资源简介 曲靖一中 2024 届高三教学质量检测试卷（四） 理 科 综 合注意事项：1．答卷前，考生首先检查答题卡是否整洁无缺损；之后务必用 0.5 毫米黑色字迹的签字笔 在答题卡指定位置填写自己的学校、姓名和考生号。2．选择题每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。答案不能答在试卷上。不按要求填涂的，答案无 效。3．非选择题必须用 0.5 毫米黑色字迹的签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域 内相应位置上。请注意每题答题空间，预先合理安排。如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4．考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将答题卡交回。可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Mg 24 S 32 Cl 35.5 Cu 64 K 39 Mn 55 V 51第 I 卷（选择题，共 126 分）一、选择题：本题共 13 小题，每题 6 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的。1. 胶原蛋白是细胞外基质的主要成分，可被用来制作手术缝合线，在手术过后无需拆线，避 免了拆线的痛苦。下面有关胶原蛋白等蛋白质叙述正确的是( )A ．组成胶原蛋白的元素组成主要是 C 、H 、O 、N 、P ，其中 N 元素主要存在于氨基中B ．组成胶原蛋白的基本单位是氨基酸，氨基酸脱水缩合能形成肽键，肽键不稳定，低温下易 断裂C ．手术缝合线之所以不用拆线是因为胶原蛋白能被分解成可以被人体吸收的氨基酸D ．胶原蛋白等蛋白质和多糖、脂肪等都是以碳链为骨架的生物大分子，共同构成细胞生命大 厦的基本框架2. 某噬菌体 DNA 分子是双链环状，如图 1 所示。用 32p 标记的大肠杆菌培养噬菌体一段时间， 结果出现图 2 所示两种类型的 DNA（虚线表示含有放射性的脱氧核苷酸链）。下列有关叙述错 误的是( )A ．DNA 复制时只用 a 链做模板，b 链不做模板B ．该 DNA 分子复制时需要解旋酶、DNA 聚合酶的参与C ．图 2 中 I 的出现证明了 DNA 复制方式是半保留复制D ．若 I 和Ⅱ类型 DNA 分子数量比为 1：15 ，说明该 DNA 复制 5 次第 1 页 共 16 页3.光敏色素有红光吸收型（Pr）和远红光吸收型（Pfr）两种结构类型。接受红光刺激时细胞质 中无活性的 Pr可转化为有活性的 Pfr 并转移到细胞核内，远红光刺激时过程相反。光敏色素 可调控核内有活性 PIF 蛋白的含量变化，PIF 蛋白增加时会引起茎伸长效应。环境遮阴时红光 （R）：远红光（FR）比例变小，下图示遮阴环境对阳生植物与阴生植物形态的影响。下列说 法错误的是( )A ．光作为信号分子影响植物的形态建成B ．环境遮阴导致 Pfr ︰ （Pfr+Pr）比例降低C ．Pfr 促进有活性 PIF 蛋白的合成D ．阳生植物比阴生植物对低 R︰FR 的感应更明显4．2023 年日本福岛第一核电站启动核污染水排海。我国海关总署发布公告全面禁止进口日本 水产品。下列叙述错误的是( )A ．食用受核污染的海产品可能对人体健康造成慢性伤害，如癌症、生殖问题等B ．物质循环具有全球性，生物富集现象也具有全球性，不仅是太平洋沿岸国家，任何国家都 可能受其影响C．核污水放射性物质中的 3H 曾经被科学家用于研究分泌蛋白的合成过程，14C 用于研究暗反 应的过程D ．核污水中的放射性物质可能引起生物基因突变，这属于诱发基因突变的化学因素5. 图 1 为某种遗传病的家族系谱图，控制该遗传病的相关基因用 D/d 表示。对部分家庭成员进 行了基因检测，结果如图 2 所示，其中“+ ”表示出现杂交带，“一 ”表示未出现杂交带。不考虑突变和 X 、Y 染色体同源区段，下列叙述正确的是( )A ．该遗传病属于常染色体隐性遗传病，男女患者人数相当B ．若 III8 检测结果出现两条杂交带，则其为女性携带者C ．I4 、II6 和 III7 基因型相同，I1 可能不携带致病基因D ．若 III7 与正常男性婚配，生出患病男孩的概率为 1/4第 2 页 共 16 页6 ．中草药材在加工过程中会产生大量的废渣，废渣中含有多种营养物质。为了减轻废渣对环 境的污染以及重复利用其中的纤维素，某大学研究团队拟从土壤中筛选高产纤维素酶的真菌。 在土壤取样后需先进行富集培养（培养基配方如下表），增大目的菌的浓度。下列叙述错误的 是( )KH PO MgSO 蛋白胨 X H O1 ．00 g 0 ．50 g 2 ．00 g 10 ．00 g 加至 1LA ．对从土壤中筛选高产纤维素酶的真菌的计数通常采用稀释涂布平板法B ．为达到富集培养能增加目的菌的浓度的目的，表中 X 处的成分是葡萄糖C ．在富集培养基的基础上配制对菌株初筛的培养基，至少还应添加琼脂和刚果红 D ．在筛选得到纤维素分解菌后应向培养基中加入抗生素，使获得的菌落都是真菌 7 ．下列说法不涉及氧化还原反应的是A ．一场雷雨一场肥—— 自然固氮B ．从沙滩到用户—— 由二氧化硅制晶体硅C ．灰肥相混损肥分——灰中含有碳酸钾，肥中含有铵盐D ．干千年，湿万年，不干不湿就半年——青铜器、铁器的保存8 ．有机化合物 Y 可由 X 通过加成、消去两步反应制得，转化过程如图。下列说法错误的是A ．X 能使溴水褪色，说明 X 中含碳碳双键B ．X 存在顺反异构体C ．X→Y 的转化过程中有副产物生成D ．Y 与足量 H2 加成后的产物分子中只有一个手性碳原子9 ．铜盐中毒可用青霉胺解毒，解毒原理如下：Cu2+ 能与青霉胺形成环状络合物，其结构如图 所示。该环状络合物无毒、易溶于水，可经尿液排出。下列说法错误的是A ．比较硫化氢与氨气键角的大小：H2S < NH3B ．第二周期主族元素中，第一电离能大于 N 的元素有 1 种C ．该环状络合物易溶于水的主要原因是其与水可形成分子间氢键D ．该环状络合物中，VSEPR 模型为四面体或正四面体的非金属原子共有 13 个第 3 页 共 16 页10 ．某科研人员提出HCHO 与O2 在羟基磷灰石( HAP )表面催化氧化生成CO2 、H2O 的历程，该历程示意图如下(图中只画出了 HAP 的部分结构)。下列说法不正确的是A ．HCHO 在反应过程中，有C 一 H 键发生断裂B ．若用18 O 标记 HAP 中氧原子，则反应后18 O 仍在 HAP 中C ．该反应可表示为：HCHO + O2 ——喻CO2 + H2OD ．HAP 能提高HCHO 与O2 的反应速率11．根据下列操作和现象所得到的结论正确的是选项 操作和现象 结论A 往Fe2 (SO4 )3 溶液中滴加KSCN 溶液，再加入少量K2 SO4 固体, 溶液先变成血红色后无明显变化 Fe3+ 与SCN 一 的反应不可逆B 分别测浓度均为0. 1mol . L一1 的CH3COONH4 和NaHCO3 溶液的 pH ，后者大于前者 (KhCH3COO<KhHCO3)( - ) ( - )C 向Na2 HPO4 溶液中滴加AgNO3 溶液，出现黄色沉淀(Ag3PO4 ) Na2HPO4 发生了电离反应D 将 Zn(OH)2 固体粉末加入过量 NaOH 溶液中，充分搅拌， 溶解得到无色溶液 Zn(OH)2 既体现碱性又体现 酸性12 ．有机电化学合成是目前公认的一种绿色可持续性合成策略，电化学合成 1 ，2-二氯乙烷的装置如图。下列说法错误的是A ．a 为负极，离子交换膜 1 为阳离子交换膜B ．M 极发生反应2H2 O + 2e一 = H2 个 +2OH一C ．电路中每通过 1mole一 理论上消耗 28g 乙烯D ．随电解进行NaCl 需及时补充，NaOH 无需补充第 4 页 共 16 页13 ．肼为二元弱碱，在水中的电离方式与氨相似。常温下，向一定浓度肼(N2H4)水溶液中通入HCl ，保持溶液体积和温度不变，测得 pOH 与-lgX[X 为 c(N2H4) 、c(N2H 6 (2)+ ) 、 ]的变化关系如图所示。下列说法正确的是A ．曲线 M 表示-lgB ．常温下，Kb1(N2H4)=1 × 10-6C ．a 点溶液中：c(Cl-)=c(N2H4)+c(N2H 6 (2)+ )+c(N2H 5 (+) )D ．b 点溶液中：c(Cl-) < 3c(N2H 5 (+) )二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～18 题只有一项符合题目要求，第 19～21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。14．