2023年江苏省南京市中考数学试卷(含解析)

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2023年江苏省南京市中考数学试卷(含解析)

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2023年江苏省南京市中考数学试卷
一、选择题(本大题共6小题,每小题2分,共12分.在每小题所给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上)
1.(2分)全国深入践行习近平生态文明思想,科学开展大规模国土绿化行动,厚植美丽中国亮丽底色,去年完成造林约3830000公顷.用科学记数法表示3830000是(  )
A.3.83×106 B.0.383×106 C.3.83×107 D.0.383×107
2.(2分)整数a满足,则a的值为(  )
A.3 B.4 C.5 D.6
3.(2分)若一个等腰三角形的腰长为3,则它的周长可能是(  )
A.5 B.10 C.15 D.20
4.(2分)甲、乙两地相距100km,汽车从甲地匀速行驶到乙地,则汽车行驶的时间t(单位:h)与行驶速度v(单位:km/h)之间的函数图象是(  )
A. B.
C. D.
5.(2分)我国南宋数学家秦九韶的著作《数书九章》中有一道问题:“问沙田一段,有三斜,其小斜一十三里,中斜一十四里,大斜一十五里.里法三百步,欲知为田几何?”问题大意:如图,在△ABC中,AB=13里,BC=14里,AC=15里,则△ABC的面积是(  )
A.80平方里 B.82平方里 C.84平方里 D.86平方里
6.(2分)如图,不等臂跷跷板AB的一端A碰到地面时,另一端B到地面的高度为60cm;当AB的一端B碰到地面时,另一端A到地面的高度为90cm,则跷跷板AB的支撑点O到地面的高度OH是(  )
A.36cm B.40cm C.42cm D.45cm
二、填空题(本大题共10小题,每小题2分,共20分.请把答案填写在答题卡相应位置上)
7.(2分)计算:|﹣2|=   ;=   .
8.(2分)若式子在实数范围内有意义,则x的取值范围是    .
9.(2分)计算的结果是    .
10.(2分)分解因式3a2﹣6a+3的结果是    .
11.(2分)计算的结果是    .
12.(2分)某校九年级有8个班级,人数分别为37,a,32,36,37,32,38,34.若这组数据的众数为32,则这组数据的中位数为    .
13.(2分)甲车从A地出发匀速行驶,它行驶的路程y(单位:km)与行驶的时间x(单位:min)之间的函数关系如图所示.甲车出发20min后,乙车从A地出发沿同一路线匀速行驶.若乙车经过20min~30min追上甲车,则乙车的速度v(单位:km/min)的取值范围是    .
14.(2分)在平面直角坐标系中,点O为原点,点A在第一象限,且OA=3.若反比例函数的图象经过点A,则k的取值范围是    .
15.(2分)如图,⊙O与正六边形ABCDEF的边CD,EF分别相切于点C,F.若AB=2,则⊙O的半径长为    .
16.(2分)如图,在菱形纸片ABCD中,点E在边AB上,将纸片沿CE折叠,点B落在B′处,CB′⊥AD,垂足为F.若CF=4cm,FB′=1cm,则BE=   cm.
三、解答题(本大题共11小题,共88分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.(7分)计算.
18.(8分)解不等式组,并写出它的整数解.
19.(7分)如图,在 ABCD中,点M,N分别在边BC,AD上,且AM∥CN,对角线BD分别交AM,CN于点E,F.求证BE=DF.
20.(8分)社会运转和日常生活离不开物流行业的发展,阅读以下统计图并回答问题.
(1)下列结论中,所有正确结论的序号是    .
①2011~2022年社会物流总费用占GDP比重总体呈先下降后稳定的趋势;
②2011~2016年社会物流总费用的波动比2017~2022年社会物流总费用的波动大;
③2012~2022年社会物流总费用逐年增加,其中增加的幅度最大的一年是2021年.
(2)请结合上图提供的信息,从不同角度写出两个与我国GDP相关的结论.
21.(8分)某旅游团从甲、乙、丙、丁4个景点中随机选取景点游览.
(1)选取2个景点,求恰好是甲、乙的概率;
(2)选取3个景点,则甲、乙在其中的概率为    .
