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2015全国新课标2高考压轴卷Word版含解析
第ⅠⅡ卷（选择题共126分）
可能用到的相对原子质量：
H1 C12 N14 O16 Na23 Mg24 Al27 S32 Fe56 Cu64
选择题：本题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（6分）以下关于生物学实验的描述，正确的一组是（　　）
①有纸层析法分离叶绿体中色素的实验结果中，橙黄色色带最窄
②鉴定还原糖时，要先加入斐林试剂后，水浴加热可看到砖红色的CuO沉淀
③在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”的实验中，可选用洋葱鳞片叶内表皮细胞作为实验材料，甲基绿使RNA呈绿色，吡罗红使DNA呈红色
④经键那绿色的人口腔上皮细胞，在高倍镜下可观察到蓝绿色颗粒状结构
⑤洋葱根尖有丝分裂临时装片制作过程的步骤是：取材、解离、漂洗、染色、制片
⑥在探究pH对酶活性的影响实验中，pH是实验变量，温度是无关变量．
　 A． ①②④⑥ B． ②④⑤⑥ C． ①④⑤⑥ D． ①③⑤⑥
2．（6分）下列关于细胞结构与功能的说法不正确的是（　　）
　 A． 神经细胞轴突末梢有大量突起，有利于附着更多的神经递质受体蛋白
　 B． 小肠绒毛细胞膜有大量突起，有利于附着更多的载体蛋白
　 C． 线粒体内膜向内突起形成嵴，有利于附着更多的有氧呼吸酶
　 D． 叶绿体类囊体结构增大了膜面积，有利于附着更多的光合色素
3．（6分）如图表示1﹣5月期间甲、乙两女性血浆中人乳头瘤状病毒抗体的相对含量．对曲线图解释错误的是（　　）
　 A． 女性甲可能在1月份接种了疫苗，女性乙没有
　 B． 两人在5月份抗体含量差异源于女性甲体内记忆细胞的活动
　 C． 女性甲的T淋巴细胞可以产生淋巴因子攻击被病毒侵染的靶细胞
　 D． 人乳头瘤状病毒疫苗刺激机体产生了相应的记忆细胞和抗体
4．（6分）关于细胞物质运输的叙述，不正确的是（　　）
　 A． 叶绿体合成的ATP需要通过核孔进入细胞核
　 B． 突触前神经元在受到刺激时能释放神经递质
　 C． 溶酶体内的酶由核糖体合成、并经过一系列加工后运入
　 D． 内质网的膜结构成分可以通过高尔基体转移到细胞膜中
5．（6分）取一段燕麦幼苗茎放在一定浓度的植物生长素水溶液中培养，结果如图．幼苗茎段重量增加的主要原因是（　　）
　 A． 水分增加 B． 糖类增加 C． 蛋白质增加 D． 无机盐增加
6．（6分）关于生物实验或调查的叙述，正确的是（　　）
　 A． 豆浆煮熟后，不能与双缩脲试剂发生紫色反应
　 B． 在低温诱导植物染色体数目变化的实验中，95%酒精仅用于解离
　 C． 调查常见人类遗传病时常选取发病率高的单基因遗传病作为调查对象
　 D． 观察口腔上皮细胞中的线粒体，需要8%盐酸处理后再用健那绿染色
7．化学与生产、生活、社会密切相关，下列说法不正确的是（）
　 A． 明矾溶于水会形成胶体，因此可用于自来水的杀菌消毒
　 B． 小苏打是制作面包等糕点的膨松剂，还是治疗胃酸过多的一种药剂
　 C． 蛋白质、淀粉、油脂等都能在人体内水解并提供能量
　 D． 纯净的二氧化硅是现代光学及光纤制品的基本原料
8.设NA代表阿伏加德罗常数的数值，下列说法中正确的是；（）
A．1.8 g重水(D2O)中含有的质子数和电子数均为NA
B．常温下，16gO2和O3的混合气体中含有的氧原子数为NA
C．标准状况下，22.4 L NO 和22.4 L O2 混合后所得气体中分子总数为1.5 NA
D．将11.2 L Cl2 通入足量的石灰乳中制备漂白粉，转移的电子数为0.5 NA
9.苹果酸的结构简式为，下列说法正确的是
A．苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种
B．1mol苹果酸可与3mol NaOH发生中和反应
C．1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1mol H2
D．与苹果酸互为同分异构体
10.下列实验操作或装置（略去部分夹持仪器）正确的是
A．配制溶液 B．中和滴定
C．制备乙酸乙酯 D．制备收集干燥的氨气
11.分子式为C10H20O2的有机物在酸性条件下可水解为醇A和酸B，A经过连续氧化可转化为B，若不考虑立体异构，符合上述要求的醇和酸若重新组合，可形成的酯共有：（ ）
A．32 B．8 C．16 D．4
12. 工业上，在强碱性条件下用电解法除去废水中的CN—，装置如图所示，依次发生的反应有：①CN——2e—+2OH— ＝CNO—+H2O ②2Cl—一2e═＝Cl2↑
③3Cl2 +2CNO—+8OH-＝N2+6Cl—十2CO32—+4H2O
下列说法不正确的是（ ）
A．铁电极上发生的反应为Fe-2e-═Fe2+
B．通电过程中溶液pH值不断增大
C．为了使电解池连续工作，需要不断补充NaOH
D．除去1mol CN—，外电路至少转移5mol电子
13. 25℃时，0.1mol/L 的CH3COOH溶液pH=3，0.1mol/L 的HCN溶液pH=4．下列说法正确的是（）
　 A． CH3COOH与HCN均为弱酸，酸性：HCN＞CH3COOH
　 B． 25℃时，水电离出来的c（H+）均为 10﹣11mol/L的两种酸，酸的浓度：HCN＞CH3COOH
　 C． 25℃时，浓度均为0.1 mol/L 的CH3COONa和NaCN溶液中，pH大小：CH3COONa＞NaCN
　 D． 25℃时，pH均为3的CH3COOH与HCN溶液各100ml与等浓度的NaOH溶液反应，消耗NaOH溶液体积：CH3COOH＞HCN
二、选择题：本题共8小题，每小题6分共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分， 选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.2013年9月10日是中国就钓鱼岛及其附属岛屿的领海基点、基线发表声明一周年．当天，中国海警7艘舰船编队在我钓鱼岛领海内巡航．编队分为两个组，一组顺时针，一组逆时针，从9点18分开始绕岛巡航，假设每个小组的巡航时间为4个小时，航程为60海里．其中海警“2112”号和海警“2350”号被编在同一个组．若所有舰船行驶速率相同，则下列说法正确的有（　　）
　 A． 研究其中一艘舰船编队的平均速度时可将其看作质点
　 B． 以海警“2112”为参考系，海警“2350”一定是静止的
　 C． “60海里”指的是编队的位移
　 D． 由题中条件可求出此次巡航过程中海警“2112”的平均速度
15.亚洲Ⅰ号卫星是我国发射的通讯卫星，它是地球同步卫星，设地球自转角速度一定，下面关于亚洲Ⅰ号卫星的说法正确的是（　　）
A． 它绕地球运动的角速度等于地球自转的角速度
B． 它沿着与赤道成一定角度的轨道运动
C． 运行的轨道半径可以有不同的取值
D． 如果需要可以发射到北京上空
16.如图所示，一质量为m的物块以一定的初速度从斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端．设物块和斜面的动摩擦因数一定，斜面的高度h和底边长度x可独立调节（斜边长随之改变），下列说法错误的是
A．若增大m，物块仍能滑到斜面顶端
B．若增大h，物块不能滑到斜面顶端，但上滑最大高度一定增大
C．若增大x，物块不能滑到斜面顶端，但滑行水平距离一定增大
D．若再施加一个水平向右的恒力，物块一定从斜面顶端滑出
17.理论上已经证明：质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零．现假设地球是一半径为R、质量分布均匀的实心球体，O为球心，以O为原点建立坐标轴Ox，如图所示．一个质量一定的小物体（假设它能够在地球内部移动）在x轴上各位置受到的引力大小用F表示，则选项图所示的四个F随x的变化关系图正确的是（　　）
　 A． B． C． D．
18.电场强度方向与轴平行的静电场，其电势随的分布如图所示，一质量为m、带电量为＋q的粒子（不计重力），以初速度从左侧沿轴正方向进入电场。下列叙述正确的是（ ）
A．粒子从点运动到点的过程中，在点速度最大
B．粒子从点运动到点的过程中，电势能先减小后增大
C．要使粒子能运动到处，粒子的初速度至少为
D．若，则粒子在运动过程中的最大动能为
19.如图所示电路中，电源的内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法正确的是（　　）
　 A． 电压表示数变大 B． 电流表示数变大
　 C． 外电路等效电阻变大 D． 内电路消耗的功率变大
20.一理想变压器原、副线圈的匝数比为44：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（　　）
　 A． 副线圈输出电压的频率为100Hz
　 B． 副线圈输出电压的有效值为5V
　 C． P向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小
　 D． P向左移动时，变压器的输入功率增加
21.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，则正确的是（　　）
　 A． x1处电场强度为零
　 B． x2～x3段是匀强电场
　 C． x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3
　 D． 粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动
第II卷非选择题共174分
非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题~第40题为选考题，考生根据要求做答。
第22——32题为必考题，每个试题考生都必须做答；第33——40题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（11题共174）
22.（8分）某学习小组可用如图甲所示的实验装置来做系列实验．(设钩码的质量为m，小车和车内 砝码的总质量为M)
(1)下列说法正确的是____________
A．用该装置可以测定当地的重力加速度
B．用该装置可以探究牛顿第二定律，以小车为研
究对象时，要保证拉力近似等于钩码的重力，
因此必须满足m<C．可以用该装置验证机械能守恒定律，但必须满
足m<D．可以用该装置探究动能定理，以钩码和小车整体为研究对象，但不必满足m<(2)某同学在用该探究“在处罗一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”时，由于改变小车和砝码的总质量M时，小车所受的阻力也会变化，本实验改变M时是否要重新平衡小车所受的阻力？________________(选填“是”或“否”)。
（3）图乙为某次实验得到的纸带，A、B、C、D、E、F、G是按打点顺序依次选取的计数点，计数点间的距离如图所示，相邻计数点间时间间隔为0.1s，则小车的加速度大小约为________________m/s2(保留两位有效数字).
