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(共38张PPT)
遗传规律及其应用
1.(1) √(2)× (3) √(4)×2.D
①假说 ②演绎推理 ③ 测交 ④ 等位基因分离 ⑤ 减数第一次分裂后期
⑥ 减数第一次分裂后期 ⑦非同源染色体上的非等位基因自由组合 ⑧有性生殖
⑨核基因遗传 ⑩萨顿 摩尔根 伴X显性遗传 伴Y染色体遗传 染色体异常遗传病 产前诊断
【自查知识缺漏】
【自我诊断】
遗传规律及其应用
高三生物二轮专题复习
禾下乘凉梦，
一梦逐一生
01
02
NEI RONG SUO YIN
内容索引
03
04
考情展示
学习目标
核心考点对接
达标训练
◆选择题
17.（2020·山东高考卷)两种单基因遗传病联合分析，基因酶切电泳结果分析3分）；
6.（2021·山东高考卷)常染色体及伴性遗传、显性纯合及显性雄性合子致死（2分）；
17.（2021·山东高考卷)Y染色体上特定基因决定的小鼠性别决定，特定杂交组合中后代分离比的计算（3分）；
17.（2022·山东高考卷)多对基因控制同一性质，特定杂交组合中后代分离比的计算（3分）；
考情展示
（ 2020·山东高考卷23题16分）玉米是雌雄同株异花植物，利用玉米纯合雌雄同株品系M培育出雌株突变品系，该突变品系的产生原因是2号染色体上的基因Ts突变为ts，Ts对ts为完全显性。将抗玉米螟的基因A转入该雌株品系中获得甲、乙两株具有玉米螟抗性的植株，但由于A基因插入的位置不同，甲植株的株高表现正常，乙植株矮小。为研究A基因的插入位置及其产生的影响，进行了以下实验：
（1）实验一中作为母本的是____，实验二的F1中非抗螟植株的性别表现为______ 。
（2）选取实验一的F1抗螟植株自交，F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株约为2∶1∶1。由此可知，甲中转入的A基因与ts基因____ （填：是或不是）位于同一条染色体上，F2中抗螟雌株的基因型是_____。若将F2中抗螟雌雄同株与抗螟雌株杂交，子代的表现型及比例为______。
（3）选取实验二的F1抗螟矮株自交，F2中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗螟正常株高雌株约为3∶1∶3∶1，由此可知，乙中转入的A基因_______ （填：
位于或不位于）2号染色体上，理由是_____。 F2中抗螟矮株所占比例低于预期值，说明A基因除导致植株矮小外，还对F1的繁殖造成影响，结合实验二的结果推断这一影响最可能是______。F2抗螟矮株中ts基因的频率为____，为了保存抗螟矮株雌株用于研究，种植F2抗螟矮株使其随机受粉，并仅在雌株上收获籽粒，籽粒种植后发育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例为_____________。
◆非选择题
转基因技术
子代性状分布
基因定位
配子育性
玉米作物育种
（2021山东，第22题，分值16分）番茄是雌雄同花植物，可自花受粉也可异花受粉。M、m 基因位于 2号染色体上，基因型为 mm 的植株只产生可育雌配子，表现为小花、雄性不育。基因型为 MM、Mm 的植株表现为大花、可育。R、r 基因位于 5 号染色体上，基因型为 RR、Rr、rr 的植株表现型分别为：正常成熟红果、晚熟红果、晚熟黄果。细菌中的 H 基因控制某种酶的合成，导入 H 基因的转基因番茄植株中，H 基因只在雄配子中表达，喷施萘乙酰胺（NAM）后含 H 基因的雄配子死亡。不考虑基因突变和交叉互换。
（1）基因型为 Mm 的植株连续自交两代，F2 中雄性不育植株所占的比例为__________；雄性不育植株与野生型植株杂交所得可育晚熟红果杂交种的基因型为_______________；以该杂交种为亲本连续种植，若每代均随机受粉，则 F2 中可育晚熟红果植株所占比例为____。
（2）已知 H 基因在每条染色体上最多插入 1 个且不影响其他基因。将 H 基因导入基因型为 Mm 的细胞并获得转基因植株甲和乙，植株甲和乙分别与雄性不育植株杂交，在形成配子时喷施 NAM，F1 均表现为雄性不育。若植株甲和乙的体细胞中含 1 个或多个 H 基因，则以上所得 F1 的体细胞中含有___个 H 基因。若植株甲的体细胞中仅含 1个 H 基因，则 H 基因插入了________所在的染色体上。若植株乙的体细胞中含 n 个 H 基因，则 H 基因在染色体上的分布必须满足的条件是________________________________________________________________；植株乙与雄性不育植株杂交，若不喷施 NAM，则子一代中不含 H 基因的雄性不育植株所占比例为________。
（3）若植株甲的细胞中仅含一个 H 基因，在不喷施 NAM 的情况下，利用植株甲及非转基因植株通过一次杂交即可选育出与植株甲基因型相同的植株。请写出选育方案 ：________________________________________________________________________。
番茄植株选育
番茄植株选育
番茄植株选育
转基因技术
