辽宁省沈阳第二中学2024届高三第四次模拟考试数学试卷 (原卷版+解析版)

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辽宁省沈阳第二中学2024届高三第四次模拟考试数学试卷 (原卷版+解析版)

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沈阳二中 24 届高三第四次模拟考试数学试题
命题人:高三数学组 审校人:高三数学组
说明:1.测试时间:120 分钟 总分:150 分
2.客观题涂在答题纸上,主观题答在答题纸的相应位置上
第Ⅰ卷
一、选择题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分.在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.设集合 颐 躠 躠 颐 log香
1 , 颐 躠 躠 颐 1 香 ,则( )
A. 颐 1香1 B. 颐
C. 颐 1香 ∞ D. 颐
2.从装有 个红球和 个黑球的口袋内任取 个球,那么互斥而不对立的两个事件是( )
A. 至少有一个黑球与都是黑球 B. 至少有一个黑球与都是红球
C. 恰有一个黑球与恰有两个黑球 D. 至少有一个黑球与至少有一个红球
3.在平面直角坐标系 躠中,点 在直线 4躠 1 颐 上若向量 颐 香4,则 在上的投影向量为
( )
香 4A. B. 香 4 香 4 香 4C. D.

4.已知单位圆 躠 颐 1 上一点 香 ,现将点 绕圆心逆时针旋转 到点 ,则点 的横坐标为

( )
1 1 1 1
A. B. C. D.
1 1 1 1
5.已知函数 颐 ln 1 1 1的图象在点 香 处的切线的斜率为 ,则数列 的前 项和 1
为 ( )
1
A. B. C. D.
1 1 4 1 1
6.双曲线的第三定义是:到两条相交直线的距离之积是定值的点的轨迹是 两组双曲线研究发
1
现,函数 躠 颐 的图象实际上是双曲线进一步探究可以发现对勾函数 躠 颐 , 香 的图象

是以直线 躠 颐 颐 1, 为渐近线的双曲线现将函数 躠 颐 的图象绕原点顺时针旋转得到焦点位于 轴

上的双曲线 ,则它的离心率是( )
4
A. B. C. 4 D. 4

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7.已知定义在 上的函数 满足:对任意 , ′ 恒成立,其中 ′ 为 的导函
数,则不等式 1 4 的解集为( )
A. 4香 ∞ B. 1香4 C. ∞香 D. ∞香4
8.经研究发现:任意一个三次多项式函数 颐 的图象都只有一个对称中心点
香 ,其中 是 ′′ 颐 的根,′ 是 的导数,′′ 是 ′ 的导数.若函数 颐
图象的对称点为 1香 ,且不等式 ln 1 对任意
1香 ∞ 恒成立,则 ( )
A. 颐 B. 颐
C. 的值不可能是 D. 1的值可能是

