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浙江省温州二中2023-2024学年九年级（上）科学第二次月考试卷
1．（2023九上·温州月考）“垃圾是放错位置的资源”，正确分类可以保护环境，实现资源再利用。废弃的金属易拉罐应属于（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】人口增长及其对资源与环境的影响
【解析】【分析】 在垃圾分类中，我们通常将垃圾分为可回收物、有害垃圾、湿垃圾（厨余垃圾）和干垃圾（其他垃圾）四大类。
【解答】 A.可回收物是指适宜回收利用和资源化利用的生活废弃物，废弃的金属易拉罐是由金属制成的，金属是可以回收再利用的资源，因此废弃的金属易拉罐应属于可回收物，故A正确；
B.其他垃圾是指除可回收物、有害垃圾、餐厨垃圾以外的其他生活废弃物，由于废弃的金属易拉罐已经明确为可回收物，因此它不属于其他垃圾，故B错误；
C.厨余垃圾是指居民日常生活及食品加工、饮食服务、单位供餐等活动中产生的垃圾，废弃的金属易拉罐是由金属制成的，金属是可以回收再利用的资源，因此它不属于餐厨垃圾，故C错误；
D.有害垃圾是指对人体健康或者自然环境造成直接或者潜在危害的生活废弃物，然而，废弃的金属易拉罐并不属于有害垃圾，因为它并不含有对人体健康或环境有害的物质，故D错误。
故选A。
2．（2023九上·温州月考）如图是生活中常见水果的pH，其中呈碱性的水果是（　　）
A．柠檬 B．葡萄 C．西瓜 D．香蕉
【答案】D
【知识点】溶液的酸碱性与pH值的关系
【解析】【分析】当溶液的pH等于7时，呈中性；当溶液的pH小于7时，呈酸性；当溶液的pH大于7时，呈碱性；据此进行分析判断即可。
【解答】 A.柠檬的pH小于7，显酸性，故A不合题意；
B.葡萄的pH小于7，显酸性，故B不合题意；
C.西瓜的pH小于7，显酸性，故C不合题意；
D.香蕉的pH大于7，显碱性，故D符合题意。
故选D。
3．（2023九上·温州月考）电饭煲煮饭，该过程中主要的能量转化是（　　）
A．电能转化为内能 B．电能转化为化学能
C．内能转化为电能 D．化学能转化为电能
【答案】A
【知识点】能量的相互转化和转移
【解析】【分析】根据能量的转化分析判断。
【解答】 电饭煲煮饭，该过程中主要的能量转化是电能转化为内能，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
4．（2023九上·温州月考）某番茄无土栽培营养液的配方中含有下列物质，其中属于钾肥的是（　　）
A．MgSO4 B．K2SO4 C．Ca(NO3)2 D．NH4H2PO4
【答案】B
【知识点】盐与化肥
【解析】【分析】 只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的氮元素的肥料称为氮肥；只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的磷元素的肥料称为磷肥；只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的钾元素的肥料称为钾肥；同时含有氮、磷、钾三种元素中的两种或两种以上的肥料称为复合肥。
【解答】 A.MgSO4中不含有钾元素，不属于钾肥，故A不合题意；
B.K2SO4中只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的钾元素，属于钾肥，故B符合题意；
C.Ca（NO3）2中只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的氮元素，属于氮肥，故C不合题意；
D.NH4H2PO4中只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的磷元素和氮元素，属于复合肥，故D不合题意。
故选B。
5．（2023九上·温州月考）如图所示为一只正在空中飞行的足球（不计空气阻力），从A点运动到B点的过程中，足球的（　　）
A．重力势能不断增加 B．重力势能不断减小
C．机械能不断增加 D．机械能不断减小
【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【分析】 （1）机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。
（2）忽略空气阻力做功时，机械能不变。
【解答】 AB.从A点运动到B点的过程中，足球在空中下落，高度降低，所以重力势能减小，故A错误，B正确；
BC.忽略空气阻力做功时，机械能不变，故C、D错误。
故选B。
6．（2023九上·温州月考）在温州轨道交通线工程建设中，用铝热反应对钢轨中的缝隙进行焊接，其原理为：
Fe2O3+2AlAl2O3+2Fe。该反应属于（　　）
A．化合反应 B．分解反应 C．置换反应 D．复分解反应
【答案】C
【知识点】置换反应及其应用
【解析】【分析】 化合反应是有两种或两种以上的物质生成一种物质的化学反应，特征是：多变一。分解反应是由一种物质生成两种或两种以上的物质的反应，特征是：一变多；置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的化学反应．复分解反应是两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应。
【解答】 置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的化学反应，根据方程式Fe2O3+2AlAl2O3+2Fe可知，反应物和生成物都由单质和化合物组成，因此属于置换反应。
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
7．（2023九上·温州月考）下列使用的工具属于费力杠杆的是（　　）
A．开瓶器 B．镊子
C．羊角锤 D．老虎钳
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
【解答】A.使用开瓶器时，它与瓶盖上表面接触的位置为支点，阻力作用在瓶盖边缘，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故A不合题意；
B.使用镊子时，镊子片相连的位置为支点，阻力作用在尖端，动力作用在镊片中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故B符合题意；
C.使用羊角锤时，锤头的弯曲处为支点，阻力作用在豁口处，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C不合题意；
D.使用老虎钳时，转轴为支点，阻力作用在刀口上，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故D不合题意。
故选B。
8．（2023九上·温州月考）如图所示，小科在研究动滑轮的作用时，用重为0.2N的滑轮，把2N的钩码匀速提升，在不计绳重和摩擦的情况下，拉力F为（　　）
A．1N B．2N C．1.1N D．2.2N
【答案】C
【知识点】滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】根据图片确定承担重力的绳子段数，根据计算自由端的拉力。
【解答】根据图片可知，承担重力的绳子段数n=2，则自由端的拉力为：。
故选C。
9．（2023九上·温州月考）物质的性质决定物质的用途，下列性质与用途的对应关系不合理的是（　　）
A．盐酸具有酸性——除铁锈 B．铜具有导电性——做电线
C．氢气具有还原性——冶炼金属 D．浓硫酸具有腐蚀性——干燥剂
【答案】D
【知识点】不同物质的物理性质
【解析】【分析】 根据物质的性质决定物质的用途，物质的用途反映物质的性质进行分析。
【解答】 A.盐酸具有酸性，能与金属氧化物反应，因此盐酸可用于除铁锈，故A正确不合题意；
B.铜具有导电性，因此铜可用于制导线，故B正确不合题意；
C.氢气具有还原性，因此可以冶炼金属，故C正确不合题意；
D.浓硫酸具有吸水性，因此可用作干燥剂，故D错误符合题意。
故选D。
（2023九上·温州月考）在刚刚落幕的校第75届运动会上，同学们努力拼搏，携手奋进，展现了“青春领跑人”的校运精神。根据所学内容回答下面小题：
10．校运会的下列设施或器材中，没有用到有机合成材料的是（　　）
A．塑胶跑道 B．铝合金接力棒
C．实心球 D．尼龙跳绳
11．在实心球比赛中，运动员投掷的四个阶段如图所示，其中手对实心球有做功的是（　　）
A．①和③ B．②和④ C．①和④ D．②和③
12．运动饮料中常加入柠檬酸（C6H8O7），以获得更好的口感。柠檬酸是一种较强的有机酸，在水溶液中可以电离出H+，从而呈现酸性。下列物质不能与柠檬酸反应的是（　　）
A．Mg B．Fe C．Al D．Cu
13．为了补充能量，长跑运动员常会在赛前吃点巧克力。某种巧克力的营养成分表上标有“每100克能量2000千焦”。下列科学量与该标识的含义相类似的是（　　）
A．热能 B．热量 C．热值 D．比热
【答案】10．B
11．A
12．D
13．C
【知识点】力是否做功的判断；金属活动性顺序及其应用；塑料、橡胶、纤维等有机合成材料的特点
【解析】【分析】（1） 根据合成材料是由人工合成的有机高分子材料，包括塑料、合成纤维、合成橡胶分析；
（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
（3） 根据在金属活动性顺序中，排在氢前面的金属能和酸反应，排在氢后面的金属不能和酸反应来分析。
（4）由“每100克能量2000千焦”可得每克巧克力提供的能量，据此进行分析。
10．合成材料是由人工合成的有机高分子材料，包括塑料、合成纤维、合成橡胶，塑胶跑道、实心球、尼龙跳绳均用到有机合成材料。
故选B。
11．①捡起球的过程中，人对球施加了力，球在力的方向上通过了距离，人对球做了功；
②停在空中时，人对球施加了力，但球没有移动距离，所以人对球不做功；
③挥动球时，人对球施加了力，球在力的方向上通过了距离，人对球做了功；
④球飞出去后，不再受到人施加的力，依靠惯性向前飞行，人对球不做功。
综上所述，手对实心球做功的是①③。
故选A。
12．在金属活动性顺序中，排在氢前面的金属能和酸反应，排在氢后面的金属不能和酸反应，镁、铁、铝排在氢前，能和柠檬酸反应，铜排在氢后，不能和柠檬酸反应。
故选D。
13．巧克力的营养成分表上标有“每100克能量2000千焦”，据此可得每克巧克力提供的能量；而燃料的热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，所以标识的含义与热值类似。
故选C。
14．（2023九上·温州月考）如图是教室壁挂式实物展台示意图，MN为展示台，PQ为连杆拉住展示台，m为展示物。以下是展示台承载展示物时杠杆的示意图，其中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【分析】能绕固定点转动的硬棒叫做杠杆，固定点为支点，根据动力、阻力的方向分析。
【解答】 根据题意可知，该装置为一个杠杆，MN能绕N点点转动，所以N点为支点O；展示物对MN的压力为阻力F2，方向向下；PQ对杠杆的拉力为动力F1，方向沿QP斜向上，故D正确，而A、B、C错误。
故选C。
