资源简介 专题3 平面向量中的范围与最值问题(22-23高一下·江苏海安·期中)【典例1-1】在中,,,点为边的中点,点在边上运动,则的最大值为 .【答案】【分析】建立如图平面直角坐标系,根据平面向量数量积的坐标表示和二次函数的性质计算即可求解.【详解】以A为坐标原点,建立如图平面直角坐标系,,设直线BC方程为,则,解得,所以BC方程为,设,所以,得.故答案为:.(22-23高一下·江苏常州·期末)【典例1-2】在斜三角形中,角,,的对边分别为,,,已知.(1)求的值;(2)若,求的最小值.【答案】(1)(2)【分析】(1)利用三角恒等变换的知识化简已知条件,由此求得.(2)利用正弦定理、向量的数量积运算、三角恒等变换以及基本不等式的知识求得的最小值.【详解】(1)因为,所以,所以,因为,所以,所以,所以,,由得,所以或(舍去)所以.(2)因为,由正弦定理得,所以,由(1)知,,且,所以,,所以,当且仅当时取等号,所以最小值为.【题后反思】数量积的取值范围和最值问题往往通过两种方法来解决,第一种即定义与转化,通过数量积的定义式,结合数量积的运算律与图形关系进行转化求解;第二种为坐标法,建立恰当的平面直角坐标系,通过坐标公式求解范围与最值.【举一反三】(2024高一下·全国·专题练习)1.如图,在四边形中,.若为线段上一动点,则的最大值为 .(22-23高一下·江苏连云港·阶段练习)2.如图,在边长为6的正方形中,,且,. (1)求的值;(2)若向量,点在的内部(不含边界),求的取值范围.(23-24高一下·江苏徐州·期中)【典例2-1】如图, A 、 B 、 C 三点在半径为1 的圆 O 上运动,且, M 是圆 O 外一点,,则的最大值是( )A.5 B.8 C.10 D.12【答案】C【分析】根据圆的几何性质、向量运算以及向量绝对值三角不等式,求得答案.【详解】连接,如下图所示:因为 ,则为圆 O 的一条直径,故 O 为的中点,所以 ,所以.当且仅当 M 、O 、C 共线且 、 同向时,等号成立,因此, 的最大值为故选:C.(22-23高一下·江苏淮安·期中)【典例2-2】在中,的对边分别为,且.(1)若,求的值;(2)若,点在线段上,且满足,求的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】(1)由正弦定理和两角和的正弦公式,求得,得到,再由,求得,进而求得时,结合余弦定理,即可求解.(2)由点在线段上,且满足,得到为角平分线,利用三角形的内角平分线定理求得,利用,结合向量的数量积的运算公式,即可求解.【详解】(1)解:因为,由正弦定理得,即,可得,又因为,可得,即,由,可得,可得,可得,又由,所以或,即或当时,可得,因为,所以,不符合题意,舍去;所以时,此时,由余弦定理得,综上可得,的值为 .(2)解:由(1)知,即且,可得,,又由点在线段上,且满足,因为分别是和同向的单位向量,所以为角平分线,由三角形的内角平分线定理,可得,即,在中,可得,所以,因为,可得,所以,所以,即向量的取值范围是.【题后反思】模长与数量积、夹角紧密相连,可以通过数量积的定义式进行转化,也可以通过坐标公式直接计算,模长的最值问题往往需要结合基本不等式或不等式的放缩法.【举一反三】(2024高一下·全国·专题练习)3.若,,均为单位向量,且,,则的值可能为( )A.-1 B.1 C. D.2(22-23高一下·福建漳州·期中)4.已知平面向量,,其中,,的夹角是,若为任意实数,则的最小值为( )A.1 B. C. D.2(2024高一·江苏·专题练习)5.已知,,求:(1)的取值范围;(2)的取值范围.