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柳州市2024届新高三摸底考试
5.图甲为某次测试车的安全气装对驾乘人员头部防护作用的实验。假人头部受安全气囊的作州力F
随时间t变化的曲线如图乙所示。碰淄过程中，若假人头部只受到安全气蜒的作用，则由F4图象
物理
可知，假人头部
A,加速度大小一育减小
(考试时间75分钟满分100分)
B。受到的力先均匀增大再均匀减小
C.动量变化量大小等于曲线与横制围成的而积
注意：].诗把答策填写在答题卡上，否则答题无效。
D.动能变化量大小正比于曲线与横轴围成的面积
2、答蓉前，考生务必将密封线内的项目填写清楚，密封线内不要答題。
6.翼装飞行运动属危险性很高的枚眼运动。飞行者穿戴飞行服装和降落伞设备，从悬崖绝壁等高处跃
3.速择题，诗用2B铅笔，把答姬卡上对应题目选须的信总，点涂黑。非远择题，诸用0.5mm
下，无动以空中飞行（如图叩），到达安企的高度时飞行者打开降落伞着落，某一梨装飞行者在空
黑色字迹签半笔在答题卡指定位酲作答，
巾运动时竖直方向的一t图象如图乙所示，以向下为正方向，则
A.0-10s内飞行者竖直方向加速度一直在减小
/m
一、选释题〔本题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，第1一6题只有
B.0-15s内合外力对飞行者始终做正功
项符合题目要求，第7一10题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，
C.10~158内飞行者做匀减速运动
有选错或不选的得0分)
D,1015s内飞行者处于失重状态
1056
1,2023年3月10日，长征四号运载火箭以一箭双星方式成功将天绘六号AB犀送入预定轨道。天绘
7.一理想变压器与两个阻值均为100Q的定值电附R连接成阁电路，原、副线圈：数比为2：1，
六号.卫星距离地向高度约为550km,地球同步卫星距离地面高度约为36000km,则天绘六号卫星
ab两端接在u=250v2sn(100π)V的交流屯上，副线圈听接电流表为哩想电流表。则
A.线速度比同步卫星的小
B.角述度比同步卫星的小
A.交流电的频为100Hz
C.周期比同步卫星的小
D.加速度比同步卫星的小
B.电流表的读数为IA
2,北京2022年冬奥会首钢治雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从a处由静止白由滑下，到b处
C.副线幽巾所接电阴消牦的功率为200W
起跳，c点为a、b之间的最低点，其所在圆弧雪道的半径为r,a、c两处的高度差h=2r,运动员
D.整个电路消耗的总功率为125W
可视为质点，忽路一切阻力。则运动员经过：点时对滑雪板的斥力为自
8.一列简谐横波沿x轴负方问传播，其波速为10ms,
t=0时刻的波形如图所示。P、M、Q为波上
身所受重力的
的三个质点，则
4JW心拉
A.2倍
B.4倍
A,质点M比质点P先返阿平衡位置
C.5倍
D.8倍
B.0-0.2s时间内，质点M运动的路程为6cm
3.一根水平刻度尺上套有测个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的码布图中虚线位置处于静：状态
C.=1.0s时刻，质点2加速度为正向最大使
D.口1.2s时刻，质点M沿y轴正方向运动
现将两环拉至图中实线位置，钩码仍处丁静止状态，则
瓜山中可加
9.如图所示，-定质量的理想气体从状态(1,1，五)经热力学过程A-B、B→C、C→A后
A.杆对两环的支持力变小
义回到状态A。已知状态B、C的参量分别为(2：，2,2)、1,2，)，则
B.杆对两环的女持力不变
C.两环对杆的烨擦力变小
A.y=2
D.细绳对钩码的拉力变小
B.A→B过阳，外界对气体做功数值上等于气体放的热呈
4.如阁所示，在竖直向下的匀强磁场中，水平放置的足够长的粗糙U型金属框行端连接一阻值为R
C.÷2T3
的电阻，质量为、电阻为r的导体棒b置丁金属框上，4b以水平向右的初速度开始运动，最
D.C→A过，气体对外界做功数值上大丁气体吸收的热虽
终停在金属框上，已知金属框的电阻忽略不计，在此过程中，下列说法止确的是
10,绝缘的水平面上存在者沿水平方向的电场，带负电滑块（可视为质点）在水平面上不同位置所具有
A.电阻M端的电势比N瑞的电势低
的电势能E如图甲所示，P点是图线最低点。现将滑块中x=】m处以=2ms的初速度沿x轴正
B.导体棒中感应电流的方向为→b
Xg××XM
方向运动（如图乙），滑块质量m=kg、与水平面间的动摩擦因数从=0.1，g取10ms2,则
A.电场中x=3m处的电势最低
En灯
C.电阻R消耗的总电能为6
关B的N
B.滑块沿x轴正方向运动过程中，速度先增加斤减少
C.滑块运动至x=3m处，速度人小为2ms
D.导体棒克服安培力做的总功小丁m
4m
D.滑块不n可能到达x=4m处
2024屈新高三摸底考试卷
物理第1页（共4页）
2024届新高三摸底号试卷
物理
第2页共4页)柳州市 2024 届新高三摸底考试
物理参考答案
一、选择题（本题共 10 小题，每小题 5 分，共 50 分．在每个小题给出的四个选项中，第
1～6 题只有一项符合题目要求，第 7～10 题有多项符合题目要求，全部选对的得 5 分，选
对但不全的得 3 分，有选错或不选的得 0 分）。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C C B D C A BD AD BC BCD
二、实验题（本题共 2 小题，共 14 分）
11．（6 分）
（1）BC （2）0.82 0.85
12．（8 分）
（1）① R2 A ②3000.0 （2）1000.0 （3）4.2
三、计算题（本题共 3 小题，共 36 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算
步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
13．（9 分）
（1）粒子带负电 ............................................................... 1 分