篮球从距水平地面高为1.8m 处由静止释放，与地面作用0.08s后，反弹的最大高度为0.8m 。 已知篮球的质量为0.6kg ，不计空气阻力，取重力加速度大小g = 10 ms 2 ，则地面对篮球的平均 作用力大小为( )A．75N B．81N C．87N D．93N15．通电矩形线框 abcd与长直通电导线 MN在同一平面内，如图所示，ab边与 MN平行。关于MN的磁场对线框的作用力，下列说法正确的是( )A．线框有两条边所受的安培力方向相同。B．线框有两条边所受的安培力大小相等。C．线框所受的安培力的合力方向向左。D．线框所受的安培力的合力为 016．在一均匀介质中选取平衡位置在同一直线上的 9 个质点，相邻两质点间的距离均为 0.2m， 如图（a）所示，一列横波沿该直线向右传播，t=0 时到达质点 1，质点 1 开始向下运动，振幅 为 0.05m，经过时间 0.6s 第一次出现如图（b）所示的波形。则( )A．该波的周期为 0.6sB．该波的波速为m / sC．第 9 个质点开始振动的方向向上D．质点 1 在 0.6s 内运动的路程为 0.3m第 5 页 共 16 页17．国产科幻电影《流浪地球 2》近期引起热议，影片中的太空电梯、方舟空间站、行星发动 机、量子计算机等满足了大家对未来科技发展的想象，位于赤道平面上的太空电梯是人类长期 以来想要建造的可以通向太空的重要工具。而且随着科学家们对碳纳米管材料研究的深入，使 我们离成功建造太空电梯更进一步。若未来宇航员可以像电影中那样乘坐太空电梯到达不同高 度处的空间站或者补给站，宇航员与太空电梯一起停在某高度处时的加速度与处于同一轨道高度处的地球卫星的加速度随距离地心距离 r之间的关系如图所示，下列说法正确的是( )A．图线 B 是地球卫星的加速度与距离地心距离 r 的关系图像B．离地面越远，宇航员与太空电梯之间的弹力减小C．宇航员跟随太空电梯到达不同位置时，均处于完全失重状态D．太空电梯向上加速运行时，宇航员的合力方向不指向地心18．冬梦飞扬，冬奥梦圆。跳台滑雪是一项深受勇敢者喜爱的滑雪运动。图（甲）为某跳台滑 雪运动员从跳台 a（长度可忽略不计）处沿水平方向飞出，经 2s 在斜坡 b处着陆的示意图，图（乙）为运动员从 a到 b飞行时的动能 Ek随飞行时间 t变化的关系图像。不计空气阻力作 用，则下列说法正确的是( )A．运动员的质量为 50kgB．运动员到达 b点速度与水平方向夹角为 45 °C．运动员运动到 b处时重力的瞬时功率为 1.2×104WD．运动员在离斜面最远处在 ab中垂线上19．在某静电场中，x轴上的场强 E随 x的变化关系如图所示，规定 x轴正向为场强正方向。下列判断正确的是( )A．x1和 处的电场强度相等B．从 x2处到 处，电势逐渐降低C．一电子只在电场力作用下从 x2处沿直线运动到 处，速度先增大后减小D．一电子只在电场力作用下从 x1处沿直线运动到 处，电势能先减小后增大20．如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图。电动机内阻, 电路中另一电阻 。直流电压U=15 ，电压表示数W=110W ， 电动机以v=1m/s 的速度匀速竖直向上提升重物，g取10m/s 。下列说法正确的是( )第 6 页 共 16 页A．通过电动机的电流为 4AB．输入电动机的电功率为 440WC．重物的质量为 53kgD．电动机的发热功率为 8W21．如图所示，轻质动滑轮下方悬挂重物 A、轻质定滑轮下方悬挂重物 B，悬挂滑 轮的轻质细线竖直。开始时，用手托住 B，A 静置于地面上，B 距地面高度为 h，细线处于拉紧状态，释放后 A、B 开始运动。已知 A、B 的质量相等，不计一切摩 擦和阻力，以地面为零势能面。从开始运动至 B 刚要落地过程中，以下关于 A、B 的重力势能EPA、EPB 和动能EkA、EkB 随运动距离 x变化关系正确的是( )第 7 页 共 16 页A.B.C.D.第Ⅱ卷（非选择题，共 174 分）三、非选择题：本题共 14 个题，共 174 分。22．（12 分）某探究小组利用课外时间做了如下探究实验：先利用如图所示的电路来测量两个 电压表的内阻，实验分两个过程，先用替代法测出电压表 V1 的内阻，然后用半偏法测出电压 表 V2 的内阻．供选用的器材如下：A．待测电压表 V1 ，量程为 2.0V，内阻B．待测电压表 V2 ，量程为 3.0V，内阻C．电阻箱，阻值范围D．滑动变阻器，阻值范围 ，额定电流E．滑动变阻器，阻值 ，额定电流 2AF．电池组，电动势为6.OV ，内电阻为G．单刀单掷开关、单刀双掷开关各一个及导线若干（1）实验器材选择除 A、B、C、F、G 外，滑动变阻器 应选用： （用器材前的字母表示）（2）下面是主要的实验操作步骤，将所缺的内容补充完整；①用代替法测待测电压表 V1 的内阻；根据电路图连成实验电路，并将滑动变阻器R 的滑动触 头置于左端； 将单刀双掷开关 S2 置于触点 2，调节滑动变阻器 ，使电压表 V2 的指针指在刻度盘第 N格，然后将单刀双掷开关 S2 置于触点 1，调节电阻箱 使电压表 V2 的指针指在 ，记下此时电阻箱R 的阻值R=20K 。②用半偏法测待测电压表 V2 的内阻：将单刀双掷开关 S2 置于触点 1，电阻箱的阻值调为零，闭 合开关 S1 ，调节滑动变阻器使电压表 V2 的指针满偏。保持滑动变阻器R 的滑动触头位置不变，调节电阻箱R ，使电压表 V2 的指针指在 ，记下电阻箱R 的阻值R=30 。（3）上述两种测量方法都有误差，其中有种测量方法没有系统误差，接下来该小组选用此测 量方法测出其内阻的电压表改装成一量程为6.OV 的电压表继续完成后续的探究实验，需串联一阻值为 的电阻。（4）该探究小组用如图所示的电路采用高电阻放电法测电容的实验，是通过对高阻值电阻放电的方法，测出电容器充电电压为u时，所带的电量为 ，从而再求出待测电容器的电容c 。实验情况如下：按图甲所示电路连接好实验电路，接通开关 S，调节电阻箱R 的阻值，使小量程电流表的指针偏转接近满刻度，待稳定后记下电流表的示数 及电压表的示数U=6OV ；断开开关 S，同时开始计时，每隔测一次电流I 的值，将测得数据填入预先设计 的表格中，根据表格中的数据（10 组）表示在以时间t 为横坐标、电流I为纵坐标的坐标纸上， 如图乙中用“ · ”表示的点，再用平滑曲线连接得出图像如图。则根据上述实验结果，估算 出该电容器两端的电压为 时所带的电量 约为 C（保留三位有效数字）；该电容器的电容约为 F（保留三位有效数字）。23.（6 分）某同学在学完向心力的公式后，用如图所示的向心力演示器探究向心力大小的表 达式。已知小球在挡板 A、B、C处做圆周运动的轨迹半径之比为 1：2：1。第 8 页 共 16 页①. 在该实验中，主要利用了 来探究向心力与质量、半径、角速度之间的关系。 A．理想实验法 B．微元法C．控制变量法 D．等效替代法②. 探究向心力的大小与圆周运动半径的关系时，应选择两个质量 （选填“相同 ” 或“不同 ”）的小球，分别放在挡板 C 与 处。（选填“挡板 A ”或“挡板 B ”）A．相同：挡板 AB．相同；挡板 BC．不相同；挡板 AD．不相同：挡板 B③. 当用两个质量相等的小球做实验，将小球分别放在挡板 B 和挡板 C 处，转动时发现左、右 标尺上露出的红白相间的等分格数之比为1:2 ，则左、右两边塔轮的半径之比为 。 24．（12 分）ETC 是高速公路上不停车电子收费系统的简称。如图，汽车以 20m/s 的速度行驶，如果过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至 0，经过 30s缴费后，再加速至 20m/s 行驶；如果过 ETC 通道，需要在中心线前方 10m 处减速至 4m/s，匀速到达中心线后，再加速至 20m/s 行驶。设汽车加速和减速的加速度大小均为 。（1）汽车过人工收费通道，从收费前减速开始，到收费后加速结束，总共通过的路程和所需的时间是多少 （2）如果过 ETC 通道，汽车通过第（1）问路程所需要的时间是多少？25.（14 分）如图所示，两个完全相同的质量为 m 的木板 A、B 置于水平地面上，它们的间距 s = 2.88m ，质量为 2m，大小可忽略的物块 C 置于 A 板的左端，C 与 A 之间的动摩擦因数为μ1 = 0.22 ，A、B 与水平地面之间的动摩擦因数为 μ2 = 0.10 ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。开始时，三个物体处于静止状态。现给 C 施加一个水平向右、大小为F = mg 的恒力作用，木板 A、B 碰撞时间极短且碰撞后粘连在一起。（取重力加速度g = 10m / s2 ，计算结果用根式第 9 页 共 16 页(45)表示，其中 1.92 =) 。求：①A 与 B 相撞前 A 的速度v1 是多少？