资源简介

2015+山东省+高考压轴卷理综
本试卷分第I卷和第Ⅱ卷两部分，共17页。满分300分。考试用时150分钟。答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷(必做，共107分)
注意事项：
1．第I卷共20小题。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。不涂在答题卡，只答在试卷上不得分。
可能用到的相对原子质量：
H1 C12 N14 O16 Na23 Mg24 Al27 S32 Fe56 Cu64
一、选择题(本题包括13小题，每小题5分，共65分，每小题只有一个选项符合题意)
1、（5分）下列有关细胞结构和功能的叙述中，正确的是（　　）
A、有中心体的细胞一定不会发生质壁分离现象
B、蓝藻细胞可通过叶绿体的光合作用产生氧气
C、RNA聚合酶和抗利尿激素可在人体同一细胞中合成
D、溶酶体不能合成多种水解酶，是高尔基体合成的
2、（5分）下列关于细胞生命历程的叙述，错误的是（　　）
　 A、 血红蛋白和生长激素的合成都能够体现“基因选择性表达”
　 B、 细胞凋亡可清除被病原体感染的细胞
　 C、 细胞的正常基因突变成为原癌基因是细胞癌变的原因
　 D、 衰老细胞核体积增大，物质运输的功能降低
3、（5分）下列有关实验或调查的叙述，不正确的是（　　）
　 A、 研究遗传病发病率需在人群中随机抽样调查，研究遗传方式需分析患者家系系谱图
　 B、 统计显微镜下各期细胞数占计数细胞总数的比例，能比较细胞周期各期时间的长短
　 C、 选取经低温诱导的洋葱根尖制成的临时装片，在显微镜下观察不到联会现象
　 D、 加入无水乙醇越多，叶绿体色素提取液的绿色越深
4、（5分）图1为某二倍体动物精原细胞分裂过程中细胞内的同源染色体对数的变化曲线，图2表示该动物的一个细胞分裂示意图、下列叙述错误的是（　　）

　 A、 CD段含有4个染色体组，12个DNA分子
　 B、 FG段可发生基因重组
　 C、 若染色体②上有基因B，⑤的相同位点上有基因b，则其原因是在AB段发生了基因突变
　 D、 右图中细胞是次级精母细胞，处于曲线图的HI段
5、（5分）下列有关生物进化的叙述中正确的是（　　）
A、米勒的实验为生命诞生提供了有力证据
B、科学家发现，越简单、越低等的化石总是出现在越近的地层里
C、化石为生物进化提供了最直接的证据
D、生物进化遵循从无到有，从小到大的规律
6、（5分）不同浓度的生长素影响某植物乙烯生成和成熟叶片脱落的实验结果如图所示、下列叙述不正确的是（　　）

　 A、 乙烯浓度高脱落率不一定高
　 B、 一定浓度的生长素可以促进乙烯的生成
　 C、 生长素和乙烯对叶片脱落的作用是相互拮抗的
　 D、 农业生产上可喷施较高浓度生长素类似物降低脱落率
　
7. A．地沟油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，可用于制肥皂和加工食用油
B．SO2能漂白纸浆等，故可广泛用于食品的漂白
C．高空臭氧层吸收太阳紫外线，保护地球生物；低空过量臭氧是污染气体，对人体有害
D．为防止富脂食品氧化变质，常在包装袋中放入生石灰
8．A．乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色的原理相同
B．乙醇可被直接氧化生成乙酸且乙醇与都能与单质钠反应
C．淀粉、蔗糖、葡萄糖、蛋白质在稀硫酸中均能发生水解反应
D．淀粉和聚乙烯都是天然的高分子化合物
9．下列实验操作、现象与结论对应关系正确的是（）
选项
实验操作
实验现象与结论
A
将SO2通入酸性KMnO4溶液中
酸性KMnO4溶液褪色，证明SO2具有漂白性
B
向样品溶液中先滴加过量的稀硝酸，再滴加BaCl2溶液
滴加稀硝酸无现象，滴加BaCl2后出现白色沉淀．说明样品溶液中一定含有SO42-
C
某溶液中加入足量浓NaOH溶液，加热，在试管口放一片湿润的红色石蕊试纸
湿润的红色石蕊试纸变蓝，则该样品中含有NH4+
D
某溶液中加入盐酸，并将产生的气体通入澄清石灰水
澄清石灰水变浑浊，说明该溶液中一定含有CO32
10．下列说法正确的是
A．标况下，1.12LCl2溶于水，转移0．05NA电子
B．向NH4Al(SO4)2稀溶液中逐滴加入过量Ba(OH)2溶液，离子方程式为：NH4++Al3++2SO42-+Ba2++5OH-=2BaSO4↓+AlO2-+2H2O+NH3·H2O
C．常温下，由水电离出的H+浓度为10-13mol·L-1的溶液中，Fe2+、Cl-、：Na+、NO3-可能大量共存
D．葡萄糖(C6H12O6)溶液中：SO42-、MnO4-、K+、H+可以大量共存
11．X、Y、Z、R、W是原子序数依次增大的五种短周期元素．Y和R同主族，可形成共价化合物RY2，Y和Z最外层电子数之和与W的最外层电子数相同，25℃时，0.1 mol/LX和W形成化合物的水溶液pH为1．下列说法正确的是（）
A．Y和其他四种元素均可形成至少两种二元化合物
B．R元素的最高价氧化物的水化物酸性最强
C．原子半径：X＜Y＜Z＜R＜W
D．Y、Z、W三种元素组成化合物的水溶液一定显碱性
12．利用反应6NO2+8NH3=7N2+12H2O构成电池的方法，既能实现有效消除氮氧化物的排放，减轻环境污染，又能充分利用化学能，
装置如图所示：．
下列说法不正确的是（）
A．电流从右侧电极经过负载后流向左侧电极
B．A电极上发生氧化反应，B为正极
C．电极A极反应式为2NH3-6e-=N2+6H+
D．当有2.24LNO2（标准状况）被处理时，转移电子为0.4mol
13．N2O5是一种新型硝化剂，在一定温度下可发生以下反应：2N2O5(g)4NO2(g)+O2(g);△H>0
T1温度时，向密闭容器中通入N2O5，部分实验数据见下表
下列说法中不正确的是
A．500s内N2O5分解速率为2.96×10-3mol?L-1?s-1
B．T1温度下的平衡常数K1=125（mol?L-1）3，平衡时N2O5的转化率为50%
C．T1温度下的平衡常数为K1，T2温度下的平衡常数为K2，若T1＞T2，则K1＜K2
D．达平衡后其他条件不变，将容器的体积压缩到原来的0.5倍，则再次平衡时c（N2O5）＞5.00mol?L-1．
二、选择题(共7小题,每小题6分,共42分.每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.)?14.甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲＝+3m/，a乙＝-5m/，那么对甲、乙两物体判断正确的是（ ）
A.甲的加速度小于乙的加速度
B.甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动
C.甲的速度比乙的速度变化慢
D.甲、乙在不相等时间内速度变化可能相等
15.如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆AB一端通过铰链固定在A点，另一端B悬挂一重为G的物体，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮C，用力F拉绳，开始时∠BAC＞90°，现使∠BAC缓慢变小，直到杆AB接近竖直杆AC．此过程中，轻杆B端所受的力（　　）
　
A．
逐渐减小
B．
逐渐增大
C．
大小不变
D．
先减小后增大
16.如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R．一个小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力．则下列判断正确的是（　　）
　
A．
只要v0足够大，小球可以击中B点
　
B．
即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角也相同
　
C．
若v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环
　
D．
无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环
17.月面的重力加速度为g月．以月面为零势能面．“玉兔”在h高度的引力势能可表示为Ep=，其中G为引力常量，M为月球质量，若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为（　　）
A.? （h+2R）???????????????? B.? （h+R）
C. （h+R）?????????????????? D. （h+R）　
18.用220V的正弦交流电通过理想变压器对一负载电阻R供电，变压器原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，通过负载的电流图象如图所示，则（　　）
　
A．
交流电的周期是0.01 s
　
B．
电流表的读数是等A
　
C．
变压器输入功率是11W
　
D．
变压器输出电压的函数表达式是u=22sin（100πt）V
19.如图所示电路中，电源的内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法正确的是（　　）
　
A．
电压表示数变大
B．
电流表示数变大
　
C．
外电路等效电阻变大
D．
内电路消耗的功率变大
20.如图甲所示，在x轴上有一个点电荷Q（图中未画出），O、A、B为轴上三点，放在A、B两点的试探电荷受到的电场力跟试探电荷所带电荷量的关系如图乙所示，则（　　）
　
A．
A点的电场强度大小为2×103 N/C
B．
B点的电场强度大小为2×103 N/C
　
C．
点电荷Q在A、B之间
D．
点电荷Q在A、O之间
第Ⅱ卷(必做157分+选做36分，共193分)
注意事项：
1．第II卷共19道题。其中21~31题为必做部分，32~39题为选做部分。
2．第Ⅱ卷所有题目的答案，考试须用0.5毫米黑色签字笔答在答题卡规定的区域内，在试卷上答题不得分。
3．选做部分考试必须从中选择1道物理题、1道化学题和1道生物题作答。答题前，请考生务必将所选题号用2B铅笔涂黑，答完题后，再次确认所选题号。
【必做部分】
21（8）.甲乙两个同学共同做“验证牛顿第二定律”的实验，装置如图1所示．
①两位同学用砝码盘（连同砝码）的重力作为小车（对象）受到的合外力，需要平衡桌面的摩擦力对小车运动的影响．他们将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能够自由地做　?? 　运动．另外，还应满足砝码盘（连同砝码）的质量m　?? 　小车的质量M．（填“远小于”、“远大于”或“近似等于”）
接下来，甲同学研究：在保持小车的质量不变的条件下，其加速度与其受到的牵引力的关系；乙同学研究：在保持受到的牵引力不变的条件下，小车的加速度与其质量的关系．
②甲同学通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度a．图2是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，图中数据的单位是cm．
实验中使用的电源是频率f=50Hz的交变电流．根据以上数据，可以算出小车的加速度a=　??? 　m/s2．（结果保留三位有效数字）
③乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a～图线后，发现：当较大时，图线发生弯曲．于是，该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正，避免了图线的末端发生弯曲的现象．那么，该同学的修正方案可能是　 　
A．改画a与的关系图线????? B．改画a与（M+m）的关系图线
C．改画 a与的关系图线???????? D．改画a与的关系图线．
22.（10）在“测定金属的电阻率”的实验中，所测金属丝的电阻大约为5，先用伏安法测出该金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。用米尺测出该金属丝的长度L，用螺旋测微器测量该金属丝直径时的刻度位置如图所示。
(1)从图中读出金属丝的直径为______________mm。
(2)实验时，取来两节新的干电池、开关、若干导线和下列器材：
A．电压表0～3 V，内阻10 k
B．电压表0～15 V，内阻50 k
C．电流表0～0.6A，内阻0.05
D．电流表0～3 A，内阻0.01
E．滑动变阻器，0～10
F．滑动变阻器，0～100
①要较准确地测出该金属丝的电阻值，电压表应选_______________，电流表应选______________，滑动变阻器选_____________(填序号)。
②实验中，某同学的实物接线如图所示，请指出该实物接线中的两处明显错误。
错误1：_____________________________；?? 错误2：
_____________________________。
23.（18）如图，长为L的轻杆一端连着质量为m的小球，另一端用铰链固接于水平地面上的O点，初始时小球静止于地面上，边长为L、质量为M的正方体左侧静止于O点处．现在杆中点处施加一大小始终为12mg/π，方向始终垂直杆的力F，经过一段时间后撤去F，小球恰好能到达最高点．忽略一切摩擦，试求：
（1）力F所做的功；
（2）力F撤去时小球的速度；
（3）若小球运动到最高点后由静止开始向右倾倒，求杆与水平面夹角为θ时（正方体和小球还未脱离），正方体的速度大小．
24.（20） 如图所示，在以坐标原点O为圆心、半径为R的圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直于xOy平面向里，一带负电的粒子（不计重力）从A点沿y轴正方向以v0某一速度射入，带电粒子恰好做匀速直线运动，最后从P点射出．
（1）求电场强度的大小和方向．
（2）若仅撤去电场，带电粒子仍从A点以相同的速度射入，恰从圆形区域的边界M点射出，已知OM与x轴的夹角为θ=30°，求粒子比荷．
（3）若仅撤去磁场，带电粒子仍从A点沿y轴正方向以速度v射入，恰从圆形区域的边界N点射出（M和N是关于y轴的对称点），求粒子运动初速度v的大小．
25、（11分）研究者选取南瓜幼苗进行了无土栽培实验，如图为该幼苗的光合速率、呼吸速率随温度变化的曲线图，请分析回答相关问题。
（1）A点时叶肉细胞中O2的移动方向是　　　　　　。研究者用含18O的葡萄糖追踪根细胞有氧呼吸中的氧原子，其转移途径是　　　　　　。
（2）据图分析，光合酶对温度的敏感度比呼吸酶对温度的敏感度　　　　　　，温室栽培该植物，为获得最大经济效益，应控制的最低温度为　　　　　　℃。
（3）限制AB段CO2吸收速率的主要因素是　　　　　　，图中　　　　　　点光合作用制造的有机物是呼吸作用消耗有机物的两倍。
（4）研究者分别用12%的氧气和22%的氧气对两组幼苗的根系进行持续供氧。一段时间后，测得用12%的氧气处理植株的干重显著低于另一组，原因是　　　　　　。

