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2023年八上科学期末重难点培优专题训练卷（ 第二章 天气与气候）
一、单选题
1．图中①、②、③三地气候差异的主要影响因素是（　　）
A．纬度因素 B．海陆因素 C．地形地势 D．人类活动
2．如上图所示，某同学将挂有重物的吸盘用力按压在竖直的玻璃板上，再将该玻璃板放置在密闭的玻璃钟罩内，不断抽出钟罩内的空气，一段时间后吸盘滑下。下列是对“抽气后吸盘滑下原因的解释：①玻璃板受到吸盘的压力减小：②吸盘受到玻璃板的摩擦力减小；③钟罩内气体被抽出，气压减小；④当吸盘受到的摩擦力小于其自身重力与所挂重物重力之和时，开始下滑，该解释的合理顺序是（　　）
A．②①④③ B．③①②④ C．④③①② D．③②①④
3．由于长期的河道淤塞，黄河下游的河床已被抬高。沿河农民通常采用如图所示的方式，引黄河水来灌溉农田。有关这种引水灌溉方式，下列说法中错误的是（　　）
A．这种取水灌溉方式在使用前必须先让管道中充满水
B．使用时B端管口位置必须低于A处水面
C．管道中水的流动需要借助水泵才能实现
D．高度差H越大，管道中的水流得就越快
4．读①②③④四地的气温和降水统计图：
关于①②③④四地气候类型，正确的是（　　）
A．①地是温带海洋性气候 B．②地是热带草原气候
C．③地是地中海气候 D．④地是亚热带季风气候
5．家用水龙头在水流较小且稳定流动时，水流的形状应该是图中的（　　）
A． B． C． D．
6．如图所示是我国某地区气象灾害成因示意图，其中甲、乙、丙气象灾害分别是（　　）
A．干旱、洪涝、霜冻 B．寒潮、台风、霜 C．干旱、暴雪、沙尘暴 D．干旱、寒潮、沙尘暴
7．如图所示，A、B是两个密闭的球形容器，C、D、E都是两端开口的玻璃管，它们与容器接口处紧密封接．容器A、B和玻璃管D、E内盛有水，各水面高度差如图所示．则E管内水面高出B容器水面的高度h应等于（　　） A．0.5米 B．1.0米 C．1.5米 D．2.5米
第6题图 第7题图 第8题图
8．如图是某地区夏季空气污染浓度的等值线图。从如图污染扩散与分布状态来看，该地区此时的风向是（　　）
A．东南风 B．西南风 C．东北风 D．西北风
9．假如在“流体中流速越大的位置压强越大”。则不会出现的情况是（　　）
A．跑车尾翼的截面形状应该反过来 B．两艘并列同向行驶的船只不会相撞
C．地铁、火车站的站台安全线不必设置 D．喷雾器再怎么用力吹也喷不出雾来
10．青藏高原和长江中下游平原纬度相当，在不考虑其他因素、仅考虑地势因素的情况下，当长江中下游平原气温为32℃时，青藏高原（4000米以上）气温大致为（　）A．10℃ B．9℃ C．8℃ D．7℃
11．下图为某陆地等温线示意图，正确反映北半球大陆7月份气温分布特点的是（　　）
A． B． C． D．
12．关于气温的叙述，正确的是（　　）
A．气温年较差指一年中出现的气温最高值与最低值之差
B．7月份世界最热的地方出现在20°N—30°N的沙漠地区
C．北半球1月份陆地的气温高于同纬度海洋上的气温
D．世界极端最低气温出现在北极地区
13．如上图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶，瓶内水面比烧杯内水面低，当烧杯中水被加热到一定温度时，下列说法正确的是（　　）
A．烧杯和瓶内的水可能都会沸腾 B．烧杯中的水可能会沸腾，瓶内的水一定不会沸腾
C．烧杯和瓶内的水一定都不会沸腾 D．烧杯中的水一定不会沸腾，瓶内的水可能会沸腾
14．如图是一个饮水壶的部分结构示意图，a、b是出水管的两端，壶内水面低于出水管的a端，活塞与壶口接触紧密且能自由移动。用力F向下按压活塞，在水从a端匀速流出来(壶内水面始终高于b端)的过程中，壶内气体的温度保持不变。则下列说法中错误的是（　）
A．壶内气体的压强大小不变 B．壶内气体的体积逐渐变小
C．向下按压活塞的力F逐渐变大 D．壶底内表面所受的压力大小不变
15．在两端开口的弯管内用两段水柱封闭了一段空气柱，A、B、C、D四个液面的位置关系如图所示。现将左侧试管底部的阀门K打开，释放掉少量水后立刻关闭阀门，A、B、C液面相对各自原来的位置上升或下降的长度△hA、△hB和△hC之间的大小关系为（　　）
A．△hA=△hB=△hC B．△hA>△hB>△hC
C．△hA>△hB=△hC D．△hA=△hB>△hC
16．对流层是大气层中与人们生活、生产关系最密切的一层，人类就生活在对流层的底部，承受着大气对我们的压强－大气压。下列有关叙述中错误的是（　　）
A．如果把手掌摊开，大气对手掌上表面的压力大约有1800N
B．对流层中大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压也越大
C．液体的沸点与大气压强有关，大气压强越大，液体的沸点越高
D．大气压不仅随高度而发生变化，同时还受天气、季节等因素的影响
17．有一种能反映空气中水蒸气含量的装置叫做干湿球湿度计，它是由两个相同的温度计并列制成的，其中湿球温度计的球部被湿棉纱布包着，两个温度计的读数不一样。某学校社团的同学用该干湿球湿度计测量裸地、草地和茂密的灌丛中的湿度。下列判断正确的是 （　　）
A．湿球温度计的读数较大，这是由于湿棉纱布中水的比热较大
B．在一定的温度下两个温度计读数的差别越大，表示空气的湿度越大
C．该社团的同学探究的问题是植物对空气湿度的影响
D．该社团的同学探究的问题是空气湿度对植物分布的影响
18．如图是我国某日的天气图，以下有关此图分析中，正确的是（　）
A．A、B、C三地中最可能出现降水的是A地
B．A、B、C三地当日气温应该相同
C．C地可能会出现大风、降温天气
D．D地可能会出现晴朗、升温天气
19．小宁同学在测量某处大气压强的值，如图所示，以下判断正确的是（　　）
A．此时大气压强等于760mm高水银柱所产生的压强
B．若将玻璃管稍稍倾斜，则管内外水银面的高度差将变低
C．若把此装置从山脚带到山顶，则管内外水银面的高度差将略微增大
D．若换用水做实验，则大气压能支持水柱的高度会增大
