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一、选择题
1. 钙在骨骼生长和肌肉收缩等过程中发挥重要作用。晒太阳有助于青少年骨骼生长，预防老年人骨质疏松。下列叙述错误是（ ）
A. 细胞中有以无机离子形式存在的钙
B. 人体内Ca2+可自由通过细胞膜的磷脂双分子层
C. 适当补充维生素D可以促进肠道对钙吸收
D. 人体血液中钙离子浓度过低易出现抽搐现象
【答案】B
【解析】
【分析】无机盐的存在形式与作用：（1）存在形式：细胞中大多数无机盐以离子的形式存在；（2）无机盐的功能：对维持细胞和生物体生命活动有重要作用，如：Fe是构成血红素的元素；Mg是构成叶绿素的元素。
【详解】A、细胞中有以无机离子形式存在的钙，也有以化合物形式存在的钙（如CaCO3），A正确；
B、Ca2+不能自由通过细胞膜的磷脂双分子层，需要载体协助，B错误；
C、维生素D能有效地促进人体肠道对钙和磷的吸收，故适当补充维生素D可以促进肠道对钙的吸收，C正确；
D、哺乳动物的血液中必须含有一定量的Ca2+，Ca2+的含量太低，会出现抽搐等症状，D正确。
故选B。
2. 植物成熟叶肉细胞的细胞液浓度可以不同。现将a、b、c三种细胞液浓度不同的某种植物成熟叶肉细胞，分别放入三个装有相同浓度蔗糖溶液的试管中，当水分交换达到平衡时观察到：①细胞a未发生变化；②细胞b体积增大；③细胞c发生了质壁分离。若在水分交换期间细胞与蔗糖溶液没有溶质的交换，下列关于这一实验的叙述，不合理的是（ ）
A. 水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度
B. 水分交换前，细胞液浓度大小关系为细胞b>细胞a>细胞c
C. 水分交换平衡时，细胞c细胞液浓度大于细胞a的细胞液浓度
D. 水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度
【答案】C
【解析】
【分析】由题分析可知，水分交换达到平衡时细胞a未发生变化，既不吸水也不失水，细胞a的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度；细胞b的体积增大，说明细胞吸水，水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度；细胞c发生质壁分离，说明细胞失水，水分交换前，细胞c的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度。
【详解】A、由于细胞b在水分交换达到平衡时细胞的体积增大，说明细胞吸水，则水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，A正确；
B、水分交换达到平衡时，细胞a的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，细胞c的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度，因此水分交换前，细胞液浓度大小关系为细胞b>细胞a>细胞c，B正确；
C、由题意可知，水分交换达到平衡时，细胞a未发生变化，说明其细胞液浓度与外界蔗糖溶液浓度相等；水分交换达到平衡时，虽然细胞内外溶液浓度相同，但细胞c失水后外界蔗糖溶液的浓度减小，因此，水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度小于细胞a的细胞液浓度，C错误
D、在一定的蔗糖溶液中，细胞c发生了质壁分离，水分交换达到平衡时，其细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度，D正确。
故选C。
3. 植物激素通常与其受体结合才能发挥生理作用。喷施某种植物激素，能使某种作物的矮生突变体长高。关于该矮生突变体矮生的原因，下列推测合理的是（ ）
A 赤霉素合成途径受阻 B. 赤霉素受体合成受阻
C. 脱落酸合成途径受阻 D. 脱落酸受体合成受阻
【答案】A
【解析】
【分析】赤霉素：合成部位：幼芽、幼根和未成熟的种子等幼嫩部分；主要生理功能：促进细胞的伸长；解除种子、块茎的休眠并促进萌发的作用。
【详解】AB、赤霉素具有促进细胞伸长的功能，该作用的发挥需要与受体结合后才能完成，故喷施某种激素后作物的矮生突变体长高，说明喷施的为赤霉素，矮生突变体矮生的原因是缺乏赤霉素而非受体合成受阻（若受体合成受阻，则外源激素也不能起作用），A正确，B错误；
CD、脱落酸抑制植物细胞的分裂和种子的萌发，与植物矮化无直接关系，CD错误。
故选A。
4. 线粒体是细胞进行有氧呼吸的主要场所。研究发现，经常运动的人肌细胞中线粒体数量通常比缺乏锻炼的人多。下列与线粒体有关的叙述，错误的是（ ）
A. 有氧呼吸时细胞质基质和线粒体中都能产生ATP
B. 线粒体内膜上的酶可以参与[H]和氧反应形成水的过程
C. 线粒体中的丙酮酸分解成CO2和[H]的过程需要O2的直接参与
D. 线粒体中的DNA能够通过转录和翻译控制某些蛋白质的合成
【答案】C
【解析】
【分析】有氧呼吸的第一、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，合成少量ATP；第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和[H]，合成少量ATP；第三阶段是氧气和[H]反应生成水，合成大量ATP。
【详解】A、有氧呼吸的第一阶段场所是细胞质基质，第二、三阶段在线粒体，三个阶段均可产生ATP，故有氧呼吸时细胞质基质和线粒体都可产生ATP，A正确；
B、线粒体内膜是有氧呼吸第三阶段的场所，该阶段氧气和[H]反应生成水，该过程需要酶的催化，B正确；
C、丙酮酸分解为CO2和[H]是有氧呼吸第二阶段，场所是线粒体基质，该过程需要水参与，不需要氧气的参与，C错误；
D、线粒体是半自主性细胞器，其中含有少量DNA，可以通过转录和翻译控制蛋白质的合成，D正确。
故选C。
5.下列是有关酶的实验设计思路，正确的是（　　）
A.利用淀粉、蔗糖、淀粉酶和碘液验证酶的专一性
B.在验证温度对淀粉酶活性的影响实验中，不能选用斐林试剂检测还原糖的生成
C.利用胃蛋白酶、蛋清和pH分别为3、7、11的缓冲液验证pH对酶活性的影响
D.在验证酶的高效性实验中，可选用FeCl3和过氧化氢酶分别催化等量H2O2分解，检测产生的气体总量
答案　B
解析　淀粉酶能催化淀粉水解为还原糖，而不能催化蔗糖水解，实验结果可用斐林试剂检测，而不能用碘液，因为碘液不能检测蔗糖是否水解，A错误；在验证温度对淀粉酶活性的影响时，选择淀粉作为实验材料，实验结果不能选用斐林试剂检测，因为用斐林试剂检测还原糖时需要水浴加热，会影响实验，B正确；胃蛋白酶的最适pH为1.5，要利用胃蛋白酶验证pH对酶活性的影响，设置的缓冲液pH应该在1.5左右，C错误；验证酶的高效性时，应检测单位时间内产生气泡的数量而不是产生的气体总量，D错误。
6.下列关于细胞生命历程的叙述中，正确的是(　　)
A.细胞分化过程中，核酸不发生改变，蛋白质发生改变
B.细胞衰老时核质比不变或减小
C.被病原体感染的细胞和衰老细胞的清除，都是通过细胞凋亡完成的
D.细胞癌变的根本原因是正常基因突变为原癌基因和抑癌基因
答案　C
解析　细胞分化过程中，通常遗传物质不发生改变，但mRNA发生改变，翻译的蛋白质也发生改变，即核酸和蛋白质均发生改变，A错误；细胞衰老时，细胞体积减小，细胞核体积增大，核质比增大，B错误；被病原体感染的细胞和衰老细胞的清除，都是通过细胞凋亡完成的，C正确；细胞癌变的根本原因是原癌基因和抑癌基因发生突变，D错误。
7. 根据光合作用中CO2的固定方式不同，可将植物分为C3植物和C4植物等类型。C4植物的CO2补偿点比C3植物的低。CO2补偿点通常是指环境CO2浓度降低导致光合速率与呼吸速率相等时的环境CO2浓度。回答下列问题。
