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期末查漏补缺： 物理选择题
一 、选择题
1.如图是探究电流通过导体产生热的多少与哪些因素有关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的
空气， U 形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法正确的是( )
A．甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系
B．甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多
C．乙实验是为了研究电流产生的热量与电流的关系
D．乙实验通电一段时间后，右侧 U 形管中液面的高度差比左侧的小
2.图甲中力 F1 水平拉动重为 G 的物体 A 在水平路面匀速移动了 s。改用滑轮组拉动 A 在同一路面匀速
移动了 s，拉力为 F2 (如图乙)。此过程滑轮组( )
A．总功为 F2s B．额外功为 F1s
C．机械效率为 D．额外功为 3F2s－F1s
3.在如图的四种情境中，人对物体做功的是( )
A． 提着水桶在水平地面上匀速前进 B. 扛着米袋
慢慢爬上楼梯
C. 用力推汽车，汽车没动
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D. 举着杠铃原地不动
4.下图是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦）其中所需动力最小的是
( )
A.
B.
C.
D.
5.如图所示，拉力 F 为 5N，物体 A 以 0.1m/s 的速度在物体 B 表面向左做匀速直线运动（B 表面足够长）；
物体B 静止在地面上，受到地面水平向左4N 的摩擦力，弹簧测力计示数为 12N．下列说法正确的是( )
A．物体 A 受到的摩擦力为 10N
B．拉力 F 的功率为 1.5W
C．滑轮组的机械效率为 80%
D．拉力 F 增大到 15N 时，物体 B 开始向左运动
6.小明用 100 牛的力踢一个重 5 牛的足球， 球离脚后在水平草地上向前滚动了 20 米。在球滚动的过程
中( )
A．小明对足球做功 2 000 焦 B．重力对足球做功 100 焦
C．小明对足球做功 2 100 焦 D．小明和重力对足球做功都是 0 焦
7.如图所示的电路中，电源电压为 20 伏，定值电阻 R 为 20 欧，滑动变阻器标有“30 Ω 1 A”字样，
电压表选用的量程是 0～15 伏， 在该电路正常使用的情况下， 则( )
A．电路消耗的最大功率为 20 瓦
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B．电路消耗的最小功率为 8 瓦
C．电压表的最小示数为 5 伏
D．滑动变阻器接入电路的最小阻值为 10 欧
8.如图所示， 在推油桶上台阶时， 油桶( )
A．是杠杆，支点在 A点 B．不是杠杆
C．是杠杆，支点在 B点 D．无法判断
9.两只电炉， 其电阻值分别为 R1 和 R2（R1＞R2）．将两只电炉串联后接入电压为 U 的电源上，两只电炉
消耗的功率分别为 P1 和 P2 ，电路消耗的总功率为 P；将两只电炉并联后，仍接入电压为 U 的电源上，
两只电炉消耗的功率分别为 P1 ′和 P2 ′电路消耗的总功率为 P ′ ．则( )
A．P1＞P2 ，P1 ′＜P2 ′ B．P1+P2＜P1 ′+P2 ′
C．P1+P2 ＝P D.
