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专题20. 相似模型--梅涅劳斯（定理）模型与塞瓦（定理）模型
梅内劳斯（Menelaus，公元98年左右），是希腊数学家兼天文学家，梅涅劳斯定理是平面几何中的一个重要定理。
梅涅劳斯（定理）模型：如图1，如果一条直线与的三边AB、BC、CA或其延长线交于F、D、E点，那么．这条直线叫的梅氏线，叫梅氏三角形．
梅涅劳斯定理的逆定理：如图1，若F、D、E分别是的三边AB、BC、CA或其延长线的三点，如果，则F、D、E三点共线．
图1 图2
塞瓦（G·Gevo1647-1734）是意大利数学家兼水利工程师．他在1678年发表了一个著名的定理，后世以他的名字来命名，叫做塞瓦定理。
塞瓦（定理）模型：塞瓦定理是指在△ABC内任取一点G，延长AG、BG、CG分别交对边于D、E、F，如图2，则 。
注意：①梅涅劳斯（定理）与塞瓦（定理）区别是塞瓦定理的特征是三线共点，而梅涅劳斯定理的特征是三点共线；②我们用梅涅劳斯（定理）与塞瓦（定理）解决的大部分问题，也添加辅助线后用平行线分线段成比例和相似来解决。
例1.（2023·广东·九年级期中）如图，在中，D为AC中点，，求证：．
例2.（2023·绵阳市·九年级月考）如图，在中，AD、CE交于点F，若，，求．
例3.（2023·福建·九年级期中）如图所示，内三个三角形面积分别5，8，10，四边形AEFD的面积为x，求x的值．
例4.（2023·重庆·九年级期中）已知AD是的高，点D在线段BC上，且，，作于点E，于点F，连接EF并延长，交BC的延长线于点G，求CG．
例5.（2023·浙江·九年级期中）如图，在中，的外角平分线与边BC的延长线交于点P，的平分线与边CA交于点Q，的平分线与边AB交于点R，求证：P、Q、R三点共线．
例6．（2023·山西·期中联考）请阅读下列材料，并完成相应的任务．
梅涅劳斯（Menelaus）是公元一世纪时的希腊数学家兼天文学家，著有几何学和三角学方面的许多书籍．梅涅劳斯发现，三角形各边（或其延长线）被一条不过任何一个顶点也不与任何一条边平行的直线所截，这条直线可能与三角形的两条边相交（一定还会与一条边的延长线相交），也可能与三条边都不相交（与三条边的延长线都相交）．他进行了深入研究并证明了著名的梅涅劳斯定理（简称梅氏定理）：设，，依次是的三边，，或其延长线上的点，且这三点共线，则满足．
这个定理的证明步骤如下：情况①：如图1，直线交的边于点，交边于点，交边的延长线与点．过点作交于点，则，（依据），
∴，∴，即．
情况②：如图2，直线分别交的边，，的延长线于点，，．…
(1)情况①中的依据指：　　 ；(2)请你根据情况①的证明思路完成情况②的证明；
(3)如图3，，分别是的边，上的点，且，连接并延长，交的延长线于点，那么　　
例7．（2023·广东·九年级月考）如图：P，Q，R分别是△ABC的BC，CA，AB边上的点．若AP，BQ，CR相交于一点M，求证：．
例8. （2023·湖北·九年级期中）如图，设M为△ABC内的一点，BM与AC交于点E，CM与AB交于点F，若AM通过BC的中点，求证：EF//BC。
例9.（2023·成都·九年级统考期中）如图，四边形ABCD的对边AB和CD，AD、BC分别相交于L、K，对角线AC与BD交于点M，直线KL与BD，AC分别交于F、G，求证：.
