资源简介

专题3-3 解三角形
01专题网络·思维脑图（含基础知识梳理、常用结论与技巧）
02考情分析·解密高考
03高频考点·以考定法（四大命题方向+四道高考预测试题，高考必考·（10-17）分）
命题点1 正弦余弦定理基本应用
命题点2 解三角形中三线问题
命题点3 解三角形中周长面积问题
命题点4 解三角形中最值范围问题
高考猜题
04创新好题·分层训练（精选8道最新名校模拟试题+8道易错提升）
解三角形是新高考中必考点，一般以1+1（一道小题一道解答题） 或者是0+1（只出现一道解答）形式出现，往往放在解答题前两题，相对难度比较小.
真题多维细目表
考点 考向 考题
解三角形 ① 正弦余弦基本应用 ② 解三角形中三线问题 ③ 解三角形中周长面积问题 ④解三角形中最值范围问题 2023全国乙卷T4 全国乙卷T17 2021 全国甲卷T8 2023新高考甲卷T16 2023新高考Ⅰ卷T17 2023新高考Ⅱ卷T17 全国乙卷T18 甲卷T17 2022乙卷T17 新高考Ⅱ卷T18 2021全国乙卷T15 2021新高考Ⅱ卷T18 2022全国甲卷 2022年新高考Ⅰ卷T18
命题点1 正弦余弦定理基本应用
（2023·全国乙卷）
1．在中，内角的对边分别是，若，且，则（ ）
A． B． C． D．
（2023·全国乙卷）
2．记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c﹐已知．
(1)若，求C；
(2)证明：
命题点2 三角形中三线问题
（2023·全国甲卷）
3．在中，，的角平分线交BC于D，则 ．
（2023·全国新课标Ι）
4．已知在中，．
(1)求；
(2)设，求边上的高．
对于解三角形中的出现的角平分线问题 ，方法技巧在于用等面积法进行转化，或者是采用角平分线定理（角平分线定理属于二级结论解答题中需要进行证明，小题中可以直接采用），对于求高有关的问题也是采用面积等于底乘以高转化成三角形中面积公式.对于中线问题，一般思路是向量思想，小题中可以采用激化恒等式去求解.
命题点3 解三角形中周长面积问题
（2023·全国高考乙卷）
5．在中，已知，，.
(1)求；
(2)若D为BC上一点，且，求的面积.
（2022·全国高考乙卷）
6．记的内角的对边分别为，已知．
(1)证明：；
(2)若，求的周长．
命题点4 解三角形中最值范围问题
（2022·全国·高考甲卷）
7．已知中，点D在边BC上，．当取得最小值时， ．
（2022·全国新高考Ⅰ）
8．记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知．
(1)若，求B；
(2)求的最小值．
解三角形中求边长最值问题一般采用设角把边长转化成关于角的函数，最后转化成基本不等式或者是关于二次函数去求解.但是对于锐角三角形中，求长度或者是面积范围及问题，应采用边角转化思想，把边长问题转化成角度问题，再利用二次函数或者是辅助角公式去求解.
方法二：对于平面图形中，如果题目中未指明图形的一些边长关系，可采用一般图形特殊化，通过建立直角坐标系去转化成坐标运算.
预计2024年高考会出现正弦余弦定理的基本应用及面积最值范围相关题目
（23·24上·湖南·模拟预测）
9．在中，，，且的面积为，则（ ）
A． B． C． D．
（23·24上·浙江·一模）
10．在中，角，，的对边分别为，，，且.
(1)求；
(2)若点在边上，，，，求的面积.
（23·24上·绵阳·模拟预测）
11．在斜三角形中，内角所对的边分别为，已知．
(1)证明：；
(2)若，求的最小值．
（23·24上·泰州·期中）
12．在锐角中，a，b，c分别是角A，B，C的对边，已知.
(1)求角A的大小；
(2)若，求面积S的取值范围.
（★精选8道最新名校模拟考试题+8道易错提升）
（2023·湖北黄冈·统考模拟预测）
13．在中，，，，则的面积为（ ）
A． B． C． D．
（2023上·江苏徐州·高三校考阶段练习）
14．已知的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且，，则外接圆的半径为（ ）
A． B． C． D．
（2023·山东济宁·统考二模）
15．的内角的对边分别为，若边上的高为，则（ ）
A． B． C． D．
二、填空题
（2023上·江苏淮安·高三江苏省清浦中学校联考阶段练习）
16．在中，角的对边分别为为边中点，若，则面积的最大值为 .
（2023·河南郑州·统考模拟预测）
17．中，，，，平分线与交于点，则 .
三、解答题
（2023上·湖南·高三湖南省祁东县第一中学校联考阶段练习）
18．在中，内角A，B，C对应的边分别是a，b，c，且．
(1)求；
(2)若的面积是，，求的周长．
（2023·河南·校联考模拟预测）
19．如图，在四边形中，的面积为．