15．（2023九上·温州月考）模型能够直观反映化学变化的结果。将一定质量的镁条放入某一溶液(如图)，其溶质硫酸锌和硫酸亚铁的质量相同，充分反应后烧杯内固体的组成和质量大小关系不可能的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】金属的化学性质；酸的化学性质
【解析】【分析】根据金属活动性顺序表的知识，结合化学式的计算判断即可。
【解答】根据题意可知，镁条先和硫酸亚铁反应，待反应结束后再和硫酸锌反应，
即只要有锌生成，那么铁肯定被完全置换出来。
质量相同的硫酸锌和硫酸亚铁，其中锌的质量肯定大于铁的质量。
当铁被全部置换而锌被部分置换时，铁质量大于锌，故B正确不合题意；
当镁的质量不够将锌完全置换出来时，则固体只有锌和铁，且锌的质量可能等于铁的质量，故A正确不合题意；
当镁的质量有剩余时，锌和铁被完全置换出来，且锌的质量大于铁的质量，而锌和铁的质量之和可能等于剩余镁的质量，故C错误符合题意，D正确不合题意。
故选C。
16．（2023九上·温州月考）芋是一种常见的食品，既可当粮食，又可作蔬菜。
（1）新鲜芋去皮时会产生一种白色汁液，汁液内含有一种碱性物质——皂角甙，沾上它会奇痒难忍，下列物质可用来涂抹止痒的是____。
A．硫酸 B．石灰水 C．纯碱 D．食醋
（2）有经验的人遇到这种情况会将手靠近火源烘一烘，也可以达到止痒的效果。如果将带皮芋煮熟后，再用手去皮就不会感觉痒。根据上述现象推测皂角甙的一种化学性质：　 　。
【答案】（1）D
（2）加热易分解
【知识点】酸的化学性质
【解析】【分析】 （1）要除去碱性物质，可以利用酸碱中和的原理；
（2）温度升高，痛痒消失，说明该物质不稳定．
【解答】 （1）皂角甙呈碱性，要除去该物质，可以选用显酸性的物质，故D正确，B、C、D错误。
故选D。
（2）用火烤或带皮煮熟，都是使该物质受热，说明该物质受热易分解。
17．（2023九上·温州月考）水的比热是4.2×103J/(kg·℃)，为了测量某未知液体的比热大小，小科分别称取了相同质量的水和某液体，在初温相同的条件下，利用如图所示装置在水浴中加热。
（1）做功和热传递是改变物体内能的两种途径。本实验中，液体内能增加的途径是　 　。
（2）加热相同时间后，小科观察到温度计甲的示数上升了15℃，温度计乙的示数上升了30℃。由此可知，此未知液体的比热是　 　J/(kg·℃)。
【答案】（1）热传递
（2）2.1×103
【知识点】物体内能的改变方法；热量的计算
【解析】【分析】 （1）做功和热传递都可以改变物体的内能，热传递是内能的转移，做功是能量的转化；
（2）加热相同时间后，水和液体吸收的热量相同，根据Q吸=cmΔt计算未知液体的比热。
【解答】 （1）本实验中，液体吸收热量，内能增加，液体内能增加的途径是热传递；
（2）加热相同时间后，水和液体吸收的热量相同，即Q水吸=Q液体吸，
c水mΔt水=c液体mΔt液体，
则未知液体的比热为：。
18．（2023九上·温州月考）复习期间，小科同学用五边形图归纳了稀硫酸的性质，如图所示：
（1）为验证性质①，小科将紫色石蕊试液滴入盛有稀硫酸的试管中，观察到溶液呈　 　色；
（2）②的物质可以是　 　（写出一种即可）；
（3）小科需要在③的方框中填入的物质类别是　 　。
【答案】（1）红
（2）氢氧化钠
（3）盐
【知识点】酸的化学性质
【解析】【分析】 （1）显酸性溶液能使石蕊变红色。
（2）氢氧化钠是碱，能和稀硫酸反应生成硫酸钠和水。
（3）稀硫酸能和某些盐反应。
【解答】 （1）为验证性质①，小科将紫色石蕊试液滴入盛有稀硫酸的试管中，观察到溶液呈红色。
（2）②的物质可以是氢氧化钠，是因为氢氧化钠是碱，能和稀硫酸反应生成硫酸钠和水。
（3）小科需要在③的方框中填入的物质类别是盐，即稀硫酸能和某些盐反应，例如稀硫酸能和硝酸钡反应生成白色沉淀硫酸钡和硝酸。
19．（2023九上·温州月考）课堂上，老师对书本演示做功改变物体内能的装置进行了如图改进：取一个大的塑料瓶，橡皮塞中间安装气门芯并连接打气筒，同时在瓶内伸入温度传感器探头。
（1）用打气筒向瓶内打气，在橡皮塞未弹出之前，观察到温度传感器的示数　 　（选“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）当橡皮塞弹出时，瓶内出现大量白雾。根据实验现象可以得知物体内能改变与做功的关系是：　 　。
【答案】（1）增大
（2）物体对外做功，物体内能减小
【知识点】物体内能的改变方法
【解析】【分析】（1）改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递；
（2）物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少。物质由气态变为液态称为液化。
【解答】 （1）打气筒给瓶内气体打气时是对瓶内气体做功，气体的内能增加，温度升高，所以会观察到温度传感器示数增大；
（2）当瓶内气压达到一定程度时，橡皮塞被冲出，同时可以观察到温度传感器示数下降，瓶口会出现大量的“白气”，“白气”形成的原因是：瓶内水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气内能减少，温度降低，发生液化形成小水珠，根据实验现象可以得知物体内能改变与做功的关系是：物体对外做功，物体内能减小。
20．（2023九上·温州月考）健腹轮是一种健身器材，使用时可将膝盖跪在垫子上，双手紧握健腹轮手柄，向前推动健腹轮至身体贴近地面，此时健腹轮内置的弹性钢圈会因形变而绕紧（如状态2），然后归位复原（如状态1）。
（1）从状态1到状态2，健腹轮内置的钢圈弹性势能将　 　（选“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）体重为500N的人，身体从状态1到状态2的过程中，其重心下降了0.3m，则重力做功为　 　J。
【答案】（1）增大
（2）150
【知识点】功的计算公式的应用；动能和势能的大小变化
【解析】【分析】 （1）弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；
（2）根据W=Gh求出重力所做的功。
【解答】 （1）从状态1到状态2，健腹轮内置的钢圈的弹性形变程度变答，弹性势能增大；
（2）身重为500牛的人身体从状态1到状态2的过程中重力所做的功：W=Gh=500N×0.3m=150J。
21．（2023九上·温州月考）在探究“杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
（1）实验前，杠杆如图甲所示静止，此时杠杆　 　。（填“平衡”或者“不平衡”）
（2）为了　 　，小科调节杠杆到水平位置平衡。
（3）杠杆水平平衡后，小科进行多组实验，如图乙所示，可在杠杆的D点挂　 　个相同的钩码，使杠杆在水平位置平衡。分析数据得到结论：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。
【答案】（1）平衡
（2）便于直接读出力臂的大小
（3）4
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】 （1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态。
（2）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，并且能消除杠杆重对实验的影响；
（3）根据杠杆的平衡条件F1L2=F2L2列式计算。
【解答】（1） 杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆静止，此时杠杆处于平衡状态；
（2）实验开始时，应调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，此时力臂恰好沿着杠杆的方向，可以直接从杠杆上读出力臂，同时可以消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。
（3） 若一个钩码重G，杠杆上一小格长度为L，
则由杠杆平衡条件可得：3G×4L=nG×3L；
解得：n=4，因此要使杠杆水平平衡，应在B处挂4个钩码。
22．（2023九上·温州月考）一包白色固体混合物，可能由氯化钠、碳酸钾、硫酸钠、氯化钡中的一种或几种混合而成，为确定其组成进行如图所示实验。
（1）白色沉淀C是　 　。
（2）写出白色沉淀A与稀盐酸反应的化学反应方程式：　 　。
（3）根据以上实验现象，小科判断原白色固体中一定含有　 　。
【答案】（1）AgCl
（2）BaCO3+2HCl＝BaCl2+H2O+CO2↑
（3）碳酸钾、氯化钡
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】 一包白色固体混合物，可能由氯化钠、碳酸钾、硫酸钠、氯化钡中的一种或几种混合而成。向白色固体混合物中加足量水、过滤，得到白色沉淀A和无色滤液，向白色沉淀A中加入盐酸，产生无色气体B，沉淀全部溶解；碳酸钾和氯化钡反应生成碳酸钡沉淀和氯化钾，硫酸钠和氯化钡反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，碳酸钡和盐酸反应生成氯化钡、水和二氧化碳，硫酸钡不溶于酸，则白色沉淀A是碳酸钡，无色滤液中一定含有氯化钾，无色气体B是二氧化碳，所以原固体中一定含有碳酸钾、氯化钡，一定没有硫酸钠；向无色滤液中加入硝酸银和硝酸，得到白色沉淀C；氯化钾和硝酸银反应生成氯化银沉淀和硝酸钾，则白色沉淀C是氯化银；以上实验无法判断氯化钠的存在；据此分析解答。
【解答】 （1）由分析可知，白色沉淀C是AgCl。
（2）白色沉淀A是碳酸钡，碳酸钡和盐酸反应生成氯化钡、水和二氧化碳，反应的化学方程式为：BaCO3+2HCl=BaCl2+H2O+CO2↑。
（3）根据以上实验现象，小科判断原白色固体中一定含有碳酸钾、氯化钡。
23．（2023九上·温州月考）热机发明后，一直在持续的改进和发展中。
材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车(图甲)，传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧(图乙)，热效率为5%-8%之间。
材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机(内燃指燃料在气缸内燃烧)的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。
材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到14%。
（1）四冲程循环理论提及的“巨大爆发力”由下图中的　 　冲程来实现。（填选项）
（2）与传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧相比，德罗夏提出的内燃方式的优势是　 　。
（3）根据热机改进和发展的科学史，以下观点正确的是：____。（可多选）
A．屈纽制造出的蒸汽机是将燃料的化学能直接转化为三轮汽车的机械能。
B．传统蒸汽机的燃料在气缸外部是受到当时技术的局限，体现了工程的复杂性。
C．德罗夏的内燃机的效率估计至少可以达到20%。
D．现代燃油汽车的发动机是在内燃机的基础上发展和改进的成果。
