资源简介

浙江省杭州市锦绣育才教育集团2023-2024学年八年级上学期科学期中试卷
1．（2023八上·杭州期中）2023年3月22日是第三十一届“世界水日”。今年的主题为“强化依法治水，携手共护母亲河”。下列有关保护水资源的做法正确的是（　　）
A．大量开采使用地下水，少用河流水
B．采用低流量的淋浴喷头
C．`海洋有自净能力，可以将工业废水集中后，统一排放到海洋中
D．严禁使用一切化肥，以防止水体污染
2．（2023八上·杭州期中）正确规范的实验操作非常重要，下列操作规范的是（　　）
A．称量 B．溶解
C．过滤 D．蒸发结晶
3．（2023八上·杭州期中）我国是受季风影响较为显著的国家之一，形成季风的主要原因是（　　）
A．维度位置低 B．地形复杂多样
C．地势西高东低 D．海洋和陆地性质差异
4．（2023八上·杭州期中）下列关于溶液、悬浊液、乳浊液的说法正确的个数有（　　）
①溶液一定是无色、均一、稳定、诱明的液体
②同一种溶剂中可以同时有多种溶质
③溶液是纯净物，而浊液是混合物
④植物油与水形成乳浊液，泥水是悬浊液
⑤饱和溶液一定是浓溶液，不饱和溶液一定是稀溶液
A．2 B．3 C．4 D．5
5．（2023八上·杭州期中）举世瞩目的第19届亚运会已于2023年9月23日在杭州举行，关于杭州的天气和气候说法正确的是（　　）
A．今天阴转多云，明天多云，它描述的是气候
B．季风更替明显，无霜期长，它描述的是气候
C．夏季温暖潮湿多雨，它描述的是天气
D．今天最高气温：18℃，最低气温：9℃，它描述的是气候
6．（2023八上·杭州期中）下列生活中的现象均与气压有关，其中一个利用的原理与另外三个不同的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2023八上·杭州期中）小金将装着鱼且没有打开的轻薄塑料袋直接放入家里盛有水的鱼缸中，则图中最有可能发生的情况是（　　）
A． B． C． D．
8．（2023八上·杭州期中）如图所示为一种新型“水温感应龙头”。自带水流发电电源。当水流温度低于40℃。感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流；当水温达40℃及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，以警示用水人。下列电路设计能实现该功能的是（　　）
A． B．
C． D．
9．（2023八上·杭州期中）分类是根据研究对象的共性和差异，按一定的标准将研究对象区分为若干个不同种类的科学方法。下列分类的标准与其结果对应的是（　　）
A．依据大气温度在水平方向上的变化特点，将大气分成五层
B．根据分散在液体中的不溶性物质状态不同，将浊液分为悬浊液和乳浊液
C．依据地球上的水体是否含盐将其分为海洋水和陆地水
D．若物质的溶解度超过10g，则其属于易溶物质，溶解度在1-10g之间的是可溶物质
10．（2023八上·杭州期中）2023年3月，“探索一号”科考船完成了首次环大洋洲载人深潜科考任务，搭载的“奋斗者”号多次完成了深度超过万米的下潜。不考虑海水密度与潜水器体积的变化，潜水器在海面下下潜的过程中（　　）
A．浮力不变，压强变大 B．浮力变天，压强变大
C．浮力变大，压强不变 D．浮力不变，压强不变
11．（2023八上·杭州期中）学习大气的压强时，我们将一只薄塑料袋放入广口瓶内，使塑料袋尽可能贴近玻璃瓶内壁。将袋口沿瓶翻过来，用橡皮筋紧紧扎在瓶口上（如图）。以下说法不正确的是（　　）
A．塑料袋贴近瓶内壁是为了尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气
B．塑料袋与瓶内壁的空气排出后塑料袋与瓶内壁气压变小
C．橡皮筋紧紧扎在瓶口是为了保持塑料袋与瓶内壁保持密闭
D．塑料袋从瓶口往外拉时塑料袋与瓶内壁气压变小
12．（2023八上·杭州期中）农业上常用饱和食盐水选种。在室温保持不变的情况下，饱和食盐水露置在空气中一段时间后，有少量固体析出。对此过程的描述，下列图象正确的是（　　）
A． B．
C． D．
13．（2023八上·杭州期中）小科用如图所示的方法探究水的沸点与气压的关系，小科将盛水的烧瓶加热，水沸腾后将烧瓶从火焰上拿开，迅速塞上瓶塞，此时瓶内气压为p1；把烧瓶倒置20s，此时题内气压为p2；向瓶底浇上冷水，烧瓶内的水再次沸腾，沸腾瞬间瓶内气压为p3，下列关于p1、p2、p3分析正确的是（　　）
A．p1>p3 B．p214．（2023八上·杭州期中）在100克蒸馏水中加入一定量的氢氧化钠固体，不断搅拌，此过程的温度变化如图所示，其中a、c两点时观察到溶液中有固体存在，而b点时固体完全消失。已知氢氧化钠的溶解度随温度升高而增大，则下列说法正确的是（　　）
A．氢氧化钠固体溶于水会吸收热量
B．a、c两点时，氧化钠的客解度相同
C．b点时，溶液一定是不饱和溶液
D．a、d两点时、溶液质量相等
15．（2023八上·杭州期中）由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著。读下面四幅“海陆风示意图”，判断近地面大气运动的正确流向是（　　）
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
16．（2023八上·杭州期中）某实验小组用如图所示装置完成电解水的实验并收集产生的气体，c管中收集到的气体体积是d管中的2倍，（U型管中预先加入了少量氢氧化钠），下列说法不正确的是（　　）
A．a是电源的负极
B．d管中收集到的气体可以用带火星的木条检验
C．U型管中加入少量氢氧化钠的目的是增强导电性
D．该实验说明水分子是由氢分子和氧分子构成的
17．（2023八上·杭州期中）与海南岛相比，杭州四季分明，气温夏高冬低，造役这种差异的主要影响因素是（　　）
A．大气环流 B．海陆分布 C．纬度位置 D．地貌
18．（2023八上·杭州期中）现要配制100g12%的氯化钠溶液，称量过程中误将砝码（砝码盒中的砝码规格有50g、20g、10g、5g，称量时5g以下用游码）和称量物放反了。共他过程没有错误，则实际配制溶液中溶质的质量分数为（　　）
A．12% B．8% C．8.3% D．10%
19．（2023八上·杭州期中）如图所示是小勇连接的实验电路，他检在导线连接无误后，闭合开关，发现灯泡L1、L2均不发光，于是他用一根导线来排查故障。当导线连接I两端时两灯仍不发光，连接L2两端时L1发光、L2不发光。由此判断电路的故障是（　　）
A．L1断路 B．L2断路 C．L1短路 D．L2短路
20．（2023八上·杭州期中）如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的烧杯中均装有适量的水，将质地均匀，且不吸水的a、b两实心体分别放入甲、乙烧杯中，当a、b静止时，a有五分之二的体积露出水面，b悬浮于水中，此时两烧杯液面刚好相平。若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a的上表面刚好与液面相平，整个过程中水均未溢出，下列说法正确的是（　　）
A．a的密度是0.4×103kg/m3 B．a、b的重力之比为5：3
C．a、b的体积之比为5：2 D．b的密度是0.8×103kg/m3
21．（2023八上·杭州期中）读图并回答下列问题。
（1）大气分层的主要依据是　 　。
（2）飞机在高空飞行时种到了厚重的积雨云，此时飞机位于大气中的　 　层（填数字），该层气出随高度升高而　 　。
22．（2023八上·杭州期中）关于静电学的研究，科学们经历漫长的探究过程。
材料一：公元前585年，泰勒斯发现用毛皮摩擦过的琥珀。能吸引绒毛等轻小物体。
材料二：1746年-1752年，“电学之父”富兰克林在研究静电现象时，有如下发现：
①带有电荷的尖锐导体之间容易产生火花。
②用风筝收集的雷电（天电），它可以产生一切摩擦电（地电）所能产生的现象。
③用摩擦玻璃瓶后，两者带不同电荷；当两者再次接触后，电荷抵消不再带电．
（1）小明摩擦过的琥珀靠近带负电荷的小球，现象如图所示，请判断琥珀所带电荷种类是　 　。
（2）某同学基于富兰克林发现进行了推测，其中合理的是　 　（可多选）。
A．物体的尖端可能容易放电
B．地电和天电本质是一样的
C．摩擦会产生电荷
D．只有摩擦方能使物体带电
E．带不同电荷的物体接触后可能会发生电荷转移
23．（2023八上·杭州期中）11月8日气象消息：杭州市今天夜里到明天晴，明天白天最高气温为25℃，最低气温是13℃．如图是当天某时的气压图。
（1）气象消息：明天最高温度为25℃，出现的时间应该在　 　左右。
（2）在AB两地之间，风向应该是　 　（选项“A到B”或“B到A"）。
24．（2023八上·杭州期中）小金用20mL一次性注射器吸取10mL的雪碧饮料，并用胶头滴管封闭注射器针孔，进行了如图Ⅰ、Ⅱ的实验。先用力向外拉动注射器，注射器中出现许多小气泡；然后用力向内推注射器，注射器内气压　 　（填“变大”、“变小”或“不变”，下同），小气泡减少。此实验可以说明气压变大，气体在水中的溶解能力　 　。
25．（2023八上·杭州期中）2022年5月，全球首艘智能型无人系统航母“珠海云”号（如图所示）在广州下水。“珠海云”号排水量为2000吨，满载软时受到的浮力为　 　N；当船上的无人机起飞后，其受到的浮力　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
26．（2023八上·杭州期中）在室温下完成如下实验，若固体A（不含结晶水）溶于水既不吸热，也不放热，且实验过程中不考虑水的蒸发。请回答：
（1）上述四种溶液一定属于不饱和溶液的是　 　。
（2）四种溶液的溶质质量分数大小关系为　 　。（均用序号表示）
27．（2023八上·杭州期中）在配制食盐溶液过程中，同学们发现，精制盐比粗盐溶解得更快。阅读配料表发现，这两种食盐的成分相同，只是精制盐颗粒比较小，而粗盐颗粒比较大。同学们想通过实验来探究影响食盐溶解快慢的因素，请帮助他们完成实验设计。
同学们猜测食盐溶解快慢与其颗粒大小有关。为验证假设，准备了如下实验装置。
（1）要验证假设，应当选择图中的　 　（填字母）开展实验对照；若观察到　 　，（填实验现象）则说明食盐颗粒越小，溶解越快。
（2）观察实验装置a和c，发现c中烧杯里的食盐溶解得更快，能不能说明温度越高，食盐溶解得越快？请说明理由：　 　。
28．（2023八上·杭州期中）如图是配制50g质量分数为5%的氯化钠溶液的操作过程示意图：
（1）D操作应选用量程为　 　mL的量筒（从“10mL”"50mL”“100mL”中选择）。
（2）E操作中玻璃棒的作用是　 　。
（3）如果配制过程中出现以下情况可能导致所配溶液的溶质质量分数偏大的是____。
A．量取水时俯视读数
B．配完后将溶液转移至试剂瓶时洒出了一些
C．将量好的水从量筒里倒入烧杯时，量筒内壁有少量的水残留
D．称量时砝码放左盘食盐放右盘
29．（2023八上·杭州期中）小金用2mL注射器、量程0~10N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值。
