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绵阳市理科突击班高中 2021 级第一次诊断性考试模拟测试
理科综合能力测试
注意事项：
1.答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、班级、姓名用 0.5 毫米黑色签字笔填写清楚，同时将条形码贴在“条形码粘贴处”栏目内。
2.选择题使用 2B 铅笔填涂在答题卡对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再选涂其它答案;非选择题用 0.5 毫米黑色签字笔书写在答题卡的对应框内;超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
3.考试结束后将试卷和答题卡一并收回。
可能用到的相对原子质量：可以翻书查询
第 Ⅰ 卷（选择题，共 126 分）
一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．南极雌帝企鹅产蛋后，由雄帝企鹅负责孵蛋，孵蛋期间不进食。下列叙述错误的是（ ）
A．帝企鹅蛋的卵清蛋白中 N 元素的质量分数高于 C 元素
B．帝企鹅的核酸、多糖和蛋白质合成过程中都有水的产生
C．帝企鹅蛋孵化过程中有 mRNA 和蛋白质种类的变化
D．雄帝企鹅孵蛋期间主要靠消耗体内脂肪以供能
2．植物组织培养过程中，培养基中常添加蔗糖，植物细胞利用蔗糖的方式如图所示。
下列叙述正确的是（ ）
A．转运蔗糖时，共转运体的构型不发生变化
B．使用 ATP 合成抑制剂，会使蔗糖运输速率下降
C．植物组培过程中蔗糖是植物细胞吸收的唯一碳源
D．培养基的 pH 值高于细胞内，有利于蔗糖的吸收
3．水淹时，玉米根细胞由于较长时间进行无氧呼吸导致能量供应不足，使液泡膜上的 H+转运减缓，引起细胞质基质内 H+积累，无氧呼吸产生的乳酸也使细胞质基质 pH 降低。pH 降低至一定程度会引起细胞酸中毒。细胞可通过将无氧呼吸过程中的丙酮酸产乳酸途径转换为丙酮酸产酒精途径，延缓细胞酸中毒。下列说法正确的是（ ）
A．正常玉米根细胞液泡内 pH 高于细胞质基质
B．检测到水淹的玉米根有 CO2的产生不能判断是否有酒精生成
C．转换为丙酮酸产酒精途径时释放的 ATP 增多以缓解能量供应不足
D．转换为丙酮酸产酒精途径时消耗的[H]增多以缓解酸中毒
4．已知某种氨基酸（简称甲）是一种特殊氨基酸，迄今只在某些古菌（古细菌）中发现含有该氨基酸的蛋白质。研究发现这种情况出现的原因是，这些古菌含有特异的能够转运甲的 tRNA（表示为 tRNA甲）和酶 E，酶 E 催化甲与 tRNA甲结合生成携带了甲的 tRNA甲（表示为甲－tRNA甲），进而将甲带入核糖体参与肽链合成。已知 tRNA甲可以识别大肠杆菌 mRNA 中特定的密码子，从而在其核糖体上参与肽链的合成。若要在大肠杆菌中合成含有甲的肽链，则下列物质或细胞器中必须转入大肠杆菌细胞内的是（ ）
①ATP ②甲 ③RNA 聚合酶 ④古菌的核糖体 ⑤酶 E 的基因 ⑥tRNA甲的基因
A．②⑤⑥ B．①②⑤ C．③④⑥
5．某基因型为 AaXDY 的二倍体雄性动物（2n＝8），1个初级精母细胞的染色体发生片段交换，引起 1 个 A 和1 个 a 发生互换。该初级精母细胞进行减数分裂过程中，
某两个时期的染色体数目与核 DNA 分子数如图所示。下列叙述正确的是（ ）
A．甲时期细胞中可能出现同源染色体两两配对的现象
B．乙时期细胞中含有 1 条 X 染色体和 1 条 Y 染色体
C．甲、乙两时期细胞中的染色单体数均为 8 个
D．该初级精母细胞完成减数分裂产生的 4 个精细胞的基因型均不相同
6．闭花受粉植物甲，其花的位置分为叶腋生和茎顶生两种，分别受 T 和 t 基因控制（完全显性）；雌雄同体异花植物乙，其籽粒的颜色黄色与白色分别由 Y 和 y 基因控制（完全显性）。两者的遗传均遵循孟德尔定律。自然状态下，间行种植基因型为 TT、Tt 的植物甲（两者数量之比是 2:1）和间行种植基因型为 YY、Yy 的植物乙（两者数量之比是 2:1）。以下叙述错误的是（ ）
A．植物甲的 F1中纯合花叶腋生的个体所占的比例为 3/4
B．正常情况下植物乙的 F1中籽粒黄色纯合子所占的比例为 25/36
C．若植物甲含有隐性基因的雄配子的存活率为 1/2，则 F1中花茎顶生个体所占的比例为 1/16
D．若植物乙含有隐性基因的雄配子的存活率为 1/2，则 F1中籽粒白色个体所占的比例为 1/66
7．近年来我国在航天、航空领域取得巨大成就。下列有关说法错误的是
A．C919 机身采用了第三代铝锂合金，具有密度低、强度高等优良特点
B．C919 的平垂尾使用的 T800 级高强度碳纤维，属于无机非金属材料
C．问天实验舱太阳翼配置的是三结砷化镓电池，砷化镓喻为“半导体贵族”
D．神舟飞船返回舱外表面使用的高温结构陶瓷的主要成分是硅酸盐
8．下列实验设计、现象和结论都正确的是
9．有机“纳米小人”风靡全球，其中涉及的一个反应如图：
下列说法正确的是
A．化合物 N 能使酸性 KMnO4溶液褪色，但不能使溴水褪色
B．化合物 P 中一定共平面的原子有 15 个
C．该反应完全符合绿色化学的思想，理论上原子利用率为 100%
D．化合物 M 的一氯代物有 4 种
10．下面的化学方程式或离子方程式中，错误的是
A．为获得性能良好的纳米材料，利用团簇化合物K12Si17和NH4Br 反应制备纳米硅：K12Si17 + 12NH4Br = 17Si + 12KBr + 12NH3 ↑+ 6H2 ↑
B．硒代硫酸根在酸性条件下与一定浓度的H2O2反应：2SeSO32-+ 3H2O2 + 2H+ = Se2S2O62-+ 4H2O + O2 ↑
C．单质 Te 与AsF5在溶剂SO2中按计量比 6：3 反应：6Te + 3AsF5 = Te6(AsF6)2 + AsF3
D．利用XeF2和溴酸根溶液制备高溴酸根：XeF2 + BrO3-+ H2O = Xe + BrO4-+ 2HF
11．过二硫酸钾(K2S2O8)是工业上一种重要的消毒剂和织物漂白剂，可通过电解KHSO4溶液制备。它在 100℃下能发生分解反应：K2S2O8→K2SO4 + SO3 ↑+ O2 ↑(未配平)，设NA是阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是
A．1mol K2S2O8中存在NA个非极性共价键
B．每生成 1mol O2，转移 4NA电子
C．标准状况下，22.4L SO3含有的原子数为 4NA
D．100mL 0.5mol/L KHSO4溶液的离子总数为 0.2 A
12．X、Y、Z、W 是原子序数依次增大的短周期元素。W 与 X 位于同一主族；X、Y、Z 三种元素形成的化合物具有强氧化性，能灭活新冠病毒，其结构如图所示。下列叙述不正确的是
A．该化合物含极性键和非极性键
B．该化合物中各元素原子均达稳定结构
C．Z、W 形成的简单离子半径，Z 大于 W
D．由 X、Y、Z、W 四种元素形成的化合物一定能与 X、Z、W 形成的化合物反应
13．某兴趣小组以牡蛎壳(CaCO3)为原料制备食品级添加剂丙酸钙 (CH3CH2COO)2Ca ，其工艺流程如下：
已知：丙酸有刺激性气味，沸点较低(141.1℃)。
下列叙述不正确的是
A．“操作Ⅱ”锻烧可以使用酒精灯加热，“操作Ⅲ”前加水目的是制取澄清石灰水
B．“操作Ⅳ”是常压过滤操作，该操作用到的玻璃仪器除漏斗外还有烧杯和玻璃棒
C．“操作Ⅴ”的滤液浓缩是在蒸发皿中进行，浓缩过程中可用玻璃棒搅拌滤液
D．“操作Ⅳ”产品干燥前要洗涤，洗涤剂为乙醇，当洗涤后滤液为中性时，说明杂质已洗净
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。其中14—18题只有一个选项正确；19-21题有多个选项正确，全部选对的得6分，部分选对得3分，有选错的得0分。
14．下列说法符合物理学史的是（ ）
A．开普勒在研究第谷的天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律
B．开普勒总结出了行星运动的规律，找到了行星按照这些规律运动的原因
C．牛顿发现了万有引力定律，并测出了引力常量 G
D．卡文迪许发现了万有引力定律，被誉为“称量地球质量的人”
15．一人看到闪电 12.3s 后又听到雷声。已知空气中的声速约为 340m/s,光速为 3×108m/s，于是他用 12.3 除以 3 很快估算出闪电发生位置到他的距离为 4.1km.根据你所学的物理知识可以判断（ ）
A．这种估算方法是错误的，不可采用
B．这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生位置与观察者间的距离
C．这种估算方法没有考虑光的传播时间，结果误差很大
D．即使声速增大 2 倍以上，本题的估算结果依然正确
16．如图所示的电路中，电源电动势E=4V，内阻r=2 ，定值电阻R0=1 。在滑动变阻器 R（最大阻值是 4Ω）的滑片由 a 缓慢地向 b 滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电容器的带电荷量先减小后增大
B．滑动变阻器滑片滑至中间位置时，定值电阻 R0的功率最大
C．滑动变阻器的功率先增大后减小，最大值是W
D．电源效率先增大后减小，最大值是 50%
17．如图为一个简易模型，截面为一内壁光滑的顶角为40°的等腰三角形框架，内部有一个小球，质量为 m，其半径略小于内接圆半径，三角形各边有压力传感器，分别感受小球对三边压力的大小。此时AC边恰好处于水平状态，现使框架以 C 为轴在竖直面内顺时针缓慢转动，直到AC边竖直，则在转动过程中（ ）
A．AB边对球的弹力一直增大
B．AC边对球的弹力一直增大
C．BC边对球的弹力一直增大
D．AC边对球的弹力先变小后变大
18．如图所示，倾角为30°的粗糙斜面固定在水平地面上，一根轻绳的一端与斜面上的物块 a 相连，另一端绕过光滑的定滑轮系在竖直杆上的 P 点，用光滑轻质挂钩把物块 b 挂在 O 点，此时竖直杆与绳 OP 间的夹角为60°，a 与斜面之间恰好没有摩擦力且保持静止。已知物块 a 的质量为M，物块 b 的质量为 m，重力加速度为 g。下列判断正确的是（ ）