20．帆船是2023年杭州亚运会的重要赛事，若在帆船的起航阶段刮起了东风，为使帆船获得向北的动力，则应该调整船帆为（　　）
A．B．C．D．
二、填空题
21．如上图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，会发现B、C管中的液体高度上升，设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，则p水　 　p酒精(选填“＞”“＝”或“＜”)，B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，　 　。
22．《中国机长》影片讲述的是四川航班飞行在西藏上方9800米高空时，挡风玻璃意外破裂的故事。
（1）飞机起飞时穿过大气层的　 　层，到达平流层。
（2）挡风玻璃破裂，机舱中的驾驶员紧急下降穿过云层后，机舱外空气温度将　 　。
（3）影片中挡风玻璃破裂，机舱内物体飞出。请解释造成这种现象的原因。　 　
23．学习了大气压后，小明想估测一下大气压的值。他准备了如下器材：不同规格的针筒、两个弹簧测力计(量程为10N)、刻度尺、一个铁丝做成的T型钩、细线、橡皮帽等。小明在实验中选了图乙中B规格的针筒，发现弹簧测力计的量程太小了。于是设计了图甲实验装置，顺利完成了测量任务。具体步骤如下：
①先读出针筒的容量为10mL，用刻度尺量出其全部刻度长度为5厘米。
②把针筒活塞推至简底端，排尽筒内的空气。然后，用橡皮帽封住针筒的小孔。
③慢慢地拉针筒，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N。
请根据他们实验方案回答以下问题：
（1）若不考虑其他因素的影响，则本次测量大气压值p=　 　帕。
（2）判断实验结果的准确性，小明利用自家汽车里的”胎压计”测量实际的大气压，示数如图丙所示，对比两次实验结果，小明认为出现此现象的原因可能是______。
A．弹簧测力计的自重对实验有影响 B．注射器中有空气未排尽
C．活塞与注射器简壁间有摩擦 D．注射器漏气
（3）另一个同学只用一个弹簧测力计也完成了实验，他们选择的针筒是图乙中的　 　(填”A”或”C”)。
V(mL) 6 8 10 12 16
p(kPa) 160 120 96 80 60
（4）小明还发现：如果在针简内吸入一定质量的空气，然后用椽皮帽将气体封闭起来，在推活塞的过程中，越推越费力。由此小明想：封闭气体的体积大小是否会影响气体压强大小呢？小明取一个30mL的针筒，在针筒内壁抹润滑油，使内壁和活塞之间的摩擦力减小到可忽略不计。接着他将针筒吸入一定质量的空气并连接到胎压计上，通过推拉活塞，测得数据记录如表：
①根据表中的数据可得：其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越　 　(选填“大”或”小”)。
②当小明不推拉活塞，即注射器内气压和外界气压都为100kPa时，注射器内的空气体积为　 　mL。
24．小科观看了《大气压的存在：覆杯实验》科学视频后，对大气压有了深刻的理解。于是，小科对大气压原理解释现象进行了分析并概括出以下思维模型：
（1）思维模型中的“ ”处应填　 　。（选填“开放”或“密闭”）
（2）小科在劳动课上学到很多厨艺技能。将鸡蛋打在碗中，捏一下矿泉水瓶，然后瓶口对准蛋黄，一松手，压强差就会使蛋黄“跑进”瓶内，使蛋黄和蛋清分离。根据思维模型，瓶口对准蛋黄后松手是通过　 　的方式减小瓶气压。
25．如图是实际离心式水泵的示意图，箭头表示正常工作时叶轮转动的方向，示意图中正确的是　 　，它是利用　 　来抽水的。水泵在启动前，须 　 　才能正常抽水。
26．正宗的东阳特色菜——土鸡煲，需要用如图所示的土灶台慢火炖煮才地道。
（1）柴火从土灶台柴火口送入，在灶肚内燃烧，产生的热气及烟尘沿烟道上升，从烟囱口排出；空气不断地从柴火口处补充进灶肚，柴火就能持续燃烧了。这主要利用了空气的　 　运动原理。
（2）遇到有风的天气，土灶台也能正常使用，产生的烟尘并不会沿烟道”倒灌”进屋内，是因为烟囱口处的空气流速大于柴火口处的空气流速，使烟囱口处的压强　 　(填”大于”、”等于”或”小于”)柴火口处的压强。
三、实验探究题
27．离渠边不同距离处水流速度相等吗？小科想到顺水漂流的乒乓球速度与水流速度相等，于是进行了如下实验：选一段流速稳定、宽为2米的水平水渠为实验场地，如图甲所示，在A1A2连线上，同一时间把11个乒乓球等间距地轻轻放入水中，并开始计时，t=5秒时测得实验数据如表：
离渠中心线距离 r/米 0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00
乒乓球移动距离 s/米 1.00 0.96 0.84 0.64 0.38 几乎为 0
水流速度 v/ (米/秒) 0.200 0.192 0.168 0.128 0.076 几乎为 0
（1）分析数据可以得出　 　。
（2）为了得出v与r的定量关系，小科根据表中数据绘制v—r(2)图线如图乙所示，据此图可得到v与r的关系式是v=　 　。
（3）图丙是该段水渠的横截面示意图。假如上述结论同样适用于水下，则实验时图丙中同一深度的B、C两点处的压强大小关系为pB　 　pC。(选填“>”“=” 或“<”)。
28．某校拓展研究小组同学想利用如下实验方案一粗略测量某地大气压的值，装置如图甲所示：
步骤一：把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔；
步骤二：如图所示，用细线拴住注射器活塞颈部，使线的一端
与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动针筒，当活塞刚开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F；
步骤三：读出注射器针筒上有刻度部分的容积V；
步骤四：用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。