(22-23高二下·江苏南通·阶段练习)【典例3-1】设与均为单位向量,它们的夹角为.若,则的范围是( )A. B. C. D.【答案】B【分析】运用数量积求模的方法求解.【详解】依题意有:,即 ,又,;故选:B.(22-23高一下·江苏苏州·期末)【典例3-2】已知中,是边(含端点)上的动点.(1)若点为与的交点,请用表示;(2)若点使得,求的取值范围.【答案】(1);(2).【分析】(1)由已知得,再由A、O、P三点共线,令,由得,然后由C、O、Q三点共线,求出作答.(2)由(1)中信息,设,则,再由垂直关系的向量表示及数量积的运算律,求出,借助函数的单调求解作答.【详解】(1)因为,则 ,又A、O、P三点共线,有,,又,即有,而C、O、Q三点共线,于是,解得,所以.(2)由(1)知,,而,设,则,由,得,即,整理得,即,于是,显然函数在上单调递增,因此,所以的取值范围.【题后反思】已知数量积求夹角的问题使用数量积定义式代入求解转化,已知其他关系求夹角的往往通过坐标法的公式转化进行求解,最终可转化为函数值域问题,结合初等函数单调性或函数的单调性定义法进行判断值域即可.【举一反三】(23-24高一下·山东滨州·开学考试)6.在平面直角坐标系中,设,,,且为单位向量,满足,,则下列结论正确的有( )A. B.C.若向量与垂直,则 D.向量与的夹角正切值最大为(22-23高一下·甘肃定西·阶段练习)7.设向量,,向量与的夹角为锐角,则x的范围为 .(22-23高一下·山东泰安·阶段练习)8.设两个向量满足.(1)若,求的夹角;(2)若的夹角为,向量与的夹角为钝角,求实数t的取值范围.(22-23高一下·江苏·阶段练习)【典例4-1】已知,,,,的最小值为 .【答案】/【分析】由得到关于,,的方程组,利用表示,,再根据二次函数的性质求出最小值.【详解】,,即,解得,,当时,取得最小值.故答案为:.(22-23高一下·江苏苏州·期末)【典例4-2】在钝角三角形中,,,,.(1)求的值;(2)已知,,三点共线,若恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1);(2)的取值范围为.【分析】(1)由条件结合三角形面积公式求,利用表示,结合数量积的运算律求的值;(2)设,利用表示,结合数量积运算律求,再求其最小值,由此可得的取值范围.【详解】(1)因为,,,又,所以,所以,所以或,若,则,则,为三角形最大内角,不合题意;所以,则,,则;(2)由已知,设,则,所以,,,当时,取最小值,最小值为,由恒成立可得,.所以的取值范围为,【题后反思】平面向量参数问题需要理解平面向量基本定理相关内容,结合定理内容列出等式,寻找参数的关系,亦可以通过图形关系与式子的特征直接判断最值.【举一反三】(22-23高一下·广西·期末)9.已知内一点是其外心,,且,则的最大值为 .(23-24高一上·河北保定·期中)10.在扇形中,为弧上一动点,若,求的取值范围.(23-24高一上·辽宁葫芦岛·期末)11.如图,在等腰梯形中,,,M为线段中点,与交于点N,P为线段上的一个动点.(1)用和表示;(2)求;(3)设,求的取值范围.试卷第1页,共3页试卷第1页,共3页参考答案:1.6【分析】由题建立平面直角坐标系,再由平面向量数量积的坐标运算得到,再求二次函数的最大值即可.【详解】以为原点,,所在直线分别为,轴建立平面直角坐标系,则,,,,设,其中,则,,,当时,有最大值6.故答案为:6.2.(1)(2)【分析】(1)根据两角和的正切公式求得正确答案.(2)先求得的取值范围,然后根据向量的数量积运算以及不等式的性质求得的取值范围.【详解】(1)由图可知,,所以.