A．M=2m
B．将 P 端缓慢向上移动一小段距离，a 将受到沿着斜面向下的摩擦力
C．将竖直杆缓慢向右移动一小段距离，a 将受到沿着斜面向上的摩擦力
D．剪断定滑轮与 a 之间轻绳的瞬间，a 的加速度大小为0.5g
19．从地面上以初速度竖直向上抛出一质量为 m 的球，若运动过程中球受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化规律如图所示，时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为，且落地前球已经做匀速运动。已知重力加速度为 g，则（ ）
A．球上升的时间等于下落的时间
B．球上升阶段阻力的冲量大于下落阶段阻力的冲量
C．球上升的最大高度H=
D．球抛出瞬间的加速度大小a=g(1+
20．如图,水平传送带以速度 v1 匀速运动,小物体 P、Q 由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0 时刻 P 在传送带左端具有速度 v2，P 与定滑轮间的绳水平，t=t0 时刻 P 离开传送带。不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长。正确描述小物体 P 速度随时间变化的图像可能是（ ）
A． B．
C． D．
21．质量为 m2 且各处光滑的带有四分之一圆弧（半径足够大）的轨道静止在光滑水平面上，现有一质量为 m1 的滑块以初速度 v0水平冲上轨道（不脱离轨道），下列说法正确的是（ ）
A．若 m1= m2，则 m1滑下后将与 m2一起以的速度匀速运动
B．若 m1= m2，则 m1滑到最高点时速度为 0
C．若 m1= m2，则 m1上升的最大高度为h=
D．m1滑下后，速度可能向左
三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共129分。
22．（6 分）为了测量木块与木板间的动摩擦因数 ，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，整个装置位于水平桌面上，位移传感器连接计算机。让木块从倾斜木板上一点 A 由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离。利用计算机描绘出滑块相对传感器的位移 x 随时间 t 变化的规律，如图乙所示。
（1）根据图线可知，木块的加速度 a= m/s2；
（2）为了测定动摩擦因数 ，还需要测量的量是 。（已知当地的重力加速度为 g）
（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数μ的测量精度，下列措施可行的是 。
A．A 点与传感器距离适当大些
B．木板的倾角不宜过大也不宜过小
C．传感器开始计时的时刻必须是木块从 A 点释放的时刻
23．（9 分）阿特伍德机是著名的力学实验装置。如图甲所示，绕过定滑轮的细线上悬挂质量相等的重物 A 和重物 B，在重物 B 下面再挂重物 C 时，由于速度变化不太快，便于验证规律或者测量物理量。
（1）某次实验结束后，打出的纸带如图乙所示，已知打点计时器所用交流电源的频率为 50Hz，则重物 A 运动拖动纸带打出 H 点时的瞬时速度为 m/s（结果保留三位有效数字）；
（2）某同学利用本装置验证“牛顿第二定律”，若重物 C 的质量为 m，重物A、B 质量均为 M，已知当地的重力加速度为 g，若牛顿第二定律成立，则重物 A 的加速度的表达式为 a =
（用上述物理量表示），若测得多组 m 及对应的加速度 a，在图中描点画线得到如图丙所示图线，若图线与纵轴截距为 b，图线的斜率为 k，则当地的重力加速度为
（用图线的斜率或截距表示）。
24．（12 分）游乐场投掷游戏的简化装置如图所示，质量为 M=2kg 的球 a放在高度 h=1.8m 的平台上，长木板 c 放在水平地面上，带凹槽的容器 b 放在 c 的最左端。a、b 可视为质点，b、c 质量均为 m=1kg，b、c 间的动摩擦因数μ1=0.4，c 与地面间的动摩擦因数μ2=0.6，在某次投掷中，球 a 以 v0=6m/s 的速度水平抛出，同时给木板 c 施加一水平向左、大小为 24N的恒力，使球 a 恰好落入 b 的凹槽内并瞬间与 b 合为一体。取 g=10m/s2，求：
（1）小球水平抛出时，凹槽 b 与木板 c 各自的加速度 ab、ac；
（2）球 a 抛出时，凹槽 b 与球 a 之间的水平距离 x0；
25．（20 分）如下图所示，质量为 3kg 的长木板 B 放在光滑的水平面上，右端与半径 R=1m 的粗糙的圆弧相切，左端上方放一质量为 1kg 物块 C，物块 C 与长木板 B 间的动摩擦因数为 0.2，现将一质量为 1kg 的物体 A 从距圆弧上端 h=5m 处静止释放，沿着圆弧到达水平轨道与 B 碰撞后粘在一起运动，再经 1s 物块 C 刚好运动到 B 的右端且不会掉下．取 g=10m/s．求：
（1）物体 A 刚进入圆弧时对轨道的压力；
（2）长木板 B 的长度；
（3）物体 A 经过圆弧时克服阻力所做的功
26．（14 分）环己烯是重要的有机合成原料，可用于合成赖氨酸、环己酮、苯酚、聚环烯树脂等，实验室利用环己醇制备环己烯的实验装置及步骤如图：
步骤ⅰ.按图连接装置(加热和夹持装置已略去)，检验气密性后，向仪器 A中加入 20mL 环己醇、催化剂 X 以及沸石，加热一段时间后，在仪器 C 中收集到环己烯粗产品
步骤ⅱ.将环己烯粗产品移入分液漏斗中，加入饱和食盐水，振荡、静置，分液
步骤ⅲ.向步骤ⅱ所得环己烯中加入无水氯化钙颗粒，振荡、静置一段时间后“弃去”氯化钙，最终通过蒸馏得到纯净的环己烯 8.3g
已知：
(1)实验前，有同学指出，该装置存在两处错误，请改正： ，改正装置后，继续进行相关实验
(2)步骤ⅰ中，“加热”前，不能忘记的实验操作是 .
(3)根据文献，催化剂 X 可以是FeCl3 6H2O，也可以是浓硫酸.从绿色化学实验角度考虑，催化剂X 最好选择 ，其原因可能为 (列举一条)
(4)步骤ⅱ中，加饱和食盐水而不加蒸馏水的原因是 ；分液时，环己烯层应该从分液漏斗的 (填“上口倒出”或“下口放出”)
(5)步骤ⅲ中，完成“弃去”操作，需要的玻璃仪器有 .
(6)该实验中环己烯的产率为 %(保留三位有效数字)
27．（15 分）从某矿渣[成分为NiFe2O4(铁酸镍)、NiO、FeO、CaO、SiO2等]中回收NiSO4的工艺流程如下：已知：① (NH4)2SO4在 350℃以上会分解生成NH3和H2SO4；
②萃取剂(RH)萃取Ni2+的原理为Ni2+ + 2RH NiR2 + 2H+。
回答下列问题：
(1)Ni 在元素周期表中的位置是 。
(2)600℃焙烧时，SiO2几乎不发生反应，NiO、CaO、FeO 转化为相应的硫酸盐。NiFe2O4生成NiSO4、Fe2 SO4 3，发生该反应的化学方程式为 。
(3)“浸渣”的成分除了有Fe2O3、FeO OH 、SiO2外，还含有 (填化学式)。为检验浸出液中是否含有Fe3+，可选用的化学试剂是 。
(4)将“浸取液”冷却到室温，测得溶液中c( Ca2+)= 1.0 × 10-3mol L 1，向其中加入一定量的NaF晶体，搅拌，当溶液中c( F ) = 1.0 × 10 3mol L 1时，除钙率为
%[室温时，Ksp ( CaF2 )= 4.0 × 10 11，除钙率 = 1 × 100%]。
(5)反萃取试剂 X 为 (填化学式)。
(6)资料显示，硫酸镍结晶水合物的形态与温度有如表所示关系：
从NiSO4溶液中获得稳定的NiSO4 H2O 晶体的操作是 、 、
过滤、洗涤、干燥等多步操作。
28．（14 分）减轻汽车尾气对大气的污染，处理 CO、NOx成为了科研工作的热点问题。
(1)已知H2还原 CO合成甲醇的热化学方程式为CO(g) + 2H2(g) CH3OH(g) △H1，CO2(g) + 3H2(g) CH3OH(g) + H2O(g) △H2 = – 49 kJ·mol-1， CO(g) + H2O(g) CO2(g) + H2(g) △H3 = – 41.1kJ·mol-1.则△H1 =kJ·mol-1。
(2)用活化后的 V2O5作催化剂，氨气可以将 NO 还原成 N2。
①V2O5 能改变反应速率是通过改变 。
②在 1 L 的刚性密闭容器中分别充入 6 mol NO、6 mol NH3和适量的O2，控制不同温度，均反应 t min ，测得容器中部分含氮气体浓度随温度的变化如下图所示。图中 A、B、C 一定达平衡状态的是 。NO 浓度始终增大的原因可能是
。
(3)科研人员研究出了一种高效催化剂，可以将 CO 和 NO2 两者转化为无污染气体：2NO2(g) +4CO(g) 4CO2(g) + N2(g) △H＜0.某温度下，向 10 L 恒容密闭容器中充入 0.1 mol NO2和 0.2 mol CO，发生上述反应，随着反应的进行，容器内的压强变化如下表所示：
此温度下，NO2的转化率为 ，反应的平衡常数 Kp =
kPa -1(Kp 为以分压表示的平衡常数)；若保持温度不变，再将 CO、CO2 气体浓度分别增加一倍，则平衡 (填“右移”、“左移”、“不移动”)。
29．（10 分）设计一个实验证明镁盐为小麦幼苗生活必需的无机盐，根据提供的实验材料用品，完成实验步骤，并得出相应结论。
(1)方法步骤：
①取两个洁净的广口瓶编号 A、B，并向 A 中加入一定量的完全培养液甲，向 B 中加入 。
②取长势相似的小麦幼苗分为两组，将其中一组放入 A 瓶中，另一组放入 B 瓶中。
③将两广口瓶置于条件下培养一段时间，观察 。
(2)实验现象：A 瓶 ，B 瓶 。结论： 。
(3)通过以上实验还不能完全证明镁盐为植物生活所必需的无机盐，应如何补充才能说明问题？ 。
30．（10 分）猕猴桃的溃疡病是由假单胞杆菌（利用植株中蔗糖水解成的单糖作为主要营养物质进行繁殖）引起的一种细菌性病害，表现为枝条叶片溃烂，严重时引起植株大面积死亡。科研人员选取金丰（不抗病）和金魁（抗病）两个品种，测定植株不同部位细胞中的蔗糖酶活性，研究其与溃疡病的关系，结果如下图所示。
(1)蔗糖酶只能分解蔗糖而不能分解淀粉，体现了酶的 性。
