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第二 讲孟德尔的豌豆杂交实验(二)
知识点一　两对相对性状的杂交实验[动漫演示更形象　见课件光盘]
1．填写假说—演绎过程
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2．归纳总结自由组合定律
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知识点二　孟德尔获得成功的原因
(1)正确选用实验材料。
(2)对性状分析由一对到多对。
(3)对实验结果进行统计学分析。
(4)科学地设计了实验程序。
一、理解运用能力
1．(2010·安徽高考)南瓜的扁盘形、 ( http: / / www.21cnjy.com )圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、a和B、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别是(　　)
A．aaBB和Aabb　　　　B．aaBb和AAbb
C．AAbb和aaBB D．AABB和aabb
答案：C
2．(2010·北京高考)决定小鼠毛色为黑 ( http: / / www.21cnjy.com )(B)/褐(b)色、有(s)/无(S)白斑的两对等位基因分别位于两对同源染色体上。基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中出现黑色有白斑小鼠的比例是(　　)
A．1/16　 B．3/16　　C．7/16　　D．9/16
答案：B
3．(2009·江苏高考)已知A与a、B与 ( http: / / www.21cnjy.com )b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　)
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16
B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16
C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1/8
D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16
答案：D
二、读图析图能力
据测交实验遗传图解回答下列问题：
(1)测交后代出现4种表现型且比例为1∶1∶1∶1的原因是什么？
答案：F1产生了4种比例相等的配子。
(2)如何利用测交实验验证自由组合定律？
答案：据测交后代是否出现4种比例相等的表现型。
[理清脉络]
考点一|两对相对性状的遗传实验分析和结论
1．实验分析
P YYRR(黄圆)×yyrr(绿皱)
F2
1YY(黄)　2Yy(黄) 1yy(绿)
1RR(圆)2Rr(圆) (黄圆) (绿圆)
1rr(皱) 1YYrr　2Yyrr　(黄皱) 1yyrr(绿皱)
2．相关结论
F2共有16种配子组合方式，9种基因型，4种表现型。
(1)表现型
(2)基因型
3．基因自由组合定律的细胞学基础
[典例1]　(2014·南 ( http: / / www.21cnjy.com )京模拟)牵牛花的叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用纯种的普通叶白色种子和纯种的枫形叶黑色种子作为亲本进行杂交，得到的F1为普通叶黑色种子，F1自交得F2，结果符合基因的自由组合定律。下列对F2的描述中错误的是(　　)
A．F2中有9种基因型、4种表现型
B．F2中普通叶与枫形叶之比为3∶1
C．F2中与亲本表现型相同的个体大约占3/8
D．F2中普通叶白色种子个体的基因型有4种
[思维流程]　
[解析]　由题干信息可知，F2共有9种 ( http: / / www.21cnjy.com )基因型、4种表现型，其中与亲本表现型相同的个体大约占3/16＋3/16＝3/8；F2中普通叶白色种子的个体有纯合和杂合2种基因型。
[答案]　D
1．F2中重组类型所占比例并不都是6/16
(1)当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组性状所占比例是3/16＋3/16＝6/16。
(2)当亲本基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组性状所占比例是1/16＋9/16＝10/16。
2．自由组合定律9∶3∶3∶1的变式剖析
F1(AaBb)自交后代比例 原因分析 测交后代比例
9∶7 当双显性基因同时出现时为一种表现型，其余的基因型为另一种表现型 1∶3
9∶3∶4 存在aa(或bb)时表现为隐性性状其余正常表现 ( http: / / www.21cnjy.com ) 1∶1∶2
9∶6∶1 双显、单显、双隐三种表现型　 　　　 1∶2∶1
15∶1 只要具有显性基因其表现型就一致，其余基因型为另一种表现型 3∶1
13∶3 双显性、双隐性和一种单显性表现为一种性状，另一种单显性表现为另一种性状 ( http: / / www.21cnjy.com ) 3∶1
1∶4∶6∶4∶1 A与B的作用效果相同，但显性基因越 ( http: / / www.21cnjy.com )多，其效果越强。1(AABB)∶4(AaBB＋AABb)∶6(AaBb＋AAbb＋aaBB)∶4(Aabb＋aaBb)∶1(aabb) 1∶2∶1
[针对练习]
高考命题常从以下角度设置陷阱
(1)以信息的形式说明表现型与基因型的关系，确定子代表现型和性状分离比。
(2)已知子代表现型的性状分离比，确定基因型与表现型的关系，进而推测子代的表现型及性状分离比。
1．(2014·乐山调研)在西葫芦 ( http: / / www.21cnjy.com )的皮色遗传中，黄皮基因Y对绿皮基因y为显性，但在另一白色显性基因W存在时，基因Y和y都不能表达。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是(　　)
A．4种　9∶3∶3∶1　　　　　　B．2种　13∶3
C．3种　12∶3∶1 D．3种　10∶3∶3
解析：选C　由题意可知，白皮个体的基因型为W ( http: / / www.21cnjy.com )_ _ _，黄皮个体的基因型为wwY_，绿皮个体的基因型为wwyy。基因型为WwYy的个体自交，子代的表现型及比例为白皮∶黄皮∶绿皮＝12∶3∶1。
2．荠菜果实形状——三角形和卵圆形由位于两对同源染色体上的基因A、a和B、b决定。基因型为AaBb的个体自交，F1中三角形∶卵圆形＝301∶20。在F1的三角形果实荠菜中，部分个体无论自交多少代，其后代均为三角形果实，这样的个体在F1的三角形果实荠菜中所占的比例为(　　)
A．1/15 B．7/15
C．3/16 D．7/16
解析：选B　由F1中三角形 ( http: / / www.21cnjy.com )∶卵圆形＝301∶20≈15∶1，可知只要有基因A或B存在，荠菜果实就表现为三角形，无基因A和基因B则表现为卵圆形。基因型为AaBb、aaBb、Aabb的个体自交均会出现aabb，因此无论自交多少代，后代均为三角形果实的个体在F1的三角形果实荠菜中占7/15。
考点二|以分离定律为基础，考查自由组合定律的解题规律及方法
1．配子类型的问题
(1)具有多对等位基因的个体，在减数分裂时，产生配子的种类数是每对基因产生配子种类数的乘积。