番茄植株选育
配子致死
番茄植株选育
基因的位置与数目的确定
番茄植株选育
亲本选择
（ 2022·山东高考卷22题16分）果蝇的正常眼与无眼是1对相对性状，受1对等位基因控制，要确定该性状的遗传方式，需从基因与染色体的位置关系及显隐性的角度进行分析。以正常眼雌果蝇与无眼雄果蝇为亲本进行杂交，根据杂交结果绘制部分后代果蝇的系谱图，如图所示。不考虑致死、突变和X、Y染色体同源区段的情况。
（1）据图分析，关于果蝇无眼性状的遗传方式，可以排除的是______。若控制该性状的基因位于X染色体上，Ⅲ-1与Ⅲ-2杂交的子代中正常眼雄果蝇的概率是______。（2）用Ⅱ-1与其亲本雄果蝇杂交获得大量子代，根据杂交结果______（填“能”或“不能”）确定果蝇正常眼性状的显隐性，理由是______。
（3）以系谱图中呈现的果蝇为实验材料设计杂交实验，确定无眼性状的遗传方式。（要求：①只杂交一次；②仅根据子代表型预期结果；③不根据子代性状的比例预期结果）实验思路：_______；预期结果并得出结论：______。（4）若果蝇无眼性状产生的分子机制是由于控制正常眼的基因中间缺失一段较大的DNA片段所致，且该对等位基因的长度已知。利用PCR及电泳技术确定无眼性状的遗传方式时，只以Ⅱ-3为材料，用1对合适的引物仅扩增控制该对性状的完整基因序列，电泳检测PCR产物，通过电泳结果______（填“能”或“不能”）确定无眼性状的遗传方式，理由是______。
根据电泳结果分析确定遗传方式
果蝇
基因的定位
设计实验确定遗传方式
显隐性的判断
【学习目标】
（1）能运用统计与概率的相关知识，预测某一遗传性状的分布及变化(特殊情况)（科学思维）
（2）能运用“假说—演绎法”对遗传现象进行解释（基因位置的推测）（科学思维与科学探究）
（3）学会利用遗传学知识科学地解释生产生活中的遗传现象（社会责任）
一、生物个体产生配子种类分析
杂交后代遗传异常分离分析比分析
01
02
核心考点对接
分离 定理 基因位置
配子比例 A:a=1：1
自由组合定律 基因位置
配子比例 AB:Ab：aB:ab =1：1：1：1
甲 AB:ab=1：1
乙 Ab:aB=1：1
A:aa：Aa：a
=1：1：2：2
AXB:AY：aXB:aY
=1：1：1：1
AB:aB：A：a
=1：1：1：1
考点一: 生物个体产生配子种类分析
若甲部分生殖细胞非姐妹染色单体发生交叉互换则配子比例？
AB:ab:aB:Ab=多∶多∶少∶少
丙
丁
戊
〖例1〗（2020 全国高三期末）实验者利用基因工程技术将高抗旱基因R成功转入到抗旱能力弱的植株的染色体上，并得到如图所示三种高抗旱类型。下列说法不正确的是（ ）
A．Ⅰ和Ⅲ杂交产生的后代中全为高抗旱性植株B．Ⅰ和Ⅱ杂交产生的后代中全为高抗旱性植株C．Ⅱ和Ⅲ杂交产生的后代中不具有高抗旱性性状的植株所占比例为1/4D．图Ⅲ类型自交产生的后代中，高抗旱性植株占3/4
CD
1/8
15/16
R
R
R1R2
O1O2
R1O2
R2O1
RR
R
1:1
1 : 2 : 1
O1
O
O2
例1、（2020 全国高三期末不定项）实验者利用基因工程技术将高抗旱基因R成功转入到抗旱能力弱的植株的染色体上，并得到如图所示三种高抗旱类型。下列说法不正确的是（ ）
A．Ⅰ和Ⅲ杂交产生的后代中全为高抗旱性植株B．Ⅰ和Ⅱ杂交产生的后代中全为高抗旱性植株C．Ⅱ和Ⅲ杂交产生的后代中不具有高抗旱性性状的植株所占比例为1/4D．图Ⅲ类型自交产生的后代中，高抗旱性植株占3/4
CD
15/16
RR
Ro
R1o1R2o2
配子:R
R和o
R1R2 O1R2
R1O2 O1O2
即RR：RO:OO
= 1 : 2 : 1
1/8
1. 对文字描述类题目，要先绘出示意图、模式图或流程图等，再根据遗传规律写出配子；
2.若在同源染色体的一条上有基因，另一条上没有对应的等位基因，分析时可用“O” 表示空缺基因，写成“AO”，再根据遗传规律写出配子，但注意最终结果要还原，去掉O ；
3.若等位基因位于两对同源染色体上且有基因空缺，分析时，可用“O” 表示空缺基因，用下标数字标注位于不同对同源染色体上，写成“A1O1A2O2”，再根据遗传规律写出配子，但注意最终结果要还原，去掉O和下标数字。
〖总结归纳〗
书写配子的方法
〖变式训练1〗(22·山东，第5题)家蝇Y染色体由于某种影响断成两段，含s基因的小片段移接到常染色体获得XY'个体，不含s基因的大片段丢失。含s基因的家蝇发育为雄性，只含一条X染色体的雌蝇胚胎致死，其他均可存活且繁殖力相同。M、m是控制家蝇体色的基因，灰色基因M对黑色基因m为完全显性。如图所示的两亲本杂交获得F1，从F1开始逐代随机交配获得Fn。不考虑交换和其他突变，关于F1至Fn，下列说法错误的是（ ）
A. 所有个体均可由体色判断性别
B. 各代均无基因型为MM的个体C. 雄性个体中XY'所占比例逐代降低
D. 雌性个体所占比例逐代降低
√
X
致死
X
m
X
m
X
m
M
Y’
♀ mmXx
♂ MmXY’
x
♂ Ms mXO
mx
mx
m
Msx
Ms
mmXx
mmX
Ms mXX
Ms mX
F1
黑雌：灰雄=1:2
2Msx 2mx m Ms
mx 2Ms mXX 2mmXx Ms mX
♀
♂
黑雌：灰雄=2:3
F2