(2)蔗糖酶活性测定：将等量的金魁和金丰提取液分别加入到 溶液中，反应所得产物与斐林试剂水浴加热后生成 色沉淀，根据沉淀的多少计算出还原糖的生成量，最后通过反应速率反映酶活性。
(3)分析上图可知，金丰中 （填植株的部位）酶活性高于金魁；感病前后金丰酶活性的变化 金魁。
(4)综合分析金丰不抗病的原因是 。
(5)盐角草是世界上最著名的耐盐植物，它能生长在含盐量高达 0.5%—6.5%高浓度潮湿盐沼气中。为探究盐角草从土壤中吸收盐分的方式是主动运输还是被动运输，某同学设计了如下实验，请补全实验步骤。
实验步骤：
A ．取甲、乙两组生长发育状况基本相同的盐角草幼苗，分别放入适宜浓度的同时含有 Ca2+、Na+的培养液中进行培养。
B．甲组给予正常的呼吸条件，乙组 。
C． 。
31．（9 分）细胞中不同生物膜的组成成分和结构很相似，在结构和功能上紧密联系，体现了细胞内各种结构之间的协调和配合。图 1 为细胞中生物膜系统的概念图，C~F 为具膜细胞器（C、D 均为双层膜结构），①②代表分泌蛋白的转移途径。人体细胞的甲、乙、丙三种细胞器，测定其中三类有机物的含量如图 2 所示。请回答下列问题：
(1)A 结构的名称是 ，未能在图中表示出来的具膜细胞器有 。
(2)若该分泌蛋白为激素，可与靶细胞膜上的 结合，引起靶细胞的生理活动发生变化，此过程体现了细胞膜具有 的功能。
(3)图 2 中的甲对应图 1 中的结构 （填字母），图 2 中的乙对应图 1 中的结构 （填字母），图 1 中 C、D 生物膜的功能差别较大，从组成成分角度分析，其主要原因是 。
(4)在分泌蛋白的合成和加工过程中，图 2 中结构丙的位置变化是 。
32．（10 分）某植物性别决定为 XY 型。其高茎（D）与矮茎（d）、红花（F）与白花（f）、抗病（G）与易感病（g）这三对相对性状各受一对等位基因控制。某高茎红花抗病雄株经单倍体育种得到的子代及表型为：高茎白花抗病：高茎红花抗病：矮茎红花抗病：矮茎白花抗病：高茎白花易感病：高茎红花易感病：矮茎红花易感病：矮茎白花易感病=4：1：4：1：4：1：4：1，经基因检测发现子代易感病植株中均无 g 基因。所有个体染色体均正常，不考虑基因突变及致死情况，不考虑 X 和 Y 同源区段。回答下列问题。
(1)控制株高的基因位于 染色体上，判断依据是 。株高与花色两种性状的遗传 （填“遵循”或“不遵循”）自由组合定律，判断依据是
。
(2)据子代表型及比例可推断该雄株的抗病基因 G 位于 染色体上。可以选择该种植物的 （填“精子”或“卵细胞”）进行 G/g 基因检测加以验证，请预测检测结果及结论 。
(3)该雄株与某雌株杂交，子代中矮茎白花植株占 1/25，请画出该雌株控制株高与花色的基因在染色体上的相对位置关系图： （用“——”表示染色体，用“。”表示基因在染色体上的位置）。
（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答如果多做，则每科按所做的第一题计分。
33.【物理—选修3—3】(15分)
(1)(5分)关于热力学定律，下列说法正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A.一定质量的气体等温压缩过程中气体放出的热量等于外界对气体做的功
B.一定质量的气体等容降温过程中气体吸收热量
C.无论对蒸汽机怎样革新，也不能把蒸汽的内能通过做功全部转化成机械能
D.利用降低海水温度放出大量的热量来发电，可解决能源短缺的问题
E.电冰箱正常工作时把箱内低温物体的热量传递到箱外高温物体，不违背热力学定律
(2)(10分)气调保鲜技术可人为控制气调保鲜库中气体中氮气、氧气、二氧化碳等成分的比例，气体的湿度、温度及气压，通过抑制储藏物细胞的呼吸量来延缓其新陈代谢过程，使之处于近休眠状态，从而达到长期保鲜的效果。已知装有某水果的保鲜盒中气体体积为 V，温度为12℃，外界大气压强为 P0，可认为盒内气体压强与外界大气压强相等，盒内气体可视为理想气体，由于保鲜盒上部为柔性材料，则气体体积可膨胀或被压缩。
(i)若当地环境温度升高到27℃，求盒内气体的体积。
(ii)运送至高海拔环境时，大气压强变为0.7P0，温度变为7℃，若放出一部分气体使气体体积恢复到原体积，求放出气体质量与放气前盒内气体质量的比值。
34. 【物理—选修 3—4】（15 分）
I：一条弹性绳子呈水平状态.M 为绳子中点,两端 P.Q 同时开始上下振动,一小段时间后产生的波形如图所示,对于其后绳上各点的振动情况,以下判断正确的是 (填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)
A．两列波将同时到达中点 M B．M 点的位移大小在某时刻可能为零
C．中点 M 的振动总是加强的 D．两列波波速之比为 1:2
E 绳的两端点 P、Q 开始振动的方向相同
II：如图所示，横截面为扇形的玻璃砖 EOD，O 为圆心，半径为 R， COD 45 。一束激光垂直EO边从距离 O 点R处的 P 点入射到玻璃砖中，光线第一次到达圆弧面 ED时恰好发生全反射。
（1）求玻璃砖的折射率；
（2）光在玻璃经过多次反射，从玻璃砖 DO 边的 Q 点射出，已知光在空气中的传播速度为 c，求光从 P 点入射到第一次从 Q 点射出的过程在玻璃砖中传播的时间。
35.【化学——选修 3：物质结构与性质】（15 分）
工业上制备纯碱的原理为：NaCl+CO2+NH3+H2O=NH4Cl+NaHCO3，请回答下列问题：
(1)上述反应体系中出现的几种短周期元素中，第二周期元素电负性由大到小的顺序是
。
(2)反应体系中出现的非金属元素，可形成多种化合物，其中和铵根离子空间构型相同，且属于气态有机物的电子式是 ，该分子为 (填“极性”或“非极性”)分子；
(3)PH3分子与NH3分子结构相似PH3相对分子质量大于NH3，但NH3 沸点高于PH3，其原因是： ；
(4)复兴号高铁车体材质用到 Mn、Co 等元素。Mn 的一种配合物化学式[Mn(CO)5(CH3CN)]，
①Mn 原子的配位数为 ；
②CH3CN 中 C 原子的杂化类型为： ；
③CH3CN 中σ键与π键数目之比为： ；
(5)化合物 FeF3 熔点高于 1000°C 而 Fe(CO)5的熔点却低于 0°C，FeF3 熔点远高于 Fe(CO)5的原因可能是 ；
(6)氧元素可分别与 Fe 和 Cu 形成低价态氧化物 FeO 和 Cu2O；
①FeO 立方晶胞结构如图甲所示，则 Fe2+的配位数为 ；
②Cu2O 立方晶胞结构如图乙所示，若晶胞参数为 apm，则该晶体的密度为
g/cm3(用含 a、NA的代数式表示，NA代表阿伏加德罗常数的值)。
36.【化学——选修 5：有机化学基础】（15 分）
化合物 G 是临床常用的镇静、麻醉药物，其合成路线如下：
回答下列问题：
(1)C 中官能团的名称为 。
(2)X 的化学名称为 。
(3)B→C 的反应类型为 、E→F 的反应类型为 。
(4)由 C 生成 D 的化学方程式为 。
(5)化合物 E 的同分异构体中，能与NaHCO3溶液反应，且 1mol E 可消耗 2molNaHCO3的有 种，其中核磁共振氢谱有 3 组峰，且峰面积之比为 3∶1∶1 的结构简式是 。
(6)参照上述合成路线并结合所学知识，设计仅以 OHCCH2CHO 和CH3OH 为原料制备
的合成路线(无机试剂和溶剂任选) 。
37.【生物—选修 1：生物技术实践】（15 分）
牛、羊等反刍动物具有特殊的器官——瘤胃。在瘤胃中生活着多种微生物，其中许多微生物能分解纤维素。某科研团队按照如图所示的流程分离瘤胃中的纤维素分解菌，实验中需要甲、乙两种培养基。
(1)从①开始分离筛选纤维素分解菌，甲培养基中除含有水、无机盐、氮源外还应有
成分，该培养基按功能来分应为 培养基。
(2)过程②过程所使用的接种方法是 。科研人员先用 0.85%NaCI 溶液进行系列稀释而不用无菌水，原因是 。在培养基表面均加入一层无菌的石蜡，其作用是 。
(3)刚果红可以与纤维素形成红色复合物，但并不与纤维素降解产物纤维二糖和葡萄糖发生这种反应，研究人员在刚果红培养基平板上，筛到了几株有透明降解圈的菌落（见图），图中降解圈大小与纤维素酶的 有关，图中降解纤维素能力最强的菌株是 （填图中序号）
(4)在 5 个细菌培养基平板上，均接种稀释倍数为 10 4的胃部样液 0.1mL，培养一段时间后，平板上长出的细菌菌落数分别为 189、25、417、175 和 179。则每毫升样品中含有细菌数量为 个。
38.【生物—选修 3：现代生物科技专题】（15 分）
大丽轮枝菌（一种丝状真菌）是引起棉花黄萎病的主要病原菌。为观察大丽轮枝菌对棉花根的侵染路径，研究人员利用绿色荧光蛋白基因（sGFP）转染大丽轮枝菌，培育出表达绿色荧光蛋白的转基因菌株，主要过程如下。分析回答下列问题：
(1)PCR 扩增 sGFP 的原理是 ，该过程需要根据 设计特异性引物序列，在 PCR 反应体系中，添加的 dNTP 可提供 。
(2)由图可知：为保证 sGFP 基因可以在大丽轮枝菌细胞中表达，需将 sGFP 插入
之间。
(3)图中 b 链的黏性末端碱基序列（5'→3'）为 。
(4)过程②需要的工具酶是 。
(5)过程③中需要配制细菌培养基，配制时要在培养基灭菌并冷却到 80℃左右后，再加入潮霉素溶液，潮霉素不能与培养基一同灭菌的原因是 。用该培养基筛选培养农杆菌，得到多个菌落，提取全部细菌质粒 DNA，用 BamHI 和 HindⅢ完全酶切，可以得到 种长度不同的 DNA片段。
(6)将导入重组质粒的农杆菌加入大丽轮枝菌的孢子细胞悬液中，在适宜条件下完成转染后利用滤膜过滤得到孢子细胞，再在真菌培养基上培养获得菌落，最终通过检测
筛选出绿色荧光蛋白旺盛表达的大丽轮枝菌。
{#{QQABCQCEogiIABBAAAhCAwFACkAQkBCCAAoGQBAMsAIAwBNABAA=}#}YTUN理科突击班高中 2021级第一次诊断性考试参考答案
理科综合能力测试
1 A ＋． 合成抑制剂，会通过影响 H 的运输而使蔗糖运输速
＋
【来源】福建省莆田市锦江中学 2023-2024学年高三 率下降，而培养基的 pH值低（H 多）于细胞内，有
上学期第一次阶段（开学考）考试生物试题 利于蔗糖的吸收，B正确，D错误；
【分析】糖类是主要的能源物质，脂肪是良好的储 C、植物组织培养过程中，蔗糖可作为碳源并有助于
能物质，ATP是直接能源物质。 维持渗透压，但蔗糖并非唯一碳源，C错误。