E．热机的发明与发展给人类社会带来了深远的影响，方便了人们的生活。
【答案】（1）B
（2）燃料在气缸内燃烧，热量可能散失少，热效率会高
（3）B；D；E
【知识点】热机的工作原理
【解析】【分析】（1）利用内能做功的机械叫热机，内燃机是热机的一种；汽油机工作时先将燃料的化学能转化为内能，再转化为汽车的机械能；
（3）燃料在气缸内燃烧时的热效率高一些；
（4）逐项分析得出答案。
【解答】 （1）在四冲程内燃机中，提供动力的是做功冲程；
由图可知，A中进气门打开，活塞下行，为吸气冲程；
B中两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程；
C中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程；
D中排气门打开，活塞上行，为排气冲程；
故“巨大爆发力”由B冲程实现；
（2）内燃机的内燃方式比起传统蒸汽机燃料在气缸内燃烧，热量损失少，热效率高；
（3）A.屈纽制造出的蒸汽机是将燃料的化学能先转化为内能再转化为三轮汽车的机械能，故A错误；
B.受到当时技术的局限，传统蒸汽机的燃料只能在气缸外部，体现了工程的复杂性，故B正确；
C.由材料可知德罗夏的内燃机的效率估计达到14%左右，故C错误；
D.现代燃油汽车的发动机是在内燃机的基础上发展和改进的成果，故D正确；
E.热机的发明与发展给人类社会带来了深远的影响，方便了人们的生活，故E正确。
故选BDE。
24．（2023九上·温州月考）酸和碱反应是一类重要的化学反应。小科利用图1装置探究稀盐酸和氢氧化钠溶液反应，得到溶液pH值和溶液中Na+、OH-数量随加入甲溶液体积的变化图像，请结合图像回答下列问题。
（1）图2中d点对应的溶质是　 　。
（2）结合图1和图2，小科推断图3中V的数值为12，他的理由是　 　。
（3）若烧瓶中乙溶液的体积和浓度均不变，甲溶液的溶质质量分数增大，请在图2中画出烧瓶中溶液的pH值随加入甲溶液体积的变化而变化的大致曲线。
【答案】（1）NaCl、HCl
（2）甲溶液加入体积=12mL时，pH=7，此时溶液中没有氢氧根离子
（3）
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】 （1）根据溶液的pH分析；
（2）根据pH=7时氢氧根被完全中和，溶液中没有氢氧根分析；
（3）根据甲溶液的溶质质量分数增大分析pH的变化。
【解答】 （1）图2中d点对应的＜7，酸有剩余，所以溶液的溶质是HCl和NaCl。
（2）根据溶液的pH可知，当pH=7时，甲溶液加入体积=12mL，说明氢氧根离子被完全中和，溶液中没有氢氧根离子；故答案为：甲溶液加入体积=12mL时，pH=7，此时溶液中没有氢氧根离子；
（3）若烧瓶中乙溶液的体积和浓度均不变，甲溶液的溶质质量分数增大，说明甲溶液体积小于12mL时，溶液达到中性，且最终的pH较小，烧瓶中溶液的pH随加入甲溶液体积的变化而变化如图：
。
25．（2023九上·温州月考）小科想探究液体动能的大小与哪些因素有关，设计了以下实验。
如图甲所示，取一根光滑的塑料管，固定高度和倾斜角度，塑料管末端装有一定质量的水，用密封挡板封住端口。实验过程中，松开密封挡板，让水沿着管道下滑，刚好全部冲击水车，带动水车转动，空气阻力忽略不计。
（1）该实验通过　 　反映水流所具有的动能大小。
（2）如图乙所示，选取横截面积较大的塑料管，保证倾斜角度相同，水位高度相同，松开密封挡板，观察现象。增加乙组实验的目的是为了探究　 　。
（3）分析与讨论：在保证其他条件相同的情况下，第一次把乙中密封挡板全部松开，第二次把乙中密封挡板往上移动松开一半，两次水都全部流出并落在水车上。请判断水车两次获得的动能是否相同，并说明理由：　 　。
【答案】（1）水车转动的圈数
（2）水的动能与质量的关系
（3）相同。因为水的重力势能不变，下落转化为水的动能相同，水车获得动能相同
【知识点】动能的影响因素
【解析】【分析】（1）结合实验目的，根据实验操作，水的动能越大，水车转动的速度越快，根据转换法分析回答；
（2）由已知条件可知，水落下时的速度相同，根据m=ρV可知图乙中水的质量较大，结合控制变量法分析回答；
（3）根据影响重力势能大小的因素分析两次实验水的重力势能大小关系，转化成水车的动能也相同。
【解答】 （1）本实验研究物体动能的大小与哪些因素有关，实验过程中，松开密封挡板，让水沿着管道下滑，刚好冲击水车，带动水车转动，水的动能越大，水车转动的圈数越多，根据转换法，实验过程中，通过水车转动的圈数反映流水所具有的动能大小。
（2）动能大小与物体的质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。小博同学选取横截面积较大的塑料管（如图乙所示），保证倾斜角度相同，水位高度相同，则水落下时的速度相同，而图乙中水的体积较大，根据m=ρV，图乙中水的质量较大，松开密封挡板，观察现象，故小博设计乙组实验的目的是研究动能大小与质量的关系。
（3）转化成水车的动能相同。因保证其他条件相同的情况下，水的质量和高度相同，水的重力势能相同；第一次小博把乙中密封挡板全部松开，第二次密封挡板往上移动松开一半，水的流速不同，但水全部流出并落在水车上，转化成水车的动能也相同。
26．（2023九上·温州月考）反应物的质量比不同可能会影响生成物的种类，为探究碳和氧化铜反应生成的气体种类，小科设计了如下实验装置和方案（B、C装置中药品足量，且所有反应均充分进行）：
　 反应前的质量 反应后的质量
A（试管+固体） M1 M2
B+C（广口瓶+溶液） M3 M4
【提出问题】碳和氧化铜反应生成的气体是什么？
【作出猜想】猜想①：只有CO； 猜想②：只有CO2； 猜想③：CO和CO2。
（1）【定性分析】若观察到　 　（填写现象），则可排除猜想①。
（2）【定量分析】用电子天平测定表格中的四个数据：若猜想②成立，则理论上m1、m2、m3、m4数值满足的关系是　 　。
（3）【交流反思】若反应生成物有CO和CO2，实验装置还需如何改进：　 　。
【答案】（1）澄清石灰水变浑浊
（2）m1-m2=m4-m3
（3）在C后面加酒精灯
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）[定性分析]二氧化碳能够使澄清的石灰水变浑浊；
（2）[定量分析]根据试管中的反应为：，试管中减少的质量为反应生成二氧化碳的质量进行分析；
（3）[交流反思]根据一氧化碳有毒，需要进行处理分析即可。
【解答】（1） [定性分析]若观察澄清石灰水变浑浊，则说明含有二氧化碳气体，则可排除猜想①。
（2）[定量分析]试管中的反应为：，试管中减少的质量为反应生成二氧化碳的质量，B+C（广口瓶+混合液）中增加的质量为反应生成二氧化碳的质量，故若猜想Ⅱ成立，则理论上m4-m3=m1-m2；
（3）[交流反思]一氧化碳在加热的条件下与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，所以若反应生成物有一氧化碳和二氧化碳，实验装置还需要在C后面加一个酒精灯，将尾气中的一氧化碳转化为二氧化碳气体。
27．（2023九上·温州月考）投石器是古代的攻城利器。为了进一步认识投石器的原理，学校科技节开展了“自制投石器”的比赛，以石头被抛出后运动的水平距离作为比赛成绩的依据。如图所示，利用弹袋、抛掷杆、橡皮筋、挂钩等器材，制成了投石器简易模型，并绘制了结构示意图。使用时，先用橡皮筋将挂钩与悬挂点1、2、3中的其中一点相连，再用力按压抛掷杆至水平位置后松手，橡皮筋会带动抛掷杆绕转轴转动，当抛掷杆碰到挡板时，弹袋中的石块就被抛出。为了比赛的安全，石头要用橡皮泥制成的小球来代替，且规定质量为50g。
（1）比赛中需要用到的测量工具有　 　。
（2）为了研究石头被抛出后运动的水平距离与石头离开抛掷杆时的初速度的关系，某小组通过实验获得了下表中的数据，由此可获得的结论是　 　。
投石器测试（m橡皮泥=50g）
悬挂点 1 2 3
投射距离（m） 6.45 6.37 6.52 5.34 5.51 5.44 4.77 4.83 4.63
（3）小科认为石块被抛出后运动的水平距离可能还与石块的质量有关。为了验证自己的假设是否正确，他设计了如下实验步骤：
①把一个质量为20g的小球放入弹袋里，橡皮筋拉到挂钩1，把抛掷杆压到水平位置。
②松手后，记录小球被抛出后运动的水平距离。多次测量，取平均值。
③分别依次将一个10g小球、一个5g小球放入弹袋里，重复步骤②。
④再将橡皮筋勾在2处、3处，重复上述实验。
⑤比较水平距离的平均值，得出结论。
请对小科所设计的实验方案的合理性做出评价，并说明理由：　 　。
【答案】（1）刻度尺、天平
（2）当石头的质量相等时，石头离开抛掷杆时的初速度越大，石头被抛出后运动的水平距离越远
（3）不合理。橡皮筋的弹性势能相同，转化为小球的动能相同，当步骤③中当改变小球质量时，小球离开抛掷杆的初速度也会不同，存在两个变量
【知识点】实验操作注意事项的探究
【解析】【分析】 （1）根据实验过程确定要测量的物理量，据此确定需要的测量工具。
（2）悬挂点越远，橡皮筋的弹性势能越大，转化成的动能就越大，小球的初速度就越大，根据表格又得出此时的投射距离越大，据此可以得出结论。
（3）当橡皮筋拉到相同位置时，所拥有的弹性势能相等，转化成的橡皮泥动能也相等，故当小球的质量不同时，小球的速度也不同，故存在多个变量，结论不具有合理性。
【解答】 （1）需要测出橡皮泥的质量为50g。故需要天平；需要测出橡皮泥的投射距离，故需要刻度尺。
（2）当石头的质量相等时，悬挂点越远，橡皮筋的弹性势能越大，转化成的动能就越大，小球的初速度就越大。
根据表格数据，悬挂点最远的是悬挂点1，此时橡皮泥的投射距离越大，据此得出结论：当石头的质量相等时，石头离开抛掷杆时的初速度越大，石头被抛出后运动的水平距离越远。
（3）当橡皮筋拉到相同位置时，所拥有的弹性势能相等，转化成的橡皮泥动能也相等，故当小球的质量不同时，小球的速度也不同，故存在多个变量，得出的结论不具有合理性。
28．（2023九上·温州月考）实验室里有一瓶长期敞口放置的氢氧化钙粉末，小科为测定该瓶粉末是否变质及变质程
度，进行如下实验操作：
步骤一：小科取2克样品放入烧杯中，加20克水，有固体未溶。
步骤二：过滤，取滤液加入无色酚酞，溶液变红。
步骤三：在滤渣中加入过量盐酸，有气泡生成。
（1）不能通过步骤一判断该瓶粉末已变质，理由是　 　。
（2）通过以上实验，可以判断氢氧化钙的变质情况是　 　。
（3）若瓶内未变质前的氢氧化钙，与质量为m1的HCl恰好完全反应，当氢氧化钙变质后恰好完全反应需要消耗HCl的质量为m2，则m1　 　m2。(填“>”“<”或“=”)
（涉及到的化学方程式有：Ca(OH)2+CO2=CaCO3↓+H2O，Ca(OH)2+2HCl=CaCl2+2H2O）
【答案】（1）氢氧化钙微溶于水，不溶物可能是氢氧化钙
（2）部分变质
（3）=
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】氢氧化钙微溶于水，和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，碳酸钙和稀盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，稀盐酸和氢氧化钙反应生成氯化钙和水。
【解答】 （1）不能通过步骤一判断该瓶粉末已变质，理由是氢氧化钙微溶于水，不溶物可能是氢氧化钙。
