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比热容
思维导图：---基础讲解和题型总结---3课时
知识讲解
考点1 比热容的概念及其计算
1.探究不同物质的吸放热能力（实验装置如图所示：相同的加热器、温度计）
（1）方法--------控制变量法
① 和 相同，比较吸收热量的多少
② 和 相同，比较升高的温度
（2）转换法：比较吸收热量的多少：比较 长短，加热时间越长，吸收热量越多。
加热时间相同，表示吸收热量
3.实验发现： 、 相同的水和食用油,食用油的温度升高的较 。
可见，水要升高的温度与食用油升高的温度相同时，水需要吸收的热量比食用油的 .（表现在加热时间更 ），说明水的吸热能力比砂石的
2.比热容：
（1）物理意义：表示不同物质的 能力（本领）的物理量。
（2）定义：一定质量的某种物质，在温度升高时 与它的 和 乘积之 ，叫作这种物质的比热容。用符号 c 表示。比值定义法
（3）定义式：
①c——比热容，Q——吸收或放出的热量，m——物质的质量，△t——升高或降低的温度。
②该公式不能从数学的角度去理解比热容与Q、m、△t有关，比热容只与 和 。
（4）单位： J /( kg ·℃)，读作 。
（5）理解：①它是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关,与物质的质量、体积、温度等无关。
②水的比热容为 ，其物理意义为 的水升高 时吸收的热量为 。
冰的比热容是
考点2 水的比热容的特点及其应用
1.水的比热容（1）在常见物质中水的比热容是最大的。
（2）应用：汽车发动机用 作冷却剂、暖气片中用水做介质、热水袋中装水取暖
（3）解释现象：①沙漠地区昼夜温差比较大，沿海地区昼夜温差比较小②陆海风，海陆风的形式
公式应用：根据公式： 可知，质量相同水和沙石，水和沙石吸收（或放出）相同的热量，
由于水的比热容大于砂石的比热容 ，水升高（降低）的温度比砂石的 。
考点3 热量的计算
1.利用比热容计算吸、放热：Q＝
（1）低温物体吸收热量：Q吸=cmΔt ------Δt =t-t0
（2）高温物体放出热量： Q放=cmΔt -------Δt =t0-t
注意：①t0表示初温
Δt 表示变化的温度---升高、升高了、降低、降低了
t表示末温 -------升高到、降低到
②一般表达式：Q=cmΔt m= Δt =
针对训练
比热容的定义
1．关于比热容，下列说法正确的是（　　）
A．沙子的比热容小，所以沙漠地区昼夜温差大
B．将一铁块等分为两块，每一半的比热容变为原来的一半
C．质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，水的温度升得更高
D．比热容与物体的质量、吸热多少、温度变化大小有关
2．一杯水的比热容是4.2×103焦/（千克 ℃），单位读作 　 　。若将此杯水倒掉一半，剩下半杯水的比热容 　 　，若水凝固成冰，则比热容 　 　（以上两空均选填“改变”或“不变”）。我们的生活离不开水，这与水的比热容较大有关，因为它可以使地球昼夜及四季的温度变化 　 　（选填“大”或“小”），从而有效的调节了气温。
由比热容表可知：1kg的煤油温度升高1℃，需吸收的热量为 　 　J；质量相等的水和煤油，升高相同的温度，　 　吸收的热量多；质量相等的铝块与铜块，放出相等的热量，　 　降低的温度多。
比热容[J/（kg ℃）]
煤油2.1×103 铝0.90×103
水4.2×103 铜0.39×103
用两个相同的加热器分别给质量和初温都相同的a、b两种液体加热，
它们的温度随加热时间变化的图像如图所示，由图像可知a物质的
比热容 　 　（选填“＞”、“＜”或“＝”）b物质的比热容。
5．一杯水凝固成了冰，其（　　）
A．比热容不变 B．密度不变 C．内能不变 D．质量不变
6．如图是燃烧木炭加热烤肠时的一个场景，为了让烤肠不致被烤焦且均匀受热，店主将烤肠放在石子上烤而不直接放在铁锅内烤。下面分析正确的是（　　）
A．闻到烤肠的香味，表明扩散只在气体中发生
B．在加热的过程中，烤肠的内能增大
C．木炭燃烧的过程中，内能转化为化学能
D．烤肠在石子上烤利用了石子比铁锅的比热容小
7．已知铜的比热容比铝的比热容小，下列说法正确的是（　　）
A．将一块铜的质量减小一半，它的比热容减半
B．质量相同的铜块和铝块，铜块的内能比铝块的内能小
C．质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜块升高的温度多
D．质量和初温都相等的铜块和铝块，放出相等热量后相接触，热传递的方向是从铜块传给铝块
二．比热容解释简单的自然现象
8．在烈日当空的海边玩耍，你会发现沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为海水的比热容比沙子 　 　，因此，相同 　 　的海水和沙子，在吸收 　 　时，沙子升温比水快，沙子温度高，海水温度低，故可以感觉到沙子烫脚，而海水却是凉凉的。
9．如图所示，是某气象台列出的沿海城市三亚和内地城市成都的气象情况
