资源简介 前台后库 2008年数列大题难易排序数列是高考解答题必考的,看看2008年的各地高考试卷,数列占据着重要的位置,有多份试卷用数列作为试卷的压轴大题,算是“镇卷之宝”吧!总体看来,数列在高考试卷解答题中算是居后的位置,起着区分、选拔考生的功能.1.(江西卷19)(本小题满分12分)数列为等差数列,为正整数,其前项和为,数列为等比数列,且,数列是公比为64的等比数列,.(1)求;(2)求证.解:(1)设的公差为,的公比为,则为正整数,,依题意有①由知为正有理数,故为的因子之一,解①得故(2)∴【说明】 只要静下心来做,相信一般的学生都可以做出来,考查了等差、等比数列的基础知识.第一问相比而言,比第二问还要复杂一些,求数列{bn}时拐了一道弯,但只要按步骤来,问题会迎刃而解.这对占在三号位置的解答题来说,可以稳定学生的情绪.这也算是江西学生的幸运哦.2.(全国二20).(本小题满分12分)设数列的前项和为.已知,,.(Ⅰ)设,求数列的通项公式;(Ⅱ)若,,求的取值范围.解:(Ⅰ)依题意,,即,由此得. 4分因此,所求通项公式为,.① 6分(Ⅱ)由①知,,于是,当时,,,当时,.又.综上,所求的的取值范围是. 12分【说明】本题主要考查数列通项公式的求法、等比数列前n项和公式以及数列单调性的应用. 作为倒数第三题,在大题中算是占据了中等的地位,起到过渡的作用.比起其他试卷的数列解答题,算是容易题了.3.(四川卷20).(本小题满分12分) 设数列的前项和为,已知(Ⅰ)证明:当时,是等比数列;(Ⅱ)求的通项公式.解:由题意知,且两式相减得即 ①(Ⅰ)当时,由①知于是 又,所以是首项为1,公比为2的等比数列。(Ⅱ)当时,由(Ⅰ)知,即 当时,由由①得因此得【说明】 这是第一道考查“会不会”的问题.如若不会,对不起,请先绕道走.对大多数考生而言,此题是一道拦路虎.可能比压轴题还让人头痛.原因是两个小题分别考到了两种重要的递推方法.递推数列中对递推方法的考查,有30年历史了,现在只是陈题翻新而已.不过此题对考生有不公平之嫌.大中城市参加过竞赛培训的优生占便宜了.解题有套方为高啊.4.(山东卷19) (本小题满分12分)将数列中的所有项按每一行比上一行多一项的规则排成如下数表: ……记表中的第一列数构成的数列为,.为数列的前项和,且满足.(Ⅰ)证明数列成等差数列,并求数列的通项公式;(Ⅱ)上表中,若从第三行起,第一行中的数按从左到右的顺序均构成等比数列,且公比为同一个正数.当时,求上表中第行所有项的和.解:(Ⅰ)证明:由已知,当时,,又,所以,又.所以数列是首项为1,公差为的等差数列.由上可知,.所以当时,.因此(Ⅱ)解:设上表中从第三行起,每行的公比都为,且.因为,所以表中第1行至第12行共含有数列的前78项,故在表中第31行第三列,因此.又,所以.记表中第行所有项的和为,则.【说明】 此题改革了传统数列呈现形式,充分考查了考生采集和处理信息的能力,体现了新课程标准的理念.但其难度并不大.5.(天津卷20)(本小题满分12分)在数列中,,,且().(Ⅰ)设(),证明是等比数列;(Ⅱ)求数列的通项公式;(Ⅲ)若是与的等差中项,求的值,并证明:对任意的,是与的等差中项.解:(Ⅰ)证明:由题设(),得,即,.又,,所以是首项为1,公比为的等比数列.(Ⅱ)解法:由(Ⅰ) , , …… ,().将以上各式相加,得().所以当时,上式对显然成立.(Ⅲ)解:由(Ⅱ),当时,显然不是与的等差中项,故.由可得,由得, ①整理得,解得或(舍去).于是.另一方面,, .由①可得,.