(2)多对等位基因的个体产生某种配子的概率是每对基因产生相应配子概率的乘积。
示例：某生物雄性个体的基因型为AaBbcc，这三对基因为独立遗传，则它产生的精子的种类有：
2．基因型类型的问题
(1)任何两种基因型的亲本相交，产生的子代基因型的种类数等于亲本各对基因单独相交所产生基因型种类数的乘积。
(2)子代某一基因型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型概率的乘积 。
示例：AaBbCc与AaBBCc杂交后代的基因型种类：
―→后代有3×2×3＝18种基因型
3．子代表现型种类的问题
示例：AaBbCc×AabbCc，其杂交后代可能的表现型数先分解为三个分离定律：
Aa×Aa→后代有2种表现型；
Bb×bb→后代有2种表现型；
Cc×Cc→后代有2种表现型。
所以AaBbCc×AabbCc，后代中有2×2×2＝8种表现型。
4．子代基因型、表现型的比例
示例：求ddEeFF与DdEeff杂交后代中基因型和表现型比例分析：将ddEeFF×DdEeff分解：
dd×Dd后代：基因型比1∶1，表现型比1∶1；
Ee×Ee后代：基因型比1∶2∶1，表现型比3∶1；
FF×ff后代：基因型1种，表现型1种。
所以，后代中：
基因型比为(1∶1)×(1∶2∶1)×1＝1∶2∶1∶1∶2∶1；
表现型比为(1∶1)×(3∶1)×1＝3∶1∶3∶1。
5．性状分离比推断法
①9∶3∶3∶1→AaBb×AaBb
②1∶1∶1∶1→AaBb×aabb或Aabb×aaBb
③3∶3∶1∶1→AaBb×Aabb或AaBb×aaBb
④3∶1→Aabb×Aa ( http: / / www.21cnjy.com )bb、AaBB×AaBB、AABb×AABb等(只要其中一对符合一对相对性状遗传实验的F1自交类型，另一对相对性状杂交只产生一种表现型即可)。
[典例2]　(2014·南京十九中月考 ( http: / / www.21cnjy.com ))人类的肤色由A/a、B/b、E/e三对等位基因共同控制，A/a、B/b、E/e位于三对同源染色体上。AABBEE为黑色，aabbee为白色，其他性状与基因型的关系如下图所示，即肤色深浅与显性基因个数有关，如基因型为AaBbEe、AABbee与aaBbEE等与含任何三个显性基因的肤色一样。
若双方均含3个显性基因的杂合体婚配(AaBbEe×AaBbEe)，则子代肤色的基因型和表现型分别有多少种(　　)
A．27,7　　　　　　　B．16,9
C．27,9 D．16,7
[思维流程]　
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[解析]　AaBbEe与AaBbEe婚 ( http: / / www.21cnjy.com )配，子代基因型种类有3×3×3＝27种，其中显性基因个数分别有6个、5个、4个、3个、2个、1个、0个，共有7种表现型。
[答案]　A
1．n对等位基因(完全显性)自由组合的计算方法
等位基因对数 F1配子 F1配子可能组合数 F2基因型 F2表现型
种类 比例 种类 比例 种类 比例
1 2 1∶1 4 3 1∶2∶1 2 3∶1
2 22 (1∶1)2 42 32 (1∶2∶1)2 22 (3∶1)2
3 23 (1∶1)3 43 33 (1∶2∶1)3 23 (3∶1)3

n 2n (1∶1)n 4n 3n (1∶2∶1)n 2n (3∶1)n
2．自由组合遗传病概率计算方法
当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率如表：
序号 类型 计算公式
1 患甲病的概率m 则不患甲病概率为1－m
2 患乙病的概率n 则不患乙病概率为1－n
3 只患甲病的概率 m(1－n)＝m－mn
4 只患乙病的概率 n(1－m)＝n－mn
5 同患两种病的概率 mn
6 只患一种病的概率 1－mn－(1－m)(1－n)或m(1－n)＋n(1－m)
7 患病概率 m(1－n)＋n(1－m)＋mn或1－(1－m)(1－n)
8 不患病概率 (1－m)(1－n)
上表各种情况可概括如下图：
[针对练习]
3．一个正常的女人与一个并指(Bb)的男人结婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。求再生一个孩子：
(1)只患并指的概率是___________________________________________________。　　　
(2)只患白化病的概率是__________________________________________________。　　　
(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是_____________________________________。　　　
(4)只患一种病的概率是___________________________________________________。　　　
(5)患病的概率是_________________________________________________________。　　　
解析：由题意知，第1个孩子的基因型应为a ( http: / / www.21cnjy.com )abb，则该夫妇基因型应分别为妇：Aabb；夫：AaBb。依据该夫妇基因型可知，孩子中并指的概率应为1/2(非并指概率为1/2)，白化病的概率应为1/4(非白化病概率应为3/4)，则：
(1)再生一个只患并指孩子的概率为：并指概率—并指又白化概率＝1/2－1/2×1/4＝3/8。
(2)只患白化病的概率为：白化病概率－白化病又并指的概率＝1/4－1/2×1/4＝1/8。
(3)生一既白化又并指的男孩的概率为：男孩出生率×白化病概率×并指概率＝1/2×1/4×1/2＝1/16。
(4)后代只患一种病的概率为：并指概率×非白化病概率＋白化病概率×非并指概率＝1/2×3/4＋1/4×1/2＝1/2。
(5)后代中患病的概率为：1－全正常(非并指、非白化)＝1－1/2×3/4＝5/8。
答案：(1)3/8　(2)1/8　(3)1/16　(4)1/2　(5)5/8
1．并非所有的非等位基因都遵循自由组合定律
减数第一次分裂后期自由组合的是非同源 ( http: / / www.21cnjy.com )染色体上的非等位基因(如下图甲中基因a、b)，同源染色体上的非等位基因(如图乙中基因A、C)，则不遵循自由组合定律。
2．基因连锁与互换现象
若基因型为AaBb自交后代出现四种表现 ( http: / / www.21cnjy.com )型，但比例为两多两少(如42%∶42%∶8%∶8%)或测交后代表现两种表现型，比例为1∶1，则说明基因A、B位于一条染色体上，基因a、b位于另一条同源染色体上，如图所示。
[针对练习]
4．据图分析，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是(　　)
解析：选A　A、a与D、d位于同一对同源染色体上，不能自由组合，同理B、B与C、c也不能自由组合。但位于不同对同源染色体上的基因可以自由组合。
实验探究能力|基因自由组合定律的实验验证(高考常考实验)
SHAPE \* MERGEFORMAT ( http: / / www.21cnjy.com )
SHAPE \* MERGEFORMAT ( http: / / www.21cnjy.com )
[实验拓展]
(1)此类问题还可常通过实验探究控制两对性状的基因位于一对同源染色体上，还是位于两对同源染色体上来考查。