二、选择题:本题共 3 小题,每小题 6 分,共 18 分,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部
选对的得 6 分,部分选对的得部分分,有选错的得 0 分.
9.已知 a,b R,方程 x3 3x2 ax b 0有一个虚根为1 i,i为虚数单位,另一个虚根为 z,则( )
A. 颐 B.该方程的实数根为 1
C. z 2 i D. 4 颐 1 1
10.如图,在长方体 ABCD A1B1C1D1中, AB BC 2, AA1 4,E是棱 BB1上的一点,点 F在棱DD1上,
则下列结论正确的是( )
A.若 A1,C,E,F四点共面,则 BE DF
B.存在点 E,使得 BD / /平面 A1CE
C.若 A1,C,E,F四点共面,则四棱锥C1 A1ECF的体积为定值
D.若 A1,C,E,F四点共面,则四边形 A1ECF的面积不为定值
11.已知函数 f x 和其导函数 g x 的定义域都是R ,若 f x x与 g 2x 1 均为偶函数,则( )
A. f 0 0
f x
B. 关于点 0,1 对称
x
C. (g(1) 1) (g(2) 1) (g(2) 1) (g(3) 1) (g(2023) 1) (g(2024) 1) 0
D. g(2023) 1
第Ⅱ卷
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三、填空题:本题共三小题,每小题 5 分,共 15 分.
2 2
12. 若点(0,1)在圆 x y 2ax 2y a 1 0外,则实数 a的取值范围为 .
13.某班成立了 A,B两个数学兴趣小组,A组10人, B组30人,经过一周的学习后进行了一次测试,在该
测试中,A组的平均成绩为130分,方差为115,B组的平均成绩为110分,方差为 215.则在这次测试中全
班学生方差为 .
14.人们很早以前就开始探索高次方程的数值求解问题.牛顿(Issac Newton,1643—1727)在《流数法》
一书中给出了牛顿法:用“作切线”的方法求方程的近似解.具体步骤如下:设 r 是函数 y f x 的一个
零点,任意选取 x0作为 r 的初始近似值,过点 x0 , f x0 作曲线 y f x 的切线 l1,设 l1与 x 轴交点的横坐
标为x1,并称x1为 r 的 1 次近似值;过点 x1, f x1 作曲线 y f x 的切线 l2,设 l2与 x 轴交点的横坐标为
x *
2,称x2为 r 的 2 次近似值.一般地,过点 xn , f xn n N 作曲线 y f x 的切线 ln 1,记 ln 1与 x 轴交
点的横坐标为 xn 1,并称 xn 1为 r 的 n 1次近似值.若 f x x2 3,取 x 20 作为 r 的初始近似值,则
3
f x 0 f x x3 3x 3x的正根的二次近似值为 .若 3x 2,x1 1,设 a n nn 3 ,n N*,数列 a 2xn 2
n
的前 n 项积为Tn.若任意 n N*,Tn 恒成立,则整数 的最小值为 .
四、解答题:本题共 5 小题,共 77 分.
2
15.(13 分)在 ABC中,内角 A,B,C
sin C sinC sin B
所对的边分别为 a,b,c,且 2 1cos B cos2 A
(1)求角 A的大小;
(2)若 ABC为锐角三角形,点 F 为 ABC的垂心, AF 6,求CF BF 的取值范围.
ABC - A BC ABB A
16.(15 分)如图,三棱柱 1 1 1 中,侧面 1 1 底面 ABC, AB BB1 4, AC 4 3

B1BA 60
o A B
,点D是棱 1 1的中点, BC 4BE,DE BC .
(1)证明: AC AB .
BB
(2)求直线 1与平面 DEA1 所成角的余弦值.
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17.(15 分)某校举行篮球比赛,规则如下:甲、乙每人投 3球,进球多的一方获得胜利,胜利 1 次,则获
1
得一个积分,平局或者输方不得分.已知甲和乙每次进球的概率分别是 2 和 p,且每人进球与否互不影响.
3
(1)若 p ,求乙在一轮比赛中获得一个积分的概率;
4
1 3
(2)若 p ,且每轮比赛互不影响,乙要想至少获得 3 个积分且在获得一个积分的比赛中至少要超甲
3 4
2 个球,从数学期望的角度分析,理论上至少要进行多少轮比赛?
18.(17 分)已知抛物线 E : x2 2y,过点T (1,1)的直线与抛物线E交于 A,B两点,设抛物线 E在点 A,B
l1 l2 l1 x M , l l l处的切线分别为 和 ,已知 与 轴交于点 2 与 x轴交于点 N ,设 1与 2的交点为 P .
(1)证明:点 P在定直线上;
2
(2)若 PMN面积为 ,求点 P的坐标;
2
(3)若 P,M ,N ,T 四点共圆,求点 P的坐标.
19.(17 分)记 颐 颐 香 香 ,若存在 ,满足:对任意 ,均有 香
,则称

为函数 在 香 上的最佳逼近直线.已知函数 颐
1, 1香1 .
(1)请写出 在 1香1 上的最佳逼近直线,并说明理由;
(2)求函数 颐 在 1香1 上的最佳逼近直线
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{#{QQABRYIEogioQIBAABhCQwXSCgIQkAGCCIoORBAAIAAASAFABAA=}#}沈阳二中 24 届高三第四次模拟考试数学答案
1.设集合 禠 紘ǘ紘 禠 log香
1 , 禠 紘ǘ紘 禠 1 香 ,则( )

A. 禠 1香1 B. 禠
C. 禠 1香 ∞ D. 禠
【答案】D
【解析】【分析】
本题考查并集运算、交集运算、补集运算、指数函数与对数函数的值域,属于基础题.
化简集合 ,,再对各选项逐项判定,即可求出结果.
【解答】
解:因为集合 禠 紘ǘ紘 禠 log香
1 禠 紘ǘ紘 1 ,

