资源简介

(共26张PPT)
第一部分
核心主干复习专题
专题四　电路和电磁感应
微专题5　电磁感应中的动量问题
命题热点 巧突破
在导体单杆切割磁感线做变加速运动时，若牛顿运动定律和能量观点不能解决问题，可运用动量定理巧妙解决问题
题型1　动量定理在电磁感应中的应用
(2023·新课标卷)一边长为L、质量为m的正方形金属框，每边电阻为R0，置于光滑的绝缘水平桌面(纸面)上。宽度为2L的区域内存在方向垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，两虚线为磁场边界，如图(a)所示。
(1)使金属框以一定的初速度向右运动，进入磁场。运动过程中金属框的左、右边框始终与磁场边界平行，金属框完全穿过磁场区域后，速度大小降为它初速度的一半，求金属框的初速度大小。
例题1
(2)在桌面上固定两条光滑长直金属导轨，导轨与磁场边界垂直，左端连接电阻R1＝2R0，导轨电阻可忽略，金属框置于导轨上，如图(b)所示。让金属框以与(1)中相同的初速度向右运动，进入磁场。运动过程中金属框的上、下边框处处与导轨始终接触良好。求在金属框整个运动过程中，电阻R1产生的热量。
〔对点训练〕
1. (2023·湖南高考卷)如图所示，两根足够长的光滑金属直导轨平行放置，导轨间距为L，两导轨及其所构成的平面均与水平面成θ角，整个装置处于垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。现将质量均为m的金属棒a、b垂直导轨
放置，每根金属棒接入导轨之间的电阻均为R。运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良好，金属棒始终未滑出导轨，导轨电阻忽略不计，重力加速度为g。
(1)先保持棒b静止，将棒a由静止释放，求棒a匀速运动时的速度大小v0。
(2)在(1)问中，当棒a匀速运动时，再将棒b由静止释放，求释放瞬间棒b的加速度大小a0。
(3)在(2)问中，从棒b释放瞬间开始计时，经过时间t0，两棒恰好达到相同的速度v，求速度v的大小，以及时间t0内棒a相对于棒b运动的距离Δx。
题型2　动量守恒定律在电磁感应中的应用
双杆模型
物理 模型 “一动一静”：甲杆静止不动，乙杆运动，其实质是单杆问题，不过要注意问题包含着一个条件——甲杆静止，受力平衡
两杆都在运动，对于这种情况，要注意两杆切割磁感线产生的感应电动势是相加还是相减；系统动量是否守恒
分析 方法 动力学 观点 通常情况下一个金属杆做加速度逐渐减小的加速运动，而另一个金属杆做加速度逐渐减小的减速运动，最终两金属杆以共同的速度匀速运动
能量 观点 两杆系统机械能减少量等于回路中产生的焦耳热之和
动量 观点 对于两金属杆在平直的光滑导轨上运动的情况，如果两金属杆所受的外力之和为零，则考虑应用动量守恒定律处理问题
(多选)(2023·辽宁高考卷)如图，两
根光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，左、
右两侧导轨间距分别为d和2d，处于竖直向上的
磁场中，磁感应强度大小分别为2B和B。已知导
体棒MN的电阻为R、长度为d，导体棒PQ的电阻为2R、长度为2d，PQ的质量是MN的2倍。初始时刻两棒静止，两棒中点之间连接一压缩量为L的轻质绝缘弹簧。释放弹簧，两棒在各自磁场中运动直至停止，弹簧始终在弹性限度内。整个过程中两棒保持与导轨垂直并接触良好，导轨足够长且电阻不计。下列说法正确的是( )
例题2
AC
〔对点训练〕
(多选)(2023·山东日照二模)如图所示，无限长
的“U”金属导轨ABCD和金属导轨EF、GH平行放
置在同一水平面内，AB与EF、EF与GH、GH与
CD之间的距离均为L，AB和EF之间的区域、GH
和CD之间的区域均有竖直向上的匀强磁场，磁感