23.（7分）在“测定金属的电阻率”的实验中，所测金属丝的电阻大约为5，先用伏安法测出该金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。用米尺测出该金属丝的长度L，用螺旋测微器测量该金属丝直径时的刻度位置如图所示。
(1)从图中读出金属丝的直径为______________mm。
(2)实验时，取来两节新的干电池、开关、若干导线和下列器材：
A．电压表0～3 V，内阻10 k
B．电压表0～15 V，内阻50 k
C．电流表0～0.6A，内阻0.05
D．电流表0～3 A，内阻0.01
E．滑动变阻器，0～10
F．滑动变阻器，0～100
①要较准确地测出该金属丝的电阻值，电压表应选_______________，电流表应选______________，滑动变阻器选_____________(填序号)。
②实验中，某同学的实物接线如图所示，请指出该实物接线中的两处明显错误。
错误l：_____________________________；
错误2：_____________________________。
24.（14分）如图所示，固定在水平地面上的工件，由AB和BD两部分组成，其中AB部分为光滑的圆弧，AOB=37o，圆弧的半径R=0．5m，圆心O点在B点正上方；BD部分水平，长度为0．2m，C为BD的中点。现有一质量m=lkg，可视为质点的物块从A端由静止释放，恰好能运动到D点。（g=10m/s2，sin37o=0．6，cos37o=0．8）求：
（1）为使物块恰好运动到C点静止，可以在物块运动到B点后，对它施加一竖直向下的恒力F，F应为多大
（2）为使物块运动到C点时速度为零，也可先将BD部分以B为轴向上转动一锐角，应为多大 （假设B处有一小段的弧线平滑连接，物块经过B点时没有能量损失）
（3）接上一问，求物块在BD板上运动的总路程。
25.（18分）如图所示，在两个水平平行金属极板间存在着向下的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，电场强度和磁感应强度的大小分别为E=2106N/C和B1=0.1T，极板的长度l=m，间距足够大．在板的右侧还存在着另一圆形区域的匀强磁场，磁场的方向为垂直于纸面向外，圆形区域的圆心O位于平行金属极板的中线上，圆形区域的半径R=m．有一带正电的粒子以某速度沿极板的中线水平向右飞入极板后恰好做匀速直线运动，然后进入圆形磁场区域，飞出圆形磁场区域后速度方向偏转了60°，不计粒子的重力，粒子的比荷=2108C/kg．
求：（1）粒子的初速度v；
（2）圆形区域磁场的磁感应强度B2的大小；
（3）在其它条件都不变的情况下，将极板间的磁场Bl撤去，为使粒子飞出极板后不能进入圆形区域的磁场，求圆形区域的圆心O离极板右边缘的水平距离d应满足的条件．
26. （13分）铜工业上回收利用某合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）的工艺流程如下：
（1）操作1 的操作方法是______。
（2）加入新制氯水的的作用是（用离子方程式表示） __________ 。滤渣D的主要成分是 （填化学式）。
（3）充分焙烧的化学方程式为 。
（4）已知Li2CO3微溶于水，且水溶液呈碱性．其饱和溶液浓度与温度关系见下表．操作2中，蒸发浓缩后必须趁热过滤，其原因是 ，在常温条件下，饱和Li2CO3溶液中离子浓度由大到小排列顺序为 __________ 。
温度/℃ 10 30 60 90
浓度/mol L－1 0．21 0．17 0．14 0．10
（5）用惰性电极电解熔融Li2CO3制取锂，阳极生成两种气体，则阳极电极反应式为 __________
27.（15分）硫及其化合物有广泛应用。
（1）硫元素在周期表中的位置是 。
（2）硒（34Se）与硫在元素周期表中位于同一主族。下列说法正确的是 。
a．沸点：H2Se>H2S>H2O b．H2Se比H2S稳定性强
c．Se的原子半径比S原子大 d．SeO2和SO2含有的化学键类型相同
（3）SO2可用于制H2SO4。已知25℃、101kPa时：
2SO2(g)＋O2(g)＋2H2O(g)＝2H2SO4(l) △H1＝－545kJ/mol
H2O(g)＝H2O(l) △H2＝－44kJ/mol
SO3(g)＋H2O(l)＝H2SO4(l) △H3＝－130kJ/mol
则2SO2(g)＋O2(g)2SO3(g) △H＝ kJ/mol。
（4）为研究H2SO4生产中SO2催化氧化时温度对SO2平衡转化率的影响，进行如下试验。取100 L原料气（体积分数为SO2 7%、O2 11%、N2 82%）使之发生反应，在101kPa下达到平衡，得到如下数据：
温度/℃ 500 525 550 575 600
平衡转化率/% 93.5 90.5 85.6 80.0 73.7
根据上述数据，达平衡态时N2的体积分数随着温度升高而 （填“增大”、“减小”或“不变”）；575℃达平衡时，SO3的体积分数为 %（保留一位小数）。
（5）废气中的SO2可用NaOH溶液吸收，吸收SO2后的碱性溶液还可用于Cl2的尾气处理，吸收Cl2后的溶液仍呈强碱性。
① 吸收Cl2后的溶液中一定存在的阴离子有OH－、 。
② 吸收Cl2后的溶液中可能存在SO32－，取该溶液于试管中，滴加黄色的溴水，得到无色溶液。此实验不能证明溶液中含有SO32－，理由是 。
28.（15）某校学生化学实验小组，为验证非金属元素氯的氧化性强于硫和氮，设计了一套实验装置：（部分夹持装置已略去）
A B C D E
（1）写出A中反应的离子方程式________________________________。
（2）B中出现黄色浑浊现象，产生此现象的离子方程式________________________。
（3）试从原子结构角度解释氯的氧化性大于硫原因________________________________。
（4）D中干燥管中出现的现象及化学方程式________________________________ 。
（5）有同学认为D中的现象并不能说明氯的氧化性大于氮，需要在C之前加装洗气装置，请画出其装置图 （并注明盛装试剂）。
（6）还有什么方法能证明氧化性Cl2 > S，用一种相关事实说明 _________________。
29．（10）以下为甲状腺激素作用机制图解，请回答相关问题：
P：RNA 聚合酶； PB：甲状腺激素的血浆运输蛋白； TH：甲状腺激素
甲状腺激素的细胞内作用机制示意图（图1）：
（1）人处于寒冷环境中时，在　 　分泌的　 　调节作用下，甲状腺的活动　 　．由图推测，甲状腺激素的受体在　 　，其直接调节的是　 　过程，最终产生的生物效应是　 　，产热增加．
（2）另一方面甲状腺的生理活动也受植物性神经的控制，由此看来，甲状腺及支配它的神经末梢属于反射弧中的　 　，轴突末梢释放的肾上腺素和去甲肾上腺素属于　 　．
（3）取甲状腺腺瘤组织，经　 　酶消化后，用含不同浓度肾上腺素、去甲肾上腺素的试验液，培养一定时间．最后检测细胞分裂情况（以吸光值的大小衡量细胞数量）．结果如图2所示．
注：A：空白对照：B：10﹣5mmol/L；C：10﹣3mmol/L；D：10﹣1mmol/L
该实验的目的是　 　．由结果分析，不同浓度的肾上腺素作用下，甲状腺瘤细胞　 　（不增殖、增殖被抑制、正常增殖、加速增殖），去甲肾上腺素对甲状腺细胞生长功能的影响是　 　．
30．（9分）生物学家发现，植物类群中的类胡萝卜素和叶绿素的比（用表示）和光合作用与细胞呼吸的比（用表示）具有如图所示的关系，据图回答问题．
