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浙江省杭州市滨江区闻涛中学2023-2024学年八年级上学期科学期中试卷
一、选择题（每小题3分，共45分）
1．（2023八上·滨江期中）水在日常生活中有着不可替代的作用，如所示标志图中，属于节水标志的是（　　）
A． B．
C． D．
2．（2023八上·滨江期中）中医药在治疗新冠肺炎中，为全球抗击疫情贡献了中国智慧。下列中药煎制步骤与实验室过滤操作原理相同的是（　　）
A．冷水浸泡
B．加热煎制
C．取液弃渣
D．装袋保存
3．（2023八上·滨江期中） 要配制100g 5%的NaCl溶液，除了需要托盘天平和量筒外，还需要用到的一组仪器是（　　）
A．烧杯、试管、玻璃棒 B．烧杯、胶头滴管、玻璃棒
C．烧杯、胶头滴管、漏斗 D．烧杯、酒精灯、玻璃棒
4．（2023八上·滨江期中）打开啤酒瓶盖时，你会发现啤酒会自动喷出，喝了啤酒后又常常会打嗝，下列关于气体溶解度说法不正确的是（　　）
A．压强减少，气体溶解度增大 B．压强减小，气体溶解度减小
C．温度升高，气体溶解度减小 D．温度降低，气体溶解度增大
5．（2023八上·滨江期中）2021年12月9日下午，“太空教师“翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课，如图是王亚平演示浮力消失的实验，乒乓球并没有上浮，而是悬停在水中，下列说法中最准确的（　　）
A．太空中失重状态下，水对乒乓球上下表面的压力都为零
B．太空中失重状态下，乒乓球的重力为零，所以浮力为零
C．乒乓球上表面所受的压力大于下表面所受的压力
D．若此时向水中加入盐，乒乓球会上浮
6．（2023八上·滨江期中）杭州市的气候温和，四季分明，年平均气温在17℃左右。而同为四季分明的哈尔滨市，夏季短暂而炎热，年平均气温在5℃左右。造成两市气候差异的主要原因是（　　）
A．海陆位置 B．地形 C．纬度位置 D．季风
7．（2023八上·滨江期中）硫酸镁在工农业以及医疗上有广泛应用，其溶解度如表所示。则下列说法正确的是（　　）
温度/℃ 10 30 50 70 90
溶解度/g 27.7 39.3 49.0 54.1 51.1
A．硫酸镁的溶解度随温度升高而增大
B．10℃时，27.7g硫酸镁和72.3g水可配制成质量分数为27.7%的硫酸镁溶液
C．50℃时，100g的硫酸镁饱和溶液中溶质和溶剂的质量比为49：100
D．70℃时的硫酸镁饱和溶液升温至90℃，溶液的溶质质量分数增大
8．（2023八上·滨江期中）如图所示，在室温下，广口瓶中盛有硝酸钾的饱和溶液，木块漂浮在硝酸钾溶液中。当向试管中加入一定量的硝酸铵固体时，能观察到的现象是（　　）
A．木块上浮 B．硝酸钾溶液温度上升
C．U形管的右侧液面下降 D．瓶里的硝酸钾溶液增多
9．（2023八上·滨江期中）2020年5月27日11时，中国再次登顶珠峰。为其测量了“身高”，体现了现代测绘技术水平的不断进步（　　）
A．珠峰的峰顶常年被冰雪覆盖，这是因为在对流层，海拔越高，气温越低
B．从山脚到山顶植物种类显著变化，其主要原因是海陆位置的不同
C．珠峰南坡降水较多，植物种类更丰富，由此推测南坡是背风坡
D．在攀登珠峰的过程中，人体出现高原反应，是因为气温过低、气压过高的缘故
10．（2023八上·滨江期中）生活中食用久置的鸡蛋前，往往需要判断其是否变质。查阅资料：新鲜鸡蛋的密度约为1.08g/cm3，变质程度越大，密度越小，可降到1.03g/cm3以下。如图所示，把4个鸡蛋放入1.03g/cm3的盐水中，其中变质程度最大的是（　　）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
11．（2023八上·滨江期中）小明利用对流管研究水的对流现象。用酒精灯加热对流管右下端，看到水的流动方向为（　　）
A． B．
C． D．
12．（2023八上·滨江期中）用“o”表示蔗糖分子（水分子没有画出）。下面能表示常温下蔗糖溶于水形成溶液时，蔗糖分子的分散情况的是（　　）
A． B． C． D．
13．（2023八上·滨江期中）据图分析以下选项不正确的是（　　）
A．图甲中，往盛有刚停止沸腾的水的烧瓶上浇冷水后，烧瓶内的水会重新沸腾
B．图乙中，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球，然后从漏斗口向下吹气，并将手指移开，此时乒乓球不会下落
C．图丙中，冷锋过境时将会带来的天气变化是大风、降水、降温
D．图丁中，风的方向应该是④
14．（2023八上·滨江期中）两个边长相同，材料不同的实心正方体甲和乙，用质量不计的细线连接，静止后悬浮，细线处于绷紧状态（　　）
A．甲的密度比乙的密度大
B．甲的密度与液体的密度相等
C．甲受到的浮力与乙受到的浮力相等
D．如果将细线剪断，甲、乙再次静止后，乙受到的浮力变大
15．（2023八上·滨江期中）下列关于四图对应的现象或原理解释，其中正确的是（ ）
A．甲图“拔罐”既能说明大气有压强，又能说明人体内部有压强
B．乙图实验中选用不同直径的马德堡半球，拉开所需要的力相同
C．丙图是用来给病人注射药物的注射器，它利用了大气压的原理
D．丁图是自制的简易气压计，管内水柱升高说明外界大气压增大
二、填空题（22题每空2分，其余小题每空1分，共26分）
16．（2023八上·滨江期中）在《三国演义》中诸葛亮的“草船借箭”可谓神乎其神。请你根据所学的科学知识回答以下问题：
（1）诸葛亮乘夜黑雾大，率领一大队草船驶向曹营。曹营中的士兵以为有敌来袭，拼命的向草船射箭。此时　 　（填“增大”、“减小”或“不变”）
（2）诸葛亮能够借箭成功，主要还利用的大雾，使曹操恐怕有埋伏，因此敢任三日之限。”诸葛亮描述的是赤壁三日后的天气情况，下列成语中哪个不是描述天气的____。
A．阴转多云 B．雷电交加 C．和风细雨 D．冬暖夏凉
（3）当草船排开水的体积为5m3时，船受到的浮力为　 　牛。
17．（2023八上·滨江期中）如图所示是北半球某地区的海平面等压线图，请根据此图回答下列问题。
（1）影响A处的天气系统是　 　，在该天气系统控制下，A处的天气特点是　 　；影响B处的天气系统是　 　，在该天气系统的控制下B处的天气特点是　 　。
（2）图中C、D两处中，C处将发生明显的天气变化，原因是该地将受到　 　的影响。
（3）图中G处的风向为　 　。
18．（2023八上·滨江期中）读图并回答下列问题。
（1）写出下列字母代表的水循环环节的名称：C　 　，E　 　，D　 　。
（2）通过　 　（填“甲”、“乙”或“丙”）的水循环运动，陆地上的水资源不断得到补充，水资源得以再生。
（3）图甲所示的水循环过程主要发生在图乙标号　 　（填“①”、“②”或“③”）所示的大气层，该层大气最显著的特点是　 　。
19．（2023八上·滨江期中）如图所示是甲、乙两种固体物质的溶解度曲线，请回答下列问题：
（1）溶解度受温度影响变化较大的是　 　（填“甲”或“乙”）物质。
（2）t2℃时，把50g乙物质放入50g水中，充分搅拌　 　（填“饱和”或“不饱和”）溶液。
（3）t2℃时，有一接近饱和的甲溶液，可采用　 　的方法（写1种）使它变为该温度下的饱和溶液。
20．（2023八上·滨江期中）“美林”是为儿童开发设计的一款退烧药，主要成分是布洛芬，“美林”即使密封保存，放久了也会在底部看到白色沉淀，“美林”属于　 　（填“乳浊液”、“悬浊液”或“溶液”），将少量的①面粉，②味精，④泥土，⑤肥皂加入到水中，充分振荡后，其中形成的混合物与“美林”属于同类型的物质有　 　。
21．（2023八上·滨江期中）小乐在探究水的组成时，进行了如下实验。
实验1：在水电解器的玻璃管里注满混有稀硫酸的水，接通直流电源，观察到电极上产生气泡，两支玻璃管内液面下降，收集到无色气体
实验2：打开其中一支玻璃管的活塞，点燃气体，并在火焰上方倒扣干而冷的烧杯，烧杯内壁有水珠，如图乙所示
（1）实验1中，水中混入稀硫酸的目的是　 　。理论上，a、b两玻璃管内收集到的气体的体积比为　 　。
（2）实验2中，被点燃的氢气来自于　 　（选填“a”或“b”）玻璃管，据该气体燃烧的微观示意图分析，此反应　 　（选填“能”或“不能”）证明水是由氢和氧组成的。
22．（2023八上·滨江期中）如图所示，一块冰放在盛有的水的容器中，已知冰块与容器底部相接触并相互间有压力， 当冰熔化成水后 ，容器中水面的位置将　 　。
三、实验探究题（23、24题每空1分，其余小题每空2分，共50分）
23．（2023八上·滨江期中）关于“水的净化”回答下列问题：
（1）图甲的操作中玻璃棒的作用是　 　，实验结束时，小和同学发现滤液是浑浊的，导致这种现象的原因可能是　 　（选填序号）。
①滤纸没有紧贴漏斗内壁
②液体液面高于滤纸边缘
③滤纸单层的一边破损
④漏斗下端未紧靠烧杯内壁
⑤滤液中仍有可溶性物质未除去
（2）小和同学改进实验后将浑浊的河水用图甲所示的装置进行净化，净化后得到的清澈的水是　 　（填“纯净物”或“混合物”）。在该装置中，其漏斗中滤纸的放置方向应为　 　（填序号）。
（3）图乙进行的是蒸馏操作，烧瓶中放入一些碎瓷片的目的是　 　，冷凝管中冷水应该是从　 　进入（填“a”或“b”）。
（4）小和同学选取下列实验方法分离物质，将分离方法的字母填在横线上。
a.降温结晶
b.蒸发结晶
c.蒸馏法
d.过滤法
①　 　分离饱和食盐水与沙子的混合物。
②　 　除去氯化钠溶液中的水分。
③　 　分离四氯化碳（沸点为76.75℃）和甲苯（沸点为110.6℃）的混合物。
④　 　从含硝酸钾和氯化钠的混合液中分离出硝酸钾。
24．（2023八上·滨江期中）用注射器估测大气压的值实验中。
（1）实验过程中他们让弹簧测力计和注射器保持在水平方向，可以减小活塞的　 　对实验的影响，从而提高实验的精确程度。当活塞相对于针筒开始滑动时，可以近似看成研究对象在水平方向所受拉力F与所受的大气压力是一对　 　（平衡力/相互作用力）。
（2）把注射器的活塞推到注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，用刻度尺测出有刻度部分的长度如上图所示；水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器的活塞刚被拉动时　 　。
（3）实验中，小和准确使用了测量仪器，且读数正确，其主要原因是　 　。
（4）另一组同学实验中考虑到活塞与针筒之间的摩擦力对实验的影响，改进了实验，如图2所示，活塞通过水平细线及定滑轮与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，测得杯和水的重力为9.8N，然后向外缓慢抽出杯中的水，测得杯和水的重力为5.6N，已知活塞面积为7×10﹣5m2，则活塞与注射器之间的摩擦力为　 　N，所测大气压的值应为　 　Pa。
25．（2023八上·滨江期中）在学习了浮力的相关知识后，某学习小组想进一步研究物体在空气中所受的浮力与气体密度之间的关系。他们利用如图甲所示装置进行实验，拉力传感器能显示拉力的大小，记录拉力传感器的示数F的变化，并将实验结果绘制成如图乙所示图像。
（1）实验中，小明改变钟罩内的气体密度的操作是　 　。
（2）根据图乙，可得出结论：　 　。
（3）同组的小红取一气球装入少量水，吹鼓后扎紧，替代塑料小球重复上述实验。已知相同条件下，气压越大。请预测，当钟罩内气体密度变大时，并说明理由。　 　
26．（2023八上·滨江期中）如图是小和“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验情形。
（1）物块未浸入水中时，弹簧测力计示数如图甲所示，物块的重力为　 　N。
（2）小和将物块从图甲下降至图乙的过程中，发现弹簧测力计示数逐渐减小的同时，还观察到　 　，由此初步分析得出：物体所受浮力的大小与它排开液体的体积有关。
（3）继续增大物块所处的深度，当它与容器底部接触后，弹簧测力计示数如图丙所示，此时物块受到的浮力为　 　N。
（4）为探究浮力与液体密度的关系，小明又把物块浸没到事先配制好的蔗糖溶液中，这样操作的目的是为了控制　 　相同；他发现液体密度改变，而物块受到的浮力变化却不明显。小和想出下列四种实验改进方案，其中不可行的是　 　。
A.换用体积更大的同种物块
B.换用密度与水相差的大的液体
C.换用精确程度更高的测力计
D.利用现有器材进行多次实验
（5）小和改进了实验后，想把弹簧测力计改成密度秤，如图乙所示，他就在1N刻度线处标上1.0g/cm3；当他把物块浸没在1.2g/cm3的蔗糖溶液中时（且物块不接触容器底部），应在弹簧测力计刻度盘　 　N（精确到小数点后2位）处对应标上1.2g/cm3字样，聪明的他就将图甲所示装置改装成了一个能测液体密度的密度秤。