10.小明将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，他对课本所做功最接近于( )
A．0.02J B．0.2J C．2J D．20J
11.如图所示，把同一物体沿斜面 BA 和 CA 分别拉到顶端 A，若沿斜面的拉力 F1=F2 ，则斜面两边的机械
效率 ηB 和 ηC 的大小关系是 ( )
A. ηB<ηC B. ηB=ηC C. ηB>ηC D．不能确定
12.如图是研究电热与哪些因素有关的实验装置。实验过程中小明观察到甲烧瓶的玻璃管内液面升高比
乙慢， 若甲、乙电阻丝的电阻分别为 R 甲和 R 乙 ，通过的电流分别为 I 甲和 I 乙 ，则( )
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A．I 甲＞I 乙 B．I 甲＜I 乙 C．R 甲＜R 乙 D．R 甲＞R 乙
13.如图所示是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置（电源和开关没有
画出），两个透明容器中密封着等质量的空气。下列说法错误的是( )
A．甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系
B．乙实验通电一段时间后，右边 U 形管中液面高度差比左边小
C．电炉丝通过导线连接到电路里，电炉丝热得发红而导线几乎不发热， 可以用图乙解释
D．图甲和图乙都可以研究电流产生的热量与时间的关系
14.图甲中的 A．B 分别为小灯泡和定值电阻的 I﹣U 图像，现将小灯泡和定值电阻连接成如图乙、丙所
示电路，电源电压 8V，下列说法不正确的是( )
A．小灯泡电阻随温度的变化而变化
B．图乙小灯泡的实际电功率为 4W
C．由图甲可知定值电阻的阻值为 20Ω
D．图丙电路中电流表示数为 0.9A
15.用两块铜片、热电偶、电动机（带风扇） 组成一个电路， 铜片 1 插在 90℃热水中， 铜片 2 放在空气 中，如图所示， 半分钟左右风扇发生转动，这就是温差发电现象。有关该实验过程的说法， 正确的是
( )
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A．温差发电的实质是内能转化为电能
B．温差发电不遵守能量守恒定律
C．热水的内能全部转化成风扇的机械能
D．两块铜片有温度差， 风扇就会转
16.如图甲所示，用酒精灯给水加热一段时间后，软木塞冲出试管口。此过程中发生的能量转化与图乙
热机的四个冲程中的哪个冲程能量转化情况相同( )
(
C.
) (
D.
)A． B.
17.在图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变。当滑动变阻器的滑片 P 由中点向右移动时，
下列判断正确的是( )
A．电流表和电压表的示数都增大，电路总功率变大
B．电流表和电压表的示数都减小，电路总功率变小
C．电流表示数减小，电压表示数变大，灯泡功率不变
D．电流表示数减小，电压表示数不变，变阻器功率变小
18.如图所示， 不计摩擦，把重 G=16 N 的物体匀速提起所用的拉力 F=10 N，则关于该动滑轮的说法中
错误的是 ( )
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A．动滑轮重 4 N
B．使用该动滑轮要费距离
C．该动滑轮的机械效率为 80%
D．提升物体的速度越快，机械效率越高
19.如图所示为学校教学楼楼道里放置的二氧化碳灭火器，打开阀门后，下列说法正确的是( )
A．二氧化碳气体的内能增大
B．喷口处冒“ 白气 ”，这是灭火器内喷出的二氧化碳气体
C．瓶壁有水滴，是水蒸气液化形成的
D．应用双手抱住灭火器的钢瓶， 而不应该握着上面的木支架
20.在某次演习中，解放军某部在海拔 6000 米的高空空投重达 8 吨的新型履带式伞兵战车，如图所示。
空投下来的战车在后阶段可认为与降落伞一起匀速竖直掉向地面。下列观点正确的是( )
A．伞兵战车出机舱后在水平方向仍会向前运动，这是由于战车受到惯性的作用
B．后阶段匀速下降的过程中机械能守恒
C．空投战车后，若飞机仍在原高度水平飞行， 则飞机的势能比空投前减小
D．伞兵战车从出机舱到地面的整个过程中，重力做功4.8根107 焦
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期末查漏补缺： 物理选择题答案解析
一 、选择题
1.B
【解析】（1）分析甲实验中哪个因素不同，就是探究的它与热量的关系；
（2）根据 Q=I2Rt 可知， 当电阻相同时， 电流越大，产生的热量越多；