步骤一：把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔。
步骤二：如图所示安装好器材，水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞刚被拉动时，记下弹簧测力计的示数为5.2N。
步骤三：用刻度尺测出注射器　 　长度为4.00cm。
步骤四：算出大气压强值。
同组的小格分析了影响实验结果的可能因素后，对实验进行了如下改进：
①将步骤一改为：先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，这样便于　 　。
②取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N。由此可知，此时活塞所受到的　 　（填“摩擦力”或“大气压力”）为0.3N．
小格根据改进后测得的数据，重新计算了大气压的值为　 　Pa。
30．（2023八上·杭州期中）如图为实验室或生活中常见的三种净化水的方法。
（1）图1装置中存在的一处明显错误是　 　。
（2）下列关于三种净化方法的说法正确的有____。
A．图1：用玻璃棒在漏斗中搅拌加速过滤
B．图2：用该装置将海水淡化
C．图3：生活中常用该方法获得饮用水
D．三种净化水的过程均为物理变化
（3）拓展应用：甲型HIN1流感病毒的直径为0.08～0.2微米，带有病毒的飞沫直径一般为1～10微米，能有效防控甲型H1N1流感病毒的N95专业口罩的过滤孔径在0.1微米左右。根据本题信息请说出你对“过滤”概念的理解　 　。（写出一点即可）
31．（2023八上·杭州期中）某小组同学在“探究影响浮力大小的因素”实验中，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
①与物体浸没在液体中的深度有关；
②与物体排开液体的体积有关；
③与液体的密度有关。
实验器材有：弹簧测力计、烧杯、金属块、水、盐水（ρ盐水>ρ水）。
小明先用弹簧测力计测出金属块的重力，然后将金属块慢慢没入液体中不同深度。实验步骤如图a、b、c、d、e所示（液体均未溢出），并将弹簧测力计的示数记录下来。
（1）分析实验步骤a、c、d可知，在同种液体中，物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度　 　（选填“有关”或“无关”）。分析三个实验步骤　 　（填序号）可知。在同种液体中，物体排开液体的体积越大；物体受到的浮力越大；分析实验步骤a、d、e可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力　 　。
（2）若先完成步骤c，再完成步骤a，则测得的浮力将　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
（3）该小组同学完成本次实验后，又用获得的数据求出了金属块的体积为　 　m3，盐水的密度为：　 　kg/m3。
32．（2023八上·杭州期中）小锴用饮料吸管制作了一只简易密度计。
（1）将其放入水中时，密度计不能直立，改进方法是　 　。
（2）改进后，将它先后放入盛有不同液体的两个烧杯中，当它竖直静止在液体中时，如图所示。从观察到的现象可以判断；两次简易密度计所受浮力F甲　 　F乙，两杯液体的密度ρ甲　 　ρ乙。
（3）用它测量可乐密度时，测得的密度会偏大，原因是　 　。
33．（2023八上·杭州期中）高压锅是生活中一种密闭的加热容器，锅盖中央有一出气孔，孔上盖有限压阀，当锅内气压达到限定值时，限压阀被顶起放出部分气体，实现了对锅内气体压强的控制。已知高压锅盖出气孔的横截面积为12mm2，限压阀的质量为84g。（大气压值取1.0×105Pa）
（1）高压锅是根据　 　的原理设计工作的。
（2）求使用高压锅时锅内气体最大压强。（写出计算过程）
（3）根据图象进行判断：用该高压锅烧水，水温最高可以达到　 　℃。
34．（2023八上·杭州期中）你见过冬天能自发热，夏天能自制冷的罐装饮料吗 如图是“玛吉克牌”一摇冰功能饮料，根据所给资料回答：
（1）“一摇冰”饮料在炎热的夏天解渴，其罐底的固体可能是____。
A．氢氧化钠 B．硝酸铵 C．氯化钠
（2）我们在喝碳酸饮料（含有二氧化碳气体）后，常出现打嗝现象，是由于气体的溶解度随温度升高而　 　.
（3）喝完饮料后，取出罐体底部的水溶液，加热蒸发掉2克水，冷却20℃，有2克晶体析出，此时溶液中溶质的质量分数为多少 （20℃时该物质的溶解度为180克）（计算结果保留一位小数）
35．（2023八上·杭州期中）浮力式水面垃圾清理器是一种可以漂浮在水面上自动收集小面垃圾的装置（如图甲）。项目化学习小组研究制作了一个水面垃圾清理器模型，其主要结构如图乙所示。工作原理为：垃圾清理器静止在水中，打开水泵后，水面上的落叶会随着水流从入水口自动进入收集器；垃圾会留在滤网内，水从排水口流出，从而达到自动清理垃圾的目的。
（1）请你结合压强相关知识对打开底部水泵后水会从入水口进入清理器内进行解释。
（2）项目小组制作的垃圾清理器模型漂浮在水面上时入水口恰好与水面相平，试验时却发现水面上的垃圾无法顺利进入收集器，小明想通过增加配重的方式使收集器入水口低于水面2厘米，请通过计算说明需要增加的配重质量为多少 （浮条规格为2厘米×2厘米×10厘米，配重放置在收集器主体内部不产生浮力）
36．（2023八上·杭州期中）如图是浮力秤结构示意图，构造如下：两个底面积不同的圆柱形玻璃容器，大容器底面积是300cm2，高度是21cm，小容器底面积是250cm2，高度是25cm，质量是250g，小容器漂浮于大容器的水中，两容器壁厚可忽略不计。问：
（1）不放被测物时，小容器受到的浮力为　 　牛。
（2）已知该浮力秤的最大V排为21cm×250cm2，请计算该浮力秤测质量的量程。
（3）分析计算11N的水能否完成该浮力秤最大质量的称量？
37．（2023八上·杭州期中）据专家估计，到2025年，全世界35亿人将处于缺水状态，人类生存将受到严重威胁。因此，保护水资源，合理利用和开发水资源已刻不容缓。为合理分配、利用水资源，政府采取了许多措施。
（1）修建水库。年降水量分布情况常作为修建水库的指标之一。请根据图甲分析，支持当地政府推进水库修建的理由是　 　。该工程主要是通过改变图乙水循环中的　 　（填序号）环节来实现的。
（2）海水淡化是目前补充淡水资源的主要方法之一，小科设计并制作了如图的咸水淡化装`置。同时针对该装置设计了评价表：“咸水淡化装置”评价表（节选）。
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一：装置结构 结构完整，有加热、冷却和收集装置 结构较完整，缺少较好的冷却装置 结构不完整，有1处结构以上缺失
指标二：淡化效果 能从咸水中制得淡水，速度较快、连续稳定 能从咸水中制得淡水，但效果不明显 不能从成水中制得淡水
指标三： …… …… ……
①易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过　 　（填物态变化名称）变成淡水流入容器。
②根据评价需要，请你提出一项评价指标写在指标三“ ”处。　 　
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】 保护水资源包括两个方面：一方面要节约用水，另一方面要防治水体污染。
【解答】 A.大量开采使用地下水会导致地下水位下降，可能导致地面塌陷，故A错误；
B.采用低流量的淋浴喷头可以节约用水，故B正确；
C.海洋有自净能力，但若将工业废水集中后，统一排放到海洋中会造成海水的严重污染，故C错误；
D.为防止水体污染可以合理使用化肥和农药，但不能禁止使用，故D错误。
故选B。
2．【答案】D
【知识点】天平的使用及读数；过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】根据实验操作的规范分析判断。
【解答】A.称量质量时，物体放在左盘，砝码放在右盘，不能用手直接接触砝码，故A错误；
B.量筒不能配制溶液，故B错误；
C.溶液不能直接倒入漏斗，应该用玻璃棒引流，故C错误；
D.蒸发结晶时，要用玻璃棒不断搅拌，故D正确。
故选D。
3．【答案】D
【知识点】季风
【解析】【分析】季风是一年中风向相反或近于相反的风；海洋和陆地性质的差异是形成季风的主要原因；夏季风从海洋吹向陆地，冬季风从陆地吹向海洋；风是从高压区吹向低压区的。
【解答】季风形成的本质原因是海洋和陆地性质的差异；夏季，海水的比热容大，海洋的温度低，形成高压区，陆地中沙子的比热容小，升温快，温度高，形成低压区，风从海洋吹向陆地，成为夏季风；冬季风相反。
故答案为：D。
4．【答案】A
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】①根据溶液是均一、稳定的混合物，进行分析判断。
②根据溶液的组成，进行分析判断。
③根据溶液和浊液的特征，进行分析判断。
④不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液。
⑤浓稀溶液是溶液中所含溶质质量分数的大小，溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系。
【解答】 ①溶液不一定都是无色的，有些溶液是带有颜色的，如硫酸铜溶液是蓝色的，故①错误；
②一种或几种物质分散到另一种物质中，形成均一的、稳定的混合物叫做溶液，溶液中溶质可以有多种，但溶剂只有一种，故②正确；
③一种或几种物质分散到另一种物质中，形成均一的、稳定的混合物叫做溶液，溶液是混合物；不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液，浊液也是混合物，故③错误；
④植物油不溶于水，把植物油放到水里是小液滴悬浮于液体中形成的混合物，属于乳浊液；泥难溶于水，放到水里是固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物，属于悬浊液，故④正确；
⑤溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，饱和溶液不一定是浓溶液，不饱和溶液不一定是稀溶液，故⑤错误。
故说法正确的个数有2个。
故选A。
5．【答案】B
【知识点】天气的概念；气候的概念；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】 天气指的是短时间内大气的变化，包括相态变化，温度，稳定度，比如说，阴晴雨雪，风霜露雹等。一般指一天到5天或7天地天气状况。气候指的是长时间内天气现象的累积形成的表示常年某地某时间段的天气状况。一般指年际变化或者百年尺度甚至更长尺度。
【解答】A. 今天阴转多云，明天多云，它描述的是天气，A错误；
B. 季风更替明显，无霜期长，它描述的是气候，B正确；
C. 夏季温暖潮湿多雨，它描述的是气候，C错误；
D. 今天最高气温：18℃，最低气温：9℃，它描述的是天气，D错误；
故答案为：B.