②A 与 B 相撞后向右做加速运动的位移s1 是多少？③要使 C 最终不脱离木板，每块木板的长度至少应为多少？26.（18 分）如图所示，长L = 1m 、光滑的杆倾斜放置，与水平面的夹角为45。，一带正电、 质量为m = 0.1kg 、电荷量为q = 1 10一4 C 的小球套在杆上。以杆的下端点为坐标原点，在杆所 在的竖直平面内建立平面直角坐标系xoy ，x 轴水平，整个空间存在平行于xoy 平面的匀强电 场，让小球以某一初速度v 从杆的上端开始沿杆下滑，离开杆时其速度大小为2m / s ，通过A （0.2，-0.6）点时其速度大小为vA = 4m / s ，通过B （-0.6，-3）点时其速度大小为vB = 4m / s ，取g = 10m / s2 ，求：（1）O 、A 两点的电势差U0 A O 、B 两点的电势差U0B ；,（2）电场强度的大小和方向；（3）小球的初速度v ；（4）小球离开A 点后通过y 轴时的动能。27 ．（15 分）某油脂厂废弃的油脂加氢镍催化剂主要含金属 Ni 、Al 、Fe 及其氧化物，还有少 量其他不溶性物质。采用如下工艺流程回收其中的镍制备硫酸镍晶体(NiSO4 · 7H2O)：溶液中金属离子开始沉淀和完全沉淀的 pH 如表所示：金属离子 Ni2+ Al3+ Fe3+ Fe2+开始沉淀时(c=0.01mol ·L 1)的 pH 7.2 3.7 2.2 7.5沉淀完全时(c= 1.0 × 10 5mol ·L 1)的 pH 8.7 4.7 3.2 9.0回答下列问题：(1)为回收金属，用稀硫酸将“滤液①”调为中性，生成沉淀。写出该反应的离子方程 式 。(2)“滤液②” 中含有的金属离子是 。第 10 页 共 16 页(3)“转化” 中可替代 H2O2 的物质是 ，如果“转化”后的溶液中 Ni2+浓度为 1.0mol ·L 1 ，则“调 pH”应控制的 pH 范围是 。(4)硫酸镍在强碱溶液中用 NaClO 氧化，可沉淀出能用作镍镉电池正极材料的 NiOOH 。写出 该反应的离子方程式 。(5)将分离出硫酸镍晶体后的母液收集、循环使用，其意义是 。(6) 第 VIII 族元素单质及其化合物在工业生产和科研领域有重要的用途。①Ni(CO)4 常用作制备高纯镍粉，其熔点为－19.3 ℃ , 沸点为 43 ℃。Ni(CO)4 中σ键和π键的数目之比为 。②氧化镍和氯化钠的晶体结构相同，可看成镍离子替换钠离子，氧离子替换氯离子。若阿伏加德罗常数的值为 NA ，晶体密度为 ρ g ·cm-3 ，则该晶胞中最近的 O2－之间的距离为 pm（列出表达式）。28 ．（14 分）二氧化钒(VO2 )具有优异的导电特性，实验室用如图装置(加热和夹持装置略) ，先 制得氧钒(Ⅳ)碱式碳酸铵晶体，其化学式为(NH4 )5 (VO)6 (CO3 )4 (OH)9 .10H2O 。已知：+4 价的钒化合物在弱酸性条件下易被氧化；VO2 在空气中能被缓慢氧化为V2O5 。 回答下列问题：(1)仪器 c 的名称为 ，实验开始后，打开K1、K2 ，关闭K3 ，为使 c 中液体顺利 滴下进行的操作是 。(2)b 中加入N2 H4 . 2HCl 溶液后进行的操作为：①关闭K2 ，加热装置 b 至微沸；②数分钟后 … …， 使 b 中溶液流入三颈烧瓶；③关闭K3 ，打开 e 的活塞，使碳酸氢铵溶液与VOCl2 溶液混合，搅 拌，充分反应，冷却、过滤、洗涤、干燥，得氧钒(Ⅳ)碱式碳酸铵晶体。装置 b 充分反应得到 VOCl2 溶液，反应的化学方程式为 ，②的操作方法为 ， 装置 b 中所产生气体的作用是 。(3)在N2 氛围中加热氧钒(Ⅳ)碱式碳酸铵晶体得到VO2 。称量a g 产品于锥形瓶中，用20 mL 70% 的硫酸加热溶解后，加入0.01 mol . L-1 高锰酸钾溶液至稍过量，充分反应后，加2% NaNO2 溶液至 稍过量，再用尿素除去过量的NaNO2 ，最后用b mol . L-1 (NH4 )2 Fe(SO4 )2 标准溶液滴定至终点，消 耗c mL 标准液。已知：VO2 (+)+Fe2+ +2H+ =VO2+ +Fe3+ +H2 O 。1 粗产品中VO2 的质量分数为 (用含 a 、b 、c 的式子表示)。第 11 页 共 16 页②下列情况会导致所测钒元素的质量分数偏小的是 (填序号)。A ．称量样品时，样品与砝码的位置放颠倒了B ．(NH4 )2 Fe(SO4 )2 标准溶液中部分Fe2+ 被氧化C ．滴定过程中，往锥形瓶内加入少量蒸馏水D ．滴定达终点时发现滴定管尖嘴内有气泡29 ．（14 分）二甲醚(CH3OCH3)是一种基本有机化工原料，可用作溶剂、气雾剂、制冷剂和麻 醉剂等。利用二氧化碳氢化法合成二甲醚，可实现碳中和，对于保障经济高速、可持续发展具 有重要的战略意义。其中涉及的反应有：I ．CO2(g)+ 3H2(g)= CH3OH(g)+ H2O(g) ΔH1=- 49. 1kJ ·mol- 1II ．2CH3OH(g)= CH3OCH3(g)+ H2O(g) ΔH2= - 24.5 kJ ·mol- 1III ．CO2(g)+ H2(g)= CO(g)+ H2O(g) ΔH3=+41.2 kJ ·mol- 1已知：生成物 A 的选择性 S = A物质含CO2 (的碳)化 (子)数根 n (A ) 根100%回答下列问题：(1)写出 CO2 (g) 与 H2 (g)转化为 CH3OCH3 (g)和 H2O (g) (反应 IV)的热化学方程式 。 (2)在恒温恒压条件下，将一定量的 CO2、H2 通入密闭容器中(含催化剂)发生上述反应。下列不 能够说明该反应体系已达化学平衡状态的是 。A ．反应 I 中 v 正(H2) = 3v 逆(CH3OH) B ． n(CH3OH)：n(CH3OCH3)=2：1C ．混合气体的密度不变 D ．混合气体的平均相对分子质量不变E ． CO2 的转化率不变(3)反应 I、II 、 III 的吉布斯自由能随温度变化如下图 1 所示，下列说法正确的是 。A ．常温下，反应 I 、II 、III 均能自发进行B ．410K 时，反应 II 和反应 III 的热效应相同。C ．温度升高，CH3OH 的选择性降低，CO 的选择性升高D．提高二甲醚产率的关键是寻找对甲醇具有高选择性的催化剂(4)在 3.0MPa 下，研究人员在恒压密闭容器中充入 4molH2 和lmolCO2 发生反应，CO2 的平衡转化率和生成物的选择性随温度变化如上图 2 所示(不考虑其他 因素影响)。第 12 页 共 16 页①在 220°C 条件下，平衡时 n(H2O)= ，计算反应2CH3OH(g)= CH3OCH3(g)+ H2O(g)在 220°C 下的平衡常数 KP 为 (结果保留三位有效数字)。②温度高于 280°C，CO2 平衡转化率随温度升高而上升的原因是 。 ③当其他条件不变，压强为 4.0MPa、温度为 260°C 时，图中点 (填“A”、“B”、“C”或“D”)可表示二甲醚的选择性。30.（15 分）某有机药物中间体 J 的合成路线(部分反应条件略去)如图：已知：ROH (CH3CO)2O +CH3COOH试回答下列问题：(1)B 的化学名称为 ；反应①的试剂和条件为 。 (2)反应③可以看作发生了两步反应，首先 C 与丙酮发生 反应(填反应类型) ，再发生消去反应得到 D。(3)F 的结构简式为 ；G 的含氧官能团的名称是 。(4)反应⑦的化学方程式为 。(5)G 的同分异构体中，能发生水解反应且分子中含有苯环的有 种，其中核磁共 振氢谱有 5 组吸收峰的结构简式为 。 31.（10 分）如图所示，图 1 为某绿色植物细胞内部分代谢活动图解，其中①~⑤表示代谢过 程，A～F 表示代谢过程中产生的物质；图 2 为该植物在 CO2 浓度为 0.03% 、温度及其他条件适宜且恒定的情况下 O2 释放速率曲线。请回答以下有关问题：第 13 页 共 16 页(1)图 1 中，A 的移动方向是 （2 分），F 代表的物质是 （1 分）。(2)图 2 中 d 点时限制光合作用速率的主要环境因素是 （2 分）。在图 2 实验的环 境条件下，若每天光照 12 小时，则平均光照强度至少要大于 （2 分）klx 时，植株才能够正常生长。(3)若将该植物的 CO2 供应突然减少，叶肉细胞中 C3/C5 的比值短时间内将 （1 分），原因是 （2 分）。32.（10 分）乐于助人是中华民族的传统美德。当你帮助别人提起重物时，看似举手之劳，实 际上发生了复杂的神经调节。其基本过程：肌肉被重物牵拉引起肌梭兴奋，通过α神经元和γ 神经元导致梭外、梭内肌纤维收缩。α神经元兴奋使梭外肌纤维收缩以对抗牵张，γ神经元兴奋 引起梭内肌纤维收缩以维持肌梭兴奋的传入，保证牵张反射的强度，从而提起重物。如图为该反射弧的简图，请据图可答问题（图中突触释放的神经递质均为兴奋性递质）。(1)神经元产生的兴奋在反射弧中的传递是 （1 分）（填“单向”或“双向” ）的，其原因是 。