【详解】A、帝企鹅蛋的卵清蛋白中 N元素的质量分 故选 B。
数低于 C元素，A错误； 3．B
B、核酸、糖原、蛋白质的合成都经历了“脱水缩合” 【来源】吉林省通化市通化县七中 2023-2024学年高
过程，故都有水的产生，B正确； 三上学期第一次月考生物试题
C、帝企鹅蛋孵化过程涉及基因的选择性表达，故帝 【分析】无氧呼吸全过程：（1）第一阶段：在细胞
企鹅蛋孵化过程有 mRNA和蛋白质种类的变化，C 质基质中，一分子葡萄糖形成两分子丙酮酸、少量
正确； 的[H]和少量能量，这一阶段不需要氧的参与。（2）
D、脂肪是良好的储能物质，雄帝企鹅孵蛋期间不进 第二阶段：在细胞质基质中，丙酮酸分解为二氧化
食，主要靠消耗体内脂肪以供能，D正确。 碳和酒精或乳酸。
故选 A。 【详解】A、玉米根细胞由于较长时间进行无氧呼吸
2．B 导致能量供应不足，使液泡膜上的 H+转运减缓，引
【来源】吉林省通化市通化县七中 2023-2024学年高 起细胞质基质内 H+积累，说明细胞质基质内 H+转运
三上学期第一次月考生物试题 至液泡需要消耗能量，为主动运输，逆浓度梯度，
＋ ＋
【分析】据图可知，H 运出细胞需要 ATP，说明 H 液泡中 H+浓度高，正常玉米根细胞液泡内 pH低于
细胞内＜细胞外，蔗糖通过共转运体进入细胞内借 细胞质基质，A错误；
H＋助 的势能，属于主动运输，据此分析作答。 B 、玉米根部短时间水淹，根部氧气含量少，部分
【详解】A、转运蔗糖时，共转运体的构型会发生变 根细胞可以进行有氧呼吸产生 CO2，检测到水淹的玉
化，但该过程是可逆的，A错误； 米根有 CO2的产生不能判断是否有酒精生成，B正
BD H＋、据图分析可知， 向细胞外运输是需要消耗 确；
ATP的过程，说明该过程是逆浓度梯度的主动运输， C、转换为丙酮酸产酒精途径时，无 ATP的产生，C
H＋ ＋细胞内的 ＜细胞外 H ，蔗糖运输时通过共转运体 错误；
H＋依赖于膜两侧的 浓度差建立的势能，故使用 ATP D、丙酮酸产酒精途径时消耗的[H]与丙酮酸产乳酸
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
途径时消耗的[H]含量相同，D错误。 【分析】1、分析题图：图甲中染色体数目与核 DNA
故选 B。 分子数比为 1:2，但染色体数为 4，所以图甲表示次
4．A 级精母细胞的前期和中期细胞；图乙中染色体数目
【来源】福建省莆田市锦江中学 2023-2024学年高三 与核 DNA分子数比为 1:1，可表示间期或次级精母
上学期第一次阶段（开学考）考试生物试题 细胞的后期。
【分析】分泌蛋白合成与分泌过程：核糖体合成蛋 2、同源染色体，着丝点分裂，染色体移向细胞两极，
白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡 处于减数第二次分裂后期，为次级精母细胞。
→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基 【详解】A、表示次级精母细胞的前期和中期细胞，
体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体 则甲时期细胞中不可能出现同源染色体两两配对的
提供能量。 现象，A错误；
【详解】①③④、根据题干信息“已知 tRNA甲可以 B、若图表示减数分裂Ⅱ后期，则乙时期细胞中含有
识别大肠杆菌 mRNA中特定的密码子，从而在其核 2条 X染色体或 2条 Y染色体，B错误；
糖体上参与肽链的合成肽链”，说明该肽链合成所需 C、图乙中染色体数目与核 DNA分子数比为 1:1，无
能量、核糖体、RNA聚合酶均由大肠杆菌提供， 染色单体数，C错误；
①③④不符合题意； D、因为初级精母细胞的染色体发生片段交换，引起
、
②、据题意可知，氨基酸甲是一种特殊氨基酸，迄 1个 A和 1个 a发生互换，产生了 AXD 、 aXD AY、
今只在某些古菌（古细菌）中发现含有该氨基酸的 aY4种基因型的精细胞，D正确。
蛋白质，所以要在大肠杆菌中合成含有甲的肽链， 故选 D。
必须往大肠杆菌中转入氨基酸甲，②符合题意； 6．C
⑤⑥、古菌含有特异的能够转运甲的 tRNA（表示为 【来源】湖南省衡阳市衡阳县三中 2022-2023学年高
tRNA 甲）和酶 E，酶 E 甲催化甲与 tRNA 结合生成携 三下学期第六次月考生物试题
带了甲的 tRNA 甲（表示为甲－tRNA 甲），进而将甲 【分析】分析题意，植物甲闭花授粉，间行种植基
带入核糖体参与肽链合成，所以大肠杆菌细胞内要 因型为 TT、Tt的植物甲（两者数量之比是 2：1），
含有 tRNA 甲的基因以便合成 tRNA 甲，大肠杆菌细胞 自然状态下进行自交。植物乙为雌雄同株异花，间
内也要含有酶 E的基因以便合成酶 E，催化甲与 行种植基因型为 YY、Yy的植物乙（两者数量之比
tRNA 甲结合，⑤⑥符合题意。 是 2：1），植株乙能自由交配。
②⑤⑥组合符合题意，A正确。 【详解】A、植物甲闭花授粉，自然状态下为自交，
故选 A。 间行种植基因型为 TT、Tt的植物甲（两者数量之比
5．D 是 2：1），即有 2/3TT、1/3Tt，F1中纯合花叶腋生（TT）
【来源】吉林省延边市二中 2022-2023学年高一 5月 的个体所占比例=2/3+1/3×1/4＝3/4，A正确；
期中生物试题 B、间行种植基因型为 YY、Yy的植物乙（两者数量
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABICQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
之比是 1：2），即有 2/3YY、1/3Yy，能自由交配， C．碱性条件下新制氢氧化铜悬浊液中加入少量甲酸
其产生的 y配子的概率是 1/6，Y是 5/6，故正常情 溶液，加热煮沸，产生砖红色沉淀，C错误；
况下植物乙的 F1中籽粒黄色纯合子 YY所占的比例 D．向NaAlO2溶液中滴加NaHSO3溶液发生的反应为：
为 5/6×5/6=25/36，B正确； H2O+AlO-2+HSO-3=Al(OH)3 ↓ +SO2-3 ，所以溶液中
C、间行种植基因型为 TT、Tt的植物甲（两者数量 AlO 结合H+的能力比SO2 2 3 强，D正确；
之比是 2：1），若植物甲含有隐性基因的雄配子（t） 故选 D。
的存活率为 1/2，则 Tt产生雄配子 T：t=2：1，雌配 9．D
子产生的类型及比例为 T：t=1：1，则 F1 中花茎顶 【详解】A．由结构简式可知，化合物 N分子中含有
生个体（tt）所占的比例为=1/3×1/3×1/2＝1/18，C错 的碳碳三键、醛基能与溴水反应使溶液褪色，故 A
误； 错误；
D、正常情况下植物乙（两者数量之比是 1：2），即 B．由结构简式可知，化合物 P分子中苯环和碳碳三
有 2/3YY、1/3Yy，其产生的 y配子的概率是 1/6，Y 键为平面结构，分子中一定共平面的原子有 16个，
是 5/6，若植物乙含有隐性基因的雄配子的存活率为 故 B错误；
1/2，则雄配子是 1/11y、10/11Y，雌配子仍为 1/6y， C．由结构简式可知，P分子中不含有溴原子，则M
5/6Y，F1中籽粒白色个体 yy所占的比例为 与 N一定条件下反应生成 P的同时还有含溴元素的
=1/11×1/6=1/66，D正确。 化合物生成，原子利用率不可能为 100%，故 C错误；
故选 C。 D．由结构简式可知，M分子中含有 4类氢原子，一
7．D 氯代物有 4种，故 D正确；
【详解】A．铝锂合金具有密度低、强度高等优良特 故选 D。
点，适用于制作飞机机身，A正确； 10．B
B．碳纤维属于无机非金属材料，B正确； 【详解】A．原子守恒电荷守恒且符合原理，A正确；
C．砷化镓是良好的半导体材料，C正确； B．H2O2在该反应中作氧化剂，即方程式为
D．高温结构陶瓷是新型无机非金属材料，不是传统 2SSeO2-+H O +2H+=S Se O2-3 2 2 2 2 6 +2H2O，B错误；
的硅酸盐材料，D错误； C．原子守恒电荷守恒且符合原理，C正确；
故答案选 D。 D．原子守恒电荷守恒且符合原理，D正确；
8．D 故选 B。
【详解】A．溶液中若有亚硫酸根离子会生成亚硫酸 11．A
银沉淀，加入硝酸被氧化为硫酸银沉淀沉淀不溶解， 【详解】A．K2S2O8中 K为+1价，S为+6价，则可
A错误； 知 2个氧原子为-1价，即存在一个过氧键，1mol
B．体系中加入少量 KCl固体对平衡没有影响，溶液 K2S2O8中存在 A个非极性共价键，故 A正确；
颜色不变，B错误； B．O2由-1价的 O转化生成，每生成 1mol O2，转
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
移 2 A电子，故 B错误； CaO，加入少量水生成 Ca(OH)2，在常压下加入丙酸
C．标准状况下，SO3不是气体，不能根据体积确定 反应生成(CH3CH2COO)2Ca，“操作Ⅳ”是过滤操作除
其物质的量，故 C错误； 去不溶于水的杂质，“操作Ⅴ”的滤液浓缩后结晶得到
D． (KHSO4) = 0.5mol/L × 0.1L = 0.05mol，溶于 (CH3CH2COO)2Ca固体，过滤后洗涤得到产品，以此
水电离产生K+、H+、SO2 4 ，均为 0.05mol，离子总 解答。
量为 0.05mol×3=0.15mol，即 0.15 A个离子，故 D 【详解】A．“操作Ⅱ”锻烧可以使用酒精灯加热，“操
错误； 作Ⅲ”前加少量水目的是制取石灰乳，故 A错误；
故选：A。 B．由分析可知，“操作Ⅳ”是常压过滤操作，该操作
12．D 用到的玻璃仪器除漏斗外还有烧杯和玻璃棒，故 B
【分析】根据 X、Y、Z构成的化合物的结构，可知， 正确；
X有一条共价键稳定，故 X为 H或者 F、Cl，Y四 C．由分析可知，“操作Ⅴ”的滤液浓缩是在蒸发皿中
条共价键稳定，Y为 C或者 Si，Z两条共价键稳定， 进行，浓缩过程中可用玻璃棒搅拌滤液，故 C正确；
Z为 O或 S，其具有强氧化性，推得-Z-Z-为过氧键， D．“操作Ⅳ”产品干燥前要洗涤，(CH3CH2COO)2Ca
则 Z为 O，X、Y、Z、W是原子序数依次增大的短 在乙醇中溶解性较小，洗涤剂为乙醇，当洗涤后滤