请你根据两座城市的气温变化情况判断：城市乙是 　 　（选填“三亚”
或“成都”），理由是 　 　。
10．水具有比热容大的特点，下列生活和生产中的现象与此特点无关的是（　　）
A．海边昼夜的温度差较小 B．空调房里放盆水可增加空气温度
C．冬天的暖气设备用热水供暖 D．用水来冷却汽车发动机
11．如图所示，是A、B两个城市日气温变化曲线，且两城市面积、纬度
等地理情况基本相同，通过对图象分析，下列所得结论正确的是（　　）
A．图中A城市日气温变化较小
B．图中B城市的水域面积大于A城市
C．图中A城市人居住比较舒适
D．图中B城市人容易患感冒
12．水的比热容较大，人们往往利用它的这一特性为生活生产服务，下列事例中与水的比热容
有关的应用是（　　）
A．撒盐融雪 B．人工降雨 C．洒水降温 D．热水取暖
13．水稻是喜温植物，春季育秧时，通常傍晚向秧田灌水，早晨将水放出，以防霜冻。这里隐含的物理
知识是：水的　 　较大。气温降低时，水能　 　（选填“放出”或“吸收”）较多的热量，这一过程中改变水的内能的方式是　 　。
14．习总书记提出“绿水青山就是金山银山”这一论断。许多城市为了改善城市环境，大力开发湿地公园，修建人工湖，这样可以调节气温的主要原因是：　 　，即等质量的水和其他物质比较，吸收或放出相等的热量，水的温度变化较　 　（选填“大”或“小”）。
15．如图是某沿海城市与某内陆城市同一天的气温变化曲线。请你判断内陆城市一天气温变化所对应的曲线是 　 　（填A或B），这是由于砂石的比热容 　 　（填大于、等于或小于）水的比热容，吸收相同的热量后温度变化 　 　（填“大”或“小”）。
16．小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量是 　 　J。小明用去一部分水，热水器中水的比热容 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的 　 　。
17．查如表可知，煤油的比热容读作 　 　。汽车发动机用水作冷却剂，是因为 　 　，与质量相同的其他物质相比，　 　（选填序号A“升高相同温度，水吸收热量较多”、B“降低相同温度，水放出热量较多”）。
比热容[单位：焦/（千克 ℃）]
煤油：2.1×103 铝：0.90×103
水：4.2×103 铜：0.39×103
18．水的比热容较大的特点在日常生活中的应用非常广泛，下列现象及应用与此特点无关的是（　　）
A．春天的夜晚，农民往稻田里灌水以防秧苗冻坏 B．汽车发动机冷却循环系统用水作工作物质
C．冬天的暖气设备用热水供暖 D．炎热的夏天在教室地面上洒水，顿时感觉变凉爽
19．在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风。陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。如图所示是海陆风形成的示意图，其中 　 　图反映海风形成的时间是白天，形成海陆风的根本原因是 　 　。
三．实验比较不同物质吸热的情况
20．在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将a、b两种不同的液体分别放入如图甲两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热。记录相关数据，并绘制出如图乙所示的图象。
（1）在进行加热前，要求a液体和b液体必须初温和 　 　完全相同；
（2）a液体在第35min的内能 　 　第30min的内能（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（3）分析乙图数据，要在a和b两种液体中选择一种液体做冷却液，你认为选择 　 　（选填“a”或“b”）液体较为合理；
（4）对初温均为20℃的c、d两种液体加热（mc＞md），如图丙为c、d两种液体的温度随加热时间变化的关系图象，c液体的比热容 　 　d液体的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
21．某班同学利用如图所示的实验装置探究水和煤油的吸热能力。
（1）除了图中给的实验器材外，还需要的测量工具有托盘天平和 　 　；水和煤油吸热的多少是
通过 　 　来判断的。
（2）本实验需要用到天平，目的是 　 　；加热7min，水吸收的热量 　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）煤油吸收的热量。
（3）实验中水和煤油的温度随时间变化的图像如图所示，可知水的沸点是 　 　；煤油的比热容
是 　 　J/（kg ℃）。
（4）水在沸腾之后温度 　 　，内能 　 　。（选填“增加”“不变”或“减小”）
22.某同学在做“比较不同物质的吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给水和煤油加热，
得到的实验数据如下表：
物质 次数 质量m/kg 升高的温度Δt/℃ 加热时间t/min