例10．（2023·山西阳泉·九年级统考期中）请阅读下列材料，并完成相应任务．
塞瓦定理：塞瓦定理载于年发表的《直线论》，是意大利数学家塞瓦的重大 发现．如图，塞瓦定理是指在内任取一点 ，延长分别交对边于，则．

任务：（1）当点分别为边的中点时，求证：点为的中点；
（2）若为等边三角形，，点是边的中点，求的长．
课后专项训练
1．（2023.广东九年级期中）如图，在△ABC中，M是AC的中点，E是AB上一点，AE＝AB，连接EM并延长，交BC的延长线于D，则＝（　　）
A． B．2 C． D．
2.（2023.浙江九年级期中）如图，D、E、F内分正△ABC的三边AB、BC、AC均为1：2两部分，AD、BE、CF相交成的△PQR的面积是△ABC的面积的（　　）
A． B． C． D．
3.（2023.湖北九年级期中）如图，点D、E分别在的边AC、AB上，，，BD与CE交于点F，．则= ．
4．（2022年山西中考一模数学试题）如图，在中，，，．是边上的中线．将沿方向平移得到．与相交于点，连接并延长，与边相交于点．当点为的中点时，的长为 ．

5．（2022年山西省太原市九年级下学期一模数学试题）如图，为的直径，C为上一点，的切线交的延长线于点D，E为的中点，交的延长线于点F．若，，则的长为 ．
6．（2023年山西中考模拟百校联考数学试题）如图，在□ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，，，，的平分线分别交AC，BC于点E，F．则线段OE的长为 ．
7．（2023下·浙江温州·八年级校考阶段练习）如图，等边△ABC的边长为5，D在BC延长线上，CD＝3，点E在线段AD上，且AE＝AB，连接BE交AC于F，则CF的长为 ．
8．（2023·重庆·八年级期中）如图，的面积为，、分别是，上的点，且,
．连接,交于点,连接并延长交于点．则四边形的面积为 ．
9.（2023.湖北.九年级月考）如图所示，被通过它的三个顶点与三角形内一点O的三条直线分为6个小三角形，其中三个小三角形的面积如图所示，则的面积为 ．
10．（2023上·河南洛阳·九年级期末）小明在网上学习了梅涅劳斯定理之后，编制了下面一个题，请你解答．已知△ABC，延长BC到D，使CD=BC．取AB的中点F，连结FD交AC于点E．
(1)求的值；(2)若AB＝a，FB＝AE，求AC的长．
11．（2023·江西景德镇·九年级校考期末）如图，三边，，的延长线分别交直线于，，三点，证明：．（即证明梅涅劳斯定理的其中一种形式）
12．（2023上·山西临汾·九年级统考期末）梅涅劳斯定理
梅涅劳斯（）是古希腊数学家，他首先证明了梅涅劳斯定理，定理的内容是：如图（1），如果一条直线与的三边AB，BC，CA或它们的延长线交于F、D、E三点，那么一定有．
下面是利用相似三角形的有关知识证明该定理的部分过程：
证明：如图（2），过点A作，交DF的延长线于点G，则有．
任务：（1）请你将上述材料中的剩余的证明过程补充完整；
（2）如图（3），在中，，，点D为BC的中点，点F在AB上，且，CF与AD交于点E，则________．
13．（2023·山西·校联考模拟预测）阅读以下材料，并按要求完成相应的任务．
塞瓦（GiovanniCeva，1648～1734）意大利水利工程师，数学家，塞瓦定理载于1678年发表的《直线论》一书，塞瓦定理是指如图1，在△ABC内任取一点O，延长AO，BO，CO分别交对边于D，F，E，则．下面是该定理的部分证明过程：
如图2，过点A作BC的平行线分别交BE，CF的延长线于点M，N．则∠N＝∠FCB，∠NAF＝∠FBC．
∴△NAF∽△CBF．∴①．
同理可得△NOA∽△COD．∴②．
任务一：(1)请分别写出与△MOA，△MEA相似的三角形；(2)写出由（1）得到的比例线段；
任务二：结合①②和（2），完成该定理的证明；任务三：如图3，△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝4，BC＝3，CD⊥AB，垂足为D，点E为DC的中点，连接AE并延长，交BC于点F，连接BE并延长，交AC于点G．小明同学自学了上面定理之后解决了如图3所示的问题，并且他用所学知识已经求出了BF与FC的比是25：16，请你直接写出△ECG与△EAG面积的比．
14．（重庆2022-2023学年八年级月考）如图，在等腰Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，D是线段BC上一动点（不与点B、C重合），连接AD，延长BC至点E，使得CE＝CD，过点E作EF⊥AD于点F，再延长EF交AB于点M．（1）若D为BC的中点，AB＝4，求AD的长；（2）求证：BM＝CD．