6．【答案】C
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】 A.用吸管吸饮料时，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压的作用下被压入嘴中；
B.拔火罐时，罐内的气压小于罐外的大气压，大气压将罐紧紧地压在皮肤上；
C.高压锅是根据气压越高沸点越高的原理来工作的；
D.离心式抽水机工作时，通过叶轮转动使叶轮中心区域形成真空，水在外界大气压的作用下被压上来。
【解答】 ABD.由分析可知，吸饮料、拔火罐、离心式抽水机这三项都是利用大气压来完成的；
C.高压锅的密封性好，锅内气压高于外界大气压，而液体的沸点与气压有关，气压越高，液体的沸点越高，所以高压锅内水的沸点高于100℃，但高压锅不是利用大气压来工作的。
则与其它三个原理不同的是C。
故选C。
7．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】金鱼悬浮在袋内的水中，金鱼的密度等于水的密度，这样，袋内外水的密度相同，袋内水和金鱼的总重力才等于受到的浮力，据此分析判断。
【解答】 由图知，金鱼悬浮在袋内的水中，金鱼的密度等于水的密度；
将塑料袋浸入水中，袋内外水的密度相同，只有当排开水的体积V排等于塑料袋的浸入水中的体积时，袋内水和金鱼的总重力才等于受到的浮力，才能处于静止状态。
那么袋内和袋外的水面相平。
故选B。
8．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】 由题知，当水流温度低于40℃，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流；当水温达到40℃及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，说明红灯和绿灯能独立工作、互不影响，据此进行解答。
【解答】 由题意可知，当水流温度低于40℃，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流，说明感应开关S1只控制绿灯，因此感应开关S1与绿灯串联；
当水温达到40℃及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，说明感应开关S2只控制红灯，因此感应开关S2与红灯串联；
因为红灯和绿灯能独立工作、互不影响，所以绿灯与红灯并联，故B正确，A、C、D错误。
故选B。
9．【答案】B
【知识点】地球上的水体；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别；溶解现象与溶解原理；大气的分层
【解析】【分析】 A.根据大气温度及分层知识进行分析；
B.根据悬浊液和乳浊液的组成特点分析；
C.根据水资源的分布规律进行分析；
D.根据溶解度的概念及大小进行分析。
【解答】 A.依据大气温度在垂直方向上的变化特点，将大气分成5层，故A错误；
B.根据分散在液体中的不溶性物质的状态不同，将浊液分为悬浊液和乳浊液，故B正确；
C.依据地球上的水体是否含盐将其分为咸水和淡水，故C错误；
D.室温下，若物质的溶解度超过10g/100g水以上的物质，属于易溶物质，溶解度在1g/100g-10g/100g水之间的是可溶物质，故D错误。
故选B。
10．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】潜水器在水面下下潜过程中，排开水的体积保持不变，所处的深度变大，利用F浮=ρgV排可知浮力的变化，利用p=ρ液gh可知所受压强的变化。
【解答】 潜水器在水面下下潜过程中，排开水的体积保持不变，所处的深度变大，
由F浮=ρgV排可知，潜水器所受的浮力保持不变；
由p=ρ液gh可知，潜水器所受水的压强变大。
故选A。
11．【答案】B
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】“瓶中取袋”是研究大气压强时的实验，为了使塑料袋在拉出过程中受力明显，在操作的过程中，应尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气，并且保持此装置的气密性良好，同时结合温度不变的情况下，一定质量的气体的压强与体积的关系分析判断。
【解答】 ABC.“瓶中取袋”是研究大气压强时的实验，为了使塑料袋在拉出过程中受力明显，在操作的过程中，应尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气，并且保持此装置的气密性良好，因此塑料袋贴近瓶壁，尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气，且应用橡皮筋紧扎瓶口，保持塑料袋与瓶内壁密闭，保持装置气密性良好，这样也能保证塑料袋贴近瓶壁后，塑料袋与瓶内壁之间气压不变，故AC正确不合题意。B错误符合题意；
D.由于塑料袋外侧紧贴瓶内壁一侧，而塑料袋内侧受到大气压的作用，将塑料袋从瓶内拉出来时，瓶内残余空气体积变大，因此塑料袋与瓶内壁气压将变小，故D正确不合题意。
故选B。
12．【答案】D
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】根据温度不变，饱和食盐水析出固体，说明溶剂蒸发，溶剂质量减小，溶质减小，但溶质质量分数不变分析。
【解答】A、 在室温保持不变的情况下，饱和食盐水露置在空气中一段时间后，有少量固体析出 ，溶质质量减小，不符合题意；
B、温度不变，饱和食盐水析出固体，说明溶剂蒸发，溶剂质量减小，不符合题意；
C、溶液质量随溶质和溶剂的减小而减小，不符合题意；
D、温度不变，始终是饱和溶液，溶质质量分数不变，符合题意；
故选D。
13．【答案】A
【知识点】气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】 （1）一定质量的气体，体积一定时，温度越低，气体的压强越小；
（2）液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】 一定质量的气体，体积一定时，温度越低，气体的压强越小。把烧瓶倒置20s，此时瓶内气体温度降低，气压减小，故p1＞p2；
当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来，故p2＞p3。
综上分析可知，p1、p2、p3的关系是：p1＞p2＞p3，故A正确，B、C、D错误。
故选A。
14．【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】A.氢氧化钠溶于水会放热。
B.其他条件不变，温度相同时，溶解度相同。
C.饱和溶液是在该温度下不能再溶解某物质的溶液，结合b点固体完全消失进行分析。
D.根据题意分析氢氧化钠固体物质的溶解度随温度的升高而增大，a、c两点溶液中有固体存在以及结合图象分析。
【解答】 A.由图象可知，开始时溶液温度升高，即氢氧化钠溶于水放出热量，故A错误；
B.a、c两点时，温度相同，都有没有溶解的NaOH，所以a、c两点时，NaOH的溶解度相同，故B正确；
C.b点固体完全消失，可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，故C错误；
D.根据题意，如图a、c两点观察到溶液中有固体存在，b点固体完全消失，氢氧化钠固体物质的溶解度随温度的升高而增大。根据题意分析可知整个溶解过程中溶剂质量不变；a、c两点温度高于d点温度，d点温度低，因此d点溶解度也更小。a、c两点溶液都有固体剩余，属于饱和溶液；由于d点溶解度更小，所以剩余的固体量更多，a、d两点时，溶液质量不相等，故D错误。
故选B。
15．【答案】B
【知识点】比热容
【解析】【分析】首先根据Q=cm△t分析海水和陆地的物体吸热后温度的高低，再根据温度高低确定气压的变化，最后根据“风是从气压高的地方流向气压低的地方”确定风向即可。
【解答】 海水的比热容大于陆地的比热容，白天吸收了相同的热量后，陆地上方空气升高的温度比海洋上空空气的温度升高的多，所以陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高，则风从气压高的海洋流向气压低的陆地，故①错误，③正确；
夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，海洋上空气温高，气压低，则风从陆地吹向海洋，故②正确，④错误。
故选B。
16．【答案】D
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】AB.电解水时，正极产生的是氧气，氧气能使带火星的木条复燃，负极产生的是氢气，氢气燃烧生成水，氧气和氢气的体积比约为1：2；
C.水中正负离子的浓度越大，则导电能力越强；
D.根据水分子构成的知识判断。
【解答】 A.a是电源的负极，产生的气体是氢气，氢气密度比空气小，可以用向下排空气法收集，故A正确不合题意；
B.d管中的气体是氧气，可以用带火星的木条检验，是因为氧气能使带火星的木条复燃，故B正确不合题意；
C.U型管中加入少量氢氧化钠的目的是增强导电性，故C正确不合题意；
D.该实验不能说明水分子中含有氢分子和氧分子，能够说明水分子中含有氢原子和氧原子，故D正确不合题意。
故选D。
17．【答案】C
【知识点】气温及其变化
【解析】【分析】影响气候的因素主要有纬度因素、地形地势因素、海陆因素、洋流因素和人类活动等。
【解答】 纬度位置是影响气候的基本因素。因地球是个很大的球体，纬度不同的地方，太阳照射的角度就不一样，有的地方直射，有的地方斜射，有的地方整天或几个月受不到阳光的照射。因此，各地方的太阳高度角不同，接受太阳光热的多少就不一样，气温的高低也相差悬殊。一般是纬度越低，气温越高，如海南岛位于低纬度地区，终年高温；纬度越高，气温越低，如我国的杭州纬度比海南高，气温夏高冬低。
故选C。
18．【答案】C
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】通过计算算出溶质质量和溶剂质量，根据左盘质量=右盘质量+游码质量，列出等式算出实际称量的质量，再算出溶质质量分数。
【解答】 根据题意可知，所需溶质质量为：100g×12%=12g，那么需水88g。
