资源简介 周口恒大中学2023-2024学年高一下学期4月期中考试化学满分:100分 考试时间:75分钟注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色字迹铜笔或签字笔将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(A)填涂在答题卡相应位置上,将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案,答案不能答在试卷上。3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后,将试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量:H-1 C-12 O-16 Na-23 Cl-35.5 Fe-56 Ag-108一、选择题:本题共10小题,每小题3分,共30分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.有八种物质:①甲烷、②苯、③聚乙烯、④聚异戊二烯、⑤2-丁炔、⑥环己烷、⑦丙烯、⑧邻二甲苯,既能使酸性高锰酸钾溶液褪色,又能使溴水因反应而褪色的是A.⑤⑦⑧ B.④⑤⑦⑧ C.④⑤⑦ D.③④⑤⑦⑧2.一定量浓硫酸溶于水时,扩散过程吸收的热量是,水合过程释放的热量变化是。下列判断正确的是A. B. C. D.无法判断3.下列操作不能达到目的的是操作 目的A 对二氯甲烷和四氯化碳的混合物进行蒸馏 分离两种有机物B 利用分液操作分离苯和硝基苯 分离两种有机物C 在医用酒精中加入生石灰,蒸馏 制备无水乙醇D 在水、乙醇中分别加入一块大小和形状均相同的钠块 探究氧氢键极性强弱A.A B.B C.C D.D4.已知反应:,其浓度数据如下:当用Y浓度的减少来表示该化学反应的速率时,其速率为A. B.C. D.5.下列说法错误的是A.反应在室温下可自发进行,则该反应的B.常温下,若反应不能自发进行,则该反应的C. ,该反应高温才能自发D.一定温度下,反应的,6.下列关于热化学反应的描述中正确的是( )A.HCl和NaOH反应的中和热△H=﹣57.3 kJ/mol,则H2SO4和Ca(OH)2反应的中和热△H=2×(﹣57.3) kJ/molB.CO(g)的燃烧热是283.0 kJ/mol,则2CO2(g)==2CO(g)+O2(g)反应的△H=+566.0 kJ/molC.铁粉与硫粉需要加热才能发生的反应,则此反应是吸热反应D.1 mol甲烷燃烧生成水和二氧化碳所放出的热量就是甲烷燃烧热7.如图所示原电池装置中,溶液为稀硫酸,电子流向如图所示。下列说法正确的是A.电子流动方向为:X电极→导线→Y电极→溶液→X电极B.X电极上发生氧化反应,Y电极上发生还原反应C.若两电极分别为Zn和石墨棒,则X为石墨棒,Y为ZnD.氢气产生在X电极上,移向Y电极8.中国的瓷器驰名世界,传统陶瓷是以黏土[主要成分为Al2Si2O5(OH)4]等天然硅酸盐为主要原料烧成的制品。下列有关说法不正确的是A.黏土也是制备玻璃的原料之一B.黏土的主要成分可以表示为Al2O3·2SiO2·2H2OC.陶瓷材料是人类应用最早的硅酸盐材料D.传统陶瓷材料的成分与新型陶瓷材料的成分不同9.密闭容器中,反应A(g) +2B(?) C(g)分别在三种不同的实验条件下进行,反应物A的物质的量随时间的变化如图所示。下列说法正确的是A.③的温度一定高于① B.③一定是增大了压强C.②一定是加入了催化剂 D.②平衡常数一定等于①10.下列化学用语正确的是A.乙酸分子的比例模型: B.质子数为86、中子数为136的氡原子:C.氯原子结构示意图: D.与互为同素异形体二、不定项选择题:本题共2小题,每小题5分,共10分。