根据以上实验步骤，研究小组同学发现测量结果误差比较大，综合分析后，找出了下列可能的原因：①橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体；②活塞与注射器筒壁间有摩擦。
回答下列问题：
（1）注射器顶端装针头处空气无法排尽，这将会使测量结果偏小。同学们联想到去医院打针时的情景，改进方法将注射器内空气排尽。他们的方法是　 ；
（2）方案一测量过程中活塞与注射器筒壁间有摩擦，会使测得的大气压值　 　(填“偏大”“偏小”或“不变”) ；
在实际操作中，同学们发现除上述两个原因会引起测量结果出现误差外，我们还很难准确读取弹簧测力计的示数，于是他们对测量方案进行了改进，设计了实验方案二，其实验装置如图乙所示：
①按改进方法将注射器内空气排尽，用橡皮帽封住注射器的小孔；
②向烧杯中缓慢加水，当活塞向左匀速滑动时，测得烧杯和水的总重为G1；
③然后 ▲ ，当活塞向右匀速滑动时，测得烧杯和水的总重为G2；
④测得活塞面积为S； ⑤计算大气压值p。
（3）将方案二中的实验步骤③补充完整：　 　；
（4）利用方案二，本次测量的大气压值p=　 　 (用方案二步骤中的字母表示)
29．学校科学实验小组同学为了探究气缸内气体压强p与缸内气柱长度h的关系，设计了一带有活塞(横截面积S=5cm2)并封闭了气体的密闭金属气缸，如图甲所示。某次实验过程中，活塞缓慢下压，记录数据后绘制出如图乙所示图像。请回答下列问题：
（1）活塞下压过程中，缸内气体的质量　 　(选填“变小”“变大”或“不变”)；
（2）当缸内气柱长度h=5厘米时，缸内气体对活塞产生的压力为　 　牛；
（3）根据图乙可得出的实验结论是：　 　；
（4）经测量，当缸内气体压强p为1×105Pa时，缸内气体的密度为1.3kg/m3，那么，当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度为　 　kg/m3。
甲
30．在北京某科技馆内，有一个风洞实验室，一架模型飞机固定在托盘测力计上(如上图甲所示)。无风时，托盘测力计示数为15N。
（1）当迎面吹着飞机的风速达到20m/s时，托盘测力计的示数为7N，可以判定飞机受到了一个新的力。根据你的分析，飞机受到的该力大小为　 　，方向为　 　。
（2）如表是某小组研究该力的大小与风速关系的实验数据。
风速（m/s） 5 10 15 20 25 30 35
托盘测力计的示数（N） 14.5 13.0 10.5 7.0 2.5 0
　
当风速达到30m/s以上，托盘测力计的示数为0，说明了什么　 　。
（3）如上图乙处理相关数据得到“升力与迎角的关系”。根据数据你可以得出什么结论？　 。
（4）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500千米／时做水平匀速直线飞行时的迎角为Q1，而以800千米／时做水平匀速直线飞行时的迎角为Q2（Q1、Q2均小于15度）。请比较Q1、Q2的大小关系：　 　。
31．科学源于生活又高于生活，日常生活中的许多现象，往往隐含着科学道理，学习科学要善于观察、善于发现。
【生活发现】 ①自行车在烈日下暴晒，车胎容易发生爆炸；
②压缩一段封闭在注射器内的空气，发现越压缩越费力。
【提出问题】一定质量的气体产生压强的大小与哪些因素有关？
【建立假设】 假设一：一定质量的气体产生压强的大小可能与气体的温度有关；
假设二：一定质量的气体产生压强的大小可能与气体的体积有关；
【实验检验】为了验证假设一，进行如下实验：
步骤一：取一根长度约为1米一端封闭的细玻璃管，在室温（20℃）下用水银密封一段空气柱，将玻璃管竖直固定，并在玻璃管上标记处标出水银柱下表面的位置（如图所示），此空气柱的压强记为p1。
步骤二：将空气柱浸入50℃的水中，水银柱上升直至停止，此空气柱的压强记为p2。
步骤三：往玻璃管内注入水银，直到水银柱的下表面对准所标出的位置为止，此空气柱的压强记为p3。
【实验分析】（1）p1、p2、p3的大小关系是　 　。
（2）实验的步骤三，往玻璃管内注入水银，直到水银柱的下表面对准所标出的位置为止，这样操作目的是　 　。
【得出结论】通过观察　 　可以得出，一定质量的气体产生的压强与气体的温度有关，气体的温度越高，压强越　 　。
【实验反思】实验后小敏同学作了如下的反思，一定质量的气体，升温后改变了气压，那么，根据上面步骤二中的实验现象（水银往上升），可以得出：一定质量的气体，若增大气体的体积，则气压会减小，此结论你认为合理吗？　 　。
四、解答题
32．泡沫洗手液能直接从泵头处按出泡沫(如图1)，为了研究泵头工作原理，查阅资料如下：
资料一：侧而切开泵头，泵头主体有两个独立的缸体，用可上下运动的活塞密封。当泵头下按时，两个活塞同时向下运动(如图2)。进一步切开泵头，气体和液体的进出口(如图3)。泵头的上半部为气液混合通道，上下端各固定一片纱网(如图4)。
资料二：图5为泵头工作过程的示意图。
资料三：把洗手液倒在沐浴球中。在空气中多次揉搓便可产生大量气泡。
请结合上述资料和所学知识，对泡沫泵头能连续喷出泡沫作出解释。
33．高压锅最早的名字叫“帕平锅”，是一位叫丹尼斯.帕平的医生发明的，期初只是作为消毒工具，现为厨房常用锅具。为了弄清其中原理，有人将普通锅和高压锅在相同条件下（热源、锅的材料、质量以及水、食物均相同）下进行了对比实验探究,结果如下：
（1）请你根据以上实验探究，说明高压锅煮饭快捷的原因　 　，并写出此原因基于的证据　 　。
（2）图甲为高压锅的构造，图乙为水的沸点与气压的关系图像，气压每一格为105Pa。（当地气压为一标准大气压）若高压锅出气孔的横截面积为10mm2），压在出气孔上的限压阀的质量为70克。通过计算并对照图像说明，利用这种高压锅烧水时，最高温度大约是多少？
（3）若要把这种高压锅销售到两藏地区，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度。你认为需要怎样改进？
34．阿根廷工程师设计了一款新型家用电梯，该电梯外形是长圆筒，升降过程不使用线缆，而是靠气压驱动。需要上楼时，抽气泵启动，抽走顶部空气，此时底部与顶部就会形成气压差，底部空气推动电梯室往上升，需要下楼时，顶部充气，气压增大，使电梯往下降。底部高压区始终与外界联通，外界大气压为1×105Pa，电梯室质量为100kg，电梯室与圆筒壁之间的摩擦力为200N，底部和顶部面积均为0.9m2．（g＝10N/kg）
