资源简介

2024年中考科学实验专题复习----电学实验探究
1．小海进行“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验时，观察到小灯泡额定电压为2.5V，图甲所示是已连接的部分实验电路。
(1)请将图甲电路连接完成，要求滑片向左移，灯泡变亮。 ( )
(2)闭合开关，小海缓慢移动滑片P，同时观察电压表示数的变化。当电压表的示数如图乙所示时，读数为 ；为测量小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向 （选填“左”或“右”）端移动。若小灯泡正常发光时，电流表示数为0.3A，电阻为 Ω（保留一位小数）。
(3)小珠为测量另一个小灯泡的额定功率，设计了如图丙所示电路图，实验步骤如下：（已知定值电阻阻值为R0，小灯泡额定电压为U额）
①闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电流表示数为 。小灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，闭合开关S、S2， 记录电流表示数为I，此时流过小灯泡电流为 ；
③求得小灯泡额定功率P= （请结合物理量符号U额、R0、 I完成以上三个填空）。
2．小明组装了如图所示的实验装置“探究电流产生的热量与哪些因素有关”，其中甲、乙、丙为三个完全相同的密闭容器，a、c电阻丝的阻值均为，b、d电阻丝的阻值均为。
（1）通电后，若发现只有甲容器对应的U形管中液面高度不变化，则可能是因为a电阻丝出现 ；
（2）排除故障后，若选择图中甲、乙两个容器进行对比，则探究的是电流产生的热量与 的关系；若选择图中甲、丙两个容器进行对比，则探究的是电流产生的热量与 的关系；
（3）a、c两根电阻丝在相等的时间内产生的热量之比为: ，若减小电阻丝d的阻值，则这个比值将 （填“变小”“变大”或“不变”）。
3．在探究“电流和电阻关系”的实验中，请回答．
（1）请按如图电路图，连好如图的实物图（两块表均选用小量程）．
( )
（2）滑动变阻器除具有保护电路外，在本实验中还起到的主要作用是 ．
（3）将5Ω电阻接入电路后，闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表的示数为3V时，记下电流表的示数．
（4）用10Ω电阻替换5Ω电阻，重新闭合开关，接下来的操作是 ．
（5）继续换用不同阻止的电阻，重复上述操作，实验中收集到的数据如表：
电阻/Ω 5 10 12 15 20
电流/A 0.6 0.3 0.25 0.2 0.15
分析表中数据，得出的实验结论是 ．
（6）若用30Ω电阻替换20Ω电阻，收集第6次实验数据，根据表中数据及实验结论分析，收集的电流值应为 A（或近似这个值），但实验中没能收集到这次的电流值，根据图中及实验过程的信息分析，其原因是 （写出一条即可）．
4．在探究影响导体电阻大小的因素时，小明做出了如下猜想：导体的电阻可能①与导体长度有关：②与导体横截面积有关；③与导体材料有关。
编号 材料 长度/m 横截面积/mm2
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如上表所示：
（1）按图所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，通过观察 比较导体电阻的大小；
（2）为了验证上述猜想①，应该选用编号为 的两根电阻丝分别接入电路进行实验；
（3）分别将A、D两电阻丝接入电路中M、N两点间，实验中，两次电流表指针均有偏转但第一次的示数小于第二次的示数，说明第一次接入的电阻丝阻值 （选填“较大”或“较小”），由此得出结论：导体电阻与 有关；
（4）实验小组的同学将一段电阻丝接入电路，闭合开关，用酒精灯对其加热，发现灯泡逐渐变暗，电流表的示数变小，实验现象表明电阻丝的电阻随温度的升高而 （选填“变大”或“减小”）；
（5）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样 （填“增大”或“减小”）了输电线的电阻。
5．如图甲所示，这是“测量小灯泡电功率”的实验电路，小灯泡的额定电压为 2.5V。
（1）用笔画线代替导线把图连接完整（要求滑片向右滑动时，灯泡变亮）；
（2）下表是实验时读得部分电流表和电压表的示数，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光的电功率是 W；
（3）该电路不能用来探究电流和电压的关系，原因是 ；
（4）若小灯泡用久了，灯丝变细了，正常发光的实际功率 （选填“大于”“小于” 或“等于”）额定功率。
实验次数 电压 电流 灯泡亮度
1 2.0 0. 25 较暗
2 2.5 正常发光
3 3.0 0. 32 较亮
6．实验桌上有满足实验要求的电源、电阻箱、滑动变阻器、开关各一个，已调零的电流表和电压表各一块，导线若干．小明利用上述实验器材探究通过导体的电流跟导体的电阻的关系，设计了如图所示的电路，主要的实验过程如下：
①断开开关，按图连接实物，将滑动变阻器滑片放在阻值最大处．将电阻箱的阻值R调为10Ω，记录电阻箱的阻值R；
②闭合开关S，将滑动变阻器滑片调至某一位置，用电压表测量电阻箱两端的电压U，用电流表测量通过电阻箱的电流I，记录I的数值；
③断开开关S，将电阻箱的阻值R调为15Ω，闭合开关S， 记录电流表示数I和电阻箱的阻值R；
④改变电阻箱阻值，仿照步骤③再做四次实验．请根据以上叙述回答下列问题：
（1）小明探究的问题中，自变量是 ．
（2）小明的实验过程中，存在的问题是 ．
（3）请你针对小明实验过程中存在的问题，写出改进措施： ．
（4）请你画出实验数据表格．