15.（2023.浙江九年级期中）如图，在中，AD为中线，过点C任作一直线交AB于点F，交AD于点E，求证：．
16.（2023.重庆九年级月考）如图，在中，，．AM为BC边上的中线，于点D，CD的延长线交AB于点E．求．
17.（2023.广东九年级专项训练）如图，在中，的外角平分线与边BC的延长线交于点P，的平分线与边CA交于点Q，的平分线与边AB交于点R，求证：P、Q、R三点共线．
18．（2023上·广东深圳·九年级校联考期中）梅涅劳斯（Menelaus）是古希腊数学家，他首先证明了梅涅劳斯定理，定理的内容是：如图1，如果一条直线与的三边或它们的延长线交于三点，那么一定有．
下面是利用相似三角形的有关知识证明该定理的部分过程：
证明：如图2，过点作，交的延长线于点，则有，，
∴，．
请用上述定理的证明方法解决以下问题：


（1）如图3，三边的延长线分别交直线于三点，证明：．
请用上述定理的证明方法或结论解决以下问题：（2）如图4，等边的边长为3，点为的中点，点在上，且与交于点，试求的长．（3）如图5，的面积为4，F为中点，延长至，使，连接交于，求四边形的面积．
19. （2023.浙江九年级期中）如图，在锐角△ABC中，AD是BC边上的高线，H是线段AD内任一点，BH和CH的延长线分别交AC、AB于E、F，求证：∠EDH=∠FDH。
20．（2022·山西晋中·统考一模）请阅读下列材料，并完成相应任务：
塞瓦定理：塞瓦定理载于1678年发表的《直线论》，是意大利数学家塞瓦的重大发现．塞瓦是意大利伟大的水利工程师，数学家．
定理内容：如图1，塞瓦定理是指在内任取一点，延长AO，BO，CO分别交对边于D，E，F，则．
数学意义：使用塞瓦定理可以进行直线形中线段长度比例的计算，其逆定理还可以用来进行三点共线、三线共点等问题的判定方法，是平面几何学以及射影几何学中的一项基本定理，具有重要的作用．
任务解决：(1)如图2，当点D，E分别为边BC，AC的中点时，求证：点F为AB的中点；(2)若为等边三角形（图3），，，点D是BC边的中点，求BF的长，并直接写出的面积．
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专题20. 相似模型--梅涅劳斯（定理）模型与塞瓦（定理）模型
梅内劳斯（Menelaus，公元98年左右），是希腊数学家兼天文学家，梅涅劳斯定理是平面几何中的一个重要定理。
梅涅劳斯（定理）模型：如图1，如果一条直线与的三边AB、BC、CA或其延长线交于F、D、E点，那么．这条直线叫的梅氏线，叫梅氏三角形．
梅涅劳斯定理的逆定理：如图1，若F、D、E分别是的三边AB、BC、CA或其延长线的三点，如果，则F、D、E三点共线．
图1 图2
塞瓦（G·Gevo1647-1734）是意大利数学家兼水利工程师．他在1678年发表了一个著名的定理，后世以他的名字来命名，叫做塞瓦定理。
塞瓦（定理）模型：塞瓦定理是指在△ABC内任取一点G，延长AG、BG、CG分别交对边于D、E、F，如图2，则 。
注意：①梅涅劳斯（定理）与塞瓦（定理）区别是塞瓦定理的特征是三线共点，而梅涅劳斯定理的特征是三点共线；②我们用梅涅劳斯（定理）与塞瓦（定理）解决的大部分问题，也添加辅助线后用平行线分线段成比例和相似来解决。
例1.（2023·广东·九年级期中）如图，在中，D为AC中点，，求证：．
【解析】∵HFC是的梅氏线，∵直线AE是的梅氏线，
∴．∴，∴，
∵直线AF是的梅氏线，∴，
∴，．∴．
【点睛】这道题也是梅氏定理的直接应用，但是对于梅氏定理的应用的难点，在于找梅氏线．
例2.（2023·绵阳市·九年级月考）如图，在中，AD、CE交于点F，若，，求．
【解析】∵直线是的梅氏线，∴，
又，，∴，∴，∴．
【点睛】这道题也是梅氏定理的直接应用，但是对于梅氏定理的应用的难点，在于找梅氏线．
例3.（2023·福建·九年级期中）如图所示，内三个三角形面积分别5，8，10，四边形AEFD的面积为x，求x的值．
【解析】有题意知：，，
对和截线，由梅氏定理得：，即，∴解得：x=22．
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和面积问题．
例4.（2023·重庆·九年级期中）已知AD是的高，点D在线段BC上，且，，作于点E，于点F，连接EF并延长，交BC的延长线于点G，求CG．
【解析】如图，设，EFG是的梅氏线．则由梅涅劳斯定理．
显然的，，于是，得．
【点睛】这道题主要考查梅内劳斯定理和射影模型的综合．