（1）若质量为60kg的人乘电梯匀速上升，则顶部低压区的气压为多大？
（2）抽气机最多能把低压区的气压降到9.5×104Pa，则该电梯匀速下降时能装载的物体的最大质量是多少？
35．某科学小组的同学针对普通高压锅不能调节温度的缺点，对普通高压锅进行了技术改造，如图：
（1）工作原理：调节螺丝可以上下旋转，当往下旋转时，弹簧对限压阀的压力变大，高压锅内气压变大，锅内水的沸点　 　。
（2）已知调节螺丝每向下旋转1毫米，弹簧对限压阀的压力就增大0.1牛，大气压强为1.0×105帕，限压阀质量为50克，排气孔面积8×10-6米2，且测得水的沸点与气压的关系如表，当调节螺丝下旋转5毫米时，此高压锅内煮食物时能达到的最高温度约为多少？(g取10N/㎏)
气压P/(×105帕) 1.1 1.2 1.4 1.7 2.0 2.3 2.7 3.1 3.6
水的沸点/℃ 100 105 110 115 120 125 130 135 140
36．在德国马德堡市的广场上，1654年曾经做过一个著名的马德堡半球实验，如图1所示，把两个半径约20cm的铜制空心半球合在一起，抽去里面的空气，用两支马队向相反的方向拉两个半球。
（1）实验室做马德堡半球实验时，往往会在两个半球的接触面上涂一层油。以下操作，目的与其一样的是 。
A．电解水实验中加稀硫酸
B．塑料吸盘使用前先蘸水
C．蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒
（2）在气压为1个标准大气压时做马德堡半球实验，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，此时拉开半球的力为F1；如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，此时拉开半球的力为F2。则F1：F2=　 　。
（3）某实验室供教学用的半球，在正常气压下抽成真空后，只需四个人便可拉开。其原因是　 　。
（4）总共用了16匹马把两个半球拉开，则平均一对(左右各匹)马产生的拉力是多少？ (大气压的值约为10Pa，计算时把半球看成一个圆盘)
37．读“亚洲1月和7月的季风图”回答：
（1）判断：表示1月的季风图是　 　图（填写字母），表示7月的季风图是　 　图（填写字母）．
（2）影响我国的冬季风的风向是　 　，影响我国的夏季风的风向是　 　．
（3）冬季风带来的气流　 　干燥，夏季风带来的气流温暖　 　．
（4）带来丰沛降水的主要是　 　季风；习惯上，把受夏季风影响明显的地区称为　 　区．
（5）雅鲁藏布江降水非常丰富的原因是它既受来自　 　的东南季风的影响，也受来自　 　洋的西南季风影响．
答案解析部分
1．【答案】A
【解析】【解答】 因为地球是个球体，造成了纬度低的地方接受到太阳光照多，气温高，而纬度高的地方，得到的太阳光照少，气温低。故选A
2．【答案】B
【解析】根据大气压强和二力平衡的知识分析判断。
【解答】对“抽气后吸盘滑下原因的解释如下：
③钟罩内气体被抽出，气压减小；①玻璃板受到吸盘的压力减小：②吸盘受到玻璃板的摩擦力减小；
④当吸盘受到的摩擦力小于其自身重力与所挂重物重力之和时，开始下滑。
则正确顺序为③①②④。
故选B。
3．【答案】C
【解析】如图所示的方法实际是利用了物理学中的虹吸原理，虹吸原理实现的条件有三个：一是管内先装满水；二是管的最高点距上容器的水面高度不得高于大气压支持的水柱高度；三是出水口比上容器的水面必须低．这样使得出水口液面受到向下的压强（大气压加水的压强）大于向上的大气压，保证水的流出。
【解答】先让管道中充满水，则A、B两处存在水位差，在水压作用下，水沿水管从A处流向B处；AB之间的高度差越大，B处压强越大、水压越大，管道内水流动的越快，其中水的流动不需要水泵，故ABD正确、C错。故答案为：C
4．【答案】D
【解析】【解答】②③两地月均温都在20℃以上，为热带气候，所不同的是②地降水稀少，属于热带沙漠气候，主要分布在非洲北部，亚洲西部和澳大利亚中部，大致在回归线附近的大陆内部和西岸；③地各月降水都很多，属于热带雨林气候，主要分布在赤道两侧，所以①②、③、④气候类型分别是：温带大陆性气候，热带沙漠气候、热带雨林气候和亚热带季风气候，故选D
此题考查了气候直方图的判读、难度较大，需要学生掌握读图方法。
5．【答案】A
【解析】水向下流动过程中，体积不变，运动速度越来越大，长度越来越长，根据体积与长度、横截面积的关系分析解答。水下落过程中体积不变，流速变大，单位时间内的路程变大，水流被“拉长”，截面积减小，本题考查了生活中的现象，平时应注意多观察。
【解答】解：水向下流的过程中受重力作用，流速越来越大，水流被“拉长”，水的体积不变，长度变大，则横截面积减小，由图知A符合实际。故答案为：A
6．【答案】D
【解析】气象灾害是指大气对人类的生命财产和国民经济建设及国防建设等造成的直接或间接的损害。气象灾害是自然灾害之一，主要包括亚洲热带风暴，中国沿海城市区域出现的台风、南方地区的干旱、高温、山洪、雷暴、中国北方的沙尘暴等。
【解答】 由题，结合图示的成因判断，甲因降水量少，和春季的灌溉用水量多而形成，故判断为华北地区的春旱；乙主要由于冬季风强势，故形成寒潮和大风天气；丙由于冬季的寒潮大风且接近沙源地则形成沙尘暴。故答案为：D。
7．【答案】B
【解析】根据大气压强，液体压强公式p=ρ液gh，结合二力平衡的知识分析解答。
【解答】由图可知A、B容器内相通，气体压强相等， 玻璃管D、E内压强也相等；
大气压强加玻璃管内液体压强等于球内气体压强， 即p0+ρ水g×1m=p0+ρ水gh 解得：h=1m， 故选B。
8．【答案】B
【解析】风向，是指风吹来的方向。
【解答】观察图可知，西南方向污染严重，说明风从西南方向吹向东北方向。
选B。
9．【答案】C
【解析】【解答】如果在流体中流速越大的位置压强越大，那么.跑车尾翼的截面形状应该倒过来，所以A会出现；.