26、（11分）图甲所示的调节过程是人体稳态的重要组成部分，图乙为细胞间信息传递的几种模式示意图，图丙是图乙局部结构的放大图、请据图回答以下问题：

（1）图甲中正常人血液中②的含量变化对①。③的分泌起调节作用，此种调控机制属于
调节。
（2）在寒冷环境中，图甲中的②分泌量增加的同时　　　　　　（填字母）的分泌量也增加，二者共同促进机体的新陈代谢。请写出寒冷条件下皮肤立毛肌收缩，起鸡皮疙瘩的反射弧：　　　　　　。
（3）人体内需要源源不断的产生激素，以维持激素含量的动态平衡，这是因为　　　　　　。图甲中的胰岛A细胞。胰岛B细胞分别分泌胰高血糖素和胰岛素，它们的作用相互　　　　　　，共同维持血糖含量的稳定。胰岛A细胞分泌的胰高血糖素其主要的靶器官是　　　　　　，若胰岛B细胞受损人会得糖尿病，这主要是因为胰岛素分泌减少，使组织细胞　　　　　　的能力减弱，从而血糖升高，表现为糖尿。
（4）若图乙中细胞3受到刺激产生兴奋，兴奋部位膜外电位的变化是　　　　　　；兴奋在细胞3和细胞2间传递的结构如图丙所示，图丙中结构③的名称是　　　　　　，②中的液体为　　　　　　，兴奋通过图丙的传递过程中，信号的变化情况是　　　　　　。
（5）机体维持稳态的主要调节网络是　　　　　　，其中免疫系统是通过它的　　　　　　等功能，实现它在维持稳态中的作用。
27、（12分）在一个自然果蝇种群中，灰身与黑身为一对相对性状（由A、a控制）；棒眼与红眼为一对相对性状（由B、b控制）、现有两果蝇杂交，得到F1表现型和数目（只）如下表、

灰身棒眼
灰身红眼
黑身棒眼
黑身红眼
雌蝇
156
0
50
0
雄蝇
70
82
26
23
请回答：
（1）该种群中控制灰身与黑身的基因位于　　　　　　；控制棒眼与红眼的基因位于　　　　　　、
（2）亲代果蝇的基因型分别为　　　　　　和　　　　　　、
（3）F1中黑身棒眼雌雄果蝇随机交配，F2的表现型及比例为　　　　　　、
（4）1915年，遗传学家Bridges发现用红眼雌果蝇与X射线处理过的棒眼雄果蝇进行杂交，总能在某些杂交组合的F1中发现红眼雌果蝇、该种红眼雌果蝇的出现是由于发生了基因突变还是父本棒眼果蝇X染色体缺失了显性基因B（B和b基因都没有的受精卵不能发育）、
①请你设计杂交实验进行检测、
实验步骤：　　　　　　、
结果预测及结论：
若子代棒眼雌果蝇：红眼雄果蝇=　　　　　　，则是由于基因突变、
若子代棒眼雌果蝇：红眼雄果蝇=　　　　　　，则是由于父本棒眼果蝇X染色体缺失、
②四幅图是Bridges对幼虫的唾腺细胞进行镜检发现的两条X染色体联会情况示意图（字母表示染色体上不同的区段），哪个支持上面的第二种预测？　　　　　　

28、（14分）图甲是某草原生态系统中碳循环模式图，图中A、B、C、D表示生态系统的成分，①②③为特定的生理过程，图乙表示该系统中部分生物间的食物关系、请据图分析回答：