22.(8分)如图,某校的饮水机有温水、开水两个按钮,温水和开水共用一个出水口.温水的温度为30℃,流速为20ml/s;开水的温度为100℃,流速为15ml/s.某学生先接了一会儿温水,又接了一会儿开水,得到一杯280ml温度为60℃的水(不计热损失),求该学生分别接温水和开水的时间.
物理常识开水和温水混合时会发生热传递,开水放出的热量等于温水吸收的热量,可以转化为开水的体积×开水降低的温度=温水的体积×温水升高的温度.
23.(8分)如图,为了测量无人机的飞行高度,在水平地面上选择观测点A,B.无人机悬停在C处,此时在A处测得C的仰角为36°52′;无人机垂直上升5m悬停在D处,此时在B处测得D的仰角为63°26′.AB=10m,点A,B,C,D在同一平面内,A,B两点在CD的同侧.求无人机在C处时离地面的高度.
(参考数据:tan36°52′≈0.75,tan63°26′≈2.00.)
24.(8分)如图,玻璃桌面与地面平行,桌面上有一盏台灯和一支铅笔,点光源O与铅笔AB所确定的平面垂直于桌面.在灯光照射下,AB在地面上形成的影子为CD(不计折射),AB∥CD.
(1)在桌面上沿着AB方向平移铅笔,试说明CD的长度不变.
(2)桌面上一点P恰在点O的正下方,且OP=36cm,PA=18cm,AB=18cm,桌面的高度为60cm.在点O与AB所确定的平面内,将AB绕点A旋转,使得CD的长度最大.
①画出此时AB所在位置的示意图;
②CD的长度的最大值为    cm.
25.(8分)已知二次函数y=ax2﹣2ax+3(a为常数,a≠0).
(1)若a<0,求证:该函数的图象与x轴有两个公共点.
(2)若a=﹣1,求证:当﹣1<x<0时,y>0.
(3)若该函数的图象与x轴有两个公共点(x1,0),(x2,0),且﹣1<x1<x2<4,则a的取值范围是    .
26.(9分)如图,在△ABC中,AB=AC,⊙O是△ABC的外接圆,过点O作AC的垂线,垂足为D,分别交直线BC,于点E,F,射线AF交直线BC于点G.
(1)求证AC=CG.
(2)若点E在CB的延长线上,且EB=CG,求∠BAC的度数.
(3)当BC=6时,随着CG的长度的增大,EB的长度如何变化?请描述变化过程,并说明理由.
27.(9分)在平面内,将一个多边形先绕自身的顶点A旋转一个角度θ(0°<θ<180°),再将旋转后的多边形以点A为位似中心放大或缩小,使所得多边形与原多边形对应线段的比为k,称这种变换为自旋转位似变换.若顺时针旋转,记作T(A,顺θ,k);若逆时针旋转,记作T(A,逆θ,k).
例如:如图①,先将△ABC绕点B逆时针旋转50°,得到△A1BC1,再将△A1BC1以点B为位似中心缩小到原来的,得到△A2BC2,这个变换记作T(B,逆50°,).
(1)如图②,△ABC经过T(C,顺60°,2)得到△A′B′C,用尺规作出△A′B′C.(保留作图痕迹)
(2)如图③,△ABC经过T(B,逆α,k1)得到△EBD,△ABC经过T(C,顺β,k2)得到△FDC,连接AE,AF.求证:四边形AFDE是平行四边形.
(3)如图④,在△ABC中,∠A=150°,AB=2,AC=1.若△ABC经过(2)中的变换得到的四边形AFDE是正方形.
Ⅰ.用尺规作出点D(保留作图痕迹,写出必要的文字说明);
Ⅱ.直接写出AE的长.
2023年江苏省南京市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共6小题,每小题2分,共12分.在每小题所给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上)
1.【解答】解:3830000=3.83×106.
故选:A.
2.【解答】解:∵,
即,
∴整数a=5,
故选:C.
3.【解答】解:∵等腰三角形的腰长为3,
∴3﹣3<等腰三角形的底长<3+3,
即0<等腰三角形的底长<6,
∴6<等腰三角形的周长<12,
故选:B.
4.【解答】解:根据题意有:100=v t,
所以t=,
故v与t之间是反比例函数,其图象在第一象限.
故选:D.
