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项城一高高三模拟训练试题 （一）
理 科 综 合
注意事项：
1. 答卷前， 考生务必用黑色碳素笔将自己的学校、姓名、准考证号、考场号、座位号填写在答题 卡上， 并认真核准条形码上的学校、准考证号、姓名、考场号、座位号， 在规定的位置贴好条 形码及填涂准考证号。
2. 回答选择题时， 选出每小题答案后， 用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动， 用橡皮擦擦干净后， 再选涂其它答案标号。回答非选择题时， 将答案写在答题卡对应题目的答 题区域内。写在本试卷上无效。
可能用到的相对原子质量： H-1 C-12 O-16 S-32 Na-23 Ba-237
一、 选择题： 本题共 13 小题， 每小题 6 分， 共 78 分。 在每小题给出的四个选项中， 只有一项是 符合题目要求的。
1． 高尔基体蛋白-67 是高尔基体膜蛋白家族中的一员， 该蛋白质对维持高尔基体的形态、功能有 重要作用。激活细胞内的胱天蛋白酶的活性可降解高尔基体蛋白-67， 从而引发细胞凋亡。下 列说法错误的是( )
A． 高尔基体膜主要成分中除了有蛋白质， 还有磷脂
B． 胱天蛋白酶和高尔基体蛋白-67 都是由氨基酸脱水缩合而成的
C． 用药物抑制癌细胞胱天蛋白酶的活性， 可促进癌细胞的凋亡
D． 降解高尔基体蛋白-67 可能会影响细胞的分泌功能
2． 生物的生命活动遵循一定的生物学规律来进行，以下关于“生物学规律” 的叙述正确的是( ) A． 激素、酶都具有高效性， 只能在细胞内发挥作用
B． 记忆细胞出现在抗原刺激后， 只能由 B 细胞增殖分化而来
C． 生态系统中相邻营养级的两种生物能量传递效率只能介于 10%～20%
D． 神经递质都只能由突触前膜释放作用于突触后膜
3． 利用反渗透技术进行海水淡化是解决淡水资源短缺问题的一条重要途径。反渗透是指利用压 力使高浓度溶液中的水分子通过半透膜， 但其他物质不能通过的技术， 如图为反渗透装置示 意图。下列说法正确的是( )
A． 水分子在进行跨膜运输时不需要消耗 ATP， 但需要载体蛋白的协助
B． 若不施加人为压力， 则水分子只能从低浓度溶液一侧向高浓度溶液一侧移动
C. 两侧液面高度持平时， 施加人为压力的作用效果与两侧溶液渗透压差的作用效果相互抵消 D． 若液面处于图中状态时， 去掉人为压力， 则两侧液面高度不会发生变化
4． 人体内的免疫细胞是特异性免疫过程的重要参与者。下列叙述不正确的是( ) A． 树突状细胞、 B 淋巴细胞和巨噬细胞都能加工、 处理和呈递抗原
B． 辅助性 T 细胞在体液免疫和细胞免疫过程中都起着关键作用
C． 某些致病细菌感染人体既可引发体液免疫又可引发细胞免疫
D． 吞噬细胞阻止病原微生物入侵的过程体现了免疫自稳功能
5． 图 1 表示某种群数量变化的相关曲线图， 图 2 是在理想环境和自然条件下的种群数量增长曲 线， B 点种群数量为 K/2。下列有关叙述正确的是( )
A． 图 2 中曲线 X 可表示图 1 中前 5 年种群数量的增长情况
B． 根据图 1 可以判断该种群数量先增加后减少， 然后再增加
C． 图 2 中曲线 X 的 K 值大于曲线 Y 的 K 值
D． 渔业捕捞时为获得持续最大捕捞量， 应在图 2 中的 B 点进行捕鱼
6． 某昆虫的性别决定方式为 XY 型， 其翅形长翅和残翅、 眼色红眼和紫眼为两对相对性状， 各 由一对等位基因控制， 且基因不位于 Y 染色体。现用长翅紫眼和残翅红眼昆虫各 1 只杂交获 得 F1， F1 有长翅红眼、 长翅紫眼、 残翅红眼、 残翅紫眼 4 种表型， 且比例相等。不考虑突变、 交叉互换和致死。下列关于该杂交实验的叙述， 错误的是( )
A． 若 F1 每种表型都有雌雄个体， 则控制翅形和眼色的基因可位于两对染色体
B． 若 F1 有两种表型为雌性， 两种为雄性， 则控制翅形和眼色的基因不可位于一对染色体 C． 若 F1 每种表型都有雌雄个体， 则控制翅形和眼色的基因不可都位于 X 染色体
D． 若 F1 有两种表型为雌性， 两种为雄性， 则控制翅形和眼色的基因不可都位于常染色体 7. 下列有关第 19 届杭州亚运会的叙述错误的是( )
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A． 会场“莲花碗”(如图)采取自然采光方式有利于实现“碳中和”
B． “绿电”全部由单晶双面光伏组件提供， 该光伏组件的主要材料为二氧化硅
C． 各个项目的冠军获得的金牌是合金， 属于混合物
D． 导光管的采光罩将室外自然光引入场内， 采光罩的材质是有机玻璃， 属于有机高分子材料 8.. 黑磷与石墨类似， 也具有层状结构(如图 1)。 科学家最近研发了黑磷-石墨复合负极材料， 其单
层结构的俯视图如图 2 所示。下列说法错误的是( )
A． 黑磷区中 P—P 的键能不完全相同
B． 单层复合材料中 C 和 P 间的作用力为共价键
C． 基态磷原子核外电子中， 两种自旋状态的电子数之比为 3： 2
D． 黑磷中 P 原子的杂化方式和石墨中 C 原子的杂化方式相同
9. CO2 与 SO2 都是酸性氧化物， 有许多相似的化学性质。用 X 表示 C 或S 元素， 下列反应的离子 方程式一定正确的是( )
A． 使用过量的氨水吸收XO2： XO2 + 2OH一 =XO一 + H2 O
B． 将少量的XO2 通入漂白粉溶液中： XO2 + H2O + Ca2+ + 2ClO一 =CaXO3 专 +2HClO C． XO2 溶于水： XO2 + H2O=2H+ + XO一
D． 将过量的XO2 通入 NaOH 溶液中： XO2 + OH一 =HXO
10. 下列实验操作正确且能达到相应实验目的的是( )
选项 A B C D
实验 目的 制备并收集氨气 提纯碘化银胶 体 检验乙炔具有还原 性 制备晶体 Cu (NH3 )4 SO4 . H2O
实验 操作
A． A B． B C． C D． D
高三理综试题
11. 某物质的结构如图所示。短周期元紫 X、 Y、 Z、 W、 M、 Q 的原子序数依次增大， 已知 X 和
W 同周期， W 和 Q 同主族。下列说法错误的是( ) A． 第一 电离能： M > Z > W > Y B． Y、 Z、 W 的简单氢化物的键角依次减小 C． 常温下， M 的单质可以在水溶液中置换出 W 的单质 D． W 的单质一定为非极性分子
12. 近日，清华大学某团队设计出了一种双极性膜(将H2O 解离成 H+ 和OH 一 )电解合成NH3 反应器， 简化模型如图所示， 下列说法错误的是
A． 电极 a 的电势小于电极 b 的电势 B． 通电时双极性膜将水解离为 H+ 和 OH 一， H+ 向阴极方向移动 C． 阴极的电极反应式为 NO + 6H2O = NH3 个 +9OH一 一 8e一 D． 维持电流强度 0.5A， 电池工作 5min， 理论上产生约 0.026L 气体(已折算成标准状况下， 法拉利常量 F=96500 C/mol) 13. 室温下， 0.1 mol . L一1 NH4HCO3 与 0.1 mol . L一1 氨水的混合溶液， 与 0.1 mol . L一1 FeSO4 溶液等体 积混合， 制取FeCO3 沉淀(忽略溶液混合时的体积变化)， 下列说法正确的是( ) A． 溶液混合后Q = c (Fe2+ ) . c (CO一 ) < Ksp (FeCO3 ) B． 反应的离子方程式为Fe2+ + HCO + OH一 = FeCO3 专 +H2O C． 过滤所得滤液中存在2c(SO一 ) = c (NH) + c (NH3 . H2O) D． 0.1 mol . L一1 NH4 HCO3 与 0.1 mol . L一1 氨水的混合溶液中存在： (
2
) (
c
(
NH
+
)
+
c
(
H
+
)
=
c
(
OH
一
)
+
c
(
HCO
一
)
+
c
(
CO
一
)
)4 3 3