（1）图乙中的生物对应图甲中的　　　　　　（用字母表示）、在①、③过程中碳以　　　　　　形式进行循环、
（2）如要调查该生态系统中蒲公英的种群密度，通常采用　　　　　　法、
（3）图乙中，若鼠和昆虫粪便中的能量为M，呼吸作用消耗的能量为R，用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量为N，则图中第二营养级的同化量可表示为　　　　　　、
（4）图乙中，若蛇的食物有 来自鼠， 来自蛙、则从理论上讲，蛇每增加1kJ能量，至少消耗植物　　　　　　kJ，假如蛇的食物中，鼠的比例变为 ，消耗相同的植物，蛇同化的能量是原来的　　　　　　、
（5）该生态系统中每种生物在生长发育过程中不断地与其他生物进行着信息交流，其作用在于　　　　　　、
（6）该草原曾发生过火灾，但此后又慢慢恢复，该过程属于　　　　　　，从生态系统的角度分析，这体现了生态系统具有自我调节能力，这种能力的大小主要取决于　　　　　　、
　
29．（17分）二氧化硫为重要的含硫化合物，是形成酸雨的主要污染物之一。
(1)在实验室中，若用70％的硫酸溶液和亚硫酸钠粉末反应制取二氧化硫，并要求方便控 制反应速率，可选用下图所示气体发生装置中的_____(填下列序号字母)。
(2)SO2经催化氧化可生成SO3，该反应的热化学方程式为：
2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) △H=a kJ·mol-1
在T1℃时，将2 mol SO2、1mol O2充入容积为2 L的密闭容器A中，充分反应并达到平衡，此过程中放出热量98．3 kJ，测得SO2的平衡转化率为50％，则a=_____，T1℃时，上述反应的平衡常数K1=____L·mol-1。若将初始温度为T1℃的2 mol SO2和1 molO2充入容积为2 L的绝热密闭容器B中，充分反应，在T2℃时达到平衡，在此温度时上述反应的平衡常数为K2。则K1______ K2 (填“>”、“<”或“=”)。
(3)某热电厂上空大气中所含二氧化硫严重超标，现对该区域雨水样品进行探究。首先用 pH试纸测定雨水样品的pH，操作方法为_________________________________________，测得样品pH约为3；为进一步探究由SO3所形成酸雨的性质，将一定量的SO2通入蒸馏水中，配成pH为3的溶液，然后将溶液分为A、B两份，向A中加入适量的NaOH固体，使溶液恰好呈中性(不考虑氧化性物质和其它酸性物质的影响)，则此中性溶液中离子的浓度间存在的关系式为：[Na+]=_______；将溶液B久置于空气中，与久置前相比，久置后的溶液B中水的电离程度将___(填“增大”、“减小”或“不变”)。
(4)工业上常用如下图所示的流程处理工业尾气中的SO2：
上述流程中有一种物质可以再生循环利用，该物质再生的化学方程式为____________________________.
30.(16分) 2014年我国各地出现连续干旱，给生产生活带来严重影响。为确保人、畜用水和安全，净水剂选择与制备尤为重要。
（1）聚合氯化铝晶体（[Al2(OH)nC16 - n·xH2O]m）是一种高效无机水处理剂，它的制备原理是调节增大AlCl3溶液的pH，通过促进其水解而结晶析出。利用高岭土（化学组成为：A12O3、SiO2、Fe2O3，及少量杂质和水分,高岭土在煅烧的过程中可除去杂质和水分）制备聚合氯化铝，其制备过程有如下两种途径:
①途径Ⅰ和途径Ⅱ哪种更合理？ 。
②途径Ⅰ中加入铝粉最主要的目的是 。
a．中和过量的盐酸 b．将Fe3+还原为便于人体吸收的Fe2+
c．除去溶液中的铁元素 d．制备生成聚合氯化铝所需要的AlCl3
③加入碳酸钙调节溶液pH至4.0～4.5的目的是 。
④蒸发浓缩过程中生成Al2(OH)nC16 - n·xH2O的化学反应方程式是 。
（2）Na2FeO4是一种既能杀菌、消毒，又能絮凝净水的水处理剂，其电解制法如下图所示，请根据图示分析：电解过程中的电池反应为 ；每转移0.6mol电子在Ni电极上产生的气体在标况下的体积为 ；隔膜用阳离子交换膜（只允许阳离子通过）还是阴离子交换膜（只允许阴离子通过） 。
31．(20分) 亚硝酸钠是一种工业盐，用途广泛；外观与食盐非常相似，但毒性较强，食品添加亚硝酸钠必须严格控制用量。某化学兴趣小组对食盐与亚硝酸钠进行了如下探究：
㈠鉴别NaCl和NaNO2
⑴测定溶液PH
用PH试纸分别测定0.1mol·L－1两种盐溶液的PH，测得NaNO2溶液呈碱性。
NaNO2溶液呈碱性的原因是 （用离子方程式解释）。NaNO2溶液中c(HNO2)= (用溶液中其它离子的浓度关系式表示)
⑵沉淀法
取2mL0.1 mol·L－1两种盐溶液于试管中，分别滴加几滴稀硝酸银溶液。两只试管均产生白色沉淀。分别滴加几滴稀硝酸并振荡，盛NaNO2溶液的试管中沉淀溶解。
该温度下Ksp（AgNO2）＝2×10－8 (mol·L－1)2; Ksp(AgCl)＝1.8×10－10(mol·L－1)2
则反应AgNO2(s) +Cl－(aq) AgCl(s)+ NO2－(aq)的化学平衡常数K=
⑶氧化法
取2mL0.1 mol·L－1两种盐溶液于试管中，分别滴加几滴酸性KMnO4溶液。使酸性KMnO4溶液褪色的是NaNO2溶液。该反应的离子方程式为 。
㈡NaNO2性质探究
该兴趣小组同学用下图装置探究亚硝酸钠与硫酸反应及气体产物成分。?
已知： 气体液化的温度：NO2 21℃? 、 NO –152℃
（1）为了检验装置A中生成的气体产物，仪器的连接顺序为（从左向右连接）：A→ → ______→_______→_______；组装好仪器后，接下来进行的操作是________________。（2）反应前应打开弹簧夹，先通入一段时间氮气，排除装置中的空气。
（3）在关闭弹簧夹，打开分液漏斗活塞，滴入70%硫酸后，A中产生红棕色气体。
①如何确认A中产生气体是否含有NO _________。（写出实验操作、现象和结论）
②装置E的作用是_______________________。
③若向D中通入过量O2,则装置B中发生反应的化学方程式为____________。
【选做部分】
32．(12分)【化学一化学与技术】
海水资源丰富，海水中主要含有Na+、K+、Mg2+、Cl-、、Br-、、等离子。
合理利用海水资源和保护环境是我国可持续发展的重要保证。
I．火力发电燃煤排放的SO2会造成一系列环境和生态问题。利用海水脱硫是一种有效的方法，其工艺流程如下图所示：
(1)天然海水的pH≈8，呈弱碱性。用离子方程式解释原因___________________________。
(2)天然海水吸收了含硫烟气后，要用O2进行氧化处理，其反应的化学方程式是_______。氧化后的“海水”需要用大量的天然海水与之混合后才能排放，该操作的主要目的是___________________________________________________________________________。
Ⅱ．重金属离子对河流及海洋造成严重污染。某化工厂废水()中含有Ag+、Pb2+等重金属离子，其浓度各约为0.01mol·L-1。排放前拟用沉淀法除去这两种离子，查找有关数据如下：
(3)你认为往废水中投入_________(填字母序号)，沉淀效果最好。
A．NaOH B．Na2S C．KI D．Ca(OH)2
(4)如果用生石灰处理上述废水，使溶液的pH=8.0，处理后的废水中________。
(5)如果用食盐处理其只含Ag+的废水，测得处理后废水中NaCl的质量分数为0.117％。
若环境要求排放标准为c(Ag+)低于1.0×10-8mol·L-1，问该工厂处理后的废水中c(Ag)+=__________，是否符合排放标准__________(填“是”或“否”)。已知mol2·L-2。
33．（12分）【化学——物质结构与性质】
氢能的存储是氢能应用的主要瓶颈，配位氢化物、富氢载体化合物是目前所采用的主要 储氢材料。
(l)Ti(BH4)2是一种过渡元素硼氢化物储氢材料。
①在基态Ti2＋中，电子占据的最高能层符号为________，该能层具有的原子轨道数为 ________________.
②BH4－的空间构型是________（用文字描述）。
(2)液氨是富氢物质，是氢能的理想载体，利用，实现储氢和输氢。下列说法正确的是________。
a．［Cu(NH3)4］2＋ 中，N原子是配位原子
b．NH3分子中氮原子的轨道杂化方式为杂化
c．键角NH4＋ d．相同压强时，NH3的沸点比PH3的沸点高
(3)富氢材料NH3和F2在Cu催化剂存在下反应直接得到NF3
上述化学方程式中的5种物质所属的晶体类型有________（填序号）
a．离子晶体 b．分子晶体
c．原子晶体 d．金属晶体
(4)某种合金材料有较大的储氢容量，其晶体结构的最小单元如图所示。则这种合金的
化学式为________________.
34．(12分)【化学一有机化学基础】
松油醇(G)可用于配制香精，其合成路线如下：
请回答下列问题：
(1)G所含两种官能团的名称分别是________、__________。
(2)同时符合下列两个条件的B的同分异构体有____________种。
i．含有六元碳环，碳环上仅有两个取代基且呈对位；
ii．在一定条件下能发生银镜反应、水解反应和消去反应。
(3)为了鉴别E和F，宜选用下列试剂中的_______作鉴别试剂(填下列序号字母)。
a．溴水 b．银氨溶液 c．酸性KMnO4溶液 d．NaHCO3溶液
(4)C→D的化学方程式为_________________。
(5)物质A(分子式为C7H10O3)催化氢化得到H(分子式为C7H12O3)，H在一定条件下可以生成高聚物I，I的结构简式为_____________。

35（12分）【生物--选修1：生物技术实践】
多环芳烃菲在染料、杀虫剂等生产过程中被广泛使用，是土壤、河水中常见的污染物之一、如图表示科研人员从被石油污染的土壤中分离获得能降解多环芳烃菲的菌株Q的主要步骤、请回答：

（1）步骤①→③的培养过程中，需将锥形瓶放在摇床上振荡，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能　　　　　　、
（2）步骤④用平板划线法纯化菌株Q过程中，在做第二次以及其后的划线操作时，总是从上一次划线的末端开始划线，原因是　　　　　　、采用固体平板培养细菌时要倒置培养的目的是　　　　　　
（3）接种环通过灼烧来灭菌，完成步骤④中划线操作，共需灼烧接种环　　　　　　次
（4）为了获得分解多环芳烃菲能力更强的菌株，研究人员又对菌种Q进行了诱变处理，得到突变株K、为了进一步鉴定菌株K并比较两种菌株降解多环芳烃菲的能力，设计了下列实验，请补全实验步骤：
①取9只锥形瓶均分成三组，编号A、B、C
②向A、B、C三组锥形瓶中加入　　　　　　的培养液、
③向A、B、C三组培养液中分别加入　　　　　　、
④28℃恒温培养3天后，测定　　　　　　、
　
36、【生物--选修3：现代生物科技专题】（12分）
植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关、若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性、
回答下列问题：
（1）理论上，基因组文库含有生物的　　　　　　基因；而cDNA文库中含有生物的　　　　　　基因、
（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中　　　　　　出所需的耐旱基因、
（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过　　　　　　法将其导入植物　　　　　　的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株、要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的　　　　　　，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的　　　　　　是否得到提高、
（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，则可推测该耐旱基因整合到了　　　　　　（填“同源染色体的一条上”或“源染色体的两条上”）、
　37. （12分）(选修模块3—3)
(1)关于分子动理论的基本观点和实验依据，下列说法正确的是__________．(填选项前的字母)
A．分子大小的数量级为10-15 m
B．布朗运动表明，温度越高，分子运动越剧烈
C．扩散现象表明，物质分子间有相互作用的引力和斥力
D．随着分子间的距离增大，分子间的引力和斥力都增大
(2)一定质量的理想气体，经过一个绝热膨胀过程，则此过程中理想气体的___________·
(填选项前的字母)
内能增大 B．温度升高 C．压强减小 D．对外界不做功
（12分）（选修模块3—4）
某同学利用图（甲）所示的装置研究光的干涉和衍射，光电传感器可用测量光屏上光强的分布.某次实验时，在电脑屏幕上得到图（乙）所示的光强分布，这位同学在缝屏上安装的是???? （选填“单缝”或“双缝”）.?当做干涉现象研究时，若要使干涉条纹的间距变大，可选用宽度较 ????? 的双缝（选填“宽”或“窄”），或使缝屏与光屏间的距离????? （选填“增大”或“减小”）.
39 (选修3-5) （12分）
（1）关于天然放射性，下列说法正确的???????? 。（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）
A．所有元素都有可能发生衰变
B．放射性元素的半衰期与外界的温度无关
C．放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性
D．α、β和γ三种射线中，γ射线的穿透能力最强
E．一个原子核在一次衰变中可同时放出α、β和γ三种射线
（2）如图，质量分别为mA、mB的两个弹性小球A、B静止在地面上方，B球距离地面的高度h=0.8m，A球在B球的正上方。先将B球释放，经过一段时间后再将A球释放。当A球下落t=0.3s时，刚好与B球在地面上方的P点处相碰，碰撞时间极短，碰后瞬间A球的速度恰好为零。已知mB=3mA,重力加速度大小g=10m/s2，忽略空气阻力及碰撞中的动能损失。求
（1）B球第一次到达地面时的速度；
（2）P点距离地面的高度。
答案及解析：
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
C
C
D
C
C
C
B
C
A
题号
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
答案
A
C
C
AC
C
D
D
B
AC
AC
一、选择题（每小题5分，每小题只有一个选项符合题意、）
1、
答案：C
解析：本题考查细胞结构和功能的联系、细胞代谢等相关知识，属于对识记、理解层次的考查，阅读题干可知本题涉及的知识点是细胞的结构和功能、细胞代谢，梳理相关知识点，然后根据选项描述结合基础知识做出判断。
A、低等植物细胞具有中心体，也能发生质壁分离现象，故A错误。
B、蓝藻细胞为原核细胞，其中无叶绿体，故B错误。
C、活细胞都要合成蛋白质，都有基因的表达过程，能合成RNA聚合酶；能合成抗利尿激素的下丘脑细胞一定是活细胞，故C正确。
D、溶酶体内的酶是由高尔基体加工后的蛋白质经囊泡运入的，故D错误。
2、
答案：C
解析：本题考查细胞分化、细胞凋亡、细胞癌变和细胞衰老等相关知识：同一生物体内不同部位的细胞DNA、基因相同，但RNA和蛋白质不完全相同，实质是基因的选择性表达；细胞凋亡对于多细胞生物体完成正常发育，维持内部环境的稳定，以及抵御外界各种因素的干扰都起着非常关键的作用；原癌基因和抑癌基因普遍存在于人和动物的染色体上，原癌基因调节细胞周期，控制细胞生长和分裂的过程；抑癌基因主要是阻止细胞不正常的增殖；衰老的细胞，一小，一大，一多，三少，一小是体积减小，一大是细胞核体积增大，一多是色素增多，三低是酶的活性降低，物质运输功能降低和新陈代谢速率降低。
由此A、人体细胞中含有血红蛋白基因和生长激素基因，但血红蛋白基因只能在红细胞内表达，生长激素基因在垂体中表达，体现基因的选择性表达，故A正确。
B、在成熟的生物体中，细胞的自然更新、被病原体感染的细胞的清除，也是通过细胞凋亡完成的，故B正确。
C、在致癌因子的作用下抑癌基因和原癌基因发生突变，使细胞发生转化而引起癌变，故C错误。
D、衰老的细胞核体积增大，染色质固缩，染色加深，细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低，故D正确。
　
3、
答案：D
解析：本题综合考查了有关的生物实验和调查。研究遗传病发病率需在人群中随机抽样调查，研究遗传方式需分析患者家系系谱图；由于显微镜下各期细胞数与各时期的时间成正比，故可根据各期细胞数占计数细胞总数的比例推测各期时间的长短；洋葱根尖细胞只进行有丝分裂，故无联会现象；加入无水乙醇过多，叶绿体色素溶液浓度减小，故提取液的绿色越浅。
A、研究遗传病发病率需在人群中随机抽样调查，研究遗传方式需分析患者家系系谱图，故A正确。
B、由于显微镜下各期细胞数与各时期的时间成正比，故统计显微镜下各期细胞数占计数细胞总数的比例，能比较细胞周期各期时间的长短，故B正确。
C、洋葱根尖细胞只进行有丝分裂，故在显微镜下观察不到联会现象，故C正确。
D、加入无水乙醇过多，溶液浓度减小，故提取液的绿色越浅，故D错误。
　
4、（5分）图1为某二倍体动物精原细胞分裂过程中细胞内的同源染色体对数的变化曲线，图2表示该动物的一个细胞分裂示意图、下列叙述错误的是（　　）