水 1 0.1 10 2
2 0.2 10 4
煤油 3 0.1 10 1
4 0.2 10 2
（1）实验中，记录加热时间的目的是：　 　。
（2）分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的 　 　有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得出的初步结论是：升高相同的温度时，质量相同的 　 　，吸收的热量不同；
（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，　 　的温度升高的多；
（4）该实验采用了 　 　法和 　 　法，下列探究过程中也采用了这两种方法的是 　 　。
A.探究影响压力作用效果的因素 B.探究平面镜成像的特点
如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，
各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个
相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录
一次数据，如表所示。
物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温/℃ 物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温/℃
食用油 1 0.5 54 水 1 0.5 35
2 1.0 88 2 1.0 50
3 1.5 122 3 1.5 65
（1）分析实验数据可知，　 　（选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强。
（2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和 　 　法。
（3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是 　 　J，所使用的酒精灯的
加热效率为 　 　[q酒精＝3.0×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]。
24．在探究“比较不同物质的吸热能力”实验中，某小组的同学利用如图所示装置进行实验。所用器材有：两个相同的烧杯、两个规格相同的电加热器、初温不同但质量相同的两种液体。实验过程中，每隔1min读取一次温度计的示数，并记录在表格中，如表所示。已知c甲＝4.2×103J/（kg ℃），下列说法正确的是（　　）
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度/℃ 30 34 38 42 46
乙的温度/℃ 10 18 26 34 42
A.通过温度的高低来反映物质吸收热量的多少 B．由实验数据可知，吸热能力较好的是物质乙
C．乙的比热容 c乙＝2.1×103J/（kg ℃）
D．若甲的质量为100g，则其在1～4min内吸收的热量为6.72×103J比热容（课时1）
思维导图：---基础讲解和题型总结---3课时
知识讲解
考点1 比热容的概念及其计算
1.探究不同物质的吸放热能力（实验装置如图所示：相同的加热器、温度计）
（1）方法--------控制变量法
①质量和升高的温度相同，比较吸收热量的多少
② 质量和吸收热量相同，比较升高的温度
（2）转换法：比较吸收热量的多少：比较加热长短，加热时间越长，吸收热量越多。
加热时间相同，表示吸收热量相同
3.实验发现：质量和吸收热量相同的水和食用油,食用油的温度升高的较高。
可见，水要升高的温度与食用油升高的温度相同时，水需要吸收的热量比食用油的多.（表现在加热时间更长），说明水的吸热能力比砂石的强
2.比热容：
（1）物理意义：表示不同物质的吸热能力（本领）的物理量。
（2）定义：一定质量的某种物质，在温度升高时 吸收的热量 与它的质量 和乘积之升高的温度，叫作这种物质的比热容。用符号 c 表示。比值定义法
（3）定义式：
①c——比热容，Q——吸收或放出的热量，m——物质的质量，△t——升高或降低的温度。
②该公式不能从数学的角度去理解比热容与Q、m、△t有关，比热容只与 种类 和 状态 。
（4）单位： J /( kg ·℃)，读作焦每千克摄氏度 。
（5）理解：①它是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关,与物质的质量、体积、温度等无关。
②水的比热容为 4.2×103 J /( kg ·℃) ，其物理意义为1kg的水升高1℃时吸收的热量为4.2×103 J 。
冰的比热容是2.1×103 J /( kg ·℃)
考点2 水的比热容的特点及其应用
1.水的比热容（1）在常见物质中水的比热容是最大的。
（2）应用：汽车发动机用水作冷却剂、暖气片中用水做介质、热水袋中装水取暖
（3）解释现象：①沙漠地区昼夜温差比较大，沿海地区昼夜温差比较小②陆海风，海陆风的形式