应强度大小均为B0，EF和GH之间的区域有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为2B0。现有三根长度均为L的金属棒1、2、3垂直导轨放置，其中金属棒2、3质量均为m，电阻均为R，金属棒1质量为2m，电阻为2R。t＝0时刻，金属棒2、3静止，给金属棒1一平行于导轨向右的速度v0，忽略所有的阻力和所有导轨的电阻。下列判断正确的是( )
BC(共51张PPT)
第一部分
核心主干复习专题
专题四　电路和电磁感应
第12讲　电磁感应
核心知识·固双基
命题热点·巧突破
核心知识 固双基
“必备知识”解读
一、楞次定律中“阻碍”的理解
1.阻碍原磁通量的变化“增反减同”。
2.阻碍物体间的相对运动“来拒去留”。
3.阻碍线圈面积的变化“增缩减扩”。
4.阻碍原电流的变化(自感现象)“增反减同”。
二、求感应电动势大小的三种方法
三、求电荷量的三种方法
1.q＝It(式中I为回路中的恒定电流，t为时间)
3.Δq＝CBlΔv(式中C为电容器的电容，B为匀强磁场的磁感应强度，l为导体棒切割磁感线的长度，Δv为导体棒切割速度的变化量)
四、求解焦耳热Q的三种方法
“关键能力”构建
一、电磁感应中电路综合问题
1.等效电源的分析
(1)用法拉第电磁感应定律算出E的大小。等效电源两端的电压等于路端电压，一般不等于电源电动势，除非切割磁感线的导体(或线圈)电阻为零。
(2)用楞次定律或右手定则确定感应电动势的方向，从而确定电源正负极。感应电流方向是电源内部电流的方向，要特别注意在等效电源内部，电流由负极流向正极。
(3)明确电源内阻r。
2.电路结构的分析
(1)分析内、外电路，以及外电路的串并联关系，画出等效的电路图。
(2)应用闭合电路的欧姆定律、串并联电路知识和电功率、焦耳定律等关系式联立求解。
二、分析线框在磁场中运动问题的两大关键
1.分析电磁感应情况：弄清线框在运动过程中是否有磁通量不变的阶段，线框进入和穿出磁场的过程中，才有感应电流产生，结合闭合电路的欧姆定律列方程解答。
2.分析导线框的受力以及运动情况，选择合适的力学规律处理问题：在题目中涉及电荷量、时间以及安培力为变力时应选用动量定理处理问题；如果题目中涉及加速度的问题时选用牛顿运动定律解决问题比较方便。
三、解决电磁感应综合问题的“看到”与“想到”
1.看到“磁感应强度B随时间t均匀变化”，想到“ ＝k为定值”。
2.看到“线圈(回路)中磁通量变化”时，想到“增反减同”。
3.看到“导体与磁体间有相对运动”时，想到“来拒去留”。
4.看到“回路面积可以变化”时，想到“增缩减扩”。但注意线圈套在磁铁上是“增扩减缩”。
命题热点 巧突破
〔真题研究1〕
(2023·海南高考卷)汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为一个矩形线圈abcd，埋在地下的线圈分别为1、2，通上顺时针(俯视)方向电流，当汽车经过线圈时( 　　)
题型1　法拉第电磁感应定律和楞次定律
A．线圈1、2产生的磁场方向竖直向上
B．汽车进入线圈1过程产生感应电流方向为abcd
C．汽车离开线圈1过程产生感应电流方向为abcd
D．汽车进入线圈2过程受到的安培力方向与速度方向相同
C
【解析】　由题知，埋在地下的线圈1、2通顺时针(俯视)方向的电流，则根据右手定则，可知线圈1、2产生的磁场方向竖直向下，A错误；汽车进入线圈1过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流方向为adcb(逆时针)，B错误；汽车离开线圈1过程中，磁通量减小，根据楞次定律可知产生感应电流方向为abcd(顺时针)，C正确；汽车进入线圈2过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流方向为adcb(逆时针)，再根据左手定则，可知汽车受到的安培力方向与速度方向相反，D错误。
〔对点训练〕
1. (2023·湖北高考卷)近场通信(NFC)器件应用电磁感
应原理进行通讯，其天线类似一个压平的线圈，线圈尺寸
从内到外逐渐变大。如图所示，一正方形NFC线圈共3匝，其边长分别为1.0 cm、1.2 cm和1.4 cm，图中线圈外线接入内部芯片时