( )
7．小明同学在实验室里做电学实验电路图如图甲所示，实验中电源电压保持不变，R为定值电阻。

（1）开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到 端（填“a”或“b”）；
（2）闭合开关S试触时，发现电流表和电压表出现了图乙所示情况，这是因为：电流表的“+”“﹣”接线柱 了；被测电压超过了电压表的 ；
（3）在故障排除后，实验记录数据如下表：
实验序号 1 2 3
电压（V） 2.0 4.0 6.0
电流（A） 0.20 0.40 0.60
通过数据分析得出的结论是： 一定时，通过导体的电流I与其两端的电压U成 比。
8．在探究“电流与电压的关系”实验中，某同学将实物连成如图所示．
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流I/A 0.1 0.3 0.4 0.5
（1）实验电路中有一根导线连接错误，请在接错的导线上画“×”，然后另画一根导线使电路连接正确；
( )
（2）连接正确后，闭合开关，发现电流表的示数几乎为零，电压表示数约为电源电压，其故障可能是 ；
（3）根据表格中的实验数据，你能得出的结论是： 一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 ；
（4）此实验中，不能用小灯泡代替定值电阻进行探究，理由是
（5）得出实验结论后，某同学还想利用本实验探究电流与电阻的关系，则应添加的实验器材有 ，实验中应保持 不变得出结论．
9．在“探究电流与电阻的关系”实验中，已知电源电压为4.5V不变，四个定值电阻（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω），滑动变阻器“40Ω1A”以及有符合实验要求的电表、开关、导线。如图甲是没有连接完整的电路。

（1）请将图甲所示的实物电路连接完整，要求滑片向左移动，电流表示数变大。
（2）乐乐连好电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，电压表有示数，则故障可能是 （写出一种即可）。
（3）乐乐完成了探究实验并画出如图乙所示的I-R图像，当实验中用15Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，滑动变阻器的滑片应向 滑动（选填“左”或“右”），使电压表的示数为 V。
（4）乐乐根据I-R图像，得出实验结论 。
（5）丙图中，电流表的示数为 。
（6）以现有的实验器材实验，定值电阻两端的预设电压可取的最小值为 V。
10．为了探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”，小明同学连接的电路如图甲所示。
（1）连接电路时，开关应处于 状态；
（2）这个电路中只有一根线连错了，请在这根导线上打“×”，表示这根导线不能这样连接( )；
（3）正确连接后，闭合开关，电流表A1和电流表A2的指针均指在如图乙所示的位置，则电流表A3示数为 A，灯泡L1中的电流为 A。
11．“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡，电阻约为10Ω，电流表（0-0.6A，0-3A），电压表（0-3V，0-15V），开关和导线若于。还有标有“5Ω 2A”的滑动变阻器A，标有“10Ω 1A”的滑动变阻器B和标有“20Ω 0.2A”的滑动变阻器C。
(1)若小明设计电路如图甲所示，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线将图甲的实验电路图线连接完整。( )
(2)本实验选择的滑动变阻器是 （选填“A”，“B”或“C”）。
(3)某次实验电压表，电流表的示数分别如图乙，丙所示，则此时小灯泡的实际功率为 W。
12．“探究影响导体电阻大小的因素”的实验装置如图所示，在实验中使用四根电阻丝，其材料规格如表所示。
编号 材料 长度/m 横截面积/mm2
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
（1）实验中通过观察 比较电阻丝电阻的大小。此过程用到的研究方法是 ；
（2）在MN间分别接入A、B两根电阻丝，探究的是电阻跟导体的 的关系。要探究电阻与横截面积的关系，可选择 （填编号）两根电阻丝进行实验。

13．小明用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个。
（1）连接电路时，开关处于 状态：闭合开关前，发现电流表的指针如图乙所示，造成这一现象的原因是 ；
（2）将5Ω的电阻接入电路，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表示数均为零，电压表示数接近电源电压，原因是定值电阻发生了 （选填“短路”或“断路”）；
（3）排除故障后闭合开关，调节滑片，使电压表的示数为 V，记下电流表示数；
（4）用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，电压表示数将 （选填“变大”或“变小”），此时应将滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，从而使电压表示数不变；
（5）如此重复上述步骤，根据实验数据绘制出图像，如图丙所示，由图像可得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成 比；
（6）为完成本次实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。