两艘并列同向行驶的船只将会远离，所以B会出现；
当火车、地铁快速运行带动周围的空气快速流动时，周围空气的流速增大，压强增大，大于附近的大气压，这样火车、地铁附近的人就会受到向外的推力，确实不会出现火车撞人的现象，但是，如果这样的推力足够大时，还可以将人推倒甚至使人受伤，这也是不安全的，所以地铁站、火车站设置安全线还是很必要的，所以C不会出现；
喷雾器会由于大气压的作用下再怎么用力吹也喷不出雾来，所以D会出现；故选C
流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，如果流速大的地方压强大，就将相应想物理现象倒过来想就行。
10．【答案】C
【解析】【解答】此题考查地形地势对气温的影响。气温随海拔的升高而降低，每升高100米，气温下降约0.6℃ 。两地高度相差近4000米，气温相差约24℃，因此青藏高原的气温大致为32℃—24℃=8℃。
地形对气温的影响是常考题，知识点记忆一定要做到准确、牢固，计算的时候要做到认真、仔细。
11．【答案】A
【解析】A选项等温线由南向北递减，属于北半球，向高纬弯曲，说明是该地气温高，加之题干中是陆地，北半球陆地气温高出现7月；B选项为南半球1月；C为北半球1月；D为南半球1月。故选A。
该题主要考查等温线图的判读。在做题时，注意题干说的是“陆地”，在根据南北半球气温变化规律，陆地气温的规律来答题。
12．【答案】A
【解析】【解答】A选项气温年较差是一年内的最高月平均气温与最低月平均气温的差；B选项北半球陆地最高气温出现在7月份；C选项北半球1月份，同纬度地区陆地气温低于海洋；D选项世界极端最低气温出现在南极地区。故选A。
该题主要考查气温的年变化及世界年平均气温的分布规律，该题主要是要求对气温年变化概念的理解，世界年平均气温分布规律的掌握，要注意知识的迁移。
13．【答案】B
【解析】根据二力平衡的知识分析瓶内气压大小，再根据液体沸点随气压的变化规律分析是否能够沸腾。
【解答】根据图片可知，瓶内气压等于大气压强与烧杯和瓶内水面高度差产生的压强之和，即p内=p水+p大气，因此瓶内气压肯定大于标准大气压强。根据液体沸点随气压的变化规律可知，瓶内水的沸点肯定高于100℃。当烧杯内的水被加热时，烧杯内的水可以达到沸点100℃，且能继续吸热，因此会沸腾；而瓶内的水只能到达100℃，不能达到水的沸点，则肯定不能沸腾，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
14．【答案】A
【解析】（1）当气体的质量和温度不变时，压强与体积成反比；
（2）根据活塞的运动方向判断气体体积的大小变化；
（3）首先判断瓶内气压的变化，然后根据公式F=pS计算按压活塞的力的变化；
（4）当水从出水口匀速流出时，金属口b处的压强应该是始终不变的，然后分析b点到容器底部液体压强的变化，从而的点容器底部压强的变化，最后根据F=pS判断容器底部压力的变化。
【解答】根据图片可知，当活塞向下运动时，壶内气体的体积逐渐减小。根据气体压强和体积的关系可知，壶内气压的压强变大了，故A错误符合题意，B正确不合题意；
向下按压活塞时，气压不断变大，根据F=pS可知，按压活塞的力逐渐变大，故C正确不合题意；
当水从出水口匀速流出时，金属口b处的压强应该是始终不变的，而b点到容器底部水的深度不变，那么这段水柱产生的压强也不变。根据容器底部压强=b点压强+b点以下水柱压强可知，容器底部受到的压强保持不变。根据公式F=pS可知，壶底内表面所受的压力大小不变，故D正确不合题意。
故选A。
15．【答案】B
【解析】根据气体压强和体积的变化关系，结合二力平衡的知识分析判断。【解答】释放掉少量水后BC段内的压强减小，根据一定量的气体压强与体积成反比可得，BC段内的体积变大，如果△hA与△hB的大小相同，则AB两液面的高度差不变气体的压强不变，与压强减小矛盾，故必须△hA＞△hB才能满足压强减小的条件。再分析B和C的液面，由于BC段内压强减小C液面上升，D液面下降，如果C液面上升的高度大于B液面下降的高度，则BC段的气体体积将减小，压强将增大，这是不可能的；如果△hB=△hC，也不满足BC段的气体压强减小，故△hB＞△hC。
释放掉少量水后立刻关闭阀门，空气柱长度增大，压强减小，C液面上升，B液面下降，A液面下降，AB之间液面高度差减小，根据前面分析可知△hA＞△hB＞△hC。
故选B。
16．【答案】B
【解析】在对流层，大气压随高度的增加而减小，离地面越高的地方，大气密度越小，气压越低；大气压还受天气和季节的影响，晴天气压高，雨天气压低，冬天气压高，夏天气压低。液体的沸点随气压的增大而升高，气压越大，液体的沸点越高。
【解答】A、1标准大气压=1.01×105Pa，一个手掌的面积大约是1平方分米，双手手掌的面积大约是2平方分米，根据F=pS计算可知，大气对手掌的压力大约为2000N，A正确，不符合题；
B、对流层，大气压随高度的增加而减小，离地面越高的地方，大气密度越小，B错误，符合题意；
C、液体的沸点与大气压强有关，大气压强越大，液体的沸点越高，C正确，不符合题；
D、大气压不仅随高度而发生变化，同时还受天气、季节等因素的影响 ，D正确，不符合题.
故答案为：B。
17．【答案】C
【解析】 干湿球湿度计，它是由两个相同的温度计并列制成的，其中湿球温度计的球部被湿棉纱布包着， 因为湿棉纱中的水分蒸发吸热而使得湿球温度计的读数低于干球温度计的读数。科学需要做实验，我们根据实验的目的来确定实验的方法、过程。
【解答】A.由于湿球温度计的湿棉纱布中有水，水在蒸发过程中吸热，使湿球温度计的读数变小，A错误，不符合题意；
B.湿泡温度计上的液体蒸发吸收热量，温度计的示数降低。空气的湿度越大，液体蒸发越慢，温度降低的越小，两个温度计的读数差别越小，B错误，不符合题意；
C.裸地、草地和茂密的灌丛，这三处的植物密度不同，土地的潮湿程度也不同，说明植物对空气湿度有影响，即植物能够增加空气的湿度，植物越多，其对空气湿度的影响越大。所以，该小组探究的问题是植物对空气湿度的影响，C正确，符合题意；
D根据题目， 该社团的同学 没有控制温度，所以D错误，不符合题意。 故答案为：C。
18．【答案】D
【解析】冷锋和暖风的 共同点：1降水都发生在冷气团的一侧. 2过境后天气均转晴. 3.均是冷气团在下侧，暖气团在上侧。不同点：①冷锋、暖锋中的冷暖气团势力强弱不同，决定了锋面类型和锋面前进方向.冷气团势力强，则它就主动运动，这种锋属冷锋，冷锋移动方向和冷气团前进方向相同。若暖气团势力强，则暖空气主动运动，冷气团被迫后退，这种锋属暖锋，暖锋移动方向和暖气团前进方向相同。这里的关键是冷气团主动运动为冷锋，冷气团被迫后退为暖锋。