（1）不同植物（如C3植物和C4植物）光合作用光反应阶段的产物是相同的，光反应阶段的产物是____________（答出3点即可）。
（2）正常条件下，植物叶片的光合产物不会全部运输到其他部位，原因是____________（答出1点即可）。
（3）干旱会导致气孔开度减小，研究发现在同等程度干旱条件下，C4植物比C3植物生长得好。从两种植物CO2补偿点的角度分析，可能的原因是______________。
【答案】（1）O2、[H]和ATP
（2）自身呼吸消耗或建造植物体结构
（3）C4植物的CO2补偿点低于C3植物，C4植物能够利用较低浓度的CO2
【解析】
【分析】光合作用包括光反应和暗反应两个阶段：（1）光合作用的光反应阶段（场所是叶绿体的类囊体膜上）：水的光解产生[H]与氧气，以及ATP的形成；（2）光合作用的暗反应阶段（场所是叶绿体的基质中）：CO2被C5固定形成C3，C3在光反应提供的ATP和[H]的作用下还原生成糖类等有机物是指绿色植物通过叶绿体，利用光能把二氧化碳和水转变成储存着能量的有机物，并释放出氧气的过程。
小问1详解】
光合作用光反应阶段的场所是叶绿体的类囊体膜上，光反应发生的物质变化包括水的光解以及ATP的形成，因此光合作用光反应阶段生成的产物有O2、[H]和ATP。
【小问2详解】
叶片光合作用产物一部分用来建造植物体结构和自身呼吸消耗，其余部分被输送到植物体的储藏器官储存起来。故正常条件下，植物叶片的光合产物不会全部运输到其他部位。
【小问3详解】
C4植物的CO2固定途径有C4和C3途径，其主要的CO2固定酶是PEPC，Rubisco；而C3植物只有C3途径，其主要的CO2固定酶是Rubisco。干旱会导致气孔开度减小，叶片气孔关闭，CO2吸收减少；由于C4植物的CO2补偿点低于C3植物，则C4植物能够利用较低浓度的CO2，因此光合作用受影响较小的植物是C4植物，C4植物比C3植物生长得好。
8. 人体免疫系统对维持机体健康具有重要作用机体初次和再次感染同一种病毒后，体内特异性抗体浓度变化如图所示。回答下列问题。
（1）免疫细胞是免疫系统的重要组成成分，人体T细胞成熟的场所是_____________；体液免疫过程中，能产生大量特异性抗体的细胞是_____________。
（2）体液免疫过程中，抗体和病毒结合后病毒最终被清除的方式是_____________。
（3）病毒再次感染使机体内抗体浓度激增且保持较长时间（如图所示），此时抗体浓度激增的原因是_____________。
（4）依据图中所示的抗体浓度变化规律，为了获得更好的免疫效果，宜采取的疫苗接种措施是_____________。
【答案】（1） ①. 胸腺 ②. 浆细胞
（2）抗体与病毒特异性结合形成沉淀，被吞噬细胞吞噬消化
（3）病毒再次感染时，机体内相应的记忆细胞迅速增殖分化，快速产生大量抗体 （4）多次接种
【解析】
【分析】体液免疫过程：抗原被吞噬细胞处理呈递给T淋巴细胞，T细胞产生淋巴因子作用于B细胞，B细胞再接受淋巴因子的刺激和抗原的刺激后，增殖分化成浆细胞和记忆B细胞，浆细胞产生抗体作用于抗原。
【小问1详解】
免疫细胞是免疫系统的重要组成成分，包括淋巴细胞和吞噬细胞等，其中T细胞成熟的场所是胸腺。体液免疫过程中，只有浆细胞能产生特异性的抗体。
【小问2详解】
体液免疫过程中，抗体和病毒特异性结合后形成沉淀，再被吞噬细胞吞噬消化。
【小问3详解】
记忆细胞可以在病毒消失后存活几年甚至几十年，当同一种病毒再次感染机体，记忆细胞能迅速增殖分化，快速产生大量抗体，使抗体浓度激增。
【小问4详解】
分析图示可知，二次免疫比初次免疫产生的抗体更多，故为了获得更好的免疫效果，接种疫苗时可多次接种，使机体产生更多的抗体和记忆细胞。
9.酶抑制剂能降低酶的活性，不同的抑制剂对酶活性的影响不同。某科研小组通过实验研究了两种抑制剂对某消化酶酶促反应速率的影响，对实验的结果进行分析并绘图，请回答下列问题：
（1）该实验的自变量是　　　　　　　　，实验中对无关变量应进行控制，该实验的无关变量有　　　　　　　　（至少答出两项）。
（2）据图分析，随着底物浓度的升高，抑制剂　　　　（填类型）的作用逐渐减小甚至消失。从活化能的角度分析，推测抑制剂降低酶促反应速率的原理是　 。
（3）某同学认为该实验小组的实验过程应是：
a.将某消化酶溶液等分为①②③三组，将每组等分为若干份；
b.在一定条件下将三组消化酶溶液均与等量的不同浓度的底物混合；
c.在①中加入一定量的蒸馏水，②中加入等量的抑制剂Ⅰ，③中加入等量的抑制剂Ⅱ；
d.定时取样检测各反应中底物的量或产物的量，记录实验结果并绘图。
你认为该实验操作是否正确？　　　　。如果不正确，请进行改正：　 。
答案　（1）抑制剂种类和底物浓度　温度、pH、酶浓度、抑制剂的使用量等　
（2）Ⅰ　在抑制剂的作用下，酶的活性（催化效率）降低，其降低化学反应活化能的能力下降（合理即可）　（3）不正确　步骤c应与步骤b互换，即先对酶溶液进行处理再加入底物（合理即可）
解析　（1）由图可知，该实验的自变量有两个，分别是抑制剂种类和底物浓度。该实验的无关变量有温度、pH、酶浓度、抑制剂的使用量、反应时间等。
（2）由图可知，随着底物浓度的升高，曲线②的酶促反应速率逐渐与曲线①无抑制剂时相同，即抑制剂Ⅰ的作用逐渐减小甚至消失。抑制剂能降低酶活性，酶能降低化学反应所需的活化能。（3）不正确，若对酶处理前先将酶与底物混合，则酶会与底物发生反应，故应先对酶进行不同的处理，然后再将处理后的酶与底物混合。
10.人在剧烈奔跑运动时机体会出现一些生理变化。回答下列问题：
(1)剧烈奔跑运动时肌细胞会出现________，这一呼吸方式会导致肌肉有酸痛感。
(2)当进行较长时间剧烈运动时，人体还会出现其他一些生理变化。例如，与运动前相比，胰岛A细胞的分泌活动会加强，分泌________，该激素具有___________________________________________________________(答出2点即可)等生理功能，从而使血糖水平升高。
(3)人在进行剧烈运动时会大量出汗，因此在大量出汗后，为维持内环境的相对稳定，可以在饮水的同时适当补充一些_________________________________。
答案　(1)无氧呼吸　(2)胰高血糖素　促进糖原分解和非糖物质转化为葡萄糖　(3)电解质(或无机盐)
解析　(1)人在剧烈奔跑运动时，肌细胞会进行无氧呼吸产生大量乳酸，乳酸的大量积累会导致肌肉有酸痛感。(2)当人体进行较长时间的剧烈运动时，与运动前相比，血糖浓度会下降，从而使胰岛A细胞的分泌活动加强，胰高血糖素的分泌量增加。胰高血糖素可以促进糖原分解和非糖物质转化成葡萄糖，从而使血糖浓度升高。(3)人在进行剧烈运动时会大量出汗，大量出汗会排出过多的无机盐，为维持内环境的相对稳定，在补充水分的同时还需要适当补充电解质(无机盐)。
【生物——选修1：生物技术实践】
11. 某同学从被石油污染的土壤中分离得到A和B两株可以降解石油的细菌，在此基础上采用平板培养法比较二者降解石油的能力，并分析两个菌株的其他生理功能。
实验所用的培养基成分如下。
培养基Ⅰ：K2HPO4，MgSO4，NH4NO3，石油。
培养基Ⅱ：K2HPO4，MgSO4，石油。
操作步骤：
①将A、B菌株分别接种在两瓶液体培养基Ⅰ中培养，得到A、B菌液；
②液体培养基Ⅰ、Ⅱ口中添加琼脂，分别制成平板Ⅰ、Ⅱ，并按图中所示在平板上打甲、乙两孔。
回答下列问题。
菌株 透明圈大小
平板Ⅰ 平板Ⅱ
A +++ ++
B ++ -
（1）实验所用培养基中作为碳源的成分是____________。培养基中NH4NO3的作用是为菌株的生长提供氮源，氮源在菌体内可以参与合成____________（答出2种即可）等生物大分子。
（2）步骤①中，在资源和空间不受限制的阶段，若最初接种N0个A细菌，繁殖n代后细菌的数量是____________。
（3）为了比较A、B降解石油的能力，某同学利用步骤②所得到的平板Ⅰ、Ⅱ进行实验，结果如表所示（“+”表示有透明圈，“+”越多表示透明圈越大，“-”表示无透明圈），推测该同学的实验思路是__________。