v2
由牛顿第二定律qvB = m ................................. 1 分
r
mv
解得q = ............................................................ 1 分
Br
（2）粒子在磁场中运动轨迹如图所示，可知
a Q = 60 M b ................................................................... 1 分 60° α
由几何关系得：L = 2r sin ................................ 1 分 v
解得 L = 3r ........................................................... 1 分
（3）结合角度关系可知圆心角 = 360 2 = 240
2πr
运动周期 T = ................................................. 1 分
v

带点粒子运动时间 t = T .............................. 1 分
360
4πr
联立以上方程解得 t = .................................... 1 分
3v
14.（11 分）
（1）光路如图所示，由几何关系知：
入射角 i = 90 37 = 53 .................................... 1 分
sin i
由折射定律n = .............................................. 2 分
sin r
解得 n=1.6 ................................................................ 1 分
{#{QQABAQoEogioAAJAAAhCAQGACkMQkBGACAoOhEAEoAIAQRFABCA=}#}
（2）设光线与 AB 边交于 E 点， CDE = 90 r = 60 故 DEF =180 60 =120
1
A = DEA = 90 DEF = 30 ................. 1 分
2 i C D 37
0 A
r
1 1 d 3
DE = AD = AC = = d ............ 1 分
2 2 tan 30 2
F E
B
3
EF = BE cos30 = d ..................................... 1 分
4
单色光传播的路程 s = DE +EF .......................... 1 分
c
单色光在棱镜中传播的速度为 v = .................... 1 分
n
s
由 t = .................................................................... 1 分
v
6 3d
解得 t = ....................................................... 1 分
5c
15.（16 分）
（1）小物块与木板 A 一定发生相对滑动，对小物块由牛顿第二定律得
F μmg = ma
1 ...................................................... 2 分
解得 a = 5 m/s2 ......................................................... 1 分
（2）对木板 A，由牛顿第二定律得
μmg = m a
1 1 1 ........................................................... 1 分
小物块到达 A 的最右端，A 与 B 碰前速度
v 2 = 2a x .............................................................. 1 分 1 0
A与B弹性碰撞，设碰后A、B速度分别为vA 和 vB ,由动量守恒及机械能守恒得：
m v = m v +m v
1 1 A 2 Β ................................................ 1 分
1
v 2
1 1
m = m v2 + m v2 ................................... 1 分
1 1 A 2 B
2 2 2
解得 vB = 4 m/s ........................................................ 2 分
（3）取向右为正方向，设小物块到达 A 最右端速度大小为 v，对小物块由动量定理：
1 2
x = a (t + t ) ................................................... 1 分
0 1 1 2
2
解得 t 2 = 0.5s
Ft μmg(t + t ) =mv ..................................... 2 分 1 1 1 2
当小物块滑到 B 的最右端与 B 相对静止时，B 长度为 L，由动量守恒定律：
mv+m2 vB =（m+m2）v共 .................................... 1 分
对小物块和 B 组成的系统，由能量守恒定律得：
1 1
mv2 + m v2
1
2 B = (m+m
2
2 )v共 + μ2mgL ........ 2 分
2 2 2
解得 L = 1 m ............................................................ 1 分
{#{QQABAQoEogioAAJAAAhCAQGACkMQkBGACAoOhEAEoAIAQRFABCA=}#}

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