(2)控制两对相对性状的两对等位基因也可能位于一对同源染色体上，其遗传不遵循自由组合定律，而是遵循基因的连锁与互换规律。
[课堂对点练]
题组一　两对相对性状的杂交实验
1．孟德尔利用假说—演绎法发现了遗传的两大定律。其中在研究两对相对性状的杂交实验时，属于演绎推理的是(　　)
A．F1表现显性性状，F1自交产生四种表现型不同的后代，比例是9∶3∶3∶1
B．F1形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子自由组合，F1产生四种比例相等的配子
C．F1产生数目和种类相等的雌雄配子，且雌雄配子结合机会相同
D．F1测交将产生四种表现型的后代，比例为1∶1∶1∶1
解析：选D　在假设—演绎中，测交实验的理论分析和预期结果属于演绎推理的内容。
2．玉米的高秆(D)对矮秆(d)为显性，茎秆紫色(Y)对绿色(y)为显性，两对性状独立遗传。以基因型为ddYY和DDyy的
玉米为亲本杂交得到的F1自交产生F2。选取F2中的高秆绿茎植株种植，并让其相互授粉，则后代中高秆绿茎与矮秆绿茎的比例为(　　)
A．5∶1　　　　　　　B．8∶1
C．3∶1 D．9∶7
解析：选B　F2中高秆绿茎有两 ( http: / / www.21cnjy.com )种Ddyy(2/3)，DDyy(1/3)，其中只有Ddyy自交后代会出现矮秆绿茎(ddyy)，出现的概率为2/3×2/3×1/4＝1/9，因此后代高秆绿茎与矮秆绿茎比例为8∶1。
题组二　基因自由组合定律及其应用
3．基因的自由组合定律的实质是在减数分裂过程中，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合。基因的自由组合定律发生于下图中哪个过程(　　)
A．① B．①和②
C．② D．②和③
解析：选A　基因的自由组合定律发生于减数第一次分裂的后期。
4．(2010·上海高考)控制植物果实 ( http: / / www.21cnjy.com )重量的三对等位基因A/a、B/b和C/c，对果实重量的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的果实重120克，AABBCC的果实重210克。现有果树甲和乙杂交，甲的基因型为AAbbcc，F1的果实重135～165克。则乙的基因型是(　　)
A．aaBBcc B．AaBBcc
C．AaBbCc D．aaBbCc
解析：选D　题中信息表明，每含有1个显性基因，果实重量在120克的基础上增加15克。甲产生的配子为Abc，F1的果实重135克时表示含1个显性基因，则乙产生的配子中存在不含显性基因的情况，即abc，排除A、B项；F1的果实重165克时表示含3个显性基因，则乙产生的配子中最多含2个显性基因，又排除C项，故答案为D。
5．(2013·福建高考)甘蓝型油菜花色性 ( http: / / www.21cnjy.com )状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。
表现型 白花 乳白花 黄花 金黄花
基因型 AA_ _ _ _ Aa_ _ _ _ aaB_ _ _ aa_ _ D_ aabbdd
请回答：
(1)白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD)，F1基因型是________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________。
(2)黄花(aaBBDD)× ( http: / / www.21cnjy.com )金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，其中纯合个体占黄花的比例是__________________________。
(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时 ( http: / / www.21cnjy.com )获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是________。
解析：(1)白花(AABBDD)×黄花 ( http: / / www.21cnjy.com )(aaBBDD)，F1基因型是AaBBDD，F1测交即AaBBDD×aabbdd，其后代基因型及比例为：AaBbDd∶aaBbDd＝1∶1，结合图表信息推知其表现型及比例为：乳白花∶黄花＝1∶1。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花(aabbdd)，F1(aaBbDd)自交，F2有9种基因型，其中除基因型为aabbdd金黄花外，其他8种基因型的个体都表现为黄花，其纯合个体的基因型为aaBBDD、aaBBdd、aabbDD，占黄花个体的比例为3/15，即1/5。(3)只有选择全杂合的个体(即基因型为AaBbDd)自交，后代才会出现所有基因型的个体，获得四种花色表现型的子一代。理论上子一代中白花、乳白花、黄花和金黄花所占比例分别为1/4、1/2、15/64、1/64。
答案：(1)AaBBDD　乳白花∶黄色＝1∶1　(2)8　1/5　(3)AaBbDd　乳白花
[课下提能练]
一、选择题
1．父本的基因型为AABb，F1的基因型为AaBb，则母本不可能是(　　)
A．Aabb B．AaBB
C．AAbb D．aaBB
解析：选C　父本的基因型为AABb，F1的基因型为AaBb，则母本基因型中必有a，排除C选项。
2．如下图所示，某植株F1自交后代花色发生性状分离，下列不是其原因的是(　　)
F1：　　　　红花　　　　
　　　　　
F2：红花∶红白条花∶白花
　 9　∶ 　6　　∶　1
A．F1能产生不同类型的配子
D．雌雄配子随机结合
C．减Ⅱ后期发生了姐妹染色单体的分离
D．减Ⅰ后期发生了同源染色体的分离和非同源染色体的自由组合
解析：选C　在减数分裂形成配子时，等位基 ( http: / / www.21cnjy.com )因随着同源染色体的分离而分离，从而形成不同类型的配子，雌雄配子随机结合，进而形成了一定的性状分离比；姐妹染色单体的分离导致相同基因的分离，不是后代发生性状分离的原因。
3．(2014·浙江五校联考)某育种专家在农 ( http: / / www.21cnjy.com )田中发现一株大穗不抗病的小麦，自花受粉后获得160粒种子，这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在F1中选择大穗抗病小麦再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为(　　)
A．2/10 B．7/10
C．2/9 D．7/9
解析：选D　由题意可知，大穗、不抗病 ( http: / / www.21cnjy.com )是显性性状，小穗、抗病是隐性性状，设相关基因用A、a和B、b表示。30株大穗抗病植株的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，在F1中选择的再次进行自交的大穗抗病植株中，有3/5AAbb、2/5Aabb，F1大穗抗病小麦自交产生的F2中，大穗抗病植株的基因型为7/10AAbb、2/10Aabb，所以F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占所有大穗抗病小麦的比例为7/9。
4．基因D、d和T、t是位于两对同源染色体上的等位基因，在不同情况下，下列叙述符合因果关系的是(　　)
