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郑州市2024年高中毕业年级第一次质量预测
物理试题卷
本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。考试时间90分
钟，满分100分。考生应首先阅读答题卡上的文字信息，然后在答题卡上作答，
在试题卷上作答无效。交卷时只交答题卡。
第I卷
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选
项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求。全
部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。)
1.如图所示，抛物线a和直线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的
位置一时间(x一t)图像，t2时刻对应抛物线的顶点。忄x
下列说法正确的是
A.在t3时刻，两车速率相等
B.在0~t3时间内，b车做匀变速直线运动
C.在0~t3时间内，t2时刻两车相距最远
D.在t~t3时间内，a与b车的平均速度相等
2.滑板运动备受青少年青睐。有一个动作是人越过横杆，滑板从横杆底下
穿过，如图所示。忽略空气阻力及滑板与地面间的摩擦力，若人安全过杆，则下
列说法正确的是
A.起跳过程中，板对人的作用力大于人对板的作用
力
B.起跳过程中，板对人的作用力始终大于人的重力
C.人从离开滑板到落回滑板的过程中，始终处于失
重状态
D.人从开始起跳到落回滑板的过程中，人与滑板构
成的系统动量守恒
3.如图所示，正方体框架ABCD一A1BCD的底面ABCD处于水平
高三物理试题卷第1页（共8页）
地面上。从顶点A沿不同方向水平抛出小球（可视为质点），不计空气阻力。关
于小球的运动，下列说法正确的是
A.落点在CC1上的小球，落在C1点时平抛的初
速度最大
B.落点在A1B1C1D1内的小球，落在C1点的运
B
动时间最长
D
C
C.落点在B1D1上的小球，平抛初速度的最小值与最大值之比是1：√2
D.落点在A1C上的小球，落地时重力的瞬时功率均不相同
4.2023年9月21日，“天宫课堂”第四课正式开讲，这是中国航天员首次在
梦天实验舱内进行授课，若梦天实验舱绕地球的运动可视为匀速圆周运动，其
轨道离地面的高度约为地球半径的6倍。已知地球半径为R,地球表面的重力
加速度为g,引力常量为G,忽略地球自转的影响，则
A.漂浮在实验舱中的宇航员不受地球引力
B.实验舱绕地球运动的线速度大小约为，
16gR
17
C,实验舱绕地球运动的向心加速度大小约为铝)°8
D地球的密度约为总
5.静电透镜被广泛应用于电子器件中，如图所示是阴极射线示波管的聚焦
电场，其中虚线为等势线，任意两条相邻等势线间电势差相等，之轴为该电场的
中心轴线。一电子从其左侧进人聚焦电场，实线为电子运动的轨迹，P、Q、R为
其轨迹上的三点，电子仅在电场力作用下从P点运动到R点，在此过程中，下列
说法正确的是
A.P点的电势高于Q点的电势
B.电子在P点的加速度小于在R
点的加速度
C.从P至R的运动过程中，电子
的电势能减小
D.从P至R的运动过程中，电子的动能先诚小后增大
高三物理试题卷第2页（共8页）郑州市 2024 年高中毕业年级第一次质量预测
物理 参考答案
一、选择题：本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选
项中，第 1~6 题只有一项符合题目要求，第 7~10 题有多项符合题目要求。全部
选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。
1.D 2.C 3.C 4.B 5.C 6.A 7.BD 8.AC 9.BCD 10.AC
二、实验题：本题共 2 小题，共 14 分。请把分析结果填在答题卡上或按题目要
求作答。
4 2n2L
2
11. 15.20； t ；B
1 / A 1 d 2kE
12.（1） 1 ；11.0 (或 11) （2）A；C I
4
三、计算题：本题共 4 小题，共 46 分。解答时应写出必要的文字说明、方程式
和重要演算步骤。只写最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写
出数值和单位。
13.【解析】
（1） 第一次上拉时，该同学向上做匀加速直线运动，设他上升时的加速度大小为 a，
由运动学 = 1 2
2
得： a=1.2m/s2
由牛顿第二定律
=
解得 F=672N
则 WF=403.2J
( 2 )依题意可得：
WF′= =360J
14.【解析】
（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向
{#{QQABJYKAggAAAAIAARhCEQU6CgCQkAECAIoORAAEsAAAwANABCA=}#}
2h v0t
h 1 qE 2竖直方向 t
2 m
mv2
解得 E 0
2qh
（2）粒子到达 a点时沿负 y方向的分速度为
v qEy at t vm 0
粒子到达 a点时速度的大小
v v20 v
2
y 2v0
方向与 x轴正方向成 45°角
( 3 )依题如图： = 2
粒子在磁场中运动时，由牛顿第二定律
2
qvB m v
r

得： rmax=
则 0 =
=S 扇 SΔ

则 =（ 1） 2
2
15.【解析】
(1)设导体棒 a的速度为 v1，由于 b初态速度为零，则有
I E1 Bdv 1
2R 2R
2 2
对 b FA BId
B d v
1
2R
受力分析，如图所示
{#{QQABJYKAggAAAAIAARhCEQU6CgCQkAECAIoORAAEsAAAwANABCA=}#}
由平衡条件得 FA mg sin
联立可得 v1=12m/s
即导体棒 a的速度 v应满足 v(2)对导体棒 b分析，匀速时，满足
2 2( 1 + 2) = sin
2
解得： 2 =10m/s
(3)对 b，由动量定理 mgt sin BId t mv2
通过导体截面的电荷量 = 8 C
16.【解析】
1 2
（1）假设物体 A一直加速，则， L at1 ， v末 at1 9m/s>v2
假设不成立，所以 A先加速后匀速。设物体 A的加速度大小为 aA，加速运动的时间为 t ，
则
mAg mAaA
v aAt
L 1 aAt
2 v(t t )
2
联立解得 0.2
（2）由动量守恒和机械能守恒可知，A与 B碰后交换速度，则 vB0 6m / s
以水平向右为正方向，B与 C碰撞的过程，由动量守恒定律和机械能守恒定律得
mBvB0 mCvC1 mBvB1
1 m v2 1 m v2 1 2
2 B B0 2 B B1
m
2 C
vC1
v mB mC v 1解得 B1 B0 vB0 3m / smB mC 2
v 2mB 1C1 vB0 vB0 3m / smB mC 2
{#{QQABJYKAggAAAAIAARhCEQU6CgCQkAECAIoORAAEsAAAwANABCA=}#}
B之后以 3m/s的速度向左运动，与 A相撞，此后 A、B再次交换速度，A以vA 3m / s的
速度向左冲上传送带先减速到 0后，再向右加速到达传送带右端，
则有 x相对 vt1
t 2v A1 g
则 A与传送带之间的摩擦热为 = 相对 = 36
3 1（ ）依题： 2
2 0
= 2
则: 2=3 m
{#{QQABJYKAggAAAAIAARhCEQU6CgCQkAECAIoORAAEsAAAwANABCA=}#}

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