（3）分析乙实验中哪个因素不同，就是探究的它与热量的关系；
（4）根据 Q=I2Rt 可知， 当电流相同时， 电阻越大，产生的热量越多。
A．甲实验中，左边的 5Ω 电阻在并联电路的干路上，而右边的 5Ω 电阻在支路上，因此二者电流不同，
所以探究的是热量与电流的关系，故 A 错误；
B.甲实验中，左右两边电阻相同，左边的电流大， 根据 Q=I2Rt 可知， 左边电阻产生的热量多，故 B 正
确；
C.乙实验中，两个电阻串联， 则电流相同； 因为电阻大小不同，所以探究的是热量与电阻的关系，故 C
错误；
D.乙实验中，电流大小相同，右侧电阻大，根据公式 Q=I2Rt 可知，右侧电阻产生的热量多， 空气膨胀
的多， 液面就高，故 D 错误。
故选 B。
2.D
【解析】定滑轮的中心轴固定不动。定滑轮的功能是改变力的方向，但不能省力。使用时， 轴随物体 一起移动的滑轮叫做动滑轮；动滑轮可以看做是一个省力杠杆；动滑轮的作用：可以省力， 但不能改 变力的方向；动滑轮的省力特点：动滑轮上有几段绳子拉着重物， 拉力就是重物重力的几分之一，绳 子自由端移动的距离为重物上升高度的几倍。有用功是指对人们需要的，有价值的功。额外功是并非
我们需要但又不得不额外做的功，额外功加有用功就是总功。有用功和总功的百分比叫做机械效率
A．根据动滑轮的省力特点，绳子自由端移动的距离为 3s，所以拉力 F2 做的功为总功 W 总=3F2s；故 A
错误；
B、根据题意可知， 此滑轮组做的有用功 W 有用=F1s，所以 W 额=W 总-W 有用=3F2s-F1 ；故 B 错误；
C、机械效率η = W总 (W有用) = = ；故 C 错误；
D、根据题意可知， 此滑轮组做的有用功 W 有用=F1s，所以 W 额=W 总-W 有用=3F2s-F1 ；故 D 正确；
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故答案为： D。
3.B
【解析】
A．人对水桶的提力竖直向上，而水桶的运动方向在水平方向， 因此不做功， 故 A 不合题意； B．人扛米袋的力竖直向上，米袋在向上的方向上通过距离，因此做功， 故 B 符合题意；
C．用力推汽车，汽车没动，汽车受到人的推力，但汽车没有在推力的方向上通过距离，因此不做功， 故 C 不合题意；
D．举着杠铃原地不动， 人举杠铃的力向上，但杠铃没有在力的方向上通过距离， 因此不做功，故 D 不 合题意。
4.A．不计机械重和摩擦， 则用机械做的功等于直接用手做的功。
B、根据滑轮组的省力特点进行判断；
C、使用定滑轮不省力；
D、根据杠杆的平衡条件进行分析。
【解析】解：
不计机械重和摩擦，
A．由图知，F1 ×8m＝G×4m，所以 F1 ＝G；
B、滑轮组由三段绳子承担，所以 F2 ＝G；
C、由图知，是使用的是定滑轮， 所以 F3 ＝G；
D、根据杠杆的平衡条件：F4 ×（L+3L）＝G×L，所以 F4＝G。
综上所述， D 最省力。
5.C
【解析】（1）物体 B 静止在地面上， 受到水平向左 4N 的摩擦力， 弹簧测力计示数为 12N，对物体 B 进
行受力分析，根据二力平衡的知识求得物体 A 受到的摩擦力；
（2）根据图片确定水平使用滑轮组承担拉力的绳子段数 n，然后根据 v=2v 物计算出拉力移动的速度，
最后利用 P=Fv 求拉力做功功率；
（3）使用滑轮组水平拉懂物体时，滑轮组的机械效率η = × 100%；
（4）根据影响滑动摩擦力的因素是否变化判断 A．B 之间摩擦力的大小是否发生变化，再判断 B 的运
动状态是否改变。
A．物体 B 静止在地面上， 水平方向上物体 B 受到向右的弹簧拉力、地面对它向左的摩擦力和物体 A 对 第 8 页（共 14 页）
它向左的摩擦力相互平衡，即 fAB+4N=12N，则 fAB=8N；根据相互作用力的知识可知， 物体 A 受到的摩擦
力为 f=fAB=8N，故 A 错误；
B.由图知， 水平使用滑轮组，承担拉力的绳子段数 n=2，拉力端移动速度 v=2v 物=2×0.1m/s=0.2m/s，
则拉力做功的功率： P=Fv=5N×0.2m/s=1W，故 B 错误；
C.滑轮组的机械效率：η = × 100% = = 80%，故 C 正确；
D.若拉力 F 增大到 15N 时， A 在运动过程中， A 对 B 的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则 A 和 B 之
间的摩擦力不变，所以物体 B 的运动状态不会改变，即物体 B 仍然静止，不会向左运动，故 D 错误。
6.D
【解析】在计算功的大小之前， 要先根据做功的两个必要条件判断力是否做功.