与内部线圈绝缘。若匀强磁场垂直通过此线圈，磁感应强度变化率为103 T/s，则线圈产生的感应电动势最接近( 　　)
A．0.30 V B．0.44 V
C．0.59 V D．4.3 V
B
2. (2023·江苏高考卷)如图所示，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，OC导体棒的O端位于圆心，棒的中点A位于磁场区域的边缘。现使导体棒绕O点在纸面内逆时针转动。O、A、C点电势分别为φO、φA、φC，则( 　　)
A．φO>φC B．φC>φA
C．φO＝φA D．φO－φA＝φA－φC
A
【解析】　棒的OA部分切割磁感线，根据右手定则，在电源内部，电流方向由低电势指向高电势，故φO>φA＝φC，选项A正确。
1.电磁感应中常见的图像
常见的有磁感应强度、磁通量、感应电动势、感应电流、速度、安培力等随时间或位移的变化图像。
题型2　电磁感应中的图像问题
2.解答此类问题的两个常用方法
(1)排除法：定性分析电磁感应过程中某个物理量的变化情况，把握三个关注，快速排除错误的选项。这种方法能快速解决问题，但不一定对所有问题都适用。
(2)函数关系法：根据题目所给的条件写出物理量之间的函数关系，再对图像作出判断，这种方法得到的结果准确、详细，但不够简捷。
〔真题研究2〕
(多选)(2022·河北卷，8,6分)如图所示，两光滑导
轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，一根导轨位于
x轴上，另一根由ab、bc、cd三段直导轨组成，其中bc
段与x轴平行，导轨左端接入一电阻R。导轨上一金属
棒MN沿x轴正向以速度v0保持匀速运动，t＝0时刻通过坐标原点O，金属棒始终与x轴垂直。设运动过程中通过电阻的电流为i，金属棒受到安培力的大小为F，金属棒克服安培力做功的功率为P，电阻两端的电压为U，导轨与金属棒接触良好，忽略导轨与金属棒的电阻。下列图像可能正确的是( )
AC
【审题指导】　
关键表述 物理关系
导轨上一金属棒MN沿x轴正向以速度v0保持匀速运动 有效切割长度L＝l0＋v0ttan θ(θ为ab与ad的夹角，l0为t＝0时刻的有效切割长度)
电阻两端的电压为U，忽略导轨与金属棒的电阻 U＝E(金属棒切割磁感线产生的电动势)
〔对点训练〕
1. (2023·辽宁高考卷)如图，空间中存在水平向右的匀强磁场，一导体棒绕固定的竖直轴OP在磁场中匀速转动，且始终平行于OP。导体棒两端的电势差u随时间t变化的图像可能正确的是( 　　)
C
【解析】　如图所示，导体棒匀速转动，设速度为v，设导体棒从A到B过程，棒穿过的角度为θ，则导体棒垂直磁感线方向的分速度为v⊥＝vcos θ可知导体棒垂直磁感线的分速度为余弦变化，根据左手定则可知，导体棒经过B点和B点关于P点的对称点时，电流方向发生变化，根据u＝BLv⊥可知导体棒两端的电势差u随时间t变化的图像为余弦图像。故选C。
2. (多选)(2023·全国甲卷)一有机玻璃管竖直放在水平地面上，管上有漆包线绕成的线圈，线圈的两端与电流传感器相连，线圈在玻璃管上部的5匝均匀分布，下部的3匝也均匀分布，下部相邻两匝间的距离大于上部相邻两匝间的距离，如图甲所示。现让一个很小的强磁体在玻璃管内沿轴线从上端口由静止下落，电流传感器测得线圈中电流I随时间t的变化如图乙所示。则( )
AD
A．小磁体在玻璃管内下降速度越来越快
B．下落过程中，小磁体的N极、S极上下颠倒了8次
C．下落过程中，小磁体受到的电磁阻力始终保持不变
D．与上部相比，小磁体通过线圈下部的过程中，磁通量变化率的最大值更大
【解析】　由题图乙可得，感应电流的峰值越来越大，说明感应电动势越来越大，小磁体在玻璃管内下降的速度越来越快，选项A正确；下落过程中，小磁体在接近、远离线圈的时候，电流的方向不断变化，并不是小磁体的N极、S极上下颠倒，选项B错误；感应电流的峰值越来越大，小磁体受到的电磁阻力不断变化，选项C错误；与线圈上部相比，小磁体通过线圈下部的过程中，感应电流的峰值更大，说明磁通量变化率的最大值更大，选项D正确。
