这三秒内运动员对杠铃做了功
D．足球离开脚后在草坪上做减速运动，足球对地面的压力和足球受到的重力是一对平衡力
9．（3分）如图是某运动员在一次撑竿跳高过程中的多个状态，若不计空气的阻力，以下分析正确的是（　　）
A．运动员助跑的目的是增大惯性
B．运动员撑竿上升的过程中，竿的弹性势能全部转化为运动员的动能
C．运动员到最高点时所受合力为零
D．运动员从最高点下落的过程中，机械能保持不变
10．（3分）如图所示是小明家中某房间电路的一部分，若在图中甲，乙两处只能装电灯或开关。对此电路，说法正确的是（　　）
A．有金属外壳的用电器应接入三孔插座，使金属外壳接地
B．保险丝熔断，一定是用电器总功率过大
C．甲处应装开关，乙处应装电灯
D．用试电笔测图中三点，A、C两点氖管发光
11．（3分）为了描述物体运动的快慢，我们将物体运动的路程与所用时间之比定义为速度，这种方法是物理学中常用的比值定义法。在学习下列物理概念时用到比值定义法的是（　　）
①功②功率③密度④热值⑤重力⑥压强
A．只有③④⑤ B．只有②③ C．只有②③④⑥ D．只有①②③⑥
12．（3分）如图所示。对于下列实验中所描述的物理过程分析正确的是（　　）
①图甲中试管内的水蒸气推动塞子冲出去时，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能减小
②图乙中长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这是扩散现象
③图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在引力
④图丁中利用相同的电加热器分别加热质量、初温均相同的水和食用油相同时间，若水的温度变化大，说明水的比热容比食用油的比热容大
A．只有①②③正确 B．只有②③④正确
C．只有①③正确 D．只有②④正确
13．（3分）如图所示，用滑轮组提升重900N的物体，使它在10s内匀速上升1m。已知所用的拉力F为400N．则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（　　）
①拉力做功的功率为90W
②滑轮组的机械效率为75%
③动滑轮的重力为300N
④若用该滑轮组匀速提升更重的物体，所用拉力会变大但机械效率不变
A．只有①②正确 B．只有②③正确
C．只有①③正确 D．只有②③④正确
14．（3分）如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系。现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为1.8W；再闭合S1电流表示数为0.9A．下列结果正确的是（　　）
①电源电压为6V②电路消耗的总功率为5.4W
③通过电阻R的电流为0.6A④电阻R的阻值为10Ω
A．①②③④都正确 B．只有①②③正确
C．只有①③正确 D．只有②④正确
15．（3分）如图甲所示，盛有液体的柱形容器置于水平桌面上，容器对桌面的压强为1000Pa。如图乙所示，用细线拴一铝块，将铝块的一半浸在液体中，容器对桌面的压强改变了80Pa；如图丙所示，将细线剪断，铝块沉到容器底部。容器对桌面的压强比乙图又改变了460Pa，容器的底面积为100cm2，ρ铝＝2.7g/cm3，g取10N/kg。下列判断正确的是（　　）
①乙图中铝块此时在液体中所受浮力是0.8N
②铝块沉底时对容器底部的压力是4.6N
③铝块的体积是200cm3
④液体的密度是0.8g/cm3
A．只有①②正确 B．只有③④正确
C．只有①③④正确 D．只有②③正确
二、填空题（每空1分，共4分）
16．（1分）如图所示，是检查视力时的示意图。人通过平面镜观察到的是视力表的　 　（填“实像”或“虚像”）。若测视力时，要使被测试者看到的“视力表”与被测者相距5m，则人距离其背后的视力表为　 　m。
17．（1分）石墨烯是一种高分子构成的片状结构材料，这种材料在一定条件下电阻可以降为零，它是由我国少年科学家曹原发现的，这一特点可以在生活中用于　 　（选填“电饭锅发热丝”、“电动机线圈”或“小灯泡的灯丝”）。
18．（1分）如图所示，长木板B放置在水平桌面上，用F1＝4N的力拉动长木板B使其水平向左运动，拉着物块A的细线保持水平，木块A相对于地面静止，此时弹簧测力计的示数F2＝3N，则木块A所受滑动摩擦力f＝　 　N。
19．（1分）两个小灯泡，甲标有6V 0.6A，乙标有4V 0.5A，现将它们串联后接入电压为9V的电路中，则　 　灯更亮。
三.作图题（每题2分，共4分）