例5.（2023·浙江·九年级期中）如图，在中，的外角平分线与边BC的延长线交于点P，的平分线与边CA交于点Q，的平分线与边AB交于点R，求证：P、Q、R三点共线．
【解析】AP是的外角平分线，则 ①
BQ是的平分线，则 ②
CR是的平分线，则 ③
得，
因R在AB上，Q在CA上，P在BC的延长线上，
则根据梅涅劳斯定理的逆定理得：P、Q、R三点共线．
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和角平分线定理的综合应用．
例6．（2023·山西·期中联考）请阅读下列材料，并完成相应的任务．
梅涅劳斯（Menelaus）是公元一世纪时的希腊数学家兼天文学家，著有几何学和三角学方面的许多书籍．梅涅劳斯发现，三角形各边（或其延长线）被一条不过任何一个顶点也不与任何一条边平行的直线所截，这条直线可能与三角形的两条边相交（一定还会与一条边的延长线相交），也可能与三条边都不相交（与三条边的延长线都相交）．他进行了深入研究并证明了著名的梅涅劳斯定理（简称梅氏定理）：设，，依次是的三边，，或其延长线上的点，且这三点共线，则满足．
这个定理的证明步骤如下：情况①：如图1，直线交的边于点，交边于点，交边的延长线与点．过点作交于点，则，（依据），
∴，∴，即．
情况②：如图2，直线分别交的边，，的延长线于点，，．…
(1)情况①中的依据指：　　 ；(2)请你根据情况①的证明思路完成情况②的证明；
(3)如图3，，分别是的边，上的点，且，连接并延长，交的延长线于点，那么　　
【答案】(1)两条直线被一组平行线所截，所得的对应线段成比例(2)证明过程见详解(3)
【分析】（1）根据平行线分线段成比例定理解决问题即可；
（2）如图2中，作交于，模仿情况①的方法解决问题即可；
（3）利用梅氏定理即可解决问题．
【详解】（1）解：情况①中的依据是：两条直线被一组平行线所截，所得的对应线段成比例．
故答案为：两条直线被一组平行线所截，所得的对应线段成比例．
（2）证明：如图2中，作交于，
则有，∴，
∴，则，变形得，∴，
∵，∴，∴，
∴，∴．
（3）解：∵，，
∴，∴．故答案为：．
【点睛】本题考查了平行线分线段成比例定理，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题．
例7．（2023·广东·九年级月考）如图：P，Q，R分别是△ABC的BC，CA，AB边上的点．若AP，BQ，CR相交于一点M，求证：．
证明：如图，由三角形面积的性质，有，，．
以上三式相乘，得．
例8. （2023·湖北·九年级期中）如图，设M为△ABC内的一点，BM与AC交于点E，CM与AB交于点F，若AM通过BC的中点，求证：EF//BC。
【详解】证明：在中，∵点D为边BC的中点，∴．
对△ABC和点M应用赛瓦定理可得：．
∴，∴． 即EF//BC；
点评：本题考查了赛瓦定理，要熟练掌握定理的内容，是解此题的关键．
例9.（2023·成都·九年级统考期中）如图，四边形ABCD的对边AB和CD，AD、BC分别相交于L、K，对角线AC与BD交于点M，直线KL与BD，AC分别交于F、G，求证：.
对△DKL和点B应用赛瓦定理可得：．①
对和截线，由梅氏定理得：②
由①②得：
点评：本题考查了赛瓦定理，要熟练掌握定理的内容，是解此题的关键．
例10．（2023·山西阳泉·九年级统考期中）请阅读下列材料，并完成相应任务．
塞瓦定理：塞瓦定理载于年发表的《直线论》，是意大利数学家塞瓦的重大 发现．如图，塞瓦定理是指在内任取一点 ，延长分别交对边于，则．

任务：（1）当点分别为边的中点时，求证：点为的中点；
（2）若为等边三角形，，点是边的中点，求的长．
【答案】（1）见解析；（2）
【分析】（1）当点分别为边的中点时，会得到，根据塞瓦定理得，所以，从而得到点为的中点；（2）由△ABC是等边三角形可得，根据题意可得BD，DC，CE，EA的长及AF=12-BF，根据塞瓦定理即可得出BF的长.
【详解】证明：分别为边的中点，
由塞瓦定理，得点为的中点
解：为等边三角形，
点是的中点
由赛瓦定理，得
故答案为（1）见解析；（2）
【点睛】本题考查了塞瓦定理的应用. 解题的关键是理解塞瓦定理，将对应的线段长度代入计算即可.
课后专项训练
1．（2023.广东九年级期中）如图，在△ABC中，M是AC的中点，E是AB上一点，AE＝AB，连接EM并延长，交BC的延长线于D，则＝（　　）
A． B．2 C． D．
解：法1：对和截线，由梅氏定理得：，
∵M是AC的中点，E是AB上一点，AE＝AB，∴，
∴，∴，∴，故选B.