（2 分）(2)从反射弧结构组成的角度分析，肌梭是 （2 分）。γ神经元兴奋，最终会使骨骼肌收缩的力量 （1 分）（填“增强”或“减弱”）。(3)肌萎缩侧索硬化（ALS）是一种神经性疾病，患者运动神经细胞受损，肌肉因失去神经支配逐渐萎缩。ALS 的发病机理是突触间隙兴奋性神经递质过多，持续作用于突触后膜引起 ，第 14 页 共 16 页（1 分）使神经细胞渗透压 （1 分）（填“升高”或“ 降低”），最终导致细胞吸水过 多破裂。某药物通过作用于突触来缓解病症，其作用机理可能是 （答出两种即可）。（2 分）33.（10 分）某昆虫的长翅和残翅、刚毛和截毛各为一对相对性状，分别由等位基因 A/a和B/b 控制。某生物兴趣小组为探究两对相对性状的遗传规律，进行了如下杂交实验。亲本组合 F1 表现型 F2 表现型及比例实验 一 长翅刚毛(♀) ×残翅 截毛(♂) 长翅刚毛(♀)：长翅刚 毛(♂) =1：1 ♀：长翅刚毛：残翅刚毛=3：1♂：长翅刚毛：残翅刚毛：长翅截毛： 残翅截毛=3：1： 3：1实验 二 长翅刚毛(♂) ） ×残 翅截毛(♀) 长翅刚毛(♀)：长翅截 毛(♂) =1：1 ♀♂：长翅刚毛：残翅刚毛：长翅截 毛：残翅截毛=3：1： 3：1(1)由杂交实验结果可知该昆虫的长翅和残翅是由 （1 分）上的基因控制的性状，截毛的遗传方式是 （2 分）。(2)实验二 F2 中长翅刚毛雄性个体的基因型为 （2 分）。若让实验一 F2 中 的长翅刚毛雌性个体和实验二 F2 中的长翅刚毛雄性个体自由交配，则后代为长翅刚毛的概率是 （2分）。(3)为进一步验证两对相对性状是否遵循自由组合定律，可选用实验一 F1 雄性个体与另一雌性个体进行测交，请用遗传图解表示实验过程及结果（3 分）。34.（10 分）湖泊是地球上最重要的水资源之一，湖泊生态系统有两种稳态，如下图所示。(1)湖泊中沉水植物生长于水域中央区域，挺水植物生长于近岸的浅水，体现了群落的 （1 分）结构。湖泊生态系统的两种稳态转换时，优势种发生变化，说明发生了 。（1 分）(2)水体富营养化（无机盐浓度增加）会导致生物多样性减少，原因第 15 页 共 16 页是 。（2 分）(3)生态系统的结构包括 （2 分）。由于生态系统的 ，（2 分）所以当外界干扰因素的强度超过一定限度时，生态平衡就会被破坏。(4)藻型湖泊存在水体缺氧、 自净能力差、 自然修复时间长的特点，为尽快修复该生态系统可以采取的措施有： （2 分）（至少举出两点）。35.（14 分）植物细胞壁中含大量不能被猪消化的多聚糖类物质，如半纤维素多聚糖、果胶质 （富含半乳糖醛酸的多聚糖）等。研究人员通过现代生物技术培育出转多聚糖酶基因（manA）猪，主要流程如图所示，图中 neo 为标记基因，回答下列问题：(1)图中获取目的基因采用的限制酶是 BamHI 和 BglⅡ , 但是处理后的目的基因后并不能避免自 身环化，原因是 （2 分）。处理质粒应采用的限制酶是 （2分）。(2)图中 PCR 扩增时引物的作用是 （2 分）。基因工程的核心环节是图中的 （2 分）（填标号）。(3)③为使两细胞融合，常用的物理方法是 （1 分），④为激活重构胚，使其完成细胞分裂和发育进程，常用的物理方法是 （1 分）。（4）如果要一次性获得更多的转基因猪，可在囊胚期对早期胚胎进行胚胎分割，操作时要注 意 （2 分）。获得的转基因猪中的manA 主要在 （2 分）中进行表达。第 16 页 共 16 页曲靖一中 2024 届高三考前适应性考试四--物理参考答案14.【答案】B【详解】设篮球落地前速度为 v1，碰后速度为 v2，由运动学公式可得v21 2gh21， v2 2gh2取向上为正方向，由动量定理有Ft mgt mv2 （ mv1)联立解得F 81N故选 B。15.【答案】B【详解】由安培定则可知导线 MN在线框处所产生的磁场方向垂直于纸面向外，再由左手定则判断出 bc边和 ad边所受安培力大小相等，方向相反。ab边受到向右的安培力 Fab，cd边受到向左的安培力 Fcd。因 ab所处的磁场强，cd所处的磁场弱，故 Fab＞Fcd，线框所受合力方向向右。故选 B。16.【答案】D【详解】A．因为一列横波沿该直线向右传播，t=0时到达质点 1，质点 1开始向下运动，则该时刻的波前在第 13个质点处，向右传播了 1.5个波长，质点 1振动了 1.5个周期，所以， 解得 ，该波的周期为 0.4s，A错误；B．该波的波速为B不正确；C．因为 t=0时到达质点 1，质点 1开始向下运动，所以第 9个质点开始振动的方向向下，C错误；D．质点 1在 0.6s内运动的路程为D正确。故选 D。17.【答案】D【详解】A．地球卫星的加速度a GM1 r 2宇航员在电梯中的加速度1{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}a2 ω2r因此图线 A 为地球卫星的加速度与距离地心距离 r的关系图像，图线 B为宇航员在电梯中的加速度与距离地心距离 r的关系图像，故 A 错误；B．若电梯舱对航天员的弹力表现为支持力时，有G Mm F mω22 N rr解得F MmN G 2 mω2rr角速度不变，随着 r增大，航天员受到电梯舱的弹力减小；若电梯舱对航天员的弹力表现为拉力时，有G Mm F mω22 N rr解得FN mω2r G Mm r 2角速度不变，随着 r增大，航天员受到电梯舱的弹力增大；故 B错误；C．电梯舱在 r r0处的站点时，航天员的加速度等于地球同步卫星的加速度，电梯舱对航天员的弹力等于零，航天员只受到万有引力，所以航天员处于完全失重状态，故 C错误；D．太空电梯向上加速运动时，宇航员距离地面的高度增加，所以宇航员随地球转动的线速度在增大，因此宇航员在圆周运动的切线方向有加速度，所以宇航员的合加速度方向不沿半径方向指向地心，即宇航员受到的合力方向不指向地心，故 D 正确。故选 D。18.【答案】C【详解】A．由动能的定义式，根据图像可知运动员 t=0时2s末联立解得，故 A错误；B． s时，运动员落在斜坡上，斜坡的倾角满足解得2{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}此为斜面倾角，速度方向并非与水平方向成 45°，故 B错误；C． s时。运动员运动到 b处时重力的瞬时功率为故 C正确；D．运动员离坡面距离最远时，速度方向与坡面平行，运动员运动可分解为沿斜面和垂直斜面方向，垂直斜面方向运动具有对称性，沿斜面一直做匀加速直线运动，因此 D项错误。故选 C。19.【答案】BD【详解】A．x1和 处的电场强度大小相等，方向相反，选项 A错误；B．从 x2处到 处，场强为正值，则场强方向沿 x轴正向，则电势逐渐降低，选项 B正确；C．一电子从 x2处沿直线运动到 处，电场力一直做负功，则速度一直减小，选项 C错误；D．从 x1处到 x2处，电势升高；从 x2处到 处，电势降低，则一电子从 x1处沿直线运动到处，电势能先减小后增大，选项 D正确。故选 BD。20.【答案】ABD【详解】A．根据题意，由电路图可知，电阻两端电压为由欧姆定律可得，流过电阻的电流为由于 与电动机串联，则通过电动机的电流为 4A，故 A正确；B．根据题意，由公式 可得，输入电动机的电功率为故 B正确；CD．根据题意，由公式 可得，电动机的发热功率为则电动机的输出功率为又有解得重物的质量为故 C错误，D正确。故选 ABD。3{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}21.【答案】BC【详解】根据滑轮组可知，B下落的高度为 A上升高度的两倍，设 B运动距离为 时，A运动距离为 ，则对 B，初始重力势能为当 B运动距离为 时B的末重力势能为 0。对 A，初始重力势能为 0，当 A运动距离为 时由滑轮组可知，A上升的高度为 B下降高度的一半，故故 A的末重力势能为根据滑轮组可知，在运动过程中对 AB组成的系统，当 B运动距离为 时，根据动能定理可得对 B可得B的末动能为对 A，当 A运动距离为 时A的末动能为故选 BC。22.【答案】 E 刻度盘的第 N格 刻度盘的中央 40（每空 2分）【详解】（1）[1]因为滑动变阻器采用分压接法，为了调节方便，滑动变阻器阻值应该选择阻4{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}值较小的，即选择 E。（2）①[2]用代替法测待测电压表 V1的内阻；根据电路图连成实验电路，并将滑动变阻器的滑动触头置于左端； 将单刀双掷开关 S2置于触点 2，调节滑动变阻器 ，使电压表 V2的指针指在刻度盘第 N格，然后将单刀双掷开关 S2置于触点 1，调节电阻箱 使电压表 V2的指针指在刻度盘的第 N格，记下此时电阻箱 的阻值 。