二、 选择题： 本题共 8 小题， 每小题 6 分， 共 48 分。 在每小题给出的四个选项中， 第 14～ 18 题 只有一项符合题目要求， 第 19～21 题有多项符合题目要求。 全部选对的得 6 分， 选对但不全的得 3 分， 有选错的得 0 分。 14． 许多科学家对物理学的发展做出了巨大贡献， 也创造出了许多物理学方法， 如理想实验法、 控制变量法、 极限思想法、 模型法、 类比法和科学假说法等等。以下关于物理学史和所用物 理学方法的叙述正确的是( ) A． 卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量， 采用了类比法 B． 伽利略运用理想实验法说明了力是维持物体运动的原因 C． 研究平行板电容器的电容与哪些因素有关利用了控制变量法
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D． 在不需要考虑物体本身的形状和大小时， 用质点来代替物体的方法叫假设法
15． 如图所示， 把质量为 m 的石块从距地面高 h 处以初速度v0 斜向上抛出， v0 与水平方向夹角为 θ , 不计空气阻力， 重力加速度为 g。 若只改变抛射角θ , 下列物理量一定不变的是( )
A． 石块在空中的飞行时间 B． 石块落地时的动能
C． 石块落地的水平距离 D． 石块落地时的动量
16． 如图所示，OM 是竖直的固定挡板， ON 是可绕 O 点转动的木板， 两个半径不同的均匀圆柱 A、 B 放置在挡板与木板之间。不计所有摩擦， 当木板绕 O 点缓慢顺时针方向转动到水平的过程 中， 下列说法正确的是( )
A． A 对 B 的支持力逐渐减小
B． 木板对 B 的支持力逐渐增大
C． 木板对 A 的支持力大小不变
D． 挡板对 A 的支持力大小不变
17． 地球的公转轨道接近圆， 哈雷彗星的运动轨道则是一个非常扁的椭圆.天文学家哈雷成功预言 了哈雷慧星的回归。 哈雷慧星最近出现的时间是 1986 年， 顶计下次飞近地球将在 2061 年左 右。 已知哈雷彗星在近日点与太阳中心的距离为r1， 线速度大小为v1， 加速度大小为a1； 在远 日点与太阳中心的距离为r2， 线速度大小为v2， 加速度大小为a2， 万有引力常量为 G。以下 说法正确的是( )
A. B. v1 < v2 a1 r12 = a2
C． 哈雷彗星轨道的半长轴约为地球公转半径的 18 倍
D． 根据题中数据可估算出太阳的密度
18． 如图所示， 有一根长 5m 的细线水平伸直， 绳子左端固定在 O 点， 右端连接一个质量1kg 的小 球， 在绳子的下方某处固定一个钉子， 当小球运动到最低点时， 细绳刚好断裂， 已知钉子与
O 点之间的连线与水平方向成30。， 绳子能够承受的最大拉力是 70N， 取 g = 10m/s2， 则钉子 离 O 点的距离是( )
A． 1m B． 2m C． 3m D． 4m
19． 两点电荷 M、 N 分别固定在 x = 一20cm 和坐标原点处， 所形成电场的电势在 x 轴上的分布如图
所示， 图线与 x 轴交于x0 处， x = 20cm 处电势最低， 取
无穷远处电势为 0， 一正电荷 q 自x0 处由静止释放， 则
( )
A． x0 处的电场强度为 0
B． 电荷 M、 N 所带电量大小之比为 4 :1
C． 正电荷 q 运动的过程中， 加速度先增大后减小
D． 正电荷 q 运动的过程中， 电势能先减小后增大
20． 如图所示的电路中， 电源的电动势为 E、内阻为 r， C 为电容器， R1 和 R2 为定值电阻， R3 为 光敏电阻（ 阻值随光照增强而减小）， A 为理想电流表， G 为灵敏电流计， 已知 R1>r。 当开关 S 闭合且电路稳定后， 在逐渐增大对 R3 的光照强度的过程中( )
A． A 表的示数变小 B． 电源的输出功率变大
C． 电源内部消耗的热功率变大 D． G 表中有从 a 至 b 的电流
21． 某节能储能输电网络如图所示， 发电机的输出电压 U1= 250V， 输出功率 500kW。降压变压器 的匝数比 n3： n4= 50： 1， 输电线总电阻 R = 62.5Ω。其余线路电阻不计， 用户端电压 U4= 220V， 功率 88kW， 所有变压器均为理想变压器。 则下列数值正确的是( )
A． 发电机的输出电流为 2000A B． 输电线上损失的功率为 40kW
C． 输送给储能站的功率为 400kW D． 升压变压器的匝数比 n1： n2= 1： 46
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三、 非选择题： 共 174 分。
22．（6 分） 图甲是“研究平抛物体的运动” 的实验装置图。
（1） 为了能较准确地描绘运动轨迹， 下面列出了一些操作要求， 正确的是 A． 通过调节使斜槽末端的切线保持水平
B． 实验所用斜槽的轨道必须是光滑的
C． 每次必须由静止释放小球， 而释放小球的位置始终相同
D． 将球的位置标在纸上后， 取下纸， 用直尺将点连成折线
（2） 图乙是正确实验取得的数据， 其中 O 为抛出点， 则此小球做平抛运动的初速度为
m/s。（ g = 9.8m/s2）（保留2 位有效数字）
（3） 在另一次实验中将白纸换成方格纸， 每小格的边长 L = 5cm， 通过实验， 记录了小球在运动 途中的三个位置， 如图丙所示， 则该小球在 B 点的速度为 m/s。（ g = 10m/s2）（ 保 留 2 位有效数字）
23．（12 分） 某同学用如下图(a)所示的电路测量一根粗细均匀的电阻丝 MN 的电阻率， 同时测量 1 节干电池的电动势和内阻以及电流表的内阻。图(a)中 R0=1.2Ω。
（1） 闭合开关前， 滑动触头 P 应置于电阻丝 MN 的 （填“M”或“N”） 端。
（2）调节滑动变阻器滑片 P， 记录电压表示数 U、 电流表示数 I 以及 PN 对应的长度 x， 绘制 U—I 图线和 —x 图线， 分别如图（ b） 和图(c)所示。
（3） 由图（ b） 求得电池的电动势 E= V， 内阻 r= Ω （结果保留两位小数）。
（4） 图(c)中图像的斜率为 k， 纵截距为 b， 如果测得电阻丝横截面积为 S， 则电阻丝的电阻率
ρ= ， 电流表的内阻为 。 电流表的内阻对电阻率的测量 （选填“有” 或“没有”） 影响。
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24．（10 分） 如图甲所示， 足够长的水平桌面， 左边的区域粗糙， 右边的区域光滑， 物块 1 在物块 2 的拉动下从左侧开始向右运动， 其 v-t 图像如图乙所示， 轻质细线分别处于水平状态和竖直 状态， 不计定滑轮与细线和轮轴之间的摩擦力， 已知 1、 2 的质量之和为 M， 物块 1 始终不与 滑轮相碰， 重力加速度为 g， 根据图像所提供的信息来分析， 求：
（1） 0~2t0 时间内， 物块 1 的平均速度；
（2） 物块 1 与桌面粗糙区域之间的动摩擦因数以及物块 1 的质量。
25．（14 分） 如图所示， 在 xOy 平面内， 有两个半圆形同心圆弧， 与坐标轴分别交于 a、 b、 c 点和 a'、 b'、 c'点， 其中圆弧 a'b'c'的半径为 R， 两个半圆弧之间的区域内分布着辐射状的电场， 电 场方向由原点 O 向外辐射， 其间的电势差为 U， 圆弧 a'b'c'上方圆周外区域， 存在着上边界为 y=2R 的垂直纸面向里的足够大匀强磁场， 圆弧 abc 内无电场和磁场， O 点处有一粒子源， 在 xOy 平面内向 x 轴上方各个方向， 射出质量为 m、 电荷量为 q 的带正电的粒子， 带电粒子射出
(
m
)时的速度大小均为 v0 = ， 被辐射状的电场加速后进入磁场， 不计粒子的重力以及粒子
之间的相互作用， 不考虑粒子从磁场返回圆形区域边界后的运动， 求：
（1） 粒子被电场加速后的速度 v；
（2） 要使有的粒子能够垂直于磁场上边界射出磁场， 且该粒子运动轨迹的圆心为 y 轴上某点， 求 此时磁场的磁感应强度的大小 B0。