题型3　电磁感应中的动力学、能量问题
间，导体框的EF边正好进入磁场，并在匀速运动一段距离后开始加速。
已知金属棒与导体框之间始终接触良好，磁场的磁感应强度大小B＝1 T，重力加速度大小取g＝10 m/s2，sin α＝0.6。求：
(1)金属棒在磁场中运动时所受安培力的大小；
(2)金属棒的质量以及金属棒与导体框之间的动摩擦因数；
(3)导体框匀速运动的距离。
【审题指导】　
研究对象、物理状态、物理过程 物理模型
光滑固定斜面；金属棒与导体框同时由静止开始下滑 “板块”一起从静止开始沿斜面向下做匀速直线运动
金属棒CD的两端置于导体框上，与导体框构成矩形回路CDEF；金属棒下滑距离s1后进入一方向垂直于斜面的匀强磁场区域 单棒切割磁感线的“发电机”模型：金属棒CD切割磁感线相当于电源，由于与导体框构成矩形回路，所以金属棒CD因为电流而受阻碍其相对运动的安培力
研究对象、物理状态、物理过程 物理模型
金属棒在磁场中做匀速运动 金属棒处于平衡状态，所受合外力为零
当金属棒离开磁场的瞬间，导体框的EF边正好进入磁场，并在匀速运动一段距离后开始加速 “板块”模型：分别隔离受力分析、运动分析，建立两者速度或位移间的关系式
(2)金属棒在磁场中运动过程中，导体框做匀加速直线运动
设金属棒与导体框间的滑动摩擦力大小为Ff，导体框进入磁场时的速度大小为v，
对导体框，由牛顿第二定律得Mgsin α－Ff＝Ma1⑥
导体框刚进入磁场时做匀速直线运动，对导体框，由平衡条件得
Mgsin α＝F2＋Ff⑨
代入数据联立解得a1＝5 m/s2，Ff＝0.06 N，v＝2.5 m/s
金属棒在磁场中做匀速直线运动时，由平衡条件得mgsin α＋Ff＝F1⑩
代入数据解得金属棒的质量m＝0.02 kg
由滑动摩擦力公式得Ff＝μmgcos α，代入数据解得金属棒与导体框之间的动摩擦因数μ＝0.375。
磁场宽度d＝v1t1＝0.3 m
金属棒离开磁场后做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得mgsin α＋Ff＝mma2
代入数据解得a2＝9 m/s2
金属棒加速到与导体框速度v相等，然后两者一起做匀加速直线运动
由匀变速直线运动的速度—时间公式得v＝v0＋a2t
〔易错提醒〕
搞混金属棒和导体框各自所受摩擦力的方向，无法形成清晰的金属棒和导体框多阶段的运动情境，挖掘不出“在匀速运动一段距离后开始加速”的隐含意义。
〔对点训练〕
(2023·6月浙江高考卷)某兴趣小组设计了一种火箭落停装置，简化原理如图所示，它由两根竖直导轨、承载火箭装置(简化为与火箭绝缘的导电杆MN)和装置A组成，并形成闭合回路。装置A能自动调节其输出电压确保回路电流I恒定，方向如图所示。导轨长度远大于导轨间距，不论导电杆运动到什么位置，电流I在导电杆以上空间产生的磁场近似为零；在导电杆所在处产生的磁场近似为匀强磁场，大小B1＝kI(其中k为常量)，方向垂直导
(1)求导电杆所受安培力的大小F和运动的距离L。
(2)求回路感应电动势E与运动时间t的关系。
(3)求装置A输出电压U与运动时间t的关系和输出的能量W。
(4)若R的阻值视为0，装置A用于回收能量，给出装置A可回收能量的来源和大小。(共45张PPT)
第一部分
核心主干复习专题
专题四　电路和电磁感应
知识网络构建
核心知识·固双基
命题热点·巧突破
知识网络构建
第11讲　直流电路和交流电路
核心知识 固双基
“必备知识”解读
一、理清直流电路知识体系
二、正弦交变电流“四值”的理解与应用
三、理想变压器和远距离输电
1.明确变压器各物理量间的制约关系
2.明辨远距离输电过程的3个问题
(2)电压损耗：输电线路上I2＝IR＝I3，总电阻R导致的电压损耗UR＝U2－U3＝IRR.输送电压一定时，用电器增多，则降压变压器的输出电流变大，输电线上的电流增大，电压损耗增大。
“关键能力”构建