②[3]用半偏法测待测电压表 V2的内阻：将单刀双掷开关 S2置于触点 1，电阻箱的阻值调为零，闭合开关 S1，调节滑动变阻器使电压表 V2的指针满偏．保持滑动变阻器 的滑动触头位置不变，调节电阻箱 ，使电压表 V2的指针指在刻度盘的中央，记下电阻箱 的阻值。（3）[4]根据步骤①可知，电压表 V1内阻为 20kΩ；根据步骤②可知，电压表 V2内阻为 30kΩ；其中方法①是用等效替代法，无系统误差；故用 V1改装成量程为 6V的电压表，应该串联一个电阻，设阻值为 ，则有解得（4）[5][6]根据可知 图像与横轴围成的面积表示电容器两端电压为 时的电量，图中围成面积占有的格数大约为 30格，则有根据电容的定义式可得23.【答案】①．C （2分） ②．B （2分） ③． （2分）【解析】①．用向心力演示器探究向心力大小的表达式，需采用控制变量法探究向心力与质量、半径、角速度之间的关系。故选 C。②．探究向心力的大小与圆周运动半径的关系时，需保证质量和角速度不变，圆周半径不同，则应选择两个质量相同的小球，放在半径不同的挡板 B处。故选 B。③．将质量相等的小球分别放在挡板 B和挡板 C处，则圆周运动半径之比为 ，左、右标尺上露出的红白相间的等分格数之比为 ，则向心力之比为 ，由公式 可得，左5{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}右小球转动的角速度之比为由公式 可得，由于左、右两边塔轮边缘线速度大小相等，则左、右两边塔轮的半径之比为 。24.【答案】（1）400m，70s；（2）34.8s【详解】（1）由题意得出条件： 、 、 、 ， 。走人工收费通道，汽车在减速、静止、加速三个阶段通过的位移………………（1 分）代入数据得………………（1 分）所用时间………………（1 分）代入数据得………………（1 分）（2）走 ETC通道，汽车在减速阶段通过的位移………………（1 分）所用时间………………（1 分）汽车在加速阶段通过的位移………………（1 分）所用时间………………（1 分）匀速时间………………（1 分）汽车在减速、匀速、加速三个阶段通过的位移………………（1 分）过 ETC通道，汽车通过第（1）问路程所需要的时间是………………（2 分）6{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}25.答案：①解析：设A、C之间的滑动摩擦力大小为 f1，A与水平地面之间的滑动摩擦力大小为 f 2一开始A和C保持相对静止，在F的作用下向右加速运动，有……………………（2 分）v 4 31 m / s ……………………（1 分）5②A、B两木板的碰瞬间，内力的冲量远大于外力的冲量，由动量守恒定律得……………………（1 分）v 2 32 m / s……………………（1 分）5碰撞结束后到三个物体达到共同速度的相互作用过程中，设木板向前移动的位移为 s1选三个物体构成的整体为研究对象，外力之和为零，则……………………（2 分）v 3 33 m / s ……………………（1 分）5设A、B系统与水平地面之间的滑动摩擦力大小为 f 3 ，对A、B系统，由动能定理：……………………（2 分）得： s1 1.5m ……………………（1 分）③对C物体，由动能定理：(F f )(2l s ) 1 1 1 2mv2 13 2mv21 ……………………（2 分）2 2由以上各式，再代入数据可得：l 0.3m……………………（1 分）26 答案：解析：（1）从O到 A，据动能定理可得：7{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}mgh qU 1 1 mv2 mv2oA oA A 0 ……………………（2 分）2 2解得：UoA 2000V ……………………（1 分）从 O到 B过程中，由动能定理可得：mgh qU 1 mv 2 1oB oB B mv20 ……………………（2 分）2 2解得：UoB 6000V .……………………（1 分）1（2）连接 AB，与 y轴交于 C点， AC AB由几何 关系可得OC4为等势面，因此电场方向沿 x轴负方向（1 分）设电场强度为E :E U OB ……………………（2 分）xB解得E 1 104V /m……………………（1 分）（3）小球在杆上运动过程中受力如图如示，据题意可 知小球在杆上运动时合外力为零，小球做匀速运动，因此：v v0 2 2m / s……………………（2 分）（4）离开O点后，小球做类平抛运动ODcos450 v0t……………………（1 分）ODcos450 1 at 2 ……………………（1 分）2a 2g……………………（1 分）解得OD 1.6m……………………（1 分）从O到D，据动能定理可得：mgh 1oD EKD mv20 ……………………（1 分）2解得：EKD 2.0J ……………………（1 分）8{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}曲靖一中 2024 届高三考前适应性考试四--化学参考答案7.【答案】C【分析】在反应过程中有元素化合价变化的化学反应叫做氧化还原反应。原电池反应可以理解成由两个半反应构成，即氧化反应和还原反应。【详解】A．雷雨肥庄稼——自然固氮，氮气氧化成 NO，再氧化成 NO2，最后变成 HNO3等，有元素化合价变化，故 A 不选；B．从沙滩到用户——由二氧化硅制晶体硅，硅由+4 价变成 0 价，有元素化合价变化，故 B不选；C．灰肥相混损肥分——灰中含有碳酸钾，水解后呈碱性，肥中含有铵盐，水解后呈酸性，两者相遇能发生复分解反应，导致氮肥的肥效降低，没有元素化合价变化，故 C选。D．干千年，湿万年，不干不湿就半年——说明青铜器、铁器在不干不湿的环境中保存时，容易发生电化学腐蚀，铜和铁容易被氧化，有元素化合价变化，故 D 不选；故选 C。8.【答案】A【详解】A．X 中含有醛基，醛基可以被溴氧化而使其褪色，故不能说明 X 中含有碳碳双键，A 错误；B．分析 X 的结构简式可知，结构中存在碳碳双键都连接了不同的原子或者原子团，故存在顺反异构体，B 正确；C． 对比 X 和 Y 的结构可知，可能产生副产物 生成，C 正确；D．Y与足量 H2加成后的产物分子中只有如图 一个手性碳原子，D正确；故选 A。9.【答案】D【详解】A．氨分子的孤电子对数为 1，H2S的孤电子对数为 2，H2S中孤电子对对成键电子对的排斥力比NH3的大，所以NH3的键角比硫化氢的大，A 正确；B．同周期元素自左至右第一电离能呈增大趋势，但由于 N 原子的 2p能级为半充满状态，第一电离能大于相邻的 O 原子，所以第二周期主族元素中第一电离能大于 N 的有 F，B正确；9{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}C．该化合物容易与水分子之间形成分子间氢键，提高其在水中的溶解度，C 正确；D．该环状络合物中的 N 原子、饱和 C 原子和 S 原子及羧基中 OH中的 O 原子的价层电子对数都为 4，则该络合物分子中 VSEPR模型为四面体或正四面体形的非金属原子有 14 个，D错误；故选 D。10 【答案】B【详解】A．HCHO结构式为 ，分子中含有 C-H 键，反应生成二氧化碳和水，所以在反应过程中有C H键发生断裂，故 A 正确；B 18．根据过渡态示意图，HAP中氧原子与甲醛中的 H 相连，所以若用 O标记 HAP中氧原子，18则反应后 O存在 H2O 中，故 B 错误；C．HCHO与O2在羟基磷灰石(HAP )表面催化氧化生成CO2、H2O，HAP 是催化剂，该反应可表示为：HCHO OH2 AP CO2 H2O，故 C 正确；D．HAP 在反应前后没有变化，HAP 是催化剂，所以能提高HCHO与O2的反应速率，故 D正确；选 B。11. 【答案】CFe3+A +3SCN- Fe SCN 2 【详解】 ．溶液变成血红色的原因， 3，与SO4 和 K+无关，A 错误；+ + B．CH COONH 中NH NH4水解， 4+H2O NH3 H2O+H3 4 ，会消耗 CH3COO-水解生成的 OH-，测定相同浓度的 CH3COONH4 和 NaHCO3 溶液的 pH，后者大于前者，不能说明 K -h(CH3COO )＜HCO-Kh( 3 )，B项错误；C Ag．出现黄色沉淀 3PO4 ，说明Na 2HPO4电离出了磷酸根离子，C 正确。D．将 Zn(OH)2固体粉末加入过量 NaOH 溶液中，充分搅拌，溶解得到无色溶液，说明 Zn(OH)2能够和碱反应，体现酸性，D 项错误；综上所述，正确的是 C项。12. 【答案】C【分析】由图可知右侧铜的化合价由+1 价变为+2 价，发生氧化反应，则右侧为阳极，左侧为阴极，以此解题。10{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}【详解】A．