27．（2023八上·滨江期中）某校“制作浮沉子”项目研究小组，发现制成的浮沉子经常沉下去后浮不起来，有待提升改造。
【材料选取】大塑料瓶、玻璃小药瓶、水
【制作方案】在两瓶中装入适量的水，把小瓶倒扣入大瓶中，拧紧瓶盖，小瓶就能在水中上下运动。
表：小瓶参数
小瓶 A B
质量/g 10 10
内横截面积/cm2 2 2
长度 6 7
材料 玻璃
形状 圆柱形
【扩展研究】项目组同学发现，浮沉子若在外界压力作用下沉到一定深度后，不在施力，将此深度称为临界深度。项目组同学利用A、B两个小瓶（规格见表）。研究临界深度h与小瓶内空气柱气柱长度1之间的关系
【交流分析】
（1）在实验中，有的小瓶倒放入水中后直接下沉不会上浮，可通过适当　 　（选填“增加”或“减少”）小瓶内的水量来解决。
（2）用力捏大瓶时，大瓶内上方气体压强变大，小瓶内气体的压强会　 　。
（3）结合图乙的探究成果及所学知识，其它条件相同时，下列浮沉子中临界深度最大的是____。
A． B． C． D．
28．（2023八上·滨江期中）2022年9月27日，由我国自主研制的“鲲龙”AG600M灭火机以全新消防涂装在湖北荆门漳河机场成功完成12吨投吸水试验。
（1）经查资料，飞机的机翼是由一组组翼形组成，机翼结构如图4所示。请问机翼这种设计结构能产生升力的原因：　 　。
（2）小瑞思考：飞机升力与迎角（α）大小有什么关系？在老师的帮助下，小瑞利用电风扇、升力测力计、飞机模型
①闭合电风扇的开关，调节挡位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°
②改变迎角的大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①并计算升力平均值。
③处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图6。
Ⅰ.本实验得出的结论：　 　。
Ⅱ.若要进一步研究“飞机的升力与其飞行的速度关系”。利用现有器材，只要控制　 　不变，通过调节　 　改变飞机模型的飞行速度即可获得结论。
Ⅲ.资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大，升力也越大。若某飞机以600千米/时做水平匀速直线飞行的迎角为α1，而以900千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为α2（α1，α2均小于15°）。请比较α1、α2的大小关系：　 　。
四、计算说理题（5小题共39分）
29．（2023八上·滨江期中）一金属块在空气中受到的重力为39N，把它全部浸没在水中称时（金属块
未接触底面），弹簧测力计读数为34N。求：
（1）该金属块受到水对它的浮力；
（2）该金属块的体积；
（3）该金属块的密度。
30．（2023八上·滨江期中）有一物块A，其体积为500cm3，密度为1.30g/cm3。一只容器中盛有某硫酸溶液5千克，将物块A放入该溶液中静止后漂浮在液面上，此时物块A有2/15的体积露出液面。已知质量分数不同的硫酸溶液其密度不相同
质量分数 10% 20% 30% 40% 50% 60% 70% 80% 90% 98%
密度（g/mL） 1.07 1.14 1.22 1.30 1.40 1.50 1.61 1.73 1.80 1.84
（1）分析表中数据，可以归纳出硫酸溶液的质量分数与密度的关系是　 　。
（2）求物块A静止时受到的浮力大小？
（3）求这种硫酸溶液的溶质质量分数是多少？
（4）要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容器中加水多少千克？（容器足够大，加水后溶液不溢出。）
31．（2023八上·滨江期中）高压锅的锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，当高压锅内气体的压强超过安全值时，气体跑出一部分，使锅内气体的压强减少2，限压阀的质量为100g的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。则：
（1）用高压锅烧水至沸腾时，水的温度　 　100℃。（选填“＞”、“＜”或“＝”）
（2）高压锅内气体能达到的最大压强为多少？
（3）商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀还能使用吗？若不能
32．（2023八上·滨江期中）据图回答下列问题。
（1）夏天避暑人们常选择甲、乙两处避暑，请你选择一处并说明理由　 　。
（2）乙地的植被是森林，而丙地是半荒漠，主要成因是　 　。
（3）小和带着自制气压计登上了山顶，发现液柱　 　。（选填上升、不变或下降），如用一个细玻璃管在气压计细管口上方水平吹气，管中水柱会　 　（选填上升、不变或下降）。
33．（2023八上·滨江期中）请解释以下实验现象产生的原因。
（1）用铁丝做的夹子夹住空易拉罐，并向空易拉罐中倒入少许水。然后对易拉罐加热，有大量水汽逸出时（不要扣入得太深），观察现象。如果实验现象能成为大气压存在的证据，活动中应该看到什么现象？请你解释产生这一现象的原因。
（2）刚倒入玻璃杯的汽水会产生许多气泡。此时，将一些葡萄干放入杯中，有些葡萄干沉入杯底后，上浮到液面后又会重新沉入杯底，请你解释葡萄干上下“跳舞”的原因。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】根据图片分析各个选项中标志的含义即可。
【解答】为循环利用标志，为节约用水标志，为禁止明火标志，为易燃品标志，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
2．【答案】C
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】过滤操作用于将液体和不溶于液体的固态物质分离，据此判断。
【解答】在冷水浸泡、加热煎制、取液弃渣和装袋保存四个环节中，取液弃渣是将药液和不溶于药液的残渣进行分离，与过滤操作相同，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
3．【答案】B
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【解答】A、配制溶液的过程中不需要使用试管，该组仪器不合适，故选项错误；
B、托盘天平用于称取固体氯化钠、量筒与胶头滴管用于准确量取水、烧杯用于完成溶解操作、玻璃棒用于溶解时的搅拌，故选项正确；
C、配制100g5%的NaCl溶液的过程中不需要使用胶头滴管、漏斗，该组仪器不合适，故选项错误；
D、配制100g5%的NaCl溶液的过程中不需要进行加热，则不需要使用酒精灯，该组仪器不合适，故选项错误；
故选：B．
【分析】实验室配制100g5%的NaCl溶液操作步骤分别是：计算、称量、溶解，根据各操作所需要使用的仪器，判断所列仪器是否需要．
4．【答案】A
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据气体溶解度随气压的变化规律分析。
【解答】 打开啤酒瓶盖时， 瓶内气压减小，气体溶解度减小，因此会溢出形成大量泡沫；而喝酒后打嗝，是因为体内温度升高，气体溶解度减小所致， 故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
5．【答案】A
【知识点】重力及其方向
【解析】【分析】 浮力产生的原因：物体受到的浮力等于液体对其上下表面压力差。
【解答】 太空中失重状态下，乒乓球的重力为零；水也处于失重状态，所以水对放入其中的乒乓球不会产生压力的作用，所以乒乓球不会受到浮力的作用；
若此时将乒乓球放到盐水中，盐水对乒乓球也不会产生浮力，乒乓球会悬浮；
综合以上分析可知，A正确、B、C、D错误。
故选A。
6．【答案】C
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的因素：纬度位置、大气环流、地形、洋流、海陆位置、下垫面、人类活动等。
【解答】据所学可知，杭州市位于我国东南沿海属于亚热带季风，气候，哈尔滨市位于东北，属于温带季风，均为季风气候，但南北纬度上差异大，造成两市气温差异大，所以造成两市气候差异的主要原因应是纬度位置，C正确，D错误。杭州市、哈尔滨市都位于我国东部地区，海陆位置差异不大，A错误。杭州市、哈尔滨市地形都是平原，B错误。
故答案为：C。
7．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】在一定温度下，某固态物质在100g溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质的质量，叫做这种物质在这种溶剂中的溶解度。
【解答】A、由表格中的数据可知，10--70摄氏度，溶解度随温度的升高而增大，70--90摄氏度时，溶解度随温度的升高而降低；故A错误；
B、由表格可知，10摄氏度时100g水中可以溶解27.7g硫酸镁，但在72.3g水中无法溶解27.7g硫酸镁；故B错误；
C、50摄氏度时，100g水中可以溶解硫酸镁49g，所以50摄氏度时硫酸镁形成的饱和溶液的溶质和溶剂的质量比均为49：100；故C正确；
D、温度升高时，溶解度增大，但是没有继续加硫酸镁溶质，故质量分数不变；故D错误；
故答案为：C。
8．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据当向试管中加入一定量的硝酸铵固体时，硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，硝酸钾的溶解度随着温度的降低而减小，进行分析判断。
【解答】 A.当向试管中加入一定量的硝酸铵固体时，硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，硝酸钾的溶解度随着温度的降低而减小，则有硝酸钾晶体析出，那么溶液的密度减小。由F浮=ρ液gV排可知，木块受到的浮力减小，与水木块下沉，故A错误；
B.硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，故B错误；
C.硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，则广口瓶内气压减小，则U形管的右侧液面下降，左侧液面上升，故C正确；
D.由A选项的解析，有硝酸钾晶体析出，瓶里的硝酸钾溶液减少，故D错误。
故选C。
9．【答案】A
【知识点】大气的分层；影响气候的因素
【解析】【分析】在山区，气温和降水随着海拔的增加而发生变化，从而形成了不同的植被、土壤和动物类型的组合。地表景观随高度发生有规律的更替现象，叫做垂直地域分异。造成这种分异的主要原因是水分条件、热量状况及其组合的变化。山地的自然带的发育程度往往与该山体所在纬度及相对高度有关，通常是纬度越低、山体越高，自然带越丰富。大气压和高度有关，随高度的增加而减小。气温垂直递减率：每上升100米，气温下降0.6℃。
【解答】A、珠峰的峰顶常年被冰雪覆盖，这是因为在对流层，海拔越高，气温越低，A正确。
B、从山脚到山顶植物种类显著变化，其主要原因是海拔高度的不同，B错误。
C、珠峰南坡降水较多，植物种类更丰富，由此推测南坡是迎风坡，C错误。
D、在攀登珠峰的过程中，人体出现高原反应，是因为气温过低、气压过低的缘故，D措误。
故答案为：A。
10．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据浮沉条件，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较四个小球的密度即可。
【解答】 根据图片可知，甲、乙鸡蛋在盐水中漂浮，所受浮力等于重力，即：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，
根据F浮=ρ液gV排和G=mg=ρ物gV可得：ρ液gV排甲=ρ甲gV甲，ρ液gV排乙=ρ乙gV乙，即：
，，
由图知，所以，
所以甲鸡蛋的密度小于乙鸡蛋的密度；
丙鸡蛋在盐水中悬浮，则乙鸡蛋的密度等于盐水的密度，
丁鸡蛋在盐水中沉底，则丁鸡蛋的密度大于盐水的密度，
所以鸡蛋的密度ρ甲＜ρ乙＜ρ丙＜ρ丁，由于变质程度越大，密度越小，所以变质程度最大的是密度最小的甲鸡蛋，故A正确。
故选A。
11．【答案】B
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】对流运动中，暖空气上升，冷空气下沉；
【解答】 用酒精灯加热对流管右下端， 右下端的热水上升，呈现逆时针方向流动.