　 A、 CD段含有4个染色体组，12个DNA分子
　 B、 FG段可发生基因重组
　 C、 若染色体②上有基因B，⑤的相同位点上有基因b，则其原因是在AB段发生了基因突变
　 D、 右图中细胞是次级精母细胞，处于曲线图的HI段
答案：C
解析：本题着重考查了细胞分裂的相关知识，意在考查学生对细胞有丝分裂以及减数分裂的过程以及特点。精原细胞既能进行有丝分裂进行增殖，又能进行减数分裂产生精子、而经过有丝分裂，细胞中的染色体数目不变，因此仍然存在同源染色体；而减数分裂使染色体数目减半，并且同源染色体在减数第一次分裂结束后分离、分析图解：图1中，AF区段表示有丝分裂，FG区段表示减数第一次分裂，HI区段表示减数第二次分裂阶段、
图2中，细胞中无同源染色体，并且染色体的着丝点分裂，因此该细胞是处于减二后期的次级精母细胞、
A、曲线图表示的是二倍体动物精原细胞分裂过程中细胞内同源染色体对数的变化，CD段表示的是有丝分裂后期，此时着丝点分裂，姐妹染色单体分开，染色体数量加倍，染色体组有4个，由分裂示意图可以看出，此动物体细胞中含有6条染色体，每条染色体上都有一个DNA分子，染色体数加倍，DNA分子数也加倍，为12个，故A正确。
B、FG段表示第一次减数分裂，此过程中可以发生基因重组，故B正确。
C、若染色体②上有基因B，⑤的相同位点上有基因b，则其原因可能是发生了基因突变，也可能是由于染色体片段的交叉互换造成的，故C错误。
D、右图表示第二次减数分裂，此时的细胞是次级精母细胞，故D正确。
　
5、（5分）下列有关生物进化的叙述中正确的是（　　）
A、米勒的实验为生命诞生提供了有力证据
B、科学家发现，越简单、越低等的化石总是出现在越近的地层里
C、化石为生物进化提供了最直接的证据
D、生物进化遵循从无到有，从小到大的规律
答案：C
解析：本题考查化石的分布规律；化石为生物进化提供了最直接的证据。生物进化的证据有化石证据、比较解剖学上的证据、胚胎学上的证据，化石是指保存在岩层中的古生物遗物和生活遗迹；比较解剖学是对各类脊椎动物的器官和系统进行解剖和比较研究的科学，生物进化在比较解剖学上最重要的证据是同源器官；胚胎学是研究动植物的胚胎形成和发育过程的科学，也为生物进化论提供了很重要的证据，如脊椎动物和人的胚胎早期都有鳃裂和尾。
A、米勒实验为生命起源的化学演化提供了实验依据。故A错误。
B、不同生物化石的出现和地层的形成，有着平行的关系，也就是说，在越古老的地层中，挖掘出的化石所代表的生物，结构越简单，分类地位越低等，水生生物的化石也越多，在距今越近的地层中，挖掘出的化石所代表的生物，结构越复杂，分类地位越高等，陆生生物的化石也越多。因此越简单、越低等的化石总是出现在越古老的地层里。故B错误。
C、在研究生物进化的过程中，化石是最直接、最重要、比较全面的证据；故C正确。
D、化石在地层中出现的先后顺序，说明了生物是由简单到复杂、由低等到高等、由水生到陆生逐渐进化而来的，不是遵循从无到有，从小到大的规律。故D错误。
6、（5分）不同浓度的生长素影响某植物乙烯生成和成熟叶片脱落的实验结果如图所示、下列叙述不正确的是（　　）