20．（2分）一束光射向平静的水面，请画出：反射光线、进入水中的光线的大致方向。
21．（2分）在图中，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止状态，在图中画出力F2的力臂L2和力臂L1对应的力F1．
四.实验题（第22题9分，第23题6分，共15分）
22．（9分）根据下面的实验，回答相关问题：
（1）如图所示，使用弹簧测力计测量物体重力前，除了观察弹簧测力计的量程和分度值外，还应将弹簧测力计的指针调节到 　 　上；此时被测物体的重力为 　 　N。
（2）探究水沸腾时温度变化的特点时，实验装置如图甲所示，在组装过程中应按照 　 　（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行。当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，第3min温度计的示数如图乙所示，该示数为 　 　℃，从记录数据的表格可以分析出：水沸腾时的特点是 　 　。
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 ……
温度/ 90 92 94 ﹣﹣ 98 98 98 ……
（3）如图所示是小明测泰山石密度的实验过程：
a．把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度处，指针如图甲所示，应向 　 　（选填“左”或“右”）移动平衡螺母，使天平横梁平衡。
b．他先用量筒和水测泰山石的体积，如图乙所示，再用天平测量泰山石的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图丙所示，则泰山石的质量为 　 　g。小明求出泰山石的密度为 　 　kg/m3，他测出的泰山石的密度比真实值偏 　 　（选填“大”或“小”）。
23．（6分）小华同学用“伏安法”来测量一只阻值约为5Ω的定值电阻Rx，实验室有如下器材供选用：
A．两节干电池 B．开关一个和导线若干 C．电压表（0～3V，0～15V）
D．电流表（0～0.6A，0～3A） E．滑动变阻器（0～10Ω） F．滑动变阻器（0～100Ω）
（1）小华同学完成实验电路设计后，为了操作顺利和方便，除了A、B、C和D外，小华同学还需选用
　 　器材（选填“E”或“F”）；
（2）根据设计的实验电路要求，请用笔画线代替导线连接图甲中最后的两根导线；
（3）如图甲所示，连接好电路。在闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应该滑至　 　端（选填“G”或“H”）；
（4）小华在闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P时，发现电流表示数始终为零，而电压表有示数但不发生变化，此时电路中的一处故障是　 　（选填A、B、C或D）；
A．滑动变阻器断路 B．滑动变阻器短路
C．定值电阻Rx断路 D．定值电阻Rx短路
（5）排除故障后，电流表示数为0.40A，电压表示数如乙图所示，则本次实验测得的定值电阻Rx的阻值是　 　Ω。
五、计算题（第24题7分，第25题10分，共17分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分）
24．（7分）2019年12月17日，中国首艘国产航空母舰山东舰正式入列，标志着中国海军正式进入双航母时代，是我国国防力量的重大突破。如图是山东舰部分技术参数。请解答下列问题（g取10N/kg，海水密度取1.0×103kg/m3）。
（1）山东舰配有多架歼﹣15舰载战斗机。以待飞的战斗机为参照物，山东舰是　 　（选填运动或静止）的。
（2）每次战斗机从甲板起降前，机组成员要对甲板进行地毯式排查，排查时人的行走速度约为1.5m/s。则船员从船头到船尾进行一次排查需要多长时间？
（3）水面下4m处船体所受海水的压强为多少？
（4）航母满载时受到的浮力是多少？
25．（10分）一个有加热和保温两种状态的微型电热水器，内部简化电路如图所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中R0为热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，开关S0和S都闭合时，电热水器开始加热，当电热水器中水的温度达到50℃时，电磁铁才会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω．求：