禠 紘ǘ紘 禠 1 香 禠 紘ǘ 紘 1 ,
所以 禠 香1 禠 ,故 A错误,D 正确;
所以 禠 ,故 B 错误;
因为 禠 ∞香 h 1香 ∞,
所以 禠 1香 h 1香 ∞,故 C错误.
故选 D.
2.从装有 个红球和 个黑球的口袋内任取 个球,那么互斥而不对立的两个事件是( )
A. 至少有一个黑球与都是黑球 B. 至少有一个黑球与都是红球
C. 恰有一个黑球与恰有两个黑球 D. 至少有一个黑球与至少有一个红球
【答案】C
【解析】【分析】
本题考查互斥事件与对立事件,属于基础题.
列举每个事件所包含的基本事件,结合互斥事件和对立事件的定义,依次验证即可得到结果.
【解答】
解:“至少有一个黑球”发生时,“都是黑球”也会发生,故 A 不互斥,当然不对立;
B.“至少有一个黑球”说明有黑球,黑球的个数可能是 1或 ,
而“都是红球”说明没有黑球,黑球的个数是 ,
这两个事件不能同时发生,且必有一个发生,故 B 是对立的;
C.“恰有 1个黒球”与“恰有 个黒球”互斥,但不是必有一个发生,故不对立;
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D.“至少有一个黑球”,黑球的个数可能是 1或 ,表明红球个数为 或 1,这与“至少有 1个红球”不互
斥,因此它们不对立.
故选 C.
3.在平面直角坐标系 体紘中,点 在直线 紘 1 禠 上若向量 禠 香 ,则体在上的投影向量为
( )
香 A. B. 香 C. 香 D. 香
5 5 5 5 5 5 5 5
【答案】C
【解析】【分析】
本题投影向量的计算,向量的数量积的计算,属于基础题.
根据题意,设 的坐标为 香 ,求出体 的值,进而计算可得答案.
【解答】
解:根据题意,设 的坐标为 香 ,所以体 禠 香 ,
所以体 禠 ,
又由点 在直线 紘 1 禠 上,则 禠 1,
故体 禠 1,
故体

在 体上的投影向量 · 禠

ǘǘ 5 5
故选:.
5 5
4.已知单位圆 紘 禠 1上一点 香 ,现将点 绕圆心逆时针旋转 到点 ,则点 的横坐标为
5 5
( )
15 5 15 5 15 5 15 5
A. B. C. D.
1 1 1 1
【答案】C
【解析】【分析】
本题考查任意角的三角函数的定义,考查两角和与差的余弦公式,属于基础题.
体 体 cos 禠 5 5 记 , 的终边分别为 , ,由条件知 ,sin 禠 ,又 cos 禠 cos ,结合两角和与差
5 5
的余弦公式计算即可求解.
【解答】
解:记,的终边分别为 体,体,
5 5
由条件知 cos 禠 ,sin 禠 ,
5 5
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cos 禠 cos 禠 coscos sinsin 禠 5 5 1 禠 15 5故得 × × ,
5 5 1
15 5即点 的横坐标为 ,
1
故选 C.
1 1 1
5.已知函数 禠 ln 的图象在点 香 处的切线的斜率为 ,则数列 的前 项和 1

( )
1 5 5
A. B. C. D.
1 1 1 1
【答案】C
【解析】【分析】
本题考查数列与函数相结合,数列求和以及函数的导数的应用,裂项相消法求和,考查转化思想以及计算
能力,属于中档题.
利用函数的导数,求出切线的斜率,得到 ,然后利用裂项相消法求解数列的前 项和即可.
【解答】
解:函数 禠 ln ,
1
可得:′ 禠 ,

因为函数 禠 ln 1 1的图象在点 香 处的切线的斜率为 ,

1
可得: 禠 1 禠 .