　 A、 乙烯浓度高脱落率不一定高
　 B、 一定浓度的生长素可以促进乙烯的生成
　 C、 生长素和乙烯对叶片脱落的作用是相互拮抗的
　 D、 农业生产上可喷施较高浓度生长素类似物降低脱落率
答案：C
解析： 本题考察生长素作用的相关知识。由图可直接看出，随乙烯浓度升，高脱落率先升高后降低、生长素浓度较低时，脱落率随其浓度的增加而逐渐升高，与乙烯的作用效果相同；生长素浓度较高时，脱落率随其浓度的增加而逐渐降低，与乙烯的作用效果相反、。
拮抗作用是指不同激素对某一生理效应发挥相反的作用、协同作用指起同一作用，并相互促进的两种激素。
A、随乙烯浓度升，高脱落率先升高后降低，故A正确。
B、生长素浓度较高时，乙烯的含量亦增加，故B正确。
C、拮抗作用是指不同激素对某一生理效应发挥相反的作用，图中无法体现，生长素浓度较低时，脱落率随其浓度的增加而逐渐升高，与乙烯的作用效果相同，只说明生长素与乙烯协同作用，故C错误。
D、如图，可看出可通过增加生长素的浓度，来降低该植物的脱落率，故D正确。
　
7. A．地沟油不能食用，故A错误；B．二氧化硫有毒，不能够用作食品添加剂，故B错误；C．高空臭氧层吸收太阳紫外线，保护地球生物；低空过量臭氧是污染气体，对人有害，故C正确；D．生石灰具有吸水性，不具有还原性，能够防潮，但是不能防止富脂食品氧化变质，故D错误；故选：C；
8. A．乙烯与溴水发生加成，与高锰酸钾发生氧化反应，则褪色原理不同，故A错误；B．乙醇能被强氧化剂氧化生成乙酸，乙醇中含-OH、乙酸中含-COOH，均与Na反应生成氢气，故B正确；C．葡萄糖不能水解，而淀粉、蔗糖、蛋白质在稀硫酸中均能发生水解反应，故C错误；D．聚乙烯为合成高分子化合物，而淀粉为天然的高分子化合物，故D错误；故选B；
9. A．二氧化硫与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，表现出二氧化硫的还原性，而不是漂白性，故A错误；B．滴加稀硝酸无现象，滴加BaCl2后出现白色沉淀，原溶液中可能含有SO32-，不一定一定含有SO42-，故B错误；C．能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体只有NH3，能证明该样品中含有NH4+，故C正确；D．能与酸反应生成使澄清石灰水变浑浊的气体的可能为SO32-或HCO3-等离子，不一定为CO32-，故D错误；故选C．
10. A.氯气与水的反应为可逆反应，不能进行彻底，故转移的电子数小于0.05NA个，故A错误；B.设量少的NH4Al（SO4）2的物质的量为1mol，在溶液中能电离出2molSO42-、1molAl3+、和1molNH4+，故所需的Ba2+的物质的量为2mol，由于Ba（OH）2过量，故铝离子要转化为AlO2-，所需的OH-的物质的量共为5mol，故离子方程式为：NH4++Al3++2SO42-+2Ba2++5OH-=2BaSO4↓+AlO2-+2H2O+NH3?H2O，故B正确；C.由水电离出的H+浓度为10-13mol?L-1的溶液中，水的电离被抑制，溶液可能为酸溶液或碱溶液，在碱溶液中，Fe2+不能存在；在酸溶液中，Fe2+能被NO3-氧化而不能共存，故C错误；D.葡萄糖是还原性糖，能被高锰酸根氧化为葡萄糖酸，故D错误；故选B；
11. X、Y、Z、R、W是原子序数依次增大的五种短周期元素．Y和R同主族，Y处于第二周期，R处于第三周期，可组成共价化合物RY2，则Y为氧元素，R为硫元素，RY2为SO2，W的原子序数大于硫元素，故W为Cl元素，Y和Z最外层电子数之和与W的最外层电子数相同，则Z的最外层电子数为7-6=1，处于第ⅠA族，原子序数大于氧元素，故Z为Na元素，25℃时0.1mol?L-1X和W形成化合物的水溶液pH为1，属于强酸，则X为氢元素，A．氧元素与氢元素可以形成H2O、H2O2，与钠元素可以形成Na2O、Na2O2，与硫元素可以形成SO2、SO3，与氯元素可以形成ClO2、Cl2O7等，故A正确；B．高氯酸是最强的酸，故B错误；C．同周期自左而右原子半径减小，电子层越多原子半径越大，故原子半径H＜O＜Cl＜S＜Na，故C错误；D．NaClO4属于强酸强碱盐，溶液呈中性，故D错误；故选A；
12. 由反应6NO2+8NH3═7N2+12H2O可知，反应中NO2为氧化剂，NH3为还原剂，则A为负极，B为正极，A．B为正极，A为负极，电流由正极经导线流向负极，故A正确；B．由反应6NO2+8NH3═7N2+12H2O可知，反应中NO2为氧化剂，NH3为还原剂，则A为负极发生氧化反应，B为正极，故B正确；C．电解质溶液呈碱性，则A为负极，电极方程式为2NH3-6e-+60H-=N2+3H2O，故C错误；D．当有2.24L NO2（标准状况）即0.1mol 被处理时，转移电子为0.1mol×（4-0）=0.4mol，故D正确；故选C；
13. A．依据图标数据分析计算500s内N2O5（g）消耗的浓度=5.00mol/L-3.52mol/L=1.48mol/L，分解速率=1.48mol/L：500s=2.96×10-3mol/（L?s），A正确；B．由表中数据可知，T1温度下，1000s时反应到达平衡，平衡时c（N2O5）=2.5mol/L，c（NO2）=5mol/L，c（O2）=1.25mol/L，带人平衡常数表达式可得K==125；转化率为
（5-2.5）/5×100%=50%，故B正确；C．该反应正反应是吸热反应，升高温度，平衡向正反应移动，平衡常数增大，故C错误；D．T1温度下，1000s时反应到达平衡，平衡时c（N2O5）=2.5mol/L，达平衡后其他条件不变，将容器的体积压缩到原来的0.5倍，各物质的浓度先变为原来的2倍，而加压平衡左移，则c（N2O5）＞5.00 mol?L-1，故D正确；故选C；
14.AC
加速度、速度是高中物理中重要的概念，要正确区分它们之间的关系，明确加速度与速度无关，加速度表示速度变化的快慢。
加速度的正负只表示方向，与大小无关，所以a乙＞a甲，选项A正确；当物体的初速度方向与加速度方向相同，物体做加速运动反之做减速运动，因为题中物体的初速度方向未知，所以无法判断物体做加速还是做减速运动，选项B错误；加速度表示速度变化快慢的物理量，加速度大，表示速度变化快，即甲的速度比乙的速度变化慢，选项C正确；速度变化方向与加速度方向相同，甲、乙两个物体加速度方向相反，所以甲、乙在不相等时间内速度变化方向一定不同，选项D错误；综上选AC。
15.解：A、由于B点始终处于平衡状态，故B点受到的力的大小为各力的合力．故B点在变化过程中受到的力始终为0．故大小不变．故A错误
B、由对A项的分析知B点受到的力始终为0，不变．故B错误．
C、由对A项的分析知B点受到的力始终为0，不变．故C正确．
D、由对A项的分析知B点受到的力始终为0，不变．故D错误．
故选：C
16.解：A、小球做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，可知小球不可能击中B点，故A错误．
B、初速度不同，小球落点的位置不同，运动的时间可能不同，则小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不同，故B错误．
C、小球不可能垂直撞击在半圆环AC段，因为根据速度的合成，平抛运动的速度方向偏向右．
假设小球与BC段垂直撞击，设此时速度与水平方向的夹角为θ，知撞击点与圆心的连线与水平方向的夹角为θ．连接抛出点与撞击点，与水平方向的夹角为β．根据几何关系知，θ=2β．因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，即tanα=2tanβ．与θ=2β相矛盾．则不可能与半圆弧垂直相撞．故C错误，D正确．
17.D解：根据万有引力提供向心力，得：
在月球表面上，由重力等于万有引力，则得：，即有GM=g月R2；
“玉兔”绕月球做圆周运动的动能为：Ek=
联立以上三式解得：Ek=
“玉兔”在h高度的引力势能为：Ep===
根据功能关系得：从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为：W=Ep+Ek=
故D正确、ABC错误．
18.解：A、由图可得，交流电的周期是0.02 s．故A错误；
B、由图可得，通过负载的电流的最大值是0.5A，则电流表的示数：A．故B正确；
C、变压器输出电压：V，变压器输出功率是：W，所以变压器输入功率也是W．故C错误；
D、变压器输出电压是22V，则最大值：V，变压器输出电压的函数表达式是u=22sin（100πt）V．故D错误．
故选：B
19.
解：A、根据电路的结构，R2与R1并联，与R4串联，再与R3并联，当P向右滑动时，R2↑，R1与R2并联电阻增大，外电路总电阻R总增大，干路电流I↓，路端电压U↑，即电压表示数变大，故AC正确；
B、由P=I2r知，内电路消耗的功率变小，由I4=I﹣I3知，I↓，I3↑，则I4↓，U4↓，而R1与R2并联的电压U并=U﹣U4，U↑，U4↓则U并↑，则R1的电流I1变大，又电流表的电流IA=I﹣I4，I↓，I4↑，则IA↓，故BD错误．
故选：AC
20.解：A、由图线斜率表示场强，可知A点场强大小为：E==N/C=2×103N/C．故A正确．
B、由图线斜率表示场强，可知B点场强大小为：E==N/C=5×102N/C．故B错误．
C、D、由图（乙），正检验电荷放在A点和负检验电荷放在B点所受电场力方向均沿x轴正方向，说明点电荷Q为负电荷且放在AB之间．故C正确，D错误．
故选：AC
21.匀速直线，远小于，②0.343? ③A
解：①“验证牛顿第二定律”的实验中，为使绳子拉力为小车受到的合力，应先平衡摩擦力，方法是将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能够自由地做匀速直线运动，另外为使绳子拉力等于砝码盘（连同砝码）的质量，必须满足满足砝码盘（连同砝码）的质量m远小于小车的质量M的条件．
②由匀变速运动的推论△x=aT2得，将计数点0到4分成0到2和2到4两部分，其中t=2×（5×0.02s）=0.2s，△x=（17.47﹣8.05）﹣8.05cm=1.37cm，代入上式解得a=0.343m/s2
③乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，故小车的质量应为M+m，作图时应作出a﹣图象，故选A
22、（1）0.680（0.678～0.682?mm均可）；（2）①A，C，E；②导线连接在滑动变阻器的滑片上；采用了电流表内接法测电阻．
解析：（1）固定刻度读数：0；半刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm×17.9=0.179mm；故螺旋测微器读数为：0.679mm；（2）①两节干电池电动势共为3V，为减小读数误差，选小量程电压表，故选A；根据欧姆定律，I≈=，A=0.6A，电流不超过0.6A，故电流表同样选择小量程的，即选C；滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低，电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，即选E；故选：A，C，E；②伏安法测电阻时，测量较大电阻用安培表内接法，测量较小电阻用安培表外接法，本题待测电阻与安培表电阻相接进，故采用安培表外接法；同时导线连接在滑动变阻器的滑片上；
23.
解：（1）根据动能定理WF﹣mgL=0?????????????????????????????
力F所做的功为WF=mgL???????????????????????????????
（2）设撤去F时，杆与水平面夹角为α，撤去F前，有：
WF=×α=mgL，
得：α=
根据动能定理有：mgL﹣mgsinα=mv2
得撤去F时小球的速度为：v=
（3）设杆与水平面夹角为θ时，杆的速度为v1，正方体的速度为v2
v2=v1sinθ?????????????????????????????????????????????
系统机械能守恒有：
mg（L﹣Lsinθ）=mv12﹣Mv22
解得：v2=．
答：（1）力F所做的功为mgL；
（2）力F撤去时小球的速度为；
（3）正方体的速度大小为．
24.解：（1）由左手定则可知，粒子刚射入磁场时受到的洛伦兹力水平向右，粒子做匀速直线运动，洛伦兹力与电场力是一对平衡力，电场力水平向左，粒子带负电，则电场强度的方向水平向右；由平衡条件得：
qE=qv0B，
解得电场强度大小为：E=v0B；
（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，粒子运动轨迹如图所示：
由几何知识可知，α=90°﹣θ=60°，R=rtanα，
粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：
qv0B=m，
解得：=；
（3）粒子在电场中做类平抛运动，
y=vt，x=at2=t2，
由几何知识得：y=R+Rsinθ，x=Rcosθ，
解得：v=；
答：（1）电场强度的大小为v0B，方向：水平向左．
（2）粒子比荷为．
（3）粒子运动初速度v的大小为
25、（10分）研究者选取南瓜幼苗进行了无土栽培实验，如图为该幼苗的光合速率、呼吸速率随温度变化的曲线图，请分析回答相关问题。
（1）A点时叶肉细胞中O2的移动方向是　　　　　　。研究者用含18O的葡萄糖追踪根细胞有氧呼吸中的氧原子，其转移途径是　　　　　　。
（2）据图分析，光合酶对温度的敏感度比呼吸酶对温度的敏感度　　　　　　，温室栽培该植物，为获得最大经济效益，应控制的最低温度为　　　　　　℃。
（3）限制AB段CO2吸收速率的主要因素是　　　　　　，图中　　　　　　点光合作用制造的有机物是呼吸作用消耗有机物的两倍。
（4）研究者分别用12%的氧气和22%的氧气对两组幼苗的根系进行持续供氧。一段时间后，测得用12%的氧气处理植株的干重显著低于另一组，原因是　　　　　　。

答案：（1）从叶绿体移向线粒体 葡萄糖→丙酮酸→二氧化碳
（2）高 20
（3）温度 B、D
（4）根系呼吸速率下降，影响根对无机盐的吸收，从而使光合作用固定的有机物减少
解析：
本题的知识点是有氧呼吸的过程，有氧呼吸与光合作用的关系，温度对于光合作用和有氧呼吸过程的影响，主动运输的过程和意义。分析题图可知，植物从空气中吸收的二氧化碳的量为净光合作用的量，呼吸作用氧气的消耗量是实际呼吸作用的量，A点从空气中吸收的二氧化碳为0，光合作用小于或等于呼吸作用，光合作用产生的氧气完全被呼吸作用吸收，随着温度的升高，光合作用和呼吸作用都逐渐增强，大于5℃后经光合作用大于0，即光合作用大于呼吸作用，实际光合作用等于净光合作用加上呼吸作用。
（1）A点，光合作用小于或等于呼吸作用，光合作用产生的氧气被呼吸作用利用，因此A点时叶肉细胞中O2的移动方向是从叶绿体移向线粒体，有氧呼吸的过程中葡萄糖酵解形成丙酮酸，丙酮酸脱羧形成二氧化碳，因此葡萄糖中氧原子的转移途径是葡萄糖→丙酮酸→二氧化碳。
（2）分析题图可知，净光合作用强度随温度升高而升高更快，因此光合酶对温度的敏感度比呼吸酶对温度的敏感度高，在20℃植物净光合作用最强，此时细胞呼吸作用较弱，是获得最大经济效益的最适宜温度。
（3）分析题图曲线可知，AB段随温度升高，净光合作用升高，该阶段限制光合作用的因素是温度；B点、D点净光合作用与呼吸作用相等，因此实际光合作用是呼吸作用的2倍、
（4）与22%的氧气相比，用12%的氧气对幼苗的根系进行持续供氧，根系呼吸速率下降，影响根对无机盐的吸收，从而使光合作用固定的有机物减少，因此用12%的氧气处理植株的干重显著低于22%的氧气处理植株的干重。
　
26、（13分）图甲所示的调节过程是人体稳态的重要组成部分，图乙为细胞间信息传递的几种模式示意图，图丙是图乙局部结构的放大图、请据图回答以下问题：