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26．（20 分） 如图甲所示， 水平面上固定着间距为 l=1m 的两条平行直轨道， 其中 CE、 DF 段轨道 是绝缘材料制成的， 其它轨道均为不计电阻的导体， AB 之间有一个“3V 9W”的灯泡 L， CD 的 右侧轨道内分布着垂直导轨平面竖直向上的匀强磁场， 该磁场的磁感应强度的大小 B1 随时间 的变化情况如图乙所示， EF 的左侧轨道内分布着垂直导轨平面竖直向下的匀强磁场， 其磁感 应强度大小为 B2=2T。t=0 时刻，质量为 m1=2kg、电阻为 r1=1Ω的 a 棒静止在距离导轨右端 d1=2m 处， 质量为 m2=1kg、 电阻为 r2=3Ω的 b 棒在距离 EF 左侧 d2=2m 处被一种特定的装置锁定，
两棒均长为 l=1m， 且与轨道接触良好。 CD 右侧的轨道与棒间的动摩擦因数为μ=0.2， CD 左 侧的轨道光滑且足够长，可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑轨道连接处的阻碍。t=1s 时， 对 a 棒施加水平向左、 大小为 F=8N 的恒力， 在离开 B1 磁场区域时已达到稳定的速度， 过 CD 后撤去恒力。 当 a 棒接触到 b 棒时， b 棒的锁定装置迅速解除， 随后两棒碰撞并粘在一
起成为一个整体。不考虑灯泡阻值的变化。 求：
（1） t=1s 时， 灯泡 L 的功率及 a 棒所受摩擦力的大小；
（2） a 棒刚进入 B2 磁场时， b 棒两端的电势差 U；
（3） b 棒在整个过程中产生的焦耳热。
27.（ 15 分） 次硫酸氢钠甲醛( NaHSO2 .HCHO.2H2O， 其相对分子质量为 154)俗称吊白块， 在空 气中易被氧化， 120℃时会分解， 在印染、 医药及原子能工业中应用广泛。 某实验小组以 Cu、
浓H2SO4、 Na2SO3、 HCHO 和 Zn 为原料制备次硫酸氢钠甲醛。回答下列问题：
(1)制备SO2： 将 Cu 片置于浓H2SO4 中， 一定条件下反应生成SO2。
①Cu 与浓H2SO4 发生反应的化学方程式为 。 ②该方法制备SO2 时， 可以采用的装置是 (填字母)。
(2)制备NaHSO3 溶液：在三颈烧瓶中加入一定量Na2SO3 固体和H2O，搅拌溶解，再缓慢通入SO2， 实验装置如图所示(夹持仪器已省略)。
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止水夹常温下， Na2SO3 溶液吸收SO2 的过程中， n (SO一 ) : n(HSO) 及n(HSO) : n(H2SO3 ) 等
于 1 时， 溶液的 pH 分别为 7.2、 2。
①装置 D 中多孔球泡的作用是 ； 装置 X 的名称为 。
②常温下， HSO 的水解常数Kh = ， NaHSO3 溶液呈酸性， 用化学平衡原
理解释： 。
(3)制备次硫酸氢钠甲醛： (2)中充分反应后， 将装置 D 中导气管换成橡皮塞， 向三颈烧瓶中加入 稍过量的锌粉和一定量甲醛溶液， 在 80～90℃下， 反应约 3h， 冷却至室温， 抽滤； 将滤液真
空蒸发浓缩， 冷却结晶。
①生成NaHSO2 . HCHO ［副产物为Zn(OH )2 ］ 时发生反应的化学方程式为 。 ②在真空容器中蒸发浓缩的原因是ⅰ.防止 ， ⅱ.防止温度过高使 产物分解。
(4)测定产品的纯度： 准确称取 2.0g 产品， 完全溶于水配成 100mL 溶液， 取 20.00mL 所配溶液， 加入过量碘完全反应后(已知 I2 不能氧化甲醛， S 元素转化为SO一， 杂质不反应)， 加入BaCl2 溶液至沉淀完全， 过滤、 洗涤、干燥至恒重得到白色固体 0.466g。 产品的纯度为 。
28. （15 分） 明朝宋应星所著的《天工开物》 中记载了世界上最早的炼锌技术： “罐中炉甘石熔化 成团， 冷定毁罐取出。每十耗其二， 即倭铅也。 ”这里炉甘石即菱锌矿(含 85%ZnCO3， 其余为 SiO2、 Fe3O4、 CuO、 CaO 和 MgO 杂质)。 硒化锌是一种半导体材料， 以菱锌矿为原料制备硒 化锌的流程如下：
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已知部分信息如下：
①常温下， 几种离子形成氢氧化物的 pH 如表所示。
金属离子 Fe3+ Fe2+ Cu2+ Zn2+ Mg2+
开始沉淀的 pH 1.9 7.0 6.0 6.2 8.8
完全沉淀的 pH 3.2 9.0 8.0 8.2 10.9
②锌的性质和铝、 铜相似， 如 Zn(OH)2 是两性氢氧化物， Zn(OH)2 溶于氨水形成[Zn(NH3)4]2+。 回答下列问题：
(1)为增大“酸浸”速率， 可采取的措施是 (填一条即可)， “酸 浸” 中溶解 Fe3O4 的离子方程式为 。
(2)“滤渣 1”的主要成分为 (填化学式)。
(3)常温下， “调 pH”的范围为 。
(4)“反萃取” 中稀硫酸的主要作用是
(5)“电解” 中以石墨为电极， 阳极的电极反应式为 ， 废液可以循环用于 (填名称)工序。
(6)合成 ZnSe 宜在氩气氛围中进行， 氩气的作用是 。
(7)硒化锌(ZnSe)晶胞结构如图甲所示， 乙图为甲图的俯视图，
若 A 点坐标为(0， 0， 0)， B 点坐标为( 1 ，1， 1 )则 D 点坐
2 2
标为 。在晶胞中距离 Se 最近且等距离的 Zn 组
成的空间结构为 形。
29.（ 15 分） 处理、回收利用 CO 是环境科学研究的热点课题。回答下列问题：
(1)CO 用于处理大气污染物 N2O 的反应为 CO(g)＋N2O(g) CO2(g)＋N2(g)。在 Zn＋作用下该反
应的具体过程如图 1 所示， 反应过程中能量变化情况如图 2 所示。
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总反应： CO(g)＋N2O(g) CO2(g)＋N2(g) ΔH= kJ·mol-1； 该总反应的决速步是
反应 (填“①”或“②”)， 该判断的理由是
(2)已知： CO(g)＋N2O(g) CO2(g)＋N2(g)的速率方程为 v=k·c(N2O)， k 为速率常数， 只与温度
有关。为提高反应速率， 可采取的措施是 (填字母序号)。
A． 升温 B． 恒容时， 再充入 CO C． 恒压时， 再充入 N2
(3)在总压为 100kPa 的恒容密闭容器中， 充入一定量的 CO(g)和 N2O(g)发生上述反应， 在不同条
件下达到平衡时， 在 T1K 时 N2O 的转化率与、在 =1 时 N2O 的转化率与 的
变化曲线如图 3 所示：
①表示 N2O 的转化率随 的变化曲线为 曲线(填“I”或“Ⅱ”)；
②T1 和 T2 温度下对应的浓度平衡常数 K（ T1） K （T2） (填“>”或“ ＜”)；
③已知： 该反应的标准平衡常数Kθ = ， 其中 pθ为标准压强(100kPa)， p(CO2)、
p(N2)、p(N2O)和 p(CO)为各组分的平衡分压，则 T4 时，该反应的标准平衡常数 Kθ= (计 算结果保留两位有效数字， P 分=P 总×物质的量分数)。
(4)间接电解法除 N2O。其工作原理如图 4 所示， 已知： H2S2O4 是一种弱酸。从 A 口中出来的气 体是 (填化学式)， 电解池的阴极电极反应式为 ， 用化学方 程式表示吸收池中除去 N2O 的原理： 。
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30.（ 13 分） 一种化合物 H 的合成路线如图所示(Ph—代表苯基)：
(1)A 生成 B 的反应试剂和条件为 。
(2)B 的化学名称为 。
(3)化合物 D 的酸性比对氯苯甲酸的酸性 (填“强”“弱”或“无差别”)。 (4)有机物 F 的分子式为C10H10， 则其结构简式为 。
(5)D 有多种同分异构体， 同时满足下列条件的同分异构体有 种(不考虑立体异构)。 ①苯环上有两个取代基 ②能发生银镜反应
(6)写出以苯乙烯、 苯甲醇、 为原料制备的合成路线： (无机
试剂和有机溶剂任用)。
31．（12 分， 除标注外， 每空 2 分） Mn 是多种呼吸酶的重要组成成分， 在光合作用中也扮演了十 分重要的角色， 并参与了叶绿素的合成。 某实验小组为探究 Mn 对光合反应的作用， 从光反 应与暗反应两个角度设计实验进行探究。回答下列问题：