M 极为阴极，故 a 为负极，阴极生成氢氧根离子，钠离子向左侧迁移，左侧 NaOH浓度变大，故离子交换膜 1 为阳离子交换膜，故 A 正确； B．M极为阴极，电极反应式为2H2O 2e H2 2OH ，故 B 正确；C．N 极为阳极，电极反应式为 CuCl-e-+Cl-=CuCl2，电路中每通过 1mole-，生成 1mol氯化铜，乙烯与氯化铜反应 CH2=CH2+2CuCl2=CH2ClCH2Cl+2CuCl，消耗乙烯 0.5mol即 14g，故 C 错误；D．N极为阳极，电极反应式为 CuCl-e-+Cl-=CuCl2，阴极生成氢氧根离子，钠离子向左侧迁移，左侧 NaOH 浓度变大，氯离子向右侧迁移，NaCl 浓度变小，需及时补充，NaOH 不需要补充，故 D 正确；故选 C。13. 【答案】B【分析】肼为二元弱碱，在水中的电离方式与氨相似，N + 2+ -2H5 +H2O N2H6 OH ，则c(N H2+ )c(OH-K = 2 6 ) Kb2 = c(N2H2+6 ) c(N H2+2 6 )b2 + ， lg = lgK pOHc(N2H5 ) c(OH- ) c(N2H+5 )，则 c(N H+ b2 ，pOH与-lgX 为线性关系，2 5 )c(N 2+则 L 为-lg 2H6 )c(N H+ ) 曲线，由点（15,0）可知，Kb2=10 15；常温下，向一定浓度肼(N2H4)水溶液2 5中通入 HCl，保持溶液体积和温度不变，随着溶液酸性增强，N2H4的量不断减小、N H+2 5 的量先增大后减小、N H2+2 6 的量增加，可知 M、N分别为-lg c(N2H4 )、-lg c(N2H2+6 )曲线；【详解】A．由分析可知，曲线 M 表示-lgc(N2H4 )，A 错误；K = c(N2H+5 )c(OH- ) c(N H+ )c(OH- )c(N H2+= 2 5 2 6 ) = c(OH- )c(N H2+2 6 )B b1．常温下，N2H4+H2O N H + OH -2 5 ， c(N2H4 ) c(N2H 2+2+4 )c(N2H6 ) c(N H )c(N2H6 )，2 4 c(N +2H5 )c(N H 2+) K由点 a（10.5,3）可知c(N2H4 )=c(N H2+2 6 )、pOH=10.5 4.5，结合分析可知， 2 6 b2c(N H+= =102 5 ) c(OH-) ，10 10.5故K = =10 6b1 4.5 ，B 正确；10C．a 点溶液中c(N H )=c(N H2+2 4 2 6 )，由电荷守恒可知，c Cl +c OH c H+ 2c N2H2+ +6 c N2H5 c H+ c N2H4 c N H2+2 6 c N H+2 5 ，此时溶液显酸 性，则 c OH c H+ ，故 c(Cl-)>c(N2H4)+c(N 2 2H 6 )+c(N 2H 5 )，C 错误；D +．b点溶液显酸性， c OH c H ，且c(N H+ )=c(N H2+2 5 2 6 )；由电荷守恒可知，11{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}c Cl +c OH c H+ 2c N 2+2H6 c N +2H5 c H+ 3c N H2+2 6 ，则 c(Cl-)＞3c(N 2H 5 )，D错误；故选 B。27.（15分，除特殊标记外，每空 2 分）-【答案】 AlO 2 +H++H2O=Al(OH) 2+ 2+3↓ Ni 、Fe 、Fe3+3.2 ≤PH<6.2 2Ni2++ClOˉ+4OHˉ=2NiOOH↓+Clˉ+H2O 提高镍回收率（1 分）2 75 4 101031:1 2 ρNA【分析】由工艺流程分析可得，向废镍催化剂中加入 NaOH 溶液进行碱浸，可除去油脂，并发生反应 2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑、2Al2O3+4NaOH=4NaAlO2+2H2O，将 Al 及其氧化物溶解，得到的滤液①含有 NaAlO2，滤饼①为 Ni、Fe及其氧化物和少量其他不溶性杂质，加稀H2SO4酸浸后得到含有 Ni2+、Fe2+、Fe3+的滤液②，Fe2+经 H2O2氧化为 Fe3+后，加入 NaOH 调节pH 使 Fe3+转化为 Fe(OH)3沉淀除去，再控制 pH 浓缩结晶得到硫酸镍的晶体，据此分析解答问题。【详解】(1) 根据分析可知，滤液①中含有 NaAlO2和过量的 NaOH，加入稀硫酸，调为中性，-生成氢氧化铝沉淀，发生反应的离子方程式为 AlO 2 +H++H2O=Al(OH)3↓；(2) 加入稀硫酸酸浸，Ni、Fe及其氧化物溶解，所以“滤液②”中含有的金属离子是 Ni2+、Fe2+、Fe3+；(3) “转化”中 H2O2的作用是将 Fe2+氧化为 Fe3+，可用 O2或空气替代；如果“转化”后的溶液中Ni2+ 浓 度 为 1.0mol·L-1 ， 为 避 免 镍 离 子 沉 淀 ， 此 时K [Ni(OH) ] 0.01 (107.2-14 2 K 10-14c(OH- )= sp 2 = ) mol/L=10-7.8+ wmol/L c H = = -7.8 mol/L=10-6.2mol/Lc(Ni2+-) 1.0 c OH 10，则 ，即 pH=6.2；Fe3+完全沉淀的 pH 为 3.2，因此“调节 pH”应控制的 pH 范围是 3.2 ≤PH<6.2 ；(4) 由题干信息，硫酸镍在强碱中被NaClO氧化得到NiOOH沉淀，即反应中Ni2+被氧化为NiOOH沉 淀 ， ClOˉ 被 还 原 为 Clˉ ， 则 根 据 氧 化 还 原 得 失 电 子 守 恒 可 得 离 子 方 程 式 为2Ni2++ClOˉ+4OHˉ=2NiOOH↓+Clˉ+H2O；(5) 分离出硫酸镍晶体后的母液中还含有 Ni2+，可将其收集、循环使用，从而提高镍的回收率。(6) ①单键都是σ键，三键分子中含有 1个σ键和 2个π键，Ni(CO)4中σ键和π键的数目之比为8:8=1:1；12{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}1 1 1②在一个晶胞中含有 Ni2+的个数： 12 1=4；O2-的个数为： 8 6=4，因此在一个晶胞4 8 24 75中含有 4 个 NiO；晶胞的质量为 m= N g，晶胞密度为ρ g·cm-3，则晶胞参数为A4 754 753 N = 3 ×1010A N pm，由于晶胞中最近的 O2 -之间的距离为面对角线的一半，所以最近 g / cm3 A2 75 4 10的 O2-之间的距离 L= 3 102 ρN pm；A28.（14分，每空 2 分）【答案】(1) 分液漏斗 打开分液漏斗的玻璃塞或使玻璃塞得凹槽对准活塞上的小孔(2) 2V2O5+N2H4·2HCl+6HCl=4VOCl2+N2↑+6H2O 关闭 K1，打开 K3 排出装置内的空气；使装置 b 中的压强增大，将 b中溶液压人三颈烧瓶中8.3bc %(3) a AD【分析】由题意可知，该实验的实验目的是用五氧化二钒先制得氧钒(Ⅳ)碱式碳酸铵晶体，在氮气氛围中加热氧钒(Ⅳ)碱式碳酸铵晶体得到二氧化钒，并用滴定的方法测定粗产品中钒元素的质量分数。【详解】（1）由实验装置图可知，仪器 c 为分液漏斗；实验开始后，打开 K1、K2，关闭 K3，为使分液漏斗中液体顺利滴下应打开分液漏斗的玻璃塞或使玻璃塞得凹槽对准活塞上的小孔，形成内外空气对流，故答案为：打开分液漏斗的玻璃塞或使玻璃塞得凹槽对准活塞上的小孔；（2）由题意可知，为防止+4 价的钒化合物在酸性条件下被氧化，实验时应关闭 K1、K2，打开 K3，加热装置 b 至微沸，用浓盐酸挥发产生的氯化氢气体排尽装置中的空气，待装置中的空气排尽后，关闭 K1、K3，打开 K2，使 N2H4·2HCl 溶液进入锥形瓶中与五氧化二钒、盐酸反应生成 VOCl2、氮气和水，数分钟后，打开 K1，关闭 K3，利用反应生成的氮气使锥形瓶中的气压增大，将反应生成的 VOCl2 溶液流入三颈烧瓶中，锥形瓶中生成 VOCl2 的方程式为2V2O5+N2H4·2HCl+6HCl=4VOCl2+N2↑+6H2O ， 故 答 案 为 ：2V2O5+N2H4·2HCl+6HCl=4VOCl2+N2↑+6H2O；关闭 K1，打开 K3；排出装置内的空气；使装置 b中的压强增大，将 b 中溶液压人三颈烧瓶中；（3）①由题意可知，滴定消耗 cmLbmol/L 硫酸亚铁铵溶液，则由原子个数守恒可知，粗产品bmol/L c 10 3L 83g/mol 8.3bc 8.3bc中二氧化钒的质量分数为 ag% %×100%= a ，故答案为： a ；②A．符合题意；B．