在每小题给出的四个选项中,有一项或两项符合题目要求。若正确答案只包括一个选项,多选时,该小题得0分;若正确答案包括两个选项,只选一个且正确的得2分,选两个且都正确的得4分,但只要选错一个,该小题得0分。11.下列有关实验操作、现象和解释或结论都正确的是选项 实验操作 现象 解释或结论A 少量的Fe粉中加入足量稀HNO3,充分反应后,滴入KSCN溶液 溶液呈红色 稀HNO3将Fe氧化为Fe3+B 左边棉球变为橙色,右边棉球变为蓝色 氧化性:Cl2>Br2>I2C 用玻璃棒蘸取浓氨水点到红色石蕊试纸上 试纸先变蓝后变白 浓氨水呈碱性且有漂白性D 浓HNO3加热 有红棕色气体产生 HNO3有不稳定性A.A B.B C.C D.D12.化学与生活、社会密切相关,下列有关说法不正确的是A.德尔塔新冠病毒有可能在空气中以气溶胶的形式传播,气溶胶属于胶体B.复合膨松剂一般由碳酸盐类、酸性物质和助剂组成C.光化学烟雾、臭氧层空洞、温室效应的形成都与氮氧化物有关D.推广电动汽车和开展植树造林有利于碳中和三、非选择题:本题共4小题,共60分。13.(14分)白色固体A是由四种元素组成的化合物,为探究其组成和性质,进行了如下实验:已知:在标准状况下,气体单质D的密度为1.25 g/L;蓝色溶液C仅含一种溶质。请回答:(1)组成A的四种元素是 (填元素符号),A的化学式是 。(2)写出过量的气体B通入Ca(OH)2溶液的离子方程式: 。(3)固体A与稀硝酸反应的化学方程式是 。14.(14分)已知:A是石油裂解气的主要产物之一,其产量常用于衡量一个国家石油化工发展水平的标志。下列是有机物A~G 之间的转化关系: 请回答下列问题:(1)A的官能团的名称是 ;C的结构简式是 。(2)E是一种具有香味的液体,由B+D→E的反应方程式为 ,(3)比赛中,当运动员肌肉挫伤或扭伤时,随队医生即对准受伤部位喷射物质F(沸点12.27℃)进行应急处理。写出由A制F的化学方程式: 。(4)E的同分异构体能与NaHCO3溶液反应,写出该同分异构体的结构简式: 。15.(16分)Ⅰ.宜城市鄂西化工厂以铬铁矿(主要成分为 FeO 和 Cr2O3,含有 Al2O3、SiO2等杂质)为主要原料生产化工原料红矾钠(主要成分 Na2Cr2O7·2H2O),工艺流程如下图:i.常温,NaBiO3不溶于水,有强氧化性,碱性条件下,能将Cr3+转化为 CrO42-。ii.金属离子 Fe3+ Al3+ Cr3+ Fe2+ Bi3+开始沉淀的pH 2.7 3.4 5.0 7.5 0.7沉淀完全的pH 3.7 4.9 5.9 9.7 4.5(1)步骤③需加氢氧化钠溶液,此时pH要调到5的目的是 。(2)写出④反应的离子方程式 。(3)将溶液 H 经过蒸发浓缩,冷却结晶,过滤,洗涤,干燥即得红矾钠粗晶体,精制红矾钠粗晶体需要采用的操作是 (填操作名称)。Ⅱ.经检测鄂西化工厂的工业废水中含 5.00×10-3 mol·L-1 的 Cr2O72-,其毒性较大。该化工厂的科研人员为了变废为宝,将废水处理得到磁性材料 Cr0.5Fe1.5FeO4(Fe 的化合价依次为+3、+2),又设计了如下工艺流程:(1)第①步反应的离子方程式是 。(2)欲使 1L 该废水中的 Cr2O72-完全转化为 Cr0.5Fe1.5FeO4。理论上需要加入FeSO4·7H2O的质量为 g (已知 FeSO4·7H2O 的摩尔质量为 278 g/mol)。16.(16分)下图为实验室制取氨气、二氧化硫气体及有关性质实验的组合装置。(1)如果A、E是气体制取装置,则按照题目要求,A中制取气体的化学反应方程式为 ;(2)实验中,B加入的药品是 ;D中盛放的是(3)先加热A装置,使产生气体通入烧瓶F中,此时弹簧夹a、b打开、c关闭。