【解答】A.A是山顶，B是盆地，C是冷锋处，所以A、B、C三地中最可能出现降水的是C地，A错误；
B. A、B、C三地当日气温不相同，海拔越高气温越低，A比B低，而且C是冷锋过境前，受暖气团控制，温度较高，B错误；
C. C地时冷锋过境前，受暖气团控制，天气晴朗，气温较高，C错误；
D. D地时暖锋过境后，可能会出现晴朗、升温天气，D正确；故答案为：D.
19．【答案】D
【解析】气压的大小与海拔高度、大气温度、大气密度等有关，一般随高度升高按指数律递减。在开放的环境下，温度越高气压越低。在密闭环境下（体积不变），温度越高气压越高。气压大小与高度、温度等条件有关。一般随高度增大而减小。在水平方向上，大气压的差异引起空气的流动。表示气压的单位，习惯上常用水银柱高度。
【解答】A. 此时大气压强等于750mm高水银柱所产生的压强，A错误；
B. 若将玻璃管稍稍倾斜，则管内外水银面的高度差将不变，B错误；
C. 若把此装置从山脚带到山顶，气压变低，则管内外水银面的高度差将降低，C错误；
D. 若换用水做实验，则大气压能支持水柱的高度会增大 ，P气体=ρgh，气体压强不变时，水银的密度比水大，所以大气压能支持水柱的高度会增大，故D正确；故答案为：D
20．【答案】A
【解析】空气流速越大，压强越小；
【解答】 帆船是2023年杭州亚运会的重要赛事，若在帆船的起航阶段刮起了东风，为使帆船获得向北的动力，则应该调整船帆为A图所示，在相同时间内，北面比南面风走过的路程远，所以北面空气流动的速度快，压强小；南边的压强大于北边的压强，所以船获得了向北的动力；故答案为：A
21．【答案】=；压强减小
【解析】（1）两个玻璃管外液面上始终为大气压强，即管外气压相等。当液柱的高度不再发生改变时，两个液柱上方的气压相等。管外的大气压强等于管内的液柱压强和气体压强之和，即p0=p液+p内，那么管内酒精上方的压强等于管内水柱上方的压强，即p水=p酒精；
（2）根据流体和流速的关系分析。
【解答】（1）甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，会发现B、C管中的液体高度上升，设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，则p水＝p酒精；
（2）B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，压强减小。
22．【答案】（1）对流（2）上升
（3）舱外空气流速大压强小，舱内空气流速小压强大，内外存在压强差。 （或舱外高度越高压强越小，机舱内压强大，机舱外压强小。）
【解析】大气分层按照大气在垂直方向的各种特性，将大气分成若干层次。按大气温度随高度分布的特征，可把大气分成对流层、平流层、中间层、热层和散逸层。
【解答】(1)飞机从接近地面飞向高空，对流层是接近地面的一层大气层，刮风、下雨、降雪都集中在对流层，而平流层基本没有水气，晴朗无云，很少发生天气变化，适于飞机飞行。
(2)挡风玻璃破裂，机舱中的驾驶员紧急下降穿过云层后，飞机飞到对流层，在对流层中，气温随高度升高而降低，故下降后，温度将上升。
(3)挡风玻璃破裂，舱外空气流速大压强小，舱内空气流速小压强大，内外存在压强差。
23．【答案】（1）9.8×104（2）B；D（3）A（4）大；9.6
【解析】测量大气压的原理：将注射器内的空气排空后用橡皮帽封住针筒小孔，慢慢拉动针筒，刚好拉动活塞，根据二力平衡，弹簧测力计的拉力等于大气压力，再根据计算出大气压强
【解答】（1）根据题意大气压力F=9.8N×2=19.6N，注射器活塞的面积
本次测量的大气压强
（2）对比丙中的大气压，本实验测量出的大气压强是偏小的
A. 注射器和弹簧测力计是水平放置的，因此弹簧测力计的自重对实验没有影响，A错误
B. 注射器中由空气未排尽，导致注射器内存在气压，使得测出的大气压力F偏小，大气压强p偏小，B正确
C. 活塞与注射器间壁有摩擦，向右拉动注射器时会产生向右的摩擦力，会使得测量的大气压偏大，大气压强偏大，C错误
D. 注射器漏气会导致有空气进入注射器，使得注射器内部产生向左的大气压力，导致测量的大气压力偏小，大气压强偏小，D正确
故选B D
（3）A活塞的横截面积小于C，使得拉动A活塞所需要的力要小于拉动C的力，故选择A可以减少弹簧测力计的数量
（4）①从表格即可看出当封闭气体的体积越小，压强越大
②通过表格分析封闭气体的体积与其气压的乘积相等，6×160=960，8×120=960，10×96=960等，故当气压为100kPa时，注射器内空气的体积为9.6mL
故答案为（1） 9.8×104 （2）B D （3）A （4）大 9.6
24．【答案】（1）密闭（2）增大体积
【解析】（1）根据实验目的确定需要密闭空间还是开放空间；
（2）根据题目描述的场景分析哪个因素发生改变即可。
【解答】（1）在开放空间中，无论气体的体积、质量和温度怎样改变，空间内的气压始终等于外界大气压强，因此无法探究，那么思维模型中的“？”处应该填密闭。
（2）将鸡蛋打在碗中，捏一下矿泉水瓶，然后瓶口对准蛋黄，一松手，瓶内的空间增大，则气体的体积增大而压强减小，于是蛋黄被吸入瓶内，因此瓶口对准蛋黄属于通过增大体积的方式减小气压。
25．【答案】B；大气压；往泵壳里灌满水
【解析】在离心式水泵启动之前，首先将水泵的泵壳内灌满水，然后开动水泵，叶轮高速旋转，将泵壳里的水从水管中向上甩出，这时泵壳里接近真空，于是外面的水在大气压强的作用下进入泵壳，再次被叶轮甩出。如此循环往复，就可以不断的将地面以下的水抽到地面，据此分析判断。
【解答】（1）离心式水泵安装在地面以下，因此水管肯定是向上的，叶轮的形状不能是直线型的，必须是弯曲的，才能将水甩出。且叶轮的旋转方向与水管方向一致时，水才能顺利甩出去，故选B。
（2）水泵在启动前，须往泵壳里灌满水才能正常抽水。
26．【答案】（1）对流（2）小于
【解析】气象上把空气的上下运动叫对流，
气压的大小与空气流速有关，气体流速越快，气压越小
【解答】（1）产生的热空气会上升，主要利用了空气的对流运动原理
（2）烟囱口处的空气流速大于柴火口处的空气流速，流速越快，气压越小，因此烟囱口处的压强小于柴火口处的压强。
故答案为（1）对流 （2）小于