（4）现有一贫氮且被石油污染的土壤，根据上表所示实验结果，治理石油污染应选用的菌株是____________，理由是___________。
【答案】（1） ①. 石油 ②. DNA、RNA、蛋白质
（2）N0 2n （3）在无菌条件下，将等量等浓度的A菌液和B菌液分别接种到平板Ⅰ的甲和乙两孔处，平板Ⅱ也进行同样的操作，在相同且适宜条件下培养一段时间，比较两个平板的两孔处的透明圈大小并作记录，根据透明圈大降解能力强，透明圈小降解能力弱，进而比较A、B降解石油的能力
（4） ①. A ②. A菌株降解石油的能力高于B菌株，并且在没有添加氮源的培养基中也能生长
【解析】
【分析】培养基对微生物具有选择作用。配置培养基时根据某一种或某一类微生物的特殊营养要求, 加入某些物质或除去某些营养物质，抑制其他微生物的生长，也可以根据某些微生物对一些物理、化学因素的抗性，在培养基中加入某种化学物质,从而筛选出待定的微生物。这种培养基叫做选择培养基。
【小问1详解】
培养基的成分有碳源、氮源、无机盐和水等，从组成培养基的物质所含化学元素可知，作为碳源的成分是石油。生物大分子DNA、RNA、蛋白质都含有N元素，故氮源在菌体内可以参与合成这些物质。
【小问2详解】
由题意“资源和空间不受限制”可知，细菌的增殖呈J型曲线增长，由于DNA的半保留复制，细菌每繁殖一代就是上一代的2倍，根据公式Nt=N0 λt，λ=2，繁殖n代后细菌的数量是N0 2n。
【小问3详解】
分析表格数据可知，实验的结果是：在平板Ⅰ上，A菌株降解石油的能力高于B菌株；在平板Ⅱ上，A菌株仍然能降解石油，而B菌株不能降解，根据实验的单一变量和对照原则，推测该同学的思路是：在无菌条件下，将等量等浓度的A菌液和B菌液分别接种到平板Ⅰ的甲和乙两孔处，平板Ⅱ也进行同样的操作，在相同且适宜条件下培养一段时间，比较两个平板的两孔处的透明圈大小并作记录，根据透明圈大降解能力强，透明圈小降解能力弱，进而比较A、B降解石油的能力。
【小问4详解】
由表格数据可知，在平板Ⅱ（无氮源的培养基）上，A菌株仍然能降解石油，而B菌株不能降解，所以要治理贫氮且被石油污染的土壤，应该选用A菌株，因为A菌株降解石油的能力高于B菌株，并且在没有添加氮源的培养基中也能生长。
物 理
一、选择题：
1、【答案】C
【解析】
【详解】蓝光的频率大于黄光的频率，根据
结合
可得
可知频率较大的光，遏止电压大，可知光为蓝光，根据光照强度越大，饱和光电流越大，可知光为强黄光，则光为弱黄光，故C正确，ABD错误。
故选C。
2、【答案】B
【解析】
【详解】由几何关系可知，、、三点到点距离相等，设为，三点在点的场强大小相等，根据电场的叠加得点的电场强度大小为
点在以、组成的等量异种电荷连线的中垂线上，可知仅看、两个电荷，点电势为0，已知A处正电荷在O点的电势为，则点处负电荷在点的电势为，则点处负电荷在点的电势为，根据电势的叠加可得O点的电势为，故B正确，ACD错误。
故选B。
3、【答案】B
【解析】
【详解】A．根据平衡条件对b、c整体受力分析可得
对a受力分析可得
可知
故A错误；
B．弹簧的弹力为
剪断细线弹簧弹力不突变，此时对b物体
则加速度为，故B正确；
C．剪断竖直绳后瞬间，弹簧弹力不变，c的加速度大小为0，故C错误；
D．剪断竖直绳后的一小段时间内，物体b的加速度大于的加速度，则b、c的距离变小，故D错误。
故选B。
4、【答案】A
【解析】
【详解】AB.若滑片P位置不变，当用户端用电器增加后，用户端总功率变大，发电机的输出功率增大，输电线的电流变大
输电线两端承担的电压变大，损耗的功率增大；发电机的输入电压不变，升压变压器、降压变压器的匝数不变，故用户端电压降低，A正确，B错误；
CD.若将滑片P上移，升压变压器的副线圈与原线圈的匝数比变小，发电机组输出交变电压的有效值恒定，则副线圈两端电压变小。用户端用电器使用相同功率，则输电线上的电流会更大，输电线两端承担的电压更大，损耗的功率更大，则用户端的电压更小，故CD错误。
故选A。
5、【答案】D
【解析】
【详解】A．设乘客质量为，根据力的分解可知，水平时，船对C处乘客的作用力为
故A错误；
B．OA水平时，B处乘客的加速度大小
故B错误；
C． A处乘客从图示位置运动至最低点的过程中，当向心加速度在竖直方向的分量大于切向加速在竖直方向分量时，A处乘客处于超重状态，故C错误；
D．设整体质量为，A处乘客分别运动至最低点时，根据动能定理得
在最低点，对A处乘客
解得
B处乘客分别运动至最低点时，根据动能定理得
在最低点，对B处乘客
解得
可得
故D正确。
故选D。
6、【答案】AC
【解析】
【详解】由图可知，同步轨道的半径小于“墓地轨道”的半径
A．“实践21号”拖拽“北斗2号”离开同步轨道时做离心运动，需要点火加速，故A正确；
B．“实践21号”完成拖拽任务后离开“墓地轨道”时做近心运动，需要点火减速，故B错误；
C．根据
可得
可知“北斗2号”在同步轨道的速度大于它在“墓地轨道”的速度，故C正确；
D．根据
可得
同步轨道的周期为24小时，则“北斗2号”在“墓地轨道”的运行周期大于24小时，故D错误。
故选AC。
7、【答案】BD
【解析】
【详解】AB．锁定木板时，设最大压缩量为，最大的弹性势能为，从开始到弹簧被压缩最短过程中，由动能定理得
从弹簧被压缩最短到回到O点过程中，由动能定理得
联立解得
故B正确，A错误；
CD．若不锁定木板，由动量守恒得
解得
根据能量守恒得
解得
可知小滑块向左运动到木板上点两者恰好共速，故D正确，C错误。
故选BD。
8、【答案】CD
【解析】
【详解】A．粒子平行于MN的方向射入磁场后，根据题意可知，粒子向下偏转，根据左手定则可知，粒子带负电，A错误；
B．粒子源S距离MN相距，可知SO与水平面的夹角为30°，根据几何关系可知到达收集板上O点的粒子在磁场中的速度偏转角为60°，B错误；
C．到达收集板在磁场中运动的最长时间的粒子在磁场中的偏转角最大，由几何关系可知，偏转角最大的为π，故到达收集板的粒子在磁场中运动的最长时间为
C正确；
D．带点粒子在磁场中运动有
整理得
到达收集板的粒子的速度最大值对应的轨道半径最大，即到达N的离子速度最大，由几何关系得
解得
故到达收集板的粒子的速度最大值为
D正确。
故选CD。
二、非选择题：（第9题7分，第10题9分，第11题16分，第12题15分）
9、【答案】 第1空1分，其余每空2分
①. 平衡小车受到的摩擦力（或使小车重力的下滑分力等于小车受到的摩擦力） ②. 0.624 ③. 0.620 ④. 两车组成的系统碰撞前后动量守恒
【解析】
【详解】（1）[1]在长木板右端下面放垫块的目的是平衡小车受到的摩擦力（或使小车重力的下滑分力等于小车受到的摩擦力）；
（2）[2][3]碰撞前小车的速度
两车组成的系统碰前总动量为
碰撞后两车的速度大小
两车组成的系统碰后总动量为
（3）[4]由（2）可得
实验结论为：在误差允许的范围内，两车组成的系统碰撞前后动量守恒。
10、【答案】第1空1分，其余每空2分
①. 120 ②. C ③. D ④. 2900 ⑤. 122
【解析】
【详解】（1）[1]欧姆表读数为
（2）①[2]流过中的最大电流
所以A1表应选C；
②[3][4]B电流表内阻不确定，所以表应选D，电阻箱接入电路的电阻
③[5]根据欧姆定律得
整理得
可得图像的斜率
解得
11、【答案】第1问5分，第二问5分，第三问6分
（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）从A到B的过程中，由动能定理有
将
代入解得
（2）从B到D，运动员做平抛运动：水平方向
竖直方向
联立解得
（3）着陆前瞬间
解得
12、【答案】第1问7分；第2问8分
(1)；(2)
【解析】
【详解】(1)设粒子过N点时的速度为v，有
解得
粒子从M点运动到N点的过程，由动能定理有
联立解得
(2)设带电粒在第四象限内的运动半径为r，由几何关系得：
解得：
由牛顿第二定律有