称量时10g是砝码质量，2g是游码，
由左盘质量=右盘质量+游码质量，列式为：10g=物体质量+2g；
解得：物体质量=8g，
故质量分数为：。
故选：C。
19．【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【分析】用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，被短路的用电器中无电流通过。但与导线串联的其它用电器若能工作，说明除被导线并联的部分电路外电路是导通的。
【解答】 由图可知：L1与L2是串联电路，闭合开关，发现灯泡L1、L2均不发光，这说明电路出现了断路现象；
当导线连接L1两端时两灯仍不发光，这说明故障出现在除L1以外的部分；连接L2两端时L1发光、L2不发光，这说明电路是通路，所以故障是L2断路。
故选B。
20．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据物体漂浮条件F浮=G及公式G=mg=ρgV、F浮=ρ液gV排来计算物体密度，并分析a、b之间的重力、体积的大小关系；
（2）悬浮时，物体的密度等于水的密度。
【解答】 由漂浮、悬浮条件可知：F浮=G，结合公式G=mg=ρgV、F浮=ρ液gV排可得：
在甲中，a漂浮，有五分之二的体积露出水面，则a的重力为Ga=ρagVa，
a受到的浮力为F浮a=ρ液gV排a=ρ水gVa，
即Ga=ρagVa=ρ水gVa……①
在乙中，b悬浮，则Gb=F浮b=ρ水gVb……②
在丙中，a、b漂浮，则Ga+Gb=F浮=ρ水gVa……③
由①可得：，故A错误；
由①②③可得：2Ga=3Gb，即：Ga：Gb=3：2，故B错误；
2Va=5Vb，即：Va：Vb=5：2，故C正确；
b悬浮在水中，所以b的密度等于水的密度，为1.0×103kg/m3，故D错误。
故选C。
21．【答案】（1）大气在垂直方向的各种特性
（2）③；降低
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】对流层：低纬17-18千米，中纬10-12千米，高纬8-9千米；气温随高度增加而递减；人类生活在对流层底部，与人类关系最为密切。平流层：自对流层顶到50-55千米；下层随高度变化很小，30千米以上气温随高度增加而迅速上升；臭氧大量吸收紫外线，为人类生存环境的天然屏障，大气稳定，利于高空飞行。高层大气：自平流层顶以上到大气上界2000-3000千米；80-500千米高空有若干电离层，能反射无线电通信；有广阔的空间，有利于卫星的运行。
【解答】（1）根据所学知识可知，大气分层的主要依据是大气在垂直方向的各种特性，将大气分成对流层、平流层和高层大气。
（2）图示③是最贴近地面的对流层，②是中间层的平流层，①是最外层的高层大气。由于对流层占有大气质量的四分之三和几乎全部的水汽，所以云雨风雪等天气现象都分布在对流层，即飞机在高空飞行时遇到了厚重的积雨云，此时飞机位于大气中的③对流层；由于对流层的热量直接来源于地面辐射，所以海拔越高，气温越低。
22．【答案】（1）负电
（2）ABE
【知识点】摩擦起电；电荷间的相互作用规律
【解析】【分析】 （1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；摩擦起电的实质是电荷的转移；物体的尖端容易放电。
【解答】 （1）小明将摩擦过的琥珀靠近带负电荷的小球，现象如图所示，此时电荷间相互排斥，所以琥珀所带电荷种类是负电。
（2）A.物体的尖端可能容易放电，故A正确；
B.地电和天电本质是一样的，故B正确；
C.摩擦会使物体带电，不是产生电荷，故C错误；
D.除了摩擦使物体带电外，还有感应起电和接触带电，故D错误；
E.带不同电荷的物体接触后可能会发生电荷转移，故E正确。
故选ABE。
23．【答案】（1）14时
（2）A到B
【知识点】气温及其变化；风
【解析】【分析】气温的日变化规律为：一天中气温最高值出现在14时左右，一天中气温最低值出现在日出前后。凡闭合等压线中心气压高于四周气压的区域为高气压；凡闭合等压线中心气压低于四周气压的区域为低气压。
【解答】（1）一天中最高气温一般出现在14时左右，因此最高温度25℃出现在14时左右。
（2）风总是从高气压吹向低气压，B地是低气压中心，A地是高气压中心，在AB两地之间，风向应该是A到B。
24．【答案】变大；变大
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】从压强对气体溶解度的影响的角度分析，推拉注射器实际上就是对压强进行变大变小的实验，对气体来说压强越大溶解度越大，反之越小。
【解答】 在温度和体积与压强成反比其它条件相同的情况下，气体压强与体积成反比；
本实验中通过推拉注射器可以改变压强的大小：
用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡；用力向里推注射器，压强增大，这时候小气泡减少，由此可以说明气体在水中的溶解度随着气压的变大而变大。
25．【答案】2×107；变小
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据阿基米德原理F浮=G排=m排g求出“珠海云”号满载时受到的浮力；
（2）当船上的无人机起飞后，“珠海云”号的总重力变小，根据物体的浮沉条件可知，“珠海云”号受到浮力的变化情况。
【解答】（1） 根据阿基米德原理可知，“珠海云”号满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=2000×1000kg×10N/kg=2×107N；
（2）当船上的无人机起飞后，“珠海云”号的总重力变小，而船始终漂浮在海面上，根据物体的浮沉条件可知，船受到的浮力始终等于船自身的重力，所以船受到的浮力变小。
26．【答案】（1）溶液①
（2）③＞②=④＞①
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 （1）饱和溶液是指在一定温度下、一定量的溶剂里，不能继续溶解这种溶质的溶液；还能继续溶解这种溶质的溶液，叫做不饱和溶液。
（2）根据溶质质量分数=分析解答。
【解答】 （1）室温下，向20g水中加入5gA，全部溶解；向溶液①中再加入5gA，部分溶解，说明溶液①是不饱和溶液，溶液②是饱和溶液；加热到t℃，全部溶解，溶液③可能是恰好饱和的溶液，也可能是不饱和溶液；降温至室温，有晶体析出，溶液④一定是饱和溶液。
（2）溶液①②③④中溶剂的质量相等，所含溶质的质量大小关系是③＞②=④＞①，根据“溶质质量分数=”可知，则四种溶液的溶质质量分数大小关系为③＞②=④＞①。
27．【答案】（1）b和c；c中烧杯里的食盐先溶解完
（2）不能，因为除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同
【知识点】实验方案设计与评价；影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】（1）根据对比实验的设计要求分析，要设计对比实验，选择好变量，其它条件需完全相同；
（2）根据对比实验变量的唯一性分析。
【解答】（1）假设为食盐溶解快慢与其颗粒大小有关，要验证假设，需选择颗粒大小不同其它条件相同的对比实验，即b和c，c中食盐颗粒小，若观察到c中烧杯里的食盐先溶解完 ，则说明食盐颗粒越小，溶解越快。
（2） a和c 除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同 ，发现c中烧杯里的食盐溶解得更快，不能说明温度越高，食盐溶解得越快。
故答案为：（1） b和c ； c中烧杯里的食盐先溶解完 ；（2） 不能，因为除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同 。
28．【答案】（1）50
（2）搅拌，加快溶解速率
（3）A
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】 （1）根据溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，溶剂质量=溶液质量-溶质质量，进行分析解答。
（2）根据E操作是溶解操作，进行分析解答。
（3）根据溶质质量分数变大，则可能是溶质质量偏大或溶剂质量偏小，可以分析出可能造成这两个方面错误的原因进行分析判断。
【解答】 （1）配制50g质量分数为5% 的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量为50g×5%=2.5g；溶剂质量=溶液质量-溶质质量，故所需水的质量为50g-2.5g=47.5g（合47.5mL）；量筒量程的选择，应遵循“大而近”的原则，应选用50mL量筒量取47.5mL水。
（2）E操作是溶解操作，玻璃棒的作用是搅拌，加快溶解速率。
（3）A.量取水时俯视读数，读数比实际液体体积大，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，故A符合题意；
B.配完后将溶液转移至试剂瓶时洒出了一些，溶液具有均一性，溶质质量分数不变，故B不合题意；
C.将量好的水从量筒里倒入烧杯时，量筒内壁有少量的水残留，会造成实际取用的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，故C符合题意；
D.称量时砝码放左盘食盐放右盘，使用了游码，砝码和氯化钠放反了，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小，故D不合题意。
故选AC。
29．【答案】有刻度部分的；排空注射器内的空气；摩擦力；9.8×104Pa
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】 用刻度尺测出注射器有刻度部分的长度；
①橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体，产生的力会和外部大气压力抵消一部分，这样使得弹簧测力计受到的拉力减小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，使水充满在注射器小孔中，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量的误差；