所以对任意的,是与的等差中项.【说明】 本小题主要考查等差数列、等比数列的概念、等比数列的通项公式及前项和公式,考查运算能力和推理论证能力及分类讨论的思想方法.6(辽宁卷21)(本小题满分12分)在数列,中,a1=2,b1=4,且成等差数列,成等比数列()(Ⅰ)求a2,a3,a4及b2,b3,b4,由此猜测{an}、{bn}的通项公式,并证明你的结论;(Ⅱ)证明:.解:(Ⅰ)由条件得由此可得. 2分猜测. 4分用数学归纳法证明:①当n=1时,由上可得结论成立.②假设当n=k时,结论成立,即,那么当n=k+1时,.所以当n=k+1时,结论也成立.由①②,可知对一切正整数都成立. 7分(Ⅱ).n≥2时,由(Ⅰ)知. 9分故综上,原不等式成立. 12分【说明】 本小题主要考查等差数列,等比数列,数学归纳法,不等式等基础知识,考查综合运用数学知识进行归纳、总结、推理、论证等能力.第一问中猜测{an}、{bn}的通项公式是问题的瓶颈,这一步能顺利解决,后面应该就不会有问题了.7.(安徽卷21)(本小题满分13分)设数列满足为实数(Ⅰ)证明:对任意成立的充分必要条件是;(Ⅱ)设,证明:;(Ⅲ)设,证明:解 (1) 必要性 : , 又 ,即充分性 :设 ,对用数学归纳法证明 当时,.假设 则,且,由数学归纳法知对所有成立 (2) 设 ,当时,,结论成立 当 时, ,由(1)知,所以 且 (3) 设 ,当时,,结论成立 当时,由(2)知 【说明】 考查了数列、充要条件的证明,还有不等式的证明,是一道综合大题。本题在此卷上是难度系数大,体现了高考的选拔性功能的一道题。8.(全国一22).(本小题满分12分)(注意:在试题卷上作答无效)设函数.数列满足,.(Ⅰ)证明:函数在区间是增函数;(Ⅱ)证明:;(Ⅲ)设,整数.证明:.解:(Ⅰ)证明:,故函数在区间(0,1)上是增函数;(Ⅱ)证明:(用数学归纳法)(i)当n=1时,,,由函数在区间是增函数,且函数在处连续,则在区间是增函数,,即成立;(ⅱ)假设当时,成立,即那么当时,由在区间是增函数,得.而,则,,也就是说当时,也成立;根据(ⅰ)、(ⅱ)可得对任意的正整数,恒成立. (Ⅲ)证明:由.可得若存在某满足,则由⑵知:若对任意都有,则,即成立.【说明】 作为全国卷的压轴题,肯定是有一定难度的,数列只是作为一个载体,其实考查的是函数,导数和不等式的知识为主.9.(湖南卷18)(本小题满分12分) 数列 (Ⅰ)求并求数列的通项公式; (Ⅱ)设证明:当 解: (Ⅰ)因为所以 一般地,当时,=,即所以数列是首项为1、公差为1的等差数列,因此当时,所以数列是首项为2、公比为2的等比数列,因此故数列的通项公式为(Ⅱ)由(Ⅰ)知, ① ② ①-②得, 所以 要证明当时,成立,只需证明当时,成立. 证法一 (1)当n = 6时,成立. (2)假设当时不等式成立,即 则当n=k+1时, 由(1)、(2)所述,当n≥6时,.即当n≥6时, 证法二 令,则 所以当时,.因此当时,于是当时,综上所述,当时,【说明】 数列与三角函数的综合,给我们的考生带来分类讨论的麻烦,第一问要有敏锐的观察力,知道怎么分类这是个得分点,既涉及等差数列,又有等比数列;第二问是数列与不等式的结合,可以多渠道解决。10.(江苏卷19). (1)设a1,a2,…,an是各项均不为零的n(n≥4)项等差数列,且公差d≠0,若将此数列删去某一项后得到的数列(按原来顺序)是等比数列: ①当n=4时,求的数值;②求n的所有可能值;(2)求证:对于给定的正整数n(n≥4),存在一个各项及公差都不为零的等差数列b1,b2,…,bn,其中任意三项(按原来顺序)都不能组成等比数列.