A．基因型为DDTT和ddtt的个体杂交，则F2双显性性状中能稳定遗传的个体占1/16
B．后代表现型的数量比为1∶1∶1∶1，则两个亲本的基因型一定为DdTt和ddtt
C．将基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，自花传粉后，所结果实的基因型为DdTt
D．基因型为DdTt的个体，如果产生的配子中有dd的类型，则可能是在减数第二次分裂过程中发生了染色体变异
解析：选D　 基因型为DDTT和ddtt的个体杂交，F2中双显性性状的个体占9/16，F2双显性性状中能稳定遗传的个体占1/9；亲本基因型为Ddtt和ddTt，后代表现型的数量比也为1∶1∶1∶1；将基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，基因型为DDtt的桃树自花传粉，所结果实的基因型为DDtt；基因型为DdTt的个体在进行减数分裂时，D和d在减数第一次分裂后期分离，若产生了基因型为dd的配子，则可能是减数第二次分裂后期，含有d的染色体移向细胞的同一极，同时含有T(t)的两条染色体移向细胞另一极的结果，应属于染色体变异。
5．与家兔毛型有关的基因有两对 ( http: / / www.21cnjy.com )(A、a与B、b)，只要其中一对隐性基因纯合就能出现力克斯毛型，否则为普通毛型。若只考虑上述两对基因对毛型的影响，用已知基因型为aaBB和AAbb的家兔为亲本杂交，得到F1，F1彼此交配获得F2。下列叙述不正确的是(　　)
A．F2出现不同表现型的主要原因是F1减数分裂过程中发生了基因重组的现象
B．若上述两对基因位于两对同源染色体上，则F2与亲本毛型相同的个体占7/16
C．若F2力克斯毛型兔有5种基因型，则上述与毛型相关的两对基因自由组合
D．若要从F2力克斯毛型兔中筛选出双隐性纯合子，可采用分别与亲本杂交的方法
解析：选C　若A、a与B、b两对基因位于同一对同源染色体上，在考虑基因突变和交叉互换的情况下，F2力克斯毛型兔也可能有5种基因型。
6．(2014·济宁联考)番茄的花色和叶 ( http: / / www.21cnjy.com )的宽窄分别由一对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表现型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶＝6∶2∶3∶1。下列有关表述正确的是(　　)
A．这两对基因位于一对同源染色体上
B．这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶
C．控制花色的基因具有隐性纯合致死效应
D．自交后代中纯合子所占比例为1/6
解析：选D　根据红色窄叶植株自交后 ( http: / / www.21cnjy.com )代表现型比例为6∶2∶3∶1可知，这两对等位基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因的自由组合定律；由子代中红色∶白色＝2∶1、窄叶∶宽叶＝3∶1，可知红色、窄叶为显性性状，且控制花色的显性基因纯合致死；子代中只有白色窄叶和白色宽叶中有纯合子，所占比例为2/12，即1/6。
7．(2014·济南模拟)某一二倍体 ( http: / / www.21cnjy.com )植物体内常染色体上具有三对等位基因(A和a，B和b，D和d)，已知A、B、D三个基因分别对a、b、d基因完全显性，但不知这三对等位基因是否独立遗传。某同学为了探究这三对等位基因在常染色体上的分布情况做了以下实验：用显性纯合个体与隐性纯合个体杂交得F1，再用所得F1同隐性纯合个体测交，结果及比例为AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，则下列表述正确的是(　　)
A．A、B在同一条染色体上
B．A、b在同一条染色体上
C．A、D在同一条染色体上
D．A、d在同一条染色体上
解析：选A　从F1的测交结果可以推测出 ( http: / / www.21cnjy.com )F1能产生四种比例相等的配子：ABD、ABd、abD、abd，基因A、B始终在一起，基因a、b始终在一起，说明基因A、B在同源染色体的一条染色体上，基因a、b在另一条染色体上，基因D和d在另外一对同源染色体上。
8．A(红花)对a(白花)为 ( http: / / www.21cnjy.com )完全显性，由核基因控制；R(茸毛叶)对r(光滑叶)为完全显性，由质基因控制。结合下列两组杂交实验判断，有关说法正确的是(　　)
A．甲组杂交F1的性状全为红花光滑叶
B，乙组杂交F1的性状全为红花茸毛叶
C．甲组F1自交后代的性状是红花茸毛叶和白花茸毛叶
D．乙组F1自交后代的性状是红花茸毛叶和红花光滑叶
解析：选C　受精卵的核基因 ( http: / / www.21cnjy.com )一半来自父方，另一半来自母方，受精卵的质基因几乎全部来自母方，甲组杂交F1的基因型为Aa，且细胞质含有基因R，故表现型为红花茸毛叶；乙组杂交F1的基因型为Aa，且细胞质含有基因r，故表现型为红花光滑叶；甲组F1自交产生的后代有AA、Aa、aa三种基因型，且细胞质中均含有基因R，故表现型为红花茸毛叶和白花茸毛叶；同理，乙组F1自交后代的表现型为红花光滑叶和白花光滑叶。
9．将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1 ( http: / / www.21cnjy.com )代全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2代表现型及比例为野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1。若M、N为控制相关代谢途径的显性基因，据此推测最合理的代谢途径是(　　)
( http: / / www.21cnjy.com )
解析：选A　由F1的表现型可知：野鼠色为显性 ( http: / / www.21cnjy.com )，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F2出现野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1，说明双显性为野鼠色，双隐性为棕色，M_N_为野鼠色，mmnn为棕色，只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色，A符合题意。
10．现有①～④四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：
品系 ① ② ③ ④
隐性性状 均为显性 残翅 黑身 紫红眼
相应染色体 Ⅱ、Ⅲ Ⅱ Ⅱ Ⅲ
若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型(　　)
A．①×② B．②×④
C．②×③ D．①×④
解析：选B　自由组合定律研究的是位于非同源染 ( http: / / www.21cnjy.com )色体上的非等位基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本具有两对相对性状即可，故选②×④或③×④。
11．某黄色卷尾鼠彼此杂交，子代中有6/12黄色卷尾、2/12黄色正常尾、3/12鼠色卷尾、1/12鼠色正常尾，则出现上述遗传现象的主要原因是(　　)
A．不遵循基因的自由组合定律
B．控制黄色性状的基因纯合致死
C．卷尾性状由显性基因控制
D．鼠色性状由隐性基因控制