27．【答案】（1）离渠中心线距离 r 越大，水流速度 v 越小 (合理即可)（2）v=0.2－0.2r2(0≤r≤1)（3）<
【解析】（1）根据表格或图乙，分析水流速度与到中心线距离的关系；
（2）根据图像写出函数表达式，从其中挑出两组数据代入，计算出系数大小，从而得到v与r的数序关系式。
（3）流体流速越大的位置压强越小，据此分析解答。
【解答】（1）根据表格数据可知：离渠中心线距离 r 越大，水流速度 v 越小。
（2）根据图乙可知，水流速度v与r的关系为一次函数，它的表达式为v=-ar2+b。
当r=0时，v=0.2；当r=1时，v=0，
代入得到：0.2=-a×02+b；
0=-a×（1）2+b；
二者联立得到：b=0.2，a=0.2；
则v与r的关系式为：v=-0.2r2+0.2。
（3）根据丙图可知，B点比C点到水渠中心线的距离小，则B点水流速度大于C点。根据流体和流速的关系可知，B点水的压强小于C点水的压强，即pB28．【答案】（1）将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器针筒的底端（2）偏大
（3）从烧杯中向外缓慢抽水（4）
【解析】（1）将注射器内住满水，水占据了注射器内的空间，即使活塞不能将水全部排出，那么注射器内肯定没有气体。
（2）对活塞进行受力分析，根据二力平衡的知识分析大气压数值的变化。
（3）根据图乙可知，当活塞匀速向左滑动时，摩擦力水平向右，此时G1=F+f；同理，当活塞匀速向右滑动时，摩擦力水平向F=G2+f。此时两个式子联立可计算出大气压力F，从而得到大气压强。比较可知，烧杯和水的总重力G2（4）利用上（1）面的方法计算出大气压力，再根据压强公式计算出大气压强。
【解答】（1）同学们联想到去医院打针时的情景，改进方法将注射器内空气排尽。他们的方法是：将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器针筒的底端。
（2）方案一测量过程中活塞与注射器筒壁间有摩擦，此时摩擦力水平向右，根据二力平衡的知识得到：G1=F+f，会使测得的大气压值偏大。
（3）将方案二中的实验步骤③补充完整：从烧杯中向外缓慢抽水；
（4）据图乙可知，当活塞匀速向左滑动时，摩擦力水平向右，此时G1=F+f；
同理，当活塞匀速向右滑动时，摩擦力水平向F=G2+f。
二力联立解得：F=；
那么大气压强的值为：。
29．【答案】（1）不变（2）100（3）缸内气体压强与缸内气柱长度成反比（4）6.5
【解析】（1）质量是物质本身的一种属性，不随物体形状、状态、位置和温度的变化而变化。
（2）根据图乙确定h=5cm时气缸内的气压，再根据F=pS计算活动对气体产生的压力。
（3）根据图像形状分析气缸内压强与气柱长度的数量关系；
（4）根据公式可知，当气体的质量不变时，气体的密度与气柱的长度成反比，据此分析解答。
【解答】（1）活塞下压过程中，缸内气体的体积减小，但是气体的质量保持不变。
（2）根据图乙可知，当空气中长度h=5cm时，气压为2×105Pa，
则缸内气体对活塞的压力为：F=pS=2×105Pa×5×10-4m2=100N；
（3）根据图乙可知，图像为一条双曲线，则结论为：缸内气体压强与缸内气柱长度成反比；
（4）根据公式可知，当气体的质量不变时，气体的密度与气柱的长度成反比，
而与气压成正比； 那么：； 解得：ρ'=6.5kg/m3。
30．【答案】（1）8N；竖直向上（2）升力为15N ,等于重力（3）角度为15度的时候，升力最大
（4）Q1大于Q2
【解析】（1）对飞机模型进行受力分析，根据二力平衡的知识确定该力的大小和方向；
（2）托盘测力计的示数为0，说明飞机模型对它的压力为零，此时产生的升力和飞机的重力相互平衡，据此分析解答；
（3）根据图像分析升力与迎角的变化关系；
（4）当飞行迎角小于15°时，飞机的飞行速度越大，迎角越大，产生的升力越大，据此分析即可。
【解答】（1）飞机模型处于平衡状态，它受到竖直向上的支持力，等于测力计的示数7N，竖直向下的重力15N，此时二者的合力为：15N-7N=8N，且方向向下。根据二力平衡的知识可知，产生的升力应该和这个合力平衡，即大小相等，方向相反，因此飞机受到的升力为8N，方向竖直向上。
（2）风速达到30m/s以上，托盘测力计的示数为0，说明：升力为15N，且等于重力；
（3）根据表格数据可知，角度为15°的时候，飞机的升力最大。
（4）根据表格数据可知，当飞行迎角小于15°时，飞机的飞行速度越大，迎角越大，产生的升力越大。500km/h<800km/h，如果迎角一定，那么产生的升力前者小于后者。为了保证升力相同，必须增大迎角，即Q1大于Q2。
31．【答案】（1）P1＝P2＜P3
（2）控制封闭气体的体积不变；空气柱上方水银柱的长度；大；没有控制气体温度不变
【解析】空气中的气体气压大小与温度，气体体积等均有关，故在研究时需遵循单一变量的原则。
【解答】（1）步骤三中的水银柱长度最长，故气压最大，即 P1＝P2＜P3 ；
（2）步骤三中注入原标记位置，使下方的封闭气体体积不变；
通过观察空气柱上方水银柱的长度 ，气体温度越高，水银柱越长，压强越大；
研究气体体积的影响时，应控制温度相同，故步骤二不合理， 没有控制气体温度不变 。
32．【答案】泵头压下去，弹簧被压缩，液体缸体积减小，下面的进液口关闭，上面的出液口打开，洗手液泵入混合通道。气体缸体积变小，气压变大，进气口关闭，出气口打开，气体出去。气体与洗手液一起混合，经过纱网，产生大量气泡，形成泡沫。松手。弹簧恢复原位。泵头抬起，缸体体积变大，压强变小，液体和气体补充进入。再次按下泵头，如此反复，连续喷出。
【解析】在其他条件不变时，气体体积越小，气体压强越大，反之则越小，可利用内外气压差实现液体的喷出。
【解答】解释： 泵头压下去，弹簧被压缩，液体缸体积减小，下面的进液口关闭，上面的出液口打开，洗手液泵入混合通道。气体缸体积变小，气压变大，进气口关闭，出气口打开，气体出去。气体与洗手液一起混合，经过纱网，产生大量气泡，形成泡沫。松手。弹簧恢复原位。泵头抬起，缸体体积变大，压强变小，液体和气体补充进入。再次按下泵头，如此反复，连续喷出。
33．【答案】（1）气压越高水的沸点越高，煮饭快捷；相同条件下利用高压锅煮熟需要的时间更短