（1）将电热水器水箱中2.2kg的水从15℃加热到45℃，水吸收的热量【c水＝4.2×103J/（kg ℃）】
（2）电热水器处于加热状态时工作电路的功率。
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为多少？
（4）当温度达到50℃后，通电10min，R2产生的热量。
2023年山东省泰安市泰山区中考物理二模试卷
（参考答案）
一、选择题
1．（3分）下列数值最接近实际情况的是（　　）
A．课桌的高度为8m
B．一名初中生的质量约为500kg
C．泰安6月份的平均气温约为40℃
D．一节新干电池的电压是1.5V
【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm＝0.8m左右。故A不符合实际；
B、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故B不符合实际；
C、泰安6月份最高气温不到40℃，所以平均气温远低于40℃。故C不符合实际；
D、一节标准的新干电池电压是1.5V。故D符合实际。
故选：D。
2．（3分）某同学听到室外高亢的歌声“没有共产党，就没有新中国……”，便立即判断出谁在唱歌，他判断的依据是声音特性中的（　　）
A．振幅 B．音调 C．响度 D．音色
【解答】解：每个人的声带结构不同，发出声音的音色就不同，所以该同学判断的依据是声音特性中的音色来判断谁在唱歌”。
故选：D。
3．（3分）如图所示的现象中，属于光的折射的是（　　）
A． 水中筷子“弯折” B． 地上的身影
C．水中荷花的倒影 D． 墙上的手影
【解答】解：A、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉筷子折断了，故与题意相符；
B、地上的身影是由光沿直线传播形成的，故与题意不符；
C、水中荷花的倒影属于平面镜成像，其实质是光的反射，故与题意不符；
D、墙上的手影由光沿直线传播形成的，故与题意不符。
故选：A。
4．（3分）下列关于物态变化的叙述。正确的是（　　）
A．露的形成属于熔化现象
B．雾的形成属于汽化现象
C．雾凇的形成属于凝固现象
D．箱的形成属于凝华现象
【解答】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故A错误。
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误。
C、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故C错误。
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为小冰晶，附着在建筑物或植被表面，故D正确。
故选：D。
5．（3分）汽车尾灯内的示宽灯和刹车灯有时需要各自独立工作，有时需要同时工作。下列电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【解答】解：
A．由电路图可知，只闭合开关S1时两灯都亮，只闭合开关S2时两灯都不亮，两开关均闭合时只有L1亮，L2不能独立工作，故A不符合题意；
B．由电路图可知，只闭合开关S1时L1灯亮，只闭合开关S2时两灯都不亮，两开关均闭合时两灯都亮，L2不能独立工作，故B不符合题意；
C．由电路图可知，只闭合开关S时，两灯泡均亮，即两灯泡均不能独立工作，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合开关S1时L1灯亮，只闭合开关S2时L2灯亮，两开关均闭合时两灯都亮，故D符合题意。
故选：D。
6．（3分）如图所示，小明将蜡烛、凸透镜（f＝10cm）、光屏依次摆放在光具座上，光屏上成清晰的烛焰像，然后进行了如下的判断和操作（每次操作均在如图基础上），下列说法正确的是（　　）
A．根据图中凸透镜成像原理可制成投影仪
B．将蜡烛和光屏对调，透镜位置不动，光屏上可再次成清晰的烛焰像
C．小明把自己的眼镜放在蜡烛和透镜之间，向左移动光屏，光屏上可再次成清晰的烛焰像，小明戴的是近视镜
D．将蜡烛放在45cm刻度线处，移动光屏，光屏上成正立放大的烛焰像
【解答】解：A、由图可知，凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小实像，是照相机的原理，故A错误；
B、若保持透镜不动，只将蜡烛和光屏互换位置，根据光的可逆性，物距小于像距，仍能成倒立、放大的实像，故B正确；