（2）过滤，取滤液加入无色酚酞，溶液变红，说明溶液中含有氢氧化钙。
在滤渣中加入过量盐酸，有气泡生成，是因为碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，说明固体中含有碳酸钙。
通过以上实验，可以得出的结论是部分变质。
（3）由Ca（OH）2+CO2═CaCO3↓+H2O、CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑可知，Ca（OH）2→2HCl。
由Ca（OH）2+2HCl═CaCl2+2H2O可知，Ca（OH）2→2HCl。
若瓶内未变质前的氢氧化钙，与质量为m1的HCl恰好完全反应，当氢氧化钙变质后，恰好完全反应需要消耗HCl的质量为m2，则m2=m1。
29．（2023九上·温州月考）10月4日至6日，杭州亚运会龙舟比赛在温州进行。中国队在龙舟项目共收获5枚金牌、1枚银牌，创下历届亚运会最好成绩。左图是运动员在室内进行划桨训练的两个场景，图甲是训练装置的结构示意图。绳子系在“船桨”的A端，运动员坐在位置上用力将“船桨”从位置“1”匀速划到位置“2”，重物的位置也发生了相应的变化。(船桨重、绳重与摩擦均不计)
（1）该装置中两个滑轮的作用是　 　。
（2）图乙是某种耐力练习示意图，保持“船桨”与绳子垂直并静止。当一只手握在O端，另一只手握在B点并施加垂直“船桨”的力F。请在图中标出动力臂l1。
（3）“船桨”从图甲的位置“1”匀速划到位置“2”的过程中，手对“船桨”的力F始终垂直于“船桨”，则此过程中力F的大小如何变化？　 　。
【答案】（1）改变力的方向
（2）
（3）先变大后变小
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法；定滑轮及其工作特点
【解析】【分析】（1）定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变力的方向；
（2）过支点O做动力作用线的垂线段，得出力臂；
（3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析回答。
【解答】 （1）该装置中两个滑轮是定滑轮，定滑轮可以改变力的方向；
（2）O为支点，过支点O做力F作用线的垂线段即为力F的力臂l1，如下图所示：
；
（3）当一只手握在O端，另一只手握在B点并施加垂直“船桨”的力F，此时O为支点，OB为动力臂，作用在A点的力大小等于物体的重力，即阻力和动力臂不变；从图甲的位置“1”匀速划到位置“2”的过程中，阻力臂先增大后减小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此过程中力F先变大后变小。
30．（2023九上·温州月考）电动汽车因其能耗低而被广泛普及，随着其技术的不断完善，未来将可能逐步替代燃油汽车，有效缓解二氧化碳的排放，有利于我国在2060年前实现“碳中和”的目标。
（1）下图表示吸收燃油汽车尾气中二氧化碳气体的一种方法。
①加入的X溶液是　 　。
②反应器中，氢氧化钠溶液喷成雾状可以使反应更充分，其原理是　 　。
（2）某品牌电动汽车以100km/h匀速通过高速公路上一段10km长的平直路段，消耗的总能量为9×106J。若此过程中用于驱动电动汽车前进所用的功率为2×104W，则该电动汽车的效率是多少？
（3）人们常说“电动汽车比燃油车环保”，其中碳排放量是环保指数的重要指标。为了探明电动和燃油两种汽车哪种更环保，科学家对某款电动汽车和某款燃油汽车进行四个维度的对比，相关信息如下表。
对比维度 电动汽车 燃油车
汽车生产及回收 每生产和回收一辆共排放约22吨碳（其中生产和回收锂电池组约占一半的碳排放） 每生产和回收一辆共排放约10吨碳
能源生成 使用绿色能源为其供电，年均消耗的电能相当于排放约0.8吨碳 动力来自化石燃料的燃烧，年均排放约3.8吨碳
使用维护 一年保养维护排放约0.2吨碳 一年保养维护排放约0.2吨碳
电池使用年限 锂电池组平均寿命8年 /
根据以上信息，从碳排放的角度来看，你是否赞同“电动汽车比燃油车环保”这个观点，
并说明理由：　 　。
【答案】（1）Ca(OH)2；通过增大表面积以提高物质反应的效率
（2）解：t=s/v=10km/100km/h=0.1h=360s
W=Pt=2×10'W×360s=7.2×106W
η=7.2×106W/9×106J=80%
（3）赞同。通过计算可得，当车辆使用4年以上时，电动汽车的碳排放量就低于燃油车，而一般车辆的使用寿命均在4年以上。
【知识点】功的计算公式的应用；机械效率的计算；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】（1）根据复分解反应的原理、加快化学反应速率的方法来分析；
（2）根据速度公式求出电动汽车行驶的时间，根据W=Pt求出此过程中用于驱动电动汽车前进所做的功，根据效率公式求出该电动汽车的效率；
（3）从碳排放的角度来分析。
【解答】 （1）①该反应的生成物是氢氧化钠和碳酸钙，由复分解反应的原理可知，X是氢氧化钙溶液；
②反应器中，氢氧化钠溶液喷成雾状可以使反应更充分，其原理是增大反应物的接触面积；
（3）燃油车和电动汽车按照8年的使用年限来计算，电动汽车排放的碳为22t+0.8t×8+0.2t×8=32t；
燃油车排放的碳为10.1t+3.8t×8+0.2t×8=50.1t，
电动汽车的碳排放量低于燃油车的碳排放量，因此赞同“电动汽车比燃油车环保”这个观点。
31．（2023九上·温州月考）小科用过量的稀盐酸和石灰石反应制取二氧化碳后（石灰石中的杂质既不溶于水也不和酸反应），得到了含有盐酸和氯化钙的混合溶液。为了探究该混合溶液中氯化钙的质量。他又进行如下实验：取一定量的混合溶液于烧杯中，逐滴滴入碳酸钠溶液，观察并记录相应数据。结果如图所示。
(反应原理：Na2CO3+2HCl=2NaCl+2H2O+CO2↑；Na2CO3+CaCl2=2NaCl+CaCO3↓)
（1）小科发现碳酸钠溶液与混合溶液反应时存在多步反应，则a曲线代表的是碳酸钠与哪种物质反应，并说明理由　 　。
（2）请根据图中数据，计算所取混合溶液中氯化钙的质量。
（3）图中n=　 　。
【答案】（1）与氯化钙反应。因为碳酸钠要先把盐酸反应完，否则碳酸钠与氯化钙反应生成的碳酸钙沉淀会与盐酸马上反应，沉淀无法产生
（2）解：设原混合溶液中氯化钙的质量为x
Na2CO3+CaCl2=2NaCl+CaCO3↓
x=5.5g
（3）212g
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据碳酸钙会与盐酸反应来分析解答；
（2）根据化学方程式Na2CO3+CaCl2=2NaCl+CaCO3↓和碳酸钙的质量5.0克求出氯化钙的质量即可；
（3）根据与氯化钙反应的碳酸钠质量、与盐酸反应的碳酸钠质量和用去碳酸钠溶液的质量求出与氯化钙反应用去碳酸钠溶液的质量即可。
【解答】 （1）小龙发现碳酸钠溶液与混合溶液反应时存在多步反应，则a曲线代表的是碳酸钠与氯化钙反应，理由是若曲线b为碳酸钙沉淀质量，会与盐酸马上反应，沉淀消失；
（2）设所取混合溶液中氯化钙的质量的为x，与氯化钙反应的碳酸钠质量为y，
；
解得：x=5.55g；
；
解得：y=5.3g。
（3）设与盐酸反应的碳酸钠质量为z，
；
解得：z=21.2g；
由图可知，用去碳酸钠溶液的质量为265g，
则与氯化钙反应用去碳酸钠溶液的质量为，
则与盐酸反应用去碳酸钠溶液的质量为265g-53g=212g，
故图中n=212。
32．（2023九上·温州月考）图甲为传统的液体密度计，其存在刻度不均匀、测量时液体用量过大等缺点。为此，项目化学习小组运用杠杆平衡原理设计并制作了一种新型液体密度测量工具（如图乙所示）。
【产品制作】
①将一根均匀的无刻度的木棒固定在铁架台上，并调节木棒至水平平衡。
②在支点O的左侧A悬挂点处挂上一个空桶并保持不动，已知OA为2cm；移动钩码至B悬挂点使木棒重新回到水平平衡，测得OB为1cm，并将B点标记为“0”刻度。
③往空桶中加入100mL水，移动钩码，当木棒达到水平平衡时，将此时悬挂点C标记为“1”刻度（单位g/cm3）。
④测量出BC的长度为L，在“1”刻度右侧距离L的位置上标上“2”刻度，以此类推，在整根木棒上均匀地标上刻度。
【产品检测】
（1）新型液体密度测量工具的优点有哪些？　 　。
（2）已知木棒总长为30cm，钩码质量为50g，求此新型液体密度测量工具可以测量的最大液体密度是多少？写出计算过程。
（3）【产品改进】
通过检测发现此密度计的精确度不高，下列改进措施能提高精确度的是____。（可多选）
A．增大钩码的质量 B．减小空桶的质量
C．将空桶位置向左移 D．增大加入空桶中的液体体积
（4）小科认为图甲的传统液体密度计可以直接改造成新型液体密度测量工具。如图丙是他原先制作的传统液体密度计，用粗细厚薄均匀的塑料管MN和合金（合金封在M端塑料管里面）制作而成，已知塑料管MN长20cm、质量为3g，合金长2cm，质量为15g。现将密度计钉挂在铁架台上的O点，使其保持水平平衡，便制作成了新型密度测量工具的雏形（如图丁所示），则OM的距离为　 　cm。
【答案】（1）刻度均匀、液体用量少
（2）解：l2=30cm/2-1cm=14cm
F2=G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N
F1l1=F2l2
F1×2cm=0.5N×14cm
G液=F1=3.5N
m=G液/g=3.5N/10N/kg=0.35kg=350g
ρ=m/V=350g/100mL=3.5g/cm3
（3）C；D
（4）2.5
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【分析】 （1）根据装置的特点分析；
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析；
（3）根据杠杆平衡F1L1=F2L2结合选项分析解答；
（4）均匀物体的重心在几何中心，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析。
【解答】 （1）新装置，在整根木棒上均匀地标上刻度，故优点是刻度均匀，相比密度计要在杯中装较多的液体才能漂浮，故优点是液体用量少；
（3）通过检测发现此密度计的精确度不高，说明钩码向右移动的距离较小，
A.增大钩码的质量，根据杠杆平衡条件中，液体质量一定时，钩码移动的距离更小，故不符合题意；
B.减小空桶的质量，只是改变了B的位置，钩码钩码移动的距离不变，不能提高精确度，故B不符合题意；
C.将空桶位置向左移，相同质量的液体，力臂变大，故钩码移动的距离变大，故C符合题意；
D.增大加入空桶中的液体体积，相同密度时，液体质量变大，故钩码移动的距离变大，故D符合题意；
故选CD。
（4）塑料管重心到塑料管左端距离为 20cm×=10cm；
合金重心到塑料管左端距离为 2cm×=1cm；
设合金的力臂为 l1，塑料管重力的力臂为 l2，则 1cm+l1+l2=10cm，得l2=9cm-1；
根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2得到：0.015g×1=0.003g×（9cm-1）
解得： 1=1.5cm；
OM的距离为1cm+l1=1.5cm+1cm=2.5cm。
1 / 1浙江省温州二中2023-2024学年九年级（上）科学第二次月考试卷