5.【解答】解:如图,过点A作AD⊥BC于D,
设BD=x里,则CD=(14﹣x)里,
在Rt△ABD中,AD2+x2=132,
在Rt△ADC中,AD2=152﹣(14﹣x)2,
∴132﹣x2=152﹣(14﹣x)2,
132﹣x2=152﹣196+28x﹣x2,
解得x=5,
在Rt△ABD中,AD==12(里),
∴△ABC的面积=BC AD=×14×12=84(平方里),
故选:C.
6.【解答】解:如图:过点B作BC⊥AH,垂足为C,
∵OH⊥AC,BC⊥AC,
∴∠AHO=∠ACB=90°,
∵∠BAC=∠OAH,
∴△AOH∽△ABC,
∴=,
∴=,
如图:过点A作AD⊥BH,垂足为D,
∵OH⊥BD,AD⊥BD,
∴∠OHB=∠ADB=90°,
∵∠ABD=∠OBH,
∴△ABD∽△OBH,
∴=,
∴=,
∴+=+,
∴+=,
∴+=1,
解得:OH=36,
∴跷跷板AB的支撑点O到地面的高度OH是36cm,
故选:A.
二、填空题(本大题共10小题,每小题2分,共20分.请把答案填写在答题卡相应位置上)
7.【解答】解:|﹣2|=2,,
故答案为:2,2.
8.【解答】解:∵式子在实数范围内有意义,
∴x﹣2≠0.
∴x≠2.
故答案为:x≠2.
9.【解答】解:
=6﹣3
=3,
故答案为:3.
10.【解答】解:3a2﹣6a+3
=3(a2﹣2a+1)
=3(a﹣1)2.
故答案为:3(a﹣1)2.
11.【解答】解:




=.
故答案为:.
12.【解答】解:∵一组数据37,a,32,36,37,32,38,34的众数为32,
∴a=32,
把这组数据从小到大排列为32,32,32,34,36,37,37,38,排在中间的两个数分别为34,36,所以这组数据的中位数为=35.
故答案为:35.
13.【解答】解:根据图象,得甲车的速度为18÷20=(km/min),
设甲车出发t min后乙车追上甲车,根据题意,40≤t≤50.
则t=v(t﹣20),得v===,
∴v随t的增大而减小.
当t=50时,v取最小值,v=;
当t=40时,v取最大值,v=,
∴≤v≤,
故答案为:≤v≤.
14.【解答】解:由题意可知A为反比例函数的图象与直线y=x的交点时,k的值最大
∵OA=3,
∴A在直线y=x上时,A(,),
∴此时k=×=,
∵点A在第一象限,
∴k>0,
∴k的取值范围是0<k≤,
故答案为:0<k≤.
15.【解答】解:连接CF,OC,OF,过D作DG⊥CF于G,过E作EH⊥CF于H,
∴EH∥DG,
∵EF,CD是⊙O的切线,
∴∠OFE=∠OCD=90°,
∵多边形ABCDEF是正六边形,
∴∠FED=∠CDE=120°,
∴∠COF=120°,
∵OC=OF,
∴∠OCF=∠OFC=30°,
∴∠EFH=∠DCG=60°,
∵∠EHF=∠DGC=90°,CD=EF,
∴△CDG≌△FEH(AAS),
∴FH=CG,EH=DG,
∴四边形EHGD是矩形,
∴HG=DE=2,
∵EF=CD=2,∠DCG=∠EFH=∠OFE﹣∠OFH=60°,
∴FH=CG=EF=1,
∴CF=4,
过O作OM⊥CF于M,
∴CM=CF=2,
∴OC===,
∴⊙O的半径长为,
故答案为:.
16.【解答】解:作EH⊥BC于点H,则∠BHE=∠CHE=90°,
∵CF=4cm,FB′=1cm,
∴B′C=CF+FB′=4+1=5(cm),
由折叠得BC=B′C=5cm,∠BCE=∠B′CE,
∵四边形ABCD是菱形,
∴BC∥AD,DC=BC=5cm,∠B=∠D,
∵CB′⊥AD于点F,
∴∠BCB′=∠CFD=90°,
∴∠BCE=∠B′CE=∠BCB′=×90°=45°,DF===3(cm),
∴∠HEC=∠BCE=45°,
∴CH=EH,
∵=sinB=sinD==,=cosB=cosD==,
∴CH=EH=BE,BH=BE,
∴BE+BE=5,
∴BE=cm,
故答案为:.
三、解答题(本大题共11小题,共88分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.【解答】解:


=.