解:(1)① 先证命题P:若三个数a,b,c既成等差数列、又成等比数列,则它们必为常数数列.因为若a+c=2b,ac=b2,则,即,∴a=c,则b=a=c.当n=4时,即a1,a2,a3,a4是各项均不为零的等差数列,且公差d≠0.1)删去a1,则a2,a3,a4成等比数列,由命题P知,a2=a3=a4,与d≠0矛盾.2)删去a2,则a1,a3,a4成等比数列,即a1,a1+2d,a1+3d成等比数列,∴,则=-4.3)删去a3,则a1,a2,a4成等比数列,即a1,a1+d,a1+3d成等比数列,∴,则=1.4)删去a4,则a1,a2,a3成等比数列,由命题P知,a1=a2=a3,与d≠0矛盾.总之,=-4或1.②假设n≥6,则无论删去哪一项,均有原数列中的连续三项既成等差数列,又成等比数列,由命题P知,假设不成立,∴n≤5.若n=5,则由命题P知,只可能在等差数列a1,a2,a3,a4,a5中删去a3,使a1,a2,a4,a5成等比数列. 由①中3)知,d=a1,则a2=2a1,a4=4a1,a5=5a1(a1≠0),但它们不成等比数列.由此可知:n只能为4.(2)对于一个给定的正整数n(n≥4),设b1,b2,…,bn是一个各项及公差都不为零的等差数列,不妨设bt,bt+sd,bt+kd是它们其中的任意三项(1≤t≤n-2,1≤s<k≤n-t,且t,s,k∈N*),要使这三项不成等比数列,即不成立,即使不成立.(由此可见,只要k不能为正整数,可使为小数,或无理数……)如取d=1,,∵s2<n2,∴∈(0,1),则不成立.以上可见,n2,n2+1,n2+2,…,n2+n-1中任意三项(按原来顺序)都不能组成等比数列,即它是一个符合题意的等差数列.【说明】 第(1)问的解答关键在于认识命题P,这是认识等差数列与等比数列的一个基本问题,其中第②问通过检验而排除n=5.第(2)问要求考生通过分析构造出符合题意的一种数列,由于平时考生对构造性问题研究相对较少,尽管新课标中倡导培养学生的创造能力,但由于高中数学学习内容较多(理科学生除学习改修1,2,3,4,5外,还须学习选修2系列中的1,2,3三个系列,另外还要在选修4中的4个模块中选修2个),因此,学生的研究性学习的时间较少,此类问题在高考命题中出现,从学生的学习及人的发展来说,确实是一件好的现象。这也说明,要使学生的学习在“质”上有所飞跃,我们还必须考虑如何在“数”上有所控制。11.(陕西卷22)(本小题满分14分)已知数列的首项,,.(Ⅰ)求的通项公式;(Ⅱ)证明:对任意的,,;(Ⅲ)证明:.解法一:(Ⅰ),,,又,是以为首项,为公比的等比数列.,.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,,原不等式成立.(Ⅲ)由(Ⅱ)知,对任意的,有.取,则.原不等式成立.解法二:(Ⅰ)同解法一.(Ⅱ)设,则,当时,;当时,,当时,取得最大值.原不等式成立.(Ⅲ)同解法一.【说明】 数列、不等式、导数三者合一的解答题,又是陕西卷的压轴题,当然不会那么轻易得分。第一问求通项公式就给学生制造了障碍,而后两问,是紧扣前一问的,所以第一问没有做出来,后面的分数也得不到.12.(重庆卷22)(本小题满分12分,(Ⅰ)小问5分,(Ⅱ)小问7分.) 设各项均为正数的数列{an}满足.(Ⅰ)若,求a3,a4,并猜想an的值(不需证明);(Ⅱ)记对n≥2恒成立,求a2的值及数列{bn}的通项公式. 