解析：选B　只考虑尾的性状， ( http: / / www.21cnjy.com )卷尾鼠×卷尾鼠，后代中卷尾∶正常尾＝3∶1，可见控制尾的性状的一对等位基因按分离定律遗传，且卷尾性状由显性基因控制；只考虑体色，黄色×黄色，后代中黄色∶鼠色＝2∶1，可见鼠色性状由隐性基因控制，黄色性状由显性基因控制，且控制黄色性状的基因纯合致死。综上分析可知，这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。
12．(2014·广州模拟)某基 ( http: / / www.21cnjy.com )因型的植物个体甲与基因型为aabb的乙杂交，正交和反交的结果如下表所示(以甲作为父本为正交)。则相关说法正确的是(　　)
杂交类型 后代基因型种类及比值
父本 母本 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb
甲 乙 1∶2∶2∶2
乙 甲 1∶1∶1∶1
A．正交的结果说明两对基因的遗传不符合基因自由组合定律
B．植物甲的基因型为AaBb，它能产生四种数量相等的配子
C．植物甲自交所产生的后代的基因型有9种
D．正交和反交的结果不同是由于乙产生的配子类型不同
解析：选C　根据题表信息可知甲个体基因型为 ( http: / / www.21cnjy.com )AaBb，正、反交结果不同，是由于甲作为父本时产生的基因组成为AB的雄配子有50%不能完成受精，但这两对基因的遗传仍遵循自由组合定律。根据正、反交结果可知，当甲作为母本时，能产生四种数量相等的雌配子，但当它作为父本时，虽然能产生四种雄配子，但四种配子数量不相等。由于甲的基因型为AaBb，且两对基因的遗传遵循自由组合定律，则它自交所产生的后代有9种基因型。
二、非选择题
13．某植物的高茎(B)对矮茎(b)为 ( http: / / www.21cnjy.com )显性，花粉粒长形(D)对花粉粒圆形(d)为显性，花粉粒非糯性(E)对花粉粒糯性(e)为显性，非糯性花粉遇碘液变蓝色，糯性花粉遇碘液呈棕色。现有品种甲(BBDDee)、乙(bbDDEE)、丙(BBddEE)和丁(bbddee)，进行了如下两组实验：
亲本 F1生殖细胞
组合一 甲×丁 BDe∶Bde∶bDe∶bde＝4∶1∶1∶4
组合二 丙×丁 BdE∶Bde∶bdE∶bde＝1∶1∶1∶1
请据表回答问题：
(1)由组合一可知，基因B/b和基 ( http: / / www.21cnjy.com )因D/d最可能位于________(填“同一”或“不同”)对同源染色体上。利用F1自交，________(填“能”或“不能”)验证基因的自由组合定律。
(2)由组合二可知，基因E/e和基因________位于不同对同源染色体上。利用F1自交所得F2中，杂合子占________。
(3)利用花粉鉴定法(检测F1花 ( http: / / www.21cnjy.com )粉性状)验证基因的自由组合定律，可选用的亲本组合有________________________________________________________________________。
解析：(1)由表可知，甲和丁杂交所得F ( http: / / www.21cnjy.com )1的基因型为BbDdee，如果B/b与D/d分别位于两对同源染色体上，则F1产生的四种配子BDe∶Bde∶bDe∶bde＝1∶1∶1∶1，而组合一中F1产生的四种配子BDe∶Bde∶bDe∶bde＝4∶1∶1∶4，故基因B/b、D/d最可能位于同一对同源染色体上。(2)丙与丁杂交，F1的基因型为BbddEe，由F1产生的四种配子BdE∶Bde∶bdE∶bde＝1∶1∶1∶1可知，基因E/e和基因B/b位于不同对同源染色体上。F1自交所得F2的16个基因型中只有4个是纯合子，即BBddEE、bbddEE、BBddee、bbddee，因此杂合子占3/4。
答案：(1)同一　不能　(2)B/b　3/4　(3)乙×丁和甲×丙
14．一种无毒蛇的体表花纹颜色由两 ( http: / / www.21cnjy.com )对基因(D和d、H和h)控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别无关。花纹颜色和基因型的对应关系如表所示：
基因型 D、H同时存在(D_H_型) D存在、H不存在(D_hh型) H存在、D不存在(ddH_型) D和H都不存在(ddhh型)
花纹颜色 野生型(黑色、橘红色同时存在) 橘红色 黑色 白色
现有下列三个杂交组合，请回答下列问题。
甲：野生型×白色，F1的表现型有野生型、橘红色、黑色、白色；
乙：橘红色×橘红色，F1的表现型有橘红色、白色；
丙：黑色×橘红色，F1全部都是野生型。
(1)甲组杂交方式在遗传学上称为__ ( http: / / www.21cnjy.com )______，属于假说—演绎法的________阶段，甲组杂交组合中，F1的四种表现型比例是________。
(2)让乙组F1中橘红色无毒蛇与另一纯合黑色无毒蛇杂交，理论上杂交后代的表现型及比例是________。
(3)让丙组F1中雌雄个体交配，后代中表现为橘红色的有120条，那么理论上表现为黑色的杂合子有________条。
(4)野生型与橘红色个体杂交，后代中白色个体所占比例最大的亲本基因型组合为________。
解析：(1)由题意可知，甲组亲本的基因 ( http: / / www.21cnjy.com )型为DdHh与ddhh，该杂交方式在遗传学上称为测交，属于假说一演绎法的验证阶段，甲组杂交组合中，F1的四种表现型及比例为野生型(DdHh)∶橘红色(Ddhh)∶黑色(ddHh)∶白色(ddhh)＝1∶1∶1∶1。(2)乙组亲本的基因型为Ddhh与Ddhh，F1中橘红色无毒蛇的基因型为1/3DDhh、2/3Ddhh，纯合黑色无毒蛇的基因型为ddHH，两者杂交的组合方式为1/3DDhh×ddHH,2/3Ddhh×ddHH，因此子代中表现型为野生型的概率为2/3×1/2＋1/3＝2/3，表现型为黑色的概率为2/3×1/2＝1/3，因此杂交后代的表现型及比例为野生型∶黑色＝2∶1。(3)丙组亲本的基因型为ddHH与DDhh，F1的基因型为DdHh，F1雌雄个体交配，子代中橘红色(D_hh)所占的比例为3/16，因此F2个体数量为640，其中黑色杂合子(ddHh)理论上有640×2/16＝80(条)。(4)野生型(D_H_)与橘红色(D_hh)个体杂交，基因型为DdHh与Ddhh的亲本杂交，后代出现白色个体的概率最大，为1/8。
答案：(1)测交　验证　1∶1∶1∶1
(2)野生型∶黑色＝2∶1　(3)80　(4)DdHh×Ddhh
15．市面上的大米多种多 ( http: / / www.21cnjy.com )样，比如有白米、糯米和黑米等。如图为基因控制大米的性状示意图。已知基因G、g位于Ⅰ号染色体上，基因E、e位于Ⅱ号染色体上。
酶1　 酶2
　白米―→糯米―→黑米
(1)用糯米和白米杂交得到的F1全 ( http: / / www.21cnjy.com )为黑米，则亲代基因型为________，F1自交得到F2，则F2的表现型及比例为______________。将F2中的黑米选出进行随机传粉得到F3，F3中出现纯合黑米的概率为____________。
(2)通过基因工程将一个 ( http: / / www.21cnjy.com )籼稻的不粘锅基因(H)导入基因型为ggee个体的某条染色体上，并培育成可育植株，将该植株与纯合黑米杂交得到F1。(不考虑交叉互换)
①F1的表现型有______________种。