周期元素，则 X为 H，Y为 C，W与 X位于同一主 液为中性时，说明杂质已洗净，故 D正确；
族，故W是 Na。 故选 A。
【详解】A．该化合物为过氧乙酸 CH3COOOH，含 14．A
有碳碳键、氧氧键为非极性键，碳氢键、碳氧键、 【详解】AB. 开普勒在研究第谷的天文观测数据的
氢氧键为极性键，A正确； 基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿发现了万
B．根据化合物的结构式，该化合物中各元素原子均 有引力定律，从而解释了行星按照这些规律运动的
达稳定结构，B正确； 原因，故 A正确，B错误；
C．电子层数相同，核电荷数越大，微粒的半径越小， CD.卡文迪许测出了引力常量 G，被誉为“称量地球
故 O2->Na+，C正确； 质量的人”，故 CD错误。
D．由 X、Y、Z、W四种元素形成的化合物不一定 故选 A。
能与 X、Z、W形成的化合物反应，比如由 X、Y、 15．B
Z、W四种元素形成的化合物 CH3COONa与 X、Z、 【详解】光速和声速相差很大，光传播约 4.1 km的
W形成的化合物 NaOH，不反应，D错误。 距离时，所用时间非常短，对于估算来说完全可以
故选 D。 忽略，则：
13．A v 340m/ s 0.34km/ s 1 km/ s
声 3
【分析】以牡蛎壳(CaCO3)为原料制备食品级添加剂
故传播距离：
丙酸钙 (CH3CH2COO)2Ca ，粉碎后高温煅烧生成
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
R R
x v t 1 12.3km=4.1km 0 100% 50%
声 3 R0 R r
故这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生位 在滑动变阻器 R的滑片由 a缓慢地向 b滑动的过程
置与观察考间的距离的；当光速和声速相差不大时 中，电源效率先增大后减小，D正确。
则不能用此方法估算，则选项 B正确，ACD错误。 故选 D。
故选 B。 17．C
16．D 【详解】在转动过程中，刚开始转动角度较小时，
【详解】A．滑动变阻器左右两部分并联，在滑片由 受力分析如图 1，末状态受力分析如图 2
a向 b移动的过程中，并联总电阻先增大后减小，滑
片滑至中间位置时，并联电阻最大，为 1Ω，因此路
端电压先增大后减小，电容器两端电压等于路端电
Q
压，由C 可知Q CU，则其带电荷量先增大后
U
减小，A错误；
B．定值电阻 R 20消耗的功率 P I R0，滑动变阻器滑
片滑至两端时，外电阻最小时，电流最大，定值电 AC边弹力 FAC垂直于边 AC，BC边弹力 FBC垂直于
阻 R0的功率最大，B错误；
边BC，由几何关系，则
C．将定值电阻等效成电源内阻，滑动变阻器消耗功
1 180 C 140
率即可等效为电源输出功率，理论上滑动变阻器接
在转动过程中， 1不变， 2由锐角变为钝角， 3
入电路的阻值等于 R0 r 3Ω时，滑动变阻器消耗功 由钝角变为直角，由
率最大，但滑动变阻器在该电路中的最大阻值是 1Ω， mg F F AC BC
sin 1 sin 2 sin 3
因此在滑动变阻器滑片由 a端滑向中间位置的过程
故 AB边始终没有弹力， FBC一直增大，FAC先变大
中，其消耗的功率逐渐增大，之后由中间位置滑向 b
后变小。
端过程中，消耗的功率逐渐减小，滑片在中间位置
故选 C。
时滑动变阻器的功率最大，其最大值为
18．A
2 2
P I 2

R E 4 R 1W 1W
R0 r R 1 2 1
【详解】A．对 a，由平衡条件得

Mg sin 30 T
C错误；
对 O点受力分析，由平行四边形定则得
D．滑动变阻器滑片在中间位置时
2T cos60 mg
R外 R R0 2Ω
联立解得
此时外电路电阻最大，电源效率最大，最大值为
M=2m
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
故 A正确； I ft kvt kx
B．如图所示 其中 x表示位移，上升和下降的位移相等，球上升阶
段阻力的冲量等于下落阶段阻力的冲量，故 B错误；
C．设上升时加速度为 a，根据牛顿第二定律可知
mg kv ma
取极短Δt时间，速度变化量为
AO与 BO关于水平虚线对称，AC水平。将 P端缓 v a t (g kv ) t
m
慢向上移动一小段距离， BO OP长度不变，即 AP
由于
的长度不变。则
v t h
sin AC
AP 上升全程速度变化量为
不变，即 OP与 PC夹角不会变。则拉力不会变。可 k v g t h 0 vm 0
知 a与斜面之间仍然没有摩擦力。故 B错误；
则
C．将竖直杆缓慢向右移动一小段距离，AC变长，
v0 gt
k
1 H
角变大。对 O点，有 m
2T cos mg 解得
H (v0 gt1)v1
可见，拉力变大，a 有上滑趋势，将受到沿着斜面向 g
下的摩擦力。故 C错误； 故 C正确；
D．剪断定滑轮与 a之间轻绳的瞬间，a有下滑趋势， D．空气阻力与其速率成正比，最终以 v1匀速下降，
由于不知道摩擦因数，即摩擦力的大小，无法判断 根据平衡条件有
其运动情况，即无法求 a的加速度。故 D错误。 mg kv1
故选 A。
解得
19．CD
k mg
v
【详解】A．图像与时间轴围成的面积表示位移，由 1
小球抛出瞬间，根据牛顿第二定律可得
于上升过程和下降过程中的位移相等，上升阶段平
均速度大于下降阶段平均速度，根据公式 mg kv0 ma
v x 解得
t
v0
可知上升时间小于下降时间，故 A a g(1 )错误； v1
B．阻力为 故 D正确。
f kv 故选 CD。
则阻力的冲量为 20．AC
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
【详解】若 v2 v1，(1)P与皮带间的最大静摩擦力大 m g m ga Q P
mP mQ
于 Q的重力，则 P将沿皮带向右加速直至和皮带的
加速度的大小比减速到与皮带速度相等阶段的小，
速度相等后变为匀速，且加速时的加速度大小
t t
m g m g 又 0时 P离开传送带，若从右侧离开，物体在
0 t0
a P Q
mP mQ
内位移向右；若从左侧离开，物体在0 t0内位移为
(2) P与皮带间的最大静摩擦力等于 Q的重力，则 P
零．速度时间图像与坐标轴围成面积表示位移。
将沿皮带向右匀速；
故选 AC。
(3)P与皮带间的最大静摩擦力小于 Q的重力，则 P
21．CD
将沿皮带向右减速至零后回头加速，且此过程中物
【详解】BC．由于 m2为各处光滑的带有四分之一圆
体受力不变，加速度不变，加速度大小
弧，则 m1和 m2组成的系统机械能守恒且在水平方向
mQg mPga 动量守恒，则 m1滑到最高点时有
mP mQ
m1v0= (m1 + m2)v 共
若 v2 v1，(1)P与皮带间的最大静摩擦力大于等于 Q 1 m1v
2 1
0 (m1 m2 )v
2 m gh
2 2 共 1
的重力，则 P将沿皮带向右匀速；
将m1 m2代入解得
(2)P与皮带间的最大静摩擦力小于 Q的重力，则 P
v0 v
2
0
将沿皮带向右减速至零后回头加速，且此过程中物 v共= ， h 2 4g
体受力不变，加速度不变，加速度大小 B错误、C正确；
m g m g AD．m1滑上 m2又返回直到 m1离开 m2的整个过程
a Q P
mP mQ 中，系统水平方向动量守恒。选取向右为正方向，
若 v2 v1，物体 P将先减速到与皮带速度相等，此过 由动量守恒定律得
m1v0= m1v1 + m2v2
程中加速度大小
假设是弹性碰撞，由机械能守恒得
mPg ma Q
g
m m 1 m v2 1P Q m v
2 1 m v2，
2 1 0 2 1 1 2 2 2
接下来情况为 解得
(1)P与皮带间的最大静摩擦力大于等于 Q的重力， v 2m 1 v v m1 m 22 m m 0 ， 1
v
m m 01 2 1 2
则 P将沿皮带向右匀速；
如果 m1 < m2，则 v1 < 0，即 m1离开 m2后速度方向向
(2)P与皮带间的最大静摩擦力小于 Q的重力，则 P
左，滑块向左做平抛运动；
将沿皮带向右减速至零后回头加速，此过程中物体
如果 m1= m2，则 v1= 0，即 m1离开 m2时速度为零，
受力不变，加速度不变，加速度大小
滑块做自由落体运动；
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABICQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
如果 m > m ，则 v > 0，即 m 离开 m 后速度方向水 1 2M 1 11 2 1 1 2
a g m g
平向右，滑块向右做平抛运动，A错误，D正确。
由题意可知
故选 CD。
b 1
22． 1 倾斜木板与水平面的夹角（或者 A g
解得
点到位移传感器的高度） AB/BA
1
【详解】（1）[1]根据匀变速直线运动的规律 g b
x aT 2 24．（1） 4m / s2、8m / s2；（2）4.32m；（3）3.2m/s
得 【详解】（1）假设 bc之间无相对滑动一起向左加速
a x (10 6) 10
2
2 2 m/s
2 1m/s2 运动，则加速度
T 0.2
' F 2 2mg 24 0.6 20 2 2 2
（2）[2]选取木块为研究对象，根据牛顿第二定律得 a m/s =6m/s a 1g 4m/s2m 2
mg sin mg cos ma
得 则 bc之间要产生相对滑动，其中 b的加速度为
g sin a ab 1g 4m/s
2
g cos
可知要测定动摩擦因数，还需测出斜面倾角（或 A F 1mg 2 2mg mac
点到位移传感器的高度）。
得
（3）[3]根据（2）的分析可知，在实验中，为了减
a 2c 8m/s
少实验误差，应使木板运动的时间长一些，可以：
（2）a球从抛出到落到 b槽内的时间
减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等，
传感器开始的计时时刻不一定必须是从木块从 A点 t 2h 0.6s
g