（1）图甲中正常人血液中②的含量变化对①。③的分泌起调节作用，此种调控机制属于
调节。
（2）在寒冷环境中，图甲中的②分泌量增加的同时　　　　　　（填字母）的分泌量也增加，二者共同促进机体的新陈代谢。请写出寒冷条件下皮肤立毛肌收缩，起鸡皮疙瘩的反射弧：　　　　　　。
（3）人体内需要源源不断的产生激素，以维持激素含量的动态平衡，这是因为　　　　　　。图甲中的胰岛A细胞。胰岛B细胞分别分泌胰高血糖素和胰岛素，它们的作用相互　　　　　　，共同维持血糖含量的稳定。胰岛A细胞分泌的胰高血糖素其主要的靶器官是　　　　　　，若胰岛B细胞受损人会得糖尿病，这主要是因为胰岛素分泌减少，使组织细胞　　　　　　的能力减弱，从而血糖升高，表现为糖尿。
（4）若图乙中细胞3受到刺激产生兴奋，兴奋部位膜外电位的变化是　　　　　　；兴奋在细胞3和细胞2间传递的结构如图丙所示，图丙中结构③的名称是　　　　　　，②中的液体为　　　　　　，兴奋通过图丙的传递过程中，信号的变化情况是　　　　　　。
（5）机体维持稳态的主要调节网络是　　　　　　，其中免疫系统是通过它
的　　　　　　等功能，实现它在维持稳态中的作用。
答案：（1）负反馈
（2）b 皮肤冷觉感受器→传入神经→下丘脑体温调节中枢→传出神经→立毛肌
（3）激素一经靶细胞接受并起作用后就被灭活了 拮抗 肝脏 摄取、利用、转化和储存葡萄糖
（4）由正电位变为负电位 突触后膜 组织液 电信号→化学信号→电信号
（5）神经﹣体液﹣免疫 防卫、监控和清除
解析： 本题考查神经调节和体液调节的相关知识。1、图甲中①表示促甲状腺激素释放激素，②表示甲状腺激素，③表示促甲状腺激素，a表示胰高血糖素，c表示胰岛素，b可能是促肾上腺素。
2、图乙中包含了神经调节和激素调节等几种方式；细胞1分泌激素，通过体液运输作用于靶细胞；细胞2和细胞3属于分级调节；细胞3属于神经细胞，分泌神经递质作用于下一个神经元的受体；细胞4产生的信号分子直接作用于靶细胞。
3、图丙为反射弧中的突触结构，①表示突触小泡，②表示突触前膜，③表示突触后膜
（1）图甲中正常人血液中②（甲状腺激素）的含量变化对①（促甲状腺激素释放激素）、③（促甲状腺激素）的分泌起调节作用，此种调节机制属于反馈调节。
（2）甲状腺激素和肾上腺都能促进细胞代谢，增加产热，故在寒冷条件下甲状腺激素和肾上腺素b增多、寒冷条件下皮肤立毛肌收缩的反射弧为：皮肤冷觉感受器→传入神经→下丘脑体温调节中枢→传出神经→立毛肌。
（3）人体内的激素需要源源不断地产生以维持激素含量的动态平衡，其原因是激素一经靶细胞接受并起作用后就被灭活了、胰岛素具有降血糖作用，胰高血糖素能升高血糖，两者表现为拮抗作用，共同维持血糖含量的稳定、胰高血糖素能促进肝糖原分解，所以胰高血糖素的靶器官是肝脏、胰岛素能促进组织细胞加速摄取、利用和储存葡萄糖，从而使血糖水平降低。
（4）静息时，膜外电位是正电位，兴奋是膜外电位是负电位，故膜外电位变化是由正电位变为负电位、由图可知，③是突触后膜，②中的液体为组织液；兴奋在突触中信号变化情况是电信号→化学信号→电信号。
（5）目前普遍认为，机体维持稳态的主要调节机制是神经﹣体液﹣免疫调节网络；免疫系统的功能包括防卫、监控和清除。
　
27、（14分）在一个自然果蝇种群中，灰身与黑身为一对相对性状（由A、a控制）；棒眼与红眼为一对相对性状（由B、b控制）、现有两果蝇杂交，得到F1表现型和数目（只）如下表、

灰身棒眼
灰身红眼
黑身棒眼
黑身红眼
雌蝇
156
0
50
0
雄蝇
70
82
26
23
请回答：
（1）该种群中控制灰身与黑身的基因位于　　　　　　；控制棒眼与红眼的基因位于　　　　　　、
（2）亲代果蝇的基因型分别为　　　　　　和　　　　　　、
（3）F1中黑身棒眼雌雄果蝇随机交配，F2的表现型及比例为　　　　　　、
（4）1915年，遗传学家Bridges发现用红眼雌果蝇与X射线处理过的棒眼雄果蝇进行杂交，总能在某些杂交组合的F1中发现红眼雌果蝇、该种红眼雌果蝇的出现是由于发生了基因突变还是父本棒眼果蝇X染色体缺失了显性基因B（B和b基因都没有的受精卵不能发育）、
①请你设计杂交实验进行检测、
实验步骤：　　　　　　、
结果预测及结论：
若子代棒眼雌果蝇：红眼雄果蝇=　　　　　　，则是由于基因突变、
若子代棒眼雌果蝇：红眼雄果蝇=　　　　　　，则是由于父本棒眼果蝇X染色体缺失、
②四幅图是Bridges对幼虫的唾腺细胞进行镜检发现的两条X染色体联会情况示意图（字母表示染色体上不同的区段），哪个支持上面的第二种预测？
　　
答案：（1）常染色体 X染色体
（2）AaXBXb和AaXBY
（3）黑身棒眼雌蝇：黑身棒眼雄蝇：黑身红眼雄蝇=4：3：1
（4）①让F1中红眼雌果蝇与棒眼雄蝇杂交，统计子代表现型和比例． 1：1 2：1 ②B
解析：本题考查遗传定律运用和染色体变异相关知识。分析表格可知，子代中黑身和灰身的比例与性别无关，因此属于常染色体遗传；而子代中棒眼和红眼与性别相关联，因此属于性染色体遗传、由此确定，这两对基因位于非同源染色体上，因此遵循基因的自由组合定律。
（1）子代雌蝇中黑身：灰身=50：156=1：3，雄蝇中黑身：灰身=26：70=1：3，雌雄比例相等，故控制灰身与黑身的基因位于常染色体．子代雌蝇全是棒眼，雄蝇棒眼：红眼=（70+26）：（82+23）=1：1，雌雄比例不等，故控制棒眼与红眼的基因位于X染色体。
（2）子代黑身：灰身=1：3，亲本相关基因型为Aa×Aa； 子代雌蝇全是棒眼，雄蝇棒眼：红眼=1：1，亲本相关基因型为XBXb×XBY，故亲本基因型为AaXBXb和AaXBY。
（3）F1中黑身棒眼雌果蝇有aa XBXb（）和aa XBXB（），中黑身棒眼雌雄蝇有aa XBY。故有2种杂交组合：1，aa XBXb×aa XBY，子代为（）（黑身棒眼雌蝇：黑身棒眼雄蝇：黑身红眼雄蝇）。2，aa XBXB×aa XBY，子代为（）（ 黑身棒眼雌蝇：黑身棒眼雄蝇），故F2表现型及比例为：黑身棒眼雌蝇：黑身棒眼雄蝇：黑身红眼雄蝇=（）：（）：=4：3：1。
（4）用假说﹣演绎法解决。①要探究红眼雌果蝇的出现是由于发生了基因突变还是父本棒眼果蝇X染色体缺失了显性基因B，必须让该F1中红眼雌果蝇与棒眼雄蝇杂交，统计子代表现型和比例，作出判断。
假设由于基因突变产生，则该红眼雌果蝇为XbXb，而棒眼雄蝇为XBY，杂交子代为1XBXb：1XBY，即子代棒眼雌果蝇：红眼雄果蝇=1：1。如果是由于父本棒眼果蝇X染色体缺失，则该红眼雌果蝇为XXb，而棒眼雄蝇为XBY，杂交子代为1XBXb：1XBY：1XBXb：1XY（致死），即子代棒眼雌果蝇：红眼雄果蝇=2：1。
（5）A为染色体增加，B为染色体缺失，C为染色体颠倒，D为染色体移接。
28、（11分）图甲是某草原生态系统中碳循环模式图，图中A、B、C、D表示生态系统的成分，①②③为特定的生理过程，图乙表示该系统中部分生物间的食物关系、请据图分析回答：