当F中充满A中气体后,A停止制气,关闭a,打开弹簧夹c,使E中气体通入F中;①如何测知F中已充满大量A中气体: ;②E中气体进入F后,触发F中气体发生反应的操作是将烧瓶导管与塑料瓶C连接,并完成喷泉实验,F中气体发生反应的化学方程式为 ;(4)为了有效实现NO和NO2的相互转化,设计如下实验:按图组装好实验装置,并检查装置气密性,实验前用排水法收集半瓶NO气体。①打开止水夹,推动针筒活塞,使氧气进入烧瓶。②关上止水夹,轻轻摇动烧瓶,此时,观察到烧瓶中的现象为(5)可用酸性高锰酸钾溶液,吸收上述实验中的尾气,已知NO能与在酸性条件下反应生成和Mn2+,写出该反应的离子方程式 。参考答案:1.C【分析】根据有机物分子中含有的官能团,结合相应官能团的性质分析解答。【详解】甲烷、苯、环己烷既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色,又不能使溴水因反应而褪色;聚乙烯中不存在碳碳双键,所以既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色,又不能使溴水因反应而褪色;聚异戊二烯和丙烯含有碳碳双键,2-丁炔含有碳碳三键,因此既能使酸性高锰酸钾溶液褪色,又能使溴水因反应而褪色;邻二甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色,但不能和溴水反应,因此符合条件的是④⑤⑦,答案选C。2.B【详解】浓硫酸溶于水的过程分为扩散过程和水合过程,整个过程是放热,所以水合过程放出的热量大于扩散过程吸收的热量,所以a<b。故选B。3.B【详解】A.二氯甲烷和四氯化碳的沸点不同,可以利用沸点不同进行蒸馏分离,A不符合题意;B.苯和硝基苯互溶,不能分液分离,B符合题意;C.在医用酒精中加入生石灰,生石灰和水生成氢氧化钙,利用酒精和氢氧化钙的沸点不同可以进行蒸馏分离,C不符合题意;D.水、乙醇中分别加入一块大小和形状均相同的钠块,钠和乙醇反应速率较慢,说明乙醇的羟基中氢氧键极性较弱,D不符合题意;故选B。4.C【详解】内Y的浓度变化量,故内用Y表示的平均反应速率;答案选C。5.A【详解】A.根据反应可知,熵值减小,所以在室温下若该反应的,可以使,反应可以自发进行,故A错误;B.反应不能自发进行,说明:,该反应是一个气体体积增大的反应,所以熵增大,要使,则一定大于0,故B正确;C.该反应,,属于高温自发反应,故C正确;D.反应是熔融氯化钠的电解,是吸热反应,,而反应前后气体分子数增多,是熵增加的过程,故D正确;故选A。6.B【详解】A.中和热是指在稀溶液中,强酸和强碱反应生成1mol水时放出的热量,其衡量标准是生成的水为1mol,故无论稀H2SO4和Ca(OH)2反应生成的水是几摩尔,其中和热恒为57.3kJ/mol,A错误;B.燃烧热是1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物时放出的热量,CO(g)的燃烧热是283.0kJ/mol,则热化学方程式为:CO(g)+1/2O2(g)==CO2 (g)△H=﹣283.0 kJ/mol,所以2CO2(g)=2CO(g)+O2(g)反应的△H=+566.0kJ/mol,B正确;C.大多放热反应需要加热引发条件才能进行;需要加热的反应不一定是吸热反应,C错误;D.1mol甲烷燃烧生成液态水和二氧化碳气体所放出的热量就是甲烷燃烧热,没有说明水的状态,D错误;答案选B。7.B【分析】原电池中电子由负极流向正极,则X为负极、Y为正极;【详解】A.电子不能进入电解质溶液中,A错误;B.由分析可知,X为负极、Y为正极,故X电极上发生氧化反应,Y电极上发生还原反应,B正确;C.锌为活泼金属,做负极,则Y为石墨棒,X为Zn,C错误;D.氢得到电子发生还原反应,则氢气产生在Y电极上;阴离子向负极迁移,则移向X电极,D错误;故选B。