硫酸亚铁铵溶液中亚铁离子部分被氧化会使滴定消耗硫酸亚铁铵溶液体积偏大，导致所测13{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}结果偏高，故不符合题意；C．滴定过程中，往锥形瓶内加入少量蒸馏水对溶质的物质的量和标准溶液的体积无影响，对实验结果无影响，故不符合题意；D．滴定达终点时发现滴定管尖嘴内有气泡会使滴定消耗硫酸亚铁铵的体积偏小，导致所测结果偏低，故符合题意；故选 AD。29.（14分，每空 2 分）【答案】(1)2CO2 (g) +6H2 (g) = CH3OCH3 (g) +3H2O (g) △H=- 122.7 kJ/mol(2)B(3)CD(4) 0.56mol 24.9 反应 III 的 ΔH>0，反应 IV 的 ΔH<0，温度升高使 CO2转化为CO 的平衡转化率上升，使 CO2转化为 CH3OCH3的平衡转化率下降，且上升幅度超过下降幅度B【详解】（1）I．CO2(g)+ 3H2(g) CH3OH(g)+ H2O(g) ΔH1=- 49.1kJ·mol-1II．2CH3OH(g) CH3OCH3(g)+ H2O(g) ΔH2= - 24.5 kJ·mol-1根据盖斯定律 I ×2+II 得 CO2 (g) 与 H2 (g)转化为 CH3OCH3 (g)和 H2O (g)的热化学方程式 2CO2 (g)+6H2 (g) = CH3OCH3 (g) +3H2O (g) △H=- 49.1kJ·mol-1×2- 24.5 kJ·mol-1=- 122.7 kJ/mol。（2）A．反应 I 中 v 正(H2) = 3v 逆(CH3OH)，正逆反应速率比等于系数比，反应一定达到平衡状态，故不选 A；B． n(CH3OH)：n(CH3OCH3)=2：1，不能判断浓度是否还发生改变，反应不一定平衡，故选 B；C．反应气体气体分子数是变量，则容器体积是变量，气体总质量不变，密度的变量，混合气体的密度不变，反应一定达到平衡状态，故不选 C；D．反应气体气体分子数是变量，气体总质量不变，则混合气体的平均相对分子质量是变量，混合气体的平均相对分子质量不变，反应一定达到平衡状态，故不选 D；E． CO2的转化率不变，说明 CO2浓度不变，反应一定达到平衡状态，故不选 E；选 B。（3）A. 吉布斯自由能小于 0能自发进行，根据图示，常温下，反应 III 不能自发进行，故 A错误；B.反应 II 是放热反应、反应 III 是吸热反应，热效应不相同，故 B 错误；C. 反应 I 是放热反应、反应 III 是吸热反应，温度升高，CH3OH 的选择性降低，CO 的选择性14{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}升高，故 C 正确；D. 甲醇脱水生成二甲醚，提高二甲醚产率的关键是寻找对甲醇具有高选择性的催化剂，故 D正确；选 CD。（4）①在 220°C条件下，CO2平衡转化率为 40%，CO的选择性为 5%、二甲醚的选择性为 80%，则有 0.38molCO2参与反应 I，0.02 CO2参与反应 III，反应生成 CH3OCH3(g)0.16mol，所以平衡时 n(H2O)=0.38+0.16+0.02=0.56mol；达到平衡时 CH3OH(g)的物质的量为 0.38-0.16×2=0.06mol，0.16 3MPa 0.56 3MPan总 n总 24.9 0.062 3MPa 反应 2CH3OH(g) CH3OCH3(g)+ H2O(g)在 220°C下的平衡常数为 n总 。②反应 III 的 ΔH>0，反应 IV 的 ΔH<0，温度升高使 CO2转化为 CO的平衡转化率上升，使 CO2转化为 CH3OCH3的平衡转化率下降，且上升幅度超过下降幅度，所以温度高于 280°C，CO2平衡转化率随温度升高而上升。③升高温度，反应 IV 逆向移动，二甲醚的选择性降低，增大压强，反应 IV 正向移动，二甲醚的选择性升高，当其他条件不变，压强为 4.0MPa、温度为 260°C 时，图中点 B可表示二甲醚的选择性。30. （15分，除特殊标记外，每空 2 分）【答案】(1) 苯甲醇 NaOH 溶液，加热(2)加成（1分）(3) (酚)羟基、羰基(4) + 一 定条 件 (5) 6【分析】结合 A的化学式及题给转化关系，由合成流程中的 逆推可知 A为 ，15{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}A 水解生成 B，B 为 ，B 经过催化氧化生成 C（ ），然后结合信息及流程图进行作答。【详解】（1）B 的结构简式为 ，名称为苯甲醇；A 到 B 为卤代烃的水解反应，故反应条件为 NaOH 水溶液加热；（2）比较反应物 C和丙酮与生成物可知生成物中有碳碳双键，故可知 C与丙酮先发生加成反应，然后醇羟基发生消去反应生成碳碳双键；3 ROH (CH3CO) O（ ）根据信息 2 +CH3COOH 可知反应④生成物 F 为，G（ ）分子中含有(酚)羟基、羰基；（4 一定条）反应⑦的反应方程式为 + 件 ；（5）G 的同分异构体中含有苯环且能发生水解，说明分子中含有酯基，若含有两个取代基为HCOO-和-CH3，有邻、间、对三种；若只含有一个取代基为 CH3COO-、HCOOCH2-、-COOCH3三种，共六种；核磁共振氢谱有 5 组吸收峰说明分子中含有五种不同位置的 H 原子，其结构简式为 ；曲靖一中 2024 届高三考前适应性考试四--生物参考答案16{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}1.【答案】C【详解】A、组成胶原蛋白的元素组成主要是 C、H、O、N，其中 N元素主要存在于-CO-NH-中，A 错误；B、组成胶原蛋白的基本单位是氨基酸，氨基酸脱水缩合能形成肽键，低温不会导致肽键断裂，B 错误；C、胶原蛋白为生物大分子物质，不能被人体组织直接吸收，手术缝合线之所以不用拆线是因为胶原蛋白能被分解成可以被人体吸收的氨基酸，C正确；D、脂肪不属于生物大分子，D错误。故选 C。2.【答案】A【分析】DNA复制是指 DNA双链在细胞分裂以前进行的复制过程，从一个原始 DNA分子产生两个相同 DNA分子的生物学过程。DNA 复制方式为半保留复制，表现的特点是边解旋边复制。【详解】A、DNA复制时，a 链和 b 链均做复制的模板，A错误；B、该 DNA 分子复制时需要解旋酶、DNA 聚合酶的参与，前者的作用是让双链 DNA 解旋，后者的作用是催化游离的脱氧核苷酸连接成长链，B 正确；C、图 2 中Ⅰ的出现保留一条链，合成一条新链，证明了 DNA复制方式是半保留复制，C 正确；D、由于 DNA半保留复制，Ⅰ类 DNA为 2 个，若 I 和 II 类型 DNA分子数量比为 1∶15=2∶30，共有 32=25 个 DNA，说明该 DNA复制 5 次，D 正确。故选 A。3.【答案】C【分析】分析题图可知，随着 Pfr：（Pfr+Pr） 比例升高，阳生植物的茎伸长速率逐渐降低，而阴生植物的茎伸长速率没有明显变化。【详解】A、环境因素参与植物的生命活动，其中光作为一种信号，影响、调控植物生长发育的全过程，A 正确；B、环境遮阴时红光（R）：远红光（FR）比例变小，由于红光刺激减弱，细胞质中无活性的Pr 转化为有活性的 Pfr的过程受阻，同时远红光刺激增强，促进有活性的 Pfr 转化为无活性的Pr，在这二者的综合作用下，Pr增多，Pfr 减少，即 Pfr：（Pfr+Pr） 比例降低，B正确；C、由图可知，随着 Pfr：（Pfr+Pr） 比例升高，阳生植物的茎伸长速率逐渐降低，而 PIF 蛋白增加时会引起茎伸长效应，由此可推知，Pfr 抑制有活性 PIF 蛋白含量的增加，C 错误；D、由上面分析可知，R：FR 比例变小导致 Pfr：（Pfr+Pr） 比例降低，图中阴生植物的茎伸长速率不随 Pfr：（Pfr+Pr） 比例变化而变化，阳生植物的茎伸长速率随着 Pfr：（Pfr+Pr） 比例升高而降低，由此可知，阳生植物比阴生植物对低 R：FR 的感应更明显，D正确。故选 C。4.【答案】D【详解】A、食用受核污染的海产品可能对人体健康造成慢性伤害，如癌症、生殖问题等，A正确；B、物质循环具有全球性，生物富集现象也具有全球性，不仅是太平洋沿岸国家，任何国家都可能受其影响，B 正确；C、核污水放射性物质中的 3H曾经被科学家用于研究分泌蛋白的合成和运输的过程，14C用于研究暗反应的过程，最终探明了 CO2中的碳是如何转化为有机物中的碳的，C正确；17{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}D、核污水中的放射性物质可能引起生物基因突变，这属于诱发基因突变的物理因素，D错误。故选 D。5.