类型 异常原因 分离比 类型 异常原因 分离比
Aa自交 （3：1） 不完全显性 1:2:1 AaBb 自交 9:3:3:1 基因互作
累加效应 1:4:6:4：1
合子 致死 AA致死 2:1 合子 致死 AA或BB致死
aa致死 全显 AA和BB致死
aa或bb致死
雄/雌配子致死 A 雄/雌 配子 致死 Ab或aB
a AB
ab
“和”不变“和”变
考点二：杂交后代遗传异常分离比分析
1:1
全显
6:2:3:1
4:2:2:1
9:3
7:1:3:1
5:3:3:1
8:2:2
9:3:4 9:6:1
15:1 9:7
思考：若AaBb个体测交后代基因型比例为AaBb:Aabb：aaBb:aabb=1:2:2:2，其原因是？
AB使配子致死
考点二：杂交后代遗传异常分离比分析
探究一 子代性状分离比的变式(“和”不变)
1、Aa自交
类型 9∶3∶3∶1的变形
基因互作 9∶3∶4 9∶6∶1 12∶3∶1
15∶1 13∶3 9∶7
累加效应 1∶4∶6∶4∶1
不完全显性1：2：1
完全显性3：1
2、AaBb自交
〖例2〗（ 2022 山东高考卷 17 ）（不定项）某两性花二倍体植物的花色由3对等位基因控制，其中基因A控制紫色，a无控制色素合成的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。基因I不影响上述2对基因的功能，但i纯合的个体为白色花。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，它们的花色分别为靛蓝色、白色和红色。不考虑突变，根据表中杂交结果，下列推断正确的是
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色：靛蓝色：白色＝9：3：4
乙×丙 紫红色 紫红色：红色：白色＝9：3：4
A．让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B．让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例为
C．若某植株自交子代中白花植株占比为 ，则该植株可能的基因型最多有9种
D．若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色：3靛蓝色：3红色：1蓝色
紫红色：A_B_I_ 靛蓝色：A_bbI_ 红色：aaB_I_
蓝色：aabbI_ 白色：____ii
甲： 乙： 丙：
AAbbII
aaBBII
√
√
甲 × 乙
亲本 靛蓝色 白 色
A_bbI_ ____ii
F1: 紫红色
A_B _ I _
F2: 紫红色 靛蓝色 白 色
A_B_I_ A_bbI_ ____ii
9 3 4
AAbbII
AABBii
b
i
丙 × 乙
亲本 红色 白 色
aaB_I_ ____ii
aaBBII
AABBii
A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B.让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例
为1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种
D.若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1
蓝色
√
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4
√
甲×乙
AAbbII×AABBii
乙×丙
AABBii×AABBII
A、F 2中白花基因型为—ii×aabbii→ 后代全为白花，无法确定白花具体基因型。
AABbIi
AaBBIi
A_B_I_
A_bbI_
____ii
aaB_I_
A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B.让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例
为1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种
D.若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1
蓝色
√
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4
√
甲×乙
AAbbII×AABBii
乙×丙
AABBii×aaBBII
AABbIi
AaBBIi
共计1/6
B、甲×乙杂交， F2中紫红色 基因型及比例分别是
1/9AA BB II
2/9AA BB Ii→白花AABBii占2/9×1/4＝1/18
4/9AA Bb Ii→白花AA_ _ii 占4/9×1/4＝2/18
2/9AA Bb II
共计1/6
A_B_I_
A_bbI_
____ii
aaB_I_
A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B.让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例