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I． Mn 在光反应中的作用
该实验小组使用缺 Mn 营养液长期培养拟南芥， 发现拟南芥的净光合速率明显下降， 查阅资料 发现， 水的裂解放氧与 Mn4CaO5 簇合物密切相关。
(1)Mn4CaO5 最可能位于 （填细胞具体结构） 上。
Ⅱ . Mn 在暗反应中的作用
该实验小组继续查阅资料， 发现 Mn 是暗反应中多种酶的激活剂或组成成分。该实验小组利用 去膜叶绿体悬液再次设计实验， 其中的 Mn 已经除去， 同时提供物质支持暗反应的进行， 结果 显示暗反应速率减慢。
(2)暗反应的场所是 ， 上述实验中提供的支持暗反应进行的物质为 ， 该实验对 光的需求情况是 。
(3)植物缺 Mn 会导致叶片缺绿、植株瘦小，出现该症状的原因是 （答出 2 点,4 分）。
32．（12 分， 除标注外， 每空 2 分） 遗传病是威胁人类健康的重要因素， 对人类遗传病进行调查、 分析、 监测和预防是优生学的重要任务。回答下列有关问题：
(1)遗传病可以表现为先天性疾病， 也可以表现为后天性疾病， 但先天性疾病和后天性疾病并不 都是遗传病， 判断某种先天性疾病或后天性疾病不是遗传病的依据是 。
(2)红绿色盲的主要发病特点是 。 某学习小组在本地区人群中随机调查 了 1000 个男性红绿色盲的患病情况， 发现患病男性为 80 个， 据此推测， 该地区人群中红绿 色盲基因 b 的频率约为 ， 本地区人群中女性红绿色盲患者的比例约为 。
(3)学习小组还发现本班一位女同学患有视网膜色素变性遗传病（一种单基因遗传病）， 其父亲也 患有此病， 母亲、 妹妹和弟弟都正常， 进一步调查显示， 该女同学的祖母患有此病， 祖父、
外祖母和外祖父表现正常。后对该女同学母亲进行了基因检测， 发现其母亲没有携带视网膜 色素变性遗传病致病基因， 则可判断视网膜色素变性为 遗传病。
(4)科研人员发现一种新的遗传病（FSHD）， 其与 4 号染色体上的 D 基因、 18 号染色体上 S 基因 的表达水平相关， 如图所示。
①研究发现： FSHD 的致病条件是 D 基因表达。 则据图分析： 表型 个体是正常个体，
其体内的基因表达状况是 （假定该个体是纯合子， 请用诸如 G+G+ 的形式表示 相关基因的表达状况， 其中 G 代表相关基因， “+”表示表达， “–”表示不表达或表达量不足）。
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②研究发现 18 号染色体上还存在与 Pitt-Hopkins 综合征相关的 T 基因。基因 S/s 和 T/t 遗传时 不遵循基因自由组合定律， 理由是 。
33．（10 分， 每空 1 分） 下丘脑在人体部分生命活动的调节过程中发挥着重要作用， 如下图所示：
(1)若刺激为血糖升高， 图示中下丘脑参与的调节为 调节， 胰岛素对组织细胞表 现的效应一方面为促进血糖进入组织细胞氧化分解、 、 ， 另一
方面又能抑制 和非糖物质转变成葡萄糖。
(2)安静状态下， 人体主要通过 等器官的活动提供热量。 若腺体 B 为甲状腺， 当受到寒 冷刺激时， 垂体会释放 来作用于腺体 B， 促进激素 b 的释放， 通过体液运输后起 作用， 使机体产热增加。体内需要源源不断地产生激素， 以维持激素含量的动态平衡原因是
。
(3)某同学在上完间操后， 大量出汗， 导致细胞外液渗透压升高， 渗透压感受器兴 奋， 引起机体分泌的激素 C 增加， 激素 C 由 释放， 作用于 对水的 重吸收， 使尿量减少。由此可以看出， 动物体的生命活动在各器官、 各系统的调节下协调完
成， 共同来维持内环境稳态。
34．（10 分，每空 2 分）林窗是指森林群落中老龄树死亡或偶然因素导致成熟阶段的优势物种死亡， 从而林冠层形成空隙的现象。生态学家 Runkle 和 Barden 对林窗进行长期的调查研究， 发现环 境因素影响林窗植物物种丰富度的变化结果如图所示。回答下列问题：
(1)林窗形成后， 首先是草本植物迅速生长， 第二年长出灌木并逐渐成为优势物种， 影响草本和 灌木等植物生长的主要环境因子是 ， 在林窗中进行的群落演替属
于 。
高三理综试题
(2)调查林窗土壤小动物类群的方法常用 ， 统计土壤小动物类群丰富度的方法 有 。
(3)分析图形信息可知， 影响林窗植物丰富度的主要环境因素有 。
35．（10 分， 除标注外， 每空 1 分） 在 2023 年中央一号文件关于“加强高标准农田建设” 的专门章 节中， 出现了“严厉打击盗挖黑土、 电捕蚯蚓等破坏土壤行为” 的明确表述， 关于野生蚯蚓对 土壤的价值及生物多样性在人类农业发展中起到的作用， 再次引起人们思考。如图 1 为某人 工生态系统的示意图， 图 2 表示该生态系统中部分能量流动图解， 其中 N1~N7 表示能量值。
回答下列问题：
(1)蚯蚓作为分解者， 在该生态系统中发挥的作用是 。 蚯蚓干物质内蛋白质含量高达 70%， 并且含有多种牲畜、 鱼虾等生长发育所必需的氨基酸， 是非常好的饲料， 从能量流动的角度分析， 其意义是 。 将蚓粪作为有机肥施用到农田、 果园中有诸多好处， 但实际生产时仍需适当补充化肥， 这主
要是因为 。
(2)稻飞虱刺吸水稻茎、 叶组织的汁液， 使水稻减产或失收。 苏云金杆菌对稻飞虱等多种害虫具 有杀虫活性， 可被制成杀虫剂， 稻飞虱中的碳元素可先后通过 （生理过程） 最 终流向水稻。与吡虫啉等人工合成的化学农药相比，上述杀虫剂的优点有 。
(3)图 2 中 N7 可表示 ， N6 属于 （用图中带数字的字母表示） 中的一部分。
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项城一高高三模拟训练试题 （一）
理综参考答案
1.【答案】C
【解析】 高尔基体具有单层膜结构， 生物膜主要由蛋白质和磷脂组成， A 正确； 胱天蛋白酶和高 尔基体蛋白-67 都是蛋白质， 蛋白质是由氨基酸脱水缩合而成的， B 正确； 激活细胞内的胱天蛋白 酶的活性可降解高尔基体蛋白-67， 从而引发细胞凋亡， C 错误； 高尔基体能够对分泌蛋白进行加 工、分类、 包装， 高尔基体蛋白-67 对维持高尔基体的形态、功能有重要作用， 降解高尔基体蛋白
-67 可能会影响细胞的分泌功能， D 正确。
2.【答案】D
【解析】激素、酶都具有高效性， 但酶可在细胞外发挥作用， A 错误； 记忆细胞除了能由 B 细胞 分化而来， 还可以由细胞毒性 T 细胞和记忆细胞增殖分化而来， B 错误； 生态系统中相邻两个营 养级的能量传递效率一般介于 10%～20%，C 错误； 任何神经递质都只能由突触前膜释放作用于突
触后膜， D 正确。
3.【答案】C
【解析】 水分子在进行跨膜运输的方式为被动运输， 不需要消耗 ATP， 水分子可以通过自由扩散 或协助扩散进行跨膜运输。前者不需要转运蛋白协助， 而后者需要水通道蛋白协助 （不是载体蛋 白）， A 错误； 不施加人为压力， 水分子可在低浓度溶液与高浓度溶液之间双向运输， B 错误； 两
侧溶液存在渗透压差， 若不施加人为压力， 水分子会从低浓度溶液一侧向高浓度溶液一侧运输，
使两侧溶液出现液面差， 若施加人为压力使两侧液面持平， 则说明此时人为压力的作用效果与两 侧溶液渗透压差的作用效果相互抵消， C 正确； 若处于图中液面状态时去掉人为压力， 则图中左
侧液面下降， 右侧液面上升， D 错误。
4.【答案】D
【解析】树突状细胞、 B 淋巴细胞和巨噬细胞都能加工、 处理和呈递抗原， 因而都属于抗原呈递 细胞， A 正确； 辅助性 T 细胞在体液免疫和细胞免疫过程中都起着关键作用， 在体液免疫中能传 递抗原信息， 并能增殖分化产生细胞因子， 细胞因子能促进 B 细胞和细胞毒性 T 细胞的分裂、分 化过程， 进而增强免疫反应， B 正确； 某些致病细菌属于胞内寄生物， 如麻风杆菌感染人体后既 可引发体液免疫又可引发细胞免疫， C 正确； 吞噬细胞阻止病原微生物入侵的过程体现了免疫防
御功能， D 错误。
5.【答案】A