球在水平草坪上滚动的过程中， 球离脚后，是靠惯性运动，小明不再给球施加力， 小明对球做功为 0；
在该过程中，由重力与球运动的方向垂直，重力不做功， 即重力做功为 0.故答案为 D.
7.B
【解析】（1）定值电阻R 与变阻器串联，根据电压表的量程可知R 两端的最大电压是 15V，根据公式I大 =
计算出电路的最大电流， 再根据公式P大 = UI大计算电路的最大功率；
（2）当变阻器阻值为 30Ω 时，串联电路的总电阻最大， 总电流最小； 已知总电阻和总电压根据公式
P小 = R (U)总 (2)计算电路的最小功率；
（3）根据（2）中描述， 首先根据I小 = R总 (U)计算出电路的最小电流，再根据公式U小 = I小R计算电压表
的最小读数；
（4）根据（1）中描述， 首先根据U变 = U总 U计算出变阻器的电压， 然后根据R变 = I (U)大 (变)计算变阻器
接入电路的最小阻值。
A．定值电阻 R 与变阻器串联，根据电压表的量程可知 R 两端的最大电压是 15V，
电路的最大电流是I大 = R (U) = 20 (15)Ω (V) = 0.75A；
电路的最大功率：P大 = UI大 = 20V × 0.75A = 15W；
故 A 错误；
B.当变阻器阻值为 30Ω 时，串联电路的总电阻最大，总电流最小， 总功率最小；
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电路的最小功率为： P小 = R (U)总 (2) = = 8W，
故 B 正确；
C.根据（2）中描述，电路的最小电流为： I小 = R总 (U) = = 0.4A；
电压表的最小示数为：U小 = I小R = 0.4A × 20Ω = 8V，
故 C 错误；
D.根据（1）中描述，变阻器的电压为：U变 = U总 U = 20V 15V = 5V；
变阻器接入电路的最小电阻为： R变 = I (U)大 (变) = ≈ 6.67Ω ,
故 D 错误。
故选 B。
8.C
9.
【解析】解：当两电阻串联，电流一定相等； 由 P＝I2R 可知，电阻大的消耗的功率大。即 P1＞P2 ，且
P1+P2 ＝P；
当两电阻并联时，由 P＝可知， 电阻小的消耗的功率大， 即 P1 ′＜P2 ′，
因为 P1+P2 ＝ ＝ ，P1 ′+P2 ′＝ + ＝，所以 ＜即
P1+P2＜P1 ′+P2 ′。
因为 ＝ ， ＝，所以+ ＝ ＝，而不等于，
综上分析， 选项 ABC 正确，选项 D 错误。
故选： ABC。
10.C
【解析】根据 W=Gh 分析计算即可。
物理书的质量大约 200g，那么重力为 G=mg=0.2kg×10N/kg=2N；
课桌的高度大约 1m，则它对物理课本做功大约为： W=Gh=2N×1m=2J。
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故选 C。
11.C
【解析】根据公式” = w (w)总 (有)分析判断。
根据图片可知， 斜面的长度 LAB根据 W 总=Fs 可知，总功 W 总 1同一物体到达同一鞋面顶端， 则 G 和 h 相等，
根据 W 有=Gh 可知，有用功 W 有 1=W 有 2；
根据” = w (w)总 (有)可知， 机械效率 ηB>ηC。
故选 C。
12.