（1）在某一生态系统中，植物类群的值越小，流向下一营养级的能量越　　　　　　（多；少），光合作用和有氧呼吸过程中均可产生[H]，其作用分别是　　　　　　．
（2）人工林的平均值过高时，应进行适当采伐，以防止种群的年龄结构向　　　　　　型发展．
（3）若某植物类群由a点变为b点状态，则影响其的环境因素可能是　　　　　　（写出一项即可）．
（4）春暖花开时，若在某水域排放较多的生活污水，易引起轻微水华现象，但停止污水排放后一段时间水华会自动消失，生态系统之所以能维持稳定是由于生态系统具有　　　　　　．
31．（10分）将玉米体内控制合成某种酶A的基因导入水稻体内后，测得在适宜温度下，光照强度对转基因水稻和原种水稻的气孔导度及净光合速率（光合作用速率与呼吸作用速率差值）的影响结果，如图所示．（注：气孔导度越大，气孔开放程度越高）
（1）CO2通过气孔进入叶肉细胞后，首先与C5结合而被固定为　　　　　　，固定产物的还原后可以为光反应提供　　　　　　以保证光反应特续进行．
（2）光照强度为0﹣8102μmol m﹣2 s﹣1时，影响原种水稻和转基因水稻的光合速率的环境因素主要是　　　　　　．与原种水稻相比，转基因水稻更加适合种植在　　　　　　环境中．
（3）分析图中信息，酶A所起的作用最可能是促进　　　　　　反应（填“光”或者“暗”）阶段从而提高光合作用速率．
（4）经检测，转基因水稻与原种水稻相比，呼吸速率并未改变，在该适宜温度下，光照强度为12102μmol m﹣2 s﹣1时，转基因水稻的光合速率约为　　　　　　μmol m﹣2 s﹣1．
32．（10分）（2014 道里区校级二模）家蚕有结黄茧和结白茧两个品种，其中之一为亚洲品种，另一为欧洲品种，现进行实验，结果如下：
实验①甲组亚洲白茧亚洲黄茧→F1黄茧
②乙组欧洲白茧欧洲黄茧→F1白茧
③丙组亚洲白茧欧洲白茧→F1白茧→F2白茧：黄茧=13：3
请分析并回答．
（1）上述实验中，茧色的遗传受　　　　　　对等位基因控制，且遵循　　　　　　定律．
（2）若茧色由一对等位基因控制，用A、a表示，若茧色由两对等位基因控制，用A、a和B、b表示，以此类推，则亲代亚洲白茧、欧洲白茧的基因型　　　　　　．
（3）将甲组和乙组的F1进行杂交，后代表现型的比例　　　　　　．
（4）丙组F2白茧中，纯合子所占比例　　　　　　；F2黄茧自由交配后代表型及比例　　　　　　．
　
(二)选考题:共45分.请考生从给出的3道物理题.2道化学题.2道生物题中每科任选一题做答.并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑.注意所做题号必须与所涂题目的题号一致。
33.（选修3—3）（15分）一定质量的理想气体由状态A经状态B变为状态C，其中A→B过程为等压变化，B→C过程为等容变化．已知VA=0.3m3，TA=TC=300K、TB=400K．
（1）求气体在状态B时的体积．
（2）说明B→C过程压强变化的微观原因
（3）设A→B过程气体吸收热量为Q，B→C过程气体放出热量为Q2，比较Q1、Q2的大小说明原因．
34.[物理——选修3-4]（15分）
（1）图（a）为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.0m处的质点，Q是平衡位置在x=4.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图像。下列说法正确的是 。（填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分0分）
A.在t=0.10s时，质点Q向y轴正方向运动
B. 在t=0.25s时，质点P的加速度方向与y轴正方向相同
C.从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴负方向传播了6m
D. 从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cm
E.质点Q简谐运动的表达式为（国际单位制）
（2）一厚度为h的大平板玻璃水平放置，其下表面贴有一半径为r的圆形发光面。在玻璃板上表面放置一半径为R的圆纸片，圆纸片与圆形发光面的中心在同一竖直线上。已知圆纸片恰好能完全挡住从圆形发光面发出的光线（不考虑反射），求平板玻璃的折射率。
35.（模块3-5）（15分）
氢原子第n能级的能量为，其中Ｅ1是基态能量，而n=1，2，……。若一氢原子发射能量为的光子后处于比基态能量高出的激发态，则氢原子发射光子前后分别处于第几能级？
36.【化学——选修2：化学与技术】（15分）
（1）纯碱是一种重要的化工原料．目前制碱工业主要有“氨碱法”和“联合制碱法”两种工艺．
①“氨碱法”产生大量CaCl2废弃物，写出该工艺中产生CaCl2的方程式________；
②写出“联合制碱法”有关反应的方程式________ ；
③CO2是制碱工业的重要原料，“联合制碱法”“氨碱法”中CO2的来源有何不同？
________ ；
（）钢铁工业对促进经济和社会发展起了重要作用．
①炼钢时，加入硅、锰和铝的目的是________ ．
②不锈钢含有的Cr元素是在炼钢过程的氧吹____（填“前”或“后”）加入，原因是________ ．
③炼铁和炼钢生产中，尾气均含有的主要污染物是________．从环保和经济角度考虑，上述尾气经处理可用作________ 。
37．[化学——选修3：物质结构与性质]（15分）
X、Y、Z、M、N是五种短周期元素，原子序数依次增大．X原子中没有中子，Y元素最高正价与最低负价之和为0；M与X同主族；Z、N分别是地壳中含量最高的非金属元素和金属元素．请回答下列问题：
（1）五种元素原子半径由大到小的顺序是（写元素符号） ．
（2）X与Y能形成多种化合物，其中既含极性键又含非极性键，且相对分子质量最小的物质（写分子式） ，M离子的电子排布式为 ．
由以上某些元素组成的化合物A、B、C、D有如下转化关系AB（在水溶液中进行）
其中C是溶于水显酸性的气体；D是淡黄色固体．
（3）写出C的结构式 ；D的电子式
（4）如果A、B均由三种元素组成，B为两性不溶物，写出由A转化为B的离子方程式
（5）如果A由三种元素组成，B由四种元素组成，A、B溶液均显碱性．用离子方程式表示A溶液显碱性的原因 。
（6）如果将（5）中A、B浓度均为0.1mol/L的溶液混合，混合溶液中离子浓度由大到小的顺序是
[ 化学——选修5：有机化学基础]（15分）
有机物E是制备镇静药安宁G的中间体，E和G的两种合成路线如下。
（部分反应条件已略去）
回答下列问题：
（1）A中所含官能团的名称是 ，检验该分子中官能团的常用试剂是 。
（2）A与C含有相同的官能团，B生成C的反应类型是 。
（3）C生成D的化学方程式是 。
（4）试剂a是 。
（5）下列说法正确的是 。
a．E能发生取代反应、氧化反应和消去反应
b．M与K是同系物
c．1 mol K能跟2 mol NaOH发生反应
（6）G的结构简式是 。
（7）G的同分异构体P，分子中含有“”结构，P的核磁共振氢谱有5组峰，
P能水解生成CH3CH2NH2和甲，1 mol甲跟足量钠反应生成2 mol H2。则P的结构简式是 。
[生物-选修1：生物技术与实践] （15分）
植物的花药培养在育种上有特殊的意义．植物组织培养可用于无病毒植株及细胞产物的工厂化生产等方面．
回答相关问题．
（1）利用月季的花药离体培养产生单倍体时，选材非常重要．一般来说，在　　　　　　期花药培养的成功率最高．为了选择该期昀花药，通常选择　　　　　　的花蕾．确定花粉发育时期最常用的方法是　　　　　　，但是对于花粉细胞核不易着色的植物，需采用　　　　　　，该染色法能将细胞核染成　　　　　　色．