联立解得
［选修3-3］
13. 下列说法正确的是（　　）
A. 温度升高，分子热运动的平均动能增大，但并非所有分子的速率都增大
B. 100℃的水变成100℃的水蒸气的过程中，分子势能将增大
C. 气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现
D. 有规则外形的物体是晶体，没有确定几何外形的物体是非晶体
E. 热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
【答案】ABE
【解析】
【详解】A．温度升高，分子热运动的平均动能增大，但并非所有分子的速率都增大，故A正确；
B．100℃的水变成100℃的水蒸气的过程中，吸收热量，内能增大，分子平均动能不变，分子势能将增大，故B正确；
C．气体很容易充满整个容器，这是分子不停做无规则运动结果，故C错误；
D．晶体和非晶体的区别是否具有熔点．单晶体具有规则的几何外形，而多晶体和非晶体没有规则的天然外形，注意“天然”二字，没有确定几何外形的物体不一定是非晶体，故D错误；
E．由热力学第二定律可知：热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，故E正确。
故选ABE。
14. 如图，一定质量的理想气体用活塞封闭在固定的圆柱型气缸内，不计活塞与缸壁间的摩擦。现缓慢降低气体的温度使其从状态a出发，经等压过程到达状态b，即刻锁定活塞，再缓慢加热气体使其从状态b经等容过程到达状态c。已知气体在状态a的体积为4V、压强为、温度为，在状态b的体积为V，在状态c的压强为。求：
（1）气体在状态b的温度；
（2）从状态a经b再到c的过程中，气体总的是吸热还是放热，吸收或放出的热量为多少？
【答案】（1）；（2）气体放热，放出热量为
【解析】
【详解】（1）气体从状态a到状态b的过程为等压变化，则有
解得气体在状态b的温度为
（2）从状态a到状态b，活塞对气体做的功为
气体从状态b到状态c的过程为等容变化，由查理定律有
解得
从状态a经b再到c的过程中，由热力学第一定律可得
因
故气体在状态a和状态c的内能相等，即
可得
即从状态a经b再到c的过程中，气体放热，放出的热量为。
［物理-选修3-4］
13、【答案】 ①. 正 ②. 20 ③. 8
【解析】
【详解】[1]波刚好传播到A（7cm，0）点，由同侧法可知，波源起振方向沿y轴正方向；
[2]波速为
[3]设质点的振动方程为
当时
解得
波传到点所需的时间
0～1.25s内A处质点比B处质点多振动时间为
即一个周期，A处质点比B处质点多通过的路程为
14、答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）光路如图所示
在M点，入射角
由折射定律有
将代入可得
解得
（2）由几何关系可得
，
因，故G是AD的中点，光在H点的入射角为30°，由于DE边镀银，故在H点发生反射，光在I点的入射角为60°，由，入射角大于临界角，故发生全反射，由于AF边镀银，故光在J点发生反射，最终光线垂直于BD边第一次射出棱镜
可知，H、I、J分别是DE、EF、FA的中点
光在棱锥中通过的总路程为
光线在玻璃中传播的速度为
解得
高三山南班期末化学答案解析
7.【答案】D
【解析】【详解】A．“缣帛”是丝质品，丝绸的主要成分为蛋白质，A正确；
B．“树肤”与“麻头”的主要成分是纤维素，纤维素是多糖，属于糖类，B正确；
C．过氧化氢具有强氧化性，能够将有色物质氧化变为无色物质，因此造纸过程中可以采用过氧化氢漂白纸浆，C正确；
D．现代渔网的主要成分是尼龙，尼龙属于有机合成高分子材料，而不属于纤维素，D错误；
故合理选项是D。
8. 【答案】A
【解析】【详解】A．乙醇和水互溶，乙酸乙酯不溶于水，分别加入饱和碳酸钠溶液，乙酸乙酯和碳酸钠溶液分层，乙醇和碳酸钠溶液互溶，不分层，所以可以用饱和碳酸钠溶液鉴别乙醇和乙酸乙酯，故A正确；
B．甲苯能发生加成，也能和卤素单质、硝酸等发生取代反应，故B错误；
C．酸性条件下，植物油水解生成高级脂肪酸和甘油，高级脂肪酸分子中含有羧基，部分高级脂肪酸分子中含有碳碳双键，而甘油分子中含有羟基，官能团不同，故C错误；
D．环戊烯分子中标注a的饱和碳原子和其它四个碳原子不在同一个平面上( )，故D错误；
9. 【答案】B
【解析】【详解】A．硫酸铜溶液中滴加稀氨水，离子反应为：，故A错误；
B．中性环境中，钢铁电化学腐蚀的正极为氧气得到电子生成氢氧根离子，电极反应式：，故B正确；
C．稀硝酸中加入过量铁粉，离子反应为：，故C错误；
D．湿润的淀粉碘化钾试纸遇氯气变蓝，离子反应为：，故D错误；
故选：B。
10. 【答案】C
【解析】【详解】A．将一小块钠投入硫酸铜溶液中，Na与溶液中的H2O反应产生NaOH、H2，NaOH与CuSO4发生复分解反应产生Cu(OH)2沉淀和Na2SO4，因此看到反应，有气泡冒出，产生蓝色沉淀，A正确；
B．将Na2O2加入适量水中，Na2O2与H2O反应产生NaOH、O2，NaOH是碱，能够使酚酞溶液变为红色，但由于Na2O2具有强氧化性，又会将红色物质氧化变为无色物质，因此看到溶液先变红后褪色，有气泡产生，B正确；
C．重铬酸钾在溶液中存在化学平衡：+H2O2+2H+，向该溶液中滴加几滴浓硫酸，溶液中c(H+)增大，平衡逆向移动，导致溶液橙色变深，C错误；
D．铜与氯气在点燃条件下反应生成氯化铜，物质颜色为棕黄色，因此产生棕黄色的烟，D正确；
故合理选项是C。
11. 【答案】B
【解析】【详解】A．和相对分子质量都是20，其中含有10个中子；则2.0 g和的物质的量是0.1 mol，其中所含中子数为NA，A错误；
B．标准状况下，11.2 L丙烷的物质的量是0.5 mol，由于在丙烷C3H8分子中含有10个共价键，则在0.5 mol C3H8中含有的共价键数为5.0NA，B正确；
C．阳极上发生氧化反应的元素除Cu外，还可能有Zn、Fe等活动性比Cu强的金属，而活动性比Cu弱的金属，则形成阳极泥沉淀在阳极底部，故电解精炼铜时，若电路中转移电子0.2NA，阳极质量减少可能是6.4 g，也可能不是6.4 g，C错误；
D．常温下，Al遇浓硫酸会发生钝化而不能进一步发生反应，因此不能计算出反应过程中电子转移数目，D错误；
故合理选项是B。
12. 【答案】D
【解析】【分析】X、Y、Z、M、Q为前20号主族元素，其原子序数依次增大。X的核外电子数等于其周期数，则X为H，X2Y是最常用的溶剂水，则Y为O，Z的最外层电子数是Y电子总数的一半，则Z为Si，Q为前四周期金属性最强的元素，则Q为K，据此M为P、S、Cl， 则X=H，Y=O，Z=Si，M=P、S、Cl，Q=K。
【详解】A．Si的非金属性小于P、S、Cl，SiH4的稳定性小于PH3、H2S、HCl，A错误；
B．M的单质是P、S或Cl2，其中Cl2常温下为气体，B错误；
C．ZY2为SiO2含共价键，Q2Y为K2O含离子键，二者化学键类型不同，C错误；
D．P3-、S2-、Cl-与K+具有相同的电子层结构，随核电荷数增大，离子半径减小，D正确；
答案选D。
13.【答案】C
【解析】【分析】由图可知，放电时Zn失去电子生成，故锌为负极，为正极，正极Li+嵌入生成，故放电时发生的反应为：，正极区存在K+，故放电时K+移向正极区（溶液），离子交换膜为阳离子交换膜。充电和放电为相反过程，Zn接电源负极，为阴极，接电源正极，为阳极，充电时发生的反应为：。
【详解】A．根据分析，放电刚开始时，锌为负极，为正极，A错误；
B．根据分析，放电过程中，K+移向正极区（溶液），B错误；
C．根据分析，放电时的电池总反应式正确，C正确；
D．根据分析，充电时Li2Mn2O4转化为LiMn2O4，电极反应式为： ，每通过0.2mol电子，LiMn2O4电极质量减轻的质量为：，D错误；
故选C。
26. 【答案】（1） ①. NaAlO2 ②. 除去有机物
（2） ①. Ni2+ ②. Fe3+
（3）
（4）洗涤、干燥 （5） ①. ②.