14．在探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如下表
编号 材料 长度/m 横截面积/mm2
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
（1）为了验证上述猜想①，应该选用编号为 两根电阻丝进行实验；如果选用编号为A、C两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想 （填序号）；分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：长度和横截面积相同时， 。
（2）有同学认为，可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化 （选填“明显”或“不明显”）。
（3）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就 了输电线的电阻（选填“增大”或“减小”），从实验可得出影响导体电阻大小的因素有 、 。
参考答案：
1． 2.1V（没写单位不得分） 左 8.3 I- U额（I-）
【详解】(1)[1]滑片向左移，电阻减小，灯泡变亮，所以滑动变阻器接左下接线柱。
(2)[2][3][4]电压表使用小量程，分度值为0.1V，读数为2.1V，额定电压2.5V，需要增大灯泡分压，减小变阻器分压，即减小变阻器电阻，滑片左移，灯的电阻为
(3)[5]闭合开关S、S1，灯泡电阻并联，调节滑动变阻器滑片使电流表示数为，此时根据并联电压相同知，灯泡两端电压恰好为 U额。
[6]保持滑片位置不动，闭合开关S、S2，仍然并联，电流表测总电流，且电压不变，所以根据并联电压分流可知，灯泡电流为
[7]小灯泡额定功率为
2． 短路 电阻 电流 9∶4 变大
【详解】（1）[1]图中三个电阻丝串联，通电后，若发现只有甲容器对应的U形管中液面高度不变化，可知电路为通路，a电阻丝产生的热量为0，则可能是因为a电阻丝出现短路。
（2）[2]甲、乙两个容器进行对比，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系。
[3]若选择图中甲、丙两个容器进行对比，丙中两电阻并联后与甲中电阻串联，甲丙容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过甲容器中电阻的电流大于通过丙容器中电阻的电流，而通电时间相同，则探究的是电流产生的热量与电流的关系。
（3） [4]设通过c电阻丝的电流为I，根据并联电路电压的规律可知，丙中两电阻的电压相等，由欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故通过d电阻丝的电流为，由并联电路电流的规律，通过a电阻丝的电流为
根据
可知，在电阻和时间相等的条件下，产生热量与电流的平方成正比，相等的时间内产生的热量之比为
（4）[5]若减小电阻丝d的阻值，根据并联电阻的规律，丙中两电阻并联的值变小，根据串联电阻的规律，整个电路的电阻变小，由欧姆定律，干路的电流变大，通过a电阻丝的电流变大；由分压原理，丙中两并联电阻的电压变小，由欧姆定律，通过c电阻丝的电流变小，根据
在电阻和时间相等的条件下，产生热量与电流的平方成正比，则这个比值将变大。
3．（1）
（2）控制R两端电压相同（或一定/不变）；
（4）调节滑动变阻器，当电压表的示数为3V时，记下电流表的示数；
（5）在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
（6）0．1；滑动变阻器的最大阻值过小（或电源电压过高）．
【详解】试题分析：（1）将电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，如图所示：
（2）电流与电压和电阻有关，探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，所以滑动变阻器除具有保护电路外，在本实验中还起到的主要作用是控制R两端电压相同；
（4）用10Ω电阻替换5Ω电阻，电阻两端的电压将发生变化，要调节滑动变阻器，当电压表的示数为3V时，记下电流表的示数；
（5）由表格中数据可知，电流与电阻的乘积为定值，可知，在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
（6）由表格中第一组数据可知，U=IR=0．6A×5Ω=3V；
则当电阻为30Ω时，I===0．1A；
由题意知，滑动变阻器两端的电压为U滑=9V﹣3V=6V；
则滑动变阻器的阻值为：R滑===60Ω＞50Ω，所以无法得出滑动变阻器的阻值；
若降低电源电压也测出数据．
故答案为（1）见上图；（2）控制R两端电压相同（或一定/不变）；（4）调节滑动变阻器，当电压表的示数为3V时，记下电流表的示数；（5）在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（6）0．1；滑动变阻器的最大阻值过小（或电源电压过高）．
4． 电流表示数 A、B 较大 材料 变大 减小
【详解】（1）[1]在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小，这种方法是转换法。
（2）[2]要验证猜想①：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体横截面积与材料相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验。