(2),则,,则,所以,由于,所以,即,所以,由于,所以,所以的取值范围是. 【点睛】已知三角函数值求角,主要是通过三角恒等变换的知识求得角的某个三角函数值,然后根据特殊角的三角函数值求得所求的角.求解向量数量积运算,可以转化为基底表示,然后利用数量积的运算律来求得正确答案.3.AB【分析】利用平面向量的模长公式求解.【详解】因为,,均为单位向量,且,,所以,所以,又,故而,所以即所以选项C,D不正确,选项A,B正确.故选:A,B.4.C【分析】根据给定条件,作出几何图形,利用图形结合向量的几何意义求出最小值作答.【详解】依题意,作,使,如图, 显然对,的终点的轨迹是线段确定的直线,于是为点与直线上的点的距离,过作线段于,所以.故选:C5.(1)(2)【分析】(1)由向量运算的三角形法则即可求解,注意等号成立的条件;(2)由向量运算的三角形法则即可求解,注意等号成立的条件;【详解】(1)因为,且,所以,当与同向时,;当与反向时,;所以的取值范围为.(2)由,且,所以,当与同向时,;当与反向时,.所以的取值范围为.6.AB【分析】对于A,根据为单位向量即可判定;对于B,等式右边展开后,结合题中条件即可判定;对于C,设,,,根据题中条件可得,再利用坐标求模公式,结合重要不等式,即可判定;对于D,利用坐标运算求得夹角的余弦值,继而求得正切值,结合条件即可判定.【详解】对于A,因为为单位向量,所以,故A正确;对于B,因为为单位向量,,,所以,故B正确;对于C,设,,,则,则,,则,又,则由向量与垂直知,,则,,故C错误;对于D,,设向量与的夹角为,则,则,则,无最大值,故D错误;故选:AB.7.且【分析】根据已知可得,且不共线,求解即可.【详解】向量,,由得,,所以.由已知得,,所以,即,且不共线.则,所以.又不共线,则.所以x的取值范围为且.故答案为:且.8.(1)(2)且【分析】(1)先由可求,再用向量夹角余弦的公式可得,则的夹角可求.(2)由向量与的夹角为钝角,可得且与不共线,再求解相应不等式即可.【详解】(1)又即又(2)的夹角为且向量与的夹角为钝角且与不共线即解得:且实数t的取值范围且9.##0.75【分析】延长交于,令结合向量共线的推论得到,数形结合判断取最大值时的形状,进而求其最大值.【详解】如图所示,延长交于, 令,∵,,三点共线,∴,∴取最大值时,取最大值,则,∵为外接圆的半径(定值),∴当取得最小时,取最大值,此时,∴为等腰三角形,且,∴,则,,,∵,,∴.故答案为:【点睛】关键点点睛:延长交于,令结合向量知识,将问题化为求的最大值,数形结合进一步化为求最小值为关键.10.【分析】以为原点,为轴正方向建立平面直角坐标系,求出,设与轴的夹角为,则,代入可得,求解即可.【详解】解:设,以为原点,为轴正方向建立平面直角坐标系,如图,则, 不妨设与轴的夹角为,则.因为,所以,解得,在上单调递减,所以当时,,为最大值;当时,为最小值.所以的取值范围是.11.(1)(2)(3)【分析】(1)由向量的线性运算法则计算;(2)由题意得,由共起点的三向量终点共线的充要条件求出,即可得出答案;(3)由题意,可设,代入中并整理可得,又,根据平面向量基本定理得出方程组,然后结合二次函数的性质可得结论.【详解】(1)由向量的线性运算法则,可得,①,②因为M为线段中点,则,联立①②得:,整理得:.(2)由AM与BD交于点N,得,由共起点的三向量终点共线的充要条件知,,解得:.所以,即.(3)由题意,可设,代入中并整理可得.又,故,可得:,.因为,所以,.在单调递增,则当时,,当时,,所以,的取值范围为.答案第1页,共2页答案第1页,共2页 展开更多...... 收起↑ 资源预览