（6）Ni2+-e-+3OH-=NiOOH+H2O
【解析】
【分析】将废镍催化剂碱浸，Al和NaOH反应生成偏铝酸钠，Ni、Cr、Fe、有机物不与碱反应，则“滤液1”的主要溶质为、NaAlO2；通过灼烧，除去有机物；加入硫酸、硝酸，使Ni、Cr、Fe溶解生成Ni2+、Cr3+、Fe2+、Fe3+；加入NaClO，使Fe2+完全转化为Fe3+，调节溶液pH，使Cr3+、Fe3+转化为Cr(OH)3、Fe(OH)3沉淀；加入碳酸钠，使Ni2+转化为NiCO3沉淀，滤液2中含有硫酸钠、硝酸钠、碳酸钠和次氯酸钠；过滤后得到的NiCO3中含有杂质，应洗涤、干燥后，再煅烧，最终得到镍的氧化物。
【小问1详解】
由分析可知，“滤液1”的主要溶质为、NaAlO2；“灼烧”的目的是除去有机物；
【小问2详解】
由分析可知，“溶解”后的溶液中，所含金属离子除外，还有Ni2+、Fe3+；
【小问3详解】
“分离除杂”中，加入NaClO，使Fe2+完全转化为Fe(OH)3沉淀，离子方程式为；
【小问4详解】
过滤后得到的NiCO3中含有杂质，应洗涤、干燥后，再煅烧，故“煅烧”滤渣前需进行的两步操作是洗涤、干燥；
【小问5详解】
转化为，反应的化学方程式为；设1mol 在下分解为，1mol 的质量为，由图可知，在下分解固体残留率为67.5%，则分解后的质量为，根据Ni原子守恒可知，生成的物质的量为，=80.3g，得到，故生成产物的化学式为；
【小问6详解】
电解溶液，阳极上产物为，则阳极的电极反应式为Ni2+-e-+3OH-=NiOOH+H2O。
27. 【答案】（1） ①. 泥三角 ②. 氢氧化钾可以和瓷坩埚反应
（2） ①. 3MnO2+ 6KOH+KClO3=3K2MnO4+ KCl+3H2O ②. 由于该反应非常剧烈，分多次加入可以使反应较平稳地进行，防止反应过于剧烈而使熔融物飞溅
（3） ①. 只有紫红色痕迹，没有绿色痕迹 ②. 氯化氢会把高锰酸钾还原为氯化锰，无法得到高锰酸钾
（4） ①. 受热均匀 ②. 提高产品的纯度 ③. 85.5%
【解析】
【分析】本题是一道无机物制备类实验题，在铁坩埚中将氢氧化钾和氯酸钾加热熔融，然后加入二氧化锰发生反应生成，再通入二氧化碳发生歧化反应生成高锰酸钾，结晶后得到晶体，以此解题。
【小问1详解】
加热固体药品的时候，需要用铁坩埚、三角架和泥三角，故还需要泥三角；瓷坩埚的成分是硅酸盐，则氢氧化钾可以和瓷坩埚反应，故不能使用瓷坩埚；
【小问2详解】
二氧化锰在熔融的时候和氢氧化钾，氯酸钾反应生成，方程式为：3MnO2+ 6KOH+KClO3= 3K2MnO4+ KCl+3H2O；由于该反应非常剧烈，分多次加入可以使反应较平稳地进行，防止反应过于剧烈而使熔融物飞溅；
【小问3详解】
高锰酸钾为紫红色，为墨绿色，故当观察到只有紫红色没有绿色痕迹时，标明转化已经完全；高锰酸钾的氧化性比较强，故用代替，可能的后果是氯化氢会将高锰酸钾还原为氯化锰，从而无法得到高锰酸钾；
【小问4详解】
水浴加热的主要优点是受热均匀；通入过量的二氧化碳会产生溶解度较小的碳酸氢钾，加热浓缩结晶时碳酸氢钾和高锰酸钾一起析出，会降低纯度，故目的是提高产品的纯度；由第二问的方程式结合锰酸钾歧化反应的化学方程式可得3MnO2~3K2MnO4~2KMnO4，由因为，，，可知生成为0.04mol，则理论上可得的物质的量为mol，其理论质量为4.21g，而实际质量为3.60g，因此本实验中高锰酸钾的产率为=；
28. 【答案】（1）-268.8kJ/mol
（2） ①. AD ②. 1.08
（3） ①. 2.0 ②. ，CO的含量较多，此时反应II的反应程度比反应III的程度大的多 ③. >
（4）0.06NA
【解析】
【小问1详解】
根据题意得出的热化学方程式为+O2(g)SO2(g) △H=-，CO(g)的热化学方程式为CO(g)+O2(g)=CO2(g) △H=-，将两个方程式依次编号为①②，由2×②-①得，所以△H=2×(-283.0)-(-297.2)=-268.8 kJ/mol。
【小问2详解】
①正向反应速率等于逆向反应速率，且速率之比等于系数之比，即时，可以判定反应达到平衡状态，A正确；CO与SO2的浓度之比不再改变不能判断反应达到平衡状态，跟反应得投料比和反应程度有关，B错误；根据方程式可以看出，反应前后的系数之和相等，压强一直保持不变，因此容器内的压强不再改变无法判定反应达到平衡状态，C错误；反应达到平衡状态时，各成分的浓度不再发生改变，的值不再改变，可以判定反应达到平衡状态，D正确；
②控制进料比(物质的量)为4∶1，设起始投料n(CO)=4mol，n(SO2)=1mol,平衡时SO2反应xmol,列出三段式：，根据反应达平衡时，混合气体中的体积分数为5%，可得=5%，解出：x=0.75，反应前后系数相同，体积不影响平衡常数，则平衡常数K==1.08。
【小问3详解】
①当进料比为2时，图中n(CO2)比较大，同时n(SO2)很少，n(COS)几乎为0，故实际生产中应控制进料比为2.0；在进料比大于2.5之后，CO的含量较多，此时反应II的反应程度比反应III的程度大的多，故 COS的含量会明显增大；
②投料比为2.0时，反应I中产物n(S)、n(CO2)很大，而n(CO)、n(SO2)很小，则K1较大，反应II中产物：n(COS)很小，n(CO)、 n(S)中n(S)很大，则K2较小，所以K1> K2
【小问4详解】
标准状况下SO2的物质的量为=0.03mol，在电极a上SO2转化为H2SO4，一个SO2失去2个电子，则0.03molSO2失去0.03×2=0.06mol电子即0.06NA。
【化学——选修3：物质结构与性质】
35. 【答案】（1） ①. 纺锤形或哑铃形 ②. 4s24p2
（2） ①. O>C>H ②. O
（3） ①. 平面正三角形 ②. 碳酸镁分解产物是MgO和CO2， 碳酸钙分解产物是CaO和CO2，MgO的晶格能大于CaO，更加稳定
（4），sp2杂化 （5）
【解析】
【小问1详解】
基态碳原子的电子排布式是：1s22s22p2，占据的最高能级是2p，电子云形状为纺锤形或哑铃形；与碳元素同主族的第四周期元素是Ge，同主族元素价电子排布相同，Ge基态原子核外电子排布式是：[Ar]3d104s24p2，外围电子排布式为4s24p2。
小问2详解】
是常见的含碳化合物，其构成元素C、H、O，同主族元素电负性从上往下减小，同周期元素电负性从左往右增大，故电负性从大到小的顺序为O>C>H；该分子中C和H原子分别形成了4个和1个σ键，没有孤对电子，O原子形成了2个σ键，有两对孤对电子，具有孤对电子的原子是O。
【小问3详解】
阴离子的价电子对数是，形成3个σ键，没有孤电子对，立体构型为平面正三角形；碳酸镁分解产物是MgO和CO2， 碳酸钙分解产物是CaO和CO2，MgO的晶格能大于CaO，更加稳定，则碳酸镁更容易分解。
【小问4详解】
阴离子的多聚链状结构，连接结构单元的主要作用力是氢键，其中H原子与O形成的共价键只有O-H，形成氢键的另外O原子有C-O和C=O两种，故图中前后各链接一个结构单元后为，其中C原子形成3个σ键，没有孤电子对，则碳原子杂化方式为sp2杂化。
【小问5详解】
从图中可知，该晶胞含有C原子个数为3，含有W原子个数为=3，则晶胞的质量为g=g，设晶胞底面六边形的边长为xpm，则晶胞的体积为=pm3，晶胞的密度为，即，则。2024届高三山南班上学期期末理综试卷
注意事项：
1.答题前，务必将自己的姓名、考号填写在答题卡规定的位置上。
2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡。上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。
3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
5.考试结束后，只将答题卡交回。
可能用到的相对原子质量：H-1 Li-7 C-12 O-16 Al-27 Cl-35.5 K-39 Ni-59 Cu-64 Zn-65 Mn-55 W-184