法2：如图，过C点作CP∥AB，交DE于P，
∵PC∥AE，∴△AEM∽△CPM，∴＝，∵M是AC的中点，∴AM＝CM，∴PC＝AE，
∵AE＝AB，∴CP＝AB，∴CP＝BE，∵CP∥BE，∴△DCP∽△DBE，∴＝＝，
∴BD＝3CD，∴BC＝2CD，即＝2．故选：B．
2.（2023.浙江九年级期中）如图，D、E、F内分正△ABC的三边AB、BC、AC均为1：2两部分，AD、BE、CF相交成的△PQR的面积是△ABC的面积的（　　）
A． B． C． D．
解：对△ADC用梅涅劳斯定理可以得： ＝1，则＝．
设S△BCF＝，S△BCQ＝S△BCE＝，SBPRF＝S△ABD＝，
∴S△PQR＝S△BCF﹣S△BCQ﹣SBPRF＝S△ABC．故选：D．
3.（2023.湖北九年级期中）如图，点D、E分别在的边AC、AB上，，，BD与CE交于点F，．则= ．
【解析】对和截线，由梅氏定理得：，
即，∴．∴．
∴．
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和面积问题．
4．（2022年山西中考一模数学试题）如图，在中，，，．是边上的中线．将沿方向平移得到．与相交于点，连接并延长，与边相交于点．当点为的中点时，的长为 ．

【答案】/
【分析】则E为的中点，得为的中点，证明，推出，在中，利用勾股定理求得，再根据相似比即可求解．
【详解】解：∵由平移的性质得，，
∴E为的中点，，∴，∴为的中点，
∵D是边上的中点，∴，∴，
∵，∴，∴，，∴，
在中，，
∵，∴，故答案为：．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质，平移的性质，勾股定理，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题．
5．（2022年山西省太原市九年级下学期一模数学试题）如图，为的直径，C为上一点，的切线交的延长线于点D，E为的中点，交的延长线于点F．若，，则的长为 ．
【答案】/
【分析】连接OC，BC，根据为的直径，可得∠ACB=∠BCD=90°，再由E为的中点，可得CE=BE=DE，从而得到∠BCE=∠CBE，然后根据切线的性质可得∠ABD=90°，再由OC=OB，可得∠OCF=90°，然后根据，可得△OBC是等边三角形，进而得到∠A=30°，∠CBD=30°，最后根据锐角三角函数，即可求解．
【详解】解：如图，连接OC，BC，
∵为的直径，∴∠ACB=∠BCD=90°，∵E为的中点，∴CE=BE=DE，∴∠BCE=∠CBE，
∵是的切线，∴∠ABD=90°，即∠CBD+∠OBC=90°，
∵OC=OB，∴∠OCB=∠OBC，∴∠OCB+∠BCE=∠OBC+∠CBD=90°，即∠OCF=90°，
∵，∴BC=OB=OC，∴△OBC是等边三角形，∴∠BOC=∠OBC=60°，∴∠A=30°，∠CBD=30°，
∵，∴，∴，故答案为：
【点睛】本题主要考查了圆周角定理、切线的性质、直角三角形的性质、解直角三角形，熟练掌握相关知识点是解题的关键．
6．（2023年山西中考模拟百校联考数学试题）如图，在□ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，，，，的平分线分别交AC，BC于点E，F．则线段OE的长为 ．
【答案】
【分析】由平行四边形的性质求出BD，再由勾股定理分别求出AO，AD，再由角平分线与平行线的性质得到∠CDF=∠CFD，最后由△ADE∽△CFE得，从而求出OE的长．
【详解】解：∵□ABCD，OB=2，AB=3，∴BD=2OB=4，ADBC，AD=BC，CD=AB=3，
∵，∴∠ABO=90°，∴，，∴BC=AD=5，∵DF平分∠ADC，∴∠ADF=∠CDF，
∵ADBC，∴∠ADF=∠CFD，∴∠CDF=∠CFD，∴CF=CD=3，
∵ADBC，∴△ADE∽△CFE，∴，∴，∴．故答案为：．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质及平行四边形的性质、勾股定理，难度适中，解题关键是正确找出相似三角形．
7．（2023下·浙江温州·八年级校考阶段练习）如图，等边△ABC的边长为5，D在BC延长线上，CD＝3，点E在线段AD上，且AE＝AB，连接BE交AC于F，则CF的长为 ．
【答案】1
【分析】过点A作AG⊥BD于点G，过点E作EH∥AC，交BD于点H，利用等边三角形的性质可求出BG的长，利用勾股定理求出AG的长，从而可得到DG的长，再利用勾股定理求出AD的长，由此可求出DE的长；再利用平行线分线段成比例定理求出EH，DH的长，再利用平行线分线段成比例定理求出CF的长．
【详解】解：过点A作AG⊥BD于点G，过点E作EH∥AC，交BD于点H，
∵△ABC是等边三角形，∴
∵DC＝3∴DG＝CG＋DC＝2.5＋3＝5.5
在Rt△AGD中，；∴DE＝7－5＝2
∵EH∥AC，∴ 即 解之：
∵CF∥EH，∴ 即 解之：CF＝1故答案为：1．
【点睛】本题考查了勾股定理，平行线分线段成比例，掌握勾股定理求出线段长度，运用好平行线分线段成比例是解题的关键．
8．（2023·重庆·八年级期中）如图，的面积为，、分别是，上的点，且,
．连接,交于点,连接并延长交于点．则四边形的面积为 ．
【答案】.