C、近视镜是凹透镜，且凹透镜对光线有发散作用，若将凹透镜放在凸透镜和蜡烛之间，像会远离凸透镜，所以将光屏向远离凸透镜的方向移动，即向右移动，才能使蜡烛的像变清晰；故C错误；
D、将蜡烛放在45cm刻度线处，移动光屏，成正立放大的虚像，光屏上不成像，故D错误。
故选：B。
7．（3分）如图所示的四个电磁实验中，能够说明“电动机工作原理”的实验是（　　）
A． B．
C． D．
【解答】解：A、是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，不符合题意；
B、是电磁继电器的实验图，不符合题意；
C、是奥斯特实验图，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；
D、电路中有电流，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，符合题意。
故选：D。
8．（3分）下列运用物理知识解释事例的说法。正确的是（　　）
A．注射器是利用连通器的原理来吸取药液的
B．飞机起飞时机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大
C．举重运动员把杠铃举在空中停留三秒，在这三秒内运动员对杠铃做了功
D．足球离开脚后在草坪上做减速运动，足球对地面的压力和足球受到的重力是一对平衡力
【解答】解：A、注射器在吸药液时，是利用外界大气压大于其内部的压强，故药液在外界大气压的作用下被压入注射器内部的，因此是利用大气压强的原理工作的，故A错误；
B、飞机在起飞时，机翼上方的空气流速大，压强较小，机翼下方的空气流速小，压强大，所以飞机受到一个向上的升力。故B正确；
C、运动员给杠铃一个力，但杠铃在空中停留，没有通过距离，所以，他对杠铃没有做功。故C错误；
D、足球离开脚后在草坪上做减速运动，足球对地面的压力和足球受到的重力是作用在两个物体上的两个力，所以不是一对平衡力。故D错误。
故选：B。
9．（3分）如图是某运动员在一次撑竿跳高过程中的多个状态，若不计空气的阻力，以下分析正确的是（　　）
A．运动员助跑的目的是增大惯性
B．运动员撑竿上升的过程中，竿的弹性势能全部转化为运动员的动能
C．运动员到最高点时所受合力为零
D．运动员从最高点下落的过程中，机械能保持不变
【解答】解：
A、助跑过程中，运动员的质量一定，速度越大，动能越大，但惯性跟物体速度大小无关，所以惯性大小不变，故A错误；
B、撑杆上升的过程中，杆的弹性势能一部分转化为运动员的动能，一部分转化为运动员的重力势能，故B错误；
C、不计空气的阻力，当人到达最高点时，只受到重力的作用，所以此时的合力不是0，故C错误；
D、运动员下落的过程中，不考虑空气阻力，减少的重力势能全部转化为动能，机械能保持不变；故D正确。
故选：D。
10．（3分）如图所示是小明家中某房间电路的一部分，若在图中甲，乙两处只能装电灯或开关。对此电路，说法正确的是（　　）
A．有金属外壳的用电器应接入三孔插座，使金属外壳接地
B．保险丝熔断，一定是用电器总功率过大
C．甲处应装开关，乙处应装电灯
D．用试电笔测图中三点，A、C两点氖管发光
【解答】解：
A、接入三孔插座能使用电器金属外壳接地，防止由于用电器的外壳带电而使人发生触电事故；故A正确；
B、保险丝熔断，可能是发生了短路，也可能是用电器总电功率过大；故B错误；
C、在家庭电路中，为了安全，一般把开关接在火线和用电器之间，故乙处接开关、甲处接灯；故C错误；
D、A点与零线接通，B点与零线接通，C点与火线接通，用试电笔测试时，A点氖管不发光，B点氖管不发光，C点氖管发光；故D错误。
故选：A。
11．（3分）为了描述物体运动的快慢，我们将物体运动的路程与所用时间之比定义为速度，这种方法是物理学中常用的比值定义法。在学习下列物理概念时用到比值定义法的是（　　）
①功②功率③密度④热值⑤重力⑥压强
A．只有③④⑤ B．只有②③ C．只有②③④⑥ D．只有①②③⑥
【解答】解：①功指作用在物体上的力与物体在力的方向上通过距离的乘积，采用的是乘积定义法，不是比值定义法；
②功率是功与做功时间的比值，即P＝，是采用的比值定义法；
③密度是某种物质质量与其体积的比值，ρ＝，是采用的比值定义法；
④热值是某种燃料完全燃烧放出热量与其质量的比值，即q＝，是采用的比值定义法；
⑤重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，不是比值定义法；
⑥压强是压力与受力面积的比值，即p＝，是采用的比值定义法。
所以采用比值定义法的是②③④⑥。
故选：C。
12．（3分）如图所示。对于下列实验中所描述的物理过程分析正确的是（　　）