1．（2023九上·温州月考）“垃圾是放错位置的资源”，正确分类可以保护环境，实现资源再利用。废弃的金属易拉罐应属于（　　）
A． B．
C． D．
2．（2023九上·温州月考）如图是生活中常见水果的pH，其中呈碱性的水果是（　　）
A．柠檬 B．葡萄 C．西瓜 D．香蕉
3．（2023九上·温州月考）电饭煲煮饭，该过程中主要的能量转化是（　　）
A．电能转化为内能 B．电能转化为化学能
C．内能转化为电能 D．化学能转化为电能
4．（2023九上·温州月考）某番茄无土栽培营养液的配方中含有下列物质，其中属于钾肥的是（　　）
A．MgSO4 B．K2SO4 C．Ca(NO3)2 D．NH4H2PO4
5．（2023九上·温州月考）如图所示为一只正在空中飞行的足球（不计空气阻力），从A点运动到B点的过程中，足球的（　　）
A．重力势能不断增加 B．重力势能不断减小
C．机械能不断增加 D．机械能不断减小
6．（2023九上·温州月考）在温州轨道交通线工程建设中，用铝热反应对钢轨中的缝隙进行焊接，其原理为：
Fe2O3+2AlAl2O3+2Fe。该反应属于（　　）
A．化合反应 B．分解反应 C．置换反应 D．复分解反应
7．（2023九上·温州月考）下列使用的工具属于费力杠杆的是（　　）
A．开瓶器 B．镊子
C．羊角锤 D．老虎钳
8．（2023九上·温州月考）如图所示，小科在研究动滑轮的作用时，用重为0.2N的滑轮，把2N的钩码匀速提升，在不计绳重和摩擦的情况下，拉力F为（　　）
A．1N B．2N C．1.1N D．2.2N
9．（2023九上·温州月考）物质的性质决定物质的用途，下列性质与用途的对应关系不合理的是（　　）
A．盐酸具有酸性——除铁锈 B．铜具有导电性——做电线
C．氢气具有还原性——冶炼金属 D．浓硫酸具有腐蚀性——干燥剂
（2023九上·温州月考）在刚刚落幕的校第75届运动会上，同学们努力拼搏，携手奋进，展现了“青春领跑人”的校运精神。根据所学内容回答下面小题：
10．校运会的下列设施或器材中，没有用到有机合成材料的是（　　）
A．塑胶跑道 B．铝合金接力棒
C．实心球 D．尼龙跳绳
11．在实心球比赛中，运动员投掷的四个阶段如图所示，其中手对实心球有做功的是（　　）
A．①和③ B．②和④ C．①和④ D．②和③
12．运动饮料中常加入柠檬酸（C6H8O7），以获得更好的口感。柠檬酸是一种较强的有机酸，在水溶液中可以电离出H+，从而呈现酸性。下列物质不能与柠檬酸反应的是（　　）
A．Mg B．Fe C．Al D．Cu
13．为了补充能量，长跑运动员常会在赛前吃点巧克力。某种巧克力的营养成分表上标有“每100克能量2000千焦”。下列科学量与该标识的含义相类似的是（　　）
A．热能 B．热量 C．热值 D．比热
14．（2023九上·温州月考）如图是教室壁挂式实物展台示意图，MN为展示台，PQ为连杆拉住展示台，m为展示物。以下是展示台承载展示物时杠杆的示意图，其中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
15．（2023九上·温州月考）模型能够直观反映化学变化的结果。将一定质量的镁条放入某一溶液(如图)，其溶质硫酸锌和硫酸亚铁的质量相同，充分反应后烧杯内固体的组成和质量大小关系不可能的是（　　）
A． B．
C． D．
16．（2023九上·温州月考）芋是一种常见的食品，既可当粮食，又可作蔬菜。
（1）新鲜芋去皮时会产生一种白色汁液，汁液内含有一种碱性物质——皂角甙，沾上它会奇痒难忍，下列物质可用来涂抹止痒的是____。
A．硫酸 B．石灰水 C．纯碱 D．食醋
（2）有经验的人遇到这种情况会将手靠近火源烘一烘，也可以达到止痒的效果。如果将带皮芋煮熟后，再用手去皮就不会感觉痒。根据上述现象推测皂角甙的一种化学性质：　 　。
17．（2023九上·温州月考）水的比热是4.2×103J/(kg·℃)，为了测量某未知液体的比热大小，小科分别称取了相同质量的水和某液体，在初温相同的条件下，利用如图所示装置在水浴中加热。
（1）做功和热传递是改变物体内能的两种途径。本实验中，液体内能增加的途径是　 　。
（2）加热相同时间后，小科观察到温度计甲的示数上升了15℃，温度计乙的示数上升了30℃。由此可知，此未知液体的比热是　 　J/(kg·℃)。
18．（2023九上·温州月考）复习期间，小科同学用五边形图归纳了稀硫酸的性质，如图所示：
（1）为验证性质①，小科将紫色石蕊试液滴入盛有稀硫酸的试管中，观察到溶液呈　 　色；
（2）②的物质可以是　 　（写出一种即可）；
（3）小科需要在③的方框中填入的物质类别是　 　。
19．（2023九上·温州月考）课堂上，老师对书本演示做功改变物体内能的装置进行了如图改进：取一个大的塑料瓶，橡皮塞中间安装气门芯并连接打气筒，同时在瓶内伸入温度传感器探头。
（1）用打气筒向瓶内打气，在橡皮塞未弹出之前，观察到温度传感器的示数　 　（选“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）当橡皮塞弹出时，瓶内出现大量白雾。根据实验现象可以得知物体内能改变与做功的关系是：　 　。
20．（2023九上·温州月考）健腹轮是一种健身器材，使用时可将膝盖跪在垫子上，双手紧握健腹轮手柄，向前推动健腹轮至身体贴近地面，此时健腹轮内置的弹性钢圈会因形变而绕紧（如状态2），然后归位复原（如状态1）。
（1）从状态1到状态2，健腹轮内置的钢圈弹性势能将　 　（选“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）体重为500N的人，身体从状态1到状态2的过程中，其重心下降了0.3m，则重力做功为　 　J。
21．（2023九上·温州月考）在探究“杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
（1）实验前，杠杆如图甲所示静止，此时杠杆　 　。（填“平衡”或者“不平衡”）
（2）为了　 　，小科调节杠杆到水平位置平衡。
（3）杠杆水平平衡后，小科进行多组实验，如图乙所示，可在杠杆的D点挂　 　个相同的钩码，使杠杆在水平位置平衡。分析数据得到结论：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。
22．（2023九上·温州月考）一包白色固体混合物，可能由氯化钠、碳酸钾、硫酸钠、氯化钡中的一种或几种混合而成，为确定其组成进行如图所示实验。
（1）白色沉淀C是　 　。
（2）写出白色沉淀A与稀盐酸反应的化学反应方程式：　 　。
（3）根据以上实验现象，小科判断原白色固体中一定含有　 　。
23．（2023九上·温州月考）热机发明后，一直在持续的改进和发展中。
材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车(图甲)，传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧(图乙)，热效率为5%-8%之间。
材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机(内燃指燃料在气缸内燃烧)的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。
材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到14%。
（1）四冲程循环理论提及的“巨大爆发力”由下图中的　 　冲程来实现。（填选项）
（2）与传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧相比，德罗夏提出的内燃方式的优势是　 　。
（3）根据热机改进和发展的科学史，以下观点正确的是：____。（可多选）
A．屈纽制造出的蒸汽机是将燃料的化学能直接转化为三轮汽车的机械能。
B．传统蒸汽机的燃料在气缸外部是受到当时技术的局限，体现了工程的复杂性。
C．德罗夏的内燃机的效率估计至少可以达到20%。
D．现代燃油汽车的发动机是在内燃机的基础上发展和改进的成果。
E．热机的发明与发展给人类社会带来了深远的影响，方便了人们的生活。
24．（2023九上·温州月考）酸和碱反应是一类重要的化学反应。小科利用图1装置探究稀盐酸和氢氧化钠溶液反应，得到溶液pH值和溶液中Na+、OH-数量随加入甲溶液体积的变化图像，请结合图像回答下列问题。
（1）图2中d点对应的溶质是　 　。
（2）结合图1和图2，小科推断图3中V的数值为12，他的理由是　 　。
（3）若烧瓶中乙溶液的体积和浓度均不变，甲溶液的溶质质量分数增大，请在图2中画出烧瓶中溶液的pH值随加入甲溶液体积的变化而变化的大致曲线。
25．（2023九上·温州月考）小科想探究液体动能的大小与哪些因素有关，设计了以下实验。
如图甲所示，取一根光滑的塑料管，固定高度和倾斜角度，塑料管末端装有一定质量的水，用密封挡板封住端口。实验过程中，松开密封挡板，让水沿着管道下滑，刚好全部冲击水车，带动水车转动，空气阻力忽略不计。
（1）该实验通过　 　反映水流所具有的动能大小。
（2）如图乙所示，选取横截面积较大的塑料管，保证倾斜角度相同，水位高度相同，松开密封挡板，观察现象。增加乙组实验的目的是为了探究　 　。
（3）分析与讨论：在保证其他条件相同的情况下，第一次把乙中密封挡板全部松开，第二次把乙中密封挡板往上移动松开一半，两次水都全部流出并落在水车上。请判断水车两次获得的动能是否相同，并说明理由：　 　。
26．（2023九上·温州月考）反应物的质量比不同可能会影响生成物的种类，为探究碳和氧化铜反应生成的气体种类，小科设计了如下实验装置和方案（B、C装置中药品足量，且所有反应均充分进行）：
　 反应前的质量 反应后的质量
A（试管+固体） M1 M2
B+C（广口瓶+溶液） M3 M4
【提出问题】碳和氧化铜反应生成的气体是什么？
【作出猜想】猜想①：只有CO； 猜想②：只有CO2； 猜想③：CO和CO2。
（1）【定性分析】若观察到　 　（填写现象），则可排除猜想①。
（2）【定量分析】用电子天平测定表格中的四个数据：若猜想②成立，则理论上m1、m2、m3、m4数值满足的关系是　 　。
（3）【交流反思】若反应生成物有CO和CO2，实验装置还需如何改进：　 　。
27．（2023九上·温州月考）投石器是古代的攻城利器。为了进一步认识投石器的原理，学校科技节开展了“自制投石器”的比赛，以石头被抛出后运动的水平距离作为比赛成绩的依据。如图所示，利用弹袋、抛掷杆、橡皮筋、挂钩等器材，制成了投石器简易模型，并绘制了结构示意图。使用时，先用橡皮筋将挂钩与悬挂点1、2、3中的其中一点相连，再用力按压抛掷杆至水平位置后松手，橡皮筋会带动抛掷杆绕转轴转动，当抛掷杆碰到挡板时，弹袋中的石块就被抛出。为了比赛的安全，石头要用橡皮泥制成的小球来代替，且规定质量为50g。
（1）比赛中需要用到的测量工具有　 　。
（2）为了研究石头被抛出后运动的水平距离与石头离开抛掷杆时的初速度的关系，某小组通过实验获得了下表中的数据，由此可获得的结论是　 　。
投石器测试（m橡皮泥=50g）
悬挂点 1 2 3
投射距离（m） 6.45 6.37 6.52 5.34 5.51 5.44 4.77 4.83 4.63
（3）小科认为石块被抛出后运动的水平距离可能还与石块的质量有关。为了验证自己的假设是否正确，他设计了如下实验步骤：
①把一个质量为20g的小球放入弹袋里，橡皮筋拉到挂钩1，把抛掷杆压到水平位置。