（2）进行植物组织培养需配置MS培养基，在该培养基中常需要添加　　　　　　和　　　　　　等植物激素．欲利于根的分化，植物激素的用量比例应为　　　　　　．
（3）无菌技术也是成功诱导出花粉植物的重要因素，下列各项中使用化学药剂进行消毒的是　　　　　　，采用灼烧方法进行灭菌的是　　　　　　．（填字母）
A．培养皿 B．培养基 C．实验操作者的双手 D．三角锥形瓶 E．接种环 F．花蕾．
　
[生物-选修3：现代生物技术专题] （15分）
毛角蛋白Ⅱ型中间丝（KlFⅡ）基因与绒山羊的羊绒质量密切相关．获得转KIFⅡ基因的高绒质绒山羊的简单流程如图．
（1）过程①构建的重组表达载体除具有KlFⅡ基因外，还必须有启动子、终止子以及标记基因等．其中标记基因的作用是　 　．
（2）在过程②中，用　 　处理能将皮肤组织块分散成单个成纤维细胞．在培养过程中，需将成纤维细胞置于pH值约为　 　培养液中，并且放在含95%的空气加5%CO2的混合气体的培养箱中进行培养．
（3）在过程③中，卵母细胞除可从活体输卵管中采集外．还可以从已宰杀的母羊　 　中获取；成熟卵（母）细胞在核移植前需要进行去核处理，同时用微型吸管吸走　 　．
答案及解析
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C A C A A C A B A C
题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21
答案 C D B A A D A AD AC BC ABC
1．答案：C
解析：本题考查必修一教材中相关实验：
1、色素随层析液在滤纸上扩散速度不同，从而分离色素。溶解度大，扩散速度快；溶解度小，扩散速度慢。滤纸条从上到下依次是：胡萝卜素（最窄）、叶黄素、叶绿素a（最宽）、叶绿素b（第2宽），色素带的宽窄与色素含量相关。
2、斐林试剂用于还原糖的鉴定，出现砖红色的沉淀。
3、用甲基绿和吡罗红检测DNA和RNA在细胞中的分布情况，甲基绿使得DNA成绿色，RNA使得吡罗红成红色。4、健那绿是活体染色剂，使线粒体呈蓝绿色；
所以①纸层析法分离叶绿体中色素的实验结果中，橙黄色的胡萝卜素色素带最窄，含量最少，故①正确；
②鉴定还原糖时，要先加入斐林试剂后，水浴加热可看到砖红色的沉淀，物质是Cu2O，故②错误；
③在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”的实验中，可选用洋葱鳞片叶内表皮细胞（没有色素）作为实验材料，甲基绿使DNA呈绿色，吡罗红使RNA呈红色，故④错误；
④键那绿使得人口腔上皮细胞的线粒体呈现蓝绿色，故④正确；
⑤洋葱根尖有丝分裂临时装片制作过程的步骤是：取材、解离、漂洗、染色、制片、观察，故⑤正确；
⑥在探究pH对酶活性的影响实验中，pH是实验自变量，因变量是酶活性，温度等是无关变量，故⑥正确。
　
2．答案：A
解析：本题考查细胞结构与功能的相关知识， 突触包括突触前膜、突触间隙和突触后膜，突触前膜是上一个神经元的轴突，突触后膜是下一个神经元的树突或胞体；神经递质由突触前膜释放，作用于突触后膜上的受体，使得下一个神经元兴奋或者抑制。
A、神经细胞轴突为突触前膜，突触前膜释放神经递质，而没有受体蛋白，神经细胞树突或胞体有受体蛋白，故A错误；
B、小肠是消化吸收的主要场所，小肠绒毛细胞膜有大量突起，有利于附着更多的载体蛋白，便于吸收，故B正确；
C、线粒体内膜向内突起形成嵴，增加膜面积，有利于附着更多的有氧呼吸酶，故C正确；
D、叶绿体类囊体结构堆垛形成的基粒，增大了膜面积，有利于附着更多的光合色素，故D正确。
3．
答案：C
解析：本题考查特异性免疫的过程，二次免疫的特点，分析题图信息可知，妇女甲有两次免疫反应，一次在2月份，第二次在5月份，且第二次免疫反应产生的抗体速度快，数量多；妇女乙只有一次免疫反应，在5月份，产生的抗体数量少。
A、分析题图可知，妇女甲在2月份有一次免疫反应，可能的在1月份接种了疫苗，B没有，故A正确；
B、分析题图可知，甲、乙妇女均在5月份产生了抗体，可能是在4月份都感染了人乳头瘤状病毒，故B正确；
C、T淋巴细胞产生淋巴因子可以增强免疫反应，而攻击被病毒侵染的靶细胞为效应T细胞的作用，故C错误；
D、人乳头瘤状病毒疫苗刺激机体产生会相应的记忆细胞，相同的抗原再次侵入机体时，可以进行二次免疫反应，故D正确。
　
4．
答案：A
解析：本题考查细胞结构和功能，重点考查细胞中各种细胞器的功能。
A、叶绿体合成的ATP只供给其暗反应过程，不供给其他生命活动，故A错误；
B、突触前神经元在受到刺激时能释放神经递质，使突触后神经元兴奋或抑制，故B正确；
C、溶酶体中的酶由核糖体合成，经内质网和高尔基体加工后运入，故C正确；
D、在分泌蛋白的合成与运输过程为：核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，可见内质网的膜结构成分可以通过高尔基体转移到细胞膜中，故D正确。
　
5．
答案：A
解析：本题考查生长素的作用，分析题图曲线可知，放在一定浓度的植物生长素水溶液中培养燕麦幼苗茎，随时间的延长重量增加，一定时间后，时间延长，重量不再增加，而细胞的数目始终不变。
A、水分增加，故A正确；
B、由题图可知，放在一定浓度的植物生长素水溶液中培养燕麦幼苗茎，随时间的延长重量增加，一定时间后，时间延长，重量不再增加，说明细胞不能进行光合作用合成有机物因此，幼苗茎段重量增加的主要原因不是糖类增加，故B错误；
C、由B分析可知，细胞不能合成有机物，幼苗茎段重量增加的主要原因不是蛋白质增加，故C正确；
D、由题意可知，麦幼苗茎放在一定浓度的植物生长素水溶液中培养，培养液中无无机盐，因此幼苗茎段重量增加的主要原因不是无机盐增加，故D错误。
6．
答案：C
解析：本题主要考查学生对实验知识的理解和分析能力。
A、双缩脲试剂是鉴定含有肽键的化合物，如蛋白质、多肽等。豆浆煮熟后，蛋白质的空间结构被破坏，但肽键仍然存在，故能与双缩脲试剂发生紫色反应，故A错误；
B、在低温诱导植物染色体数目变化的实验中，95%的酒精溶液的作用是洗去附着在根尖的卡诺氏液，在细胞的分离程度上起一定的作用，故B错误；
C、调查人群中的遗传病，应选择群体中发病率高的单基因遗传病，故C正确；
D、该实验中用到0.9% 的NaCl溶液，目的是维持口腔上皮细胞的正常形态，健那绿是专一性染线粒体的活细胞染料，能将线粒体染成蓝绿色，不需要8%盐酸处理，故D错误。
　
化学部分答案：
答案
7．A 分析：明矾溶于水会形成胶体，因此可用于自来水的净化，但是不会具有消毒作用，故A错误；小苏打可以和酸反应生成二氧化碳、盐、水，是制作面包等糕点的膨松剂，还是治疗胃酸（盐酸）过多的一种药剂，故B正确；蛋白质在人体内水解为氨基酸，淀粉水解为葡萄糖，油脂水解为甘油和高级脂肪酸，故C正确；纯净的二氧化硅良好的折光性，是现代光学及光纤制品的基本原料，故D正确．
8．B 分析：1.8g重水的物质的量为0.09mol，0.09mol重水中含有0.9mol质子、0.9mol电子，含有的质子数和电子数均为0.9NA，故A错误；16gO3和O2混合气体中氧原子的质量为16g，故n（O）=1mol，含有的氧原子数为1molNAmol-1=NA，故B正确；标况下，22.4L气体的物质的量为1mol，1mol一氧化氮与0.5mol氧气反应生成1mol二氧化氮，反应后含有0.5mol氧气剩余；由于二氧化氮与四氧化二氮存在转化平衡，所以反应后气体的分子数小于1.5mol，分子总数小于1.5NA，故C错误；没指明气体的状况，氯气的物质的量无法计算，转移的电子数无法计算，故D 错误；