8.A【详解】A.制备玻璃的主要原料是石英、石灰石与纯碱,不包括黏土,故A错误;B.铝的氧化物为Al2O3,硅的氧化物为SiO2,氢的氧化物为H2O,则根据活泼金属氧化物较活泼金属氧化物 SiO2·H2O的顺序可知,Al2Si2O5(OH)4可改成Al2O3·2SiO2·2H2O,故B正确;C.陶瓷材料是人类应用最早的硅酸盐材料,故C正确;D.传统陶瓷主要采用天然的岩石、矿物、黏土等材料做原料,而新型陶瓷则采用人工合成的高纯度无机化合物为原料,在严格控制的条件下经成型、烧结和其他处理而制成具有微细结晶组织的无机材料,故D正确;答案选A。9.D【详解】A.①和③相比③中反应速率快,但平衡时A的物质的量少,如果反应物B是气态,则改变的条件也可能是增大了压强,故A错误;B.①和③相比③中反应速率快,但平衡时A的物质的量少,如果正反应是吸热反应,则改变的条件也可能是升高温度,故B错误;C.①、②相比,②反应速率较大,且达到相同的平衡状态,则可以是加入催化剂,但如果反应物B不是气态,则改变的条件也可能是增大压强,故C错误;D.①、②相比,达到相同的平衡状态,则②平衡常数一定等于①,故D正确。故选D。10.B【详解】A.为球棍模型,A项错误;B.质子数为86、中子数为136的氡原子,则质量数=86+136=222,则原子为:,B项正确;C.为氯离子的结构示意图,C项错误;D.与为同种物质,D项错误;答案选B。11.AD【详解】A.少量的Fe粉中加入稀HNO3,充分反应后,生成硝酸铁,则滴入KSCN溶液变红色,操作、现象和解释均合理,A符合题意;B.氯气与NaBr、KI均可反应,右边棉球变为蓝色,可能是多余的氯气的作用,不能说明Br2、I2的氧化性强弱,B不符合题意;C.浓氨水电离显碱性,可使红色石蕊试纸变蓝,氨水易挥发,因此一段时间后又褪色,解释或结论不合理,C不符合题意;D.浓硝酸加热分解生成二氧化氮,不能说明硝酸具有强氧化性,而说明它有不稳定性,D符合题意;故选AD。12.BC【详解】A.气溶胶、液溶胶和固溶胶都属于胶体,新型冠状病毒有可能在空气中以气溶胶的形式传播,气溶胶属于胶体,A正确;B.复合膨松剂一般有碳酸氢盐类和酸性物质和助剂组成,碳酸氢盐和酸反应生成二氧化碳气体,B错误;C.化学烟雾、臭氧空洞的形成都与氮氧化物有关.温室效应的形成主要与二氧化碳有关,C错误;D.推广电动汽车,可以减少化石燃料的使用,有利于“碳达峰、碳中和”植树造林过程中吸收二氧化碳,对“ 碳中和”目标的实现有积极作用,则推广电动汽车和开展植树造林有利于碳达峰和碳中和,D正确;故选BC。13.(1) Cu、C、N、S CuSCN(2)CO2+OH-=(3)10CuSCN+24HNO3=10CuSO4+17N2↑+10CO2↑+12H2O【分析】在标准状况下,气体单质D的密度为1.25g L-1,摩尔质量为:1.25g L-1×22.4L/mol=28g/mol,即D的相对分子质量为28,D为单质,故D为N2;蓝色溶液C仅含一种溶质,又可以与Ba(NO3)2溶液反应生成6.99g沉淀,可知C为CuSO4溶液,且n(CuSO4)=n(F)=n(BaSO4)==0.03mol,气体B与Ca(OH)2溶液反应生成3g白色沉淀,可知气体B含CO2,且n(CO2)=n(CaCO3)==0.03mol,所以白色固体含有Cu、C、N、S四种元素,且n(Cu)=n(S)=n(C)=0.03mol,所以n(N)==0.03mol,所以A中Cu:S:C:N=0.03:0.03:0.03:0.03=1:1:1:1,故A 的化学式为CuSCN;【详解】(1)根据流程分析可知组成A的四种元素为:Cu、C、N、S四种元素,对应的物质的化学式为CuSCN,故答案为:Cu、C、N、S;CuSCN;(2)气体B含CO2,过量的CO2通入到Ca(OH)2溶液中,首先生成碳酸钙沉淀,后碳酸钙沉淀又溶解生成碳酸氢钙,碳酸氢盐都是可溶于水,所以反应的离子方程式为:CO2+OH-=,故答案为:CO2+OH-=;(3)根据流程分析可知固体A与硝酸反应生成了CuSO4、CO2、N2、H2O,根据化合价升降守恒和原子守恒可得方程式为:10CuSCN+24HNO3=10CuSO4+17N2↑+10CO2↑+12H2O,故答案为:10CuSCN+24HNO3=10CuSO4+17N2↑+10CO2↑+12H2O。