故答案为：B.
12．【答案】B
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】根据溶液的特征分析判断。
【解答】蔗糖溶解在水中形成溶液，而溶液具有均一性和稳定性，即溶液的各个部分的性质完全相同，因此蔗糖分子在溶液中均匀分布，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
13．【答案】D
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系；风；天气预报与天气图
【解析】【分析】液体的沸点会随着气压的减小而降低；气压随着流速的增大而减小；由冷空气向暖空气一侧侵袭是冷锋，冷锋过境时将会带来的天气变化是大风、降水、降温；风是由高压区吹向低压区的；
【解答】 A、甲图中，冷水倒在烧瓶上，瓶内气体温度降低，压强变小，水的沸点降低，所以刚停止沸腾的水又重新沸腾，A正确，
B、乙图中，从漏斗的上方吹气，气体从乒乓球的上方流出，乒乓球上方气体流速大于下方气体流速，上方压强小于下方压强，压强差使乒乓球受到向上的托力，不掉落下来，B正确；
C、当冷气团主动移向暖气团时，较重的冷气团前缘插入暖气团下方，使暖气团被迫抬升。暖气团在抬升过程中冷却，其中水汽容易凝结成云、雨。如果暖空气中含有大量水汽，那么可能带来雨雪天气。冷锋移动速度较快，常常带来较强的风。所以冷锋过境时将会带来的天气变化是大风、降水、降温，C正确；
D、在等压线图上判断风向时，如要知道图中某点的风向，先经此点画一条与等压线垂直的虚线，这条虚线的箭头指向气压较低的地方。由图可知，只有②指向气压较低的地方，故风向是②，D错误。
故答案为：D.
14．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 AB.根据物体浮沉条件分析；
CD.根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析。
【解答】 AB.根据题意可知，细线处于绷紧状态，如果将细线剪断，甲、乙再次静止后，甲将漂浮在液面上，乙会下沉。根据浮沉条件知，甲的密度小于液体的密度，乙的密度大于液体的密度，甲的密度比乙的密度小，故A、B错误；
C.甲和乙两个正方体棱长相同，则根据体积公式可知其体积相等，两个正方体都浸没在同一液体中，则其排开液体的体积相等，根据F浮=ρ液gV排可知，甲受到的浮力等于乙受到的浮力，故C正确；
D.如果将细线剪断，甲上浮后漂浮，乙沉底，乙排开液体的体积不变，由公式F浮=ρ液gV排分析可知乙受到的浮力不变，故D错误。
故选C。
15．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压强的存在
【解析】【分析】（1）根据大气压强的知识判断；
（2）根据F=pS判断；
（3）对药液进行受力分析即可；
（4）根据p内=p大气+p水分析判断。
【解答】A.“拔罐”时，罐在大气压强的作用下被压在皮肤上，而罐内的皮肤向外突起，说明人体内部存在压强，故A正确；
B.马德堡半球实验的直径不同，则半球的受力面积大小不同，根据F=pS可知，大气压力不同，那么拉力大小不同，故B错误；
C.给病人注射药物时，依靠活塞对药液产生的压强，与大气压强无关，故C错误；
D.根据p内=p大气+p水可知，当水柱升高时，水柱压强增大，那么大气压强减小，故D错误。
故选A。
16．【答案】（1）增大
（2）D
（3）5×104
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】 （1）当物体漂浮在液面上时，浮力等于自身的重力；
（2）天气是指某个地方距离地表较近的大气层在短时间内的具体状态；气候是指一个地方多年的天气平均状况；
（3）据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析即可得出浮力的大小。
【解答】 （1）船在水中漂浮，即浮力等于自身的重力。故曹营中的士兵拼命的向草船射箭，即船的重力增加，所以船所受的浮力增大；
（2） 阴转多云 ， 雷电交加 和风细雨 ，都是指某个地方距离地表较近的大气层在短时间内的具体状态，是指天气；而冬暖夏凉是指一个地方多年的天气平均状况，说的气候，故D符合题意，而A、B、C不合题意；
故选D。
（3）船受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×5m3=5×104N。
17．【答案】（1）高压系统；天气晴朗；低压系统；出现阴雨
（2）冷锋
（3）西北
【知识点】风；天气预报与天气图
【解析】【分析】低压系统（气旋）：①水平气流：由四周向中心辐合；（北半球呈逆时针辐合；南半球呈顺时针辐合）；②垂直方向：中心气流上升；多阴雨天气。高压系统（反气旋）：①水平气流：由中心向四周辐散；（北半球呈顺时针辐散；南半球呈逆时针辐散）；②垂直方向：中心气流下沉；多晴朗天气。
【解答】（1）阅读地图，根据图中的气压分布特征可以看出A处的气压具有中间高，四周低的特点，从气流运动特征来看表现为高空气流下沉辐散，在此控制之下，天气晴朗；B处的气压具有中间低，四周高的特点，从气流运动特征来看表现为气流上升，在此控制之下，天气阴雨。影响A处的天气系统是高压，在该系统的控制下，A处的天气特点是晴朗；影响B处的天气统是低压，在该系统的控制下，B处的天气特点是阴雨。
（2）由于C处位于冷锋锋前，而D处位于暖锋锋后，故C处天气将发生变化，届时该地区将出现大风，、降温、降雨天气。
（3）根据气流总是从高压流向低压，受地转偏向力的影响，向右偏转，可以判定出此时G处的风向为西北风。
18．【答案】（1）水汽输送；地表径流；降水
（2）乙
（3）③；对流运动显著
【知识点】水循环；大气的分层
【解析】【分析】海陆间水循环的环节有蒸发和植物蒸腾、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流等。海陆间水循环的地理意义：维持全球水量平衡、更新陆地淡水资源；联系四大圈层，进行物质迁移和能量转换；调节全球热量平衡；塑造地表形态。
【解答】（1）读图可知，图中C由海洋上空指向陆地上空，是水汽输送；E由地表指向海洋，是地表径流；D由高空指向陆地，是降水。
（2）使陆地上的水资源不断得到补充、水资源得以再生的是海陆间水循环，乙是连接海洋的陆地的环流圈，属于海陆间水循环；甲是陆地内循环，丙是海水内循环。
（3）水循环属于水圈，主要分布在对流层，因为对流层占用大气质量的四分之三和几乎全部的水汽，对流层是最贴近地面的一层，对应③。对流层最显著的特点是上部冷，下部暖，空气对流运动显著。
19．【答案】（1）甲
（2）饱和
（3）加入溶质
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据图像分析两种物质的溶解度随温度的变化规律；
（2）根据t2℃时乙的溶解度计算该温度下50g水中最多溶解乙的质量，再与加入乙的质量比较即可；
（3）根据不饱和溶液转化为饱和溶液的方法解答。
【解答】 （1）根据图片可知，溶解度受温度影响变化较大的是甲物质；
（2）t2℃时，乙物质的溶解度是60g，把50g乙物质放入50g水中，充分搅拌，只能溶解30g的晶体，所得溶液是饱和溶液；
（3）t2℃时，接近饱和的甲溶液变成饱和溶液可以采用加入溶质、蒸发溶剂或是降温的方法。
20．【答案】悬浊液；①④
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】 不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；不溶性小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液；一种或几种物质分散到另一种物质里，形成的均一稳定的混合物是溶液。
【解答】 “美林”即使密封保存，放久了也会在底部看到白色沉淀，那么说明“美林”属于悬浊液；
①面粉是难溶于水的固体，与水混合得到悬浊液；
②味精易溶于水，与水混合得到溶液；
③白糖易溶于水，与水混合得到溶液；
④泥土是难溶于水的固体，与水混合得到悬浊液；
⑤肥皂与水混合得到乳浊液；
⑥植物油是难溶于水的液体，与水混合得到乳浊液；
那么形成的混合物与“美林”属于同类型的物质有①④。
21．【答案】（1）增强水的导电性；2：1
（2）a；能
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】（1）纯水是绝缘体，不能导电，而平常水导电是因为其中存在自由移动的离子。在水的电解实验中，生成氢气的体积是氧气体积的2倍；
（2）氢气体积大，氧气体积小。根据质量收能定律分析解答。
【解答】 （1）实验1电解水实验，为增强水的导电性，可在水中加入稀硫酸。理论上，a、b两玻璃管内收集到的气体的体积比为 2：1；
（2）①实验2中，被点燃的气体是氢气，它的体积大于氧气体积，则氢气来自于a玻璃管；
②由氢气燃烧的微观示意图知，化学反应前后氢、氧原子个数不变，反应前有四个氢原子、两个氧原子，反应后两个水分子中也含有四个氢原子、两个氧原子，所以一个水分子是由两个氢原子一个氧原子构成，从而证明水是由氢和氧两种元素组成的。
22．【答案】上升
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 已知冰块与容器底部相接触并且相互间有压力，可以得出F浮=ρ水v排g＜G冰，再根据冰化成水后质量（重力）不变，得出冰化成的水的体积与冰排开水的体积的关系，从而确定水面的升降。
【解答】 根据题意可知，冰熔化前，它处于平衡状态，即F浮+F支=G冰，
所以F浮=ρ水v排g＜G冰，-------①
冰化水后，G冰=G水，
即：ρ冰v冰g=ρ水v水g，-------②
由①②可得：
ρ水v排g＜ρ水v水g，
即：冰熔化为水的体积大于排开水的体积，
所以冰熔化后，水面将上升。
23．【答案】（1）引流；②③
（2）混合物；②
（3）防止暴沸；b
（4）d；b；c；a
【知识点】净化水的常用方法
【解析】【分析】 （1）根据过滤操作的注意事项以及仪器的作用来分析；
（2）根据物质的分类以及过滤器的制作方法来分析；
（3）根据蒸馏操作的注意事项来分析；
（4）①根据过滤可以分离难溶性固体和液体进行分析。
②根据除去氯化钠溶液中的水分，采用蒸发结晶的方法进行分析。
③根据沸点相差较大，可以采用蒸馏法进行分析。
④根据硝酸钾的溶解度受温度较大进行分析。
【解答】 （1）图甲的操作是过滤，其中玻璃棒的作用是引流。
①滤纸没有紧贴漏斗内壁会导致过滤速率慢，但不会导致滤液浑浊；
②液体液面高于滤纸边缘会导致滤液浑浊；
③滤纸单层的一边破损会导致滤液浑浊；
④漏斗下端未紧靠烧杯内壁可能导致滤液溅出，但不会导致滤液浑浊；
⑤滤液中仍有可溶性物质未除去不会导致滤液浑浊；
故选②③；
（2）小和同学改进实验后将浑浊的河水用图甲所示的装置进行净化，净化后得到的清澈的水中仍含有可溶性杂质，是混合物。
在该装置中，其漏斗中滤纸的放置方向应②，因为玻璃棒的下端要靠在三层滤纸一侧，故选②；
（3）图乙进行的是蒸馏操作，烧瓶中放入一些碎瓷片的目的是防止暴沸，冷凝管中冷水应该是从b进入，以增强冷凝效果；；
（4）①过滤可以分离难溶性固体和液体，则分离饱和食盐水与沙子的混合物采用过滤的方法，故选d；
②除去氯化钠溶液中的水分，采用蒸发结晶的方法，故选b；
③分离四氯化碳（沸点为76.75℃）和甲苯（沸点为110.6℃）的混合物，由于沸点相差较大，可以采用蒸馏法，故选c；
④硝酸钾的溶解度受温度较大，从含硝酸钾和氯化钠的混合液中分离出硝酸钾，采用降温结晶的方法，故选a。
24．【答案】（1）重力；平衡力
（2）1.024×105Pa
（3）注射器中的空气无法排尽
（4）2.1；1.1×105
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】 （1）当弹簧测力计和注射器筒不在水平方向时，活塞的重力会影响测得的拉力，从而影响测得的大气压；当注射器中的活塞开始滑动时，二力平衡可通过弹簧测力计测出大气压力，此时弹簧测力计的示数与所受的大气压力相等；
（2）利用压强公式，将图中数据代入可得压强值；
（3）注射器筒内空气没有排尽会导致测量值小于真实值；
（4）当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反；根据求得压强值。
【解答】 （1）当弹簧测力计和注射器筒不在水平方向时，由于活塞受重力的作用，使得测力计的拉力不等于大气压力，从而影响测得的大气压，所以让弹簧测力计和注射器筒保持在水平方向，目的是为了减小活塞自身重力对实验的影响，从而提高实验的准确程度。
当注射器中的活塞开始滑动时，弹簧测力计的拉力与大气的压力刚好平衡，利用二力平衡原理来测出大气对活塞的压力；
（2）由图示可知，注射器4.00cm长度刻度部分的体积V=2.5mL=2.5cm3，
活塞的面积，
测力计示数F=6.4N，那么大气压强为：。