9．A 分析：该分子中含有羧基和醇羟基，所以能发生酯化反应的官能团有羧基和醇羟基，所以苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种，故A正确；1mol苹果酸中含有2mol羧基，所以1mol苹果酸可与2molNaOH发生中和反应，故B错误；能和Na反应是有羧基和醇羟基，1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1.5molH2，故C错误；与苹果酸是同一种物质，故D错误；
10．C 分析：玻璃棒的下端应在刻度线以下，图中玻璃棒下端在刻度线以上，且加水至刻度线1～2cm应改用胶头滴管定容，故A错误；锥形瓶中为NaOH溶液，则利用酸式滴定管滴定碱溶液，而图中锥形瓶上方为碱式滴定管，故B错误；乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，饱和碳酸钠吸收乙醇、乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，图中制备乙酸乙酯实验合理，故C正确；收集氨气应利用向下排空气法，图中收集氨气时导管应伸到小试管的底部，故D错误；
11．C C10H20O2是饱和酯，且两边链相同，与羟基相连的碳上有2个氢原子才能被氧化为羧酸，分析C4H9COOH或C4H9CH2OH中都含有C4H9-烃基，有四种结构：C-C-C-C-，，，则A有四种结构，B有四种结构，醇和酸若重新组合，可形成的酯共有16种．
12．D ；金属铁是阴极，铁电极上发生的是还原反应，故A错误；根据反应①CN--2e-+2OH-═CNO-+H2O③3Cl2+2CNO-+8OH-═N2+6Cl-+2CO32-+4H2O，氢氧根离子被不断的消耗，所以通电过程中溶液pH值不断减小，故B错误；根据电极反应的离子，为了使电解池连续工作，需要补充氢氧化钠和氯化钠，故C错误；根据反应：3Cl2+2CNO-+8OH-═N2+6Cl-+2CO32-+4H2O，除去1mol CN-，消耗1.5mol氯气，转移电子3mol，根据CN--2e-+2OH-═CNO-+H2O，转移电子是2mol，所以外电路至少需转移5mol电子，故D正确．
13．B 分析：25℃时，0.1mol/L 的CH3COOH溶液pH=3，0.1mol/L 的HCN溶液pH=4，说明醋酸和HCN都是弱酸，不能完全电离，且醋酸的酸性比HCN强，故A错误；醋酸和HCN溶液中氢离子浓度相同时，对水的电离的抑制作用相同，醋酸酸性比较HCN强，当其氢离子浓度相同时，酸的浓度：HCN＞CH3COOH，故B正确；醋酸的酸性比HCN强，弱酸的酸性越弱，其酸根的水解程度越强，25℃时，浓度均为0.1 mol/L 的CH3COONa和NaCN溶液中，pH大小：CH3COONa＜NaCN，故C错误；醋酸的酸性比HCN强，pH均为3的CH3COOH与HCN溶液各100ml，HCN的物质的量比醋酸大，所以消耗NaOH溶液体积：CH3COOH＜HCN，故D错误；
14.解：A、研究其中一艘舰船编队的平均速度时可将其看作质点，因为船的大小相当于路程来讲可以忽略，A正确；
B、若二者的速度不相同时，以海警“2112”为参考系，海警“2350”是运动的，B错误；
C、“60海里”指的是编队的路程，C错误；
D、平均速度是位移与时间的比值，由题中条件不能求出此次巡航过程中海警“2112”的平均速度，D错误；
故选：A
15.A
A、同步卫星是指与地球相对静止的卫星．这种卫星绕地球转动的角速度与地球自转的角度速度相同，故A正确．
B．它们只能在赤道的正上方，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的．所以它不可能沿着与赤道成一定角度的轨道运动，故B错误．
C．由万有引力提供向心力得因为T一样，所以半径一样，所以各国发射的这种卫星轨道半径都一样，故C错误．
D．它们只能在赤道的正上方，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的．所以不可能定点在北京正上方，故D错误．
故选A．
16D
17、解：令地球的密度为ρ，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：g=
由于地球的质量为M=，
所以重力加速度的表达式可写成：g=．
根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，固在深度为R﹣r的井底，受到地球的万有引力即为半径等于r的球体在其表面产生的万有引力，g′=
当r＜R时，g与r成正比，当r＞R后，g与r平方成反比．即质量一定的小物体受到的引力大小F在地球内部与r成正比，在外部与r的平方成反比．
故选：A．
/18.AD
试题分析：粒子从点运动到点的过程中，正电荷从低电势向高电势运动过程中，电场力做负功，从高电势向运动过程中电场力做正功，根据公式可得从从高电势向运动过程中电场力做工最多，所以到点时动能最大，即速度最大，粒子从点运动到点的过程中，电场力先做负功后做正功，所以电势能先增大后减小，A正确B错误；因为从点的电势和点的电势相等，所以电场力做功为零，即只要粒子能运动到点则一定会运动到点，根据公式，点到点的电势差为，所以，解得，即要使粒子能运动到处，粒子的初速度至少为，C错误；若，粒子在运动过程中运动到点时动能最大，故粒子从点运动到点的电势差为，根据动能定理可得：，解得，D正确
19.解：A、根据电路的结构，R2与R1并联，与R4串联，再与R3并联，当P向右滑动时，R2↑，R1与R2并联电阻增大，外电路总电阻R总增大，干路电流I↓，路端电压U↑，即电压表示数变大，故AC正确；
B、由P=I2r知，内电路消耗的功率变小，由I4=I﹣I3知，I↓，I3↑，则I4↓，U4↓，而R1与R2并联的电压U并=U﹣U4，U↑，U4↓则U并↑，则R1的电流I1变大，又电流表的电流IA=I﹣I4，I↓，I4↑，则IA↓，故BD错误．
故选：AC
20.BC解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A错误；
B、由图象可知，原线圈的电压的最大值为311V，原线圈电压的有效值为：，根据电压与匝数成正比可知，电压的有效值为：，所以B正确；
C、P左移，R变大，副线圈电流减小，所以原副线的电流变小，故C正确；
D、由C分析可知，原副线的电流变小，而电压不变，故功率减小，故D错误；．
故选：BC．
21.解：
A、根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，场强与电势的关系：E=，得：E=
由数学知识可知Ep﹣x图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确．
B、由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动．x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故D错误，B正确．
C、根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，因粒子带负电，q＜0，则知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3．故C正确．
故选：ABC
22.(1)ABD；(2)否；(3)0.20
23.解析：（1）固定刻度读数：0；半刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm17.9=0.179mm；