14. 碳碳双键 CH3CHO CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O CH2=CH2+HCl CH3CH2Cl CH3CH2CH2COOH、(CH3)2CHCOOH【分析】A是石油裂解气的主要产物之一,它的产量常用来衡量一个国家石油化工水平,则A是乙烯。乙烯和水发生加成反应生成B,则B是乙醇,乙醇和氧气在铜作催化剂作用下反应生成C,则C是乙醛,乙醇在高锰酸钾作用下生成D,D是乙酸,乙醇和乙酸在浓硫酸作用下发生酯化反应生成E,E是乙酸乙酯;乙烯和氯化氢加成得到F,F为氯乙烷,据此分析解答。【详解】(1)由以上分析可知A为乙烯,结构简式为:CH2=CH2,含有C=C双键;C是乙醛,乙醛的结构简式为CH3CHO,故答案为碳碳双键; CH3CHO;(2)E是一种具有香味的液体,为乙酸乙酯,B是乙醇,乙醇在高锰酸钾作用下生成D,D为乙酸,乙醇和乙酸在浓硫酸作用下发生酯化反应CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O,故答案为CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O;(3)F为A乙烯和氯化氢反应的产物,乙烯和氯化氢在一定条件下发生加成反应生成氯乙烷,反应的化学方程式为:CH2=CH2+HClCH3CH2Cl,故答案为CH2=CH2+HClCH3CH2Cl;(4)E为CH3COOCH2CH3,E的同分异构体能与NaHCO3反应,应含有羧基,结构简式为CH3 CH2 CH2COOH 或(CH3)2 CHCOOH,故答案为CH3CH2CH2COOH、(CH3)2CHCOOH。15. 使 Fe3+、Al3+均完全转化为 Fe(OH)3 和 Al(OH)3 沉淀而除去 3NaBiO3+2Cr3+ +7OH-+H2O=3Bi(OH)3+2CrO42-+3Na+ 重结晶 Cr2O72-+6Fe2++14H+=2Cr3++6Fe3++7H2O 13.9【分析】I.由流程图可知,铬铁矿(主要成分为FeO和Cr2O3,含有Al2O3、SiO2等杂质)加过量硫酸FeO、Cr2O3和Al2O3都溶解,SiO2不溶,经过滤分离得到固体A和溶液B,则固体A为SiO2;溶液B中含有Fe2+、Al3+、Cr3+,加入H2O2目的是将Fe2+氧化为Fe3+,第③步是调溶液pH,使Fe3+形成氢氧化铁沉淀,同时Al3+变成氢氧化铝沉淀而除去,固体D为氢氧化铁和氢氧化铝混合物;第④步加入NaBiO3和少量NaOH溶液将Cr3+转化为CrO42-;第⑤步中酸化是使CrO42-转化为Cr2O72-;第⑥步经蒸发浓缩,冷却结晶,过滤,洗涤,干燥即得红矾钠Ⅱ.(1)第①步反应中Cr2O72-在酸性条件下将Fe2+氧化为Fe3+,自身被还原为Cr3+;(2)根据Cr原子计算Cr0.5Fe1.5FeO4的物质的量,结合Cr0.5Fe1.5FeO4的物质的量利用Fe原子守恒计算FeSO4·7H2O质量。