公式应用：根据公式： 可知，质量相同水和沙石，水和沙石吸收（或放出）相同的热量，
由于水的比热容大于砂石的比热容大，水升高（降低）的温度比砂石的小。
考点3 热量的计算
1.利用比热容计算吸、放热：Q=cmΔt
（1）低温物体吸收热量：Q吸=cmΔt ------Δt =t-t0
（2）高温物体放出热量： Q放=cmΔt -------Δt =t0-t
注意：①t0表示初温
Δt 表示变化的温度---升高、升高了、降低、降低了
t表示末温 -------升高到、降低到
②一般表达式：Q=cmΔt
针对训练
比热容的定义
1．关于比热容，下列说法正确的是（ A ）
A．沙子的比热容小，所以沙漠地区昼夜温差大
B．将一铁块等分为两块，每一半的比热容变为原来的一半
C．质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，水的温度升得更高
D．比热容与物体的质量、吸热多少、温度变化大小有关
解：A、沙子的比热容小，吸热升温快，放热降温也快，所以沙漠地区昼夜温差大，故A正确；
B、物质的比热容取决于物质的种类，还与物质的状态有关，与物体的质量、吸收的热量、升高的温度无关，所以一铁块等分成两块，每一半的质量为原来的一半，但比热容不变，故B错误；
C、水的比热容比煤油的比热容大，质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，水升高的温度比煤油升高的温度小，故C错误；
D、物质的比热容取决于物质的种类，还与物质的状态有关，与物体的质量、吸收的热量、升高的温度无关，故D错误。
故选：A。
2．一杯水的比热容是4.2×103焦/（千克 ℃），单位读作 　焦耳每千克摄氏度 。若将此杯水倒掉一半，剩下半杯水的比热容 不变，若水凝固成冰，则比热容改变 （以上两空均选填“改变”或“不变”）。我们的生活离不开水，这与水的比热容较大有关，因为它可以使地球昼夜及四季的温度变化小（选填“大”或“小”），从而有效的调节了气温。
解：将此杯水倒掉一半后，剩下半杯水的种类和状态都没有变，所以水的比热容不变。水凝固成冰以后，其状态改变，比热容发生改变。由于水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，在相同的受冷和受热的情况下，水的温度变化小，所以可有效调节气温。
故答案为：焦耳每千克摄氏度；不变；改变；小。
由比热容表可知：1kg的煤油温度升高1℃，需吸收的热量为 2.1×103J；质量相等的水和煤油，升高相同的温度，水吸收的热量多；质量相等的铝块与铜块，放出相等的热量，铜块降低的温度多。
比热容[J/（kg ℃）]
煤油2.1×103 铝0.90×103
水4.2×103 铜0.39×103
解：（1）煤油的比热容为2.1×103J/（kg ℃），表示1kg的煤油温度升高1℃，吸收的热量为2.1×103J；
（2）质量相同的煤油和水，水的比热容大于煤油的比热容，升高相同的温度，由Q吸＝cmΔt可知，水吸收的热量多。
（3）质量相同的铝块和铜块，铝的比热容大于铜的比热容，放出相同的热量后，由Q放＝cmΔt可知，铜块的温度降低的多；
故答案为：2.1×103；水；铜块。
用两个相同的加热器分别给质量和初温都相同的a、b两种液体加热，
它们的温度随加热时间变化的图像如图所示，由图像可知a物质的
比热容 ＜（选填“＞”、“＜”或“＝”）b物质的比热容。
解：用两个相同的加热器分别给质量和初温都相同的a、b两种液体加热，可知在相同的时间内它们吸收的热量相同，从图示可知，a物体温度上升更快，故a物质的比热容较小。
故答案为：＜
5．一杯水凝固成了冰，其（　D　）
A．比热容不变 B．密度不变 C．内能不变 D．质量不变
解：A．比热容的大小与物质的种类和状态有关，水凝固成冰，物质的状态改变，其比热容大小发生改变，冰的比热容小于水的比热容，故A不正确；
BD．质量是物质本身的一种属性，与状态无关，水凝固成冰，状态发生变化，物质多少没有变化，所以质量不变。水凝固成冰，体积变大，由公式ρ＝知，密度变小，故B不正确，D正确；
C．冰熔化成水的过程中，需要吸收热量，则其内能增大，故C不正确。
故选：D。
6．如图是燃烧木炭加热烤肠时的一个场景，为了让烤肠不致被烤焦且均匀受热，店主将烤肠放在石子上烤而不直接放在铁锅内烤。下面分析正确的是（　B　）
A．闻到烤肠的香味，表明扩散只在气体中发生
B．在加热的过程中，烤肠的内能增大
C．木炭燃烧的过程中，内能转化为化学能
D．烤肠在石子上烤利用了石子比铁锅的比热容小
解：A．闻到烤肠的香味，表明扩散到空气中，而扩散是指不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象，不仅仅在空气中发生，故A错误；
B．加热烤肠时，烤肠吸收热量，温度升高，温度增加，故B正确；
C．燃料燃烧是将化学能转换为内能的过程，故C错误；
D．利用这种石头来制熟烤肠，这主要是利用了石头的比热容比铁的比热容大，在同样吸热的情况下，其温度升高比较慢，且散热比较均匀的特点。
故选：B。
7．已知铜的比热容比铝的比热容小，下列说法正确的是（　C　）