故螺旋测微器读数为：0.679mm；
（2）①两节干电池电动势共为3V，为减小读数误差，选小量程电压表，故选A；
根据欧姆定律，I≈=，A=0.6A，电流不超过0.6A，故电流表同样选择小量程的，即选C；
滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低，电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，即选E；
故选：A，C，E；
②伏安法测电阻时，测量较大电阻用安培表内接法，测量较小电阻用安培表外接法，
本题待测电阻与安培表电阻相接进，故采用安培表外接法；
同时导线连接在滑动变阻器的滑片上；
24.解析：（1）设BD段长度为l，动摩擦因数为，研究物块运动，根据动能定理：
从A到D的过程中
从A到C恰好静止的过程中
又 BC段
代入数据联立解得：，F=10N
（2）右图中，从A到C的过程中，根据动能定理

其中
联立解得
（3）物块在C处速度减为零后，由于＞ 物块将会下滑，而AB段光滑，故物块将做往复运动，直到停止在B点。
根据能量守恒定律：
而摩擦生热
代入数据解得
物块在BD板上的总路程s=0.25m
25.解：（1）粒子在极板间匀速直线运动，则：
qvB1=qE
代入数据解得：v=2107m/s，
（2）设粒子在圆形区域磁场中做圆周运动的半径为r，则
，
粒子速度方向偏转了60°，则
r=Rcot30°，
代入数据解得：B2=0.1T
（3）撤去磁场B1后，粒子在极板间做平抛运动，设在板间运动时间为t，运动的加速度为a，飞出电场时竖直方向的速度为vy，速度的偏转角为θ，则
qE=ma，
l=vt，vy=at，
，
代入数据，联立解得，即θ=30°．
设粒子飞出电场后速度恰好与圆形区域的边界相切时，圆心O离极板右边缘的水平距离为d，如图所示，则
d=
代入数据解得：d=．
所以d（或）
答：（1）粒子的初速度v为2107m/s；
（2）圆形区域磁场的磁感应强度B2的大小为0.1T；
（3）圆形区域的圆心O离极板右边缘的水平距离d应满足的条件为d（或）
26．（13分）分析：合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）加入盐酸过滤得到金属M为不与盐酸反应的铜，浸出液中加入过氧化氢氧化亚铁离子为铁离子，加入氨水调节溶液PH使铁离子转化为氢氧化铁沉淀，通过操作Ⅰ过滤得到溶液A中加入草酸铵溶液沉淀钴离子过滤得到溶液B主要是锂离子的溶液，加入碳酸钠沉淀锂离子，过滤得到碳酸锂；结晶析出CoC2O4 2H2O足量空气煅烧得到氧化钴，
（1）（1分）答案：过滤 ；
（2）（4分）答案2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O；调节溶液的pH使Fe3+转化为Fe（OH）3沉淀 分析：加入H2O2的作用是氧化亚铁离子为铁离子，反应的离子方程式为：2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O；加入氨水的作用是调节溶液PH使Fe3+转化为Fe（OH）3沉淀，
（3）（2分）答案4CoC2O4 2H2O+3O22Co2O3+8H2O+8CO2 分析：CoC2O4焙烧生成Co2O3、CO2和水，反应的化学方程式为4CoC2O4 2H2O+3O22Co2O3+8H2O+8CO2；
（4）（4分）答案：减少Li2CO3的溶解损失；c（Li+）＞c（CO32-）＞c（OH-）＞c（HCO3-）＞c（H+）； 分析：Li2CO3微溶于水，溶解度随温度升高而降低，为减少Li2CO3的溶解损失，蒸发浓缩后必须趁热过滤，在常温条件下，饱和Li2CO3溶液中，碳酸根离子分步水解溶液显碱性，溶液中离子浓度由大到小的排列顺序为c（Li+）＞c（CO32-）＞c（OH-）＞c（HCO3-）＞c（H+）；
（5）（2）答案：2CO32--4e-=O2↑+CO2↑ 分析：用惰性电极电解熔融Li2CO3制取锂，阳极生成两种气体，应为二氧化碳和氧气，阳极上是碳酸根离子失电子发生氧化反应，阳极电极反应式为：2CO32--4e-=O2↑+CO2↑；
27．（15分）答案（1）第3周期ⅥA族（2分）（2）c d（2分）（3）-197（2分）（4）减小（2分）； 5.8（2分）（5）① SO42－、Cl-（2分）② NaOH溶液能跟溴单质反应，使溶液呈无色（1分）
分析：（1）S的原子结构为，则S位于第三周期ⅥA族；
（2）水中含氢键，沸点最高，则沸点：H2O＞H2Se＞H2S，故a错误；非金属性S＞Se，则H2Se比H2S稳定性弱，故b错误；同主族，原子序数大的原子半径大，则Se的原子半径比S原子大，故c正确；SeO2和SO2含有共价键，化学键类型相同，故d正确；
（3）①2SO2（g）+O2（g）+2H2O（g）=2H2SO4（l）△H1=-545kJ/mol
②H2O（g）=H2O（l）△H2=-44kJ/mol
③SO3（g）+H2O（l）=H2SO4（l）△H3=-130kJ/mol
由盖斯定律可知，①-②2-③2得到2SO2（g）+O2（g） 2SO3（g），则△H=（-545kJ/mol）-（-44kJ/mol）2-（-130kJ/mol）2=-197kJ/mol；
（4）由数据可知，温度越高，转化率越低，则该反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，总体积变大，则达平衡态时N2的体积分数随着温度升高而减小；
575℃达平衡时，SO2平衡转化率为80%，则
2SO2（g）+O2（g） 2SO3（g）
开始 7 11 0
转化 5.6 2.8 5.6
平衡 1.4 8.2 5.6
总体积为100-5.6-2.8+5.6=97.2L；
SO3的体积分数为100%=5.8%；
（5）①吸收SO2后的碱性溶液还可用于Cl2的尾气处理，亚硫酸钠与氯气发生氧化还原反应生成硫酸钠和盐酸，则吸收Cl2后的溶液中一定存在的阴离子有OH-、SO42-、Cl-；
②滴加黄色的溴水，得到无色溶液．此实验不能证明溶液中含有SO32-，理由是NaOH溶液能跟溴单质反应，使溶液呈无色．
28.（15分）（1）（2分）答案：MnO2+4H++2Cl2Mn2++Cl2↑+2H2O 分析：反应装置A为浓盐酸和二氧化锰共热制备氯气的装置，其离子方程式为：MnO2+4H++2Cl2Mn2++Cl2↑+2H2O；
（2）（2分）答案：Cl2+S2-=S↓+2Cl-； 分析：反应制备的氯气通入B之后，B中出现黄色浑浊现象，说明氯气把硫化钠溶液中的硫离子氧化为S单质，离子方程式为Cl2+S2-=S↓+2Cl-；
（3）（2分）答案：：氯原子最外层电子数比硫原子多一个，Cl得电子能力强，故Cl2氧化性大于S； 分析：氯原子最外层有7个电子，硫原子最外层有6个电子，最外层电子多（不为8）得电子能力就强，得电子能力强则氧化性强；
（4）（4分）答案：产生大量白烟；8NH3+3Cl2=6NH4Cl+N2；通E装置是制备氨气，氯气能把氨气氧化生成氮气和氯化氢，生成的氯化氢和氨气结合生成氯化铵，从而冒白烟，因此实验的现象是产生大量白烟，反应为8NH3+3Cl2=6NH4Cl+N2；
（5）（2分）；分析：盐酸易挥发，所以生成氯气中含有氯化氢气体，氯化氢也能直接和氨气结合冒白烟，所以需要在C之前连接一盛有饱和食盐水的装置以除去氯化氢气体，装置图为；