【解析】 图 1 中前 5 年种群数量每年以固定倍数增加， 符合 J 型（形） 曲线模型， 所以可以用图 2 中曲线 X 表示， A 正确； λ> 1， 种群数量增长； λ＜ 1 种群数量减少； 图 1 中λ前 10 年大于 1， 后 十年小于 1， 所以该种群数量先增加后减少， B 错误； 图 2 中曲线 X 为 J 型 （形） 曲线， 没有 K
值， C 错误； 图 2 中的 B 时种群增长速率最大， 渔业捕捞时为获得持续最大捕捞量， 一般都在 B
点后捕捞， 使其捕捞后处于最大增长速率， D 错误。
6.【答案】B
【解析】假设用 A/a、 B/b 表示控制这两对性状的基因， 若 F1 每种表型都有雌雄个体， 则亲本的基 因型为 AaBb 和 aabb 或 AaXBXb 和 aaXbY 都符合 F1 有长翅红眼、 长翅紫眼、 残翅红眼、 残翅紫眼 4 种表型， 且比例相等的条件， A 正确； 假设用 A/a、 B/b 表示控制这两对性状的基因， 若 F1 有两 种表型为雌性， 则亲本的基因型为 XaBXab 和 XAbY 符合 F1 有长翅红眼、 长翅紫眼、 残翅红眼、 残 翅紫眼 4 种表型， 且比例相等的条件， B 错误； 若控制翅形和眼色的基因都位于 X 染色体， 则子 代的结果是 F1 有两种表型为雌性， 两种为雄性， 或只有两种表现型， 两种表现型中每种表型都有 雌雄个体。 所以若 F1 每种表型都有雌雄个体， 则控制翅形和眼色的基因不可都位于 X 染色体， C 正确； 若控制翅形和眼色的基因都位于常染色体， 性状与性别没有关联， 则 F1 每种表型都应该有
雌雄个体， D 正确。
7.【答案】B
【详解】A． 会场采取自然采光方式能节约能源， 有利于实现“碳中和”， A 正确；
B． 该光伏组件是电池， 主要材料为晶体硅， B 错误；
C． 金牌是合金， 属于混合物， C 正确；
D． 采光罩的材质是有机玻璃， 属于有机高分子材料， D 正确； 故答案选 B。
8.【答案】D
【详解】A． 根据黑磷中 P - P 键的键长不相同可知， 黑磷区中 P - P 键的键能不完全相同， A 项正
确；
B． 黑磷与石墨以共价键相连， B 项正确；
C． 基态磷原子核外电子排布式为1s2 2s2 2p6 3s2 3p3， 两种自旋状态的电子数之比为 3： 2， C 项正确； D．黑磷中每个 P 原子与周围 3 个 P 原子成键，还有一对孤对电子，为 sp3 杂化，石墨中 C 原子为 sp2
杂化， D 项错误。 故答案选 D。
9.【答案】D
【详解】A． 一水合氨为弱碱， 不能拆开写， 故 A 错误；
B． SO2 具有还原性， 与漂白粉溶液发生氧化还原反应， 正确的离子方程式为：
SO2 + H2 O + Ca2+ + ClO- =Cl- +CaSO4 +2H+， 故 B 错误；
C． CO2 与SO2 都是酸性氧化物， 与水反应生成碳酸和亚硫酸， 均为弱酸， 不能拆开写， 故 C 错误；
D． CO2 与SO2 都是酸性氧化物， 过量的CO2 或SO2 与 NaOH 反应均生成酸式盐， 故 D 正确；
故选 D。
10.【答案】D
【详解】A． 氨气收集装置的导管应插入试管底部， A 项错误；
高三理综答案 第 1 页
B． 胶体可以透过滤纸， 过滤无法分离溶液和胶体， B 项错误；
C． 实验室制得的乙炔气体中会混有H2S 和PH3， 都可以使酸性高锰酸钾溶液褪色， C 项错误；
D． 95% 乙醇溶液加入到硫酸四氨合铜溶液中， 降低了溶质的溶解度， 析出晶体， D 项正确
答案选 D。
11.【答案】D
【详解】A． 同周期从左至右元素的第一电离能呈增大趋势， 但第 VA 族元素的半充满结构会使其
第一 电离能偏高一些， 故第一电离能： F>N>O>C， A 项正确；
B． 由于CH4、 NH3、 H2O 中心原子的孤电子对数依次增多， 所以键角： CH4 > NH3 > H2O， B 项
正确；
C． 氟元素的非金属性强于氧元素， 氟气能与水发生置换反应生成氢氟酸和氧气， C 项正确；
D． O 元素的单质有O2 和O3， 臭氧是空间构型为V 形的极性分子， D 项错误； 故选 D。
12.【答案】D
【详解】A． a 发生还原反应是阴极， b 是阳极， 电极 a 的电势小于电极 b 的电势， 故 A 正确；
B． 由图可知通电时双极性膜将水解离为 H+和 OH-， 阳离子向阴极移动故 H+ 向阴极方向移动， 故
B 正确；
C．据分析，阴极硝酸根离子的电子结合水生成氨气和氢氧根离子 NO + 6H2O + 8e一 = NH3 个 +9OH一，
故 C 正确；
D． 维持电流强度 0.5A， 电池工作 5min， 则转移电子的物质的量为 0.5x5x60/96500=0.00155mol，
据分析 8mole-~2molO2~1molNH3， 则维持电流强度 0.5A， 电池工作 5min 生成气体 0.013L 气体，
故 D 错误； 故选 D。
13.【答案】C
【详解】A． 混合后溶液中有沉淀形成， 则Ksp (FeCO3 ) > c (Fe2+ ) . c (CO一 )， A 错误；
B． 该反应的离子方程式为Fe2+ + HCO + NH3 . H2 O = FeCO3 专 +NH + H2 O， B 错误；
C． 所得滤液为(NH4 )2 SO4， 根据物料守恒， = ， 则可以推出
(
4
4 3 2
)2c(SO2一 ) = c (NH+ ) + c (NH . H O)， C 正确；
D． 0.1 mol . L一1 NH4HCO3 与 0.1 mol . L一1 氨水的混合溶液中， 根据电荷守恒，
c (NH ) + c (H+ ) = c (OH一 ) + c (HCO ) + 2c(CO一 )， D 错误； 故选 C。
14.【答案】C
【详解】A． 卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量， 采用了放大法， 故 A 错误；
B． 伽利略运用理想实验法说明了力不是维持物体运动的原因， 故 B 错误；
C． 研究平行板电容器的电容与哪些因素有关利用了控制变量法， 故 C 正确；
D． 在不需要考虑物体本身的形状和大小时， 用质点来代替物体的方法叫理想模型法， 故 D 错误。
故选 C。
15.【答案】B
【详解】A． 石块方向分速度vy = v0 sinθ , 竖直方向根据h = vt 一 gt2 = v0 sinθ. t 一 gt2
可知在空中的飞行时间因θ的不同而不同， A 错误；
B． 根据动能定理可得石块落地时的动能Ek = mgh + mv， 可知石块落地时的动能一定相同， B 正
确；
C． 水平方向 x = v cosθ. t， 结合 A 选项分析可知石块落地的水平距离可能因θ的不同而不同， C 错误；
D． 根据 C 选项分析可知， 落地时速度的大小相同， 但是方向不相同， 所以石块落地时的动量不
同， D 错误。 故选 B。
16.【答案】A
【详解】AB.对 B 受力分析， 由三力平衡知
根据正弦定理 FAB = FN = mg ， 当木板缓慢顺时针转动到水平的过程中， 经1 不变， 经2 由 sin 经3 sin 经2 sin 经1
钝角变为锐角， 经3 变大， 所以 A 对 B 的支持力逐渐减小， 木板对 B 的支持力先增大后减小。 A
正确， B 错误；
CD.将 A、 B 看成整体受力分析
当木板缓慢顺时针转动到水平的过程中， FOM 方向不变， 根据动态三角形， 挡板对 A 的支持力逐 渐减小， 木板对 A、 B 总的支持力逐渐减小， 因木板对 B 的支持力先增大后减小， 木板对 A 的支
持力不可能不变。 CD 错误。 故选 A。
17.【答案】C
高三理综答案 第 2 页
【详解】A． 根据开普勒第二定律知， 彗星在近日点的速度大于其在远日点的速度， 即v1＞v2， 故
A 错误；
B． 对近日点， 根据牛顿第二定律有G = ma1， 对远日点， 根据牛顿第二定律有G = ma2，
(
a
r
2
)联立解得 1 = ， 故 B 错误；
a2 r1
C. a3 设哈雷彗星轨道的半长轴是 a， 地球公转半径为 r， 根据开普勒第三定律
(
a
3
r
3
)= k 得 T = T， 可得 a = r 心 18r， 故 C 正确； 对近日点， 根据牛顿第二定律有G = ma1， 可得 M = ， 可知M = pV = pπR3，
T2 D.