直流电路动态分析的常用方法
1.程序法：基本思路为“部分→整体→部分”。
2.极限法：因变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将变阻器的滑片分别滑至两个极端，使电阻最大或电阻为零去讨论。
命题热点 巧突破
1.闭合电路欧姆定律的三个公式
(1)E＝U外＋U内；(任意电路)
(2)E＝U外＋Ir；(任意电路)
(3)E＝I(R＋r)。(纯电阻电路)
题型1　直流电路的分析与计算
2.动态电路分析的三种方法
(2)串反并同法：所谓“串反”，即某一电阻阻值增大(减小)时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端的电压、电功率都减小(增大)。所谓“并同”，即某一电阻阻值增大(减小)时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端的电压、电功率都增大(减小)。
(3)极限法：因滑动变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将滑动变阻器的滑片分别滑至两个极端，使滑动变阻器接入电路的电阻最大或电阻为零去讨论。
3.电容器的特点
(1)只有当电容器充、放电时，电容器所在支路中才会有电流，当电路稳定时，电容器所在的支路相当于断路。
(2)电路稳定时，与电容器串联的电路中没有电流，同支路的电阻相当于导线，电容器两端的电压等于与之并联的电阻两端的电压。
〔真题研究1〕
(2023·海南高考卷)如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻不计，电容器电容为C，闭合开关K，待电路稳定后，电容器上电荷量为( 　　)
C
〔对点训练〕
(多选)(2023·全国乙卷)黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻
CD
R和一个直流电源。测得接线柱之间的电压U12＝3.0 V，U23＝2.5 V，U34＝－1.5 V。符合上述测量结果的可能接法是( )
A．电源接在1、4之间，R接在1、3之间
B．电源接在1、4之间，R接在2、4之间
C．电源接在1、3之间，R接在1、4之间
D．电源接在1、3之间，R接在2、4之间
【解析】　由于1、2间的电势差为正，所以1要接电源正极。若电源接在1、4之间，如图甲所示，不管电阻R接在1、3之间还是接在2、4之间，3、4间的电势差一定是正的，即U34>0，与题目已知条件不符合，选项A、B错误。因此电源接在1、3之间，若电阻R接在1、4之间，如图乙所示，则U13＝U12＋U23＝5.5 V，同时U13＝U14＋U43，因为U43＝－U34＝1.5 V，所以只要UR＝U14＝4 V，就能满足题目要求，选项C正确。若电阻R接在2、4之间，如图丙所示，则U23＝2.5 V，同时U23＝U24＋U43，因为U43＝－U34＝1.5 V，所以只要UR＝U24＝1 V就能满足题目要求，选项D正确。
1.线圈通过中性面时的特点
(1)穿过线圈的磁通量最大。
(2)线圈中的感应电动势为零。
(3)线圈每经过中性面一次，感应电流的方向改变一次。
题型2　交变电流的产生和描述
2.有效值的计算
(2)非正弦式交变电流：计算有效值时，要根据电流的热效应，即“一个周期”内“相同电阻”上产生“相同热量”，然后分段求和列式，求得有效值。
3.正弦式交流电“四值”的应用
〔真题研究2〕
(多选)(2023·湖南高考卷)某同学自制了一个手摇交流发电机，如图所示。大轮与小轮通过皮带传动(皮带不打滑)，半径之比为4?1，小轮与线圈固定在同一转轴上。线圈是由漆包线绕制而成的边长为L的正方形，共n匝，总阻值为R。磁体间磁场可视为磁感应强度大小为B的匀强磁场。大轮以角速度ω匀速转动，带动小轮及线圈绕转轴转动，转轴与磁场方向垂直。线圈通过导线、滑环和电刷连接一个阻值恒为R的灯泡。假设发电时灯泡能发光且工作在额定电压以内，下列说法正确的是( )