（6）（3分）答案：故答案为：方法一：2Fe+3Cl22FeCl3、Fe+SFeS；方法二：相同温度下相同状态的HCl的稳定性大于H2S；方法三：最高价氧化物对应的水化物的酸性HClO4 大于H2SO4 分析：非金属性强弱比较的一般规律是：①由对应氢化物的稳定性判断：氢化物越稳定，非金属性越强．②由最高价氧化物对应水化物的酸性来判断：酸性越强，非金属越强．（除氟元素之外）．③非金属单质与具有可变价金属的反应．能生成高价金属化合物的，其非金属性强，据此可以验证；
29．
答案：（1）垂体 促甲状腺激素 加强 细胞核内 转录 加快物质氧化分解
（2）效应器 神经递质
（3）胰蛋白 探究不同浓度肾上腺素和去甲肾上腺素对甲状腺瘤细胞分裂的影响 正常增殖 去甲肾上腺素浓度越大，甲状腺瘤细胞增殖越快
解析：本题结合图示主要考查甲状腺激素的作用机制， 据图分析：甲状腺激素进入细胞参与细胞核内有关RNA的转录，其受体在细胞核内。寒冷时，甲状腺激素分泌增加，机体代谢加快，产热增加。图2可以看出，不同浓度的肾上腺素作用下，甲状腺瘤细胞正常增殖，去甲肾上腺素浓度越大，甲状腺瘤细胞增殖越快。
（1）人处于寒冷环境中时，下丘脑分泌TRH作用于垂体，垂体分泌促甲状腺激素作用于甲状腺，使甲状腺分泌活动加强；由图推测，甲状腺激素的受体在细胞核内，直接调节的是转录过程，最终使机体代谢加快，产热增加。
（2）传出神经末梢支配的肌肉或腺体是效应器，所以甲状腺及支配它的神经末梢属于反射弧中的效应器，轴突末梢释放的是神经递质。
（3）胰蛋白酶可以用于动物细胞培养前对组织的处理。该实验的自变量是不同浓度肾上腺素和去甲肾上腺素，因变量是甲状腺瘤细胞分裂的情况，实验目的是探究不同浓度肾上腺素和去甲肾上腺素对甲状腺瘤细胞分裂的影响；由结果分析，不同浓度的肾上腺素作用下，甲状腺瘤细胞正常增殖，去甲肾上腺素对甲状腺细胞生长功能的影响是去甲肾上腺素浓度越大，甲状腺瘤细胞增殖越快。
　
30．
答案：（1）少 光合作用[H]用于还原C3，呼吸作用中[H]与氧气结合生成水（或还原氧气）
（2）衰退
（3）温度下降（或光照强度下降、土壤中缺镁）
（4）自我调节能力
解析： 本题考查光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化、生态系统的稳定性的相关知识，（1）分析图中曲线，植物类群的 值越小，说明光合作用与呼吸作用比值小，呼吸作用消耗的有机物就多，所以流向下一营养级的能量就越少。光合作用光反应产生的【H】用于暗反应C3的还原，有氧呼吸第一、二阶段产生的[H]]与氧气结合生成水。
（2）由图中曲线分析，当人工林的平均 值过高时，植物类群的 值就很小，导致光合作用合成的有机物不够呼吸作用消耗，所以应进行适当采伐，以防止种群的年龄结构向衰退型发展。
（3）若某植物类群由a点变为b点状态，植物的叶绿素含量下降，胡萝卜素含量增加，可能是温度下降导致叶绿素被分解导致的。
（4）由于生态系统具有一定的自我调节能力，所以污水轻微的污染后，停止污水排放后一段时间水华会自动消失了。
　
31．
答案：（1）C3 ADP和Pi
（2）光照强度 光照充足（强光）
（3）暗
（4）35
解析：本题考查光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化的相关知识，净光合速率等于光合作用速率与呼吸作用速率差值，求出净光合作用强度和呼吸作用强度就可以计算出光合作用速率。图中光照为0时的值为呼吸作用强度。光照下，随着光照强度的增强，后达到饱和点的植物月适合在强光下生存。（1）在光合作用的暗反应过程中，进入植物细胞内的CO2首先被C5化合物固定成为C3化合物，再被光反应提供的ATP和[H]还原，同时生成的ADP和Pi可以提供给光反应用于ATP合成的原料。
（2）结合题图，光合速率随光照强度的变化曲线可以看出在低于8102μmol s﹣1的范围内影响光合作用的主要因素为光照强度。由普通与转基因水稻的光合速率与光强度变化关系曲线可看出：光强为10～14102μmol s﹣1时，普通水稻随光强变化光合速率不再增加，而转基因水稻的光合速率 仍然在增加，所以转基因水稻更加适合种植在光照充足环境中。（3）由气孔导度与光强度关系曲线可看出转基因水稻较普通水稻的气孔度大，其原因为转基因水稻导入了PEPC酶的因素，说明此酶有促进气孔打开或增大作用，主要影响的是光合作用的暗反应阶段。（4）由图分析可知植物的呼吸作用强度是5μmol m﹣2 s﹣1，而光照强度为12102μmol m﹣2 s﹣1时，转基因水稻的净光合速率约为30μmol m﹣2 s﹣1，所以转基因水稻的光合速率约为35μmol m﹣2 s﹣1。
　
32．
答案：（1）两 基因自由组合
（2）aabb和AABB
（3）白茧：黄茧=1：1
（4） 白色：黄色=1：8
解析：本题考查了基因的自由组合定律性状分离比偏离现象， 根据题意分析可知：F1白茧自交产生的F2中，白茧：黄茧=13：3，是性状分离比9：3：3：1的变式，由此可以推断，家蚕茧色由两对等位基因控制，且这两对等位基因位于两对同源染色体上，遗传过程中遵循基因的自由组合定律，且F1个体是双杂合子．由于F2中白茧：黄茧=13：3，说明当基因B存在时会抑制黄色基因A的作用，从而使蚕茧变为白色．因此，白色的基因型有A_B_、aaB_和aabb，黄色的基因型有A_bb．
故（1）根据题中分离比可知，控制茧色的基因有两对等位基因，遵循基因的自由组合定律．
（2）根据实验③丙组F1白茧是双杂合子，F2白茧：黄茧=13：3，再根据实验①，可判断亲代亚洲白茧、欧洲白茧的基因型为aabb和AABB．
（3）甲组F1黄茧的基因型为Aabb，乙组F1白茧的基因型为AABb．将甲组和乙组的F1进行杂交，后代表现型的比例白茧（AABb、AaBb）：黄茧（AAbb、Aabb）=1：1．
（4）丙组F2白茧中，纯合子的基因型为AABB、aaBB和aabb，所占比例为 ．F2黄茧的基因型为AAbb和Aabb，比例为1：2，A的频率为 ，a的频率为 ，所以自由交配产生的后代中白茧个体占 = ，因此后代表型及比例为白色：黄色=1：8．
33.解：（1）设气体在B状态时的体积为VB，由盖﹣﹣吕萨克定律得，，代入数据得VB=0.4m3．
（2）微观原因：气体体积不变，分子密集程度不变，温度变小，气体分子平均动能减小，导致气体压强减小．
（3）Q1大于Q2；因为TA=Tc，故A→B增加的内能与B→C减小的内能相同，而A→B过程气体对外做正功，B→C过程气体不做功，由热力学定律可知大于;
34.（1）BCE（5分）
（2）（10分）
如图，考虑从圆形发光面边缘的A点发出的一条光线，假设它斜射到玻璃上表面的A点折射，根据折射定律有
①
式中，是玻璃的折射率，是入射角，是折射角
现假设A恰好在纸片边缘。由题意，在A点刚好发生全反射，故
②
设A A线段在玻璃上表面的投影长为L，由几何关系有
③
由题意，纸片的半径应为
R=L+r ④
联立以上各式得
⑤
35.解析：
设氢原子发射光子前后分别处于第l与第m能级，则依题意有
①
　 ②
由②式解得　m=2　　　　　　　　 ③
由①③式得 l=4 　④
氢原子发射光子前后分别处于第4与第2能级。
36．[化学选修——2：化学与技术]（15分）
（1）①氨碱法是由氯化铵和消石灰在加热条件下反应后生成氨气和氯化钙的反应，反应的化学方程式为：2NH4Cl+Ca（OH）22NH3↑+CaCl2+2H2O，
故答案为：2NH4Cl+Ca（OH）22NH3↑+CaCl2+2H2O；
②联合制碱法是在氨的饱和NaCl溶液中二氧化碳气体，反应生成碳酸氢钠，解热碳酸氢钠即可制备碳酸钠，反应的有关方程式为，NH3+CO2+H2O+NaCl（饱和）=NaHCO3↓+NH4Cl； 2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O，