联立可得 p = ， 由于太阳的半径 R 未知， 则太阳的密度不可估测， 故 D 错误； 故选 C。
18.【答案】D
【详解】设小球到达最低点时的速度为v1， 细线与钉子接触时小球的速度为v0， 细线的长度为 L，
钉子离 O 的距离为x， 最低点绳子的最大拉力为 F， 则由机械能守恒有mgLsin 30。= mv， 由动
能定理有mg[L 一 x 一 (L 一 x) sin 30。] = 1 mv 一 1 mv， 由牛顿第二定律有 F 一 mg = m v ， 联立解得
2 2 L 一 x
x = 4m， 故选 D。
19.【答案】BD
【详解】A． Q-x 图像， 斜率表示电场强度， 在x0 处的图像斜率不为零， 则电场强度也不为零， 故
A 错误；
(
(40
cm
)
(20
cm
)
)B． x = 20cm 处图像斜率为零， 则满足k=k， 所以电荷 M、 N 所带电量大小之比
(
Q
2
1
，
)为 Q1 = 4 故 B 正确；
C． 一正电荷 q 自x0 处由静止释放， 根据电势变化情况可知， 自x0 处右侧场强方向先沿x 轴正方向 后沿x 轴负方向， 场强先减小为零后反向增大再减小， 根据牛顿第二定律， 有Eq = ma， 可知正电
荷 q 运动的过程中， 加速度先减小为零后反向增大再减小， 故 C 错误；
D． 一正电荷 q 自x0 处由静止释放， 根据电势变化情况可知， 自x0 处右侧场强方向先沿x 轴正方向 后沿x 轴负方向， 电场力先做正功后做负功， 电势能先减小后增大， 故 D 正确。 故选 BD。
20.【答案】BC
【详解】A． 增大对 R3 的光照强度， 其电阻减小， 电路总电阻减小， 根据闭合电路欧姆定律可知，
高三理综答案
电路中的干路电流增大， 则 A 表的示数变大。 故 A 错误；
B． 由于 R1>r， 结合电源的输出功率与外电阻的关系可知， 当外电阻减小时， 电源的输出功率增大， 故 B 正确；
C． 根据公式 P = I2 r， 结合 A 选项， 可知电流增大， 电源内部消耗的热功率增大。 故 C 正确 ； D． 由闭合电路欧姆定律U = E 一 I(R1 + r)， 可知， 并联部分电压减小， 即电容器两端电压减小，
所以电容器处于放电过程， 电流从 b 流向 a。 故 D 错误。 故选 BC。
21.【答案】AD
【详解】A.由题知， 发电机的输出电压 U1 = 250V， 输出功率 500kW， 则有I1 = = 2 x 103 A， 故
A 正确；
BD． 由题知， 用户端电压 U4 = 220V， 功率 88kW， 则有 = = ， P′ = U4I4
解得 I4 = 400A， I3 = 8A， U3 = 11000V， 则输电线上损失的功率为 P 损 = I32R = 4kW，
且 U2 = U3 ＋I3R = 11500V， 再根据 = ， 解得 = 416， 故 B 错误， D 正确；
C. 根据理想变压器无功率损失有 P = U2I3 ＋P 储， 解得 P 储 = 408kW， 故 C 错误。 故选 AD。
22. （6 分）【答案】 AC （2 分） 1.6 （2 分） 2.5 （2 分）
【详解】（1） A． 由于小球做平抛运动， 因此斜槽末端的切线必须保持水平， A 正确；
BC． 只要保证小球每次从斜槽上同一位置由静止释放， 无论斜槽是否光滑， 都能确保每次小球做
平抛运动的初速度相同， B 错误， C 正确；
D． 将球的位置标在纸上后， 取下纸， 用平滑的曲线将各个点连接起来， D 错误。
故选 AC。
（2） 根据 x = v0t； y = gt2； 代入图中任一 点的坐标值都可以得到v0 = 1.6m/s；
（3） 由图丙可知， 从 A 到 B 和从 B 到 C， 时间间隔 Δt 相等， 在竖直方向上 Δy = g . Δt2；
可得 Δt = (5 一 30.05 s = 0.1s； 因此 B 点的水平速度v0 = = 1.5m/s； 竖直速度
vy = = 2.0m/s； 因此 B 点的合速度大小为 vB = = 2.5m/s .
23. （12 分）【答案】 M（2 分） 1.49（ 2 分） 0.25（ 2 分）
kS（2 分） b（ 2 分） 没有（ 2 分）
【详解】（1） 闭合开关前， 滑动触头 P 应置于电阻丝接入电路的阻值最大， 确保电路安全， 所以
应置于 M 端。
（3） 由U = E 一 I(r + R0 )， 可知， 纵截距等于 E， 则 E=1.49V， 斜率的绝对值等于 r+R0， 则
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k = 1. 1.0 = 1.45 = r + R0， 解得 r=0.25Ω .
（4） 设电流表内阻为 RA， PN 对应的长度为 x 时， 对应的电阻为px， 所以有 U = RA + px；
S I S
由图可知k = ； b=RA； 解得p = kS； b=RA； 由p = kS 可知， 电阻率与电表的内阻无关， 因此电
流表的内阻对电阻率的测量无影响。
24.（ 10 分）【答案】（1） v = 5v0 ；（2） m1 = M (gt0 一 2v0 )， μ = v0
4 gt0 gt0 一 2v0
【详解】（ 1） 由乙图分析可得 0~2t。时间内， 1 的位移为
s = t0 + t0 …………………… （2 分）
平均速度为v = s （1 分）
2t0 ……………………
综合解得v = 5v0 4 …………………… （1分）
(
v
0
) (
（
1
分）
) (
=
) (
……………………
) (
t
0
)（2） 0~t0 时间内， 整体的加速度为a1
t0~2t0 时间内， 整体的加速度为a2 = 3v0tv0 = …………………… （1 分）
设 1、 2 的质量分别为 m1、 m2， 1.与桌面粗糙区域之间的动摩擦因数为μ, 由题意可得
m1 + m2 = M
对整体进行受力分析， 由牛顿第二定律可得
粗糙面上m2g 一 μm1g = Ma1 （1 分）
光滑面上m2g = Ma2 （1 分）
综合解得：
(
2
Mv
0
M
(
gt
0
一
2
v
0
)
v
0
)m2 = ， m1 = ， μ = （2 分）
gt0 gt0 gt0 一 2v0
(
m
R
3
q
)25.（ 14 分）【答案】（1） v = 2 ；（2） B0＝ 2
【详解】（1） 对粒子被电场加速过程， 由动能定理得
(
1
2
1
2
)qU＝ mv 一 mv0 …………………… （3 分）
2 2
已知 v0 =
解得 v = 2 …………………… （2 分）
（2）垂直磁场上边界射出的粒子的圆心 O'必在磁场上边界上， 设粒子在磁场中做匀速圆周运动的
轨道半径为 r， 由洛伦兹力提供向心力得
qvB＝m …………………… （2 分）
粒子运动轨迹如下图所示
由几何关系可知 OO′ 的长度总是满足
(
……………………
（
3
分）
……………………
（
2
分）
)OO,＝
解得： r＝ R
(
mU
) (
（
2
分）
) (
……………………
) (
3
q
)解得： B0＝
26. （20 分）【答案】（1） 4W， 4N；（2） 3V；（3） 2.25J
【详解】（1） 0 ~ 1s 内， 磁场增强， 由楞次定律判断， a 棒的电流方向为向上， 由法拉第电磁感应
定律可知：
ΔΦ ΔB 2
E = = ld1 = 根1根 2V = 4V （1 分）
Δt Δt 1
灯泡的电阻为：
RL = = 1Ω …………………… （1 分）
由闭合电路欧姆定律可知， 感应电流大小为：
I = E = 2A …………………… （1 分）
RL + r1
灯泡 L 的功率为：
P = I2RL = 4W …………………… （1 分）
t = 1s 时， a 棒的安培力大小为：
Fa = B1Il = 4N …………………… （1 分）
高三理综答案 第 4 页
因为最大静摩擦力为：
fm = μm1g = 4N = Fa …………………… （1 分）
故a 棒不动， 此时a 棒所受静摩擦力大小为 4N。 …………………… （1 分）
（2） a 棒离开CD 时已达到稳定速度， 此时有：
F = μm1g + B1I1l …………………… （1 分）
其中I1 = …………………… （1 分）
联立解得： v1 = 2m / s …………………… （1 分）
a 棒以v1 = 2m / s 的速度冲入B2 的匀强磁场， 产生的感应电动势大小为：
E2 = B2lv1 = 4V …………………… （1 分）
b 棒两端的电势差为：
U = r2 = 3V …………………… （2 分）
（3） 设a 棒与 b 棒碰撞前瞬间的速度大小为v2， 以a 棒为研究对象， 由动量定理有：
m1v2 一 m1v1 = 一B2IlΔt = 一 Bl2 vΔt = 一 Bl2d2 …………………… （2 分）
r1 + r2 r1 + r2
可得a 棒在与 b 棒相撞前的速度大小为：