解:(Ⅰ)因 由此有,故猜想的通项为 (Ⅱ)令 由题设知x1=1且 ① ② 因②式对n=2成立,有 ③ 下用反证法证明: 由①得 因此数列是首项为,公比为的等比数列.故 ④ 又由①知 因此是是首项为,公比为-2的等比数列,所以 ⑤ 由④-⑤得 ⑥ 对n求和得 ⑦ 由题设知 即不等式22k+1<对kN*恒成立.但这是不可能的,矛盾.因此x2≤,结合③式知x2=,因此a2=2*2=将x2=代入⑦式得Sn=2-(nN*),所以bn=2Sn=22-(nN*)【说明】 此题结合函数、不等式考查数列的通项,过程复杂,估计一般的考生不会得分.13.(浙江卷22)(本题14分)已知数列,,,.记..求证:当时,(Ⅰ);(Ⅱ);(Ⅲ)。解:(Ⅰ)证明:用数学归纳法证明.①当时,因为是方程的正根,所以.②假设当时,,因为 ,所以.即当时,也成立.根据①和②,可知对任何都成立.(Ⅱ)证明:由,(),得.因为,所以.由及得, 所以.(Ⅲ)证明:由,得所以,于是,故当时,,又因为, 所以.【说明】 本题主要考查数列的递推关系,数学归纳法、不等式证明等基础知识和基本技能,同时考查逻辑推理能力.14.(广东卷21).(本小题满分12分)设为实数,是方程的两个实根,数列满足,,(…).(1)证明:,;(2)求数列的通项公式;(3)若,,求的前项和.解:(1)由求根公式,不妨设,得,(2)设,则,由得,消去,得,是方程的根,由题意可知,①当时,此时方程组的解记为即、分别是公比为、的等比数列,由等比数列性质可得,,两式相减,得,,,,即,②当时,即方程有重根,,即,得,不妨设,由①可知,,即,等式两边同时除以,得,即数列是以1为公差的等差数列,,综上所述,(3)把,代入,得,解得 【说明】 命题者将方程,函数,数列结合在一起考查,涉及字母多,要有清醒的头脑,才能理顺其的关系。解题中要用函数方程思想、分类讨论思想。得满分者不多.15.(湖北卷21)(本小题满分14分)已知数列和满足:,其中为实数,为正整数.(Ⅰ)对任意实数,证明数列不是等比数列;(Ⅱ)试判断数列是否为等比数列,并证明你的结论;(Ⅲ)设,为数列的前项和.是否存在实数,使得对任意正整数,都有?若存在,求的取值范围;若不存在,说明理由.解:(Ⅰ)证明:假设存在一个实数λ,使{an}是等比数列,则有a22=a1a3,即矛盾.所以{an}不是等比数列.(Ⅱ)解:因为bn+1=(-1)n+1[an+1-3(n-1)+21]=(-1)n+1(an-2n+14)=(-1)n·(an-3n+21)=-bn又b1= -(λ+18),所以当λ=-18,bn=0(n∈N+),此时{bn}不是等比数列:当λ≠-18时,b1=(λ+18) ≠0,由上可知bn≠0,∴(n∈N+).故当λ≠-18时,数列{bn}是以-(λ+18)为首项,-为公比的等比数列.(Ⅲ)由(Ⅱ)知,当λ=-18,bn=0,Sn=0,不满足题目要求.∴λ≠-18,故知bn= -(λ+18)·(-)n-1,于是可得Sn=-要使a即a<-(λ+18)·[1-(-)n] ①当n为正奇数时,1∴f(n)的最大值为f(1)=,f(n)的最小值为f(2)= ,于是,由①式得a<-(λ+18),<当a当b>3a存在实数λ,使得对任意正整数n,都有a【说明】 本小题主要考查等比数列的定义、数列求和、不等式等基础知识和分类讨论的思想,考查综合分析问题的能力和推理认证能力.作为湖北卷的压轴题,难倒了一大批的学生,起到了它应有区分选拔功能. 展开更多...... 收起↑ 资源预览