释放的时刻，故 AB正确，C错误。
m 1 此过程中 a球的水平位移
23． 1.13 g
2M m b xa v0t 3.6m
【详解】（1）[1]打 H点时重锤 A的瞬时速度等于打
在时间 t内槽 b的位移为
G、J两点间的平均速度，即
1
v GJ (8.50 4.00) 10
2 xb abt
2 0.72m
H m/s 1.13m/s 22T 2 0.02
球 a抛出时，凹槽 b与球 a之间的水平距离
（2）[2][3]对 A、B、C整体根据牛顿第二定律有
(M＋m)g－Mg = (2M＋m)a x0=xa xb 4.32m；
则 25．（1） FN 100N；（2）1.25m；（3）W f 10J
a m g
2M m 【详解】（1）物体 A从释放到进入圆弧前做自由落
整理得 体运动
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{#{QQABICQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
v2A1 2gh vA2 10m / s
刚进入圆弧时，由牛顿第二定律 物块 A从静止释放到与木板 A碰撞前，由动能定理
v2A1 m g (h R) W 1FN m
2
A R A
f m v2 A A 2
联立解得 解得物体 A经过圆弧时克服阻力做的功
FN 100N W f 10J
由牛顿第三定律得物体 A刚进入圆弧时对轨道的压 26．(1)将温度计的水银球置于支管口处；将锥形
力为 100N； 瓶上塞子去掉（2分）
（2）物块 C从开始运动到与长木板具有相同速度过 (2)从冷凝管 m口通冷凝水（1分）
程中 (3) FeCl3 6H2O （2分） 浓硫酸易使原
m a m g 料碳化并产生SO2或FeCl3 6H2O污染小，可循环C C C
使用（2分）
解得
(4) 增大水溶液的密度，便于分层 （2分）
aC 2m / s
2
上口倒出（1分）
物块 C运动距离
(5)漏斗、烧杯、玻璃棒（2分）
s 1 a t 2 1C C 2 1
2m 1m
2 2 (6)52.2（2分）
物块 C在 B的右端时两者具有相同的速度 【分析】在催化剂作用下环己醇发生消去反应生
vB2 vC aCt 2 1m / s 2m / s 成环己烯和水，通过蒸馏得到粗产品，结合物质
m g 0.2 1 10 的性质差异、问题分析解答。a CB m / s
2 0.5m / s2
mA mB 1 3 【详解】（1）根据装置图可知错误是温度计水银
由速度公式得木板刚开始运动时速度
球位置和锥形瓶的塞子没有去掉，正确的做法是
vB1 vB2 aBt 2 0.5 1 2.5m / s 将温度计的水银球置于支管口处；将锥形瓶上塞
木板 B运动距离 子去掉。
s vB1 vB2 t 2 2.5 1 2.25m （2）由于是蒸馏装置，所以步骤ⅰ中，“加热”前，B 2 2
不能忘记的实验操作是从冷凝管 m口通冷凝水；
则长木板 B的长度
（3）由于浓硫酸具有强氧化性，易使原料碳化并
L sB sC 2.25 1 1.25m
产生SO2、另外FeCl3 6H2O污染小，可循环使用，
（3）物块 A与木板 B碰撞过程中动量守恒
所以催化剂 X最好选择FeCl3 6H2O；
mAvA2 mA mB vB1 （4）向馏出液中加入氯化钠至饱和，增加水层的
解得 密度，有利于分层；根据表格中的密度数据可知
环己烯的密度小于水，则有机层在上层，水层在
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{#{QQABICQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
下层，则分液操作为将下层水溶液自分液漏斗下 会分解生成NH3和H2SO4，且在 600℃焙烧时，
端活塞放出，上层的有机粗产品自漏斗的上口倒 NiFe2O4生成NiSO4、Fe2 SO4 3，因此反应的化学
出； 600℃ 方程式为 4 NH4 2SO4 + NiFe2O4 NiSO4 +
（5）步骤ⅲ中，完成“弃去”操作，需要的玻璃仪
Fe2 SO4 3 + 8NH3 ↑+ 4H2O。
器有漏斗、烧杯、玻璃棒；
（3）矿渣研磨后加入硫酸铵焙烧得到矿渣，加入
（6 20×0.97）20mL环己醇的物质的量是 mol＝
100 热水浸泡，浸渣为Fe2O3、FeO OH 、SiO2、CaSO4；
0.194mol，理论上生成环己烯的质量是 检验浸出液中是否含有Fe3+，可选用的化学试剂
0.194mol×82g/mol 8.3＝15.908g，所以产率是 × 是 KSCN溶液。
15.908
（4） Ca2+ = 1.0 × 10 3mol L 1，向其中加入
100%≈52.2%。
一定量的 NaF晶体，搅拌，当溶液中 F = 1.0 ×
27．(1)第四周期第Ⅷ族（2分）
3 1 2+ 4×10 11
(2)4 NH SO 600℃
10 mol L 时， Ca = 2 = 4 × 3
4 2 4 + NiFe2O4 NiSO4 + 1.0×10
3 5
Fe2 SO4 3 + 8NH3 ↑+ 4H2O（2分） 10
5 mol L 1 1.0×10 4×10，除钙率为 ×
1.0×10 3
(3) CaSO4 （2分） KSCN溶液（1分） 100% = 96%。
(4)96（2分） （5）由信息②萃取剂(RH)萃取Ni2+的原理为
(5)H2SO4（2分） Ni2+ + 2RH NiR2 + 2H+，可知反萃取试剂 X应
(6) 蒸发浓缩（2分） 冷却至30.8～53.8℃
该选用H2SO4，增大H+浓度，使上述平衡逆向移
之间结晶（2分）
动，又不引入新的杂质。
【分析】某矿渣的主要成分是 NiFe2O4、NiO、FeO、
（6）从NiSO4溶液中获得稳定的NiSO4 H2O晶体
CaO、SiO2等,加入硫酸铵研磨后,600℃焙烧，
的操作是蒸发浓缩、冷却至 30.8～53.8℃之间结晶、
(NH4)2 SO4 在 350℃以上会分解生成NH3和H2SO4，
过滤、洗涤、干燥等多步操作。
NiFe2O4在焙烧过程中生成 NiSO4、Fe2(SO4)3，在 28． –90.1（2分） 反应的活化能(或反
95℃的热水中浸泡过滤得到“浸取液”，“浸渣”的成
应路径) （2分） B C （2分） NH3和 O2
分除 Fe2O3、FeO(OH)、CaSO4外还含有 SiO2；“浸
反应生成的 NO大于消耗（2分） 50%（2分）
取液”中加人 NaF除去钙离子,过滤得到滤液加人
0.02（2分） 不移动（2分）
萃取剂得到无机相和有机相，无机相通过操作M
【详解】(1) 反应①CO(g) + 2H2(g) CH3OH(g)
得到硫酸镍晶体,有机相加人“反萃取剂”可循环使
△H1，②CO2(g) + 3H2(g) CH用。 3OH(g) + H2O(g)
【详解】（1）Ni在元素周期表中的位置是第四周 △H2 = – 49 kJ·mol-1， ③CO(g) + H2O(g) CO2(g)
期第Ⅷ族。
+ H2(g)△H3 = – 41.1 kJ·mol-1.则利用盖斯定律得
（2）由题干信息①可知，NH4 2SO4在 350℃以上
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
反应①-②=③，可知ΔH1=ΔH2+ΔH3=-49.0 0.05mol = 2 ， (CO ) =
0.05mol+0.1mol+0.1mol+0.025mol 总 11 总 2
kJ·mol-1+(-41.1kJ·mol-1)=-90.1kJ·mol-1，答案为：
(CO ) = 0.1mol2 =
4 ,
-90.1 0.05mol+0.1mol+0.1mol+0.025mol
总 11 总
；
0.025mol 1
(2)①催化剂通过参与反应改变反应历程，降低反 (N2) = = 0.05mol+0.1mol+0.1 ，mol+0.025mol 总 11 总
应的活化能来提高反应速率，故答案为：反应的 N × 4 =137.5kPa ， = 2 CO2总 2 NO 4 CO ，解得：p 2 ×
活化能；
Kp=0.02kPa-1 K= N
4
2 × CO。该温度下， 22 = NO × 4 CO
②温度越高，反应速率越快，相同时间内氮气的 2
0.0025×0.014
物质的量浓度越大，达到平衡所需的时间越小、 = 100，若平衡后，再将 CO、CO 气体0.0052×0.014 2
由图知，B氮气物质的量浓度达到最大值，则 A 的浓度分别增加一倍，因为 c(CO)=c(CO2)，则
还未平衡、B已达到平衡，升高，平衡超吸热方向 Qc=K，平衡不移动。答案为：0.02；不移动。
移动，导致氮气物质的量浓度下降。则图中 A、B、 29．(1) 等量的缺镁的完全培养液乙（2分）
C一定达平衡状态的是 BC。混合气体中，氨气催 相同的适宜 （1分） 小麦幼苗的生长状况（1
化氧化生成 NO、NO又被消耗得到二氧化氮等、 分）
则 NO浓度始终增大的原因可能是：NH3和 O2反 (2) 小麦幼苗生长正常（1分） 小麦幼苗
应生成的 NO大于消耗。 不能正常生长 （1分） 镁盐是植物生活所必
(3)由表中数据可知，向 10L恒容密闭容器中充入 需的无机盐（1分）
0.1 mol NO2和 0.2 mol CO，10min时反应处于平 (3)再向 B瓶中添加适量镁盐后，若小麦幼苗能恢
衡状态，体系内压强由 150kPa减少到 137.5kPa， 复正常生长，则进一步证明镁盐为植物生活所必
设平衡时转化的 NO2的物质的量浓度为 2x，由题 需的无机盐（3分）
c(CO)=0.2mol意可知，起始时， =0.02mol·L 1， 【来源】云南省昆明市西南大学官渡实验学校
10L
-1 2023—2024学年高一 9月月考生物试题c(NO2)=0.01mol L 。列三段式进行计算得：
【分析】根据题意分析，本实验是验证“镁是小麦
2NO2 g + 4CO g 4CO2 g + N2 g
幼苗生长必需的无机盐”，实验的变量是否含有镁，
起始/ mol·L-1 0.01 0.02 0 0
转化/ mol·L-1 2 4 4 其 它条件都应相同如光照、适宜的温度，并及时
平衡/ mol·L-1 0.01 2 0.02 4 4
浇水。