A．将一块铜的质量减小一半，它的比热容减半
B．质量相同的铜块和铝块，铜块的内能比铝块的内能小
C．质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜块升高的温度多
D．质量和初温都相等的铜块和铝块，放出相等热量后相接触，热传递的方向是从铜块传给铝块
解：A、比热容是物质的一种特性，与质量无关，故将一块铜的质量减小一半，铜的比热容不变，故A错误；
B、影响物体内能的因素有物质的种类、质量、温度和状态，而选项中不确定铜块和铝块的温度，因此不确定二者之间的内能大小，故B错误；
C、根据Δt＝可知，质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜的比热容较小，因此铜块升高的温度多，故C正确；
D、根据Δt＝可知，质量相同的铜块和铝块，放出相同的热量，铜的比热容较小，因此铜块降低的温度多，铜块和铝块初温相同，则铜块的末温较低，所以热传递的方向是从铝块传给铜块，故D错误。
故选：C。
二．比热容解释简单的自然现象
8．在烈日当空的海边玩耍，你会发现沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为海水的比热容比沙子大 ，因此，相同 质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子升温比水快，沙子温度高，海水温度低，故可以感觉到沙子烫脚，而海水却是凉凉的。
解：海水比沙子的比热容大，因此，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度升高的快，温度高，而海水温度升高的慢，温度低。故可以感觉到沙子烫脚，而海水却是凉凉的。
故答案为：大；质量；相同的热量。
9．如图所示，是某气象台列出的沿海城市三亚和内地城市成都的气象情况
请你根据两座城市的气温变化情况判断：城市乙是三亚 （选填“三亚”
或“成都”），理由是由于水的比热容较大，使沿海城市昼夜温差小 。
解：沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小；由表中数据可知城市乙的温差小，所以乙是沿海城市三亚，甲是内地城市成都。
故答案为：三亚；由于水的比热容较大，使沿海城市昼夜温差小。
10．水具有比热容大的特点，下列生活和生产中的现象与此特点无关的是（　B　）
A．海边昼夜的温度差较小 B．空调房里放盆水可增加空气温度
C．冬天的暖气设备用热水供暖 D．用水来冷却汽车发动机
解：A、因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，同样吸放执的情况下，水的温度变化较小，所以海边昼夜的温度差较小，不合题意；
B、空调房里放盆水可增加空气温度，是利用了水的蒸发来加湿，与比热容无关，符合题意；
C、因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖，不合题意；
D、因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做内燃机的冷却液，不合题意。
故选：B。
11．如图所示，是A、B两个城市日气温变化曲线，且两城市面积、纬度
等地理情况基本相同，通过对图象分析，下列所得结论正确的是（　B　）
A．图中A城市日气温变化较小
B．图中B城市的水域面积大于A城市
C．图中A城市人居住比较舒适
D．图中B城市人容易患感冒
解：A、据图象可知，B城市中温差变化比较小，故该选项错误；
B、据水的比热容较大大的特点可知，B城市中温差变化比较小，即水域面积大，故正确；
C、B城市中温差变化比较小，B城市人居住比较舒适，故错误；
D、B城市中温差变化比较小，B城市人不易感冒，故错误；
故选：B。
12．水的比热容较大，人们往往利用它的这一特性为生活生产服务，下列事例中与水的比热容
有关的应用是（　D　）
A．撒盐融雪 B．人工降雨 C．洒水降温 D．热水取暖
解：A、其它条件相同时，在积雪上撒盐是在雪中掺入杂质，积雪的熔点会降低，即熔点低于当地气温，使雪熔化，确保交通的畅通，与水的比热容无关，故A不符合题意；
B、人工降雨，是干冰（固体二氧化碳）迅速的吸热升华成二氧化碳，使周围的温度降低，水蒸气凝结成小水滴，形成降雨，与水的比热容无关，故B不符合题意；
C、炎热的夏天，往地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度。与水的比热容无关，故C不符合题意；
D、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器来供暖，故D符合题意。故选：D。
13．水稻是喜温植物，春季育秧时，通常傍晚向秧田灌水，早晨将水放出，以防霜冻。这里隐含的物理
知识是：水的比热容较大。气温降低时，水能放出（选填“放出”或“吸收”）较多的热量，这一过程中改变水的内能的方式是热传递。
解：水的比热容是常见物体中最大的，根据Q放＝cm（t﹣t0），气温降低时，由于水的比热容比较大，在质量一定时，水可以放出更多的热量；