②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果；大气压力F大气=F-F摩擦，然后根据计算出压强值。
【解答】 本实验的原理是二力平衡和，需要用刻度尺测出注射器有刻度部分的长度；
①先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量误差；
②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而使测量值偏大。所以小华取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N，此时活塞所受到的摩擦力为0.3N；
大气压力为：F大气=F-F摩擦=5.2N-0.3N=4.9N；
大气压强为：。
30．【答案】（1）漏斗的下端没有紧靠在烧杯的内壁上
（2）D
（3）过滤不一定是固液分离或过滤实质上是大小颗粒分离的过程等
【知识点】净化水的常用方法；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）根据过滤操作的规范分析解答；
（2）根据对水的净化的知识的理解判断；
（3）根据描述对过滤的定义进行总结即可。
【解答】（1）根据图1可知，明显错误操作是：漏斗的下端没有紧靠在烧杯的内壁上。
（2）A.过滤依靠的是重力作用，而玻璃棒的搅拌不能加快过滤，故A错误；
B.过滤只能去除不溶于水的固体颗粒，而水中的溶质不能去除，故B错误；
C.生活中的饮用水大多来自地下水，不是蒸馏所得，故C错误；
D.三种净化过程都没有新物质生成，都发生物理变化，故D正确。
故选D。
（3）根据题意可知，过滤其实是：过滤不一定是固液分离或过滤实质上是大小颗粒分离的过程等。
31．【答案】（1）无关；a、b、c；越大
（2）偏大
（3）2×10-4；1.1×103
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】（1）影响浮力因素是液体的密度、排开液体的体积；
分析实验步骤a、c、d或a、d、e的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答；
要探究浮力与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，据此判断出实验序号；
根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；
（2）根据称重法分析解答；
（3）根据称重法计算金属块在水中和盐水中的浮力；根据阿基米德原理求出金属块的体积，由于排开盐水的体积等于金属块的体积，由阿基米德原理算出盐水的密度。
【解答】 （1）分析a、c、d三次实验可知，液体的密度和排开液体的体积相同，金属块浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知，金属块所受浮力不变，说明浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；
要验证浮力大小与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，排开液体的体积不同，步骤a、b、c符合题意；
分析a、d、e三次实验可知，排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，且液体的密度越大，弹簧测力计的示数越小，由称重法可知，浮力越大，所以可以得出结论：在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；
（2）若先完成实验c，再完成实验a，会由于金属块沾有水，导致所测重力偏大，由称重法F浮=G-F可知，测得金属块受到的浮力将偏大；
（3）由a、d图知：金属块浸没在水中受到的浮力F浮=G-Fd=4.8N-2.8N=2N，
由a、e图知金属块浸没在盐水中受到的浮力F浮'=G-Fe=4.8N-2.6N=2.2N，
因金属块完全浸没在水中，
根据F浮=ρ液gV排可得金属块的体积：
；
据F浮=ρ液gV排可得盐水的密度为：
。
32．【答案】（1）增加吸管中的铁的质量
（2）=；＜
（3）吸管上“沾”上许多小气泡
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）密度计不能直立漂浮可能重心较高或底端轻造成的；
（2）同一支密度计的重力不变，放入两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件可知密度计在两种液体中所受浮力的大小关系；由图可知密度计排开液体体积的关系，根据阿基米德原理可判断液体密度的关系；
（3）根据F浮=ρ液gV排判断出排开液体的体积的变化，而此时V排=V气泡+V浸，所以密度计浸入可乐中的体积变小，据此判断出所测的液体密度的偏差。
【解答】 （1）将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮应降低其重心，故要增加吸管中的铁的质量；
（2）由图可知，密度计在甲、乙液体中都处于漂浮状态，则F浮=G，
因同一支密度计的重力不变，所以密度计在两种液体中所受的浮力相等，即F甲=F乙；
由图知，密度计排开甲液体的体积大于排开乙液体的体积，
根据F浮=ρ液gV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度；
（3）由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；
根据F浮=ρ液gV排可知所测可乐密度偏大，由于F浮、g不变，V排变小，
当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排=V气泡+V浸，
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，所测的可乐密度偏大。
33．【答案】（1）液体沸点随气压的增大而升高
（2）限压阀的重力为：G=mg=0.084kg×10N/kg=0.84N；
限压阀对排气孔产生的压强：p自重===0.7×105Pa
p内=p大气+p自重=105pa+0.7×105Pa=1.7×105Pa。
（3）约115
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据液体沸点随气压的变化规律解答；
（2）首先根据G=mg计算限压阀的重力，再根据 计算限压阀对排气孔产生的压强，接下来根据平衡力的知识 p内=p大气+p自重 计算锅内气体的最大压强。
（3）根据锅内的最大气压确定水的最高温度。
【解答】（1）高压锅是根据液体沸点随气压的增大而升高的原理设计工作的。
（3）根据上面的计算可知，锅内的最大气压为1.7×105Pa，那么根据图像可知，锅内的最大温度为115℃。
34．【答案】（1）B
（2）减小
（3）64.3%
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 （1）根据物质溶于水的温度变化来分析；
（2）根据温度对气体溶解度的影响来分析；
（3）根据饱和溶液中，溶质的质量分数=来分析。
【解答】 （1）“一摇冰”饮料在炎热的夏天解渴，说明该物质溶于水吸收热量，造成温度降低。
A．氢氧化钠溶于水放出热量，温度升高；
B．硝酸铵溶于水吸收热量，温度降低；
C．氯化钠溶于水，温度几乎不变。
故选B；
（2）我们在喝饮料（含有CO2气体）后，常出现打嗝现象，是因为气体的溶解度随温度的升高而减小；
（3）喝完饮料后。取出罐体底部的水溶液，加热蒸发掉2克水。冷却到20℃，有2克晶体析出，此时溶液为饱和溶液，此时溶液中溶质的质量分数为。
35．【答案】（1）打开底部水泵后，入水口水的流速变大，压强变小，水面上的落叶会随着水流从入水口自动进入收集器。
（2）由图可知垃圾清理器模型的上方有4根浮条，收集器入水口低于水面2厘米时，浮条浸入水中的体积的变化量为2cm×2cm×2cm×4=32cm3，
根据阿基米德原理可知收集器受到的浮力变化量F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×32×10-6m3=0.32N，
则增加的配重的重力G=F浮=0.32N，
增加的配重的质量。
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）流体在流速大的地方压强小；
（2）据阿基米德原理计算收集器受到的浮力变化量，则增加的配重的重力等于浮力的变化量，根据计算增加的配重的质量。
【解答】 （1）打开底部水泵后，入水口水的流速变大，压强变小，水面上的落叶会随着水流从入水口自动进入收集器。
36．【答案】（1）“浮力秤”受到的浮力等于其重力，即F浮＝G＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N；
（2）已知该浮力秤的最大V排＝21cm×250cm2＝5250cm3＝5.25×10﹣3m3，
由物体漂浮条件和阿基米德原理可知小容器里的最大总质量：
m总＝m排＝ρ水V排＝1.0×103kg/m3×5.25×10﹣3m3＝5.25kg＝5250g，
最大测量值m最大＝m总﹣m小＝5250kg﹣250g＝5000g；
（3）该浮力秤最大质量的称量时大容器里水的体积至少为：
V最少＝（S大﹣S小）h＝（300cm2﹣250cm2）×21cm＝1050cm3＝1.05×10﹣3m3，
则水的重力：G水＝m水g＝ρ水V最少g＝1.0×103kg/m3×1.05×10﹣3m3×10N＝10.5N＜11N，
所以，11N的水能完成该浮力秤最大质量的称量。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）小容器在大容器内漂浮，根据漂浮条件 F浮＝G＝mg 计算不放物体时它受到的浮力；
（2）首先根据m总＝m排＝ρ水V排计算小容器内排开水的最大总质量，再减去小容器的质量得到浮力秤的最大称量值；
（3）根据图片可知，小容器的体积和水的体积之和等于大容器的容积，则容器内水的体积等于大小容器的容积之差，即V最少＝（S大﹣S小）h ，然后根据 G水＝m水g＝ρ水V最少g 计算对应水的重力，并与11N进行比较即可。