1 禠 1 禠 1 1 1 ,
· 1 1
则数列 1 的前 1项的和为: 1 1 1 1 1 1 … 禠 .
1 1 1
故选 C.
6.双曲线的第三定义是:到两条相交直线的距离之积是定值的点的轨迹是 两组双曲线研究发
1
现,函数 紘 禠 的图象实际上是双曲线进一步探究可以发现对勾函数 紘 禠 , 香 的图象

1
是以直线 紘 禠 , 禠 为渐近线的双曲线现将函数 紘 禠 的图象绕原点顺时针旋转得到焦点位于 轴

上的双曲线 ,则它的离心率是( )

A. B. C. D.

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【答案】D
【解析】【分析】
本题主要考查双曲线的渐近线与离心率,考查正切的二倍角公式,属于中档题.
首先确定旋转前双曲线的渐近线,得到该函数对应的双曲线焦点在 紘 禠 , 禠 夹角 锐角的角平分线
上,根据斜率与倾斜角关系、二倍角正切公式求双曲线渐近线斜率,进而求双曲线离心率.
【解答】
解:由题意得 紘 禠 1的两条渐近线分别为 紘 禠 , 禠 ,

所以该函数对应的双曲线焦点在 紘 禠 , 禠 夹角 锐角的角平分线 上,
所以绕原点顺时针旋转得到焦点位于 轴上的双曲线 一条渐近线的倾斜角为 ,


因为 禠 禠 1 ,所以 禠 1 负值舍去, 1

设此时双曲线方程为 禠 1, , ,


则 禠 1,


故 禠 1 禠 1 禠 .
故选:.
7.已知定义在 上的函数 满足:对任意 , ′ 恒成立,其中 ′ 为 的导函
数,则不等式 1 的解集为( )
A. 香 ∞ B. 1香 C. ∞香 D. ∞香
【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了利用导数研究函数的单调性,考查等价转化思想与构造法的应用,考查了逻辑推理能力与运算
能力,属于中档题.

设函数 禠 ,结合已知条件,利用导数判断 的单调性,不等式 1
1

1

,即 1 ,得到 1 ,解之即可.
【解答】

解:设函数 禠



因为对任意 , ′ 恒成立,所以 ′ 禠 ,

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{#{QQABRYIEogioQIBAABhCQwXSCgIQkAGCCIoORBAAIAAASAFABAA=}#}
在 上单调递增.
不等式 1 1 1 ,
1 1 1
即 1 ,
1 ,解得 ,
不等式 1 的解集为 ∞香 ,
故选 D.
8.经研究发现:任意一个三次多项式函数 禠 的图象都只有一个对称中心点
香 ,其中 是 ′′ 禠 的根,′ 是 的导数,′′ 是 ′ 的导数.若函数 禠
图象的对称点为 1香 ,且不等式 ln 1 h对任意
1香 ∞ 恒成立,则
( )
A. 禠 B. 禠
C. 1的值不可能是 D. 的值可能是

【答案】A
【解析】【分析】
本题考查利用导数研究不等式恒成立,利用导数研究函数的最值,属于中档题.
由题意可得 1 禠 且 ′′ 1 禠 ,由此列式求得 与 的值,可判断 ,;

1 h 1,等价于 ,利用放缩法求得不等式右侧的最小
ln1
值,可得 的范围,由此判断 与 .
【解答】
解:由题意得 1 禠 1 1 禠 ,
′ 禠 1,′ ′ 禠 ,
′ ′ 1 禠 禠 ,解得 禠 , 禠 1,故 A 正确,B 错误;
此时 禠 1,

1, ln 1 h 1等价于 ,
ln1
当 时, 1,则 禠 ln ln 1 当且仅当 禠 时,等号成立,
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{#{QQABRYIEogioQIBAABhCQwXSCgIQkAGCCIoORBAAIAAASAFABAA=}#}
1 ln
从而 禠 ,故 ,故 C,D 错误.
ln1 ln1
故选 A.
9.已知 a,b R
3 2
,方程 x 3x ax b 0有一个虚根为1 i,i为虚数单位,另一个虚根为 z,则( )
A. 禠 B.该方程的实数根为 1
C. z 2 i D. 禠 1 1
9.BD
【详解】由1 i是方程 x
3 3 2 3x2 ax b 0的根,得 (1 i) 3(1 i) a(1 i) b 0,
a b 2 0 a 4