②松手后，记录小球被抛出后运动的水平距离。多次测量，取平均值。
③分别依次将一个10g小球、一个5g小球放入弹袋里，重复步骤②。
④再将橡皮筋勾在2处、3处，重复上述实验。
⑤比较水平距离的平均值，得出结论。
请对小科所设计的实验方案的合理性做出评价，并说明理由：　 　。
28．（2023九上·温州月考）实验室里有一瓶长期敞口放置的氢氧化钙粉末，小科为测定该瓶粉末是否变质及变质程
度，进行如下实验操作：
步骤一：小科取2克样品放入烧杯中，加20克水，有固体未溶。
步骤二：过滤，取滤液加入无色酚酞，溶液变红。
步骤三：在滤渣中加入过量盐酸，有气泡生成。
（1）不能通过步骤一判断该瓶粉末已变质，理由是　 　。
（2）通过以上实验，可以判断氢氧化钙的变质情况是　 　。
（3）若瓶内未变质前的氢氧化钙，与质量为m1的HCl恰好完全反应，当氢氧化钙变质后恰好完全反应需要消耗HCl的质量为m2，则m1　 　m2。(填“>”“<”或“=”)
（涉及到的化学方程式有：Ca(OH)2+CO2=CaCO3↓+H2O，Ca(OH)2+2HCl=CaCl2+2H2O）
29．（2023九上·温州月考）10月4日至6日，杭州亚运会龙舟比赛在温州进行。中国队在龙舟项目共收获5枚金牌、1枚银牌，创下历届亚运会最好成绩。左图是运动员在室内进行划桨训练的两个场景，图甲是训练装置的结构示意图。绳子系在“船桨”的A端，运动员坐在位置上用力将“船桨”从位置“1”匀速划到位置“2”，重物的位置也发生了相应的变化。(船桨重、绳重与摩擦均不计)
（1）该装置中两个滑轮的作用是　 　。
（2）图乙是某种耐力练习示意图，保持“船桨”与绳子垂直并静止。当一只手握在O端，另一只手握在B点并施加垂直“船桨”的力F。请在图中标出动力臂l1。
（3）“船桨”从图甲的位置“1”匀速划到位置“2”的过程中，手对“船桨”的力F始终垂直于“船桨”，则此过程中力F的大小如何变化？　 　。
30．（2023九上·温州月考）电动汽车因其能耗低而被广泛普及，随着其技术的不断完善，未来将可能逐步替代燃油汽车，有效缓解二氧化碳的排放，有利于我国在2060年前实现“碳中和”的目标。
（1）下图表示吸收燃油汽车尾气中二氧化碳气体的一种方法。
①加入的X溶液是　 　。
②反应器中，氢氧化钠溶液喷成雾状可以使反应更充分，其原理是　 　。
（2）某品牌电动汽车以100km/h匀速通过高速公路上一段10km长的平直路段，消耗的总能量为9×106J。若此过程中用于驱动电动汽车前进所用的功率为2×104W，则该电动汽车的效率是多少？
（3）人们常说“电动汽车比燃油车环保”，其中碳排放量是环保指数的重要指标。为了探明电动和燃油两种汽车哪种更环保，科学家对某款电动汽车和某款燃油汽车进行四个维度的对比，相关信息如下表。
对比维度 电动汽车 燃油车
汽车生产及回收 每生产和回收一辆共排放约22吨碳（其中生产和回收锂电池组约占一半的碳排放） 每生产和回收一辆共排放约10吨碳
能源生成 使用绿色能源为其供电，年均消耗的电能相当于排放约0.8吨碳 动力来自化石燃料的燃烧，年均排放约3.8吨碳
使用维护 一年保养维护排放约0.2吨碳 一年保养维护排放约0.2吨碳
电池使用年限 锂电池组平均寿命8年 /
根据以上信息，从碳排放的角度来看，你是否赞同“电动汽车比燃油车环保”这个观点，
并说明理由：　 　。
31．（2023九上·温州月考）小科用过量的稀盐酸和石灰石反应制取二氧化碳后（石灰石中的杂质既不溶于水也不和酸反应），得到了含有盐酸和氯化钙的混合溶液。为了探究该混合溶液中氯化钙的质量。他又进行如下实验：取一定量的混合溶液于烧杯中，逐滴滴入碳酸钠溶液，观察并记录相应数据。结果如图所示。
(反应原理：Na2CO3+2HCl=2NaCl+2H2O+CO2↑；Na2CO3+CaCl2=2NaCl+CaCO3↓)
（1）小科发现碳酸钠溶液与混合溶液反应时存在多步反应，则a曲线代表的是碳酸钠与哪种物质反应，并说明理由　 　。
（2）请根据图中数据，计算所取混合溶液中氯化钙的质量。
（3）图中n=　 　。
32．（2023九上·温州月考）图甲为传统的液体密度计，其存在刻度不均匀、测量时液体用量过大等缺点。为此，项目化学习小组运用杠杆平衡原理设计并制作了一种新型液体密度测量工具（如图乙所示）。
【产品制作】
①将一根均匀的无刻度的木棒固定在铁架台上，并调节木棒至水平平衡。
②在支点O的左侧A悬挂点处挂上一个空桶并保持不动，已知OA为2cm；移动钩码至B悬挂点使木棒重新回到水平平衡，测得OB为1cm，并将B点标记为“0”刻度。
③往空桶中加入100mL水，移动钩码，当木棒达到水平平衡时，将此时悬挂点C标记为“1”刻度（单位g/cm3）。
④测量出BC的长度为L，在“1”刻度右侧距离L的位置上标上“2”刻度，以此类推，在整根木棒上均匀地标上刻度。
【产品检测】
（1）新型液体密度测量工具的优点有哪些？　 　。
（2）已知木棒总长为30cm，钩码质量为50g，求此新型液体密度测量工具可以测量的最大液体密度是多少？写出计算过程。
（3）【产品改进】
通过检测发现此密度计的精确度不高，下列改进措施能提高精确度的是____。（可多选）
A．增大钩码的质量 B．减小空桶的质量
C．将空桶位置向左移 D．增大加入空桶中的液体体积
（4）小科认为图甲的传统液体密度计可以直接改造成新型液体密度测量工具。如图丙是他原先制作的传统液体密度计，用粗细厚薄均匀的塑料管MN和合金（合金封在M端塑料管里面）制作而成，已知塑料管MN长20cm、质量为3g，合金长2cm，质量为15g。现将密度计钉挂在铁架台上的O点，使其保持水平平衡，便制作成了新型密度测量工具的雏形（如图丁所示），则OM的距离为　 　cm。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】人口增长及其对资源与环境的影响
【解析】【分析】 在垃圾分类中，我们通常将垃圾分为可回收物、有害垃圾、湿垃圾（厨余垃圾）和干垃圾（其他垃圾）四大类。
【解答】 A.可回收物是指适宜回收利用和资源化利用的生活废弃物，废弃的金属易拉罐是由金属制成的，金属是可以回收再利用的资源，因此废弃的金属易拉罐应属于可回收物，故A正确；
B.其他垃圾是指除可回收物、有害垃圾、餐厨垃圾以外的其他生活废弃物，由于废弃的金属易拉罐已经明确为可回收物，因此它不属于其他垃圾，故B错误；
C.厨余垃圾是指居民日常生活及食品加工、饮食服务、单位供餐等活动中产生的垃圾，废弃的金属易拉罐是由金属制成的，金属是可以回收再利用的资源，因此它不属于餐厨垃圾，故C错误；
D.有害垃圾是指对人体健康或者自然环境造成直接或者潜在危害的生活废弃物，然而，废弃的金属易拉罐并不属于有害垃圾，因为它并不含有对人体健康或环境有害的物质，故D错误。
故选A。
2．【答案】D
【知识点】溶液的酸碱性与pH值的关系
【解析】【分析】当溶液的pH等于7时，呈中性；当溶液的pH小于7时，呈酸性；当溶液的pH大于7时，呈碱性；据此进行分析判断即可。
【解答】 A.柠檬的pH小于7，显酸性，故A不合题意；
B.葡萄的pH小于7，显酸性，故B不合题意；
C.西瓜的pH小于7，显酸性，故C不合题意；
D.香蕉的pH大于7，显碱性，故D符合题意。
故选D。
3．【答案】A
【知识点】能量的相互转化和转移
【解析】【分析】根据能量的转化分析判断。
【解答】 电饭煲煮饭，该过程中主要的能量转化是电能转化为内能，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
4．【答案】B
【知识点】盐与化肥
【解析】【分析】 只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的氮元素的肥料称为氮肥；只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的磷元素的肥料称为磷肥；只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的钾元素的肥料称为钾肥；同时含有氮、磷、钾三种元素中的两种或两种以上的肥料称为复合肥。
【解答】 A.MgSO4中不含有钾元素，不属于钾肥，故A不合题意；
B.K2SO4中只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的钾元素，属于钾肥，故B符合题意；
C.Ca（NO3）2中只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的氮元素，属于氮肥，故C不合题意；
D.NH4H2PO4中只含有氮、磷、钾这三种营养元素中的磷元素和氮元素，属于复合肥，故D不合题意。
故选B。
5．【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【分析】 （1）机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。
（2）忽略空气阻力做功时，机械能不变。
【解答】 AB.从A点运动到B点的过程中，足球在空中下落，高度降低，所以重力势能减小，故A错误，B正确；
BC.忽略空气阻力做功时，机械能不变，故C、D错误。
故选B。
6．【答案】C
【知识点】置换反应及其应用
【解析】【分析】 化合反应是有两种或两种以上的物质生成一种物质的化学反应，特征是：多变一。分解反应是由一种物质生成两种或两种以上的物质的反应，特征是：一变多；置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的化学反应．复分解反应是两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应。
【解答】 置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的化学反应，根据方程式Fe2O3+2AlAl2O3+2Fe可知，反应物和生成物都由单质和化合物组成，因此属于置换反应。
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
7．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
【解答】A.使用开瓶器时，它与瓶盖上表面接触的位置为支点，阻力作用在瓶盖边缘，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故A不合题意；
B.使用镊子时，镊子片相连的位置为支点，阻力作用在尖端，动力作用在镊片中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故B符合题意；
C.使用羊角锤时，锤头的弯曲处为支点，阻力作用在豁口处，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C不合题意；
D.使用老虎钳时，转轴为支点，阻力作用在刀口上，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故D不合题意。
故选B。
8．【答案】C
【知识点】滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】根据图片确定承担重力的绳子段数，根据计算自由端的拉力。
【解答】根据图片可知，承担重力的绳子段数n=2，则自由端的拉力为：。
故选C。
9．【答案】D
【知识点】不同物质的物理性质
【解析】【分析】 根据物质的性质决定物质的用途，物质的用途反映物质的性质进行分析。