②若H基因只可能位于Ⅰ号或Ⅱ号染色 ( http: / / www.21cnjy.com )体上，可将F1与基因型为ggee的植株杂交，若不粘锅的米表现为____________，则H基因位于Ⅰ号染色体上，若不粘锅的米表现为____________，则H基因位于Ⅱ号染色体上。
③若H基因位于Ⅱ号染色体上，能否 ( http: / / www.21cnjy.com )利用F1通过杂交方式得到纯合的不粘锅黑米？____________。若能，请写出杂交方法；若不能，请说明理由。____________________
________________________________________________________________________。
解析： (1)由图示信息知，黑米基因型为G_E_、糯米基因型为G_ee、白米基因型为gg_ _，用糯米和白米杂交得到的F1全为黑米，则亲代基因型为GGee×ggEE，F1(GgEe)自交，F2中黑米(G_E_)∶糯米(G_ee)∶白米(gg_ _)＝9∶3∶4，F2黑米(G_E_)中GGEE占1/9，GgEE、GGEe各占2/9，GgEe占4/9，故F2黑米(G_E_)产生的配子中GE占4/9，所以F3中GGEE占(4/9)2＝16/81。(2)由基因分离定律可知：F1的表现型有不粘锅、粘锅两种。若H基因只可能位于Ⅰ号或Ⅱ号染色体上，则H基因只能位于F1(GgEe)的g、e所在染色体上。将F1(GgEe)与基因型为ggee的植株杂交，GgEe×ggee→GgEe(黑米)、Ggee(糯米)、ggEe、ggee(白米)；若F1的H与g连锁，则不粘锅的米全为白米；若F1的H与e连锁，则不粘锅的米一半是糯米，一半是白米。若H基因位于Ⅱ号染色体上，不能利用F1通过杂交方式得到纯合的不粘锅黑米。因为F1中的H基因与e基因在同一条染色体上，有H基因一定有e基因，不能得到含H的GGEE基因型个体。
答案：(1)GGee×gg ( http: / / www.21cnjy.com )EE　白米∶糯米∶黑米＝4∶3∶9　16/81　(2)①2　②全为白米　一半白米，一半糯米　③不能　因为F1中的H基因与e基因在同一条染色体上，有H基因一定有e基因，不能得到含H的GGEE基因型个体
与遗传相关的探究类试题
[必备答题流程]
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SHAPE \* MERGEFORMAT ( http: / / www.21cnjy.com )
SHAPE \* MERGEFORMAT ( http: / / www.21cnjy.com )
[案例技法展示]
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[典例]　已知某植物的花色有红 ( http: / / www.21cnjy.com )色、粉红色和白色三种，受S、s花；T基因是一种修饰基因，能淡化红色素，当T基因纯合时，色素完全被淡化，植株开白花。回答以下问题：
(写出基因型和表现型)。
定律，某课题小组用基因型为SsTt的植株进 ( http: / / www.21cnjy.com )行自交来探究。该小组经过讨论，一致认为所选植株的两对基因在染色体上的位置有三种情况：(如不符合时，不考虑交叉互换)
ⅰ.如____________________________，则符合孟德尔的自由组合定律，请在方框1内绘出基因在染色体上的位置。(用竖线表示染色体，用黑点表示基因在染色体上的位点，下同)
ⅱ.如子代中粉红色：白色＝1∶1，则不符合孟德尔的自由组合定律，基因在染色体上的位置如方框2中所示。
ⅲ.如__________________，则__________，请在方框3内绘出基因在染色体上的位置。
(3)如这两对基因的遗传符合孟德尔的自由组合定律，则自交后代不出现性状分离的植株群体中共有________种基因型。
信息①：题干文字内容表明S基因控制色素的合成，T基因决定花色的呈现，即有显性基因S就能合成色素，有显性基因T就会淡化色素。
信息②：由F1均开粉红花可知，F1中既存在S基因也存在T和t基因。
信息③：设问(2)题干中，该实验探究的是控制该植物花色的两对等位基因的遗传是否符合孟德尔的自由组合定律；方法：自交法。
信息④：Ss与Tt两对等位基因连在一起，位于一对同源染色体上　　　
解读①：由信息①可知，基 ( http: / / www.21cnjy.com )因型与表现型的关系为：基因型为S_tt的个体开红花，基因型为S_Tt的个体开粉红花，基因型为S_TT、ssT_和sstt的个体均开白花。
解读②：由信息①②可知，F1的基因型为S_Tt。
解读③：由信息③可知，两 ( http: / / www.21cnjy.com )对基因的杂合亲本自交，按照自由组合定律，后代共有9种基因型，即：(1SS∶2Ss∶1ss)×(1TT∶2Tt∶1tt)。
解读④：由信息④可推测基因在染色体上有三种情况： 、、 　
1．设问(1)：由F1的基因型为S_ ( http: / / www.21cnjy.com )Tt可判断，两亲本的两种基因的杂交方式为：SS×ss或SS×SS、TT×tt(即自由组合问题转化成分离问题)，因此，两亲本的杂交组合方式为：SStt(红花)×ssTT(白花)、SSTT(白花)×sstt(白花)、SSTT(白花)×SStt(红花)。
2．设问(2)：ⅰ.由SsTt×SsT ( http: / / www.21cnjy.com )t自交及信息①可判断，如果符合孟德尔的自由组合定律，则子代的表现型及比例为：粉红色(S_Tt)∶红色(S_tt)∶白色(S_TT、ssT_和sstt)＝6∶3∶7。
ⅲ.由ⅱ的题干和图示及信息①可推知，连在一起的两对基因可按一对基因处理，即遵循分离定律，则子代的表现型及比例为：粉红色(SsTt)∶红色(SStt)∶白色(ssTT)＝2∶1∶1。
3．设问(3)：由设问(2)的ⅰ可推知，自交后代不出现性状分离的植株群体中共有6种基因型，分别为SStt、S_TT、ssT_和sstt。
标准答案 失分防范
(1) SStt(红花)×ssTT(白花)、SSTT(白花)×sstt(白花)、SSTT(白花)×SStt(红花) 只答出其中一种组合不得分
(2) ⅰ.子代中粉红色∶红色∶白色＝6∶3∶7　如右图方框1所示ⅲ.子代中粉红色∶红色∶白色＝2∶1∶1不符合孟德尔的自由组合定律如右图方框3所示 由于惯性思维而错填为：粉红花∶红花∶白花 ( http: / / www.21cnjy.com )＝9∶3∶4，绘图时Ss与tT的位置可颠倒，因等位基因在同源染色体上的位置是相对的，因此，只颠倒其中一条染色体上的位置不得分
(3) 6 在理清题干信息的基础上，仔细分析子代的9种基因型，然后确定答案，以免遗漏
易错探因 (1)能确定符合基因的自由组合定律，但由于惯性思维而误认为基因型为S_T_的个体都开粉红花，基因型为SST_和sstt的个体都开白花。(2)忽视了基因型为SsTT和ssTt两种个体自交后代也不会出现性状出分离，而误认为只有4种纯合子自交后代不发生性状分离。
[大题冲关集训]
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1．某种自花传粉且闭花受粉的植物，其茎 ( http: / / www.21cnjy.com )有高矮之分，茎表皮颜色有黄色、青色、黑色和褐色四种。控制茎的高矮和茎表皮颜色的三对基因位于三对同源染色体上，其中M基因存在时，B基因会被抑制，其他基因之间的显隐性关系正常(基因型与表现型的关系如下表)。请回答以下问题：