【解析】解：由图可知， 甲、乙串联接入电路中， 则通过甲、乙的电流是相同的， 即 I 甲 ＝I 乙；
甲烧瓶的玻璃管内液面升高比乙慢，说明乙中电阻丝产生的热量多，根据焦耳定律可知， 通电时间和
电流相同， 则甲的电阻要小一些，即 R 甲＜R 乙。
故选： C。
13.
【解析】解： A．在甲装置中， 容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流 I 与通电时间 t 相同，左边 容器中的电阻小于右边容器中的电阻， 所以乙实验是为了探究电流产生的热量与电阻大小的关系， 故 A
正确；
B、装置乙中一个 5Ω 的电阻与两个 5Ω 的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两 个电阻的总电流和左端的电阻电流相等， 即 I 右 ＝I 左 ，两个 5Ω 的电阻并联，根据并联电路的电流特 点知 I 右 ＝I1+I2 ，两电阻阻值相等， 则支路中电流相等， I1 ＝I2 ，所以通过右边容器中的电阻的电流是 通过左侧电阻的电流的一半，乙实验是研究电流产生的热量与电流的关系，实验通电一段时间后，左
边产生的热量多，右边 U 形管中液面高度差比左边小， 故 B 正确；
C、图甲中的实验结论为：电流产生热量的多少与电阻大小有关，电流、通电时间相同时，电阻越大， 产生的热量越多，电炉丝通过导线连接到电路里，电炉丝和导线串联，电流是相同的，电炉丝的电阻
比电线的电阻大得多，所以电阻丝产生的热量多，发红；导线产生的热量少，不发红；与图甲的实验
结论相符， 能用图甲中的实验结论解释， 故 C 错误；
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D、甲、乙两次实验中，通过的电流相同、电阻相同，都可以改变通电时间，进而研究电流产生的热量
与时间的关系， 故 D 正确。
故选： C。
14.
【解析】解：（1）由图乙可知， 灯泡与定值电阻串联，电流表测电路中的电流。
定值电阻的 I﹣U 图像是正比例函数， 据此可知上方 A 图线为 L 的 I﹣U 图像，
当灯泡两端的电压为 1V、2V、4V、8V 时通过的电流依次为 0.2A．0.3A．0.4A．0.5A，
由 I＝的变形式 R＝可知，灯泡的电阻依次为 5Ω、6.7Ω、10Ω、16Ω ,
由 P＝UI 可知，当灯泡两端的电压、通过的电流增大时， 实际功率增大，灯泡的温度升高， 灯泡的电
阻增大，
所以， 小灯泡的电阻随温度的升高而增大，故 A 正确；
（2）因串联电路中各处的电流相等， 且总电压等于各分电压之和，
所以， 由图像可知， 当电路中的电流 I＝0.3A，UR ＝6V，UL ＝2V 时满足电源电压为 8V，
定值电阻 R 的阻值： R＝ ＝ ＝20Ω, 故 C 正确；
由 P＝UI 可得， 灯泡的实际电功率： PL ＝ULI＝2V×0.3A＝0.6W，故 B 错误；
（3）由图丙可知， 灯泡和定值电阻并联接入电路， 电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，都等于电源电压 8V，由图甲可知通过灯泡的电流为 0.5A，通过定值电
阻的电流为 0.4A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和， 所以电流表示数：I＝IL+IR ＝0.5A+0.4A＝0.9A，故 D 正确。
故选： B。
15.A
【解析】根据能量转化的知识分析。
A．温度不同，就会发生热传递，即内能的转移，因此温差发电的本质就是内能转化为电能，故 A 正确；
B. 自然界的所有现象都会遵循能量守恒定律， 故 B 错误；
C.热水的内能部分会散失在空气中， 故 C 错误；
D.只有两块铜片的温度差达到一定程度时，才会有足够的电能驱动风扇转动，故 D 错误。
故选 A.