故答案为：NH3+CO2+H2O+NaCl（饱和）=NaHCO3↓+NH4Cl；2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O；
③CO2是制碱工业的重要原料，氨碱法中CO2来源于石灰石煅烧，联合制碱法中CO2的来源于合成氨工业的废气，
故答案为：“氨碱法”CO2来源于石灰石煅烧，“联合制碱法”CO2来源于合成氨工业的废气；
（2）①炼钢时，加入硅、锰和铝主要是为了脱氧和调整钢的成分．
故答案为：脱氧和调整钢的成分；
②因为Cr易被氧化，为Cr被氧化，不锈钢含有的Cr元素是在炼钢过程的氧吹后，若氧吹前加入Cr会形成炉渣被除去．
故答案为：后； 避免Cr被氧化；
③炼铁和炼钢生产中，CO是主要的还原剂，故尾气均含有的主要污染物是CO，一氧化碳会引起中毒，故需对其进行尾气处理．一氧化碳是一种很好的还原剂还是一种燃料．
故答案为：CO；燃料．
37、[化学——选修3：物质结构与性质] （15分）
X、Y、Z、M、N是五种短周期元素，原子序数依次增大．X原子中没有中子则X为氢元素，Y元素最高正价与最低负价之和为0，则Y为碳元素，且M与X同主族，则M为Na元素；Z、N分别是地壳中含量最高的非金属元素和金属元素，则Z为氧元素、N为Al元素，
（1）（2分）答案：Na＞Al＞C＞O＞H 分析：同周期自左而右原子半径减小，电子层越多原子半径越大，故原子半径Na＞Al＞C＞O＞H，
（2）答案：C2H2；1S22S22P6 分析：H与C形成多种化合物，属于烃类物质，其中既含极性键又含非极性键，且相对分子质量最小是C2H2，M为钠元素，钠离子的电子排布式为1S22S22P6；
（3）（6分）答案：O=C=O；； 分析：由以上某些元素组成的化合物A、B、C、D有如下转化关系AB（在水溶液中进行），C是溶于水显酸性的气体，则C为CO2，D是淡黄色固体则D为Na2O2，则：CO2的结构式为O=C=O，Na2O2的电子式为；
（4）（2分）答案：2AlO2-+3H2O+CO2═2Al（OH）3↓+CO32-； 分析：如果A、B均由三种元素组成，B为两性不溶物，结合转化关系可知，A为偏铝酸钠、B为氢氧化铝，偏铝酸根与二氧化碳、水反应生成氢氧化铝与碳酸根，反应离子方程式为：2AlO2-+3H2O+CO2═2Al（OH）3↓+CO32-；
（5）（2分）答案：CO32-+H2O HCO3-+OH-； 分析：如果A由三种元素组成，B由四种元素组成，A、B溶液均显碱性，结合转化关系可知，A为碳酸钠、B为碳酸氢钠，溶液中碳酸根水解CO32-+H2O HCO3-+OH-，破坏水的电离平衡，溶液呈碱性；
（6）（3分）答案：c（Na+）＞c（HCO3-）＞c（CO32-）＞c（OH-）＞c（H+） 分析：如果将A、B浓度均为0.1mol/L的溶液混合，即碳酸钠、碳酸氢钠均为0.1mol L-1的混合溶液中，钠离子浓度最大，碳酸根、碳酸氢根水解，溶液呈碱性，碳酸根的水解程度大于碳酸氢根，故离子浓度由大到小的顺序是c（Na+）＞c（HCO3-）＞c（CO32-）＞c（OH-）＞c（H+）；
38．[化学—选修5：有机化学基础] （15分）
（1）醛基（2分） 新制氢氧化铜（或银氨溶液）（2分）（2）加成反应（2分）
（3）
（2分）
（4）CH3Br（答CH3I得分）（1分）（5）b、c（2分）
（6）
（2分）
（7）
（2分）
分析：由题给信息可知B为CH3CH2CH=C（CH3）CHO，分子式为C6H10O，则C的分子式为C6H12O，可知B发生加成反应生成C，A与C含有相同的官能团，则C为CH3CH2CH2CH（CH3）CHO，D应为，与氢气发生加成反应生成E为，由信息ii可知F为，G为，N的分子式为C10H18O4，由M→N的信息可知K为，试剂a为CH3Br等，
（1）A含有醛基，具有还原性，可用新制氢氧化铜（或银氨溶液）检验；
（2）C为CH3CH2CH2CH（CH3）CHO，B为CH3CH2CH=C（CH3）CHO，可与氢气发生加成反应生成C；
（3）C生成D的化学方程式为：
；
（4）由以上分析可知试剂a为CH3Br，故答案为：CH3Br；
（5）E为，含有羟基，可发生取代反应、氧化反应，但不能发生消去反应，故a错误；K为，与M结构相似，分子式不同，则M与K是同系物，故b正确；1molK含有2mol酯基，能跟2mol NaOH发生反应，故c正确；
（6）由以上分析可知G为；
（7）G为，对应的同分异构体P，分子中含有“”结构，P的核磁共振氢谱有5组峰，说明有5种H原子，
P能水解生成CH3CH2NH2和甲，1mol甲跟足量钠反应生成2mol H2．说民甲含有2个羟基、2个羧基），则P的结构简式是。
39、[生物-选修1：生物技术与实践]
答案：（1）单核 完全未开放 镜检 焙花青﹣铬矾法 蓝黑
（2）生长素 细胞分裂素 生长素多于细胞分裂素
（3）CF E
解析：本题主要考查学生对植物组织培养相关知识，植物组织培养依据的原理是细胞的全能性。培养过程是：离体的植物器官、组织或细胞脱分化形成愈伤组织，然后再分化生成根、芽最终形成植物体。影响植物细胞脱分化产生愈伤组织的一个重要因素是植物激素。植物激素中细胞分裂素和生长素是启动细胞分裂、脱分化和再分化的关键性激素。生长素和细胞分裂素的比值高时，有利于根的分化、抑制芽的形成；比值低时，有利于芽的分化、抑制根的形成；比值适中时，促进愈伤组织的生长。
所以（1）一般来说，在单核时期细胞核由中央移向细胞一侧的时期，花药培养成功率最高。为了选择该期昀花药，通常选择完全未开放的花蕾。确定花粉发育时期最常用的方法是镜检，但是对于花粉细胞核不易着色的植物，需采用焙花青﹣铬矾法，焙花青﹣铬矾法蓝黑色。
（2）进行植物组织培养需配置MS培养基，在该培养基中常需要添加生长素和细胞分裂素等植物激素。欲利于根的分化，植物激素的用量比例应为生长素多于细胞分裂素。
（3）无菌技术也是成功诱导出花粉植物的重要因素，下列各项中使用化学药剂进行消毒的对象为要保持活性的材料和实验者自身，即实验操作者的双手和花蕾，采用灼烧方法进行灭菌的是接种环。
故答案为：
点评： 的记忆和理解能力。在离体的植物器官、组织或细胞脱分化形成愈伤组织的过程中，需要的条件：①消毒灭菌；②一定浓度的植物激素；③适宜的温度；④充足的养料。植物组织培养中植物激素使用：物组织培养中关键性激素是生长素和细胞分裂素；同时使用生长素和细胞分裂素时，两者用量的比例影响植物细胞的发育方向；先使用细胞分裂素，后使用生长素，细胞既分裂也分化。消毒和灭菌：外植体可以用酒精消毒；操作前手需用酒精消毒；培养基需用高压蒸汽灭菌。
　
40[生物-选修3：现代生物技术专题]
答案：（1）鉴别受体细胞是否含有目的基因，从而将含有目的基因的细胞筛选出来
（2）胰蛋白酶或胶原蛋白酶 7.2﹣7.4
（3）卵巢 第一极体
解析：本题考查基因工程的原理及技术；胚胎移植，基因表达载体的组成：目的基因+启动子+终止子+标记基因，其中标记基因是用来鉴别受体细胞是否含有目的基因，从而将含有目的基因的细胞筛选出来的。
（1）重组表达载体应包括：目的基因、启动子、终止子以及标记基因等，其中标记基因是用来鉴别受体细胞是否含有目的基因，从而将含有目的基因的细胞筛选出来的。
（2）动物细胞培养过程可用胰蛋自酶或胶原蛋自酶处理，培养条件为PH大约 7.2﹣7.4、5%的CO2的混合空气。
（3）卵母细胞可从活体输卵管、已宰杀的母羊卵巢中采集；成熟卵（母）细胞在核移植前需要进行去核处理的同时用微型吸管吸走第一极体，防止干扰。
　
CH3
|
CH3CH2CH2—CH—CHO
+HCHO CH3CH2CH2—C—CHO
CH3
|
OH-
|
CH2OH
已知：

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