（3）[3] [4]由表中数据可知，A、D两电阻丝的长度、横截面积相同而材料不同，将A和B两电阻丝接入如图电路中M、N两点间，验中，两次电流表指针均有偏转但第一次的示数小于第二次的示数，说明第一次接入的电阻丝阻值较大，由此可知：导体电阻与材料有关。
（4）[5]实验小组的同学将一段电阻丝接入电路，闭合开关，用酒精灯对其加热，发现灯泡逐渐变暗，电流表的示数变小，电源电压不变，由可得，电阻丝的电阻变大，故此实验说明电阻丝的电阻随温度的升高而变大。
（5）[6]将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，即此时的材料、长度相同，横截面积变大，故其阻值变小，这样可以减小输电线上电能的损失。
5． 0.7 见解析 小于
【详解】（1）[1]由图甲可知，滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮，即电流变大，电阻变小，则应将滑动变阻器右下端的D接线柱与电源的正极相连，如图所示：
（2）[2]电流表示数如图乙，由图甲可知电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.28A，此时小灯泡正常发光的功率为
P=UI=2.5V×0.28A=0.7W
（3）[3]在探究电流与电压的关系时，应控制电阻的阻值不变。由表格数据可得，灯泡的电阻是变化的，不能用来探究电流与电压的关系。
（4）[4]小灯泡用久了，灯丝变细，则其电阻变大。电源电压不变，由可知，灯泡的实际功率变小，小于额定功率。
6． 电阻 没有控制电阻箱两端电压不变 在步骤③闭合开关S后加入:调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数仍为U
实验次数 电阻箱阻值/Ω 电流表示数/A
1
2
3
【详解】(1)[1]研究电流与电阻的关系，保持电压不变，改变电阻，所以自变量是电阻；
(2)[2]根据实验步骤可知，实验中没有控制电阻箱两端电压不变(或：没有控制电压表示数不变)；
(3)[3]探究电流与电阻关系时，需控制导体两端电压不变，因此在步骤③闭合开关S后加入：调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数仍为U．
(4)[4]实验需要记录电阻箱的阻值即对应的电流值，且进行多次实验，实验记录表格如下：
实验次数 电阻箱阻值/Ω 电流表示数/A
1
2
3
7． b 接反 量程 电阻 正
【详解】（1）[1]为防止电路中电流过大烧坏用电器，闭合开关前，滑动变阻器处于最大阻值处，所以，开关S闭合前，保护电路的滑动变阻器的滑片P位于最大阻值处的b端。
（2）[2]电表指针偏向刻度盘的左侧，说明电表的正负接线柱接反了，由图乙可知，电流表指针偏向刻度盘的左侧。
[3]电表指针偏到最大刻度右侧，说明选择的量程太小，电压表的指针偏转到最大刻度的右侧，说明选择的量程太小。
（3）[4]分析表中数据可知，通过R电流的变化倍数和R两端电压的变化倍数相等，即当电阻一定时，电流与电压成正比。
8． 电阻断路 电阻 正比 灯泡的阻值会随温度的变化而变化 阻值不同的定值电阻 电压
【详解】（1）探究“电流与电压的关系”实验中，电压表应该并联在定值电阻两端，而图中的错误是电压表与滑动变阻器和定值电阻并联了，应将电压表的左端接线柱相连的这根导线去掉，电将压表的左端接线柱与定值电阻左端接线柱相连，如下所示：
（2）电流表的示数几乎为零，说明电路出现了断路，电压表示数约为电源电压，说明与电压表并联的电阻发生了断路；
（3）分析表格中数据可知，电压表与电流的比值：＝5Ω、＝5Ω、＝5Ω、＝5Ω为一定值，所以可以得出结论为：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；
（4）探究“电流与电压的关系”实验中要控制电阻的大小不变，由于灯泡的阻值会随温度的变化而变化，所以此实验不能用小灯泡代替定值电阻进行探究；
（5）探究电流与电阻的关系，根据控制变量法，应保持导体的电压不变，要改变电阻值，记下对应的电流值，为得出普遍性的结论，要多次测量，需要添加阻值不同的定值电阻．
9． 定值电阻断路 右 3 在电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比 0.44A 1.5
【详解】（1）[1]将滑动变阻器的一上一下接线柱与定值电阻、滑动变阻器串联接入电路，要求滑片向左移动，电流表示数变大，说明滑动变阻器接入电路的电阻变小，确定滑动变阻器的左下接线柱接入电路，将电压表与定值电阻并联，如图所示：

（2）[2]闭合开关，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极是连通的，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了。
（3）[3][4]探究电流与电阻的实验中，要保持定值电阻两端电压一定或保持电压表示数不变，当实验中用15Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大，为保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑动变阻器的滑片应向右移动。
分析图乙中的实验数据，由U=IR实验中控制定值电阻两端的电压为
0.6A×5Ω=3V
0.2A×15Ω=3V
0.12A×25Ω=3V
不变，所以电压表的示数应为3V。
（4）[5]分析图乙中的实验数据知，电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻的乘积是相等的，由此可以得出结论：在电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。