【详解】(1)从氢氧化物形成沉淀的pH表格可知,③为加入物质来调节溶液的pH,使 Fe3+、Al3+均完全转化为 Fe(OH)3 和 Al(OH)3 沉淀而除去;(2)常温下,NaBiO3不溶于水,有强氧化性,在碱性条件下,能将Cr3+转化为CrO42-,则反应④的离子方程式为3NaBiO3+2Cr3++7OH-+H2O=2CrO42-+3Na++3Bi(OH)3↓;(3)精制红矾钠粗晶体需要采用的操作是重结晶;Ⅱ.(1)Cr2O72-有较强氧化性,FeSO4·7H2O中Fe2+有一定的还原性,Cr2O72-在酸性条件下将Fe2+氧化为Fe3+,自身被还原为Cr3+,根据守恒元素守恒及所处环境可知,还应有水生成,反应离子方程式为Cr2O72-+14H++6Fe2+=2Cr3++6Fe3++7H2O;(2)1 L废水中含n(Cr2O72-)=5.00×10-3 mol.根据Cr原子、Fe原子守恒,可得:Cr2O72-~4Cr0.5Fe1.5FeO4~10FeSO4·7H2O,所以理论上n(FeSO4·7H2O)=10n(Cr2O72-)=5.00×10-3 mol×10=0.05 mol,所以m(FeSO4·7H2O)=0.05 mol×278 g·mol-1=13.9 g。【点睛】本题Ⅱ以工业废水处理为载体,考查氧化还原反应计算,侧重考查分析能力和计算能力,解题关键根据实验流程利用氧化还原反应判断发生的离子反应,难点Ⅱ(2)根据Cr原子、Fe原子守恒,用关系式计算。16. 2NH4Cl+Ca(OH)22NH3↑+CaCl2+2H2O 碱石灰 浓硫酸 用湿润的红色石蕊试纸靠近b管口,看试纸有无变蓝 NH3+H2O+SO2=NH4HSO3或2NH3+H2O+SO2=(NH4)2SO3 红棕色气体消失,水倒吸进烧瓶 5NO+3+4H+=3Mn2++5+2H2O【分析】A、E是气体氨气、二氧化硫的制取装置,根据装置图,A装置制备氨气,E装置制备二氧化硫。A中加热氯化铵和氢氧化钙的化合物反应生成氨气,经过B干燥后通入F中;E中用70%的硫酸与亚硫酸钠加热制备二氧化硫,生成的二氧化硫经过D干燥后也通入F中,据此分析解答(1)~(3);根据2NO + O2 = 2NO2、3NO2 + H2O =2HNO3 + NO分析解答(4)。【详解】(1)A、E是气体制取装置,,根据装置图,A中制取的气体为氨气,反应的化学方程式为2NH4Cl+Ca(OH)22NH3↑+CaCl2+2H2O,故答案为:2NH4Cl+Ca(OH)22NH3↑+CaCl2+2H2O;(2)实验中,氨气在B中干燥,B中加入的药品是碱石灰;D是干燥二氧化硫的,D中盛放的是浓硫酸,故答案为:碱石灰;浓硫酸;(3)先加热A装置,使产生气体通入烧瓶F中,此时弹簧夹a、b打开、c关闭。当F中充满A中气体后,A停止制气,关闭a,打开弹簧夹c,使E中气体通入F中;①氨气是碱性气体,当F中已充满氨气后,可以用湿润的红色石蕊试纸靠近b管口检验从b管口逸出的氨气,通过试纸颜色的变化判断,故答案为:用湿润的红色石蕊试纸靠近b管口,看试纸有无变蓝;②E中气体进入F后,触发F中气体发生反应的操作是将烧瓶导管与塑料瓶C连接,并完成喷泉实验,氨气和二氧化硫在溶液中反应生成亚硫酸铵或亚硫酸氢铵,反应的化学方程式为NH3+H2O+SO2=NH4HSO3或2NH3+H2O+SO2=(NH4)2SO3,故答案为:NH3+H2O+SO2=NH4HSO3或2NH3+H2O+SO2=(NH4)2SO3;(4) ①实验前用排水法收集半瓶NO气体,推动针筒活塞,使氧气进入烧瓶,2NO + O2 = 2NO2,NO转化为红棕色的NO2;②轻轻摇动烧瓶,3NO2 + H2O =2HNO3 + NO,因此观察到的现象为红棕色气体消失,水倒吸进烧瓶,故答案为:红棕色气体消失,水倒吸进烧瓶;(5) NO能与在酸性条件下反应生成和Mn2+,反应的离子方程式为5NO+3+4H+=3Mn2++5+2H2O,故答案为:5NO+3+4H+=3Mn2++5+2H2O。 展开更多...... 收起↑ 资源预览