为1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种
D.若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1
蓝色
√
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4
√
甲×乙
AAbbII×AABBii
乙×丙
AABBii×aaBBII
AABbIi
AaBBIi
共计1/6
B、乙×丙杂交， F2中紫红色 基因型及比例分别是
1/9AA BB II
2/9AA BB Ii→白花AABBii占2/9×1/4＝1/18
4/9Aa BB Ii→ 白花 —BBii占4/9×1/4＝2/18
2/9Aa BB II
共1/6
A_B_I_
A_bbI_
____ii
aaB_I_
A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B.让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例
为1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种
D.若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1
蓝色
√
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4
√
甲×乙
AAbbII×AABBii
乙×丙
AABBii×aaBBII
AABbIi
AaBBIi
B、1/3 II
2/3Ii→白花ii占 2/3×1/4＝1/6
A_B_I_
A_bbI_
____ii
aaB_I_
A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B.让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例
为1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种
D.若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1
蓝色
√
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4
√
甲×乙
AAbbII×AABBii
乙×丙
AABBii×aaBBII
AABbIi
AaBBIi
C、植株自交后代白花ii占 1/4，则亲本基因型为_ _Ii，可推知该植株基 因型最多有3×3=9种
A_B_I_
A_bbI_
____ii
aaB_I_
A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
B.让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例
为1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种
D.若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1
蓝色
√
杂交组合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4
√
甲×乙
AAbbII×AABBii
乙×丙
AABBii×aaBBII
AABbIi
AaBBIi
D由甲×乙可知，A/a和I/i是独立遗传的，
由乙×丙可知，B/b和I/i是独立遗传的，但无法知道A/a和B/b的关系
若不考虑连锁，则F2的表型及比例为紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色等于=9：3：3：1，
若考虑连锁，则F2的表型及比例为紫红色∶靛蓝色∶红色=2：1：1
A_B_I_
A_bbI_
____ii
aaB_I_
看F2的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律
将异常分离比与正常分离比9：3：3：1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9：3：4，则为9：3：（3：1），即4为两种性状的合并结果
根据具体比例确定出现异常分离比的原因
根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断相应表型的比例
〖思路总结〗
〖变式训练2〗(2022·全国乙，32节选)某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合成途径是：白色 红色 紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和B位于非同源染色体上。请回答下列问题：
现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合子植株杂交，子代植株表型及其比例为 ；子代中红花植株的基因型是 ；子代白花植株中纯合子所占的比例是 。