这一过程中将水的内能转移到秧田上，所以是通过热传递改变水的内能。
故答案为：比热容；放出；热传递。
14．习总书记提出“绿水青山就是金山银山”这一论断。许多城市为了改善城市环境，大力开发湿地公园，修建人工湖，这样可以调节气温的主要原因是：水的比热容大，即等质量的水和其他物质比较，吸收或放出相等的热量，水的温度变化较小（选填“大”或“小”）。
解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
故答案为：水的比热容大；小。
15．如图是某沿海城市与某内陆城市同一天的气温变化曲线。请你判断内陆城市一天气温变化所对应的曲线是A （填A或B），这是由于砂石的比热容小于 （填大于、等于或小于）水的比热容，吸收相同的热量后温度变化 大（填“大”或“小”）。
解；内陆地区砂石多，砂石比热容比水小，在质量相同、吸收或放出相同的热量时，温度变化大，使得内陆城市昼夜温差变化大。
故答案为：A；小于；大。
16．小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量是8.4×10 J。小明用去一部分水，热水器中水的比热容不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的 比热容大。
解：（1）这些水从20℃加热到60℃需要吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×50kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×106J；
（2）比热容是物质的一种特性，与温度无关，与物态有关，所以加热水的过程中，水的比热容不变；
（3）由Q＝cmΔt可知，相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的物质温度变化量小，由此可知沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的比热容比砂石的比热容大。
故答案为：8.4×10 ；不变；比热容大。
17．查如表可知，煤油的比热容读作2.1×103焦每千克摄氏度 。汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容较大 ，与质量相同的其他物质相比，A（选填序号A“升高相同温度，水吸收热量较多”、B“降低相同温度，水放出热量较多”）。
比热容[单位：焦/（千克 ℃）]
煤油：2.1×103 铝：0.90×103
水：4.2×103 铜：0.39×103
解：由表可知，煤油的比热容为2.1×103焦/（千克 ℃），读作2.1×103焦每千克摄氏度；
汽车发动机用水作冷却剂是利用水的比热容大，与质量相同的其他物质相比，升高相同的温度，水吸收热量较多（注意发动机的温度高，发动机放出热量，水吸收热量），故选A。
故答案为：2.1×103焦每千克摄氏度；水的比热容较大；A。
18．水的比热容较大的特点在日常生活中的应用非常广泛，下列现象及应用与此特点无关的是（　D　）
A．春天的夜晚，农民往稻田里灌水以防秧苗冻坏 B．汽车发动机冷却循环系统用水作工作物质
C．冬天的暖气设备用热水供暖 D．炎热的夏天在教室地面上洒水，顿时感觉变凉爽
解：A、水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故A不符合题意；
B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机的冷却循环系统用水做工作物质，故B不符合题意；
C、因为水的比热容大，同样质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，故冬天室内的暖气用热水循环供热，故C不符合题意；
D、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。
故选：D。
19．在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风。陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。如图所示是海陆风形成的示意图，其中 乙图反映海风形成的时间是白天，形成海陆风的根本原因是水和陆地的比热容不同 。
解：由于陆地和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，陆地和海洋升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，陆地比海洋升温快，地面上方是热空气，密度小，会上升，海面上方是较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故乙图反映海风形成的时间是白天，甲图反映陆风形成的时间是晚上。
故答案为：乙；水和陆地的比热容不同。