（3）活塞与注射器筒壁不完全密封，橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体，都会使拉力变小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；
（4）当注射器中的活塞开始向左滑动时，G1=9.8N，对活塞受力分析：F+f=G1=9.8N ①；
当注射器中的活塞开始向右滑动时，G2=5.6N，对活塞受力分析：F-f=G2=5.6N ②；
①②两式联立解得：F=7.7N，f=2.1N，
所测大气压的值：。
25．【答案】（1）打开止水夹，推拉注射器活塞
（2）当物体排开空气的体积一定时，空气密度越大，物体在空气中所受的浮力越大
（3）拉力传感器示数变小。因为当钟罩内气体密度变大时，钟罩内气压增大，气球体积减小，排开空气的体积变小，气体密度增大对浮力的影响大于排开气体体积减小的影响。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1） 实验中，打开止水夹，向内推注射器活塞，可增大钟罩内的气体密度；向外拉注射器活塞，可减小钟罩内的气体密度。
（2）图中塑料小球处于静止状态，受力情况为：G=F拉+F浮，由图乙可知，空气密度越大，拉力传感器的示数越小，而小球的重力G一定，因此所受浮力越大，据此得出结论。
（3）当钟罩内气体密度变大时，钟罩内气压增大，气球体积减小，排开空气的体积变小，气体密度增大和排开气体体积减小对浮力均有影响，据此判断。
【解答】 （1）实验中，小明改变钟罩内的气体密度的操作是：打开止水夹，推拉注射器活塞。
（2）图中塑料小球处于静止状态，受力情况为：G=F拉+F浮，由图乙可知，空气密度越大，拉力传感器的示数越小，而小球的重力G一定，因此所受浮力越大，据此可得出结论：当物体排开空气的体积一定时，空气密度越大，物体在空气中所受的浮力越大。
（3）因为当钟罩内气体密度变大时，钟罩内气压增大，气球体积减小，排开空气的体积变小，如气体密度增大对浮力的影响大于排开气体体积减小的影响，拉力传感器示数变小。
26．【答案】（1）1.8
（2）容器内的水面上升
（3）0.8
（4）排开液体的体积；D
（5）0.84
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】 （1）根据弹簧测力计的量程和分度值读出弹簧测力计的示数；
（2）容器内水面上升，说明物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大；
（3）影响浮力大小的因素有：液体的密度和排开液体的体积两个因素，图丙与图乙相比较，这两个因素都相同，所以，图丙中物块所受浮力等于图乙中所受浮力；
（4）当物体浸没时，V排=V，浮力变化ΔF浮=ρ盐水gV排-ρ水gV排=ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积；选用精确程度更高的测力计，可以使示数变化更明显，更容易观察到浮力的变化，据此分析得出结论；
（5）根据阿基米德原理求出，物体在蔗糖溶液中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置。
【解答】 （1）根据甲图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则物体的重力为1.8N；
（2）物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大，可以观察到“容器内水面上升”现象；
（3）根据F浮=ρ液gV排可知，浮力大小只与液体的密度和排开液体的体积有关，所以，图丙中物块受到的浮力等于图乙中所受的浮力，即F浮=G-F拉=1.8N-1N=0.8N；
（4）当物体两次都浸没时，V排2=V排1=V，浮力变化ΔF浮=ρ盐水gV排2-ρ水gV排1=ΔρgV，
要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积，故选项AB可行；换用精确程度更高的测力计，可以使示数变化更明显，更容易观察到浮力的变化，故选项C可行；
多次实验并不能使实验现象更明显，故D不可行；
故选D；
（5）由乙图可知，F浮=1.8N-1N=0.8N，
物体排开水的体积为：；
当他把物块浸没在1.2g/cm3的蔗糖溶液中时，排开液体的体积不变，
则物体此时受到的浮力F浮1=ρ液gV排=1.2×103kg/m3×10N/kg×8×10-5m3=0.96N；
那么此时弹簧测力计的示数：F示=G-F浮1=1.8N-0.96N=0.84N。
27．【答案】（1）减少
（2）增大
（3）B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）物体的浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；
（2）在气体质量一定时，气体体积越小压强越大；
（3）由丙图可知，临界深度h随小瓶内空气柱长度增大而增大，据此进行判断。
【解答】 （1）有的小瓶倒放入水中后直接下沉不会上浮，即小瓶受到的重力大于浮力，所以需要减少小瓶的重力，即减少小瓶中水的质量。
（2）用力捏大瓶时，大瓶内上方气体压强变大，则大瓶内水受到压强增大，使部分水进入小瓶内，故小瓶内气体的压强会增大；
（3）由丙图可知，临界深度h随小瓶内空气柱长度增大而增大，由选项可知，瓶子的形状、体积相同，B选项中浮沉子中空气柱长度最长，所以B选项中浮沉子的临界深度最大，故B符合题意。
故选B。
28．【答案】（1）在流体中，流速越大的位置压强越小
（2）升力随着迎角的增大而增大，超过15°后，升力随迎角的增大而减小；迎角；风扇速度；α1＞α2
【知识点】实验方案设计与评价；流体压强与流速的关系
【解析】【分析】 （1）根据飞机机翼产生升力的原因分析。
（2）I.根据图6分析飞机的升力与机翼迎角的关系；
II.根据控制变量法的要求解答；
III.在迎角小于15°时，飞机的速度越大，迎角越大，则升力越大，据此分析解答。
【解答】 （1）机翼这种设计结构能产生升力的原因：在流体中，流速越大的位置压强越小。
（2）Ⅰ.根据图6可知，本实验得出的结论：升力随着迎角的增大而增大，超过15°后，升力随迎角的增大而减小。
Ⅱ.若要进一步研究“飞机的升力与其飞行的速度关系”。利用现有器材，只要控制迎角不变，通过调节风扇转速改变飞机模型的飞行速度即可获得结论。
Ⅲ.资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大，升力也越大。若某飞机以600千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为α1，而以900千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为α2（α1，α2均小于15°），说明高速度和小迎角与低速度大迎角可以获得相同的升力，那么机翼迎角：α1＞α2。
29．【答案】（1）该金属块受到水对它的浮力F浮=G-F拉=39N-34N=5N；
（2）金属块的体积：
（3）金属块的密度：
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据“称量法”F浮=G-F拉计算金属块受到的浮力；
（2）当物体浸没时，它的体积等于排开液体的体积，即；
（3）根据公式计算金属块的密度。
30．【答案】（1）溶质质量分数越大，密度越大
（2）6.37N
（3）60%
（4）要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，
由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数为40%；
加水的过程中，硫酸质量不变，设加水后溶液的总质量m1，则有：
m1×40%=5kg×60%，
解得m1=7.5kg
则所加水的质量：m水=7.5kg-5kg=2.5kg。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 （1）根据表格中的数据来分析；
（2）物块A漂浮在稀硫酸中，其受到的浮力和重力相等，根据F浮=G=mg求得浮力大小；
（3）根据阿基米德原理求得稀硫酸的密度，根据表格数据可知这种硫酸溶液的溶质质量分数；
（4）要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数，根据加入水后溶质不变，计算出硫酸溶液的溶质质量分数。
【解答】 （1）根据表格数据可知，硫酸溶液的质量分数与密度的关系是：溶液的质量分数越大，密度越大；
（2）物块A漂浮在稀硫酸中，其受到的浮力和重力相等，所以静止时受到的浮力：F浮=G=mg=ρVg=500cm3×1.30g/cm3×10-3kg×9.8N/kg=6.37N；
（3）由于物块A漂浮在稀硫酸中，所以其受到的浮力和重力相等，
则F浮=ρ液gV排，
即：6.37N=ρ×9.8N/kg×250×10-6m3×（1-），
解得：ρ=1500kg/m3=1.50g/mL，
查表可知这种硫酸溶液的溶质质量分数是60%；
31．【答案】（1）＞
（2）锅内气体能达到的最大压强是2×105Pa
（3）不能，应该再配一个质量为80g的限压阀
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；
（2）已知限压阀的质量，根据G=mg求出限压阀的重量；锅内最大气压等于外界大气压与限压阀产生的压强之和；
（3）由经检验锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，可知原来的限压阀不能继续使用；根据锅内气体的最大压强和大气压可计算出作用在限压阀上的压强，然后根据限压阀出气口横截面积可求出限压阀的压力，此时压力即为其重力，然后即可求出限压阀的质量。
【解答】 （1） 用高压锅烧水至沸腾时，锅内气压大于标准大气压强，则水的温度高于100℃；
（2）限压阀的重量为：G=mg=0.1kg×10N/kg=1N；
高压锅内气体能达到的最大压强为：
；
（3）根据题意可知，限压阀对排气孔产生的压强p限=p最大-p0=1.8×105Pa-1×105Pa=0.8×105Pa，
限压阀受到的压力为：F限=p限S=0.8×105Pa×10×10-6m2=0.8N，
那么限压阀的重力G=F限=0.8N，
则限压阀的质量为：。
32．【答案】（1）选甲，因为沿海地区的周围主要是水，海水的比热容比较大，沿海地区的气温变化小
（2）乙地是迎风坡，降水丰富
（3）上升；上升
【知识点】大气压强的存在；比热容；降水
【解析】【分析】 （1）海水的比热容比陆地大，沿海地区的气温变化小；
（2）迎风坡降水量多其植被是森林，丙地位于背风坡，降水少，多半荒漠景观；
（3）①海拔升高大气压降低。
②流体流速大的位置压强小。
【解答】 （1） 夏天避暑人们常选择甲处避暑，理由：沿海地区的周围主要是水，海水的比热容比较大，沿海地区的气温变化小。所以夏天海边比较凉爽；
选择乙处，理由：乙处海拔高，气温低，也可以是避暑的地方。
（2） 乙地的植被是森林，而丙地是半荒漠，主要成因： 乙地是迎风坡，降水丰富 。
（3）①带着自制气压计登上了山顶，由于海拔升高大气压降低，瓶内气压大于外界大气压，故将瓶内液体压向外流动，所以液柱上升。
②如用一个细玻璃管在气压计细管口上方水平吹气，管口上方空气流动速度加大，则管口处气压降低，里面的气压大于外面，所以水柱将会上升。
33．【答案】（1）可以看到易拉罐骤然被压瘪；加热时易拉罐中的水汽化，罐内充斥着水蒸气，大部分的空气被排出易拉罐，此时将易拉罐迅速倒扣于冷水中，罐中水蒸气遇冷液化；造成罐内的气体减少，压强减小，小于大气压，在大气压的作用下就会被压瘪；
（2）葡萄干沉入杯底后，由于吸附了足够多的小气泡，使得它们排开液体的体积增大，致使葡萄干所受到的浮力大于重力，从而上升；上浮到液面后，由于小气泡破裂，导致它们受到的浮力变小，当浮力小于重力时又沉入杯底。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；大气压强的存在
【解析】【分析】 （1）水蒸气遇冷液化，罐内的水蒸气减少，罐内的气体压强减小，小于外界的大气压，在大气压的作用下就会将易拉罐压瘪；
（2）一切浸在液体或气体中的物体都受到竖直向上的浮力，物体所受浮力的大小既与物体排开液体的体积有关，又与排开液体的密度有关；物体的沉浮与物体的重力大小以及物体所受浮力的大小无关，它是由物体所受重力与浮力的合力决定；当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0，则物体处于漂浮或悬浮状态。
1 / 1浙江省杭州市滨江区闻涛中学2023-2024学年八年级上学期科学期中试卷
一、选择题（每小题3分，共45分）