(1)求；
(2)证明：．
（2023·山东烟台·统考二模）
20．已知的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且.
(1)求；
(2)求的最小值.
（2023·浙江·校联考二模）
21．在三角形中，和分别是边上的高和中线，则（ ）
A．14 B．15 C．16 D．17
（2023·四川宜宾·统考三模）
22．在中，角A，B，C所对边分别记为a，b，c，若，，则面积的最大值是（ ）
A． B．2 C． D．
（2023·新疆·校联考二模）
23．在中，角A，B，C所对的过分别为a，b，c，则“”是“”的（ ）
A．充分不必要条件 B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
（2023·陕西宝鸡·统考二模）
24．在锐角△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且，，则a的取值范围为（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题
（2023·陕西商洛·镇安中学校考模拟预测）
25．在中，角的对边分别为，若，则外接圆的面积为 .
三、解答题
（2023·河南·模拟预测）
26．在中，内角A，B，C的对边分别是a，b，c，的面积记为S，已知，．
(1)求A；
(2)若BC边上的中线长为1，AD为角A的角平分线，求CD的长．
（2023·河南·校联考模拟预测）
27．已知的外心为，点分别在线段上，且恰为的中点．
(1)若，求面积的最大值；
(2)证明：．
（2023上·河北保定·高三校联考开学考试）
28．在中，角，，的对边分别为，，，若.
(1)求角的大小；
(2)若为上一点，，，求的最小值.
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
参考答案：
1．C
【分析】首先利用正弦定理边化角，然后结合诱导公式和两角和的正弦公式求得的值，最后利用三角形内角和定理可得的值.
【详解】由题意结合正弦定理可得，
即，
整理可得，由于，故，
据此可得，
则.
故选：C.
2．(1)；
(2)证明见解析．
【分析】（1）根据题意可得，，再结合三角形内角和定理即可解出；
（2）由题意利用两角差的正弦公式展开得，再根据正弦定理，余弦定理化简即可证出．
【详解】（1）由，可得，，而，所以，即有，而，显然，所以，，而，，所以．
（2）由可得，
，再由正弦定理可得，
，然后根据余弦定理可知，
，化简得：
，故原等式成立．
3．
【分析】方法一：利用余弦定理求出，再根据等面积法求出；
方法二：利用余弦定理求出，再根据正弦定理求出，即可根据三角形的特征求出．
【详解】
如图所示：记，
方法一：由余弦定理可得，，
因为，解得：，
由可得，
，
解得：．
故答案为：．
方法二：由余弦定理可得，，因为，解得：，
由正弦定理可得，，解得：，，
因为，所以，，
又，所以，即．
故答案为：．
【点睛】本题压轴相对比较简单，既可以利用三角形的面积公式解决角平分线问题，也可以用角平分定义结合正弦定理、余弦定理求解，知识技能考查常规．
4．(1)
(2)6
【分析】（1）根据角的关系及两角和差正弦公式，化简即可得解；
（2）利用同角之间的三角函数基本关系及两角和的正弦公式求,再由正弦定理求出，根据等面积法求解即可.
【详解】（1），
，即，
又，
，
，
，
即，所以，
.
（2）由（1）知，，
由，
由正弦定理，，可得，
，
.
5．(1)；
(2).
【分析】(1)首先由余弦定理求得边长的值为，然后由余弦定理可得，最后由同角三角函数基本关系可得；
(2)由题意可得，则，据此即可求得的面积.
【详解】（1）由余弦定理可得：
，
则，，
.
（2）由三角形面积公式可得，
则.
6．(1)见解析
(2)14
【分析】（1）利用两角差的正弦公式化简，再根据正弦定理和余弦定理化角为边，从而即可得证；
（2）根据（1）的结论结合余弦定理求出，从而可求得，即可得解.
【详解】（1）证明：因为，
所以，
所以，
即，
所以；
（2）解：因为，
由（1）得，
由余弦定理可得，
则，
所以，
故，
所以，
所以的周长为.
7．##
【分析】设，利用余弦定理表示出后，结合基本不等式即可得解.
【详解】[方法一]：余弦定理
设，
则在中，，
在中，，
所以
，
当且仅当即时，等号成立，
所以当取最小值时，.
故答案为：.
[方法二]：建系法
令 BD=t，以D为原点，OC为x轴，建立平面直角坐标系.
则C（2t,0），A（1，），B（-t,0）
[方法三]：余弦定理
设BD=x,CD=2x.由余弦定理得
，，
，，
令，则，
，
，
当且仅当，即时等号成立.
[方法四]：判别式法
设，则
在中，，
在中，，
所以，记，
则
由方程有解得：
即，解得：
所以，此时
所以当取最小值时，，即.