三．实验比较不同物质吸热的情况
20．在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将a、b两种不同的液体分别放入如图甲两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热。记录相关数据，并绘制出如图乙所示的图象。
（1）在进行加热前，要求a液体和b液体必须初温和质量 完全相同；
（2）a液体在第35min的内能 大于第30min的内能（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（3）分析乙图数据，要在a和b两种液体中选择一种液体做冷却液，你认为选择 b（选填“a”或“b”）液体较为合理；
（4）对初温均为20℃的c、d两种液体加热（mc＞md），如图丙为c、d两种液体的温度随加热时间变化的关系图象，c液体的比热容小于 d液体的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
解：（1）根据控制变量法可知，实验时，需要选用初温和质量相等的a、b两种液体；
（2）物体在加热的过程中一直吸收热量，内能变大，所以a液体第30s的内能要小于第35s的内能；
（3）a和b的质量和初温相同，根据图像可知，加热相同的时间，吸收相同的热量，a的温度升高的多，则a的吸热能力弱，b的吸热能力强，b的比热容大；
根据Q＝cmΔt，吸收相同的热量，比热容大的，温度升高的就小，就更适合做冷却液，b的吸热能力强，b的比热容大，故b做冷却液更好；
（4）由图可知，在液体温度不变前的时间段，c、d变化图象是重合的，即c、d吸收相同的热量，升高相同的温度，由于c的质量大于d的质量，根据c＝可知，当吸收的热量和升高的温度相同时，质量大的比热容小，所以c的比热容小于d的比热容。
故答案为：（1）质量；（2）大于；（3）b；（4）小于。
21．某班同学利用如图所示的实验装置探究水和煤油的吸热能力。
（1）除了图中给的实验器材外，还需要的测量工具有托盘天平和秒表 ；水和煤油吸热的多少是
通过 加热时间来判断的。
（2）本实验需要用到天平，目的是控制质量相等 ；加热7min，水吸收的热量等于 （选填“大于”“等于”或“小于”）煤油吸收的热量。
（3）实验中水和煤油的温度随时间变化的图像如图所示，可知水的沸点是98℃；煤油的比热容
是2.1×103 J/（kg ℃）。
（4）水在沸腾之后温度不变，内能 增加。（选填“增加”“不变”或“减小”）
解：（1）根据转换法，用加热时间长短表示吸热多少，除了图中给的实验器材外，还需要的测量工具有托盘天平和秒表；水和煤油吸热的多少是通过加热时间来判断的。
（2）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，本实验需要用到天平，目的是控制质量相同；加热7min，由转换法，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；
（3）实验中水和煤油的温度随时间变化的图像如图所示，可知水的沸点是98℃；
根据右图可知，升高30℃，水和煤油的加热时间分别为20min和10min，由转换法，煤油和水的吸热之比为1：2，根Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，煤油的比热容是c＝×4.2×103J/（kg ℃）＝2.1×103J/（kg ℃）。
（4）水在沸腾之后温度不变，水吸热，故水的内能增加。
故答案为：（1）秒表；加热时间；（2）控制质量相等；等于
（3）98℃；2.1×103；（4）不变；增加。
22.某同学在做“比较不同物质的吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给水和煤油加热，
得到的实验数据如下表：
物质 次数 质量m/kg 升高的温度Δt/℃ 加热时间t/min
水 1 0.1 10 2
2 0.2 10 4
煤油 3 0.1 10 1
4 0.2 10 2
（1）实验中，记录加热时间的目的是：比较水和煤油吸收热量的多少。
（2）分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的 质量有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得出的初步结论是：升高相同的温度时，质量相同的不同物质 ，吸收的热量不同；
（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，煤油的温度升高的多；
（4）该实验采用了 控制变量法和 转换法，下列探究过程中也采用了这两种方法的是 A　 　。
A.探究影响压力作用效果的因素 B.探究平面镜成像的特点
解：（1）实验中，记录加热时间的目的是：比较水和煤油吸收热量的多少。