【分析】先画出图形,再作DJ∥EC交AB于J,交AH于K，作DG∥BC交AH于G，由题推出EF:FC=1:3，BH:CH=1:2，求出△BEF,△BFH的面积即可．
【详解】根据题意画出图形:
作DJ∥EC交AB于J,交AH于K作DG∥BC交AH于G，
∵DJ∥EC,AD=DC，∴AJ=JE,AK=KF，∴EF=2JK,DJ=2EF,CF=2DK，
设JK=m,则EF=2m,DJ=4m,DK=3m,CF=6m，∴EF:CF=1:3，
∵AE= 2BE，∴BE=EJ，∵EF∥DJ，∴BF=DF，∵GD∥BH，∴∠GDF=∠FBH，
∵∠GFD=∠HFB,BF=DF，∴△DFG≌△BFH（ASA），∴DG=BH，
∵DG∥CH,AD=DC，∴AG=GH，∴CH=2DG，∴BH=2CH，
∵BE=AB，∴S△BEC=S△ABC=，∵EG=EC，∴S△BEF=S△BEC=,S△BFC=，
∵BH=BC，∴S△BHF=×=，∴S四边形BEFH=+=．
【点睛】本题考查三角形的全等及辅助线的做法,关键在于通过辅助线将面积分成两个三角形面积求证．
9.（2023.湖北.九年级月考）如图所示，被通过它的三个顶点与三角形内一点O的三条直线分为6个小三角形，其中三个小三角形的面积如图所示，则的面积为 ．
【解析】有题意知：，
对和截线，由梅氏定理得：，即，∴，∴
∴
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和面积问题．
10．（2023上·河南洛阳·九年级期末）小明在网上学习了梅涅劳斯定理之后，编制了下面一个题，请你解答．已知△ABC，延长BC到D，使CD=BC．取AB的中点F，连结FD交AC于点E．
(1)求的值；(2)若AB＝a，FB＝AE，求AC的长．
【答案】(1)(2)AC的长为a．
【分析】（1）过点F作FM∥AC，交BC于点M．根据平行线分线段成比例定理分别找到AE，CE与FM之间的关系，得到它们的比值；（2）结合（1）中的线段之间的关系，进行求解．
【详解】（1）解：过点F作FM∥AC，交BC于点M，
∵F为AB的中点，∴M为BC的中点，FM=AC．∵CD=BC，∴CM=CD，∴，
∵FM∥AC，∴∠CED=∠MFD，∠ECD=∠FMD．∴△FMD∽△ECD．
∴．∴．∴；
（2）解：∵点F是AB的中点，AB=a，∴FB=AB=a．
∵FB=AE，∴AE=a．由（1）知，，∴AC=AE=×a=a，即AC的长为a．
【点睛】本题主要考查了平行线分线段成比例定理，相似三角形的判定和性质，作出平行线构造出相似三角形是解本题的关键．
11．（2023·江西景德镇·九年级校考期末）如图，三边，，的延长线分别交直线于，，三点，证明：．（即证明梅涅劳斯定理的其中一种形式）
【答案】见解析
【分析】连接CY、AX ，设A到XZ的距离为h1，C到XZ的距离为h2，再根据“两个三角形等高时面积之比等于底边之比”的性质，分别列出、、，再计算即可.
【详解】证明：如图，连接CY、AX
设A到XZ的距离为h1，C到XZ的距离为h2
∴ ∴
【点睛】本题考查了三角形的面积计算，作出辅助线，通过面积写出线段比是解题关键.