8．(1)；
(2)．
【分析】（1）根据二倍角公式以及两角差的余弦公式可将化成，再结合，即可求出；
（2）由（1）知，，，再利用正弦定理以及二倍角公式将化成，然后利用基本不等式即可解出．
【详解】（1）因为，即，
而，所以；
（2）由（1）知，，所以，
而，
所以，即有，所以
所以
．
当且仅当时取等号，所以的最小值为．
9．D
【分析】先利用正弦定理角化边可得，再由三角形面积公式可得，最后根据余弦定理求解即可.
【详解】设中角所对的边分别为，
因为，所以由正弦定理可得，
又解得，
所以由余弦定理可得，
因为，所以，
故选：D
10．(1)
(2)
【分析】（1）根据题意，由正弦定理的边角互化进行化简，再由余弦定理，代入计算，即可得到结果；
（2）根据题意，由可得，结合余弦定理列出方程，即可求得，再由三角形的面积公式，代入计算，即可得到结果.
【详解】（1）由题意得，
所以，故
因为，.
（2）设，则，
在中，有.
在中，有.
又，所以，
所以有.又，所以.
在中，由余弦定理可得.
又，，，
所以有.
联立，解得 ，所以，
所以.
11．(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）利用三角形内角和化简三角函数方程，即可证明结论；
（2）由正弦定理求出的表达式，即可得出其最小值.
【详解】（1）由题意证明如下，
在中，，
，
，
，
又为斜三角形，则，
，
，
∵为的内角，
.
（2）由题意及（1）得，
在中，，，是等腰三角形，
由正弦定理，则，
又，即，
，
，
令， ，
又因为，即，
当即时，取最小值，且，
∴的最小值为．
12．(1)
(2)
【分析】（1）对已知条件变形，代入余弦定理即可；
（2）根据锐角三角形定义确定B的范围，利用正弦定理表示出c，然后代入面积公式，求三角函数的值域可得答案.
【详解】（1）因为，
所以，
整理得，
所以，
又，所以.
（2）因为为锐角三角形，
所以，解得，
所以，
由正弦定理可得，
则，
因为，所以，
所以，即面积S的取值范围为.
13．D
【分析】由正弦定理求出，进而得到，，从而求出，利用三角形面积公式求出答案.
【详解】由正弦定理得，
因为，，，
所以，故，
则，
因为，
所以，，
故，
故.