整理得 (a b 2) (a 4)i 0,而 a,b R,因此 a 4 0 ,解得 b 2,
对于 A, a 4,A 错误;
3 2 2
对于 BC,方程 x 3x 4x 2 0,变形为 (x 1)(x 2x 2) 0,
显然此方程还有一个实根 1,另一个虚根1 i,B 正确,C 错误;
2024 2 1012
对于 D, z [(1 i) ] ( 2)
1012 i1012 21012 ,D正确.
ABCD ABC D AB BC 2, AA 4 BB DD
10.如图,在长方体 1 1 1 1中, 1 ,E是棱 1上的一点,点 F在棱 1上,
则下列结论正确的是( )
A
A.若 1,C,E,F四点共面,则 BE DF
B.存在点 E,使得 BD / /平面 A1CE
A
C.若 1
C A ECF
,C,E,F四点共面,则四棱锥 1 1 的体积为定值
A A ECF
D.若 1,C,E,F四点共面,则四边形 1 的面积不为定值
10.BCD
ABCD A1B1C1D1 A1,C,E,F ABB A / /【详解】在长方体 中,若 四点共面,平面 1 1 平面CDD1C1,
平面 A1ECF 平面 ABB1A1 A1E,平面 A1ECF 平面CDD1C1 CF ,则CF / /A1E,同理CE / /A1F ,
A1,C,E,F A1ECF A1E CF Rt A1B1E对于 A,由 四点共面,得 ,则 , ≌Rt△CDF,
于是 B1E DF ,若 E不是棱 BB1的中点,则有 BE DF,A错误;
对于 B,当 E是棱 BB1的中点时,由选项 A知, F 为DD1的中点,四边形 BEFD是平行四边形,
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则 EF / /BD,而 EF 平面 A1CE,BD 平面 A1CE,因此BD / /平面 A1CE,B正确;
BB / /CC CC ACC BB ACC
对于 C,由长方体性质知 1 1,且 1 平面 1 1, 1 平面 1 1,
BB
则 1
/ / A1CC1 DD / / ACC ACC平面 ,同理可得 1 平面 1 1,即点 E, F到平面 1 1的距离为定值,
△A1CC1 E A又 的面积为定值,因此三棱锥 1CC1 F ACC和三棱锥 1 1的体积都为定值,
四棱锥C1 A1ECF的体积为定值,C正确;
BB A ECF 2 2 2
对于 D,当点E为 1中点时, 1 是菱形, EF 2 2, A1C 2 2 4 2 6,
1
A ECF EF A1C 4 3 B
四边形 1 的面积为 2 ,当点 E与点 1重合时, F与D重合,
A ECF ABCD 2
四边形 1 为矩形 1 1 ,面积为 2 2 4
2 4 5 A1ECF,四边形 的面积不为定值,D正确.
f x g x
11.已知函数 和其导函数 的定义域都是R f x x g 2x 1 ,若 与 均为偶函数,则( )
f 0 0
A.
f x
x 0,1B. 关于点 对称
C. (g(1) 1) (g(2) 1) (g(2) 1) (g(3) 1) (g(2023) 1) (g(2024) 1) 0
D. g(2023) 1
11.BC
f (x) 1 x g x 1 f (x) x 1 f x x【详解】假设 ,则 ,则 , 与 g(2x 1) 1都为偶函数,
则所设函数 f (x) 1 x符合题意,此时 f (0) 1,故 A 错误;
f (x) f ( x)
因为 f (x) x为偶函数,所以 f (x) x f ( x) x
2
,即 x x ,
h x f (x)
x h x h令 ,则 x 2 h,所以 x 关于点(0,1)对称,故 B 正确;
又 g(2) g( 2) 2 g(2) g( 2) g 2 g 2 1, ,所以 ,
由 g(x) g( x) 2,得 g(0) g( 0) 2,则 g(4) g(0) 1,所以 g(2) g(4) 2,
由 g(x 4) g(x)知函数 g(x)周期为 4,则 g(x) g(x 1)的周期也为 4,则
第 7页,共 15页
{#{QQABRYIEogioQIBAABhCQwXSCgIQkAGCCIoORBAAIAAASAFABAA=}#}
(g(1) 1) (g(2) 1) (g(2) 1) (g(3) 1) (g(2023) 1) (g(2024) 1)
g(1)g(2) g(2)g(3) g(2023)g(2024) g(2024) g(1) 2023
506 g(1)g(2) g(2)g(3) g(3)g(4) g(4)g(5) g(2024)g(2025) g(2024) g(1) 2023
506 g(2) g(4) g(1) g(3) g(0)g(1) g(0) g(1) 2023
506 4 g 1 1 g 1 2023 0
,所以 C 正确.
因为 g(2x 1)为偶函数,所以 g(2x 1) g( 2x 1),
所以函数 g(x)的图象关于直线 x 1对称,即 g(1 x) g(1 x),即 g(2 x) g( x),
因为 f (x) x f ( x) x,所以 f (x) 1 f ( x) 1,所以 g(x) g( x) 2,
则 g(x) g(2 x) 2,故 g(x 2) g(4 x) 2,
所以 g(x 4) g(x),所以 g(2023) g(3),又 g( 1) g(3), g(0) g(4),
所以 g(1) g(3) g(1) g( 1) 2,所以无法确定 g(2023)的值,所以 D 错误;
2 2
12. 若点(0,1)在圆 x y 2ax 2y a 1 0外,则实数 a的取值范围为 .
12. a 1
13.某班成立了 A,B两个数学兴趣小组,A组10人, B组30人,经过一周的学习后进行了一次测试,在该
测试中,A组的平均成绩为130分,方差为115,B组的平均成绩为110分,方差为 215.则在这次测试中全
班学生方差为 .
13.
13. 265
【分析】利用各层方差与总体方差之间的关系式可求全班学生方差.
2 2
【详解】依题意 xA 130, sA 115, xB 110, sB 215,
x 10 130 30 110 115
∴ 10 30 10 30 (分),
∴全班学生的平均成绩为115分.
2 10 2 2s 2 sA xA x
30