1．（2023八上·滨江期中）水在日常生活中有着不可替代的作用，如所示标志图中，属于节水标志的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】根据图片分析各个选项中标志的含义即可。
【解答】为循环利用标志，为节约用水标志，为禁止明火标志，为易燃品标志，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
2．（2023八上·滨江期中）中医药在治疗新冠肺炎中，为全球抗击疫情贡献了中国智慧。下列中药煎制步骤与实验室过滤操作原理相同的是（　　）
A．冷水浸泡
B．加热煎制
C．取液弃渣
D．装袋保存
【答案】C
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】过滤操作用于将液体和不溶于液体的固态物质分离，据此判断。
【解答】在冷水浸泡、加热煎制、取液弃渣和装袋保存四个环节中，取液弃渣是将药液和不溶于药液的残渣进行分离，与过滤操作相同，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
3．（2023八上·滨江期中） 要配制100g 5%的NaCl溶液，除了需要托盘天平和量筒外，还需要用到的一组仪器是（　　）
A．烧杯、试管、玻璃棒 B．烧杯、胶头滴管、玻璃棒
C．烧杯、胶头滴管、漏斗 D．烧杯、酒精灯、玻璃棒
【答案】B
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【解答】A、配制溶液的过程中不需要使用试管，该组仪器不合适，故选项错误；
B、托盘天平用于称取固体氯化钠、量筒与胶头滴管用于准确量取水、烧杯用于完成溶解操作、玻璃棒用于溶解时的搅拌，故选项正确；
C、配制100g5%的NaCl溶液的过程中不需要使用胶头滴管、漏斗，该组仪器不合适，故选项错误；
D、配制100g5%的NaCl溶液的过程中不需要进行加热，则不需要使用酒精灯，该组仪器不合适，故选项错误；
故选：B．
【分析】实验室配制100g5%的NaCl溶液操作步骤分别是：计算、称量、溶解，根据各操作所需要使用的仪器，判断所列仪器是否需要．
4．（2023八上·滨江期中）打开啤酒瓶盖时，你会发现啤酒会自动喷出，喝了啤酒后又常常会打嗝，下列关于气体溶解度说法不正确的是（　　）
A．压强减少，气体溶解度增大 B．压强减小，气体溶解度减小
C．温度升高，气体溶解度减小 D．温度降低，气体溶解度增大
【答案】A
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据气体溶解度随气压的变化规律分析。
【解答】 打开啤酒瓶盖时， 瓶内气压减小，气体溶解度减小，因此会溢出形成大量泡沫；而喝酒后打嗝，是因为体内温度升高，气体溶解度减小所致， 故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
5．（2023八上·滨江期中）2021年12月9日下午，“太空教师“翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课，如图是王亚平演示浮力消失的实验，乒乓球并没有上浮，而是悬停在水中，下列说法中最准确的（　　）
A．太空中失重状态下，水对乒乓球上下表面的压力都为零
B．太空中失重状态下，乒乓球的重力为零，所以浮力为零
C．乒乓球上表面所受的压力大于下表面所受的压力
D．若此时向水中加入盐，乒乓球会上浮
【答案】A
【知识点】重力及其方向
【解析】【分析】 浮力产生的原因：物体受到的浮力等于液体对其上下表面压力差。
【解答】 太空中失重状态下，乒乓球的重力为零；水也处于失重状态，所以水对放入其中的乒乓球不会产生压力的作用，所以乒乓球不会受到浮力的作用；
若此时将乒乓球放到盐水中，盐水对乒乓球也不会产生浮力，乒乓球会悬浮；
综合以上分析可知，A正确、B、C、D错误。
故选A。
6．（2023八上·滨江期中）杭州市的气候温和，四季分明，年平均气温在17℃左右。而同为四季分明的哈尔滨市，夏季短暂而炎热，年平均气温在5℃左右。造成两市气候差异的主要原因是（　　）
A．海陆位置 B．地形 C．纬度位置 D．季风
【答案】C
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的因素：纬度位置、大气环流、地形、洋流、海陆位置、下垫面、人类活动等。
【解答】据所学可知，杭州市位于我国东南沿海属于亚热带季风，气候，哈尔滨市位于东北，属于温带季风，均为季风气候，但南北纬度上差异大，造成两市气温差异大，所以造成两市气候差异的主要原因应是纬度位置，C正确，D错误。杭州市、哈尔滨市都位于我国东部地区，海陆位置差异不大，A错误。杭州市、哈尔滨市地形都是平原，B错误。
故答案为：C。
7．（2023八上·滨江期中）硫酸镁在工农业以及医疗上有广泛应用，其溶解度如表所示。则下列说法正确的是（　　）
温度/℃ 10 30 50 70 90
溶解度/g 27.7 39.3 49.0 54.1 51.1
A．硫酸镁的溶解度随温度升高而增大
B．10℃时，27.7g硫酸镁和72.3g水可配制成质量分数为27.7%的硫酸镁溶液
C．50℃时，100g的硫酸镁饱和溶液中溶质和溶剂的质量比为49：100
D．70℃时的硫酸镁饱和溶液升温至90℃，溶液的溶质质量分数增大
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】在一定温度下，某固态物质在100g溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质的质量，叫做这种物质在这种溶剂中的溶解度。
【解答】A、由表格中的数据可知，10--70摄氏度，溶解度随温度的升高而增大，70--90摄氏度时，溶解度随温度的升高而降低；故A错误；
B、由表格可知，10摄氏度时100g水中可以溶解27.7g硫酸镁，但在72.3g水中无法溶解27.7g硫酸镁；故B错误；
C、50摄氏度时，100g水中可以溶解硫酸镁49g，所以50摄氏度时硫酸镁形成的饱和溶液的溶质和溶剂的质量比均为49：100；故C正确；
D、温度升高时，溶解度增大，但是没有继续加硫酸镁溶质，故质量分数不变；故D错误；
故答案为：C。
8．（2023八上·滨江期中）如图所示，在室温下，广口瓶中盛有硝酸钾的饱和溶液，木块漂浮在硝酸钾溶液中。当向试管中加入一定量的硝酸铵固体时，能观察到的现象是（　　）
A．木块上浮 B．硝酸钾溶液温度上升
C．U形管的右侧液面下降 D．瓶里的硝酸钾溶液增多
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据当向试管中加入一定量的硝酸铵固体时，硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，硝酸钾的溶解度随着温度的降低而减小，进行分析判断。
【解答】 A.当向试管中加入一定量的硝酸铵固体时，硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，硝酸钾的溶解度随着温度的降低而减小，则有硝酸钾晶体析出，那么溶液的密度减小。由F浮=ρ液gV排可知，木块受到的浮力减小，与水木块下沉，故A错误；
B.硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，故B错误；
C.硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，则广口瓶内气压减小，则U形管的右侧液面下降，左侧液面上升，故C正确；
D.由A选项的解析，有硝酸钾晶体析出，瓶里的硝酸钾溶液减少，故D错误。
故选C。
9．（2023八上·滨江期中）2020年5月27日11时，中国再次登顶珠峰。为其测量了“身高”，体现了现代测绘技术水平的不断进步（　　）
A．珠峰的峰顶常年被冰雪覆盖，这是因为在对流层，海拔越高，气温越低
B．从山脚到山顶植物种类显著变化，其主要原因是海陆位置的不同
C．珠峰南坡降水较多，植物种类更丰富，由此推测南坡是背风坡
D．在攀登珠峰的过程中，人体出现高原反应，是因为气温过低、气压过高的缘故
【答案】A
【知识点】大气的分层；影响气候的因素
【解析】【分析】在山区，气温和降水随着海拔的增加而发生变化，从而形成了不同的植被、土壤和动物类型的组合。地表景观随高度发生有规律的更替现象，叫做垂直地域分异。造成这种分异的主要原因是水分条件、热量状况及其组合的变化。山地的自然带的发育程度往往与该山体所在纬度及相对高度有关，通常是纬度越低、山体越高，自然带越丰富。大气压和高度有关，随高度的增加而减小。气温垂直递减率：每上升100米，气温下降0.6℃。
【解答】A、珠峰的峰顶常年被冰雪覆盖，这是因为在对流层，海拔越高，气温越低，A正确。
B、从山脚到山顶植物种类显著变化，其主要原因是海拔高度的不同，B错误。
C、珠峰南坡降水较多，植物种类更丰富，由此推测南坡是迎风坡，C错误。
D、在攀登珠峰的过程中，人体出现高原反应，是因为气温过低、气压过低的缘故，D措误。
故答案为：A。
10．（2023八上·滨江期中）生活中食用久置的鸡蛋前，往往需要判断其是否变质。查阅资料：新鲜鸡蛋的密度约为1.08g/cm3，变质程度越大，密度越小，可降到1.03g/cm3以下。如图所示，把4个鸡蛋放入1.03g/cm3的盐水中，其中变质程度最大的是（　　）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据浮沉条件，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较四个小球的密度即可。
【解答】 根据图片可知，甲、乙鸡蛋在盐水中漂浮，所受浮力等于重力，即：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，
根据F浮=ρ液gV排和G=mg=ρ物gV可得：ρ液gV排甲=ρ甲gV甲，ρ液gV排乙=ρ乙gV乙，即：
，，
由图知，所以，
所以甲鸡蛋的密度小于乙鸡蛋的密度；
丙鸡蛋在盐水中悬浮，则乙鸡蛋的密度等于盐水的密度，
丁鸡蛋在盐水中沉底，则丁鸡蛋的密度大于盐水的密度，
所以鸡蛋的密度ρ甲＜ρ乙＜ρ丙＜ρ丁，由于变质程度越大，密度越小，所以变质程度最大的是密度最小的甲鸡蛋，故A正确。
故选A。
11．（2023八上·滨江期中）小明利用对流管研究水的对流现象。用酒精灯加热对流管右下端，看到水的流动方向为（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】对流运动中，暖空气上升，冷空气下沉；
【解答】 用酒精灯加热对流管右下端， 右下端的热水上升，呈现逆时针方向流动.
故答案为：B.
12．（2023八上·滨江期中）用“o”表示蔗糖分子（水分子没有画出）。下面能表示常温下蔗糖溶于水形成溶液时，蔗糖分子的分散情况的是（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】根据溶液的特征分析判断。
【解答】蔗糖溶解在水中形成溶液，而溶液具有均一性和稳定性，即溶液的各个部分的性质完全相同，因此蔗糖分子在溶液中均匀分布，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
13．（2023八上·滨江期中）据图分析以下选项不正确的是（　　）
A．图甲中，往盛有刚停止沸腾的水的烧瓶上浇冷水后，烧瓶内的水会重新沸腾
B．图乙中，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球，然后从漏斗口向下吹气，并将手指移开，此时乒乓球不会下落
C．图丙中，冷锋过境时将会带来的天气变化是大风、降水、降温
D．图丁中，风的方向应该是④
【答案】D
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系；风；天气预报与天气图
【解析】【分析】液体的沸点会随着气压的减小而降低；气压随着流速的增大而减小；由冷空气向暖空气一侧侵袭是冷锋，冷锋过境时将会带来的天气变化是大风、降水、降温；风是由高压区吹向低压区的；
【解答】 A、甲图中，冷水倒在烧瓶上，瓶内气体温度降低，压强变小，水的沸点降低，所以刚停止沸腾的水又重新沸腾，A正确，
B、乙图中，从漏斗的上方吹气，气体从乒乓球的上方流出，乒乓球上方气体流速大于下方气体流速，上方压强小于下方压强，压强差使乒乓球受到向上的托力，不掉落下来，B正确；
C、当冷气团主动移向暖气团时，较重的冷气团前缘插入暖气团下方，使暖气团被迫抬升。暖气团在抬升过程中冷却，其中水汽容易凝结成云、雨。如果暖空气中含有大量水汽，那么可能带来雨雪天气。冷锋移动速度较快，常常带来较强的风。所以冷锋过境时将会带来的天气变化是大风、降水、降温，C正确；
D、在等压线图上判断风向时，如要知道图中某点的风向，先经此点画一条与等压线垂直的虚线，这条虚线的箭头指向气压较低的地方。由图可知，只有②指向气压较低的地方，故风向是②，D错误。
故答案为：D.