白色：aa__
红色 A_bb
紫色A_B_
紫色：红色：白色=3:3:2
AAbb、Aabb
1/2
Aabb
红花配子 紫花配子 1/4 AB 1/4 Ab 1/4 aB 1/4 ab
1/2 Ab 1/8AABb 1/8AAbb 1/8AaBb 1/8Aabb
1/2ab 1/8AaBb 1/8Aabb 1/8aaBb 1/8aabb
方法一：棋盘法
Aa×Aa→3/4A-：1/4aa
Bb×bb→1/2Bb:1/2bb
方法二：拆分组合法
考点二：杂交后代遗传异常分离比分析
探究二 致死类型分析(“和”变)
1、Aa自交
异常原因 分离比
合子 致死 AA致死
aa致死
雄（或雌） 配子致死 A致死
a致死
2:1
全显
1:1
全显
考点二：杂交后代遗传异常分离比分析
思考：若AaBb个体测交后代基因型比例为AaBb:Aabb：aaBb:aabb=1:2:2:2，其原因是？
AB使配子致死
探究二 致死类型分析(“和”变)
2、AaBb自交
异常原因 分离比
合子致死 AA或BB致死
AA和BB致死
aa或bb致死
aa和bb共同致死
雄（或雌） 配子致死 Ab或aB致死
AB致死
ab致死
4:2:2:1
5:3:3:1
8:2:2
6:2:3:1
9:3:3
9:3
7:1:3:1
〖例3〗（2022 全国卷甲卷 6）某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/ b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是：
A.子一代中红花植株数是白花植株数的3倍
B.子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12
C.亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍
D.亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等
雌配子 雄配子 1/4 AB 1/4 Ab 1/4 aB 1/4 ab
1/3 AB 1/12 AABB红 1/12AAbb红 1/12AaBB红 1/12AaBb红
1/3 Ab 1/12AABb红 1/12AAbb白 1/12AaBb红 1/12Aabb白
1/6 aB 1/24AaBB红 1/24AaBb红 1/24aaBB红 1/24aaBb红
1/6 ab 1/24AaBb红 1/24Aabb白 1/24aaBb红 1/24aabb白
√
雌配子：
AB:Ab:aB:ab=1: 1：1: 1
雄配子：
AB:Ab:aB:ab=2: 2：1: 1
方法一：棋盘法
方法二：拆分组合法
1/24
1.胚胎致死
（1）从F2每种性状的基因型种类及比例分析。如BB致死，则基因型AABB、AaBB、aaBB 的个体不能存活。
（2）从每对相对性状分离比角度分析。如：
6∶3∶2∶1 (2∶1)(3∶1) 一对显性基因纯合致死。
4∶2∶2∶1 (2∶1)(2∶1) 两对显性基因纯合致死。
2.配子致死
可先将致死配子除去后，重新计算配子的比例，再用棋盘法进行推导。
〖思路总结〗
〖变式训练〗水稻的雄性不育受一组复等位基因MsA、MsN和Msch控制，其中MsA和Msch控制可育，MsN控制不育。现有雄性不育植株甲和基因型为MsAMsA的植株乙杂交，F1植株全部表现为雄性可育，F1自交后代中雄性不育植株占1/8。下列说法正确的是（）
A.甲的基因型为MsNMsN，F1植株均为杂合子
B.这三个基因的显隐性关系为MsA＞Msch＞MsN
C.F1自交后代雄性可育植株中纯合子所占的比例为1/3
D.若让F1不同基因型的植株杂交，则子代中雄性不育植株占1/4
亲本 ：雄性不育甲 × 可育乙
MsN__ MsAMsA
F1: 全雄性可育
F2：
MsA＞MsN
MsAMsN
MsNMsN
MsNMsN不育个体占1/4
MsAMsch
MsA＞MsN＞Msch
√
亲本 ：雄性不育甲 × 可育乙
MsNMsch MsAMsA
F1:
F2：
MsAMsch : MsAMsN
1MsAMsA
2MsAMsch
1MschMsch
1MsAMsA
2MsAMsN
1MsNMsN


1/4MsAMsA（可育）
1/4MsAMsch（可育）
1/4MsNMsch（不可育）
1/4MsAMsN（可育）
X
亲
代
子代
【课堂小结】
雌配子
雄配子
分离定律
自由组合定律
不完全显性
从性遗传
累加效应
基因工程
染色体变异....
分析异常比离
减数分裂
受精作用
连锁与互换
配子或个体不育胚胎或个体致死
核质互作
基因互作
将规范修炼成一种习惯
把认真内化为一种性格
谢谢大家！
【达标训练】
1.C
2.(1)某对基因显性纯合致死　1/3　(2)同时含两种显性基因的雄配子或雌配子致死　(3)若后代雌性个体的分离比为2∶1，雄性个体的分离比为2∶2∶1∶1　若后代雌性个体的分离比为3∶1，雄性个体的分离比为3∶3∶1∶1

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