【解答】 A.盐酸具有酸性，能与金属氧化物反应，因此盐酸可用于除铁锈，故A正确不合题意；
B.铜具有导电性，因此铜可用于制导线，故B正确不合题意；
C.氢气具有还原性，因此可以冶炼金属，故C正确不合题意；
D.浓硫酸具有吸水性，因此可用作干燥剂，故D错误符合题意。
故选D。
【答案】10．B
11．A
12．D
13．C
【知识点】力是否做功的判断；金属活动性顺序及其应用；塑料、橡胶、纤维等有机合成材料的特点
【解析】【分析】（1） 根据合成材料是由人工合成的有机高分子材料，包括塑料、合成纤维、合成橡胶分析；
（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
（3） 根据在金属活动性顺序中，排在氢前面的金属能和酸反应，排在氢后面的金属不能和酸反应来分析。
（4）由“每100克能量2000千焦”可得每克巧克力提供的能量，据此进行分析。
10．合成材料是由人工合成的有机高分子材料，包括塑料、合成纤维、合成橡胶，塑胶跑道、实心球、尼龙跳绳均用到有机合成材料。
故选B。
11．①捡起球的过程中，人对球施加了力，球在力的方向上通过了距离，人对球做了功；
②停在空中时，人对球施加了力，但球没有移动距离，所以人对球不做功；
③挥动球时，人对球施加了力，球在力的方向上通过了距离，人对球做了功；
④球飞出去后，不再受到人施加的力，依靠惯性向前飞行，人对球不做功。
综上所述，手对实心球做功的是①③。
故选A。
12．在金属活动性顺序中，排在氢前面的金属能和酸反应，排在氢后面的金属不能和酸反应，镁、铁、铝排在氢前，能和柠檬酸反应，铜排在氢后，不能和柠檬酸反应。
故选D。
13．巧克力的营养成分表上标有“每100克能量2000千焦”，据此可得每克巧克力提供的能量；而燃料的热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，所以标识的含义与热值类似。
故选C。
14．【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【分析】能绕固定点转动的硬棒叫做杠杆，固定点为支点，根据动力、阻力的方向分析。
【解答】 根据题意可知，该装置为一个杠杆，MN能绕N点点转动，所以N点为支点O；展示物对MN的压力为阻力F2，方向向下；PQ对杠杆的拉力为动力F1，方向沿QP斜向上，故D正确，而A、B、C错误。
故选C。
15．【答案】C
【知识点】金属的化学性质；酸的化学性质
【解析】【分析】根据金属活动性顺序表的知识，结合化学式的计算判断即可。
【解答】根据题意可知，镁条先和硫酸亚铁反应，待反应结束后再和硫酸锌反应，
即只要有锌生成，那么铁肯定被完全置换出来。
质量相同的硫酸锌和硫酸亚铁，其中锌的质量肯定大于铁的质量。
当铁被全部置换而锌被部分置换时，铁质量大于锌，故B正确不合题意；
当镁的质量不够将锌完全置换出来时，则固体只有锌和铁，且锌的质量可能等于铁的质量，故A正确不合题意；
当镁的质量有剩余时，锌和铁被完全置换出来，且锌的质量大于铁的质量，而锌和铁的质量之和可能等于剩余镁的质量，故C错误符合题意，D正确不合题意。
故选C。
16．【答案】（1）D
（2）加热易分解
【知识点】酸的化学性质
【解析】【分析】 （1）要除去碱性物质，可以利用酸碱中和的原理；
（2）温度升高，痛痒消失，说明该物质不稳定．
【解答】 （1）皂角甙呈碱性，要除去该物质，可以选用显酸性的物质，故D正确，B、C、D错误。
故选D。
（2）用火烤或带皮煮熟，都是使该物质受热，说明该物质受热易分解。
17．【答案】（1）热传递
（2）2.1×103
【知识点】物体内能的改变方法；热量的计算
【解析】【分析】 （1）做功和热传递都可以改变物体的内能，热传递是内能的转移，做功是能量的转化；
（2）加热相同时间后，水和液体吸收的热量相同，根据Q吸=cmΔt计算未知液体的比热。
【解答】 （1）本实验中，液体吸收热量，内能增加，液体内能增加的途径是热传递；
（2）加热相同时间后，水和液体吸收的热量相同，即Q水吸=Q液体吸，
c水mΔt水=c液体mΔt液体，
则未知液体的比热为：。
18．【答案】（1）红
（2）氢氧化钠
（3）盐
【知识点】酸的化学性质
【解析】【分析】 （1）显酸性溶液能使石蕊变红色。
（2）氢氧化钠是碱，能和稀硫酸反应生成硫酸钠和水。
（3）稀硫酸能和某些盐反应。
【解答】 （1）为验证性质①，小科将紫色石蕊试液滴入盛有稀硫酸的试管中，观察到溶液呈红色。
（2）②的物质可以是氢氧化钠，是因为氢氧化钠是碱，能和稀硫酸反应生成硫酸钠和水。
（3）小科需要在③的方框中填入的物质类别是盐，即稀硫酸能和某些盐反应，例如稀硫酸能和硝酸钡反应生成白色沉淀硫酸钡和硝酸。
19．【答案】（1）增大
（2）物体对外做功，物体内能减小
【知识点】物体内能的改变方法
【解析】【分析】（1）改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递；
（2）物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少。物质由气态变为液态称为液化。
【解答】 （1）打气筒给瓶内气体打气时是对瓶内气体做功，气体的内能增加，温度升高，所以会观察到温度传感器示数增大；
（2）当瓶内气压达到一定程度时，橡皮塞被冲出，同时可以观察到温度传感器示数下降，瓶口会出现大量的“白气”，“白气”形成的原因是：瓶内水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气内能减少，温度降低，发生液化形成小水珠，根据实验现象可以得知物体内能改变与做功的关系是：物体对外做功，物体内能减小。
20．【答案】（1）增大
（2）150
【知识点】功的计算公式的应用；动能和势能的大小变化
【解析】【分析】 （1）弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；
（2）根据W=Gh求出重力所做的功。
【解答】 （1）从状态1到状态2，健腹轮内置的钢圈的弹性形变程度变答，弹性势能增大；
（2）身重为500牛的人身体从状态1到状态2的过程中重力所做的功：W=Gh=500N×0.3m=150J。
21．【答案】（1）平衡
（2）便于直接读出力臂的大小
（3）4
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】 （1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态。
（2）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，并且能消除杠杆重对实验的影响；
（3）根据杠杆的平衡条件F1L2=F2L2列式计算。
【解答】（1） 杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆静止，此时杠杆处于平衡状态；
（2）实验开始时，应调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，此时力臂恰好沿着杠杆的方向，可以直接从杠杆上读出力臂，同时可以消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。
（3） 若一个钩码重G，杠杆上一小格长度为L，
则由杠杆平衡条件可得：3G×4L=nG×3L；
解得：n=4，因此要使杠杆水平平衡，应在B处挂4个钩码。
22．【答案】（1）AgCl
（2）BaCO3+2HCl＝BaCl2+H2O+CO2↑
（3）碳酸钾、氯化钡
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】 一包白色固体混合物，可能由氯化钠、碳酸钾、硫酸钠、氯化钡中的一种或几种混合而成。向白色固体混合物中加足量水、过滤，得到白色沉淀A和无色滤液，向白色沉淀A中加入盐酸，产生无色气体B，沉淀全部溶解；碳酸钾和氯化钡反应生成碳酸钡沉淀和氯化钾，硫酸钠和氯化钡反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，碳酸钡和盐酸反应生成氯化钡、水和二氧化碳，硫酸钡不溶于酸，则白色沉淀A是碳酸钡，无色滤液中一定含有氯化钾，无色气体B是二氧化碳，所以原固体中一定含有碳酸钾、氯化钡，一定没有硫酸钠；向无色滤液中加入硝酸银和硝酸，得到白色沉淀C；氯化钾和硝酸银反应生成氯化银沉淀和硝酸钾，则白色沉淀C是氯化银；以上实验无法判断氯化钠的存在；据此分析解答。
【解答】 （1）由分析可知，白色沉淀C是AgCl。
（2）白色沉淀A是碳酸钡，碳酸钡和盐酸反应生成氯化钡、水和二氧化碳，反应的化学方程式为：BaCO3+2HCl=BaCl2+H2O+CO2↑。
（3）根据以上实验现象，小科判断原白色固体中一定含有碳酸钾、氯化钡。
23．【答案】（1）B
（2）燃料在气缸内燃烧，热量可能散失少，热效率会高
（3）B；D；E
【知识点】热机的工作原理
【解析】【分析】（1）利用内能做功的机械叫热机，内燃机是热机的一种；汽油机工作时先将燃料的化学能转化为内能，再转化为汽车的机械能；
（3）燃料在气缸内燃烧时的热效率高一些；
（4）逐项分析得出答案。
【解答】 （1）在四冲程内燃机中，提供动力的是做功冲程；
由图可知，A中进气门打开，活塞下行，为吸气冲程；
B中两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程；
C中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程；
D中排气门打开，活塞上行，为排气冲程；
故“巨大爆发力”由B冲程实现；
（2）内燃机的内燃方式比起传统蒸汽机燃料在气缸内燃烧，热量损失少，热效率高；
（3）A.屈纽制造出的蒸汽机是将燃料的化学能先转化为内能再转化为三轮汽车的机械能，故A错误；
B.受到当时技术的局限，传统蒸汽机的燃料只能在气缸外部，体现了工程的复杂性，故B正确；
C.由材料可知德罗夏的内燃机的效率估计达到14%左右，故C错误；
D.现代燃油汽车的发动机是在内燃机的基础上发展和改进的成果，故D正确；
E.热机的发明与发展给人类社会带来了深远的影响，方便了人们的生活，故E正确。
故选BDE。
24．【答案】（1）NaCl、HCl
（2）甲溶液加入体积=12mL时，pH=7，此时溶液中没有氢氧根离子
（3）
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】 （1）根据溶液的pH分析；
（2）根据pH=7时氢氧根被完全中和，溶液中没有氢氧根分析；
（3）根据甲溶液的溶质质量分数增大分析pH的变化。
【解答】 （1）图2中d点对应的＜7，酸有剩余，所以溶液的溶质是HCl和NaCl。
（2）根据溶液的pH可知，当pH=7时，甲溶液加入体积=12mL，说明氢氧根离子被完全中和，溶液中没有氢氧根离子；故答案为：甲溶液加入体积=12mL时，pH=7，此时溶液中没有氢氧根离子；
（3）若烧瓶中乙溶液的体积和浓度均不变，甲溶液的溶质质量分数增大，说明甲溶液体积小于12mL时，溶液达到中性，且最终的pH较小，烧瓶中溶液的pH随加入甲溶液体积的变化而变化如图：
。
25．【答案】（1）水车转动的圈数
（2）水的动能与质量的关系
（3）相同。因为水的重力势能不变，下落转化为水的动能相同，水车获得动能相同
【知识点】动能的影响因素