　控制茎表皮颜色的基因组成控制茎高矮的基因组成　 A_B_ A_bb aaB_ aabb
mm 矮茎黄色 矮茎青色 矮茎黑色 矮茎褐色
M_ 高茎青色 高茎青色 高茎褐色 高茎褐色
(1)如选择该植物的两个不同品种进行杂交，操 ( http: / / www.21cnjy.com )作的简要流程可表示为________________________________________________________________________。
(2)该植物的茎高矮和茎表皮颜色都能稳定遗传的植株的基因型共有______________种。
(3)假设后代足够多，基因型为 ( http: / / www.21cnjy.com )________________的植株自交，后代均会出现四种表现型且比例为9∶3∶3∶1；基因型为__________________的植株自交，后代均会出现三种表现型且比例为12∶3∶1。
(4)假设后代足够多，基因型为Mm ( http: / / www.21cnjy.com )AaBb的植株自交，后代会出现____________种表现型，其中占后代9/16的表现型是________________。
解析：(1)由于该植物是自花 ( http: / / www.21cnjy.com )传粉且闭花受粉的植物，杂交时，应将母本的花在成熟之前进行去雄处理，然后套袋，等花成熟后，授予异株花粉，再套袋。简要流程可书写成“去雄→套袋→授粉→套袋”。(2)分析表中基因型和对应表现型的关系可知，控制矮茎的基因型为mm，控制高茎的基因型为M_；在茎表皮颜色的遗传过程中A_B_为黄色，A_bb为青色，aaB_为黑色，aabb为褐色。能稳定遗传的植株指的是自交后代不会出现性状分离的植株。该植物有8种纯合子，其自交后代不会出现性状分离，除此之外，基因型为MMAABb和MMaaBb的植株自交后代也不会出现性状分离。(3)要想自交后代出现9∶3∶3∶1或12∶3∶1的性状分离比，亲本的三对基因必须为两对杂合一对纯合，而两对杂合一对纯合的基因型共有6种，其中基因型为mmAaBb、MmAaBB和MmAabb的植株自交，后代会出现9∶3∶3∶1的性状分离比；基因型为MmaaBb和MmAABb的植株自交，后代会出现12∶3∶1的性状分离比；基因型为MMAaBb的植株自交，后代会出现3∶1的性状分离比。(4)基因型为MmAaBb的植株自交，后代会出现高茎青色(占3/4×3/4×1＝9/16)、高茎褐色(占3/4×1/4×1＝3/16)、矮茎黄色(占1/4×3/4×3/4＝9/64)、矮茎青色(占1/4×3/4×1/4＝3/64)、矮茎黑色(占1/4×1/4×3/4＝3/64)、矮茎褐色(占1/4×1/4×1/4＝1/64)6种表现型，其中占后代9/16的表现型是高茎青色。
答案：(1)去雄→套袋→授粉→套袋　(2)1 ( http: / / www.21cnjy.com )0　(3)mmAaBb、MmAaBB和MmAabb　MmaaBb和MmAABb　(4)6　高茎青色
2．(2013·新课标全国卷Ⅰ)一对相对性 ( http: / / www.21cnjy.com )状可受多对等位基因控制，如某种植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状就受多对等位基因控制。科学家已从该种植物的一个紫花品系中选育出了5个基因型不同的白花品系，且这5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异。某同学在大量种植该紫花品系时，偶然发现了1株白花植株，将其自交，后代均表现为白花。回答下列问题：
(1)假设上述植物花的紫色(显性)和白色(隐 ( http: / / www.21cnjy.com )性)这对相对性状受8对等位基因控制，显性基因分别用A、B、C、D、E、F、G、H表示，则紫花品系的基因型为________________；上述5个白花品系之一的基因型可能为______________________(写出其中一种基因型即可)。
(2)假设该白花植株与紫花品系 ( http: / / www.21cnjy.com )也只有一对等位基因存在差异，若要通过杂交实验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成的，还是属于上述5个白花品系中的一个，则：
①该实验的思路：_______________________________________________________
________________________________________________________________________；
②预期实验结果和结论：_________________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：(1)由题中信息可知 ( http: / / www.21cnjy.com )，紫花为显性，若紫花品系受8对等位基因控制，则该紫花品系的基因型必是纯合的，即为AABBCCDDEEFFGGHH；同样，题中给出信息，紫花品系中选育出的5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异，这一差异可能存在于8对等位基因中的任何一对，如aaBBCCDDEEFFGGHH，或AAbbCCDDEEFFGGHH，或AABBccDDEEFFGGHH等。(2)题中已经假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若是一个新基因的突变，则该白花植株及自交后代与原有的白花品系具有不同的隐性基因，例如，原有的5个白花品系基因型分别是aaBBCCDDEEFFGGHH，AAbbCCDDEEFFGGHH，AABBccDDEEFFGGHH，AABBCCddEEFFGGHH，AABBCCDDeeFFGGHH，该白花植株及自交后代基因型为AABBCCDDEEFFGGhh，则该白花植株的后代与任意一个白花品系杂交，后代都将开紫花；若该白花植株属于5个白花品系之一，如aaBBCCDDEEFFGGHH，则1个杂交组合的子代为白花，其余4个杂交组合的子代为紫花。
答案：(1)AABBCCDDEEFF ( http: / / www.21cnjy.com )GGHH　aaBBCCDDEEFFGGHH　(2)①用该白花植株的后代分别与5个白花品系杂交，观察子代花色　②在5个杂交组合中，如果子代全部为紫花，说明该白花植株是新等位基因突变造成的；在5个杂交组合中，如果4个组合的子代为紫花，1个组合的子代为白花，说明该白花植株属于这5个白花品系之一
3．(2014·德阳质检)某观赏鱼的尾鳍 ( http: / / www.21cnjy.com )分为单尾鳍、双尾鳍两种类型。单尾鳍鱼观赏性差；双尾鳍鱼尾鳍宽大漂亮，观赏性强。研究表明，尾鳍类型受常染色体上的一对等位基因(D、d)控制，雌性个体均为单尾鳍，雄性个体有单尾鳍、双尾鳍。用不同类型的该观赏鱼做了两组杂交实验，过程及结果如下表所示。请回答以下问题：
实验① 实验②
亲代 单尾鳍雌性×单尾鳍雄性 单尾鳍雌性×双尾鳍雄性
子代 单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性＝4∶3∶1 单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性＝1∶1
(1)由实验________________可知，控制双尾鳍性状的基因为____________(填“显”或“隐”)性基因。此观赏鱼中，基因型为________________的个体只在雄性中表达出相应性状。