一、选择题：本题共21小题，每小题6分，共126分。在每小题给出的四个选项中，第1-17题只有一项符合题目要求，第18-21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 钙在骨骼生长和肌肉收缩等过程中发挥重要作用。晒太阳有助于青少年骨骼生长，预防老年人骨质疏松。下列叙述错误是（ ）
A. 细胞中有以无机离子形式存在的钙
B. 人体内Ca2+可自由通过细胞膜的磷脂双分子层
C. 适当补充维生素D可以促进肠道对钙吸收
D. 人体血液中钙离子浓度过低易出现抽搐现象
2. 植物成熟叶肉细胞的细胞液浓度可以不同。现将a、b、c三种细胞液浓度不同的某种植物成熟叶肉细胞，分别放入三个装有相同浓度蔗糖溶液的试管中，当水分交换达到平衡时观察到：①细胞a未发生变化；②细胞b体积增大；③细胞c发生了质壁分离。若在水分交换期间细胞与蔗糖溶液没有溶质的交换，下列关于这一实验的叙述，不合理的是（ ）
A. 水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度
B. 水分交换前，细胞液浓度大小关系为细胞b>细胞a>细胞c
C. 水分交换平衡时，细胞c细胞液浓度大于细胞a的细胞液浓度
D. 水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度
3. 植物激素通常与其受体结合才能发挥生理作用。喷施某种植物激素，能使某种作物的矮生突变体长高。关于该矮生突变体矮生的原因，下列推测合理的是（ ）
A 赤霉素合成途径受阻 B. 赤霉素受体合成受阻
C. 脱落酸合成途径受阻 D. 脱落酸受体合成受阻
4. 线粒体是细胞进行有氧呼吸的主要场所。研究发现，经常运动的人肌细胞中线粒体数量通常比缺乏锻炼的人多。下列与线粒体有关的叙述，错误的是（ ）
A. 有氧呼吸时细胞质基质和线粒体中都能产生ATP
B. 线粒体内膜上的酶可以参与[H]和氧反应形成水的过程
C. 线粒体中的丙酮酸分解成CO2和[H]的过程需要O2的直接参与
D. 线粒体中的DNA能够通过转录和翻译控制某些蛋白质的合成
5.下列是有关酶的实验设计思路，正确的是（　　）
A.利用淀粉、蔗糖、淀粉酶和碘液验证酶的专一性
B.在验证温度对淀粉酶活性的影响实验中，不能选用斐林试剂检测还原糖的生成
C.利用胃蛋白酶、蛋清和pH分别为3、7、11的缓冲液验证pH对酶活性的影响
D.在验证酶的高效性实验中，可选用FeCl3和过氧化氢酶分别催化等量H2O2分解，检测产生的气体总量
6.下列关于细胞生命历程的叙述中，正确的是(　　)
A.细胞分化过程中，核酸不发生改变，蛋白质发生改变
B.细胞衰老时核质比不变或减小
C.被病原体感染的细胞和衰老细胞的清除，都是通过细胞凋亡完成的
D.细胞癌变的根本原因是正常基因突变为原癌基因和抑癌基因
7. 《后汉书·蔡伦传》中记载：“自古书契多编以竹简，其用缣帛者，谓之纸。缣贵而简重，不便于人，伦乃造意用树肤，麻头及弊布、渔网以为纸。”下列叙述错误的是
A. “缣帛”是丝质品，其主要成分为蛋白质 B. “树肤”与“麻头”的主要成分属于糖类
C. 造纸过程中可以采用过氧化氢漂白纸浆 D. 现代渔网的主要成分是尼龙，属于纤维素
8. 有机化合物性质多样，下列说法正确的是
A. 用饱和碳酸钠溶液可以鉴别乙醇和乙酸乙酯
B 甲苯能发生加成反应，但不能发生取代反应
C. 酸性条件下，植物油的水解产物所含官能团相同
D. 环成烯()分子中所有碳原子共平面
9. 下列化学表达式正确，且与所给事实相符的是
A. 硫酸铜溶液中滴加稀氨水：
B. 中性环境中，钢铁电化学腐蚀的正极电极反应式：
C. 稀硝酸中加入过量铁粉：
D. 湿润的淀粉碘化钾试纸遇氯气变蓝：
10. 下列实验操作和实验现象不相匹配的是
实验操作 实验现象
A 将一小块钠投入硫酸铜溶液中 有气泡冒出，产生蓝色沉淀
B 将Na2O2加入适量水中，滴入几滴酚酞 溶液先变红后褪色，有气泡产生
C 向重铬酸钾溶液中滴加几滴浓硫酸 随着浓硫酸加入，溶液颜色变浅
D 将铜丝在盛满氯气的烧瓶中点燃 烧瓶中充满棕黄色的烟
11. NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A. 2.0 g与的混合物中所含中子数为0.8NA
B. 标准状况下，11.2 L丙烷具有的共价键数为5.0NA
C. 电解精炼铜时，若电路中转移电子0.2NA，阳极质量减少6.4 g
D. 常温下，0.5 mol Al投入浓硫酸中，反应转移的电子数为1.5NA
12. X、Y、Z、M、Q为前20号主族元素，其原子序数依次增大。X的核外电子数等于其周期数，X2Y是最常用的溶剂，Z的最外层电子数是Y电子总数的一半，Q为前四周期金属性最强的元素。下列说法一定正确的是
A. 气态氢化物的稳定性： B. M单质常温下为固体
C. ZY2与Q2Y的化学键类型相同 D. 简单离子半径：
13. 一种混合水性可充电电池的能量密度较传统锂电池有明显提高，其放电时工作原理如图所示。下列叙述正确的是
A. 放电刚开始，电池负极材料为Zn，正极材料为
B. 充电过程中K+通过离子交换膜移向溶液
C. 放电过程总反应：
D. 充电时电路中每通过，理论上可使电极增重1.4g
14. 如图（a），阴极K和阳极A是密封在真空玻璃管中的两个电极，K受光照时能够发射出光电子，滑动变阻器可调节K、A之间的电压。分别用蓝光、弱黄光、强黄光照射K时，形成的光电流I（G表示数）与电压U（V表示数）的关系如图（b），则图中a、b、c光依次为（　　）
A. 蓝光、弱黄光、强黄光 B. 弱黄光、蓝光、强黄光
C. 强黄光、蓝光、弱黄光 D. 蓝光、强黄光、弱黄光
15. 如图，O是等边三角形ABC的垂心，三个电荷量绝对值相等的点电荷分别固定在A、B、C三点。以无穷远处的电势为零，已知A处正电荷在O点的电势为、电场强度大小为E。则O点的电势和电场强度大小分别为（　　）
A. 和2E B. 和2E C. 和3E D. 和0
16. 如图，倾角为且表面光滑的斜面固定在水平地面上，轻绳跨过光滑定滑轮，一端连接物体a，另一端连接物体b，b与物体c之间连接轻弹簧，a与地面接触且a、b、c均静止。已知b、c的质量均为m，重力加速度大小为g。则（　　）
A. a的质量可能小于
B. 剪断竖直绳后瞬间，b的加速度大小为
C. 剪断竖直绳后瞬间，c的加速度大小为
D. 剪断竖直绳后的一小段时间内，b、c的距离变大
17. 发电站通过升压变压器和降压变压器给某用户端供电，发电机组输出交变电压的有效值恒定，输电线总电阻r保持不变。当用户端用电器增加后（　　）
A. 若滑片P位置不变，则输电线上损失的功率变大
B. 若滑片P位置不变，则用户端电压升高
C. 若将滑片P上移，则用户端电压可能不变
D. 若将滑片P下移，则输电线上损失的功率可能减小
18. 如图，游乐园中某海盗船在外力驱动下启动，某时刻撤去驱动力，此后船自由摆动，当悬臂OA水平时，船的速度恰好为零。若A、B、C处质量相等的乘客始终相对船静止，且以相同的半径随船摆动，摆动装置（含乘客）的重心位于圆弧AC的中点B，∠AOC＝60°，不计一切阻力，重力加速度大小为g，则海盗船在自由摆动过程中（　　）
A. 水平时，船对C处乘客的作用力为零
B. OA水平时，B处乘客的加速度大小为
C. A处乘客从图示位置运动至最低点的过程中，始终处于失重状态
D. A、B处乘客分别运动至最低点时，船对乘客竖直方向的作用力大小之比为
19. 如图，2022年1月22日，位于同步轨道的中国“实践21号”卫星将一颗位于同步轨道的失效的“北斗2号”卫星拖拽至距地面更远的“墓地轨道”（可视为圆轨道），此后“实践21号”又回归同步轨道，这标志着中国能够真正意义上实现“太空垃圾清理”。下列说法正确的是（　　）
A. “实践21号”拖拽“北斗2号”离开同步轨道时需要点火加速
B. “实践21号”完成拖拽任务后离开“墓地轨道”时需要点火加速