s2 x x
全班学生成绩的方差为 10 30 10 30
B B
10 30
115 225 215 25 85 180 265.
10 30 10 30
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14.人们很早以前就开始探索高次方程的数值求解问题.牛顿(Issac Newton,1643—1727)在《流数法》
y f x
一书中给出了牛顿法:用“作切线”的方法求方程的近似解.具体步骤如下:设 r 是函数 的一个
x , f x y f x l l
零点,任意选取 x0作为 r 的初始近似值,过点 0 0 作曲线 的切线 1,设 1与 x 轴交点的横坐
x x x , f x y f x l l
标为 1,并称 1为 r 的 1 次近似值;过点 1 1 作曲线 的切线 2,设 2与 x 轴交点的横坐标为
*
x x x , f x n N y f x l
2,称 2为 r 的 2 次近似值.一般地,过点 n n 作曲线 的切线 n 1 l,记 n 1与 x 轴交
x x f x x2 3 x 2
点的横坐标为 n 1,并称 n 1为 r 的 n 1次近似值.若 ,取 0 作为 r 的初始近似值,则
3
3 a
3xn 3x n
f x 0 f x x 3x 2 x1 1 n 3 * a的正根的二次近似值为 .若 , ,设 2xn 2 ,n N ,数列 n
的前 n 项积为Tn.若任意 n N
*
,Tn 恒成立,则整数 的最小值为 .
97
14. 56 2
f x 2x y 2x
【详解】 ,切线方程为 n
x xn f xn ,
f xx
3
n 1 x
n
n x
xn 3 1 3
n xn f x
故 n 2xn 2 2xn ,
x 1 x 3 3 7 1 x 1 x 3 1 7 6 97
x 2 1 0 2 1
当 0 时, 2 2x0 4 4, 2 2x1 2 4 7 56 .
f xn x3n 3xn 2 f xn 3x2n 3 y f xn x xn f xn , ,切线方程为 ,
x 2x
3
n 2 xn 1 2x
3 2 1
n 1 2
n
则 3xn 3, xn 3x
3
n 3xn an ,
T a a a xn xn 1 x2 x 1n n n 1 1 1
故 xn 1 xn x3 x2 xn 1 ,
1 3 1
f x函数 x
3 3x f 0 2 f 1 1 0 r ,1
为增函数, 2 8 , ,故 2 ,
1
x 1 1
1
2
2 n 1 xn 1 min 2故 ,即 , 为整数, .
2
ABC A,B,C a,b,c sin C sinC sin B15.(13 分)在 中,内角 所对的边分别为 ,且 2 1cos B cos2 A
(1)求角 A的大小;
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(2)若 ABC为锐角三角形,点 F 为 ABC的垂心, AF 6,求CF BF 的取值范围.
【答案】(1) A
3
(2)(6 3,12
ABC - A BC ABB A
16.(15 分)如图,三棱柱 1 1 1 中,侧面 1 1 底面 ABC, AB BB1 4, AC 4 3
B BA 60o