(2)实验①中亲代雌性个体基因型为________________，子代雌性个体基因型为________________。
(3)若实验①中子代雌、雄个体随机 ( http: / / www.21cnjy.com )交配，理论上其后代双尾鳍个体所占比例为________________；若用实验②中子代单尾鳍雌性个体与双尾鳍雄性个体杂交，所产生后代的表现型和比例为________________。
解析：(1)根据实验①，亲本 ( http: / / www.21cnjy.com )性状都为单尾鳍，后代发生性状分离，可判断单尾鳍为显性性状，双尾鳍为隐性性状；根据实验②，亲本单尾鳍和双尾鳍杂交后代都为单尾鳍，可判断单尾鳍为显性性状。根据题干信息，雌性都表现为单尾鳍，且实验①中子代出现4∶3∶1的比例，则dd只在雄性中表现出双尾鳍性状。(2)根据实验①中子代雄性的分离比判断，亲本鱼的基因型为Dd×Dd，子代雌性个体的基因型有DD、Dd、dd。(3)实验①中子代雌雄个体基因型为1DD∶2Dd∶1dd，子代雌、雄个体随机交配后，运用遗传平衡定律计算，d的基因频率＝1/2，dd的基因型频率为1/2×1/2＝1/4，而只有在雄性中该基因型才表现为双尾鳍，因此，双尾鳍个体比例为1/4×1/2＝1/8。实验②中亲本双尾鳍的基因型为dd，而子代雄性无单尾鳍出现，则雌性亲本的基因型为DD，子代的基因型为Dd，子代单尾鳍雌性个体(Dd)与双尾鳍雄性个体(dd)杂交，后代雌性都表现为单尾鳍，雄性中单尾鳍∶双尾鳍＝1∶1。
答案：(1)①或②　隐　dd　(2)Dd　DD、Dd、dd　(3)1/8　单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性＝2∶1∶1
4．(2014·温州测试)大豆是 ( http: / / www.21cnjy.com )两性花植物。控制子叶颜色的基因在Ⅰ号染色体上(BB表现深绿；Bb表现浅绿；bb呈黄色，幼苗阶段死亡)，花叶病(S病毒引起)的抗病R对不抗病r为显性，相关基因在Ⅱ号染色体上。
(1)某些大豆品种具有抗花叶病的特性 ( http: / / www.21cnjy.com )是因为R基因能控制合成与抗病有关的蛋白质。R基因转录时，首先RNA聚合酶与基因的________部位结合，基因的相应片段双螺旋解开，再进行有关过程。
(2)子叶浅绿不抗花叶病与纯合的子叶深绿抗花叶病植株杂交得F1。将所得F1中子叶浅绿抗花叶病植株自交得F2，F2成熟植株的表现型及比例是________________，其中纯合子占__________________(用分数表示)。若通过基因工程把细菌的抗N病毒基因导入到F1的子叶浅绿抗花叶病大豆中，以获得抗N病毒大豆新品种。现得到一株抗N病毒基因成功整合到一条Ⅲ号染色体上的A植株。考虑子叶颜色、花叶病及抗N病毒三种性状，A植株自交所结的种子中，胚细胞的基因型有________________种。经研究发现，在某植株中有两个抗N病毒基因成功整合到两条非同源染色体上。该植株自交后代中，抗N病毒植株占______________(用分数表示)。
(3)用子叶浅绿植株作亲本自交得F1，F1连续自交得到的F3成熟群体中。B基因的基因频率为______________(用分数表示)。
(4)请用遗传图解表示子叶浅绿不抗花叶病植株与杂合的子叶深绿抗花叶病植株杂交得到F1的过程，要求写出配子。
解析：当RNA聚合酶与DNA分子的启动子相结合时，双螺旋解开，以其中的一条链为模板，按照碱基互补配对原则合成对应的RNA分子。根据题目信息，bb呈黄色，幼苗阶段死亡，故子叶浅绿抗花叶病植株自交所得F2中，深绿∶浅绿＝1∶2，抗病∶不抗病＝3∶1，故成熟植株表现型及比例为浅绿抗病∶深绿抗病∶浅绿不抗病∶深绿不抗病＝6∶3∶2∶1，其中纯合子占1/6。设A植物的基因型表示为BbRrNn，根据基因分离定律，Bb自交后代有3种基因型，Rr自交后代有3种基因型，Nn自交后代有3种基因型，则胚细胞的基因型共有27种。由题意可知，两个抗N病毒基因成功整合到两条非同源染色体上，相当于两对等位基因位于两对非同源染色体上，符合基因自由组合定律，故抗病毒的植株占15/16。Bb品种连续自交3次后，Bb占(1/2)3＝1/8，BB和bb各占[1－(1/2)3]/2＝7/16，由于浅绿色的植株自交后代中的bb品种在幼苗阶段死亡，故BB占7/9，Bb占2/9，则b的基因频率为1/9，B的基因频率为8/9。
答案：(1)启动(启动子)　(2)浅 ( http: / / www.21cnjy.com )绿抗花叶病∶深绿抗花叶病∶浅绿不抗花叶病∶深绿不抗花叶病＝6∶3∶2∶1(表现型或比例要给出)　1/6　27　15/16　(3)8/9　(4)如图
5．某动物种群内，雌雄个体均有短尾 ( http: / / www.21cnjy.com )和长尾、短胡须和长胡须性状。已知尾巴的性状由基因A、a控制、胡须的性状由基因B、b控制，下表是一杂交实验的记录表(后代数目符合统计学要求)。据此回答以下问题：
亲本的表现型 子一代的表现型及比例
实验一 长尾长胡须(♀)×短尾短胡须(　♂) 短尾长胡须(♀)∶短尾短胡须(♀)∶短尾长胡须(　♂)∶短尾短胡须(　♂)＝1∶1∶1∶1
…… …… ……
(1)该动物尾巴的性状中，显性性状是________，A、a这对等位基因位于________(填“常染色体”或“性染色体”)上。
(2)从实验一能否判断B、b这对等位 ( http: / / www.21cnjy.com )基因的位置？________。如果控制胡须性状基因的遗传为伴X染色体遗传，则雌性亲本的基因型为________。
(3)现要通过子一代个体间的杂交实验来判断B、b这对等对基因的位置。
①长胡须×长胡须，结果及结论：__________________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
②________________，结果及结论：若子二代全部是短胡须，则不能判断B、b这对等位基因的位置；若子二代雌雄个体中均出现短胡须∶长胡须＝3∶1的性状分离比，则这对等位基因位于常染色体上。
③长胡须(　♂)×短胡须(♀)，结果及结论：________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________
解析：亲本的长尾和短尾是一对相对性状 ( http: / / www.21cnjy.com )，而子一代均为短尾，说明短尾为显性性状。亲本短尾为雄性，若基因A、a位于X染色体上，则后代雌性应均为短尾，雄性均为长尾，与实验一不符，故A、a这对等位基因位于常染色体上。因Bb×bb和XBXb×XbY的子一代的表现型及比例均为长胡须(♀)∶短胡须(♀)∶长胡须(　♂)∶短胡须(　♂)＝1∶1∶1∶1，故不能判断基因B、b所在的位置。
答案：(1)短尾　常染色体
(2)不能　aaXBXb
(3)①若子二代全部是长胡须，则B ( http: / / www.21cnjy.com )、b这对等位基因位于常染色体上；若子二代雌雄个体中均出现长胡须∶短胡须＝3∶1的性状分离比，则这对基因位于常染色体上；若子二代中所有雌性均为长胡须，雄性中一半为长胡须，一半为短胡须，则这对基因位于X染色体上　②短胡须×短胡须　③若子二代雌雄个体中均出现长胡须∶短胡须＝1∶1的性状分离比，则B、b这对等位基因位于常染色体上；若子二代所有雌性均为长胡须，雄性均为短胡须，则这对基因位于X染色体上

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