14．（2023八上·滨江期中）两个边长相同，材料不同的实心正方体甲和乙，用质量不计的细线连接，静止后悬浮，细线处于绷紧状态（　　）
A．甲的密度比乙的密度大
B．甲的密度与液体的密度相等
C．甲受到的浮力与乙受到的浮力相等
D．如果将细线剪断，甲、乙再次静止后，乙受到的浮力变大
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 AB.根据物体浮沉条件分析；
CD.根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析。
【解答】 AB.根据题意可知，细线处于绷紧状态，如果将细线剪断，甲、乙再次静止后，甲将漂浮在液面上，乙会下沉。根据浮沉条件知，甲的密度小于液体的密度，乙的密度大于液体的密度，甲的密度比乙的密度小，故A、B错误；
C.甲和乙两个正方体棱长相同，则根据体积公式可知其体积相等，两个正方体都浸没在同一液体中，则其排开液体的体积相等，根据F浮=ρ液gV排可知，甲受到的浮力等于乙受到的浮力，故C正确；
D.如果将细线剪断，甲上浮后漂浮，乙沉底，乙排开液体的体积不变，由公式F浮=ρ液gV排分析可知乙受到的浮力不变，故D错误。
故选C。
15．（2023八上·滨江期中）下列关于四图对应的现象或原理解释，其中正确的是（ ）
A．甲图“拔罐”既能说明大气有压强，又能说明人体内部有压强
B．乙图实验中选用不同直径的马德堡半球，拉开所需要的力相同
C．丙图是用来给病人注射药物的注射器，它利用了大气压的原理
D．丁图是自制的简易气压计，管内水柱升高说明外界大气压增大
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压强的存在
【解析】【分析】（1）根据大气压强的知识判断；
（2）根据F=pS判断；
（3）对药液进行受力分析即可；
（4）根据p内=p大气+p水分析判断。
【解答】A.“拔罐”时，罐在大气压强的作用下被压在皮肤上，而罐内的皮肤向外突起，说明人体内部存在压强，故A正确；
B.马德堡半球实验的直径不同，则半球的受力面积大小不同，根据F=pS可知，大气压力不同，那么拉力大小不同，故B错误；
C.给病人注射药物时，依靠活塞对药液产生的压强，与大气压强无关，故C错误；
D.根据p内=p大气+p水可知，当水柱升高时，水柱压强增大，那么大气压强减小，故D错误。
故选A。
二、填空题（22题每空2分，其余小题每空1分，共26分）
16．（2023八上·滨江期中）在《三国演义》中诸葛亮的“草船借箭”可谓神乎其神。请你根据所学的科学知识回答以下问题：
（1）诸葛亮乘夜黑雾大，率领一大队草船驶向曹营。曹营中的士兵以为有敌来袭，拼命的向草船射箭。此时　 　（填“增大”、“减小”或“不变”）
（2）诸葛亮能够借箭成功，主要还利用的大雾，使曹操恐怕有埋伏，因此敢任三日之限。”诸葛亮描述的是赤壁三日后的天气情况，下列成语中哪个不是描述天气的____。
A．阴转多云 B．雷电交加 C．和风细雨 D．冬暖夏凉
（3）当草船排开水的体积为5m3时，船受到的浮力为　 　牛。
【答案】（1）增大
（2）D
（3）5×104
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】 （1）当物体漂浮在液面上时，浮力等于自身的重力；
（2）天气是指某个地方距离地表较近的大气层在短时间内的具体状态；气候是指一个地方多年的天气平均状况；
（3）据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析即可得出浮力的大小。
【解答】 （1）船在水中漂浮，即浮力等于自身的重力。故曹营中的士兵拼命的向草船射箭，即船的重力增加，所以船所受的浮力增大；
（2） 阴转多云 ， 雷电交加 和风细雨 ，都是指某个地方距离地表较近的大气层在短时间内的具体状态，是指天气；而冬暖夏凉是指一个地方多年的天气平均状况，说的气候，故D符合题意，而A、B、C不合题意；
故选D。
（3）船受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×5m3=5×104N。
17．（2023八上·滨江期中）如图所示是北半球某地区的海平面等压线图，请根据此图回答下列问题。
（1）影响A处的天气系统是　 　，在该天气系统控制下，A处的天气特点是　 　；影响B处的天气系统是　 　，在该天气系统的控制下B处的天气特点是　 　。
（2）图中C、D两处中，C处将发生明显的天气变化，原因是该地将受到　 　的影响。
（3）图中G处的风向为　 　。
【答案】（1）高压系统；天气晴朗；低压系统；出现阴雨
（2）冷锋
（3）西北
【知识点】风；天气预报与天气图
【解析】【分析】低压系统（气旋）：①水平气流：由四周向中心辐合；（北半球呈逆时针辐合；南半球呈顺时针辐合）；②垂直方向：中心气流上升；多阴雨天气。高压系统（反气旋）：①水平气流：由中心向四周辐散；（北半球呈顺时针辐散；南半球呈逆时针辐散）；②垂直方向：中心气流下沉；多晴朗天气。
【解答】（1）阅读地图，根据图中的气压分布特征可以看出A处的气压具有中间高，四周低的特点，从气流运动特征来看表现为高空气流下沉辐散，在此控制之下，天气晴朗；B处的气压具有中间低，四周高的特点，从气流运动特征来看表现为气流上升，在此控制之下，天气阴雨。影响A处的天气系统是高压，在该系统的控制下，A处的天气特点是晴朗；影响B处的天气统是低压，在该系统的控制下，B处的天气特点是阴雨。
（2）由于C处位于冷锋锋前，而D处位于暖锋锋后，故C处天气将发生变化，届时该地区将出现大风，、降温、降雨天气。
（3）根据气流总是从高压流向低压，受地转偏向力的影响，向右偏转，可以判定出此时G处的风向为西北风。
18．（2023八上·滨江期中）读图并回答下列问题。
（1）写出下列字母代表的水循环环节的名称：C　 　，E　 　，D　 　。
（2）通过　 　（填“甲”、“乙”或“丙”）的水循环运动，陆地上的水资源不断得到补充，水资源得以再生。
（3）图甲所示的水循环过程主要发生在图乙标号　 　（填“①”、“②”或“③”）所示的大气层，该层大气最显著的特点是　 　。
【答案】（1）水汽输送；地表径流；降水
（2）乙
（3）③；对流运动显著
【知识点】水循环；大气的分层
【解析】【分析】海陆间水循环的环节有蒸发和植物蒸腾、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流等。海陆间水循环的地理意义：维持全球水量平衡、更新陆地淡水资源；联系四大圈层，进行物质迁移和能量转换；调节全球热量平衡；塑造地表形态。
【解答】（1）读图可知，图中C由海洋上空指向陆地上空，是水汽输送；E由地表指向海洋，是地表径流；D由高空指向陆地，是降水。
（2）使陆地上的水资源不断得到补充、水资源得以再生的是海陆间水循环，乙是连接海洋的陆地的环流圈，属于海陆间水循环；甲是陆地内循环，丙是海水内循环。
（3）水循环属于水圈，主要分布在对流层，因为对流层占用大气质量的四分之三和几乎全部的水汽，对流层是最贴近地面的一层，对应③。对流层最显著的特点是上部冷，下部暖，空气对流运动显著。
19．（2023八上·滨江期中）如图所示是甲、乙两种固体物质的溶解度曲线，请回答下列问题：
（1）溶解度受温度影响变化较大的是　 　（填“甲”或“乙”）物质。
（2）t2℃时，把50g乙物质放入50g水中，充分搅拌　 　（填“饱和”或“不饱和”）溶液。
（3）t2℃时，有一接近饱和的甲溶液，可采用　 　的方法（写1种）使它变为该温度下的饱和溶液。
【答案】（1）甲
（2）饱和
（3）加入溶质
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据图像分析两种物质的溶解度随温度的变化规律；
（2）根据t2℃时乙的溶解度计算该温度下50g水中最多溶解乙的质量，再与加入乙的质量比较即可；
（3）根据不饱和溶液转化为饱和溶液的方法解答。
【解答】 （1）根据图片可知，溶解度受温度影响变化较大的是甲物质；
（2）t2℃时，乙物质的溶解度是60g，把50g乙物质放入50g水中，充分搅拌，只能溶解30g的晶体，所得溶液是饱和溶液；
（3）t2℃时，接近饱和的甲溶液变成饱和溶液可以采用加入溶质、蒸发溶剂或是降温的方法。
20．（2023八上·滨江期中）“美林”是为儿童开发设计的一款退烧药，主要成分是布洛芬，“美林”即使密封保存，放久了也会在底部看到白色沉淀，“美林”属于　 　（填“乳浊液”、“悬浊液”或“溶液”），将少量的①面粉，②味精，④泥土，⑤肥皂加入到水中，充分振荡后，其中形成的混合物与“美林”属于同类型的物质有　 　。
【答案】悬浊液；①④
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】 不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；不溶性小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液；一种或几种物质分散到另一种物质里，形成的均一稳定的混合物是溶液。
【解答】 “美林”即使密封保存，放久了也会在底部看到白色沉淀，那么说明“美林”属于悬浊液；
①面粉是难溶于水的固体，与水混合得到悬浊液；
②味精易溶于水，与水混合得到溶液；
③白糖易溶于水，与水混合得到溶液；
④泥土是难溶于水的固体，与水混合得到悬浊液；
⑤肥皂与水混合得到乳浊液；
⑥植物油是难溶于水的液体，与水混合得到乳浊液；
那么形成的混合物与“美林”属于同类型的物质有①④。
21．（2023八上·滨江期中）小乐在探究水的组成时，进行了如下实验。
实验1：在水电解器的玻璃管里注满混有稀硫酸的水，接通直流电源，观察到电极上产生气泡，两支玻璃管内液面下降，收集到无色气体
实验2：打开其中一支玻璃管的活塞，点燃气体，并在火焰上方倒扣干而冷的烧杯，烧杯内壁有水珠，如图乙所示
（1）实验1中，水中混入稀硫酸的目的是　 　。理论上，a、b两玻璃管内收集到的气体的体积比为　 　。
（2）实验2中，被点燃的氢气来自于　 　（选填“a”或“b”）玻璃管，据该气体燃烧的微观示意图分析，此反应　 　（选填“能”或“不能”）证明水是由氢和氧组成的。
【答案】（1）增强水的导电性；2：1
（2）a；能
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】（1）纯水是绝缘体，不能导电，而平常水导电是因为其中存在自由移动的离子。在水的电解实验中，生成氢气的体积是氧气体积的2倍；
（2）氢气体积大，氧气体积小。根据质量收能定律分析解答。
【解答】 （1）实验1电解水实验，为增强水的导电性，可在水中加入稀硫酸。理论上，a、b两玻璃管内收集到的气体的体积比为 2：1；
（2）①实验2中，被点燃的气体是氢气，它的体积大于氧气体积，则氢气来自于a玻璃管；
②由氢气燃烧的微观示意图知，化学反应前后氢、氧原子个数不变，反应前有四个氢原子、两个氧原子，反应后两个水分子中也含有四个氢原子、两个氧原子，所以一个水分子是由两个氢原子一个氧原子构成，从而证明水是由氢和氧两种元素组成的。
22．（2023八上·滨江期中）如图所示，一块冰放在盛有的水的容器中，已知冰块与容器底部相接触并相互间有压力， 当冰熔化成水后 ，容器中水面的位置将　 　。
【答案】上升
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 已知冰块与容器底部相接触并且相互间有压力，可以得出F浮=ρ水v排g＜G冰，再根据冰化成水后质量（重力）不变，得出冰化成的水的体积与冰排开水的体积的关系，从而确定水面的升降。
【解答】 根据题意可知，冰熔化前，它处于平衡状态，即F浮+F支=G冰，
所以F浮=ρ水v排g＜G冰，-------①
冰化水后，G冰=G水，
即：ρ冰v冰g=ρ水v水g，-------②
由①②可得：
ρ水v排g＜ρ水v水g，
即：冰熔化为水的体积大于排开水的体积，
所以冰熔化后，水面将上升。
三、实验探究题（23、24题每空1分，其余小题每空2分，共50分）
23．（2023八上·滨江期中）关于“水的净化”回答下列问题：
（1）图甲的操作中玻璃棒的作用是　 　，实验结束时，小和同学发现滤液是浑浊的，导致这种现象的原因可能是　 　（选填序号）。
①滤纸没有紧贴漏斗内壁
②液体液面高于滤纸边缘
③滤纸单层的一边破损
④漏斗下端未紧靠烧杯内壁
⑤滤液中仍有可溶性物质未除去
（2）小和同学改进实验后将浑浊的河水用图甲所示的装置进行净化，净化后得到的清澈的水是　 　（填“纯净物”或“混合物”）。在该装置中，其漏斗中滤纸的放置方向应为　 　（填序号）。