起始= 起始 0.01+0.02 = 150kPa则 ，即 ，解得：
0.01-2 +0.02-4 +4 + 137.5kPa
平衡 平衡 【详解】（1）设置对照实验，自变量由于是营养
x=0.0025mol L-1。则 NO2的转化率为 液中镁盐的有无，所以实验组（B瓶）中加入的培
2×0.0025mol L-1
-1 × 100%=50% ，平衡时的 养液是等量的缺镁的完全培养液乙；培养条件属0.01mol L
于无关变量，所以培养条件要相同且适宜，培养
n(NO2)=0.05mol，n(CO)=n(CO2)=0.1mol，
一段时间后，观察小麦幼苗的生长状况。
n(N2)=0.025mol。根据 p(A)= × A总 ， (NO ) = 2
总 （2）因为该实验为验证性实验，故实验预期 A瓶
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中幼苗能正常生长，B瓶中幼苗不能正常生长；说 分解淀粉，体现了酶的专一性。
明镁盐为植物（小麦幼苗）生活所必需的无机盐。 （2）蔗糖属于二糖，被蔗糖酶分解后产物是葡萄
（3）从科学研究的严谨角度出发，为进一步证实 糖和果糖，即产生还原糖，还原糖可与斐林试剂
A、B两瓶中玉米幼苗生长状况的差异是由于镁元 反应，实验设计应遵循单一变量原则，故将等量
素供应不同引起的，还应增设自身前后对照，即 的金魁和金丰提取液分别加入到等量的蔗糖溶液
在缺镁的完全培养液乙中加入一定量的含镁的无 中，反应所得产物能与斐林试剂发生作用，水浴
机盐，观察一段时间后 B瓶中小麦幼苗能否恢复 加热后生成砖红色沉淀。
正常生长，如一段时间后 B瓶中小麦幼苗恢复正 （3）分析上图可知，金丰中枝条中和叶片酶活性
常生长，则进一步验证镁盐一定是植物（小麦幼 均高于金魁；感病前后金丰酶活性的变化大于金
苗）生活所必需的无机盐。 魁。
30．(1)专一（1分） （4）据图分析，金丰不抗病的原因是金丰本身蔗
(2) 等量的蔗糖（1分） 砖红（1分） 糖酶活性较高，感病后蔗糖酶活性又明显升高，
(3) 枝条和叶片（1分） 大于（或高于） 蔗糖酶将植株中的蔗糖水解为单糖为假单胞杆菌
（1分） 提供营养，加速其繁殖。
(4)金丰本身蔗糖酶活性较高，感病后蔗糖酶活性 （5）本实验的目的是探究盐角草从土壤中吸收盐
又明显升高，蔗糖酶将植株中的蔗糖水解为单糖 分的方式是主动运输还是被动运输，无机盐的跨
为假单胞杆菌提供营养，加速其繁殖。（2分） 膜运输过程不可能是自由扩散，因此这里的主动
(5) 抑制细胞呼吸（没有能量供应）（1分） 运输和被动运输的区别在于是否需要消耗能量，
一段时间后测定两组植株根系对 Ca2+、Na+的吸收 因此实验设计中的自变量是能量供应是否正常，
速率，也可检测培养液中两种离子的浓度变化（2 因变量是培养液中相关盐分的量的变化，因此设
分） 计了如下实验。
【来源】新疆克拉玛依市一中 2023-2024学年高三 ①实验步骤：A.取甲、乙两组生长发育状况基本
8月月考生物试题 相同（无关变量相同且一致）的盐角草幼苗，分
【分析】据图分析：左图中可以看出感病后枝条 别放入适宜浓度的同时含有 Ca2+、Na+的培养液中
细胞中的蔗糖酶活性增大，假单胞杆菌利用植株 进行培养。B.甲组给予正常的呼吸条件，乙组设法
中蔗糖水解成的单糖作为主要营养物质进行繁殖， 抑制细胞呼吸（没有能量供应）。C.一段时间后测
会使枝条叶片溃烂，严重时引起植株大面积死亡。 定两组植株根系对 Ca2+、Na+的吸收速率，也可检
右图中叶片中蔗糖酶活性感染后增大，但增大的 测培养液中两种离子的浓度变化。
幅度小于枝条。 ②实验结果及结论：若实验结果表现为甲组 Ca2+、
【详解】（1）酶的专一性是指一种酶只能催化一 Na+的吸收速率（含量）低于乙组 Ca2+、Na+的浓
种或一类化学反应，蔗糖酶只能分解蔗糖而不能 度，则能说明两种离子的吸收方式为主动运输，
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
反之则不能说明。 （4）丙含有核酸但不含脂质，不具有膜结构，故
31．(1) 核膜（1分） 液泡和溶酶体（1分） 丙是核糖体，在分泌蛋白的合成和加工过程中，
(2) 受体（1分） 进行细胞间的信息交流 核糖体从细胞质基质中转移至内质网上，肽链合
（1分） 成完成后从内质网上脱落。
(3) D（1分） E、F （2分） 生物 32．(1) 常（1分） 高茎雄株经单倍体育
膜中蛋白质的种类和数量不同（1分） 种得到的子代既有高茎又有矮茎（1分） 不
(4)从细胞质基质中转移至内质网上，肽链合成完 遵循（1分） 子代高茎白花、高茎红花、矮
成后从内质网上脱落（1分） 茎红花、矮茎白花四种表型比例不是 1：1：1：1
【来源】湖北省武汉市武钢三中 2022-2023学年高 （2分）
三 7月月考生物试题 (2) X或 Y（1分） 卵细胞（1分） 若
【分析】分析图 1，A双层膜结构的是核膜，B是 检测到 G或 g基因，则该雄株的抗病基因 G位于
细胞膜，C表示叶绿体，D表示线粒体，E表示内 X染色体上或者若都未检测到 G或 g基因，则该
质网，F表示高尔基体。 雄株的抗病基因 G位于 Y染色体上（2分）
分析图 2，脂质和蛋白质是生物膜的重要组成成分，
这说明甲和乙含有膜结构，丙没有膜结构；甲含
(3) （1分）
有核酸，在动物细胞中应该是线粒体；乙不含核
酸，可能是内质网、高尔基体、溶酶体；丙含有
【来源】山东省济南市 2023-2024学年高三上学期
核酸，应该是核糖体。
开学摸底生物试题
【详解】（1）生物膜系统由细胞膜、核膜及细胞
【分析】单倍体育种的过程包括花药离体培养和
器膜组成，A双层膜结构的是核膜。B是细胞膜，
秋水仙素处理，某高茎红花抗病雄株经单倍体育
C表示叶绿体，D表示线粒体，E表示内质网，F
种得到的子代及表型为：高茎白花抗病：高茎红
表示高尔基体，未能在图中表示出来的具膜细胞
花抗病：矮茎红花抗病：矮茎白花抗病：高茎白
器有溶酶体、液泡。
花易感病：高茎红花易感病：矮茎红花易感病：
（2）若该分泌蛋白为激素，激素作为信息分子能
矮茎白花易感病=4：1：4：1：4：1：4：1，考虑
与靶细胞膜上的受体（受体蛋白）结合，从而引
茎的高矮和花色两对基因，形成的配子比为说明
起靶细胞的生理活动发生变化，体现了细胞膜具
产生的配子的种类及比例为 Df：DF:dF:df =4：1：
有信息交流的功能。
4：1，可判断 D和 f在一条染色体，d和 F在一条
（3）图 1中的 D对应图 2中的甲，都可表示线粒
染色体，且经基因检测发现子代易感病植株中均
体。图 1中的 E、F分别为内质网、高尔基体，与
无 g基因，说明控制感病和易感病性状的基因位
图 2中的乙对应。由于图 1中 C、D生物膜所含蛋
于 X或 Y染色体上。
白质的种类和数量不同，因此二者功能差别较大。
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{#{QQABCIQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
【详解】（1）单独分析株高的基因，高茎雄株经
单倍体育种得到的子代既有高茎又有矮茎，说明
为杂合子，基因位于常染色体上，若基因在 X或 位置关系为 。
Y染色体上，雄性只有纯合子。单倍体育种的过
程包括花药离体培养和秋水仙素处理，某高茎红 33.略
34．ABE（5分）
花抗病雄株经单倍体育种得到的子代及表型为：
【详解】AD、由题意可知，波在同种介质传播，
高茎白花抗病：高茎红花抗病：矮茎红花抗病：
所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到
矮茎白花抗病：高茎白花易感病：高茎红花易感
达M点，故 A正确，D错误；
病：矮茎红花易感病：矮茎白花易感病=4：1：4：
B、由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不
1：4：1：4：1，只考虑茎的高矮和花色两对基因，
总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻
形成的配子比为 Df：DF:dF:df =4：1：4：1，可判
位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为
断 D和 f在一条染色体，d和 F在一条染色体，不
零，故 B正确；C错误；
符合自由组合定律，即子代高茎白花、高茎红花、
E、据波的传播特点可知，各质点的起振方向与
矮茎红花、矮茎白花四种表型比例不是 1：1：1：
波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起
1，不符合自由组合。
振方向都是向上振动，故 E正确．
（2）据子代表型及比例可推断该雄株的抗病基因
综上所述本题答案是：ABE
G位于 X或 Y。可以选择该种植物的卵细胞进行
2 3 (6 3)R
G/g基因检测加以验证，若检测到 G或 g基因， 34．（2）：（1） n ；（2） t 3 3c
则该雄株的抗病基因 G位于 X染色体上或者若都 【详解】（1）激光垂直EO边射入玻璃砖后，其光
未检测到 G或 g基因，则该雄株的抗病基因 G位 路如图所示
于 Y染色体上，若利用精子进行检查，则无论在
X还是在 Y上，都有一半出现 G或 g基因，无法
判断。
（3）该雄株与某雌株杂交，子代中矮茎白花植株
占1/25，该雄株产生白花矮茎df配子的概率是1/10，
因
雌株产生白花矮茎 df配子的概率是 2/5，df和 DF
3
的配子一样多，即雌株产生 Df：DF:dF:df =1：4： OP R2
1：4，发生互换时一半亲本类型更多，故基因的 则
sin 3 OAP
2
可知临界角
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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{#{QQABICQQiECoEgoAgIiAIABBABAAAQAghCCEAwwEFAACCEkCAQkBACCAIAooGGgQBABMAMsAsAAIAQwABFNAABBAAAA==}#}#} }
C OAP 60 35.