18.【解答】解:,
由①得:x<,
由②得:x>﹣3,
∴不等式组的解集为﹣3<x<,
则原不等式组的整数解是﹣2,﹣1,0.
19.【解答】证明:连接AC交BD于O,
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AO=OC,BO=DO,
∵AM∥CN,
∴∠EAC=∠FCA,
在△AEO与△CFO中,

∴△AOE≌△COF(ASA),
∴OE=OF,
∴BO﹣OE=OD﹣OF,
∴BE=DF.
20.【解答】解:(1)2011~2022年社会物流总费用占GDP比重总体呈先下降后稳定的趋势,故①正确;
2011~2016年社会物流总费用的波动范围为2.7,2017~2022年社会物流总费用的波动范围为5.7,
故2011~2016年社会物流总费用的波动比2017~2022年社会物流总费用的波动小,故②错误;
2012~2022年社会物流总费用逐年增加,其中增加的幅度最大的一年是2021年,故③正确.
故正确的结论序号为:①③.
故答案为:①③;
(2)根据统计图可得,从2011年到2022年我国的GDP逐年稳步增加;
GDP的循环规律是5到7年增长,2年持平或衰退.
21.【解答】解:(1)画树状图如下:
共有12种等可能的结果,其中恰好是甲、乙的结果有2种,
∴恰好是甲、乙的概率==;
(2)画树状图如下:
共有24种等可能的结果,其中甲、乙在其中的结果有12种,
∴甲、乙在其中的概率为=,
故答案为:.
22.【解答】解:设该学生接温水的时间为x s,
根据题意可得:20x×(60﹣30)=(280﹣20x)×(100﹣60),
解得x=8,
∴20×8=160(ml),
∵280﹣160=120(ml),
∴120÷15=8(s),
∴该学生接温水的时间为8s,接开水的时间为8s.
23.【解答】解:延长DC交AB于点E,
由题意得:DE⊥AB,CD=5m,
设BE=x m,
∵AB=10m,
∴AE=AB+BE=(10+x)m,
在Rt△ACE中,∠CAE=36°52′,
∴CE=AE tan36°52′≈0.75(10+x)m,
在Rt△BDE中,∠DBE=63°26′,
∴DE=BE tan63°26′≈2x(m),
∵DC+CE=DE,
∴5+0.75(10+x)=2x,
解得:x=10,
∴CE=0.75(10+x)=15(m),
∴无人机在C处时离地面的高度约为15m.
24.【解答】解:(1)设AB平移到EF,EF在地面上形成的影子为MN.
∵AB∥CD,
∴△OAB~△OCD,
△OEF~△OMN,
△OEB~△OMD,
∴,,,
∴,
∵EF=AB,
∴MN=CD,
∴沿着AB方向平移时,CD长度不变.
(2)①以A为圆心,AB长为半径画圆,
当OQ与⊙A相切于H时,此时CD最大为CQ.
此时AB所在位置为AH.
②∵∠HGA=∠PGO,∠AHG=∠OPG=90°,
∴△GHA~△GPO,
∴,
∴设GA=x,则GO=2x,
在Rt△OPG中,
OP2+PG2=OG2,
∴362+(18+x)2=(2x)2,
∴x2﹣12x﹣540=0,
∴x1=30,x2=﹣18(舍去),
∴AG=30,
由①,
∴,
∴CQ=80,
即CD的长度的最大值为80cm.
25.【解答】证明:(1)因为(﹣2a)2﹣4×a×3=4a2﹣12a,
又因为a<0,
所以4a<0,a﹣3<0,
所以4a2﹣12a=4a(a﹣3)>0,
所以该函数的图象与x轴有两个公共点.
(2)将a=﹣1代入函数解析式得,
y=﹣x2+2x+3=﹣(x﹣1)2+4,
所以抛物线的对称轴为直线x=1,开口向下.
则当﹣1<x<0时,
y随x的增大而增大,
又因为当x=﹣1时,y=0,
所以y>0.
(3)因为抛物线的对称轴为直线x=,且过定点(0,3),
又因为该函数的图象与x轴有两个公共点(x1,0),(x2,0),且﹣1<x1<x2<4,
所以当a>0时,
a﹣2a+3<0,
解得a>3,
故a>3.
当a<0时,
a+2a+3<0,
解得a<﹣1,
故a<﹣1.
综上所述,a>3或a<﹣1.