37．【答案】（1）该地降水量季节分配不均匀；④
（2）液化；节能环保
【知识点】液化及液化现象；水循环
【解析】【分析】 （1）水库建设对水循环的影响主要是改变局部的地表径流，改变水资源的时间分配。
（2）①蒸馏法将海水加热至沸腾，产生蒸汽，然后蒸汽被冷凝回淡水，是海水淡化较常见的一种方法。
②验装置的评价可从装置的结构是否合理完整、实验效果是否明显、装置是否节能环保、操作是否简便、装置是否有推广价值和制作成本是否廉价几方面进行评价。
【解答】 （1）从甲中年降水量的柱状图中可以看出该地降水量季节分配不均，所以当地政府推进水库修建，主要是通过改变水循环中④地表径流环节来实现的。
（2）①物质由气态转变为液态的过程叫做液化，易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过液化变成淡水；②实指标三为节能环保或操作简便或推广价值工或制作成本。
1 / 1浙江省杭州市锦绣育才教育集团2023-2024学年八年级上学期科学期中试卷
1．（2023八上·杭州期中）2023年3月22日是第三十一届“世界水日”。今年的主题为“强化依法治水，携手共护母亲河”。下列有关保护水资源的做法正确的是（　　）
A．大量开采使用地下水，少用河流水
B．采用低流量的淋浴喷头
C．`海洋有自净能力，可以将工业废水集中后，统一排放到海洋中
D．严禁使用一切化肥，以防止水体污染
【答案】B
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】 保护水资源包括两个方面：一方面要节约用水，另一方面要防治水体污染。
【解答】 A.大量开采使用地下水会导致地下水位下降，可能导致地面塌陷，故A错误；
B.采用低流量的淋浴喷头可以节约用水，故B正确；
C.海洋有自净能力，但若将工业废水集中后，统一排放到海洋中会造成海水的严重污染，故C错误；
D.为防止水体污染可以合理使用化肥和农药，但不能禁止使用，故D错误。
故选B。
2．（2023八上·杭州期中）正确规范的实验操作非常重要，下列操作规范的是（　　）
A．称量 B．溶解
C．过滤 D．蒸发结晶
【答案】D
【知识点】天平的使用及读数；过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】根据实验操作的规范分析判断。
【解答】A.称量质量时，物体放在左盘，砝码放在右盘，不能用手直接接触砝码，故A错误；
B.量筒不能配制溶液，故B错误；
C.溶液不能直接倒入漏斗，应该用玻璃棒引流，故C错误；
D.蒸发结晶时，要用玻璃棒不断搅拌，故D正确。
故选D。
3．（2023八上·杭州期中）我国是受季风影响较为显著的国家之一，形成季风的主要原因是（　　）
A．维度位置低 B．地形复杂多样
C．地势西高东低 D．海洋和陆地性质差异
【答案】D
【知识点】季风
【解析】【分析】季风是一年中风向相反或近于相反的风；海洋和陆地性质的差异是形成季风的主要原因；夏季风从海洋吹向陆地，冬季风从陆地吹向海洋；风是从高压区吹向低压区的。
【解答】季风形成的本质原因是海洋和陆地性质的差异；夏季，海水的比热容大，海洋的温度低，形成高压区，陆地中沙子的比热容小，升温快，温度高，形成低压区，风从海洋吹向陆地，成为夏季风；冬季风相反。
故答案为：D。
4．（2023八上·杭州期中）下列关于溶液、悬浊液、乳浊液的说法正确的个数有（　　）
①溶液一定是无色、均一、稳定、诱明的液体
②同一种溶剂中可以同时有多种溶质
③溶液是纯净物，而浊液是混合物
④植物油与水形成乳浊液，泥水是悬浊液
⑤饱和溶液一定是浓溶液，不饱和溶液一定是稀溶液
A．2 B．3 C．4 D．5
【答案】A
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】①根据溶液是均一、稳定的混合物，进行分析判断。
②根据溶液的组成，进行分析判断。
③根据溶液和浊液的特征，进行分析判断。
④不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液。
⑤浓稀溶液是溶液中所含溶质质量分数的大小，溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系。
【解答】 ①溶液不一定都是无色的，有些溶液是带有颜色的，如硫酸铜溶液是蓝色的，故①错误；
②一种或几种物质分散到另一种物质中，形成均一的、稳定的混合物叫做溶液，溶液中溶质可以有多种，但溶剂只有一种，故②正确；
③一种或几种物质分散到另一种物质中，形成均一的、稳定的混合物叫做溶液，溶液是混合物；不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液，浊液也是混合物，故③错误；
④植物油不溶于水，把植物油放到水里是小液滴悬浮于液体中形成的混合物，属于乳浊液；泥难溶于水，放到水里是固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物，属于悬浊液，故④正确；
⑤溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，饱和溶液不一定是浓溶液，不饱和溶液不一定是稀溶液，故⑤错误。
故说法正确的个数有2个。
故选A。
5．（2023八上·杭州期中）举世瞩目的第19届亚运会已于2023年9月23日在杭州举行，关于杭州的天气和气候说法正确的是（　　）
A．今天阴转多云，明天多云，它描述的是气候
B．季风更替明显，无霜期长，它描述的是气候
C．夏季温暖潮湿多雨，它描述的是天气
D．今天最高气温：18℃，最低气温：9℃，它描述的是气候
【答案】B
【知识点】天气的概念；气候的概念；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】 天气指的是短时间内大气的变化，包括相态变化，温度，稳定度，比如说，阴晴雨雪，风霜露雹等。一般指一天到5天或7天地天气状况。气候指的是长时间内天气现象的累积形成的表示常年某地某时间段的天气状况。一般指年际变化或者百年尺度甚至更长尺度。
【解答】A. 今天阴转多云，明天多云，它描述的是天气，A错误；
B. 季风更替明显，无霜期长，它描述的是气候，B正确；
C. 夏季温暖潮湿多雨，它描述的是气候，C错误；
D. 今天最高气温：18℃，最低气温：9℃，它描述的是天气，D错误；
故答案为：B.
6．（2023八上·杭州期中）下列生活中的现象均与气压有关，其中一个利用的原理与另外三个不同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】 A.用吸管吸饮料时，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压的作用下被压入嘴中；
B.拔火罐时，罐内的气压小于罐外的大气压，大气压将罐紧紧地压在皮肤上；
C.高压锅是根据气压越高沸点越高的原理来工作的；
D.离心式抽水机工作时，通过叶轮转动使叶轮中心区域形成真空，水在外界大气压的作用下被压上来。
【解答】 ABD.由分析可知，吸饮料、拔火罐、离心式抽水机这三项都是利用大气压来完成的；
C.高压锅的密封性好，锅内气压高于外界大气压，而液体的沸点与气压有关，气压越高，液体的沸点越高，所以高压锅内水的沸点高于100℃，但高压锅不是利用大气压来工作的。
则与其它三个原理不同的是C。
故选C。
7．（2023八上·杭州期中）小金将装着鱼且没有打开的轻薄塑料袋直接放入家里盛有水的鱼缸中，则图中最有可能发生的情况是（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】金鱼悬浮在袋内的水中，金鱼的密度等于水的密度，这样，袋内外水的密度相同，袋内水和金鱼的总重力才等于受到的浮力，据此分析判断。
【解答】 由图知，金鱼悬浮在袋内的水中，金鱼的密度等于水的密度；
将塑料袋浸入水中，袋内外水的密度相同，只有当排开水的体积V排等于塑料袋的浸入水中的体积时，袋内水和金鱼的总重力才等于受到的浮力，才能处于静止状态。
那么袋内和袋外的水面相平。
故选B。
8．（2023八上·杭州期中）如图所示为一种新型“水温感应龙头”。自带水流发电电源。当水流温度低于40℃。感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流；当水温达40℃及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，以警示用水人。下列电路设计能实现该功能的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】 由题知，当水流温度低于40℃，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流；当水温达到40℃及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，说明红灯和绿灯能独立工作、互不影响，据此进行解答。
【解答】 由题意可知，当水流温度低于40℃，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流，说明感应开关S1只控制绿灯，因此感应开关S1与绿灯串联；
当水温达到40℃及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，说明感应开关S2只控制红灯，因此感应开关S2与红灯串联；
因为红灯和绿灯能独立工作、互不影响，所以绿灯与红灯并联，故B正确，A、C、D错误。
故选B。
9．（2023八上·杭州期中）分类是根据研究对象的共性和差异，按一定的标准将研究对象区分为若干个不同种类的科学方法。下列分类的标准与其结果对应的是（　　）
A．依据大气温度在水平方向上的变化特点，将大气分成五层
B．根据分散在液体中的不溶性物质状态不同，将浊液分为悬浊液和乳浊液
C．依据地球上的水体是否含盐将其分为海洋水和陆地水
D．若物质的溶解度超过10g，则其属于易溶物质，溶解度在1-10g之间的是可溶物质
【答案】B
【知识点】地球上的水体；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别；溶解现象与溶解原理；大气的分层
【解析】【分析】 A.根据大气温度及分层知识进行分析；