【解析】【分析】（1）结合实验目的，根据实验操作，水的动能越大，水车转动的速度越快，根据转换法分析回答；
（2）由已知条件可知，水落下时的速度相同，根据m=ρV可知图乙中水的质量较大，结合控制变量法分析回答；
（3）根据影响重力势能大小的因素分析两次实验水的重力势能大小关系，转化成水车的动能也相同。
【解答】 （1）本实验研究物体动能的大小与哪些因素有关，实验过程中，松开密封挡板，让水沿着管道下滑，刚好冲击水车，带动水车转动，水的动能越大，水车转动的圈数越多，根据转换法，实验过程中，通过水车转动的圈数反映流水所具有的动能大小。
（2）动能大小与物体的质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。小博同学选取横截面积较大的塑料管（如图乙所示），保证倾斜角度相同，水位高度相同，则水落下时的速度相同，而图乙中水的体积较大，根据m=ρV，图乙中水的质量较大，松开密封挡板，观察现象，故小博设计乙组实验的目的是研究动能大小与质量的关系。
（3）转化成水车的动能相同。因保证其他条件相同的情况下，水的质量和高度相同，水的重力势能相同；第一次小博把乙中密封挡板全部松开，第二次密封挡板往上移动松开一半，水的流速不同，但水全部流出并落在水车上，转化成水车的动能也相同。
26．【答案】（1）澄清石灰水变浑浊
（2）m1-m2=m4-m3
（3）在C后面加酒精灯
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）[定性分析]二氧化碳能够使澄清的石灰水变浑浊；
（2）[定量分析]根据试管中的反应为：，试管中减少的质量为反应生成二氧化碳的质量进行分析；
（3）[交流反思]根据一氧化碳有毒，需要进行处理分析即可。
【解答】（1） [定性分析]若观察澄清石灰水变浑浊，则说明含有二氧化碳气体，则可排除猜想①。
（2）[定量分析]试管中的反应为：，试管中减少的质量为反应生成二氧化碳的质量，B+C（广口瓶+混合液）中增加的质量为反应生成二氧化碳的质量，故若猜想Ⅱ成立，则理论上m4-m3=m1-m2；
（3）[交流反思]一氧化碳在加热的条件下与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，所以若反应生成物有一氧化碳和二氧化碳，实验装置还需要在C后面加一个酒精灯，将尾气中的一氧化碳转化为二氧化碳气体。
27．【答案】（1）刻度尺、天平
（2）当石头的质量相等时，石头离开抛掷杆时的初速度越大，石头被抛出后运动的水平距离越远
（3）不合理。橡皮筋的弹性势能相同，转化为小球的动能相同，当步骤③中当改变小球质量时，小球离开抛掷杆的初速度也会不同，存在两个变量
【知识点】实验操作注意事项的探究
【解析】【分析】 （1）根据实验过程确定要测量的物理量，据此确定需要的测量工具。
（2）悬挂点越远，橡皮筋的弹性势能越大，转化成的动能就越大，小球的初速度就越大，根据表格又得出此时的投射距离越大，据此可以得出结论。
（3）当橡皮筋拉到相同位置时，所拥有的弹性势能相等，转化成的橡皮泥动能也相等，故当小球的质量不同时，小球的速度也不同，故存在多个变量，结论不具有合理性。
【解答】 （1）需要测出橡皮泥的质量为50g。故需要天平；需要测出橡皮泥的投射距离，故需要刻度尺。
（2）当石头的质量相等时，悬挂点越远，橡皮筋的弹性势能越大，转化成的动能就越大，小球的初速度就越大。
根据表格数据，悬挂点最远的是悬挂点1，此时橡皮泥的投射距离越大，据此得出结论：当石头的质量相等时，石头离开抛掷杆时的初速度越大，石头被抛出后运动的水平距离越远。
（3）当橡皮筋拉到相同位置时，所拥有的弹性势能相等，转化成的橡皮泥动能也相等，故当小球的质量不同时，小球的速度也不同，故存在多个变量，得出的结论不具有合理性。
28．【答案】（1）氢氧化钙微溶于水，不溶物可能是氢氧化钙
（2）部分变质
（3）=
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】氢氧化钙微溶于水，和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，碳酸钙和稀盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，稀盐酸和氢氧化钙反应生成氯化钙和水。
【解答】 （1）不能通过步骤一判断该瓶粉末已变质，理由是氢氧化钙微溶于水，不溶物可能是氢氧化钙。
（2）过滤，取滤液加入无色酚酞，溶液变红，说明溶液中含有氢氧化钙。
在滤渣中加入过量盐酸，有气泡生成，是因为碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，说明固体中含有碳酸钙。
通过以上实验，可以得出的结论是部分变质。
（3）由Ca（OH）2+CO2═CaCO3↓+H2O、CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑可知，Ca（OH）2→2HCl。
由Ca（OH）2+2HCl═CaCl2+2H2O可知，Ca（OH）2→2HCl。
若瓶内未变质前的氢氧化钙，与质量为m1的HCl恰好完全反应，当氢氧化钙变质后，恰好完全反应需要消耗HCl的质量为m2，则m2=m1。
29．【答案】（1）改变力的方向
（2）
（3）先变大后变小
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法；定滑轮及其工作特点
【解析】【分析】（1）定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变力的方向；
（2）过支点O做动力作用线的垂线段，得出力臂；
（3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析回答。
【解答】 （1）该装置中两个滑轮是定滑轮，定滑轮可以改变力的方向；
（2）O为支点，过支点O做力F作用线的垂线段即为力F的力臂l1，如下图所示：
；
（3）当一只手握在O端，另一只手握在B点并施加垂直“船桨”的力F，此时O为支点，OB为动力臂，作用在A点的力大小等于物体的重力，即阻力和动力臂不变；从图甲的位置“1”匀速划到位置“2”的过程中，阻力臂先增大后减小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此过程中力F先变大后变小。
30．【答案】（1）Ca(OH)2；通过增大表面积以提高物质反应的效率
（2）解：t=s/v=10km/100km/h=0.1h=360s
W=Pt=2×10'W×360s=7.2×106W
η=7.2×106W/9×106J=80%
（3）赞同。通过计算可得，当车辆使用4年以上时，电动汽车的碳排放量就低于燃油车，而一般车辆的使用寿命均在4年以上。
【知识点】功的计算公式的应用；机械效率的计算；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】（1）根据复分解反应的原理、加快化学反应速率的方法来分析；
（2）根据速度公式求出电动汽车行驶的时间，根据W=Pt求出此过程中用于驱动电动汽车前进所做的功，根据效率公式求出该电动汽车的效率；
（3）从碳排放的角度来分析。
【解答】 （1）①该反应的生成物是氢氧化钠和碳酸钙，由复分解反应的原理可知，X是氢氧化钙溶液；
②反应器中，氢氧化钠溶液喷成雾状可以使反应更充分，其原理是增大反应物的接触面积；
（3）燃油车和电动汽车按照8年的使用年限来计算，电动汽车排放的碳为22t+0.8t×8+0.2t×8=32t；
燃油车排放的碳为10.1t+3.8t×8+0.2t×8=50.1t，
电动汽车的碳排放量低于燃油车的碳排放量，因此赞同“电动汽车比燃油车环保”这个观点。
31．【答案】（1）与氯化钙反应。因为碳酸钠要先把盐酸反应完，否则碳酸钠与氯化钙反应生成的碳酸钙沉淀会与盐酸马上反应，沉淀无法产生
（2）解：设原混合溶液中氯化钙的质量为x
Na2CO3+CaCl2=2NaCl+CaCO3↓
x=5.5g
（3）212g
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据碳酸钙会与盐酸反应来分析解答；
（2）根据化学方程式Na2CO3+CaCl2=2NaCl+CaCO3↓和碳酸钙的质量5.0克求出氯化钙的质量即可；
（3）根据与氯化钙反应的碳酸钠质量、与盐酸反应的碳酸钠质量和用去碳酸钠溶液的质量求出与氯化钙反应用去碳酸钠溶液的质量即可。
【解答】 （1）小龙发现碳酸钠溶液与混合溶液反应时存在多步反应，则a曲线代表的是碳酸钠与氯化钙反应，理由是若曲线b为碳酸钙沉淀质量，会与盐酸马上反应，沉淀消失；
（2）设所取混合溶液中氯化钙的质量的为x，与氯化钙反应的碳酸钠质量为y，
；
解得：x=5.55g；
；
解得：y=5.3g。
（3）设与盐酸反应的碳酸钠质量为z，
；
解得：z=21.2g；
由图可知，用去碳酸钠溶液的质量为265g，
则与氯化钙反应用去碳酸钠溶液的质量为，
则与盐酸反应用去碳酸钠溶液的质量为265g-53g=212g，
故图中n=212。
32．【答案】（1）刻度均匀、液体用量少
（2）解：l2=30cm/2-1cm=14cm
F2=G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N
F1l1=F2l2
F1×2cm=0.5N×14cm
G液=F1=3.5N
m=G液/g=3.5N/10N/kg=0.35kg=350g
ρ=m/V=350g/100mL=3.5g/cm3
（3）C；D
（4）2.5
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【分析】 （1）根据装置的特点分析；
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析；
（3）根据杠杆平衡F1L1=F2L2结合选项分析解答；
（4）均匀物体的重心在几何中心，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析。
【解答】 （1）新装置，在整根木棒上均匀地标上刻度，故优点是刻度均匀，相比密度计要在杯中装较多的液体才能漂浮，故优点是液体用量少；
（3）通过检测发现此密度计的精确度不高，说明钩码向右移动的距离较小，
A.增大钩码的质量，根据杠杆平衡条件中，液体质量一定时，钩码移动的距离更小，故不符合题意；
B.减小空桶的质量，只是改变了B的位置，钩码钩码移动的距离不变，不能提高精确度，故B不符合题意；
C.将空桶位置向左移，相同质量的液体，力臂变大，故钩码移动的距离变大，故C符合题意；
D.增大加入空桶中的液体体积，相同密度时，液体质量变大，故钩码移动的距离变大，故D符合题意；
故选CD。
（4）塑料管重心到塑料管左端距离为 20cm×=10cm；
合金重心到塑料管左端距离为 2cm×=1cm；
设合金的力臂为 l1，塑料管重力的力臂为 l2，则 1cm+l1+l2=10cm，得l2=9cm-1；
根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2得到：0.015g×1=0.003g×（9cm-1）
解得： 1=1.5cm；
OM的距离为1cm+l1=1.5cm+1cm=2.5cm。
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