①图甲中试管内的水蒸气推动塞子冲出去时，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能减小
②图乙中长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这是扩散现象
③图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在引力
④图丁中利用相同的电加热器分别加热质量、初温均相同的水和食用油相同时间，若水的温度变化大，说明水的比热容比食用油的比热容大
A．只有①②③正确 B．只有②③④正确
C．只有①③正确 D．只有②④正确
【解答】解：①、甲图中试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，故①正确；
②、图乙中长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这种现象是扩散现象，故②正确；
③、图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在相互作用的引力，故③正确；
④、用相同的酒精灯分别加热质量、初温均相同的水和食用油相同时间，水和食用油吸收的热量相同，若水的温度变化大，说明水的比热容比食用油小，故④错误。
故选：A。
13．（3分）如图所示，用滑轮组提升重900N的物体，使它在10s内匀速上升1m。已知所用的拉力F为400N．则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（　　）
①拉力做功的功率为90W
②滑轮组的机械效率为75%
③动滑轮的重力为300N
④若用该滑轮组匀速提升更重的物体，所用拉力会变大但机械效率不变
A．只有①②正确 B．只有②③正确
C．只有①③正确 D．只有②③④正确
【解答】解：
①由已知条件，拉力做的总功：W总＝Fs＝F×3h＝400N×3×1m＝1200J，
拉力F的功率：P＝＝＝120W，故①错误；
②克服重物重力所做的功为有用功，滑轮组的机械效率为：
η＝＝＝×100%＝75%，②正确；
③由图可知，n＝3，不计绳重和摩擦，F＝（G+G动），
即400N＝（900N+G动），
解得G动＝300N，③正确；
④不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，
由η＝＝＝＝，动滑轮的重力不变，如果提起更重的物体，滑轮组的机械效率变大，故④错误。
故选：B。
14．（3分）如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系。现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为1.8W；再闭合S1电流表示数为0.9A．下列结果正确的是（　　）
①电源电压为6V②电路消耗的总功率为5.4W
③通过电阻R的电流为0.6A④电阻R的阻值为10Ω
A．①②③④都正确 B．只有①②③正确
C．只有①③正确 D．只有②④正确
【解答】解：
（1）只闭合S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，
由图象可知，当UL＝6V，IL＝0.3A时，灯泡的实际功率：PL＝ULIL＝6V×0.3A＝1.8W；
因此电源电压U＝UL＝6V，故①正确；
（2）再闭合S1后，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：IR＝I﹣IL＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，故③正确；
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电路消耗的总功率：P＝UI＝6V×0.9A＝5.4W，故②正确；
由I＝可得，R的阻值：R＝＝＝10Ω，故④正确；
综合上述分析可知，①②③④都正确。
故选：A。
15．（3分）如图甲所示，盛有液体的柱形容器置于水平桌面上，容器对桌面的压强为1000Pa。如图乙所示，用细线拴一铝块，将铝块的一半浸在液体中，容器对桌面的压强改变了80Pa；如图丙所示，将细线剪断，铝块沉到容器底部。容器对桌面的压强比乙图又改变了460Pa，容器的底面积为100cm2，ρ铝＝2.7g/cm3，g取10N/kg。下列判断正确的是（　　）
①乙图中铝块此时在液体中所受浮力是0.8N
②铝块沉底时对容器底部的压力是4.6N