B.根据悬浊液和乳浊液的组成特点分析；
C.根据水资源的分布规律进行分析；
D.根据溶解度的概念及大小进行分析。
【解答】 A.依据大气温度在垂直方向上的变化特点，将大气分成5层，故A错误；
B.根据分散在液体中的不溶性物质的状态不同，将浊液分为悬浊液和乳浊液，故B正确；
C.依据地球上的水体是否含盐将其分为咸水和淡水，故C错误；
D.室温下，若物质的溶解度超过10g/100g水以上的物质，属于易溶物质，溶解度在1g/100g-10g/100g水之间的是可溶物质，故D错误。
故选B。
10．（2023八上·杭州期中）2023年3月，“探索一号”科考船完成了首次环大洋洲载人深潜科考任务，搭载的“奋斗者”号多次完成了深度超过万米的下潜。不考虑海水密度与潜水器体积的变化，潜水器在海面下下潜的过程中（　　）
A．浮力不变，压强变大 B．浮力变天，压强变大
C．浮力变大，压强不变 D．浮力不变，压强不变
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】潜水器在水面下下潜过程中，排开水的体积保持不变，所处的深度变大，利用F浮=ρgV排可知浮力的变化，利用p=ρ液gh可知所受压强的变化。
【解答】 潜水器在水面下下潜过程中，排开水的体积保持不变，所处的深度变大，
由F浮=ρgV排可知，潜水器所受的浮力保持不变；
由p=ρ液gh可知，潜水器所受水的压强变大。
故选A。
11．（2023八上·杭州期中）学习大气的压强时，我们将一只薄塑料袋放入广口瓶内，使塑料袋尽可能贴近玻璃瓶内壁。将袋口沿瓶翻过来，用橡皮筋紧紧扎在瓶口上（如图）。以下说法不正确的是（　　）
A．塑料袋贴近瓶内壁是为了尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气
B．塑料袋与瓶内壁的空气排出后塑料袋与瓶内壁气压变小
C．橡皮筋紧紧扎在瓶口是为了保持塑料袋与瓶内壁保持密闭
D．塑料袋从瓶口往外拉时塑料袋与瓶内壁气压变小
【答案】B
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】“瓶中取袋”是研究大气压强时的实验，为了使塑料袋在拉出过程中受力明显，在操作的过程中，应尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气，并且保持此装置的气密性良好，同时结合温度不变的情况下，一定质量的气体的压强与体积的关系分析判断。
【解答】 ABC.“瓶中取袋”是研究大气压强时的实验，为了使塑料袋在拉出过程中受力明显，在操作的过程中，应尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气，并且保持此装置的气密性良好，因此塑料袋贴近瓶壁，尽量排出塑料袋与瓶内壁的空气，且应用橡皮筋紧扎瓶口，保持塑料袋与瓶内壁密闭，保持装置气密性良好，这样也能保证塑料袋贴近瓶壁后，塑料袋与瓶内壁之间气压不变，故AC正确不合题意。B错误符合题意；
D.由于塑料袋外侧紧贴瓶内壁一侧，而塑料袋内侧受到大气压的作用，将塑料袋从瓶内拉出来时，瓶内残余空气体积变大，因此塑料袋与瓶内壁气压将变小，故D正确不合题意。
故选B。
12．（2023八上·杭州期中）农业上常用饱和食盐水选种。在室温保持不变的情况下，饱和食盐水露置在空气中一段时间后，有少量固体析出。对此过程的描述，下列图象正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】根据温度不变，饱和食盐水析出固体，说明溶剂蒸发，溶剂质量减小，溶质减小，但溶质质量分数不变分析。
【解答】A、 在室温保持不变的情况下，饱和食盐水露置在空气中一段时间后，有少量固体析出 ，溶质质量减小，不符合题意；
B、温度不变，饱和食盐水析出固体，说明溶剂蒸发，溶剂质量减小，不符合题意；
C、溶液质量随溶质和溶剂的减小而减小，不符合题意；
D、温度不变，始终是饱和溶液，溶质质量分数不变，符合题意；
故选D。
13．（2023八上·杭州期中）小科用如图所示的方法探究水的沸点与气压的关系，小科将盛水的烧瓶加热，水沸腾后将烧瓶从火焰上拿开，迅速塞上瓶塞，此时瓶内气压为p1；把烧瓶倒置20s，此时题内气压为p2；向瓶底浇上冷水，烧瓶内的水再次沸腾，沸腾瞬间瓶内气压为p3，下列关于p1、p2、p3分析正确的是（　　）
A．p1>p3 B．p2【答案】A
【知识点】气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】 （1）一定质量的气体，体积一定时，温度越低，气体的压强越小；
（2）液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】 一定质量的气体，体积一定时，温度越低，气体的压强越小。把烧瓶倒置20s，此时瓶内气体温度降低，气压减小，故p1＞p2；
当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来，故p2＞p3。
综上分析可知，p1、p2、p3的关系是：p1＞p2＞p3，故A正确，B、C、D错误。
故选A。
14．（2023八上·杭州期中）在100克蒸馏水中加入一定量的氢氧化钠固体，不断搅拌，此过程的温度变化如图所示，其中a、c两点时观察到溶液中有固体存在，而b点时固体完全消失。已知氢氧化钠的溶解度随温度升高而增大，则下列说法正确的是（　　）
A．氢氧化钠固体溶于水会吸收热量
B．a、c两点时，氧化钠的客解度相同
C．b点时，溶液一定是不饱和溶液
D．a、d两点时、溶液质量相等
【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】A.氢氧化钠溶于水会放热。
B.其他条件不变，温度相同时，溶解度相同。
C.饱和溶液是在该温度下不能再溶解某物质的溶液，结合b点固体完全消失进行分析。
D.根据题意分析氢氧化钠固体物质的溶解度随温度的升高而增大，a、c两点溶液中有固体存在以及结合图象分析。
【解答】 A.由图象可知，开始时溶液温度升高，即氢氧化钠溶于水放出热量，故A错误；
B.a、c两点时，温度相同，都有没有溶解的NaOH，所以a、c两点时，NaOH的溶解度相同，故B正确；
C.b点固体完全消失，可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，故C错误；
D.根据题意，如图a、c两点观察到溶液中有固体存在，b点固体完全消失，氢氧化钠固体物质的溶解度随温度的升高而增大。根据题意分析可知整个溶解过程中溶剂质量不变；a、c两点温度高于d点温度，d点温度低，因此d点溶解度也更小。a、c两点溶液都有固体剩余，属于饱和溶液；由于d点溶解度更小，所以剩余的固体量更多，a、d两点时，溶液质量不相等，故D错误。
故选B。
15．（2023八上·杭州期中）由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著。读下面四幅“海陆风示意图”，判断近地面大气运动的正确流向是（　　）
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
【答案】B
【知识点】比热容
【解析】【分析】首先根据Q=cm△t分析海水和陆地的物体吸热后温度的高低，再根据温度高低确定气压的变化，最后根据“风是从气压高的地方流向气压低的地方”确定风向即可。
【解答】 海水的比热容大于陆地的比热容，白天吸收了相同的热量后，陆地上方空气升高的温度比海洋上空空气的温度升高的多，所以陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高，则风从气压高的海洋流向气压低的陆地，故①错误，③正确；
夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，海洋上空气温高，气压低，则风从陆地吹向海洋，故②正确，④错误。
故选B。
16．（2023八上·杭州期中）某实验小组用如图所示装置完成电解水的实验并收集产生的气体，c管中收集到的气体体积是d管中的2倍，（U型管中预先加入了少量氢氧化钠），下列说法不正确的是（　　）
A．a是电源的负极
B．d管中收集到的气体可以用带火星的木条检验
C．U型管中加入少量氢氧化钠的目的是增强导电性
D．该实验说明水分子是由氢分子和氧分子构成的
【答案】D
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】AB.电解水时，正极产生的是氧气，氧气能使带火星的木条复燃，负极产生的是氢气，氢气燃烧生成水，氧气和氢气的体积比约为1：2；
C.水中正负离子的浓度越大，则导电能力越强；
D.根据水分子构成的知识判断。
【解答】 A.a是电源的负极，产生的气体是氢气，氢气密度比空气小，可以用向下排空气法收集，故A正确不合题意；
B.d管中的气体是氧气，可以用带火星的木条检验，是因为氧气能使带火星的木条复燃，故B正确不合题意；
C.U型管中加入少量氢氧化钠的目的是增强导电性，故C正确不合题意；
D.该实验不能说明水分子中含有氢分子和氧分子，能够说明水分子中含有氢原子和氧原子，故D正确不合题意。
故选D。
17．（2023八上·杭州期中）与海南岛相比，杭州四季分明，气温夏高冬低，造役这种差异的主要影响因素是（　　）
A．大气环流 B．海陆分布 C．纬度位置 D．地貌
【答案】C
【知识点】气温及其变化
【解析】【分析】影响气候的因素主要有纬度因素、地形地势因素、海陆因素、洋流因素和人类活动等。
【解答】 纬度位置是影响气候的基本因素。因地球是个很大的球体，纬度不同的地方，太阳照射的角度就不一样，有的地方直射，有的地方斜射，有的地方整天或几个月受不到阳光的照射。因此，各地方的太阳高度角不同，接受太阳光热的多少就不一样，气温的高低也相差悬殊。一般是纬度越低，气温越高，如海南岛位于低纬度地区，终年高温；纬度越高，气温越低，如我国的杭州纬度比海南高，气温夏高冬低。
故选C。
18．（2023八上·杭州期中）现要配制100g12%的氯化钠溶液，称量过程中误将砝码（砝码盒中的砝码规格有50g、20g、10g、5g，称量时5g以下用游码）和称量物放反了。共他过程没有错误，则实际配制溶液中溶质的质量分数为（　　）
A．12% B．8% C．8.3% D．10%
【答案】C