12．（2023上·山西临汾·九年级统考期末）梅涅劳斯定理
梅涅劳斯（）是古希腊数学家，他首先证明了梅涅劳斯定理，定理的内容是：如图（1），如果一条直线与的三边AB，BC，CA或它们的延长线交于F、D、E三点，那么一定有．
下面是利用相似三角形的有关知识证明该定理的部分过程：
证明：如图（2），过点A作，交DF的延长线于点G，则有．
任务：（1）请你将上述材料中的剩余的证明过程补充完整；
（2）如图（3），在中，，，点D为BC的中点，点F在AB上，且，CF与AD交于点E，则________．
【答案】（1）见解析；（2）6
【分析】（1）由题意可得，然后根据比例的性质可进行求证；（2）由（1）可得，进而由题意易得，，然后可得，则由勾股定理可得，最后问题可求解．
【详解】解：（1）补充的证明过程如下：
，，；
（2）根据梅涅劳斯定理得，
∵点D为BC的中点，，，，，
∵，，∴AD⊥BC，BD=5，
∴在中， ，．故答案为6．
【点睛】本题主要考查相似三角形的性质与判定，熟练掌握相似三角形的性质与判定是解题的关键．
13．（2023·山西·校联考模拟预测）阅读以下材料，并按要求完成相应的任务．
塞瓦（GiovanniCeva，1648～1734）意大利水利工程师，数学家，塞瓦定理载于1678年发表的《直线论》一书，塞瓦定理是指如图1，在△ABC内任取一点O，延长AO，BO，CO分别交对边于D，F，E，则．下面是该定理的部分证明过程：
如图2，过点A作BC的平行线分别交BE，CF的延长线于点M，N．则∠N＝∠FCB，∠NAF＝∠FBC．
∴△NAF∽△CBF．∴①．
同理可得△NOA∽△COD．∴②．
任务一：(1)请分别写出与△MOA，△MEA相似的三角形；(2)写出由（1）得到的比例线段；
任务二：结合①②和（2），完成该定理的证明；任务三：如图3，△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝4，BC＝3，CD⊥AB，垂足为D，点E为DC的中点，连接AE并延长，交BC于点F，连接BE并延长，交AC于点G．小明同学自学了上面定理之后解决了如图3所示的问题，并且他用所学知识已经求出了BF与FC的比是25：16，请你直接写出△ECG与△EAG面积的比．
【答案】(1)△MOA∽△BOD；△MEA∽△BEC；(2)；．
任务二：证明见解析；任务三： ．
【分析】任务一：可直接通过“8”字型相似得出答案；任务二：通过相似之间的对应边比例转换得出结论；
任务三：由任务一和任务二得出1，可得出的值，再由△ECG和△EAG为同高，故面积比就等于底边CG和GA之比．
【详解】（1）解：任务一：∵MN//BC∴△MOA∽△BOD；△MEA∽△BEC；
（2）；
任务二：证明：
如图所示：由任务一可得：；
同理可得△OAN∽△ODC；△AFN∽△BFC；
∴；∴；∴．
任务三：由任务一和任务二可得：在△ABC中，1；
∵Rt△ABC中，AC＝4，BC＝3，∴AB；
∴cos∠BAC；∴；∴AD；∴BD＝AB﹣AD；
∵1；∴1；解得；
过点E作EH⊥AC于H；
∴
【点睛】本题主要是根据“8”字型的相似得出对应的边之比，任务二的重难点在于各边比例之间的转换，任务三中两个三角形同高，故面积比等于底边比；本题属于中等偏.上类题．
14．（重庆2022-2023学年八年级月考）如图，在等腰Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，D是线段BC上一动点（不与点B、C重合），连接AD，延长BC至点E，使得CE＝CD，过点E作EF⊥AD于点F，再延长EF交AB于点M．（1）若D为BC的中点，AB＝4，求AD的长；（2）求证：BM＝CD．
【答案】（1）；（2）详见解析．
【分析】（1）根据等腰直角三角形的性质得到AC＝BC＝2，根据勾股定理即可得到结论；
（2）过M作MH⊥BC于H，连接AE，根据线段垂直平分线的性质得到AE＝AD，求得∠EAC＝∠DAC，根据余角的性质得到∠AME＝∠EAM，根据全等三角形的性质得到CD＝MH，于是得到结论．
【详解】（1）∵在等腰Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，AB＝4，∴AC＝BC＝2，
∵D为BC的中点，∴CD＝BC＝，∴；
（2）过M做MH⊥BC于H，连接AE，
∵AC⊥BE，CD＝CE，∴AE＝AD，∴∠EAC＝∠DAC，
∵EF⊥AD，∴∠EFD＝∠ACD＝90°，∴∠CAD+∠ADC＝∠ADC+∠DEF，
∴∠CAD＝∠DEF，∴∠EAC＝∠DEF，∴∠EAC＝∠DEF，
∵∠AME＝∠B+∠BEM，∠EAM＝∠BAC+∠EAC，∠CAB＝∠B＝45°，
∴∠AME＝∠EAM，∴AE＝EM，∴AD＝EM，
∵∠ACD＝∠EHM＝90°，∴△ACD≌△EHM（AAS），∴CD＝MH，
∴BM＝MH＝CD．
【点睛】本题考查全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的判定和性质等知识，证明△ACD≌△EHM是解题的关键．