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16.A
【解析】在四冲程内燃机中，压缩冲程， 将机械能转化为内能；做功冲程， 将内能转化为机械能。
如图甲所示，用酒精灯给水加热一段时间后， 软木塞冲出试管口， 此过程中将水蒸气的内能转化为木
塞的机械能，这和热机中的做功冲程能量转化情况相同。
A．火花塞点火，为做功冲程， 故 A 符合题意；
B.排气门打开， 为排气冲程， 故 B 不合题意；
C.进气门打开， 为吸气冲程， 故 C 不合题意；
D.两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，故 D 不合题意。
17.D
【解析】首先识别电路的串并联关系，然后判断各个电表的测量值，最后利用欧姆定律和功率功率，
对各个物理量进行分析判断即可。
灯泡 L 与变阻器并联，电压表测电源的电压， 电流表测通过滑动变阻器的电流，
当滑片从中点向右移动时，变阻器的阻值变大，而总电压不变，根据公式I = 可知，通过变阻器的电 流变小，即电流表的示数变小； 因为电压表测总电压，所以变阻器的电阻变化对电压表的示数没有影
响，即电压表的示数保持不变， 故 A．B、C 错误；
因为灯泡两端的电压不变，灯泡的电阻不变， 根据公式P = 可知， 灯泡的功率不变；变阻器两端的 电压不变， 通过变阻器的电流变小， 根据 P=UI 可知，变阻器的功率变小；根据 P 总=PL+P 变可知，电路
的总功率变小， 故 D 正确。
故选 D。
18.D
【解析】（1）已知拉力和物体的重力根据公式 G 动=2F-G 计算即可；
（2）动滑轮不能改变力的方向， 但可以省力；
（3）已知拉力和物体重力根据公式η = 计算动滑轮的机械效率；
（4）根据公式η = w (w)额 (有) = ww (有)额 = G 动可知， 动滑轮的机械效率只与物体重力和动滑轮的重力有关，
与其它因素无关。
A．动滑轮的重力为：G 动=2F-G=2×10N-16N=4N，故 A 正确不合题意；
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B.使用该动滑轮要费距离，故 B 正确不合题意；
C.动滑轮的机械效率为： η = 2F (G) = 210 (6N)N = 80%，故 C 正确不合题意；
D.滑轮组的机械效率与物体重力和动滑轮的重力有关，与提升物体的速度无关， 故 D 错误符合题意。
故选 D。
19.C
【解析】（1）物体对外界做功， 内能减少；外界对物体做功， 内能增大；
（2）根据二氧化碳的物理性质判断；
（3）物质由气态变成液态叫液化；
（4）根据灭火器的使用方法判断。
A．当二氧化碳气体从喷嘴喷出时，气体对外界做功， 从而使自身的内能减少， 温度降低，故 A 错误； B.喷口处温度较低，周围的水蒸气在喷口附近放热，由气体变成液态发生液化现象，因此喷口处冒“ 白
气 ”，是水蒸气液化成的小水珠，故 B 错误；
C.瓶壁上温度较低， 周围的水蒸气在上面放热液化形成了小水珠， 故 C 正确；
D.使用灭火器时，应该用双手握住上面的木支架， 而不能抱着钢瓶，故 D 错误。
故选 C。
20.C
【详解】
A．伞兵战车出机舱后在水平方向仍会向前运动，这是由于战车具有惯性，惯性是一种性质， 不能说受
到惯性的作用， 故 A 错误；
B．后阶段匀速下降的过程中，动能不变， 高度降低，重力势能减小，机械能减小， 故 B 错误；
C．空投战车后，若飞机仍在原高度水平飞行， 由于飞机的质量减小了，故飞机的势能比空投前减小，
故 C 正确；
D．伞兵战车从出机舱到地面的整个过程中，重力做功为
(
8
)W = Gh = mgh = 8000kg 根 10N/kg 根6000m = 4.8根10 J
故 D 错误。
故选 C。
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