故答案为:a>3或a<﹣1.
26.【解答】(1)证明:过A作直径AM,
∵AB=AC,
∴AM⊥BC,
∴∠E+∠EOM=90°,
∵AC⊥EF,
∴∠OAD+∠AOD=90°,
∴∠E=∠OAD,
∵OA=OF,
∴∠OAD+∠DAF=∠AFO=∠E+∠G,
∴∠DAF=∠G,
AC=CG;
(2)解:BAG=∵AB=AC,AM⊥BC,
∴∠BAM=∠CAM,
设∠BAM=∠CAM=2α,
∴∠ABC=∠ACB=(180°﹣∠BAC)=90°﹣2α,
∵AC=CG,
∴∠CAG=∠CGA=45°﹣α,
∴∠BAG=2α+2α+45°﹣α=45°+3α,
如图:连AE,
∵EF⊥AC,又EF过圆心,
∴EF垂直平分AC,
∴EC=AE,
∵BH=HC,又EB=CG,
∴HE=HG,
∴AM垂直平分EG,
∴AE=AG,
∴EC=AG,
∵EB=CG,
∴EB+BC=BC+CG,
∴EC=BG,
∴AG=BG,
∴∠BAG=∠ABG,
∴45°+3α=90°﹣2α,
∴α=9°,
∴∠BAC=4α=36°;
(3)答:当CG=6,BE=0;
当CG≥6时,BE随CG的增大而增大;
当3<CG<6时,BE随CG的增大而减小.
说明:①当BE=0时,即点E与B重合,
在△BOH和△AOD中,

∴△BOH≌△AOD(AAS),
∴AD=BH=3,
∴AC=2AD=6,
∴AB=AC=BC=6,
∴△ABC为等边三角形,
∴∠BAC=∠ACB=60°,
∴∠CAG=30°,∠CAG+∠G=60°,
∴∠G=30°=∠CAG,
∴CA=CG=6;
②当CG≥6时,如图:
∵∠E=∠CAH,∠EDC=∠AHC=90°,
∴△ACH~△ECD,
∴,
∴,
∴=,
∴BE=CG2﹣6,
∴BE随CG的增大而增大.
③当3<CG<6时,如图,
∵∠ACM=∠DCE,∠EDC=∠AMC=90°,
∴△AMC~△EDC,
∴,
∴,
∴,
∴BE=﹣CG2+6,
∴BE随CG的增大而减小.
综上所述:
当CG≥6时,BE随CG的增大而增大;
当3<CG<6时,BE随CG的增大而减小.
27.【解答】(1)解:如图1,
1.以B为圆心,BC为半径画弧,以C为圆心,BC为半径画弧,两弧在BC的上方交于点D,分别以A,C为圆心,以AC为半径画弧,两弧交于点E,
2.延长CD至B′,使DB′=CD,延长CE至A′,使A′E=CE,连接A′B′,
则△A′B′C就是求作的三角形;
(2)证明:∵△EBD和△ABC位似,△FDC与△ABC位似,
∴∠EBD=∠ABC,,,
∴∠EBA=∠DBC,
∴△EBA∽△DBC,
∴,
∴,
∴AE=DF,
同理可得:DE=AF,
∴四边形AFDE是平行四边形;
(3)解:如图2,
1.以BC为边在BC上方作等边三角形GBC,
2.作等边三角形BCG的外接圆O,作直径BD,连接CD,
3.作∠DBE=∠ABC,∠BDE=∠ACB,延长BA,交⊙O于F,连接CF,DF,
则四边形AFDE是正方形,
证明:由上知:△EBA∽△DBC,△FAC∽△DBC,
∴∠BAE=∠DCB,∠FAC=∠DBC,,,
∴∠BAE+∠FAC=∠DCB+∠DBC,
要使 AFDE是正方形,应使∠EAF=90°,AE=AF,
∴∠BAE+∠FAC+∠BAC=270°,BD=2CD,
∴∠BAE+∠FAC=270°﹣∠BAC=270°﹣150°=120°,
∴∠DBC+∠DCB=120°,
∴∠BDC=60°,
∴作等边△BCG,保证∠BDC=∠G=60°,作直径BD,保证BD=2CD,这样得出作法;
∵∠ABE=∠DBC=30°,∠EAB=∠BCD=90°,AB=2,
∴AE=AB=.

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