C. “北斗2号”在同步轨道的速度大于它在“墓地轨道”的速度
D. “北斗2号”在“墓地轨道”的运行周期小于24小时
20. 如图，长木板AB静止在光滑水平地面上，连接在B端固定挡板上的轻弹簧静止时，其自由端位于木板上P点，。现让一可视为质点的小滑块以的初速度水平向左滑上木板A端。当锁定木板时，滑块压缩弹簧后刚好能够返回到AP的中点O。已知滑块和木板的质量均为，滑块与木板间的动摩擦因数为，弹簧的形变未超过弹性限度，重力加速度大小。下列判定正确的是（　　）
A. 锁定木板时，弹簧缩短过程中的最大弹性势能为1J
B. 锁定木板时，弹簧的最大压缩量为0.25m
C. 若不锁定木板，则滑块相对木板静止的位置可能在P点左侧
D. 若不锁定木板，则滑块相对木板静止的位置恰好在P点
21. 如图，半径为R的半圆形区域内（含边界）有方向垂直面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，MN为位于磁场下边界的粒子收集板，磁场左侧边界与MN相距处有一粒子源S，以不同速率沿平行于MN的方向射入大量质量均为m、电荷量均为q的粒子，部分粒子能够打收集板上。不计粒子重力及粒子间的相互作用，则（　　）
A. 粒子带正电
B. 到达收集板上O点的粒子在磁场中的速度偏转角为30°
C. 到达收集板的粒子在磁场中运动的最长时间为
D. 到达收集板的粒子的速度最大值为
二、非选择题：共174分。第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33-38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共129分。
22. （7分）一实验小组用图（a）所示装置验证动量守恒定律。装置中，小车P前端有橡皮泥，后端连着纸带，纸带穿过打点周期为0.02s的打点计时器。
（1）在长木板右端下面放垫块的目的是______。
（2）放垫块并达成目的后，接通电源，轻推小车P使之运动，P运动一段时间后，与静止的小车Q相碰，碰后两车粘合在一起继续运动，两车碰撞前后打出的纸带如图（b）所示。测得小车P（包括橡皮泥）的质量，小车Q的质量。由以上数据求得两车组成的系统碰前总动量为______，碰后总动量为______（结果保留3位小数）。
（3）实验结论为：在误差允许的范围内，______。
23. （9分）欲测量一个未知电阻R的阻值。
（1）某同学先用万用表欧姆“×10”挡粗测。测量中，表盘指针位置如图（a），其示数为______。
（2）为了准确测出的阻值，实验室提供了以下器材
A．电池组（电动势3V，内阻很小）； B．电流表（量程100mA，内阻约1）；
C．电流表（量程25mA，内阻）； D．电流表（量程1mA，内阻）；
E．电阻箱（阻值0～9999.9）； F．滑动变阻器（阻值0～10）；
G．开关一只，导线若干。
①根据提供的器材，该同学设计了图（b）所示的电路。其中，A1表应选______（填器材序号字母）。
②要使图（b）所示虚线框中改装后的电表的量程为3V，表应选______（填器材序号字母），且该同学应将电阻箱接入电路的电阻调到______。
③完成以上工作后，该同学在实验中测出了多组表和表的示数和，由这些数据得到了图（c）所示的图像。利用图像求得被测电阻的阻值为______（结果取3位有效数字）。
24. （16分）北京2022年冬奥会成功举办掀起了全民冰雪运动热潮。图为某跳台滑雪赛道简化示意图，助滑坡AB的竖直高度为h，着陆坡BC连线与水平方向的夹角为45°。一质量为m的运动员（包括装备）从A点静止下滑，经B点以大小为的速度水平飞出，最终在D点着陆。运动员可视为质点，不计空气阻力，重力加速度大小为g。求：
（1）从A到B的过程中，运动员克服阻力做的功；
（2）B、D之间的距离；
（3）运动员着陆前瞬间的速度大小。
25. （15分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第I象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在y轴负半轴上的某处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为界互不影响）。一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成角射入第IV象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，OP=8R。不计粒子重力，静电力常量为k，已知，求：
(1)M、N两点间的电势差UMN；
(2)固定x轴下侧平面内的点电荷电量Q。
26. （14分） 某废镍催化剂主要成分是合金，还含有少量及不溶于酸碱的有机物。采用如下工艺流程回收其中的镍制备镍的氧化物：
回答下列问题：
（1）“碱浸”所得“滤液1”的主要溶质为、_______，“灼烧”的目的是_______。
（2）“溶解”后的溶液中，所含金属离子有_______、_______。
（3）“分离除杂”中，发生氧化还原反应生成含铁滤渣的离子方程式为_______。
（4）“煅烧”滤渣前需进行的两步操作是_______。
（5）在空气中煅烧，其热重曲线如图所示。转化为，反应的化学方程式为_______；生成产物的化学式为_______。
（6）利用制得溶液，调节其pH至7.5～12，采用惰性电极进行电解，阳极上可沉淀出用作锌镍电池正极材料的。电解时阳极的电极反应式为_______。
27. （14分）高锰酸钾具有强氧化性，广泛应用于化工、医药、金属冶炼等领域。实验室可通过固体碱溶氧化法制备高锰酸钾。回答下列问题：
（1）称取和，置于铁坩埚中并混合均匀，加热混合物至熔融。加热铁坩埚时，除图中的部分仪器外，还需要_______(填仪器名称)，不使用瓷坩埚的原因是_______。
（2）将分多次加入熔融物中，继续加热，反应剧烈，最终得到墨绿色。该步反应的化学方程式为_______，分多次加入的原因是_______。
（3）待铁坩埚冷却后，将其置于蒸馏水中共煮至固体全部溶解。趁热向浸取液中通入，使歧化为与。用玻璃棒蘸取溶液于滤纸上，观察到_______，表明转化已完全。静置片刻，抽滤。该步骤若用代替，可能的后果是_______。
（4）水浴加热滤液至出现晶膜，冷却后抽滤、干燥晶体。在该实验中采用水浴加热的主要优点是_______。下表是部分化合物溶解度随温度变化的数据，步骤(3)中不宜通入过多，目的是_______，产品经纯化后称重，质量为3.60g。本实验中的产率为_______%。
温度/℃ 20 30 40 50
110 114 117 121
33.7 399 47.5 65.6
6.4 9.0 12.6 16.9
28. （15分）我国的能源以煤炭为主，燃煤烟气中等有害气体的排放会污染环境，用CO还原脱除SO2将其转化为单质硫，对工业生产具有重要的意义。
（1）已知常温常压下，的燃烧热为，CO(g)的燃烧热为，则CO还原脱除：_______。
（2）在某温度时，进行CO还原脱除：。
①若在刚性容器中进行，下列说法一定能确定反应达到平衡状态的是_______。
A. B.CO与SO2的浓度之比不再改变
C.容器内的压强不再改变 D.的值不再改变
②若控制进料比(物质的量)为4∶1，反应达平衡时，混合气体中的体积分数为5%，则该反应在此温度下的平衡常数为_______。
（3）在600℃时，发生如下系列反应，测得不同进料比(物质的量)下平衡体系各物质分布如图所示(图中起始投料固定为)。
反应I：
反应II：
反应III：
①该条件下，为减少有毒物质COS的产生，同时脱除，实际生产中应控制进料比为_______，在进料比大于2.5之后，COS的含量会明显增大，试分析原因_______。
②根据图中曲线，可判断_______(填“>”“=”或“<”)。
（4）SO2—空气质子交换膜燃料电池也可用于处理SO2，其原理如图。若用该电池处理标准状况下SO2含量为20%的燃煤烟气3.36L，则理论上电路中转移电子数为_______。