故选：D
14．B
【分析】首先求出，再利用正弦定理即可.
【详解】由题意得，所以，
设外接圆的半径为，则由正弦定理得，
所以，
故选：B.
15．B
【分析】根据已知，用c表示出a、b，然后由余弦定理可得.
【详解】如图，边上的高为CD,
因为，所以
所以，
由勾股定理可得，
由余弦定理可得.
故选：B
16．
【分析】根据向量模长公式即可，结合基本不等式即可求解，进而根据三角函数的单调性，结合面积公式即可求解.
【详解】由于为边中点,所以,平方,
因此,
由于，所以，当且仅当时等号成立，
故，
由于在单调递减，故当时，最小，且为钝角，
,
由于在单调递增，故当取最小值时，此时面积最大，故当时，此时最小，进而最小，故面积最大，
由可得，故面积的最大值为，
故答案为：
17．
【分析】首先利用余弦定理求出、，即可得到，再由正弦定理计算可得.
【详解】由余弦定理，
，
所以，所以，
因为为的平分线，所以，
所以，
在中由正弦定理，
即，所以.
故答案为：
18．(1)
(2)
【分析】（1）利用正弦定理边化角，再结合两角和的正弦公式求解；
（2）利用面积公式、余弦定理运算求解.
【详解】（1）由，可得到，
即．
因为，所以，故．
（2）由，可得，
因为，所以，则．
由余弦定理得，即，
所以，故的周长是．
19．(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）设，根据面积得到方程，求出，在中，利用余弦定理求出，进而求出，从而求出的值；
（2）在中，由正弦定理得，结合（1）中，由角的范围得到.
【详解】（1）设，
因为的面积为，
所以，解得，
所以．
在中，由余弦定理得，
所以．
在中，，所以，
所以；
（2）由（1）可得，
在中，由正弦定理得，
所以，且．
由（1）可得，又，
所以．
20．(1)
(2)
【分析】（1）由余弦定理化简已知等式可得，结合同角三角函数基本关系式即可求解的值；
（2）由（1）利用余弦定理以及基本不等式即可求解．
【详解】（1）由余弦定理知，则
所以，
所以，则
又因为，所以，
整理得，
在中，，所以．
（2）由（1）知，所以，
所以，当且仅当时等号成立，
所以的最小值为．
21．C
【分析】将作为基底，用基底表示和 ，根据数量积的规则计算即可.
【详解】
设 ，则有 ，
由余弦定理得 ，
，
其中 ， ，解得 ，
；
故选：C.
22．C
【分析】由正弦定理和和角公式得到，设出点的坐标，根据，得到点C的轨迹，从而确定面积的最大值.
【详解】，，，
，，，
由正弦定理得.
设，，，
∵，
∴，
，
化简得，点C的轨迹是以为圆心，半径为的圆.
过C作，当CD最大时，有最大值，.
故选：C
23．C
【分析】利用三角恒等变换及正弦定理即可判定.
【详解】由二倍角公式可化简得：，而，故，
由正弦定理可得，
反之，也成立，即为充要条件.
故选：C．
24．C
【分析】确定角范围后，由正弦定理表示出，再利用三角函数性质得结论．
【详解】因为是锐角三角形，所以，，所以，，
由正弦定理得，所以．
故选：C．
25．
【分析】首先利用正弦定理，边化角，再结合三角恒等变换，以及余弦定理，求得和角，即可求得三角形外接圆的半径和面积.
【详解】由正弦定理得，
因为，所以，即，可得.
因为，所以，得，解得.
，化简得，
由正弦定理 余弦定理，得，化简得，
由正弦定理可得，得，因此外接圆的面积为.
故答案为：
26．(1)
(2)
【分析】（1）利用三角形面积公式以及正弦定理即可计算得出，即可得；
（2）利用平面向量可得，再由等面积法即可得，代入计算可求出CD的长．
【详解】（1）因为，所以，即，
由正弦定理可得，即
所以．
因为，所以．
（2）设AE为BC边上的中线，可得，
如下图所示：

则，
所以，解得．
因为，
所以，
所以；由可得，
利用余弦定理可得，
所以．
27．(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）运用正弦定理得出的角度，借助基本不等式根据余弦定理得出的最大值，从而得出面积的最大值；
（2）利用余弦定理，由可得出，同理可得，由恰为的中点，可证本题.
【详解】（1）解：由正弦定理，得，
所以，
又，所以或，
当时，
由余弦定理，得
，
所以，的面积，
当且仅当时，取等号；
当时，
同理可得，的面积，
当且仅当时，取等号．
综上，面积的最大值为；
（2）证明：设，
由余弦定理知，，
因为，
所以，
化简整理得，
而，因此，
又因为是外心，故，
同理可知，
因为恰为的中点，
因此，所以．

28．(1)
(2)
【分析】（1）利用正弦定理化简已知条件，结合余弦定理求得正确答案.
（2）利用三角形的面积公式列方程，结合基本不等式求得的最小值.
【详解】（1）依题意，，
由正弦定理得，
，所以，
所以是钝角，所以.
（2），
，所以，
即，
所以，
当且仅当时等号成立.
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页

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