AC
〔对点训练〕
1. (2023·青海统考二模)图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表。线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示。以下判断正确的是( 　　)
A
A．电流表的示数为10 A
B．线圈转动的角速度为50π rad/s
C．0.01 s时线圈平面与磁场方向垂直
D．0.02 s时电阻R中电流的方向自右向左
2. (多选)(2023·山东青岛检测)转速传感器用来检测齿轮旋转速度，为汽车自动控制系统提供关键数据。图甲是转速传感器结构示意图，当齿轮转动时会导致感应线圈内磁通量变化，产生感应电流。当齿轮从甲图中位置开始计时，0～0.2 s内车载电脑显示的电流信号如图乙所示，下列说法正确的是( )
A．齿轮的转速为5 r/s
B．齿轮的旋转周期为2.4 s
C．0.1 s时，感应线圈内磁通量的变化率最大
D．0～0.1 s内感应线圈内磁通量的变化率先变大后变小
BD
1.三个关系搞清变压器问题
(1)变与不变的关系：不变的是功率关系、磁通量的变化率和周期频率．理想变压器工作不损失能量，即输入功率等于输出功率；原、副线圈交变电流频率相同；在没有漏磁时，原、副线圈磁通量的变化率相同。
(2)高与低，大与小，多与少，粗与细的关系：电压高的线圈电流小，匝数多，导线细；电压低的线圈电流大，匝数少，导线粗。
(3)正比与反比的关系：原、副线圈的电压与匝数成正比，单一副线圈的变压器电流与匝数成反比。
题型3　变压器和远距离输电
2.远距离输电问题
(1)理清三个回路
(2)抓住两个联系
3.输电线路功率损失的计算
〔真题研究3〕
(2022·山东，4,3分)如图所示的变压器，输入电压为220 V，可输出12 V、18 V、30 V电压，匝数为n1的原线圈中电压随时间变化为u＝Umcos(100πt)。单匝线圈绕过铁芯连接交流电压表，电压表的示数为0.1 V，将阻值为12 Ω的电阻R接在BC两端时，功率为12 W。下列说法正确的是( 　　)
A．n1为1 100，Um为220 V
B．BC间线圈匝数为120匝，流过R的电流为1.4 A
C．若将R接在AB两端，R两端的电压为18 V，频率为100 Hz
D．若将R接在AC两端，流过R的电流为2.5 A，周期为0.02 s
D
【审题指导】　
关键表述 物理关系
输入电压为220 V，原线圈中电压随时间变化为u＝Umcos(100πt) 电压的最大值Um＝220 V，A选项错误
单匝线圈绕过铁芯连接交流电压表，电压表的示数为0.1 V 交流电压表的读数0.1 V为交流电压的有效值
可输出12 V、18 V、30 V电压 均为电压的有效值
【解析】　
〔易错提醒〕
(1)不能正确区分交变电流的有效值和峰值，不知道交流电压表的示数为有效值；(2)不会利用与电压表相连的线圈匝数为1这个条件，从而无法求出其他线圈的匝数。
〔对点训练〕
1. (多选)(2023·海南高考卷)下图是工厂利用u＝220sin 100πt V的交流电给36 V照明灯供电的电路，变压器原线圈匝数为1 100匝，下列说法正确的是( )
A．电源电压有效值为220 V
B．交变电流的周期为0.02 s
C．副线圈匝数为180匝
D．副线圈匝数为240匝
BC
2. (2023·山东高考真题)某节能储能输
电网络如图所示，发电机的输出电压U1＝
250 V，输出功率500 kW。降压变压器的
匝数比n3?n4＝50 1，输电线总电阻R＝
62.5 Ω。其余线路电阻不计，用户端电压U4＝220 V，功率88 kW，所有变压器均为理想变压器。下列说法正确的是( 　　)
A．发电机的输出电流为368 A
B．输电线上损失的功率为4.8 kW
C．输送给储能站的功率为408 kW
D．升压变压器的匝数比n1?n2＝1?44
C

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