【答案】B【详解】A、图 1 中 5 号和 6号个体正常，9 号患病，说明该病是隐性遗传病，图 2 中 III9只含有 d 基因，II5只有 D基因，不考虑突变和 X、Y 染色体同源区段，说明该病是伴 X 染色体隐性遗传病，在男性中的患病率高于女性，A 错误；B、该病是伴 X 染色体隐性遗传病，在 Y染色体没有等位基因，故若 III8检测结果出现两条杂交带，含有基因 D 和 d，则其为女性携带者，B 正确；C、图 2 中 II6 基因型是 XDXd，其 Xd基因只能来自 I4，故 I4基因型也是 XDXd，II5基因型是 XDY，III7基因型可能是 XDXD或 XDXd，基因型不一定与 I4、II6相同，C错误；D、III7 基因型是 1/2XDXD、1/2XDXd，与正常男性 XDY 婚配，生出患病男孩 XdY的概率为 1/4×1/2=1/8，D 错误。故选 B。6.【答案】B【详解】A、对从土壤中筛选高产纤维素酶的真菌的计数通常采用稀释涂布平板法，A 正确；B、富集培养过程也是对目的菌进行筛选过程，要创造适合产纤维素酶的菌生存的环境，因此X 是纤维素，B 错误；C、鉴别菌种要用固体培养基，所以要加入凝固剂，常用的凝固剂是琼脂。鉴别纤维素分解菌常常使用刚果红染色法，刚果红能与像纤维素这样的多糖物质形成红色复合物，但并不和水解后的纤维二糖和葡萄糖发生这种反应。所以对菌株初筛使用的培养基较富集培养基的成分中至少需增加琼脂和刚果红，C正确；D、抗生素能杀死细菌，在筛选得到纤维素分解菌后，使得到的菌落都是真菌，应向培养基中加入抗生素，D 正确。故选 B。31.（10 分）(1)从类囊体薄膜到叶绿体基质（2分） 丙酮酸（1 分）(2)CO2浓度（2 分） 4（2 分）(3)减小（1分） CO2 供应突然减少，CO2的固定减弱，C5 的消耗和 C3 的生成减少，而短时间内 C3 的还原速率基本不变（2 分）【详解】（1）图 1中，①表示光反应，②表示暗反应，A表示 NADPH 和 ATP，产生于光反应，消耗于暗反应，因此 A 的移动方向从类囊体薄膜到叶绿体基质。③表示有氧呼吸的第三阶段。A表示 NADPH 和 ATP，B 表示 ADP和 Pi，C表示 O2，D表示 CO2，E 表示 NADH，F 表示丙酮酸。（2）d点时光合作用达到饱和，不再受光照强度的影响，主要是外界的 CO2浓度影响。呼吸作用为 2，一天消耗的有机物为 24×2=48，12 小时光照，植株光合作用积累的有机物=48，因此光合光合速率大小至少为 4，净光合速率至少为 4-2=2时，植株才能正常生长，故光照强度至少为 4klx。（3）CO2是暗反应的原料，若 CO2供应突然减少，则 CO2的固定减弱，C5 的消耗减少、C3的生成减少，叶肉细胞中短时间内 C5 的含量增加、C3 的含量减少，C3/C5 的比值将减小。18{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}32.（10分）(1)单向（1分） 神经递质只能由突触前膜释放作用于突触后膜（2 分）(2)感受器、效应器（2分） 增强（1 分）(3)Na+过度内流（1 分） 升高（1 分） 抑制突触前膜释放神经递质、抑制递质与突触后膜上的受体结合、抑制突触后膜 Na+内流等（2分）【详解】（1）神经元产生的兴奋在反射弧中的传递是单向的，其原因是在突触处，神经递质只能由突触前膜释放作用于突触后膜。（2）结合题图信息，γ神经元兴奋，引起梭内肌纤维收缩（肌梭作为效应器），肌梭（作为感受器）能感受梭内肌纤维收缩，产生兴奋并传导给 A 神经元。从反射弧结构组成的角度分析，肌梭中既有感受器也有效应器；γ神经元兴奋引起梭内肌纤维收缩以维持肌梭兴奋的传入，保证牵张反射的强度，从而提起重物，故最终会使骨骼肌收缩的力量增强。（3）突触间隙兴奋性神经递质过多，持续作用于突触后膜，突触后膜 Na+过度内流，使神经细胞微粒浓度增加，渗透压升高，最终导致细胞吸水过多破裂。某药物通过作用于突触来缓解病症，其作用机理可能是阻断突触处兴奋传递，或阻止钠离子内流，故填抑制突触前膜释放神经递质、抑制递质与突触后膜上的受体结合、抑制突触后膜 Na+内流等。33.（10分）(1)常染色体（1分） X 染色体隐性遗传（2 分）(2)AAXBY、AaXBY（2分） 7/9（2 分）（3分）【详解】（1）若实验一为正交，则实验二为反交。据分析可知，长翅和残翅是由常染色体上的基因控制的，截毛为隐性，基因在 X 染色体上，截毛的遗传方式是 X 染色体隐性遗传。（2）实验二亲本的基因型为：长翅刚毛♂（AAXBY）×残翅截毛♀（aaXbXb），F1 基因型为 AaXBXb、AaXbY，F2中长翅刚毛雄个体的基因型为 A_XBY，包括 AAXBY、AaXBY 两种。若让实验一 F2中的长翅刚毛雌个体和实验二 F2中的长翅刚毛雄个体自由交配。就翅形而言实验一 F2中的长翅雌基因型为 1/3AA、2/3Aa，实验二 F2中的长翅雄基因型为 1/3AA、2/3Aa，自由交配后子代长翅的概率为 1-2/3×2/3×1/4＝8/9。就刚毛性状而言，实验一 F 中的刚毛雌基因型为 1/2XB2 XB、1/2XBXb，实验二 F2中的刚毛雄基因型为 XBY，自由交配后子代刚毛的概率是 1-1/2×1/4＝7/8。故自由交配后代为长翅刚毛的概率是 8/9×7/8＝7/9。（3）为进一步验证两对相对性状是否遵循自由组合定律，可选用实验一 F B1雄个体（AaX Y）与另一雌个体，即 aaXbXb进行测交。若两对相对性状遵循自由组合定律，则 F1雄个体（AaXBY）能产生数量相等的四种精子，测交后代会出现长翅刚毛：残翅刚毛：长翅截毛：残翅截毛=1：19{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}1：1：1。遗传图解如下： 。34.（9分）(1)水平（1分） 群落演替（或演替）（1 分）(2)水体富营养化（无机盐增加）使藻类大量繁殖，水质浑浊使水底光照条件变差，会导致水生植物死亡；同时藻类死亡微生物分解消耗大量水中氧气，使鱼类等水生动物因缺氧而大量死亡，生物多样性减少（2 分）(3)生态系统的组成成分和食物链、食物网（2分） 自我调节能力有限（2 分）(4)定期清理湖泊中的浮游植物；种植挺水植物；引入浮游藻类的捕食者等（2分）【详解】（1）湖泊中沉水植物生长于水域中央区域，挺水植物生长于近岸的浅水，是群落中不同生物在水平方向的分布，体现了群落的水平结构；群落演替是指 一个群落被另一个群落替代的过程，湖泊生态系统的两种稳态转换时，优势种发生变化，说明发生了群落演替。（2）植物的生长需要光照进行光合作用，同时需要氧气进行有氧呼吸，而水体富营养（无机盐增加）使藻类大量繁殖，水质浑浊使水底光照条件变差，同时藻类死亡微生物分解消耗大量水中氧气，使水草和鱼类等大量死亡，生物多样性减少。（3）生态系统的结构包括生态系统的组成成分（非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者）和食物链、食物网（营养结构）；由于生态系统的自我调节能力有限，所以当外界干扰因素的强度超过一定限度时，生态平衡就会被破坏。（4）生态系统具有维持其结构和功能相对稳定的能力，但是生态系统的自我调节能力是有限的，对藻型湖泊进行生态修复的其他措施有：定期清理湖泊中的浮游植物；种植挺水植物；引入浮游藻类的捕食者等（合理即可）。35.（14 分）（1）两种酶处理目的基因得到的黏性末端相同（2 分） BamH I（2 分）（2）使 DNA 聚合酶能够从引物的 3'端开始连接脱氧核苷酸（2分） ①（2 分）（3）电融合法（1 分） 电刺激（1分）(4)将囊胚的内细胞团均等分割（2分） 消化腺细胞（2 分）【分析】据图分析，①过程为构建基因表达载体，②是将目的基因导入受体细胞，③是细胞核移植，④是早期胚胎培养，⑤是胚胎移植，据此分析。【详解】（1）据图分析，限制酶 BamH I 和 BglⅡ处理目的基因后得到的黏性末端相同，均为—GATC，故不能避免目的基因的自身环化。目的基因应插入质粒的启动子和终止子之间，故处理质粒应采用限制酶 BamH I。（2）通过 PCR 技术扩增目的基因的前提是已知目的基因两端的一小段碱基序列（或脱氧核苷酸序列）。引物的作用是使 DNA聚合酶能够从引物的 3'端开始连接脱氧核苷酸。①构建基因表达载体是基因工程的核心环节。（3）细胞融合使用的物理方法是电融合法，激活重构胚使用的物理方法是电刺激。（4）进行胚胎分割时要注意将囊胚的内细胞团均等分割，转多聚糖酶在消化道内分解多聚糖类物质，故获得转基因猪中的 manA主要在消化腺细胞中进行表达。20{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#} 展开更多...... 收起↑ 资源列表 云南省曲靖市第一中学2023-2024学年高三上学期第四次月考 理综.docx 云南省曲靖市第一中学2023-2024学年高三上学期第四次月考 理综答案.pdf
资源列表