1 ,点D AB是棱 1 1的中点, BC 4BE,DE BC .
(1)证明: AC AB;
BB
(2)求直线 1与平面 DEA1 所成角的余弦值.
【答案】(1)证明见解析;
85
(2)
10
解:(1)
DA DA
由题意得 1,即DA AB .
ABB A ABB A
因为平面 1 1 平面 ABC,且交线为 AB,由DA AB,DA 平面 1 1,得DA 平面 ABC .
由 BC 平面 ABC,得DA BC,DA AC .
因为DE BC,DA DE D,且DA,DE 平面DAE,
所以BC 平面DAE . 由 AE 平面DAE,得 BC AE .
设 BE t,CE 3t
2 2 2 2
,有 BA t AC (3t) ,解得: t 2即 BE=2
2 2 2
所以 BC=8,满足 BA AC BC ,即 AC AB .
(2)

以A为坐标原点, AB, AC , AD分别为 x, y, z轴的正方向建立如图所示空间直角坐标系.
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D(0,0,2 3), E(3, 3,0),A1( 2,0,2 3),

设平面 DEA
n x, y, z
1 的法向量 ,
n

DA1 0

n EA1 0 PBD n 0,2,1 由 , 得到平面 的一个法向量 .

又BB1 AA ( 2,0,2 3),1
BB
设直线 1与平面DEA1 所成角的大小为 ,
n

BB1sin 3 15 cos n, BB1
n

BB1 5 4 10
则 ., cos 85
10
BB
所以直线 1与平面 DEA
85
1 所成角的余弦值为
10
17.(15 分)某校举行篮球比赛,规则如下:甲、乙每人投 3球,进球多的一方获得胜利,胜利 1 次,则获
1
得一个积分,平局或者输方不得分.已知甲和乙每次进球的概率分别是 2 和 p,且每人进球与否互不影响.
p 3(1)若 ,求乙在一轮比赛中获得一个积分的概率;
4
1 3
(2)若 p ,且每轮比赛互不影响,乙要想至少获得 3 个积分且每轮比赛至少要超甲 2 个球,从数学
3 4
期望的角度分析,理论上至少要进行多少轮比赛?
153
【答案】(1)
256
(2) 12
i 0,1,2,3
【详解】(1)设事件 Ai表示甲在一轮比赛中投进 i个球, Bi表示乙在一轮比赛中投进 i个球,
1 3 3 3 3P A 1 P A C1 1 3 2 1 3 3 1 10 2 8 1 3 P A2 C2 8 3 2 P A3 C3 则 , , 8, 2 8;
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1 3
P(B0) ( )
1

4 64
P(B1)
9

64
P(B2)
27

64
P(B 273) 64
若乙在一轮比赛中获得一个积分,则乙胜利1次,
P P B1A0 P B2A0 P B2A1 P B3A0 P B3A1 P B A 故其概率 3 2
P B1 P A0 P B2 P A0 P B2 P A1 P B3 P A0 P B3 P A1 P B3 P A2
153
= .
256
C P C P B2A0 P B3 P A P B P A (2)设事件 表示乙每场比赛至少要超甲 2 个球,则 0 3 1
C2 p2 1 p 1 p3 1 3 1 3 3 3 28 8 8 p p 8 8 ;
设随机变量 X 表示 n轮比赛后,乙在每轮比赛至少要超甲 2 个球的情况下获得的积分,
X ~ B n,
1 p3 3 p2 E X 1 3 n p3 p2
显然 8 8