（3）图乙进行的是蒸馏操作，烧瓶中放入一些碎瓷片的目的是　 　，冷凝管中冷水应该是从　 　进入（填“a”或“b”）。
（4）小和同学选取下列实验方法分离物质，将分离方法的字母填在横线上。
a.降温结晶
b.蒸发结晶
c.蒸馏法
d.过滤法
①　 　分离饱和食盐水与沙子的混合物。
②　 　除去氯化钠溶液中的水分。
③　 　分离四氯化碳（沸点为76.75℃）和甲苯（沸点为110.6℃）的混合物。
④　 　从含硝酸钾和氯化钠的混合液中分离出硝酸钾。
【答案】（1）引流；②③
（2）混合物；②
（3）防止暴沸；b
（4）d；b；c；a
【知识点】净化水的常用方法
【解析】【分析】 （1）根据过滤操作的注意事项以及仪器的作用来分析；
（2）根据物质的分类以及过滤器的制作方法来分析；
（3）根据蒸馏操作的注意事项来分析；
（4）①根据过滤可以分离难溶性固体和液体进行分析。
②根据除去氯化钠溶液中的水分，采用蒸发结晶的方法进行分析。
③根据沸点相差较大，可以采用蒸馏法进行分析。
④根据硝酸钾的溶解度受温度较大进行分析。
【解答】 （1）图甲的操作是过滤，其中玻璃棒的作用是引流。
①滤纸没有紧贴漏斗内壁会导致过滤速率慢，但不会导致滤液浑浊；
②液体液面高于滤纸边缘会导致滤液浑浊；
③滤纸单层的一边破损会导致滤液浑浊；
④漏斗下端未紧靠烧杯内壁可能导致滤液溅出，但不会导致滤液浑浊；
⑤滤液中仍有可溶性物质未除去不会导致滤液浑浊；
故选②③；
（2）小和同学改进实验后将浑浊的河水用图甲所示的装置进行净化，净化后得到的清澈的水中仍含有可溶性杂质，是混合物。
在该装置中，其漏斗中滤纸的放置方向应②，因为玻璃棒的下端要靠在三层滤纸一侧，故选②；
（3）图乙进行的是蒸馏操作，烧瓶中放入一些碎瓷片的目的是防止暴沸，冷凝管中冷水应该是从b进入，以增强冷凝效果；；
（4）①过滤可以分离难溶性固体和液体，则分离饱和食盐水与沙子的混合物采用过滤的方法，故选d；
②除去氯化钠溶液中的水分，采用蒸发结晶的方法，故选b；
③分离四氯化碳（沸点为76.75℃）和甲苯（沸点为110.6℃）的混合物，由于沸点相差较大，可以采用蒸馏法，故选c；
④硝酸钾的溶解度受温度较大，从含硝酸钾和氯化钠的混合液中分离出硝酸钾，采用降温结晶的方法，故选a。
24．（2023八上·滨江期中）用注射器估测大气压的值实验中。
（1）实验过程中他们让弹簧测力计和注射器保持在水平方向，可以减小活塞的　 　对实验的影响，从而提高实验的精确程度。当活塞相对于针筒开始滑动时，可以近似看成研究对象在水平方向所受拉力F与所受的大气压力是一对　 　（平衡力/相互作用力）。
（2）把注射器的活塞推到注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，用刻度尺测出有刻度部分的长度如上图所示；水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器的活塞刚被拉动时　 　。
（3）实验中，小和准确使用了测量仪器，且读数正确，其主要原因是　 　。
（4）另一组同学实验中考虑到活塞与针筒之间的摩擦力对实验的影响，改进了实验，如图2所示，活塞通过水平细线及定滑轮与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，测得杯和水的重力为9.8N，然后向外缓慢抽出杯中的水，测得杯和水的重力为5.6N，已知活塞面积为7×10﹣5m2，则活塞与注射器之间的摩擦力为　 　N，所测大气压的值应为　 　Pa。
【答案】（1）重力；平衡力
（2）1.024×105Pa
（3）注射器中的空气无法排尽
（4）2.1；1.1×105
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】 （1）当弹簧测力计和注射器筒不在水平方向时，活塞的重力会影响测得的拉力，从而影响测得的大气压；当注射器中的活塞开始滑动时，二力平衡可通过弹簧测力计测出大气压力，此时弹簧测力计的示数与所受的大气压力相等；
（2）利用压强公式，将图中数据代入可得压强值；
（3）注射器筒内空气没有排尽会导致测量值小于真实值；
（4）当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反；根据求得压强值。
【解答】 （1）当弹簧测力计和注射器筒不在水平方向时，由于活塞受重力的作用，使得测力计的拉力不等于大气压力，从而影响测得的大气压，所以让弹簧测力计和注射器筒保持在水平方向，目的是为了减小活塞自身重力对实验的影响，从而提高实验的准确程度。
当注射器中的活塞开始滑动时，弹簧测力计的拉力与大气的压力刚好平衡，利用二力平衡原理来测出大气对活塞的压力；
（2）由图示可知，注射器4.00cm长度刻度部分的体积V=2.5mL=2.5cm3，
活塞的面积，
测力计示数F=6.4N，那么大气压强为：。
（3）活塞与注射器筒壁不完全密封，橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体，都会使拉力变小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；
（4）当注射器中的活塞开始向左滑动时，G1=9.8N，对活塞受力分析：F+f=G1=9.8N ①；
当注射器中的活塞开始向右滑动时，G2=5.6N，对活塞受力分析：F-f=G2=5.6N ②；
①②两式联立解得：F=7.7N，f=2.1N，
所测大气压的值：。
25．（2023八上·滨江期中）在学习了浮力的相关知识后，某学习小组想进一步研究物体在空气中所受的浮力与气体密度之间的关系。他们利用如图甲所示装置进行实验，拉力传感器能显示拉力的大小，记录拉力传感器的示数F的变化，并将实验结果绘制成如图乙所示图像。
（1）实验中，小明改变钟罩内的气体密度的操作是　 　。
（2）根据图乙，可得出结论：　 　。
（3）同组的小红取一气球装入少量水，吹鼓后扎紧，替代塑料小球重复上述实验。已知相同条件下，气压越大。请预测，当钟罩内气体密度变大时，并说明理由。　 　
【答案】（1）打开止水夹，推拉注射器活塞
（2）当物体排开空气的体积一定时，空气密度越大，物体在空气中所受的浮力越大
（3）拉力传感器示数变小。因为当钟罩内气体密度变大时，钟罩内气压增大，气球体积减小，排开空气的体积变小，气体密度增大对浮力的影响大于排开气体体积减小的影响。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1） 实验中，打开止水夹，向内推注射器活塞，可增大钟罩内的气体密度；向外拉注射器活塞，可减小钟罩内的气体密度。
（2）图中塑料小球处于静止状态，受力情况为：G=F拉+F浮，由图乙可知，空气密度越大，拉力传感器的示数越小，而小球的重力G一定，因此所受浮力越大，据此得出结论。
（3）当钟罩内气体密度变大时，钟罩内气压增大，气球体积减小，排开空气的体积变小，气体密度增大和排开气体体积减小对浮力均有影响，据此判断。
【解答】 （1）实验中，小明改变钟罩内的气体密度的操作是：打开止水夹，推拉注射器活塞。
（2）图中塑料小球处于静止状态，受力情况为：G=F拉+F浮，由图乙可知，空气密度越大，拉力传感器的示数越小，而小球的重力G一定，因此所受浮力越大，据此可得出结论：当物体排开空气的体积一定时，空气密度越大，物体在空气中所受的浮力越大。
（3）因为当钟罩内气体密度变大时，钟罩内气压增大，气球体积减小，排开空气的体积变小，如气体密度增大对浮力的影响大于排开气体体积减小的影响，拉力传感器示数变小。
26．（2023八上·滨江期中）如图是小和“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验情形。
（1）物块未浸入水中时，弹簧测力计示数如图甲所示，物块的重力为　 　N。
（2）小和将物块从图甲下降至图乙的过程中，发现弹簧测力计示数逐渐减小的同时，还观察到　 　，由此初步分析得出：物体所受浮力的大小与它排开液体的体积有关。
（3）继续增大物块所处的深度，当它与容器底部接触后，弹簧测力计示数如图丙所示，此时物块受到的浮力为　 　N。
（4）为探究浮力与液体密度的关系，小明又把物块浸没到事先配制好的蔗糖溶液中，这样操作的目的是为了控制　 　相同；他发现液体密度改变，而物块受到的浮力变化却不明显。小和想出下列四种实验改进方案，其中不可行的是　 　。
A.换用体积更大的同种物块
B.换用密度与水相差的大的液体
C.换用精确程度更高的测力计
D.利用现有器材进行多次实验
（5）小和改进了实验后，想把弹簧测力计改成密度秤，如图乙所示，他就在1N刻度线处标上1.0g/cm3；当他把物块浸没在1.2g/cm3的蔗糖溶液中时（且物块不接触容器底部），应在弹簧测力计刻度盘　 　N（精确到小数点后2位）处对应标上1.2g/cm3字样，聪明的他就将图甲所示装置改装成了一个能测液体密度的密度秤。
【答案】（1）1.8
（2）容器内的水面上升
（3）0.8
（4）排开液体的体积；D
（5）0.84
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】 （1）根据弹簧测力计的量程和分度值读出弹簧测力计的示数；
（2）容器内水面上升，说明物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大；
（3）影响浮力大小的因素有：液体的密度和排开液体的体积两个因素，图丙与图乙相比较，这两个因素都相同，所以，图丙中物块所受浮力等于图乙中所受浮力；
（4）当物体浸没时，V排=V，浮力变化ΔF浮=ρ盐水gV排-ρ水gV排=ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积；选用精确程度更高的测力计，可以使示数变化更明显，更容易观察到浮力的变化，据此分析得出结论；
（5）根据阿基米德原理求出，物体在蔗糖溶液中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置。
【解答】 （1）根据甲图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则物体的重力为1.8N；
（2）物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大，可以观察到“容器内水面上升”现象；
（3）根据F浮=ρ液gV排可知，浮力大小只与液体的密度和排开液体的体积有关，所以，图丙中物块受到的浮力等于图乙中所受的浮力，即F浮=G-F拉=1.8N-1N=0.8N；
（4）当物体两次都浸没时，V排2=V排1=V，浮力变化ΔF浮=ρ盐水gV排2-ρ水gV排1=ΔρgV，
要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积，故选项AB可行；换用精确程度更高的测力计，可以使示数变化更明显，更容易观察到浮力的变化，故选项C可行；
多次实验并不能使实验现象更明显，故D不可行；
故选D；
（5）由乙图可知，F浮=1.8N-1N=0.8N，
物体排开水的体积为：；
当他把物块浸没在1.2g/cm3的蔗糖溶液中时，排开液体的体积不变，
则物体此时受到的浮力F浮1=ρ液gV排=1.2×103kg/m3×10N/kg×8×10-5m3=0.96N；
那么此时弹簧测力计的示数：F示=G-F浮1=1.8N-0.96N=0.84N。
27．（2023八上·滨江期中）某校“制作浮沉子”项目研究小组，发现制成的浮沉子经常沉下去后浮不起来，有待提升改造。
【材料选取】大塑料瓶、玻璃小药瓶、水
【制作方案】在两瓶中装入适量的水，把小瓶倒扣入大瓶中，拧紧瓶盖，小瓶就能在水中上下运动。
表：小瓶参数
小瓶 A B
质量/g 10 10
内横截面积/cm2 2 2
长度 6 7
材料 玻璃
形状 圆柱形
【扩展研究】项目组同学发现，浮沉子若在外界压力作用下沉到一定深度后，不在施力，将此深度称为临界深度。项目组同学利用A、B两个小瓶（规格见表）。研究临界深度h与小瓶内空气柱气柱长度1之间的关系
【交流分析】
（1）在实验中，有的小瓶倒放入水中后直接下沉不会上浮，可通过适当　 　（选填“增加”或“减少”）小瓶内的水量来解决。
（2）用力捏大瓶时，大瓶内上方气体压强变大，小瓶内气体的压强会　 　。
（3）结合图乙的探究成果及所学知识，其它条件相同时，下列浮沉子中临界深度最大的是____。
A． B． C． D．
【答案】（1）减少
（2）增大