（1）图乙中的生物对应图甲中的　　　　　　（用字母表示）、在①、③过程中碳以　　　　　　形式进行循环、
（2）如要调查该生态系统中蒲公英的种群密度，通常采用　　　　　　法、
（3）图乙中，若鼠和昆虫粪便中的能量为M，呼吸作用消耗的能量为R，用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量为N，则图中第二营养级的同化量可表示为　　　　　　、
（4）图乙中，若蛇的食物有 来自鼠， 来自蛙、则从理论上讲，蛇每增加1kJ能量，至少消耗植物　　　　　　kJ，假如蛇的食物中，鼠的比例变为 ，消耗相同的植物，蛇同化的能量是原来的　　　　　　、
（5）该生态系统中每种生物在生长发育过程中不断地与其他生物进行着信息交流，其作用在于　　　　　　、
（6）该草原曾发生过火灾，但此后又慢慢恢复，该过程属于　　　　　　，从生态系统的角度分析，这体现了生态系统具有自我调节能力，这种能力的大小主要取决于　　　　　　、
　答案：（1）B、D CO2
（2）样方法
（3）N+R
（4）45
（5）调节种间关系，维持生态系统的稳定
（6）次生演替 生物种类多少或物种丰富度高低（营养结构的复杂程度或食物链食物网的复杂程度
解析：本题考查生态系统的结构、功能、演替、稳定性等相关知识。图甲：根据A与D之间的双箭头和指向A的箭头最多，可知A是二氧化碳库，D是生产者，由B、C、D的箭头关系可知，B是消费者，C是分解者、
图乙：该食物网中有两条食物链：植物→鼠→蛇；植物→昆虫→蛙→蛇、
能量流动过程中能量关系：
摄入量=同化量+粪便量
同化量=用于生长、发育繁殖的能量+呼吸散失的能量
生长、发育、繁殖的能量=流入下一营养级能量+流入分解者的能量
（1）图乙中的生物成分为生产者和消费者，故对应图甲中的B、D；①是光合作用，③是呼吸作用，在①、③过程中碳以二氧化碳的形式进行循环。
（2）调查植物种群密度的常用方法是样方法。
（3）同化量=用于生长、发育繁殖的能量+呼吸散失的能量=N+R。
（4）由高营养级求低营养级，至少消耗需要考虑能量传递效率为20%，则在植物→鼠→蛇这条食物链中蛇需消耗植物=（1× ）÷20%÷20%=20kg，在植物→昆虫→蛙→蛇这条食物链中蛇需消耗植物=（1× ）÷20%÷20%÷20%=25kg，因此蛇每增加1 kg体重至少消耗植物45kg、同理，假如蛇的食物中，鼠的比例变为 ，则蛇每增加1kg体重，在植物→鼠→蛇这条食物链中蛇需消耗植物=（1× ）÷20%÷20%=5kg，在植物→昆虫→蛙→蛇这条食物链中蛇需消耗植物=（1× ）÷20%÷20%÷20%=100kg，则因此蛇每增加1kg体重至少消耗植物105kg、则消耗相同的植物，蛇同化的能量是原来的。
（5）在生态系统系统中生物之间存在着复杂的种间关系，如捕食、竞争等，通过这种关系，可调节种间关系，维持生态系统的稳定、
（6）该草原虽说发生火灾，但土壤中仍存有植物的根系、繁殖体等，故一段时间后，会发生次生演替；生态系统自我调节能力的大小，取决于该生态系统营养结构的复杂程度或食物链食物网的复杂程度。
29. （17分，除特别标明的空外其余各空每空2分）
（1）（2分）a
（2）（6分）—196.6；4；＜
（3）（7分）取一条试纸放在干燥洁净的表面皿（或玻璃片）上，用干燥洁净的玻璃棒蘸取雨水样品点在试纸上，待变色后立即对照标准比色卡读数（3分）；
2[SO32-]+[HSO3-]；减小
（4）（2分）Na2SO3+Ca(OH)2=CaSO3↓+2NaOH
解析：（1）用硫酸和亚硫酸钠反应制取二氧化硫，并希望能控制反应速度，由于反应不需要加热，排除装置c；由于亚硫酸钠是细小颗粒，易溶于水，不可选用装置bd，故可选用的发生装置是a；（2）测得SO2的平衡转化率为50%，可知反应的SO2物质的量为1mol，此过程中放出热量98.3kJ，可知2molSO2参加反应放出的热量为196.6，则a=-196.6，平衡时：c（SO2）=0.5mol/L，c（O2）=0.5mol/L，c（SO3）=0.25mol/L，带入平衡常数的表达式可得：K=4；若将初始温度为T1℃的2mol?SO2和1molO2充入容积为2L的绝热密闭容器B中，因正反应放热，则体系温度升高，升高温度平衡逆向移动，则平衡常数减小，则K1＞ K2；（3）测定pH，可用玻璃棒蘸取溶液，然后与比色卡对比，操作方法为取一条试纸放在干燥洁净的表面皿（或玻璃片）上，用干燥洁净的玻璃棒蘸取雨水样品点在试纸上，待变色后立即对照标准比色卡读数，向A中加入适量的NaOH固体，使溶液恰好呈中性，溶液中存在[Na+]+[H+]=2[SO32-]+[HSO3-]+[OH-]，则[Na+]=2[SO32-]+[HSO3-]，将溶液B久置于空气中，亚硫酸被氧化生成硫酸，溶液酸性增强，则水的电离程度减小，故答案为：取一条试纸放在干燥洁净的表面皿（或玻璃片）上，用干燥洁净的玻璃棒蘸取雨水样品点在试纸上，待变色后立即对照标准比色卡读数；2[SO32-]+[HSO3-]；减小；（4）可循环利用的为NaOH，可用亚硫酸钠与氢氧化钙反应生成，反应的方程式为Na2SO3+Ca（OH）2=CaSO3↓+2NaOH；
30. （16分）（1）①途径Ⅰ（2分）② c（2分）
③调节增大溶液的pH，促使氯化铝水解而结晶析出（2分）
④2AlCl3 + (x+n)H2O Al2(OH)nCl6-n·xH2O + nHCl↑（3分）
（2）Fe + 2OH- + 2H2O FeO42- + 3H2↑（3分）；6.72L（2分）；阳离子交换膜（2分）。
解析：将高岭土（化学组成为：A12O3、SiO2、Fe2O3、及少量杂质和水分，高岭土在煅烧的过程中可除去杂质和水分）煅烧，除去少量杂质和水分，途径I：向固体中加入过量稀盐酸，发生反应：Al2O3+6HCl=2AlCl3+3H2O、Fe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2O，向溶液中加入适量铝粉，发生反应2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑、Al+3Fe3+=Al3++3Fe2+、3Fe2++2Al=2Al3++3Fe，过滤除去滤渣SiO2?、Fe，滤液中只含AlCl3；途径II：向固体中加入过量NaOH溶液，发生反应Al2O3+2NaOH=2 NaAlO2+H2O、SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O，过滤得到滤渣Fe2O3，滤液中含有NaAlO2、Na2SiO3，然后向滤液中加入过量稀盐酸，发生反应NaAlO2+4HCl=NaCl+AlCl3+2H2O、Na2SiO3+2HCl=2NaCl+H2SiO3↓，两种滤液混合，然后加入碳酸钙并调节溶液的pH至4.0-4.5，碳酸钙和过量的稀盐酸反应，铁离子转化为氢氧化铁沉淀，然后蒸发浓缩得到聚合氯化铝晶体（[Al2（OH）nC16-n?xH2O]m），（1）①途径Ⅰ中滤液中只含氯化铝，途径II滤液中含有NaCl、AlCl3，所以途径I更合理，故答案为：途径Ⅰ；②通过以上分析知，途径Ⅰ中加入铝粉最主要的目的是除去Fe元素，将Fe元素转化为Fe单质通过过滤而除去，故选c；③通过以上分析知，加入碳酸钙的目的是除去过量的稀盐酸从而调节增大溶液的pH，从而促进氯化铝水解而结晶析出，故答案为：调节增大溶液的pH，促使氯化铝水解而结晶析出；④蒸发浓缩过程中生成Al2（OH）nC16-n?xH2O的化学反应方程式为2AlCl3 + (x+n)H2O Al2(OH)nCl6-n·xH2O + nHCl↑； （2）电解时，Fe失电子转化为高铁酸根离子，所以Fe作阳极，阴极上氢离子放电生成氢气，所以电池反应式为Fe + 2OH- + 2H2O FeO42- + 3H2↑，根据电池反应式知，每转移0.6mol电子在Ni电极上产生的气体在标况下的体积=0.6mol÷6×3×22.4L/mol=6.72L；阳极生成的亚铁离子在阴极被氧化，所以阳离子需要通过离子交换膜，则该离子交换膜为阳离子交换膜；
31.（20分） ㈠⑴NO2－+H2OHNO2+ OH－ （2分） c(OH－)－c(H+)（2分）
⑵9×10－3（2分）
⑶5NO2－+ 2MnO4－+ 6H+ ＝ 5NO3－+ 2Mn2+ + 3H2O（2分）
㈡(1) D E C B(3分)；检验装置的气密性（2分）
⑶①打开活塞，向D中通入O2，若出现红棕色气体，证明A中产生气体含有NO ；若无红棕色气体出现，则不含NO (3分)
②冷凝，使NO2完全液化（2分）
③4NO2+O2+4NaOH=4NaNO3+2H2O(2分)
解析：（一）（1）由于亚硝酸钠溶液中存在水解平衡：NO2-+H2O=HNO2+OH-，所以亚硝酸钠溶液显示碱性；根据亚硝酸钠溶液中的质子守恒可得：c（OH-）=c（HNO2）+c（H+），则c（HNO2）=c（OH-）-c（H+）；
（2）反应AgNO2（s）+Cl-（aq）═AgCl（s）+NO2-（aq）的化学平衡常数K=，根据Ksp（AgCl）=c（Cl-）?c（Ag+）、Ksp（AgNO2）=c（NO2-）?c（Ag+）可知，K=
===；（3）酸性高锰酸钾具有强氧化性，能够将亚硝酸钠氧化成硝酸钠，反应的离子方程式为：5NO2-+2MnO4-+6H+=5NO3-+2Mn2++3H2O；（二）（1）C吸收水蒸气，B尾气处理，防止污染空气，D检验NO，E冷却二氧化氮，利用检验NO，所以装置的连接为：A→D→E→C→B；组装好仪器后，接下来进行的操作实验是检查装置气密性；（3）①确认A中产生气体是否含有NO的方法为：打开活塞，向D中通入O2，若出现红棕色气体，证明A中产生气体含有NO；若无红棕色气体出现，则不含NO；②二氧化氮的液化温度是21℃，低于此温度时，二氧化氮气体变成液态，所以装置E的作用是冷凝使NO2完全液化；③如果向D中通入过量O2，则装置B中二氧化氮、氧气和氢氧化钠反应生成硝酸钠和水，其反应方程式为：4NO2+O2+4NaOH=4NaNO3+2H2O；
32. （12分）Ⅰ．（1）CO32-+H2O?HCO3-+OH-或HCO3-+H2O?H2CO3+OH-；（2）2H2SO3+O2═2H2SO4；中和、稀释经氧气氧化后海水中生成的酸；Ⅱ．（3）B；（4）1.2×10-3mol?L-1；（5）9×10-9mol?L-1；是；
解析：Ⅰ．（1）海水中主要含有Na+、K+、Mg2+、Cl-、SO42-、Br-、CO32-、HCO-3等离子，在这些离子中能发生水解的是CO32-、HCO-3离子，CO32-+H2O?HCO3-+OH-，HCO3-+H2O?H2CO3+OH-它们水解呈碱性，所以天然海水的pH≈8，呈弱碱性； （2）天然海水吸收了含硫烟气后，要用O2进行氧化处理，氧气将H2SO3氧化为硫酸，该反应为2H2SO3+O2=2H2SO4，氧化后的“海水”需要用大量的天然海水与之混合后才能排放，是因中和稀释经氧气氧化后海水中生成的酸（H+）；Ⅱ．（3）由表格中的数据可知，溶度积越小的越易转化为沉淀，显然只有硫化物的溶度积小，则应选择硫化钠；（4）由Pb（OH）2的溶度积为1.2×10-15，pH=8.0，c（OH-）=10-6mol?L-1，则c（Pb2+）=Ksp/c(OH-)2=1.2×10-3mol?L-1；（5）废水中NaCl的质量分数为0.117%（ρ≈1g?mL-1），c（Cl-）=c（NaCl）=1000×1g/mL×0.117%÷58.5g/mol=0.02mol/L，Ksp（AgCl）=c（Ag+）?c（Cl-）=1.8×10-10mol2?L-2，则c（Ag+）=1.8×10-10/0.02=9×10-9mol?L-1，环境要求排放标准为c（Ag+）低于1.0×10-8mol?L-1，显然9×10-9mol?L-1＜1.0×l0-8mol?L-1，则符合排放标准；
33. （1）①M；9；②正四面体；（2）ad；（3）abd；（4）LaNi3；
解析：（1）①基态Ti2+价电子排布式为：3d2，最高能层为M层，该能层下含有1个3s轨道、3个3p轨道和5个3d轨道，共有9个原子轨道；②BH4-中B原子价层电子对=4+0.5（3+1-4×1）=4，且没有孤电子对，所以是正四面体结构；（2）a．提供孤电子对的原子是配原子，[Cu（NH3）4]2+离子中，N原子提供孤对电子，N原子为配原子，故a正确；b．NH3分子中N原子含有3个共用电子对和一个孤电子对，所以其价层电子对是4，采用sp3杂化，故b错误；c．NH4+为正四面体结构，NH3为三角锥形，NH4+键角较大，故c错误；d．分子间存在氢键的熔沸点高，相同压强时，氨气中含有氢键，PH3中不含氢键，所以NH3沸点比PH3高，故d正确；（3）Cu是金属，属于金属晶体，NH4F是盐，属于离子晶体，NH3、F2、NF3都属于分子晶体，故答案为：abd；（4）在晶体结构单元中镍原子分布在上底面和下底面上，以及六个侧面的面心上，所以镍原子的个数为：18×0.5=9，镧原子分布在六棱柱的十二个顶点上，以及上下底面的面心上，所以镧原子的个数为：12××+2×=3，所以化学式为LaNi3；
34. （12分，每空2分）【化学——有机化学基础】
（1）羟基；碳碳双键（仅写“双键”不得分）
（2）2 （3）d
（4）（结构简式错误或将HBr作为产物均不得分）
（5）；
解析：（1）据G的结构简式可知，G中含有羟基和碳碳双键；（2）B的同分异构体符合i．含有六元碳环，碳环上仅有两个取代基且呈对位；ii．在一定条件下能发生银镜反应、水解反应和消去反应；的同分异构体中，必须含有甲酸酯和羟基，有和?两种；（3）E为?，E与乙醇发生酯化反应生成F，F为?，E能够与碳酸氢钠反应产生二氧化碳气体，F不能，所以答案为d；（4）C为?，C与NaOH的乙醇溶液共热，发生消去反应生成D，D为?，化学方程式为： ；
（5）A催化氢化得到H，H中含有羟基和羧基，其可以通过酯化反应缩聚生成，．
35、（12分）【生物--选修1：生物技术实践】
多环芳烃菲在染料、杀虫剂等生产过程中被广泛使用，是土壤、河水中常见的污染物之一、如图表示科研人员从被石油污染的土壤中分离获得能降解多环芳烃菲的菌株Q的主要步骤、请回答：