29. （6分）根据光合作用中CO2的固定方式不同，可将植物分为C3植物和C4植物等类型。C4植物的CO2补偿点比C3植物的低。CO2补偿点通常是指环境CO2浓度降低导致光合速率与呼吸速率相等时的环境CO2浓度。回答下列问题。
（1）不同植物（如C3植物和C4植物）光合作用光反应阶段的产物是相同的，光反应阶段的产物是____________（答出3点即可）。
（2）正常条件下，植物叶片的光合产物不会全部运输到其他部位，原因是____________（答出1点即可）。
（3）干旱会导致气孔开度减小，研究发现在同等程度干旱条件下，C4植物比C3植物生长得好。从两种植物CO2补偿点的角度分析，可能的原因是______________。
30.（13分） 人体免疫系统对维持机体健康具有重要作用机体初次和再次感染同一种病毒后，体内特异性抗体浓度变化如图所示。回答下列问题。
（1）免疫细胞是免疫系统的重要组成成分，人体T细胞成熟的场所是_____________；体液免疫过程中，能产生大量特异性抗体的细胞是_____________。
（2）体液免疫过程中，抗体和病毒结合后病毒最终被清除的方式是_____________。
（3）病毒再次感染使机体内抗体浓度激增且保持较长时间（如图所示），此时抗体浓度激增的原因是_____________。
（4）依据图中所示的抗体浓度变化规律，为了获得更好的免疫效果，宜采取的疫苗接种措施是_____________。
31.（12分）酶抑制剂能降低酶的活性，不同的抑制剂对酶活性的影响不同。某科研小组通过实验研究了两种抑制剂对某消化酶酶促反应速率的影响，对实验的结果进行分析并绘图，请回答下列问题：
（1）该实验的自变量是_____________，实验中对无关变量应进行控制，该实验的无关变量有_____________（至少答出两项）。
（2）据图分析，随着底物浓度的升高，抑制剂_____________（填类型）的作用逐渐减小甚至消失。从活化能的角度分析，推测抑制剂降低酶促反应速率的原理是　 　。
（3）某同学认为该实验小组的实验过程应是：
a.将某消化酶溶液等分为①②③三组，将每组等分为若干份；
b.在一定条件下将三组消化酶溶液均与等量的不同浓度的底物混合；
c.在①中加入一定量的蒸馏水，②中加入等量的抑制剂Ⅰ，③中加入等量的抑制剂Ⅱ；
d.定时取样检测各反应中底物的量或产物的量，记录实验结果并绘图。
你认为该实验操作是否正确？_________。如果不正确，请进行改正：　
　 。　 。
32.（8分）人在剧烈奔跑运动时机体会出现一些生理变化。回答下列问题：
(1)剧烈奔跑运动时肌细胞会出现________，这一呼吸方式会导致肌肉有酸痛感。
(2)当进行较长时间剧烈运动时，人体还会出现其他一些生理变化。例如，与运动前相比，胰岛A细胞的分泌活动会加强，分泌________，该激素具有___________________________________________________________(答出2点即可)等生理功能，从而使血糖水平升高。
(3)人在进行剧烈运动时会大量出汗，因此在大量出汗后，为维持内环境的相对稳定，可以在饮水的同时适当补充一些_________________________________。
（二）选考题：共45分．请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答．如果多做，则每科按所做的第一题计分。
［选修3-3］
33. （1）（5分）下列说法正确的是（　　）
A. 温度升高，分子热运动的平均动能增大，但并非所有分子的速率都增大
B. 100℃的水变成100℃的水蒸气的过程中，分子势能将增大
C. 气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现
D. 有规则外形的物体是晶体，没有确定几何外形的物体是非晶体
E. 热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
33. （2）（10分）如图，一定质量的理想气体用活塞封闭在固定的圆柱型气缸内，不计活塞与缸壁间的摩擦。现缓慢降低气体的温度使其从状态a出发，经等压过程到达状态b，即刻锁定活塞，再缓慢加热气体使其从状态b经等容过程到达状态c。已知气体在状态a的体积为4V、压强为、温度为，在状态b的体积为V，在状态c的压强为。求：
（1）气体在状态b的温度；
（2）从状态a经b再到c的过程中，气体总的是吸热还是放热，吸收或放出的热量为多少？
［选修3-4］
34.（1）（第1空1分，其余每空2分，共5分）
t＝0时刻，坐标原点O处的波源开始做振幅为2cm的简谐运动，其形成的简谐横波在t＝0.35 s时刻的波形如图所示，此刻波源O的位移为，波刚好传播到A（7cm，0）点。则：①波源的起振方向沿y轴________（选填“正”或“负”）方向，该波的波速为_______cm/s；②在0～1.25s内，A处质点比B（19cm，0）处质点多通过的路程为________cm。
34. （2）（10分）如图，ABDEF是某玻璃棱镜的横截面，它由直角三角形ABD和矩形ADEF构成，AF和DE边表面镀银（仅考虑反射），一光线平行于AD从AB边上M点射入棱镜。已知真空中的光速为c，，，，，，玻璃的折射率。求：
（1）光线在M点发生折射的折射角大小；
（2）光线从M点到第一次射出棱镜经历的时间。
35. （15分）碳元素是形成化合物最多的元素，碳及其化合物构成了丰富多彩的物质世界。回答下列问题：
（1）基态碳原子的电子占据的最高能级电子云形状为_______，与碳元素同主族的第四周期元素基态原子外围电子排布式为_______。
（2）是常见含碳化合物，其构成元素电负性从大到小的顺序为_______，该分子中具有孤对电子的原子是_______。
（3）碳酸盐是构成岩石、土壤等的主要成分，其阴离子的立体构型为_______。已知碳酸镁的热分解温度(402℃)比碳酸钙(900℃)低，试解释原因_______。
（4）在碳酸氢盐中，存在阴离子的多聚链状结构(其结构单元如图)，连接结构单元的主要作用力是氢键，请在下图中前后各链接一个结构单元：该结构中，碳原子杂化方式为_______。
（5）一种碳化钨的晶体结构如图，若晶胞的高为bpm，阿伏加德罗常数值为，晶体的密度为，则晶胞底面六边形的边长为_______pm(列出计算式)。
【生物——选修1：生物技术实践】
37. （15分）某同学从被石油污染的土壤中分离得到A和B两株可以降解石油的细菌，在此基础上采用平板培养法比较二者降解石油的能力，并分析两个菌株的其他生理功能。
实验所用的培养基成分如下。
培养基Ⅰ：K2HPO4，MgSO4，NH4NO3，石油。
培养基Ⅱ：K2HPO4，MgSO4，石油。
操作步骤：①将A、B菌株分别接种在两瓶液体培养基Ⅰ中培养，得到A、B菌液；
②液体培养基Ⅰ、Ⅱ口中添加琼脂，分别制成平板Ⅰ、Ⅱ，并按图中所示在平板上打甲、乙两孔。回答下列问题。
菌株 透明圈大小
平板Ⅰ 平板Ⅱ
A +++ ++
B ++ -
（1）实验所用培养基中作为碳源的成分是____________。培养基中NH4NO3的作用是为菌株的生长提供氮源，氮源在菌体内可以参与合成____________（答出2种即可）等生物大分子。
（2）步骤①中，在资源和空间不受限制的阶段，若最初接种N0个A细菌，繁殖n代后细菌的数量是____________。
（3）为了比较A、B降解石油的能力，某同学利用步骤②所得到的平板Ⅰ、Ⅱ进行实验，结果如表所示（“+”表示有透明圈，“+”越多表示透明圈越大，“-”表示无透明圈），推测该同学的实验思路是__________。
（4）现有一贫氮且被石油污染的土壤，根据上表所示实验结果，治理石油污染应选用的菌株是____________，理由是___________。

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