（2）由表中第1、2次或第3、4次实验数据可知，液体种类和升高的温度都相同而液体质量不同，液体吸收的热量不同，质量越大，吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关；由表中第1、3次或第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度都相同而液体种类不同，液体吸收的热量不同，由此可得：升高相同的温度时，质量相同的不同物质吸收的热量不同。
（3）由表中实验数据可知，质量相同的水和煤油升高相同的温度，煤油的加热时间短，这说明煤油的吸热能力弱，如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，煤油温度升高的多。
（4）该实验采用了控制变量法、转换法；
A、探究影响压力作用效果的因素实验应用了控制变量法、转换法；
B、探究平面镜成像的特点实验应用了等效替代法；
C．探究通电螺线管的磁场是什么样的实验，应用了模型法；故与该实验方法相同的是A。
故答案为：（1）比较水和煤油吸收热量的多少；（2）质量；不同物质；（3）煤油；（4）控制变量；转换；A。
如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，
各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个
相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录
一次数据，如表所示。
物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温/℃ 物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温/℃
食用油 1 0.5 54 水 1 0.5 35
2 1.0 88 2 1.0 50
3 1.5 122 3 1.5 65
（1）分析实验数据可知，水（选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强。
（2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和 转换法。
（3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是6.3×103 J，所使用的酒精灯的
加热效率为21% [q酒精＝3.0×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]。
解：（1）分析实验数据可知，相同质量的水和食用油加热相同时间，水升高的温度小，故水的吸热能力更强。（2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和转换法；
（3）2min内水吸收的热量为：
Q水吸＝c水m水Δt水＝4.2×103J/（kg ℃）×0.05kg×（50℃﹣20℃）＝6.3×103J，
根据转换法，2min内食用油吸收的热量是6.3×103J；
2min内酒精灯放出的热量为：
Q放＝mq＝1×10﹣3kg×3.0×107J/kg＝3×104J，
使用的酒精灯的加热效率为
故答案为：（1）水；（2）转换；（3）6.3×103；21%。
24．在探究“比较不同物质的吸热能力”实验中，某小组的同学利用如图所示装置进行实验。所用器材有：两个相同的烧杯、两个规格相同的电加热器、初温不同但质量相同的两种液体。实验过程中，每隔1min读取一次温度计的示数，并记录在表格中，如表所示。已知c甲＝4.2×103J/（kg ℃），下列说法正确的是（C）
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度/℃ 30 34 38 42 46
乙的温度/℃ 10 18 26 34 42
A.通过温度的高低来反映物质吸收热量的多少 B．由实验数据可知，吸热能力较好的是物质乙
C．乙的比热容 c乙＝2.1×103J/（kg ℃）
D．若甲的质量为100g，则其在1～4min内吸收的热量为6.72×103J
解：A、根据转换法，通过加热时间来反映物质吸收热量的多少，故A错误；
B、根据表中数据可知，从34℃升高到42℃，甲用时2分钟，乙用时1分钟，根据比较吸热能力的方法，甲的吸热能力强，故B错误；
C、从34℃升高到42℃，甲、乙的加热时间分别为2分钟和1分钟，由转换法，乙、甲的吸热之比为1：2，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若c甲＝4.2×103J/（kg ℃），则乙液体的比热容为
c乙＝×4.2×103J/（kg ℃）＝2.1×103J/（kg ℃）。
D、若甲的质量为100g，根据表中数据可知，则其在1～4min吸收的热量为：
Q＝c甲mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×0.1kg×（46℃﹣34℃）＝5.04×103J
故D错误。
故选：C。

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