v2 = 1m / s （1 分）
由能量守恒定律， 从a 棒刚进入磁场开始到a、 b 棒碰撞前瞬间， a 棒减少的动能转化为焦耳热，
(
1
1
)则： Q = m1v 一 m1v = 3J …………………… （2 分）
2 2
(
b
r
1
+
r
2
……………
………
)所以 b 棒在整个过程中产生的焦耳热为： Q = r2 Q = 2.25J （2 分）
27.【答案】（15 分）
(1) Cu + 2H2SO4 (浓) Δ CuSO4 + SO2 个 +2H2O （1 分） B （1 分）
(2) 增大气体与溶液的接触面积， 加快气体的吸收速率（2 分） 球形冷凝管（1 分） 10一 12 （2 分）
HSO 溶液中存在平衡HSO H+ + SO一、 HSO + H2O H2SO3 + OH一， n (SO一 ) : n(HSO) 等
于 1 时， 溶液的 pH 为 7.2， 溶液体积相等则浓度比也等于 1： 1，
Ka2 = c (S()H+ ) =1x 10一7.2 > Kh (HSO)， 即HSO 的电离程度大于水解程度， 溶液显酸性（2 分）
(3) ①NaHSO3 + HCHO + Zn + H2O=NaHSO2 . HCHO + Zn (OH)2 （2 分） 氧气将产物氧化（2 分）
(4) 77％ （2 分）
高三理综答案
【分析】将 Cu 片置于浓H2 SO4 中， 加热下反应生成SO2， 二氧化硫通入亚硫酸钠溶液中得到亚硫
酸氢钠， 向三颈烧瓶中加入稍过量的锌粉和一定量甲醛溶液， 在 80～90℃下， 反应约 3h， 冷却至
室温， 抽滤； 将滤液真空蒸发浓缩， 冷却结晶得到NaHSO2 . HCHO。
【详解】（1） Cu 与浓H2 SO4 发生反应的化学方程式为Cu + 2H2SO4 (浓) Δ CuSO4 + SO2 个 +2H2O；
该方法制备SO2 时， 可以采用的装置是 B， 固液加热型；
（2） ①装置 D 中多孔球泡的作用是增大气体与溶液的接触面积， 加快气体的吸收速率； 装置 X
的名称为球形冷凝管。
②常温下， n (HSO) : n(H2SO3 ) 等于 1 时， 溶液的 pH 为 2， 溶液体积相等则浓度比也等于 1： 1，
HSO 的水解常数Kh = c (H2OH- ) =c (OH- )= =1x 10一12 NaHSO3 溶液呈酸性，用化学
平衡原理解释： HSO溶液中存在平衡HSO H+ + SO一、 HSO + H2O H2SO3 + OH一，
n (SO一 ) : n(HSO) 等于 1 时， 溶液的 pH 为 7.2， 溶液体积相等则浓度比也等于 1： 1，
Ka2 = c (S()H+ ) =1x 10一7.2 > Kh (HSO)， 即HSO 的电离程度大于水解程度， 溶液显酸性；
（3） ①生成NaHSO2 . HCHO ［副产物为Zn(OH )2 ］ 时发生反应的化学方程式为 NaHSO3 + HCHO + Zn + H2O=NaHSO2 . HCHO + Zn (OH)2；
②在真空容器中蒸发浓缩的原因是ⅰ. 次硫酸氢钠甲醛在空气中易被氧化， 防止氧气将产物氧化在
真空容器中蒸发浓缩， ⅱ.防止温度过高使产物分解；
（4） 设样品中NaHSO2 .HCHO.2H2O 的质量为 x，
NaHSO2 .HCHO.2H2O ~ BaSO4
154 233
x 0.466g
x=0.308g 0.308x5/2gx 100%=77%
28.【答案】（15 分）
(1)将菱锌矿粉碎(或搅拌或适当升温等合理答案) （1 分）
3Fe3O4 +28H+ +NO=9Fe3+ +NO 个 +14H2 O （2 分）
(2)SiO2、 CaSO4 （2 分）
(3)3.2≤pH<6.0(或 3.2≤pH<6.2)（ 2 分）
(4)促使 Zn2+进入水层(或促进有机层和水层分离等合理答案)（ 2 分）
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(5) 2H2O-4e-=4H++O2↑（ 1 分） 反萃取(或酸浸)（ 1 分）
1 1
(6) 作保护气（ 1 分） (7) (1， 2 ， 2 ) （2 分） 正四面体（ 1 分）
【分析】菱锌矿加入稀硝酸、 稀硫酸进行酸浸， 然后过滤， 不反应的 SiO2、生成的 CaSO4 成为滤 渣 1； 铁元素被氧化为铁离子， 锌元素、 铜元素、 镁元素反应转化为金属阳离子进入滤液， 往滤液 中加入试剂 R 调节溶液的 pH， 将 Fe3+转化为 Fe(OH)3 沉淀得到滤渣 2； 往滤液中加锌， 将 Cu2+还 原为 Cu 得到滤渣 3， 过滤后， 往滤液中加入 P2O4 萃取剂， 萃取出锌后， 往有机层中加入稀硫酸
进行反萃取， 将水溶液层进行电解， 可制得 Zn， 在加热条件下锌与 Se 反应， 从而制得 ZnSe。
【详解】（1）为增大“酸浸”速率， 可采取的措施是： 将菱锌矿粉碎(或搅拌或适当升温等合理答案)， “酸浸” 中硝酸具有强氧化性， 将铁氧化为铁离子， 故溶解 Fe3O4 生成 Fe3+ 同时生成 NO 和水， 离子
方程式为3Fe3O4 +28H+ +NO=9Fe3+ +NO 个 +14H2 O。
（2） 由分析可知， “滤渣 1”的主要成分为 SiO2、 CaSO4。
（3）常温下，“调 pH”将 Fe3+转化为沉淀，而 Zn2+不生成沉淀，则 pH 范围为 3.2≤pH＜6.0(或 3.2≤pH
＜6.2)。
（4） “反萃取” 中， 稀硫酸是使锌从有机层再次进入水层， 则主要作用是： 促使 Zn2+进入水层(或 促进有机层和水层分离等合理答案)
（5） “ 电解” 中以石墨为电极， 阳极是水失电子发生氧化反应生成 O2， 电极反应式为
2H2 O- 4e- =4H+ +O2 个， 得到废液中含有硫酸， 可以循环用于反萃取(或酸浸)工序， 实现废物循环
利用。
（6） 合成 ZnSe 时， 需防止 Zn 被空气中 O2 氧化， 宜在氩气氛围中进行， 氩气的作用是作保护气。
1 1
（7） 根据题意， D 原子位于晶胞右侧面心上， 因此坐标为(1， 2 ， 2 )， 晶胞中距离 Se 最近的 Zn 位于顶角和三个相邻面的面心上， 配位数为 4， 形成正四面体结构。
29.【答案】（15 分）
(1) -361.22 （2 分） ① （1 分） 反应①的活化能是 149.6 kJ·mol-1， 反应②的活化能是 108.22
kJ·mol-1， 反应②的活化能更小， 故反应①是总反应的决速步 （1 分）
(2)A（ 1 分）
(3) II （2 分） <（ 2 分） 3.4 （2 分）
(4) O2 （1 分） 2H2SO3 +2e- +2H+ =H2S2 O4 +2H2 O （2 分） H2 O+H2S2O4 +N2O=N2 +2H2SO3 （2 分）
【详解】（1） 由图 2 可知， 总反应为： CO(g)＋N2O(g) CO2(g)＋N2(g) ΔH=-361.22kJ·mol-1， 反
应的决速步骤是由活化能大的步骤决定的， 故该总反应的决速步是反应① , 判断的理由是反应① 的活化能是 149.6 kJ·mol-1， 反应②的活化能是 108.22 kJ·mol-1， 反应②的活化能更小， 故反应①是 总反应的决速步；
（2） 由速率方程可知， 此反应的速率与温度和 c( N2O)有关，
A． 升温， k 增大， 速率加快， A 正确；
B． 恒容时， 再充入 CO， c( N2O)不变， 速率不变， B 错误；
C． 恒压时， 再充入 N2， c( N2O)减小， 速率减慢， C 错误； 故选 A；
（3） ① 越大， N2O 的转化率越小， 故曲线 II 表示 N2O 的转化率随 的变化；
②有图知曲线 I 表示 N2O 的转化率随 的变化， 由于△H <0， 则 越大， N2O 的转化率越大， 故
T1> T2， 又反应放热， 温度越高 K 值越小， 故 K（ T1） ③由图 3 曲线 1 可知， =1， 温度为 T4 时， N2O 的转化率为 65% ,利用“三段式”计算法可知
平衡时 p(N2O) = 17.5 kPa， p(CO) = 17.5 kPa， p(CO2) =32. 5 kPa， p(N2) =32.5 kPa， Kθ=
(
~
3.4
) (
;
)0.325 0.325 169
0.175 0.175 = 49
（4） 由图可知， 电解池的阳极电极反应式为2H2 O-4e- =4H+ +O2 个， 故从 A 口中出来的气体是 O2， 电解池的阴极电极反应式为2H2SO3 +2e- +2H+ =H2S2 O4 +2H2 O，由装置图可知吸收池中除去 N2O 的
原理是H2 O+H2S2O4 +N2O=N2 +2H2SO3。
30.【答案】（13 分）
(1)Br2(液溴)和 FeBr3 （2 分）
(2)对溴甲苯(或 4-溴甲苯)（ 2 分）
(3)弱（ 2 分）
(
■
) (
■
) (
■■