③铝块的体积是200cm3
④液体的密度是0.8g/cm3
A．只有①②正确 B．只有③④正确
C．只有①③④正确 D．只有②③正确
【解答】解：
①由p＝可得，图乙比图甲中对桌面增加的压力ΔF1＝Δp1S＝80Pa×100×10﹣4m2＝0.8N，
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，且铝块受到的浮力和铝块对水的压力是一对相互作用力，
所以，对桌面增加的压力ΔF1＝G排，
由阿基米德原理可知，铝块受到的浮力F浮＝G排＝0.8N，故①正确；
②由F浮＝ρgV排可知，铝块浸没时受到的浮力F浮′＝2F浮＝2×0.8N＝1.6N，
将细线剪断，铝块沉到容器底部，图丙比图甲中对桌面增加的压强Δp＝Δp1+Δp2＝80Pa+460Pa＝540Pa，
图丙比图甲中对桌面增加的压力ΔF2＝ΔpS＝540Pa×100×10﹣4m2＝5.4N，
则铝块的重力G铝＝ΔF2＝5.4N，
铝块沉底时对容器底部的压力F铝＝G铝﹣F浮′＝5.4N﹣1.6N＝3.8N＜4.6N，故②错误；
③由G＝mg可得，铝块的质量m铝＝＝＝0.54kg＝540g，
由ρ＝可得，铝块的体积V铝＝＝＝200cm3，故③正确；
④因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由F浮＝ρgV排可得，液体的密度：
ρ液＝＝＝＝0.8×103kg/m3＝0.8g/cm3，故④正确，
综上可知，只有①③④正确。
故选：C。
二、填空题（每空1分，共4分）
16．（1分）如图所示，是检查视力时的示意图。人通过平面镜观察到的是视力表的　虚像　（填“实像”或“虚像”）。若测视力时，要使被测试者看到的“视力表”与被测者相距5m，则人距离其背后的视力表为　0.6　m。
【解答】解：
借助平面镜检查视力时，利用的是光的反射现象；
人通过平面镜观察到的是视力表的虚像；
由“被测试者看到的“视力表”与被测者相距5m”可知，视力表的像到平面镜的距离为5m﹣2.2m＝2.8m，
根据物像到平面镜的距离相等，可知，平面镜距视力表2.8m远，根据物像到平面镜距离相等，所以视力表的像到平面镜距离也是2.8m，所以视力表和视力表的像之间的距离是5.6m，人和视力表像之间的距离是5m，所以人和视力表之间的距离是5.6mm﹣5m＝0.6m。
故答案为：虚像；0.6。
17．（1分）石墨烯是一种高分子构成的片状结构材料，这种材料在一定条件下电阻可以降为零，它是由我国少年科学家曹原发现的，这一特点可以在生活中用于　电动机线圈　（选填“电饭锅发热丝”、“电动机线圈”或“小灯泡的灯丝”）。
【解答】解：石墨烯在一定条件下电阻可以降为零，这样的材料叫做超导体；
超导体的电阻为0，电饭煲发热丝、小灯泡的灯丝都是利用电流热效应工作的，它们不能使用超导体；电动机线圈工作时将电能转化为机械能，不需要产生热量，可以使用超导体。
故答案为：电动机线圈。
18．（1分）如图所示，长木板B放置在水平桌面上，用F1＝4N的力拉动长木板B使其水平向左运动，拉着物块A的细线保持水平，木块A相对于地面静止，此时弹簧测力计的示数F2＝3N，则木块A所受滑动摩擦力f＝　3　N。
【解答】解：木块A相对地面静止，在水平方向上受到向左的摩擦力和向右的绳子的拉力为一对平衡力（作用点在物体的重心），如下所示：
因为木块A相对于地面静止，所以在水平方向上滑动摩擦力f与拉力F拉二力平衡，即f＝F2＝3N；
故答案为：3。
19．（1分）两个小灯泡，甲标有6V 0.6A，乙标有4V 0.5A，现将它们串联后接入电压为9V的电路中，则　甲　灯更亮。
【解答】解：由I＝可得，两灯的电阻分别：
R甲＝＝＝10Ω，R乙＝＝＝8Ω；
两灯泡串联时通过它们的电流相等，由P＝UI＝I2R可知，甲灯泡的电阻大，实际功率大，所以甲灯更亮。
故答案为：甲。
三.作图题（每题2分，共4分）
20．（2分）一束光射向平静的水面，请画出：反射光线、进入水中的光线的大致方向。
【解答】解：先过入射点垂直界面作出法线，在空气中法线的另一侧作出反射光线，且使反射角等于入射角；
在水中法线的另一侧作出折射光线，且使折射角小于入射角，如图所示：
21．（2分）在图中，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止状态，在图中画出力F2的力臂L2和力臂L1对应的力F1．
【解答】解：反向延长力F2的作用线，由支点向F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是其力臂L2；