恰好第一次在 A处发生全反射，根据 (1)O>N>C
n 1
sinC
(2) 非极性
解得
1 2 3 (3)NH3分子之间可形成氢键n
sin60 3 (4) 6 sp、sp3 5：2
（2）如图所示
(5)FeF3为离子晶体，Fe(CO)5为分子晶体，一般情况
下，离子晶体的熔沸点高于分子晶体
(6) 6 1443 × 1030NA
由几何关系
OAB OAP OBQ 60 【详解】（1）上述反应体系中第二周期元素有 C、N、
有光在玻璃砖中通过的路程 O三种，随原子序数的增加电负性增强，则电负性：
s R cos60 R L O>N>C；BQ
（2）铵根离子空间构型为正四面体形，与其构型相
由题知
COQ 45 同且属于气态有机物是甲烷，甲烷电子式为：
则
OQB 75 ，正负电荷中心重合，属于非极性分子；
（3）N的电负性强于 P，NH3分子之间可形成氢键，
由正弦定理有
L R 使其沸点高于 PH3；BQ
sin 45 sin 75 （4）①由配合物的组成可知，Mn原子的配位数为 6；
则
②CH3CN中-CH3中 C原子采用 sp3杂化，-CN中 C
LBQ ( 3 1)R 原子采用 sp杂化；
所以 ③CH3CN中含 5个σ键与 2个π键，个数比为 5：2；
s 3 R ( 3 (2 3 1) R 1)R （5）F的电负性很大，与 Fe形成离子键，FeF3为离
2 2
子晶体，而 Fe(CO)5为分子晶体，一般情况下，离子
光在玻璃中的传播速度
c 晶体的熔沸点高于分子晶体；v
n （6）①由 FeO的晶胞结构，以体心 Fe2+为观察对象，
t s
v 可知 Fe
2+的配位数为 6；
解得 ②由晶胞结构可知黑球位于体内个数为 4，白球位于
t (6 3)R 顶点和体心，个数为 2，黑球代表 Cu，白球代表 O，
3c
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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144
晶胞的质量为： g，晶胞的体积为(a×10-10)3cm3，
NA
144
则晶胞密度为： × 1030 X为 ；一定条件下 与。
N 3A
36．(1)羧基、酯基
(2)2—溴戊烷 反应生成 。
(3) 氧化反应 取代反应 【详解】（1）由结构简式可知，C分子的官能团为羧
H2SO4
(4)HOOCCH COOCH +CH OH CH OOCCH CO 基、酯基，故答案为：羧基、酯基；2 3 3 3 2
Δ
OCH3+H2O
（2）由分析可知，X的结构简式为 ，名称
(5) 9 为 2—溴戊烷，故答案为：2—溴戊烷；
O2 CH3OH （3）由分析可知，B→C的反应为在催化剂作用下
(6)OHCCH2CHO → HOOCCH2COOH → CH
催化剂，Δ 浓硫酸，Δ OHCCH2COOCH3与氧气共热发生催化氧化反应生
3OOCCH2COOCH3
成 HOOCCH2COOCH3，E→F的反应为
与 发生取代反应
生成 和溴化氢，故答案为：氧化反
应；取代反应；
（4）由分析可知，由 C生成 D的反应为在浓硫酸作
【分析】由有机物的转化关系可知，CH3COOCH3与
用下，HOOCCH2COOCH3与甲醇共热发生酯化反应
HCOOC2H5在碱中共热反应生成 OHCCH2COOCH3，
生成 CH3OOCCH2COOCH3和水，反应的化学方程式
在催化剂作用下 OHCCH2COOCH3与氧气共热发生
H2SO4
催化氧化反应生成 HOOCCH2COOCH3，在浓硫酸作 HOOCCH2COOCH3+CH3OH CH3OOCCH2COOCΔ
用下，HOOCCH2COOCH3与甲醇共热发生酯化反应 H3+H2O，故答案为：
生成 CH OOCCH COOCH H2SO43 2 3，CH3OOCCH2COOCH3 HOOCCH2COOCH3+CH3OH CH3OOCCH2COOC
Δ
与一溴甲烷在甲醇钠作用下发生取代反应生成
H3+H2O；
（5）1 mol化合物 E的同分异构体能与 2mol碳酸氢
，
钠溶液反应说明有机物分子中含有 2个羧基，同分
异构体可以视作丁烷分子中的氢原子被 2个羧基取
与 发生取代反应生成 ，则 代所得结构，其中正丁烷分子中的氢原子被 2个羧
基所得结构有 6种，异丁烷分子中的氢原子被 2个
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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O CH OH
羧基所得结构有 3种，共有 9种，其中核磁共振氢 2 3OHCCH2CHO → HOOCCH2COOH → CH3O
催化剂，Δ 浓硫酸，Δ
谱有 3组峰，且峰面积之比为 3：1：1的结构简式
OCCH2COOCH3
为 ，故答案为：9；
；
（6）由上述合成路线并结合所学知识可知，以
。
37．(1) 纤维素 选择
OHCCH2CHO和CH3ONa为原料制备 的 (2) 稀释涂布平板法 0.85%NaCl溶液浓度
合成步骤为甲醇与溴化氢发生取代反应生成一溴甲
与细胞等渗，可维持细胞形态 瘤胃中的纤维素
烷，与钠反应生成甲醇钠；OHCCH2CHO在催化剂
分解菌属于厌氧微生物，石蜡密封创设无氧环境，
作用下与氧气发生催化氧化反应生成
有利于瘤胃中的纤维素分解菌生长发育
HOOCCH2COOH，在浓硫酸作用下 HOOCCH2COOH
(3) 量与活性 ①
与甲醇共热发生酯化反应生成
(4)1.81×107
CH3OOCCH2COOCH3，在甲醇钠作用下，
【来源】辽宁省部分学校 2023-2024学年高三上学期
CH3OOCCH2COOCH3与一溴甲烷发生取代反应生成
开学摸底考试生物试题
【分析】在培养基中加入刚果红，可与培养基中的
，
纤维素形成红色复合物，当纤维素被分解后，红色
复合物不能形成，培养基中会出现以纤维素分解菌
为中心的透明圈，从而可筛选纤维素分解菌。
一定条件下与 发生取代反应 ，
【详解】（1）微生物的营养物质主要有碳源、氮源、
合成路线为
O2 CH3OH 水和无机盐等，筛选纤维素分解菌时，配置培养基
OHCCH2CHO → HOOCCH2COOH → CH3O
催化剂，Δ 浓硫酸，Δ 时需要使用纤维素作为唯一的碳源的选择培养基，
OCCH2COOCH3
培养基甲是以纤维素作为唯一的碳源的选择培养基，
将瘤胃液先接种到培养基甲中进行培养，其目的是
筛选出纤维素分解菌并富集培养。
（2）乙培养基上形成的菌落分布均匀，因此②所使
用的接种方法是稀释涂布平板法；无菌水不存在对
菌的保护，因为渗透压的作用，还可能造成菌吸水
，故答案为：
胀裂死亡；生理盐水的渗透压基本与菌的细胞液相
YTUN第一次诊断性考试参考答案册
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当，会对菌有一定的保护。0.85%NaCl溶液（生理盐 制，由于 DNA的两条链反向平行，且 DNA聚合酶
水）浓度与细胞等渗，可维持细胞形态，因此过程 只能使新合成的 DNA子链从 5'→3'方向延伸，所以
②常用 0．85%NaCl溶液进行系列稀释而不用无菌水； 该过程需要根据 sGFP两端（3'端）核苷酸（或碱基）
瘤胃中的纤维素分解菌属于厌氧微生物，石蜡密封 序列设计特异性引物序列，dNTP，是脱氧核糖核苷
创设无氧环境，有利于瘤胃中的纤维素分解菌生长 三磷酸的缩写，是包括 dATP、dGTP、 dTTP、 dCTP
发育。 等在内的统称，由磷酸基团，脱氧核糖和含氮碱基
（3）在刚果红培养基平板上，纤维素分解菌分泌的 组成，可以作为 DNA的原料，也可以为 DNA的合
纤维素酶会使纤维素分解，菌落周围会形成透明圈。 成提供能量。
图中降解圈大小与纤维素酶的量与活性有关；图中 （2）启动子是 RNA聚合酶识别和结合的部位，而
降解纤维素能力最强的菌株是①，因为其周围的透 终止子是使转录终止的序列，而目的基因不携带启
明圈与菌落的直径之比最大。 动子和终止子，所以将 sGFP（绿色荧光蛋白基因）
（4）在 5个细菌培养基平板上，均接种稀释倍数为 插入到构巢曲霉启动子和终止子之间的目的是保证
104的胃部样液 0.1mL，培养一段时间后，平板上长 sGFP（绿色荧光蛋白基因）能在大丽轮枝菌细胞中
出的细菌菌落数分别为 189、25、417、175和 179， 表达。
一般取菌落数在 30-300之间的平板，则平板的平均 （3）为了保证 sGFP正确插入质粒中，还需要在引
菌落数为（189+175+179）÷3=181，则每毫升土壤样 物的 5'端添加限制酶识别序列，由于质粒大片段是利
液中的细菌数量约为 181÷0.1×105=1.81×107个。 用 HindⅢ和 BamHI共同切割得到的质粒的长片段，
38．(1) DNA复制 sGFP两端的核苷酸序 所以 b链 5'端是利用 HindⅢ切割形成的黏性末端，
列 原料和能量 根据 HindIⅢI识别的碱基序列可知，图中 b链的黏
(2)构巢曲霉启动子和终止子（只写启动子和终止子 性末端碱基序列（5'→3'）为 AGCT。
不得分） （4）过程②为构建重组 DNA，需要的工具酶是 DNA
(3)AGCT 连接酶。
(4)DNA连接酶 （5）过程③中需要配制细菌培养基，配制时要在培
(5) 潮霉素在高温灭菌时结构会被破坏 3 养基灭菌并冷却到 80℃左右后，加入用无菌水配制
(6)大丽轮枝菌细胞中绿色荧光的强度 的适宜浓度的潮霉素溶液，以防止杂菌污染。由于
【来源】江苏省南京市六校 2022-2023学年高三上学 潮霉素在高温灭菌时结构会被破坏，不能发挥选择
期 11月联合调研试题 作用，所以潮霉素不能与培养基一同灭菌；根据质
【分析】基因工程技术的基本步骤：（1）目的基因 粒中 BamHI和 HindⅢ的识别位点以及用 BamHI和
的获取；（2）基因表达载体的构建；（3）将目的基 HindⅢ酶切后得到的质粒大片段为 3500bp，可知质
因导入受体细胞；（4）目的基因的检测与鉴定。 粒小片段应为 3750-3500=250（bp）。sGFP的基因长
【详解】（1）PCR扩增 sGFP 的原理是 DNA双链复 度为 720bp，质粒大片段为 3500bp，二者连接后的
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长度为 3500+720=4220（bp）。用 BamHI和 HindⅢ 以最终可通过检测大丽轮枝菌菌丝细胞中绿色荧光
完全酶切后会形成 4220bp，3500bp和 720bp三种长 强度，以筛选出绿色荧光蛋白旺盛表达的大丽轮枝
度不同的 DNA片段。 菌。
（6）转基因成功的标志是形成目的基因的产物，所
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