)(4) （2 分） （5） 12 （2 分）
(6)
(合理即可)（ 3 分）
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【分析】 甲苯发生取代反应生成对溴甲苯， 对溴甲苯和 Mg 在乙醚作用下反应生成 ， 和二氧化碳反应后在酸性条件下水解生成对甲基苯甲酸， 对甲基苯甲酸和 SOCl2 发生取
代反应生成， 和发生取代反应生成 ,
(
。
)和反应生成
【详解】（1） 取代苯环上的 H， 所用试剂和条件为 Br2(液溴)和 FeBr3；
（2） B 的化学名称为对溴甲苯或 4-溴甲苯；
（3） 化合物 D 是对甲基苯甲酸， 氯原子是吸电子基团， 因此 D 的酸性比对氯苯甲酸的酸性弱；
（4） 有机物 F 的分子式为 C10H10， E 和 F 发生取代反应生成 G， 由 E、 G 的结构简式可知， F 是
;
（5）能发生银镜反应， 说明含有醛基或者甲酸酯， 且只有两个取代基， 符合条件的取代基为 CHO 和 CH2OH、 CHO 和 OCH3、 CH2CHO 和 OH、 OOCH 和 CH3， 每种在苯环上有邻、 间、对
三种位置， 因此同分异构体有共 4×3=12 种；
（6） 制备则需要与反应制得， 则需要
(
由苯甲酸与
)与苯乙炔发生 E→G 反应机理得，
SOCl2 反应而得， 苯甲酸由苯甲醇催化氧化制得， 最后可得合成路线如下：
31.【答案】（12 分， 除标外每空 2 分）
(1)叶绿体的类囊体薄膜（ 或类囊体、 叶绿体基粒、基粒）（答叶绿体不给分）
(2)叶绿体基质（ 答基质不给分） NADPH、 ATP、 CO2 有没有光都能进行
(3)Mn 参与了叶绿素的合成， 若植物缺 Mn， 则叶绿素合成会受阻， 导致叶片缺绿； Mn 是多种呼 吸酶的重要组成成分， 缺 Mn 会导致植株对能量的利用受阻， 引起植株瘦小； 缺 Mn 会影响光合作
用制造有机物， 引起植株瘦小（ 答出 2 点， 合理即可， 4 分）
【解析】（1） 水的分解放氧与 Mn4CaO5 有关， 水分解产生在叶绿体类囊体薄膜上， 故 Mn4CaO5 也在叶绿体类囊体薄膜上。（ 2） 暗反应的场所是叶绿体基质， 暗反应需要光反应产生的 NADPH、 ATP 和环境中的 CO2， 有没有光都能进行该实验。（ 3） 题干中锰参与叶绿素的合成,所以缺锰后, 植物体叶绿素合成减少,放导致叶片缺绿;其次缺锰导致光反应减弱， 暗反应酶活性下降， 光合作用 减弱， 有机物积累少， 故导致叶片瘦小。
32.【答案】（12 分， 除标外每空 2 分）
(1)该先天性疾病或后天性疾病患者的遗传物质没有发生改变 （1 分）
(2)男性患者的基因只能从母亲传来， 后只能传给女儿（或写成交叉隔代遗传）； 男性患者多于女性 患者 8% （1 分） 0.32%
(3)常染色体显性
(4)1 （1 分） D D S S （1 分） S/s 和 T/t 基因位于同一对同源染色体上
【解析】（1） 遗传病是指由于遗传物质改变而引起的疾病。 先天性疾病是指出生前已形成的畸形 或疾病。后天性疾病是指出生后才产生的疾病。 先天性疾病和后天性疾病并不都是遗传病， 判断
某种先天性疾病或后天性疾病不是遗传病的依据是遗传物质没有发生改变。
（2） 红绿色盲的主要发病特点是男性患者的基因只能从母亲传来， 后只能传给女儿； 男性患者多 于女性患者。 1000 个男性红绿色盲的患病情况， 发现患病男性为 80 个， 据此推测 XbY 的概率为
8%， 所以该地区人群中红绿色盲基因 b 的频率约为 8%， 故女性中红绿色盲患者的比例为
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0.08×0.08×100%=0.64%， 故在本地区人群中（ 包括男性和女性， 男女比例差不多） 女性红绿色盲
患者的比例为 0.64%÷2=0.32%。
（3） 依据题意， 家族中代代都有， 患者的父亲、 祖母均患病， 且其母亲没有携带视网膜色素变性
遗传病致病基因推断为常染色体显性遗传。
（4） ①研究发现： I 型 FSHD 的致病条件是 D 基因表达， 则据图 2 分析： 表型 1D 基因不表达， S 基因表达;表型 2 恰好相反,所以表型 1 个体是正常个体；根据题意，该个体是纯合子,故基因型 DDSS, 结合括号提示的表达情况的表示方式:其体内的基因表达状况是 D D S S 。
②根据题干信息:18 号染色体上存在 S 基因， 研究发现 18 号染色体上还存在 I 基因。基因 S/s 和
T/t 是同一对同源染色体上的基因， 遗传时不遵循基因自由组合定律。
33.【答案】（10 分， 每空 1 分）
(1)神经-体液 进入肝、 肌肉并合成糖原 进入脂肪组织细胞转变为甘油三酯 肝糖原 的分解
(2) 肝、 脑 促甲状腺激素 激素一经靶细胞接受并起作用后就会失活
(3)下丘脑 垂体 肾小管和集合管
【解析】（1） 若刺激为血糖升高， 图示中下丘脑参与的调节为神经-体液调节， 胰岛素对组织细胞 表现的效应一方面为促进血糖进入组织细胞氧化分解、进入肝、 肌肉并合成糖原、进入脂肪组织
细胞转变为甘油三酯， 另一方面又能抑制肝糖原分解和非糖物质转变成葡萄糖。
（2） 安静状态下， 人体主要通过肝、 脑等器官的活动提供热量。 若腺体 B 为甲状腺， 当受到寒冷 刺激时， 垂体会释放促甲状腺激素来作用于甲状腺， 促进甲状腺激素的释放， 通过体液运输后起 作用， 使机体产热增加。体内需要源源不断地产生激素， 以维持激素含量的动态平衡原因是激素
一经靶细胞接受并起作用后就会失活。
（3） 某同学在上完间操后， 大量出汗， 导致细胞外液渗透压升高， 下丘脑渗透压感受器兴奋， 引
起机体分泌的抗利尿激素增加， 抗利尿激素由垂体释放， 作用于肾小管和集合管对水的重吸收，
使尿量减少。由此可以看出， 动物体的生命活动在各器官、 各系统的调节下协调完成， 共同来维
持内环境稳态。
34.【答案】（10 分， 每空 2 分）
(1)光照(强度) 次生演替
(2)取样器取样法 记名计算法和目测估计法
(3)林窗面积和邻近区域植物的丰富度
【解析】
（1） 林窗形成后， 首先是草本植物迅速生长， 第二年长出灌木并逐渐成为优势物种， 影响草本和 灌木等植物生长的主要环境因子是光照， 随着灌木在与草本植物竞争阳光的过程中不断占优势的
过程中， 灌木逐渐成为优势种， 在林窗中进行的群落演替属于次生演替。 次生演替的速度一般较
快， 这是因为在林窗中基本保留了原有的土壤条件， 甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体。
（2） 土壤小动物活动能力强、 身体微小， 因此不能用样方法和标记重捕法， 通常土壤小动物类群 丰富度的方法常用取样器取样法； 统计土壤小动物物种数目时， 对于个体较大、 数量有限的物种
常用记名计算法， 对于个体小、 数量多、无法计数的动物用目测估计法。
（3） 分析图形信息可知， 林窗面积和邻近区域植物的丰富度表现出同步变化的趋势， 且变化幅度
较大， 因此可推测， 影响林窗植物丰富度的主要环境因素林窗面积和邻近区域植物的丰富度。
35.【答案】（10 分， 除标注外， 每空 1 分）
(1)将粪便等中含有的有机物转化成无机物并释放到无机环境中 实现对能量的多级利用，提高 能量的利用率（ 2 分） 农产品的大量输出会造成土壤肥力不足
(2)呼吸作用、 光合作用（ 2 分， 不全不给分， 顺序颠倒不给分） 不易对环境产生污染（ 或稻 飞虱不易产生抗药性， 合理即可）
(3)牛等第二营养级同化的能量 N1、 N3 （2 分， 不全不给分）
【解析】（1） 分解者是指以动植物等生物的遗体、 残骸、 粪便等为食的那些生物， 能将粪便等中 含有的有机物转化成无机物并释放到无机环境中； 蚯蚓是分解者， 能将粪便中的有机物中的能量 转变为热能以及 ATP 中的化学能， 蚯蚓又是非常好的饲料， 能被牲畜、 鱼虾等动物利用， 实现对 能量的多级利用， 提高能量的利用率； 农产品的大量输出会造成土壤肥力不足， 因此将蚓粪作为
有机肥施用到农田、 果园中有诸多好处， 但实际生产时仍需适当补充化肥。
（2） 苏云金杆菌对稻飞虱等多种害虫具有杀虫活性， 可使稻飞虱死亡， 最终被分解者分解（ 实质 是呼吸作用）， 使得有机物转变为 CO2 等无机物， CO2 会经光合作用转入植物中变成有机物， 因此 稻飞虱中的碳元素可通过呼吸作用、 光合作用最终流向水稻； 与吡虫啉等人工合成的化学农药相
比， 上述生物防治害虫不易对环境产生污染。
（3） 图 2 中 N7 可表示牛等第二营养级同化的能量， 一部分用于呼吸散失 N4， 一部分储存在生物 体内， 用于其生长发育繁殖； 摄入的能量 N5， 一部分被生物同化， 一部分以粪便排出， 牛等粪便
中的能量牛等不能吸收， 仍属于上一营养级的能量， 因此属于 N1、 N3。
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