过力臂L1的下端，作L1的垂线，与杠杆OA的交点为力F1的作用点，方向斜向上，如图所示：
四.实验题（第22题9分，第23题6分，共15分）
22．（9分）根据下面的实验，回答相关问题：
（1）如图所示，使用弹簧测力计测量物体重力前，除了观察弹簧测力计的量程和分度值外，还应将弹簧测力计的指针调节到 　零刻度线　上；此时被测物体的重力为 　1.8　N。
（2）探究水沸腾时温度变化的特点时，实验装置如图甲所示，在组装过程中应按照 　自下而上　（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行。当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，第3min温度计的示数如图乙所示，该示数为 　96　℃，从记录数据的表格可以分析出：水沸腾时的特点是 　不断吸热，温度不变　。
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 ……
温度/ 90 92 94 ﹣﹣ 98 98 98 ……
（3）如图所示是小明测泰山石密度的实验过程：
a．把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度处，指针如图甲所示，应向 　右　（选填“左”或“右”）移动平衡螺母，使天平横梁平衡。
b．他先用量筒和水测泰山石的体积，如图乙所示，再用天平测量泰山石的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图丙所示，则泰山石的质量为 　24　g。小明求出泰山石的密度为 　2.4×103　kg/m3，他测出的泰山石的密度比真实值偏 　大　（选填“大”或“小”）。
【解答】解：（1）使用弹簧测力计测量物体重力前，需要确认弹簧测力计的量程和分度值，将弹簧测力计的指针调节到零刻度线上；根据题干图可知：该弹簧测力的分度值是0.2N，读数是：1.8N；
（2）探究水沸腾实验需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置，故应按照自下而上的顺序进行；图乙温度计的分度值是1℃，所以此时的示数是96℃；从表中数据可以看出：水加热至沸点98℃后，继续加热，温度不变；
（3）图甲指针偏向分度盘的左侧，应将平衡螺母向右端调，直至指针对准中央刻度线；天平平衡时右盘砝码的质量加上游码指示的质量即为泰山石的质量m＝20g+4g＝24g；其体积为v＝60mL﹣50mL＝10mL；由密度公式计算：＝2.4g/cm3＝2.4×103kg/m3；实验中小明先用量筒测量泰山石的体积，泰山石会吸收水分，再测质量时质量会存在误差，比实际质量要大，密度也会偏大。
故答案为：（1）零刻度线 1.8； （2）自下而上 96 不断吸热，温度不变；（3）24 2.4×103 大
23．（6分）小华同学用“伏安法”来测量一只阻值约为5Ω的定值电阻Rx，实验室有如下器材供选用：
A．两节干电池 B．开关一个和导线若干 C．电压表（0～3V，0～15V）
D．电流表（0～0.6A，0～3A） E．滑动变阻器（0～10Ω） F．滑动变阻器（0～100Ω）
（1）小华同学完成实验电路设计后，为了操作顺利和方便，除了A、B、C和D外，小华同学还需选用
　E　器材（选填“E”或“F”）；
（2）根据设计的实验电路要求，请用笔画线代替导线连接图甲中最后的两根导线；
（3）如图甲所示，连接好电路。在闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应该滑至　G　端（选填“G”或“H”）；
（4）小华在闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P时，发现电流表示数始终为零，而电压表有示数但不发生变化，此时电路中的一处故障是　C　（选填A、B、C或D）；
A．滑动变阻器断路 B．滑动变阻器短路
C．定值电阻Rx断路 D．定值电阻Rx短路
（5）排除故障后，电流表示数为0.40A，电压表示数如乙图所示，则本次实验测得的定值电阻Rx的阻值是　5.5　Ω。
【解答】解：（1）滑动变阻器在电路中是为了改变电流表和电压表的示数，实现多次测量；滑动变阻器的阻值较大，则其两端分担的电压较大，定值电阻两端分担的电压较小，当滑片移动时，电压表的示数变化较小，不利于实验的结果的测量；故应选用滑动变阻器（0～10Ω）；
（2）电源电压为2节干电池，为3V，故电压表量程为0﹣3V；滑动变阻器采用一上一下的接法，如图：
；
（3）闭合开关前，滑动变阻器阻值调至最大，即滑片移到G端；