（1）步骤①→③的培养过程中，需将锥形瓶放在摇床上振荡，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能　　　　　　、
（2）步骤④用平板划线法纯化菌株Q过程中，在做第二次以及其后的划线操作时，总是从上一次划线的末端开始划线，原因是　　　　　　、采用固体平板培养细菌时要倒置培养的目的是　　　　　　
（3）接种环通过灼烧来灭菌，完成步骤④中划线操作，共需灼烧接种环　　　　　　次
（4）为了获得分解多环芳烃菲能力更强的菌株，研究人员又对菌种Q进行了诱变处理，得到突变株K、为了进一步鉴定菌株K并比较两种菌株降解多环芳烃菲的能力，设计了下列实验，请补全实验步骤：
①取9只锥形瓶均分成三组，编号A、B、C
②向A、B、C三组锥形瓶中加入　　　　　　的培养液、
③向A、B、C三组培养液中分别加入　　　　　　、
④28℃恒温培养3天后，测定　　　　　　、
　答案：（1）增加培养液中的溶氧量（或增加培养液中的含氧量）
（2）线条末端细菌的数目比线条起始处要少（或能使细菌的数目随着划线次数的增加而逐步减少，最终得到由单个细菌繁殖而来的菌落）
防止冷凝后形成的水珠滴落在培养基上污染培养基（或避免培养基中水分的过快挥发）
（3）6
（4）②等量的以多环芳烃菲为唯一碳源
③等量的无菌水、菌株Q菌液和突变株K菌液
④锥形瓶中多环芳烃菲的降解率
解析：本题结合流程图，考查微生物的实验室培养和分离、探究实验，意在考查考生的识图能力和识记能力；分析题图：图示表示科研人员从被石油污染的土壤中分离获得能降解多环芳烃菲菌株Q的主要步骤、其中步骤①→③的培养过程中，培养液中加入多环芳烃菲作为唯一碳源，目的是筛选出菌株Q；该过程还需将锥形瓶放在摇床上振荡，目的有两个，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能增加培养液中的溶氧量、
步骤④表示用平板划线法纯化菌株Q的过程，接种环在每次接种前和接种结束后都要通过灼烧来灭菌。
（1）步骤①→③的培养过程中，需将锥形瓶放在摇床上振荡，目的有两个，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能增加培养液中的溶氧量。
（2）步骤④用平板划线法纯化菌株Q过程中，由于线条末端细菌的数目比线条起始处要少，所以在做第二次以及其后的划线操作时，总是从上一次划线的末端开始划线、采用固体平板培养细菌时要倒置培养的目的是防止冷凝后形成的水珠滴落在培养基上污染培养基。
（3）接种环在每次接种前和接种结束后都要通过灼烧来灭菌，所以完成步骤④中5次划线操作前都要灼烧灭菌，接种结束后还需灼烧灭菌1次，防止造成污染，由此可见，完成步骤④共需灼烧接种环6次。
（4）本实验的目的是比较两种菌株降解多环芳烃菲的能力、实验设计需要遵循对照原则，对照组需加入等量无菌水；还需遵循单一变量原则，单一变量是菌种类比不同，即菌株Q菌液和突变株K菌液，所以实验设计如下：
①取9只锥形瓶均分成三组，编号A、B、C
②向9支锥形瓶中分别加入等量以多环芳烃菲为唯一碳源的培养液。
③向A、B、C三组培养液中分别加入等量的无菌水、菌株Q菌液和突变株K菌液。
④28℃恒温培养3天后，测定锥形瓶中多环芳烃菲的降解率。
36、【生物--选修3：现代生物科技专题】（12分）
植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关、若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性、
回答下列问题：
（1）理论上，基因组文库含有生物的　　　　　　基因；而cDNA文库中含有生物的　　　　　　基因、
（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中　　　　　　出所需的耐旱基因、
（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过　　　　　　法将其导入植物　　　　　　的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株、要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的　　　　　　，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的　　　　　　是否得到提高、
（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，则可推测该耐旱基因整合到了　　　　　　（填“同源染色体的一条上”或“源染色体的两条上”）、
　答案：（1）全部 部分
（2）筛选
（3）农杆菌转化法 乙 表达产物 耐旱性
（4）同源染色体的一条上
解析：本题考查基因工程的相关知识，要求考生识记基因文库的种类，掌握两种基因文库的区别；1、基因文库是指将含有某种生物不同基因的许多DNA片段，导入到受体菌的群体中储存，各个受体菌分别含有这种生物的不同基因、
基因组文库包含某种生物所有的基因；部分基因文库包含某种生物的部分基因、如：cDNA文库、
2、将目的基因导入受体细胞：根据受体细胞不同，导入的方法也不一样、将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法、基因枪法和花粉管通道法；将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法；将目的基因导入微生物细胞的方法是感受态细胞法、
3、目的基因的检测与鉴定：（1）分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA是否插入目的基因﹣﹣DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA﹣﹣分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质﹣﹣抗原﹣抗体杂交技术、（2）个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等、
解答： 解：（1）基因组文库含有某种生物的全部基因；cDNA文库中只含有该种生物的部分基因。
（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从筛选中出所需的耐旱基因。
（3）将目的基因导入微生物细胞时，常采用感受态细胞法，即用Ca2+处理微生物细胞，使其成为感受态细胞，更容易吸收周围环境中的DNA分子、由于植物乙的耐旱性低，因此将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法将其导入植物乙的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株、要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的表达产物，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的耐旱性是否得到提高。
（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，该比例符合杂合子（Aa）自交后代的结果，则可推测该耐旱基因（A）整合到了同源染色体的一条上。
37.（1）B;（2）C
38.单缝，窄， 增大.
39.（1）BCD
（2）（i）设B球第一次到达地面时的速度大小为，由运动学公式有
????????? ?? ①
将h=0.8m代入上式，得
????????? =4m/s????? ②
（ii）设两球相碰前后，A球的速度大小分别为和（=0），B球的速度分别为和。由运动学规律可得
????????? ????? ③
由于碰撞的时间极短，重力的作用可以忽略，两球相碰前后的动量守恒，总动能保持不变。规定向下的方向为正，有
????????? ???????? ④
????????? ?? ⑤
设B球与地面相碰后的速度大小为，由运动学及碰撞的规律可得
????????? =????????? ⑥
点P点距地面的高度为，由运动学规律可得
????????? ??? ⑦
联立②③④⑤⑥⑦式，并代入已知条件可得
???????? =0.75m????? ? ⑧


展开更多......

收起↑