15.（2023.浙江九年级期中）如图，在中，AD为中线，过点C任作一直线交AB于点F，交AD于点E，求证：．
【解析】∵直线是的梅氏线，∴．
而，∴，即．
【点睛】这道题也是梅氏定理的直接应用，但是对于梅氏定理的应用的难点，在于找梅氏线．
16.（2023.重庆九年级月考）如图，在中，，．AM为BC边上的中线，于点D，CD的延长线交AB于点E．求．
【解析】∵HFC是的梅氏线，由题设，在中，，，
由射影定理．对和截线EDC，由梅涅劳斯定理，
，即．∴．
【点睛】这道题也是梅氏定理的直接应用，但是对于梅氏定理的应用的难点，在于找梅氏线．
17.（2023.广东九年级专项训练）如图，在中，的外角平分线与边BC的延长线交于点P，的平分线与边CA交于点Q，的平分线与边AB交于点R，求证：P、Q、R三点共线．
【解析】AP是的外角平分线，则 ①
BQ是的平分线，则 ②
CR是的平分线，则 ③
得，
因R在AB上，Q在CA上，P在BC的延长线上，
则根据梅涅劳斯定理的逆定理得：P、Q、R三点共线．
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和角平分线定理的综合应用．
18．（2023上·广东深圳·九年级校联考期中）梅涅劳斯（Menelaus）是古希腊数学家，他首先证明了梅涅劳斯定理，定理的内容是：如图1，如果一条直线与的三边或它们的延长线交于三点，那么一定有．
下面是利用相似三角形的有关知识证明该定理的部分过程：
证明：如图2，过点作，交的延长线于点，则有，，
∴，．
请用上述定理的证明方法解决以下问题：


（1）如图3，三边的延长线分别交直线于三点，证明：．
请用上述定理的证明方法或结论解决以下问题：（2）如图4，等边的边长为3，点为的中点，点在上，且与交于点，试求的长．（3）如图5，的面积为4，F为中点，延长至，使，连接交于，求四边形的面积．
【答案】（1）详见解析；（2）；（3）
【分析】(1) 过点作交于点，根据平行线分线段成比例定理列出比例，化简计算即可．
(2) 根据定理，勾股定理，等边三角形的性质解答即可．(3) 根据定理，计算比值，后解答即可．
【详解】（1）证明：如图，过点作交于点，
则．故：．

（2）解：如图，根据梅涅劳斯定理得：．
又，∴，．在等边中，，点为的中点，
．由勾股定理知： ．
（3）解：线段是的梅氏线，
由梅涅劳斯定理得，，即，则．如图，连接，
，于是．
【点睛】本题考查了平行线分线段成比例定理，勾股定理，等边三角形的性质，三角形面积的计算，熟练掌握定理是解题的关键．
19. （2023.浙江九年级期中）如图，在锐角△ABC中，AD是BC边上的高线，H是线段AD内任一点，BH和CH的延长线分别交AC、AB于E、F，求证：∠EDH=∠FDH。
【详解】证明：过点A作PQ//BC，与DF，DE的延长线分别交于点P、Q，则DA⊥PQ。
对△ABC和点H应用赛瓦定理可得：．
∵PQ//BC，∴,∴,∴AP=AQ
根据垂直平分线，∴PD=QD，∴△PQD是等腰三角形，∴∠EDH=∠FDH。
点评：本题考查了赛瓦定理，要熟练掌握定理的内容，是解此题的关键．
20．（2022·山西晋中·统考一模）请阅读下列材料，并完成相应任务：
塞瓦定理：塞瓦定理载于1678年发表的《直线论》，是意大利数学家塞瓦的重大发现．塞瓦是意大利伟大的水利工程师，数学家．
定理内容：如图1，塞瓦定理是指在内任取一点，延长AO，BO，CO分别交对边于D，E，F，则．
数学意义：使用塞瓦定理可以进行直线形中线段长度比例的计算，其逆定理还可以用来进行三点共线、三线共点等问题的判定方法，是平面几何学以及射影几何学中的一项基本定理，具有重要的作用．
任务解决：(1)如图2，当点D，E分别为边BC，AC的中点时，求证：点F为AB的中点；(2)若为等边三角形（图3），，，点D是BC边的中点，求BF的长，并直接写出的面积．
【答案】(1)证明见解析(2)；的面积为
【分析】（1）根据塞瓦定和中点的性质即可求解；
（2）根据塞瓦定和等边三角形的性质即可求出BF，然后过点F作FG⊥BC于G，证明，可求出OD，从而求出△BOC的面积，然后根据可求△BCF的面积，从而得解．
【详解】（1）证明：在中，∵点D，E分别为边BC，AC的中点，∴，．
由赛瓦定理可得：．∴，∴．即点F为AB的中点；
（2）解：∵为等边三角形，，∴
∵点D是BC边的中点，∴，
∵，∴．由赛瓦定理可得：；过点F作FG⊥BC于G，
∴，，∴CG=BC-BG=8，
∵AB=AC，BD=CD，∴AD⊥BC，∴，∴，
∴，即，∴，∴，
∵AB=12，BF=8，∴AF=AB-BF=4，∴，∴
又，∴，∴．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质、中点的性质、等边三角形的性质，读懂题意，学会运用塞瓦定理是解题的关键．
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