（5）[6]由甲知，电流表的量程为0~3A，分度值为0.1A，丙图中，电流表的示数为0.44A。
（6）[7]设定值电阻两端的预设电压为UV，由串联电路电压规律及分压原理有
等式左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器的最大电阻连入电路时，对应的定值电阻最大，这时控制的电压表示数最小，故有
解得
故定值电阻两端的预设电压可取的最小值为1.5V。
10． 断开 0.56 0.14
【详解】（1）[1]为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）[2]甲图中，L1、A2、A3串联后再与L2并联，且电流从电流表A3的负接线柱流入了，正接线柱流出了；在探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，电流表A1测干路电流，电流表A2测灯泡L1的电流，电流表A3测灯泡L2的电流，如下图所示：
；
（3）[3][4]由图甲可知，两灯泡并联，A1测干路电流，电流表A2测灯泡L1的电流，根据并联电路电流的规律，电流表A1选用大量程，分度值为0.1A，其示数为0.7A；电流表A2选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.14A，即通过L1 中的电流；根据并联电路电流规律，电流表A3示数为
I=0.7A﹣0.14A=0.56A
11． B 0.4
【详解】(1)[1]小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯泡并联，电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯泡的额定电流为
电流表选用小量程串联在电路中，如下图所示
(2)[2]灯泡正常发光时，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为2V，变阻器分得的电压为电阻的倍，根据分压原理，变阻器的电阻为
又因为灯泡的额定电流为0.25A，大于0.2A，故本实验应选择滑动变阻器B。
(3)[3]电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，则灯泡的实际功率为
P=UI=2V×0.2A=0.4W
12． 电流表示数 长度 A C
【详解】（1）[1][2]闭合开关，电阻丝、电流表、滑动变阻器串联接入电路，该实验是通过比较电流表示数来比较电阻大小的，这是转换法。
（2）[3][4]在MN间分别接入A、B电阻丝，由表中数据可知，两电阻丝的长度和横截面积相同，长度不同，故探究的是电阻跟导体的长度的关系；探究电阻与横截面积的关系，两电阻丝的长度和材料相同，横截面积不同，可选择A、C两根电阻丝进行实验。
13．断开 电流表使用前没有调零 断路 2.5 变大 B 反 5
【详解】（1）[1]为保护电路，连接电路时，开关应断开。
[2]闭合开关前，发现电流表的指针位于零刻度左侧，说明电流表使用前没有调零。
（2）[3]闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，故障可能是与电压表并联的定值电阻断路了。
（3）[4]由图乙图像中数据可知，定值电阻两端的电压为
探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻两端的电压不变，即使电压表的示数为2.5V。
（4）[5]根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大。
[6]探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数不变。
（5）[7]由图乙图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
（6）[8]由图乙可知，实验中使用的定值电阻阻值最大为25Ω，定值电阻两端的电压始终保持2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
变阻器分得的电压为电压表示数的0.2倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
即所选择的变阻器的最大阻值不能小于5Ω。
14． A、B ② 导体的电阻与导体的材料有关 不明显 减小 导体的材料 长度和横截面积
【详解】（1）[1]为了验证猜想①导体的电阻与导体的长度有关，应保证导体的材料与横截面积均相同，而导体的长度不同，分析表中数据可知，应该选用编号为A、B的两根电阻丝进行实验。
[2]A、C两根电阻丝材料与长度均相同而横截面积不同，可用A与C验证②导体的电阻与导体的横截面积有关。
[3]A、D两根电阻丝长度与横截面积均相同而材料不同，分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。
（2）[4]电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，电路中的电流变化就很小，灯泡的实际功率变化也很小，所以灯泡亮度变化不明显。
（3）[5]细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，其他条件不变的情况下，电阻值减小了，导线上损失的电能也就减小了，从而起到节能的作用。
[6][7]从实验可得出影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积。

展开更多......

收起↑