,故 8 8 ,
3
1 3 n 3
E X 3 n p p
2
3
1
1 3 p3
3 2
p
要满足题意,则 ,即 8 8 ,又 p , ,故 8 8 , 3 4
3
x x 2 0
令 x 1 , 3 f (x) 8 x 1 , 3 ,则 在 恒成立, 3 4 3 4
故 f x 1 3 f x f (3 135在 , 上单调递增,又 的最大值为 ) 3 4 4 512
3
1 p3 3 p2 1 3135 p3 p28 8 512 512则 的最大值为 , 8 8 的最小值为 ,而 11 12
512 45 45
故理论上至少要进行 12 轮比赛.
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2
18.(17 分)已知抛物线 E : x 2y,过点T (1,1)的直线与抛物线E交于 A,B两点,设抛物线 E在点 A,B
l1 l l M , l l l处的切线分别为 和 2,已知 1与 x轴交于点 2 与 x轴交于点 N ,设 1与 2的交点为 P .
(1)证明:点 P在定直线上;
(2)若 PMN 2面积为 ,求点 P的坐标;
2
(3)若 P,M ,N ,T 四点共圆,求点 P的坐标.
【答案】(1) y x 1
(2)(0, 1)或(2,1)
(3) P(3,2)
2 2 2
2
解:(1)由 x 2y,得 y x , y x A x , x x,设 ( 1 ), B( , 2 )2 1 2 x2 2
2 2
P x , y l x x l( )所以 1方程为:P y x (x x ) 1 ,整理得: y x x 1 .同理可得, 2方程为:P 1 1 2 1 2
2
y x x x22 2
l1 l 联立 方程 2方程解得 x x1 x2 , y x1x2P 2 P 2
因为点 T 在抛物线内部,可知直线 AB的斜率存在,且与抛物线必相交,
2
设直线 AB的方程为 y=k(x-1)+1,与抛物线方程联立得: x 2kx 2k 2 0,
故,所以 x x 2k ,x x 2k 21 2 1 2
所以 x k , y k 1,可知 y x 1所以点 P在定直线 y x 1上.P P P P
M x1 ,0

,N
x2
,0

l , l
.(2)在 1 2的方程中,令 y 0,得 2

2 ,所以 PMN面积
S 1 MN y 1 (x 2 ) 2 P 8 1 x2 x1x2 2
故 k 0或 k=2
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所以点 P的坐标为(0, 1)或(2,1)
x 0
(3)若 1 ,则 P,N 重合,与题设矛盾.
M x1 ,0
抛物线焦点 F(0 1,),由 2 得直线MF 1 1斜率k ,2 MF x1 kMP
可知MF MP,同理 NF NP,所以 PF 是 PMN外接圆的直径.若点T 也在该圆上,则TF TP.
1
由k TPTF ,得直线 的方程为: y -2(x 1) 1.又点 P在定直线 y x 1上,2
4 1
联立两直线方程得P( , )
3 3
19.记 禠 禠 香 香 ,若存在 ,满足:对任意 ,均有 ǘ ǘ 香h
ǘ ǘ,则称 为函数 在 香 上的最佳逼近直线.已知函数 禠 1, 香h
1香1 .
(1)请写出 在 1香1 上的最佳逼近直线,并说明理由;
(2)求函数 禠 在 1香1 上的最佳逼近直线
1
解:(1) 在 1香1 上的最佳逼近直线为 禠 . ………2 分
易知 在 1香 上单调递减,在(0香1h上单调递增,
且 禠 1 禠 1 禠 , 禠 禠 1,………4 分
1
进而有 禠 1 1 禠 1 禠 1…(*)
1香1h 1香1h 1香1h
………5 分
由 的图象特点可知,对任意 ,均有
1 1 香 1 1 香
1香1 1香1
禠 香 香 1 ……………………………7 分
1香1
下面讨论 香 的大小:
香 1 1①若 至少有一个大于等于 ,则 ,……9分
1香1
香 1 1 1 香 1②若 两个都小于 ,则 1,

1 1 1
所以 ,进而 1 , 所以 1 1

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即 1 …………………12 分
1香1
1
由①②以及(*)式可知 禠 成立
1香1 1香1
禠 1且当 时等号成立.
进而 在 1香1 1上的最佳逼近直线为 禠 . ………13 分
(2)易知点 1香 香 1香 在函数 的图象上,
设 禠 1,再令 禠 ,则 禠 1
1
由(1)问可知 禠 1在 1香1 上的最佳逼近直线为 禠

所以 禠
1香1 1香1
1
1香1
进而 在 1香1 5上的最佳逼近直线为 紘 禠 禠 ………17 分
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