（2）P1=P0+G/S=1.01×105+0.7N/10-5m2=1.71×105Pa
根据图表可知锅内能达到的最高温度为115——117℃
（3）根据P0S+mg=PS适当增加限压阀质量（或减小放气孔的孔径）
【解析】（1）将高压锅和普通锅比较可知，同样将饭煮熟，前者需要5min，而后者需要15min，即相同条件下利用高压锅煮熟需要的时间更短，因此高压锅煮饭更快捷；高压锅内气压高，水的沸点高，因此煮饭更快。（2）首先根据计算出限压阀自重产生的压强，再根据锅内气压=大气压强+自重压强计算出锅内的最高气压，最后通过乙图确定锅内的最高温度。
（3）当限压阀要起而未起来时，限压阀受到向下的重力，向下的大气压力和向上的锅内压力，即p0S+mg=pS。锅内水的温度不变，那么锅内气压p保持不变，两藏地区海拔高气p0压小，因此必须增大mg，也就是增大限压阀的质量。
34．【答案】（1）解：人和电梯的总重力：G＝（m0+m人）g＝（100kg+60kg）×10N/kg＝1600N；
人乘电梯匀速上升时，受到竖直向下的重力、竖直向下的摩擦力、竖直向上的大气压力的差，故气压差：F1＝G+f＝1600N+200N＝1800N，
设顶部低压区的压强为P1，则气压差产生的向上的压力为F1＝（p0﹣p1）S＝（1×105Pa﹣p1）×0.9m2＝1800N，则顶部低压区的气压：p1＝9.8×104Pa
答：若质量为60kg的人乘电梯匀速上升，则顶部低压区的气压为9.8×104Pa
（2）解：电梯匀速下降时，受到竖直向下的重力、竖直向上的摩擦力、竖直向上的压力，
电梯受到的向上的压力为F2＝（p0﹣p2）S＝（1×105Pa﹣9.5×104Pa）×0.9m2＝4500N；
电梯匀速下降，摩擦力方向向上，G总＝F2+f＝4500N+200N＝4700N；
总质量为：m总＝ ＝ ＝470kg；
则下降时能装载的物体的最大质量为：m2＝m总﹣m0＝470kg﹣100kg＝370kg
答：抽气机最多能把低压区的气压降到9.5×104Pa，则该电梯匀速下降时能装载的物体的最大质量是370kg
【解析】（1）首先根据 G＝（m0+m人）g 计算出人和电梯的总重力，然后根据 F1＝G+f 计算出电梯匀速上升时需要的压力差，接下来根据 F1＝（p0﹣p1）S 列出方程，计算出电梯顶部低压区的气压即可；
（2）首先根据 F2＝（p0﹣p2）S 计算出电梯能够产生的向上压力，然后根据 G总＝F2+f 计算电梯匀速下降时人和电梯的总重力，接下来根据 计算出人和电梯的总质量，最后根据 m2＝m总﹣m0 计算出下降时能装载的最大质量。
35．【答案】（1）升高（2）调节螺丝向下旋转5mm时，限压阀受到压力为：0.1N×5=0.5N；
则限压阀对排气孔的压力为：F=0.5N+0.05kg×10N/kg=1N；
限压阀对排气孔的压强：；
则锅内的最大气压为：p内=p大气+p自重=1.0×105Pa+1.25×105Pa=2.25×105Pa≈2.3×105Pa；
根据表格可知，此时锅内的最高温度为125℃。
【解析】（1）根据液体沸点随气压的变化规律分析解答；
（2）首先计算出限压阀对排气孔产生的压强，再根据p内=p大气+p自重计算出高压锅内能够达到的最大压强，最后根据表格确定锅内的最高温度。
【解答】（1）调节螺丝可以上下旋转，当往下旋转时，弹簧对限压阀的压力变大，高压锅内气压变大，锅内水的沸点升高。
36．【答案】（1）B（2）2：3（3）半球面积较小(或半径小，或体积较小)，产生的大气压力小
（4）解：F=PS=10 5Pa×3.14×(0.2m)2 = 12560N 一对马的拉力：F'= 12560N/8= 1570N
【解析】（1）在进行马德堡半球实验时，必须想办法提高两个半球的密封性，密封性越好，实验越容易完成，据此分析上面涂油的目的即可；
（2）根据F=pS计算出大气作用在半球上的压力之比，然后根据二力平衡的知识计算出二者的拉力之比。
（3）根据F=pS可知，当大气压强不变时，半球的受力面积越小，作用在上面的大气压力越小，自然拉开时需要的拉力就越小。
（4）16匹马分成两组，每组8匹。首先根据F=pS计算出大气作用在半球上的压力，再根据二力平衡的知识计算出8匹马的总拉力，最后除以8即可。
【解答】（1）实验室做马德堡半球实验时，往往会在两个半球的接触面上涂一层油，目的时提高半球的密封性，防止漏气。
A.电解水实验中加稀硫酸，是为了增强水导电性，加快反应速度，故A不合题意；
B.塑料吸盘使用前先蘸水，是为了保证吸盘的密封性，防止漏气，故B符合题意；
C.蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒，是为了防止水的爆沸，故C不合题意。故选B。
（2）根据二力平衡的知识可知，拉力F1=F大气=p内S；拉力F2=F大气'=p内'S；
则两个拉力之比F1：F2=p内S：p内'S=p内：p内'=（1-0.4）：（1-0.1）=2：3。
（3）某实验室供教学用的半球，在正常气压下抽成真空后，只需四个人便可拉开。其原因是：半球面积较小(或半径小，或体积较小)，产生的大气压力小。
37．【答案】（1）A；B（2）偏北风；偏南风（3）寒冷；湿润（4）夏；季风（5）太平洋；印度
【解析】亚洲东部和南部常受夏季风的影响，当夏季风势力强的年份，它从南向北推进的速度很快，出现北涝南旱的局面，相反则出现北旱南涝的局面。亚洲东部主要受来自太平洋东南季风的影响，亚洲南部主要受来自印度洋西南季风的影响。
【解答】（1）表示1月的季风图是A图，表示7月的季风图是B图。
（2）影响我国的冬季风的风向是偏北风即西北风和东北风，影响我国的夏季风的风向是偏南风即西南风和东南风。
（3）冬季风带来的气流寒冷干燥，夏季风带来的气流温暖湿润。
（4）带来丰沛降水的主要是夏季风；习惯上，把受夏季风影响明显的地区称为季风区。
（5）雅鲁藏布江降水非常丰富的原因是它既受来自太平洋的东南季风的影响，也受来自印度洋的西南季风影响。
故答案为：（1）A；B；（2）偏北风；偏南风；（3）寒冷；湿润；（4）夏；季风；（5）太平洋；印度

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