（4）闭合开关后电流表没有示数，而电压表有示数，说明电压表并联部分断路，即定值电阻Rx断路；故选C；
（5）电压表的示数为2.2V，电流表示数为0.40A，由I＝得测得的定值电阻Rx为
Rx＝＝＝5.5Ω。
故答案为：（1）E；（2）如图；（3）G；（4）C；（5）5.5。
五、计算题（第24题7分，第25题10分，共17分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分）
24．（7分）2019年12月17日，中国首艘国产航空母舰山东舰正式入列，标志着中国海军正式进入双航母时代，是我国国防力量的重大突破。如图是山东舰部分技术参数。请解答下列问题（g取10N/kg，海水密度取1.0×103kg/m3）。
（1）山东舰配有多架歼﹣15舰载战斗机。以待飞的战斗机为参照物，山东舰是　静止　（选填运动或静止）的。
（2）每次战斗机从甲板起降前，机组成员要对甲板进行地毯式排查，排查时人的行走速度约为1.5m/s。则船员从船头到船尾进行一次排查需要多长时间？
（3）水面下4m处船体所受海水的压强为多少？
（4）航母满载时受到的浮力是多少？
【解答】解：（1）以待飞的战斗机为参照物，山东舰和待飞的战斗机之间的位置没有发生变化，所以山东舰是静止的；
（2）由图中信息可知，从船头到船尾的距离s＝315m，
由v＝可得，船员从船头到船尾进行一次排查需要的时间t＝＝＝210s；
（3）水面下4m处船体所受海水的压强p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4m＝4×104Pa；
（4）由阿基米德原理可得，航母满载时受到的浮力F浮＝G排＝m排g＝5×104×103kg×10N/kg＝5×108N。
答：（1）静止；
（2）船员从船头到船尾进行一次排查需要210s；
（3）水面下4m处船体所受海水的压强为4×104Pa；
（4）航母满载时受到的浮力是5×108N。
25．（10分）一个有加热和保温两种状态的微型电热水器，内部简化电路如图所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中R0为热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，开关S0和S都闭合时，电热水器开始加热，当电热水器中水的温度达到50℃时，电磁铁才会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω．求：
（1）将电热水器水箱中2.2kg的水从15℃加热到45℃，水吸收的热量【c水＝4.2×103J/（kg ℃）】
（2）电热水器处于加热状态时工作电路的功率。
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为多少？
（4）当温度达到50℃后，通电10min，R2产生的热量。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×2.2kg×（45℃﹣15℃）＝2.772×105J；
（2）由题意可知，开关S0和S都闭合时，B触点与A接通，工作电路中只有R1工作，此时电热水器处于加热状态，
则电热水器处于加热状态时工作电路的功率：
P加热＝＝＝1100W；
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃时，水吸收的热量为2.772×105J，
由P＝可得，通电5min内消耗的电能：
W＝Pt′时间＝1100W×5×60s＝3.3×105J，
电热水器的加热效率：
η＝×100%＝×100%＝84%；
（4）当温度达到50℃后，电磁铁会把衔铁吸下，B触点与C接通，R1与R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，工作电路的电流：
I＝＝＝0.1A，
则通电10min内R2产生的热量：
Q2＝I2R2t时间＝（0.1A）2×2156Ω×10×60s＝12936J。
答：（1）将电热水器水箱中2.2kg的水从15℃加热到45℃，水吸收的热量为2.772×105J；
（2）电热水器处于加热状态时工作电路的功率为1100W；
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为84%；
（4）当温度达到50℃后，通电10min，R2产生的热量为12936J。

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