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昆明市 2024 届高三“三诊一模”摸底诊断测试
理科综合（化学）参考答案及评分标准
一、选择题
题号 7 8 9 10 11 12 13
答案 B D D B C A A
三、非选择题
27．（每空 2 分，共 14 分）
（1）CaSO4
（2）SO2 2Co3S4+6H2SO4+11O2=8SO2+6CoSO4+6H2O
（3）调节资溶液 pH，除去 Fe3+
（4）防止 Z料n2+生来成 Zn(OH)2 沉淀 3Co2+ +MnO 4 +4H2O=MnO2↓+3CoOOH↓+5H+
（5）Co2+ 源微
信
28．（除特殊标注外，每空 2 分，公共众14 分）
（1）AC 直形冷凝管（1 分） 号
（2）C ：资
（3）乙醇洗涤（1 分） 料
（4）cis Pt[(NH3)2(H2O) ]2+2 +2Cl =cis Pt(NH3) Cl +2H中2 2 2O转使 cis Pt(NH3)2Cl2充分析出
（5）平面四方 顺式二氯二氨合铂是极性分子，在极性溶站剂水中的溶解度较大
收集
29．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） 整
（1）+247 >（1 分） C 理
（2）①a ②25% 1
56 1030
（3）α-Fe
NA 8r
3
30. （除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）
（1）C5H8O2
（2）醚键（1 分）
O O
N N
NH C OCH C OCH32 3
HO N
（3） H+ + H2O 取代反应（1 分）
OH OHO
O
OCH
OCH 33
（4）sp2、sp3
理科综合（化学）参考答案及评分标准·第 1 页（共 2 页）
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CH3C CHCOOH
（5）8
CH3
OH OH
CHO CHCN CHCH2NH2 CH CHNH2 CH CH
n
（6） HCN LiAlH4 1）浓浓硫硫酸酸/△ 催化剂 NH2 （3 分）
2） -OH
催化剂
资料来源微信公众号：资料中转站收集整理
理科综合（化学）参考答案及评分标准·第 2 页（共 2 页）
{#{QQABSYQEogiAABBAABgCQQ0oCgCQkBCCACoOQBAAIAAAwBFABCA=}#}昆明市2024届高三“三诊一模”摸底诊断测试
理科综合（生物学)参芳答案及评分标准
一、选择题
题号
1
2
3
4
5
6
答案
A
B
D
D
三、非选择题
31.(10分，除特殊标记外，每空2分)
(1)直径和形状(1分)
大小和电荷(1分)
不需要
(2)膜内外葡萄糖浓度梯度的大小和载体蛋白的数量
(3)主动运输
呼吸抑制剂使细胞呼吸产生的能量减少，进而导致供应钙离子主动运输
的能量减少
32.(12分，除特殊标记外，每空2分)
(1)不合理(1分)
若这对相对性状受一对等位基因控制，纯合野生型果蝇与纯合突
变型果蝇杂交，F1全为野生型，说明突变型为隐性性状，突变型果蝇不可能是杂合子
(2)aa(1分)
2/3
(3)aabb(1分)
AABB(1分)
(4)三
Aabb或aaBb
33.(10分，除特殊标注外，每空1分)
(1)体液
GLP-1受体
(2)交感神经
大脑皮层
(3)GLP-1
等量高脂食物
甲组小鼠体内的GLP-1含量显著高于乙组(2分)
甲组小鼠的体重显著低于乙组(2分)
34.(10分，除特殊标注外，每空1分)
(1)生物群落
生产者
栖息空间和食物
(2)②⑤①③④
使调查结果不受主观因素的影响，保证调查结果的准确性
(3)间作有利于增加蓟马天敌小花蝽的密度(2分)1：4
该间作比例时，蓟马密度最小生物
35.(12分，除特殊标注外，每空2分)
(1)逆转录酶(1分)
4种脱氧核苷酸(1分)
(2)BamH I和EcoR I
能与目的基因母链的一段碱基序列互补配对，短单链核酸
BamH I、EcoR I、Hind IⅢ
(3)使目的基因在输卵管上皮细胞中特异性表达
(4)疫苗(1分)
免疫预防(1分)
理科综合（生物学）参考答案及评分标准·第1页（共1页）73
昆明市2024届高三“三诊一模”摸底诊断测拭
理科综合（物理）参老答案及评分标准
二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每题给出的四个选项中，第14~18题只有
一项符合题目要求；19~21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全
的得3分，有选错或不选的得0分。
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
B
C
A
B
AC
BD
AD
22.(6分)
(1)加速
(2)0.23
0.078
评分标准：本题共6分。第(1)问2分：第(2)问4分，每空2分。
23.(12分)
(1)并联
1.0
(2)11.0
0.60
(3)m=0.36
1.2
(4)不变
评分标准：本题共12分。第(1)问4分，每空2分：第(2)问4分，每空2分：第
(3)问2分：第(4)问2分。
24.解：(1)加速度a=1.5m/s2时，物块A受到的合力大小为
F=3N
①
设物块A的质量为m,根据牛顿第二定律可得
F合=ma
②
解得：m=2kg
③
(2)设t时刻细线断开，两物块的加速度大小为a1,分别对物块A、B用牛顿第二定
律可得
3.51-20=ma1
④
20-0.51=Ma
⑤
解得：=8s
⑥
评分标准：本题共10分。第(1)问5分，得出①②式每式各给2分，得出③式给1分：
第(2)问5分，得出④⑤式每式各给2分，得出⑥式给1分。用其他解法正确同样给分。
理科综合（物理）参考答案及评分标准·第1页（共3页）
25.解：(1)设小球刚被击出时的速度大小为o,小球被击出到第一次落地前瞬间，根据平
抛运动的规律可得
4=方赋i
①
x=0h1
②
解得：o=3m/s
③
(2)小球第一次落地前瞬间，在竖直方向的速度大小为
Vn =gh
④
设小球第一次落地被反弹后运动到最高点的时间为2，此过程中小球在竖直方向的分运
动是匀减速直线运动
6盼
⑤
小球第一次被反弹后瞬间沿竖直方向的速度大小为
V2=g2
⑥
规定竖直向上为正方向，则小球在竖直方向的合外力的冲量为
I,=m2-（-m01）
⑦
设小球第一次被反弹后瞬间沿水平方向的速度大小为)
x=202
⑧
规定水平向右为正方向，则小球在水平方向的合外力的冲量为
I,=mv,-mvo
⑨
小球第一次与地面碰撞过程中合外力的冲量大小为
1=V+
0
解得：1，=197Ns
①
5
评分标准：本题共14分。第(1)问5分，得出①②式每式各给2分，得出③式给1
分：第(2)问9分，得出⑦式给2分，得出④⑤⑥⑧⑨⑩①式每式各给1分。用其他解法
正确同样给分。
26.解：（1)物块a从静止释放到与物块b.碰撞前瞬间，根据动能定理得
mgh qEL jimgL =mv
①
2
物块a与物块b发生弹性碰撞，根据动量守恒定律可得
理科综合（物理）参考答案及评分标准·第2页（共3页）{#{QQABSYQEogiAABBAABgCQQ0oCgCQkBCCACoOQBAAIAAAwBFABCA=}#}
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