（3）B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）物体的浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；
（2）在气体质量一定时，气体体积越小压强越大；
（3）由丙图可知，临界深度h随小瓶内空气柱长度增大而增大，据此进行判断。
【解答】 （1）有的小瓶倒放入水中后直接下沉不会上浮，即小瓶受到的重力大于浮力，所以需要减少小瓶的重力，即减少小瓶中水的质量。
（2）用力捏大瓶时，大瓶内上方气体压强变大，则大瓶内水受到压强增大，使部分水进入小瓶内，故小瓶内气体的压强会增大；
（3）由丙图可知，临界深度h随小瓶内空气柱长度增大而增大，由选项可知，瓶子的形状、体积相同，B选项中浮沉子中空气柱长度最长，所以B选项中浮沉子的临界深度最大，故B符合题意。
故选B。
28．（2023八上·滨江期中）2022年9月27日，由我国自主研制的“鲲龙”AG600M灭火机以全新消防涂装在湖北荆门漳河机场成功完成12吨投吸水试验。
（1）经查资料，飞机的机翼是由一组组翼形组成，机翼结构如图4所示。请问机翼这种设计结构能产生升力的原因：　 　。
（2）小瑞思考：飞机升力与迎角（α）大小有什么关系？在老师的帮助下，小瑞利用电风扇、升力测力计、飞机模型
①闭合电风扇的开关，调节挡位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°
②改变迎角的大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①并计算升力平均值。
③处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图6。
Ⅰ.本实验得出的结论：　 　。
Ⅱ.若要进一步研究“飞机的升力与其飞行的速度关系”。利用现有器材，只要控制　 　不变，通过调节　 　改变飞机模型的飞行速度即可获得结论。
Ⅲ.资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大，升力也越大。若某飞机以600千米/时做水平匀速直线飞行的迎角为α1，而以900千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为α2（α1，α2均小于15°）。请比较α1、α2的大小关系：　 　。
【答案】（1）在流体中，流速越大的位置压强越小
（2）升力随着迎角的增大而增大，超过15°后，升力随迎角的增大而减小；迎角；风扇速度；α1＞α2
【知识点】实验方案设计与评价；流体压强与流速的关系
【解析】【分析】 （1）根据飞机机翼产生升力的原因分析。
（2）I.根据图6分析飞机的升力与机翼迎角的关系；
II.根据控制变量法的要求解答；
III.在迎角小于15°时，飞机的速度越大，迎角越大，则升力越大，据此分析解答。
【解答】 （1）机翼这种设计结构能产生升力的原因：在流体中，流速越大的位置压强越小。
（2）Ⅰ.根据图6可知，本实验得出的结论：升力随着迎角的增大而增大，超过15°后，升力随迎角的增大而减小。
Ⅱ.若要进一步研究“飞机的升力与其飞行的速度关系”。利用现有器材，只要控制迎角不变，通过调节风扇转速改变飞机模型的飞行速度即可获得结论。
Ⅲ.资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大，升力也越大。若某飞机以600千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为α1，而以900千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为α2（α1，α2均小于15°），说明高速度和小迎角与低速度大迎角可以获得相同的升力，那么机翼迎角：α1＞α2。
四、计算说理题（5小题共39分）
29．（2023八上·滨江期中）一金属块在空气中受到的重力为39N，把它全部浸没在水中称时（金属块
未接触底面），弹簧测力计读数为34N。求：
（1）该金属块受到水对它的浮力；
（2）该金属块的体积；
（3）该金属块的密度。
【答案】（1）该金属块受到水对它的浮力F浮=G-F拉=39N-34N=5N；
（2）金属块的体积：
（3）金属块的密度：
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据“称量法”F浮=G-F拉计算金属块受到的浮力；
（2）当物体浸没时，它的体积等于排开液体的体积，即；
（3）根据公式计算金属块的密度。
30．（2023八上·滨江期中）有一物块A，其体积为500cm3，密度为1.30g/cm3。一只容器中盛有某硫酸溶液5千克，将物块A放入该溶液中静止后漂浮在液面上，此时物块A有2/15的体积露出液面。已知质量分数不同的硫酸溶液其密度不相同
质量分数 10% 20% 30% 40% 50% 60% 70% 80% 90% 98%
密度（g/mL） 1.07 1.14 1.22 1.30 1.40 1.50 1.61 1.73 1.80 1.84
（1）分析表中数据，可以归纳出硫酸溶液的质量分数与密度的关系是　 　。
（2）求物块A静止时受到的浮力大小？
（3）求这种硫酸溶液的溶质质量分数是多少？
（4）要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容器中加水多少千克？（容器足够大，加水后溶液不溢出。）
【答案】（1）溶质质量分数越大，密度越大
（2）6.37N
（3）60%
（4）要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，
由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数为40%；
加水的过程中，硫酸质量不变，设加水后溶液的总质量m1，则有：
m1×40%=5kg×60%，
解得m1=7.5kg
则所加水的质量：m水=7.5kg-5kg=2.5kg。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 （1）根据表格中的数据来分析；
（2）物块A漂浮在稀硫酸中，其受到的浮力和重力相等，根据F浮=G=mg求得浮力大小；
（3）根据阿基米德原理求得稀硫酸的密度，根据表格数据可知这种硫酸溶液的溶质质量分数；
（4）要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数，根据加入水后溶质不变，计算出硫酸溶液的溶质质量分数。
【解答】 （1）根据表格数据可知，硫酸溶液的质量分数与密度的关系是：溶液的质量分数越大，密度越大；
（2）物块A漂浮在稀硫酸中，其受到的浮力和重力相等，所以静止时受到的浮力：F浮=G=mg=ρVg=500cm3×1.30g/cm3×10-3kg×9.8N/kg=6.37N；
（3）由于物块A漂浮在稀硫酸中，所以其受到的浮力和重力相等，
则F浮=ρ液gV排，
即：6.37N=ρ×9.8N/kg×250×10-6m3×（1-），
解得：ρ=1500kg/m3=1.50g/mL，
查表可知这种硫酸溶液的溶质质量分数是60%；
31．（2023八上·滨江期中）高压锅的锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，当高压锅内气体的压强超过安全值时，气体跑出一部分，使锅内气体的压强减少2，限压阀的质量为100g的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。则：
（1）用高压锅烧水至沸腾时，水的温度　 　100℃。（选填“＞”、“＜”或“＝”）
（2）高压锅内气体能达到的最大压强为多少？
（3）商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀还能使用吗？若不能
【答案】（1）＞
（2）锅内气体能达到的最大压强是2×105Pa
（3）不能，应该再配一个质量为80g的限压阀
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；
（2）已知限压阀的质量，根据G=mg求出限压阀的重量；锅内最大气压等于外界大气压与限压阀产生的压强之和；
（3）由经检验锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，可知原来的限压阀不能继续使用；根据锅内气体的最大压强和大气压可计算出作用在限压阀上的压强，然后根据限压阀出气口横截面积可求出限压阀的压力，此时压力即为其重力，然后即可求出限压阀的质量。
【解答】 （1） 用高压锅烧水至沸腾时，锅内气压大于标准大气压强，则水的温度高于100℃；
（2）限压阀的重量为：G=mg=0.1kg×10N/kg=1N；
高压锅内气体能达到的最大压强为：
；
（3）根据题意可知，限压阀对排气孔产生的压强p限=p最大-p0=1.8×105Pa-1×105Pa=0.8×105Pa，
限压阀受到的压力为：F限=p限S=0.8×105Pa×10×10-6m2=0.8N，
那么限压阀的重力G=F限=0.8N，
则限压阀的质量为：。
32．（2023八上·滨江期中）据图回答下列问题。
（1）夏天避暑人们常选择甲、乙两处避暑，请你选择一处并说明理由　 　。
（2）乙地的植被是森林，而丙地是半荒漠，主要成因是　 　。
（3）小和带着自制气压计登上了山顶，发现液柱　 　。（选填上升、不变或下降），如用一个细玻璃管在气压计细管口上方水平吹气，管中水柱会　 　（选填上升、不变或下降）。
【答案】（1）选甲，因为沿海地区的周围主要是水，海水的比热容比较大，沿海地区的气温变化小
（2）乙地是迎风坡，降水丰富
（3）上升；上升
【知识点】大气压强的存在；比热容；降水
【解析】【分析】 （1）海水的比热容比陆地大，沿海地区的气温变化小；
（2）迎风坡降水量多其植被是森林，丙地位于背风坡，降水少，多半荒漠景观；
（3）①海拔升高大气压降低。
②流体流速大的位置压强小。
【解答】 （1） 夏天避暑人们常选择甲处避暑，理由：沿海地区的周围主要是水，海水的比热容比较大，沿海地区的气温变化小。所以夏天海边比较凉爽；
选择乙处，理由：乙处海拔高，气温低，也可以是避暑的地方。
（2） 乙地的植被是森林，而丙地是半荒漠，主要成因： 乙地是迎风坡，降水丰富 。
（3）①带着自制气压计登上了山顶，由于海拔升高大气压降低，瓶内气压大于外界大气压，故将瓶内液体压向外流动，所以液柱上升。
②如用一个细玻璃管在气压计细管口上方水平吹气，管口上方空气流动速度加大，则管口处气压降低，里面的气压大于外面，所以水柱将会上升。
33．（2023八上·滨江期中）请解释以下实验现象产生的原因。
（1）用铁丝做的夹子夹住空易拉罐，并向空易拉罐中倒入少许水。然后对易拉罐加热，有大量水汽逸出时（不要扣入得太深），观察现象。如果实验现象能成为大气压存在的证据，活动中应该看到什么现象？请你解释产生这一现象的原因。
（2）刚倒入玻璃杯的汽水会产生许多气泡。此时，将一些葡萄干放入杯中，有些葡萄干沉入杯底后，上浮到液面后又会重新沉入杯底，请你解释葡萄干上下“跳舞”的原因。
【答案】（1）可以看到易拉罐骤然被压瘪；加热时易拉罐中的水汽化，罐内充斥着水蒸气，大部分的空气被排出易拉罐，此时将易拉罐迅速倒扣于冷水中，罐中水蒸气遇冷液化；造成罐内的气体减少，压强减小，小于大气压，在大气压的作用下就会被压瘪；
（2）葡萄干沉入杯底后，由于吸附了足够多的小气泡，使得它们排开液体的体积增大，致使葡萄干所受到的浮力大于重力，从而上升；上浮到液面后，由于小气泡破裂，导致它们受到的浮力变小，当浮力小于重力时又沉入杯底。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；大气压强的存在
【解析】【分析】 （1）水蒸气遇冷液化，罐内的水蒸气减少，罐内的气体压强减小，小于外界的大气压，在大气压的作用下就会将易拉罐压瘪；
（2）一切浸在液体或气体中的物体都受到竖直向上的浮力，物体所受浮力的大小既与物体排开液体的体积有关，又与排开液体的密度有关；物体的沉浮与物体的重力大小以及物体所受浮力的大小无关，它是由物体所受重力与浮力的合力决定；当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0，则物体处于漂浮或悬浮状态。
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