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】通过计算算出溶质质量和溶剂质量，根据左盘质量=右盘质量+游码质量，列出等式算出实际称量的质量，再算出溶质质量分数。
【解答】 根据题意可知，所需溶质质量为：100g×12%=12g，那么需水88g。
称量时10g是砝码质量，2g是游码，
由左盘质量=右盘质量+游码质量，列式为：10g=物体质量+2g；
解得：物体质量=8g，
故质量分数为：。
故选：C。
19．（2023八上·杭州期中）如图所示是小勇连接的实验电路，他检在导线连接无误后，闭合开关，发现灯泡L1、L2均不发光，于是他用一根导线来排查故障。当导线连接I两端时两灯仍不发光，连接L2两端时L1发光、L2不发光。由此判断电路的故障是（　　）
A．L1断路 B．L2断路 C．L1短路 D．L2短路
【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【分析】用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，被短路的用电器中无电流通过。但与导线串联的其它用电器若能工作，说明除被导线并联的部分电路外电路是导通的。
【解答】 由图可知：L1与L2是串联电路，闭合开关，发现灯泡L1、L2均不发光，这说明电路出现了断路现象；
当导线连接L1两端时两灯仍不发光，这说明故障出现在除L1以外的部分；连接L2两端时L1发光、L2不发光，这说明电路是通路，所以故障是L2断路。
故选B。
20．（2023八上·杭州期中）如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的烧杯中均装有适量的水，将质地均匀，且不吸水的a、b两实心体分别放入甲、乙烧杯中，当a、b静止时，a有五分之二的体积露出水面，b悬浮于水中，此时两烧杯液面刚好相平。若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a的上表面刚好与液面相平，整个过程中水均未溢出，下列说法正确的是（　　）
A．a的密度是0.4×103kg/m3 B．a、b的重力之比为5：3
C．a、b的体积之比为5：2 D．b的密度是0.8×103kg/m3
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据物体漂浮条件F浮=G及公式G=mg=ρgV、F浮=ρ液gV排来计算物体密度，并分析a、b之间的重力、体积的大小关系；
（2）悬浮时，物体的密度等于水的密度。
【解答】 由漂浮、悬浮条件可知：F浮=G，结合公式G=mg=ρgV、F浮=ρ液gV排可得：
在甲中，a漂浮，有五分之二的体积露出水面，则a的重力为Ga=ρagVa，
a受到的浮力为F浮a=ρ液gV排a=ρ水gVa，
即Ga=ρagVa=ρ水gVa……①
在乙中，b悬浮，则Gb=F浮b=ρ水gVb……②
在丙中，a、b漂浮，则Ga+Gb=F浮=ρ水gVa……③
由①可得：，故A错误；
由①②③可得：2Ga=3Gb，即：Ga：Gb=3：2，故B错误；
2Va=5Vb，即：Va：Vb=5：2，故C正确；
b悬浮在水中，所以b的密度等于水的密度，为1.0×103kg/m3，故D错误。
故选C。
21．（2023八上·杭州期中）读图并回答下列问题。
（1）大气分层的主要依据是　 　。
（2）飞机在高空飞行时种到了厚重的积雨云，此时飞机位于大气中的　 　层（填数字），该层气出随高度升高而　 　。
【答案】（1）大气在垂直方向的各种特性
（2）③；降低
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】对流层：低纬17-18千米，中纬10-12千米，高纬8-9千米；气温随高度增加而递减；人类生活在对流层底部，与人类关系最为密切。平流层：自对流层顶到50-55千米；下层随高度变化很小，30千米以上气温随高度增加而迅速上升；臭氧大量吸收紫外线，为人类生存环境的天然屏障，大气稳定，利于高空飞行。高层大气：自平流层顶以上到大气上界2000-3000千米；80-500千米高空有若干电离层，能反射无线电通信；有广阔的空间，有利于卫星的运行。
【解答】（1）根据所学知识可知，大气分层的主要依据是大气在垂直方向的各种特性，将大气分成对流层、平流层和高层大气。
（2）图示③是最贴近地面的对流层，②是中间层的平流层，①是最外层的高层大气。由于对流层占有大气质量的四分之三和几乎全部的水汽，所以云雨风雪等天气现象都分布在对流层，即飞机在高空飞行时遇到了厚重的积雨云，此时飞机位于大气中的③对流层；由于对流层的热量直接来源于地面辐射，所以海拔越高，气温越低。
22．（2023八上·杭州期中）关于静电学的研究，科学们经历漫长的探究过程。
材料一：公元前585年，泰勒斯发现用毛皮摩擦过的琥珀。能吸引绒毛等轻小物体。
材料二：1746年-1752年，“电学之父”富兰克林在研究静电现象时，有如下发现：
①带有电荷的尖锐导体之间容易产生火花。
②用风筝收集的雷电（天电），它可以产生一切摩擦电（地电）所能产生的现象。
③用摩擦玻璃瓶后，两者带不同电荷；当两者再次接触后，电荷抵消不再带电．
（1）小明摩擦过的琥珀靠近带负电荷的小球，现象如图所示，请判断琥珀所带电荷种类是　 　。
（2）某同学基于富兰克林发现进行了推测，其中合理的是　 　（可多选）。
A．物体的尖端可能容易放电
B．地电和天电本质是一样的
C．摩擦会产生电荷
D．只有摩擦方能使物体带电
E．带不同电荷的物体接触后可能会发生电荷转移
【答案】（1）负电
（2）ABE
【知识点】摩擦起电；电荷间的相互作用规律
【解析】【分析】 （1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；摩擦起电的实质是电荷的转移；物体的尖端容易放电。
【解答】 （1）小明将摩擦过的琥珀靠近带负电荷的小球，现象如图所示，此时电荷间相互排斥，所以琥珀所带电荷种类是负电。
（2）A.物体的尖端可能容易放电，故A正确；
B.地电和天电本质是一样的，故B正确；
C.摩擦会使物体带电，不是产生电荷，故C错误；
D.除了摩擦使物体带电外，还有感应起电和接触带电，故D错误；
E.带不同电荷的物体接触后可能会发生电荷转移，故E正确。
故选ABE。
23．（2023八上·杭州期中）11月8日气象消息：杭州市今天夜里到明天晴，明天白天最高气温为25℃，最低气温是13℃．如图是当天某时的气压图。
（1）气象消息：明天最高温度为25℃，出现的时间应该在　 　左右。
（2）在AB两地之间，风向应该是　 　（选项“A到B”或“B到A"）。
【答案】（1）14时
（2）A到B
【知识点】气温及其变化；风
【解析】【分析】气温的日变化规律为：一天中气温最高值出现在14时左右，一天中气温最低值出现在日出前后。凡闭合等压线中心气压高于四周气压的区域为高气压；凡闭合等压线中心气压低于四周气压的区域为低气压。
【解答】（1）一天中最高气温一般出现在14时左右，因此最高温度25℃出现在14时左右。
（2）风总是从高气压吹向低气压，B地是低气压中心，A地是高气压中心，在AB两地之间，风向应该是A到B。
24．（2023八上·杭州期中）小金用20mL一次性注射器吸取10mL的雪碧饮料，并用胶头滴管封闭注射器针孔，进行了如图Ⅰ、Ⅱ的实验。先用力向外拉动注射器，注射器中出现许多小气泡；然后用力向内推注射器，注射器内气压　 　（填“变大”、“变小”或“不变”，下同），小气泡减少。此实验可以说明气压变大，气体在水中的溶解能力　 　。
【答案】变大；变大
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】从压强对气体溶解度的影响的角度分析，推拉注射器实际上就是对压强进行变大变小的实验，对气体来说压强越大溶解度越大，反之越小。
【解答】 在温度和体积与压强成反比其它条件相同的情况下，气体压强与体积成反比；
本实验中通过推拉注射器可以改变压强的大小：
用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡；用力向里推注射器，压强增大，这时候小气泡减少，由此可以说明气体在水中的溶解度随着气压的变大而变大。
25．（2023八上·杭州期中）2022年5月，全球首艘智能型无人系统航母“珠海云”号（如图所示）在广州下水。“珠海云”号排水量为2000吨，满载软时受到的浮力为　 　N；当船上的无人机起飞后，其受到的浮力　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】2×107；变小
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据阿基米德原理F浮=G排=m排g求出“珠海云”号满载时受到的浮力；
（2）当船上的无人机起飞后，“珠海云”号的总重力变小，根据物体的浮沉条件可知，“珠海云”号受到浮力的变化情况。
【解答】（1） 根据阿基米德原理可知，“珠海云”号满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=2000×1000kg×10N/kg=2×107N；
（2）当船上的无人机起飞后，“珠海云”号的总重力变小，而船始终漂浮在海面上，根据物体的浮沉条件可知，船受到的浮力始终等于船自身的重力，所以船受到的浮力变小。
26．（2023八上·杭州期中）在室温下完成如下实验，若固体A（不含结晶水）溶于水既不吸热，也不放热，且实验过程中不考虑水的蒸发。请回答：
（1）上述四种溶液一定属于不饱和溶液的是　 　。
（2）四种溶液的溶质质量分数大小关系为　 　。（均用序号表示）
【答案】（1）溶液①
（2）③＞②=④＞①
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 （1）饱和溶液是指在一定温度下、一定量的溶剂里，不能继续溶解这种溶质的溶液；还能继续溶解这种溶质的溶液，叫做不饱和溶液。
（2）根据溶质质量分数=分析解答。
【解答】 （1）室温下，向20g水中加入5gA，全部溶解；向溶液①中再加入5gA，部分溶解，说明溶液①是不饱和溶液，溶液②是饱和溶液；加热到t℃，全部溶解，溶液③可能是恰好饱和的溶液，也可能是不饱和溶液；降温至室温，有晶体析出，溶液④一定是饱和溶液。
（2）溶液①②③④中溶剂的质量相等，所含溶质的质量大小关系是③＞②=④＞①，根据“溶质质量分数=”可知，则四种溶液的溶质质量分数大小关系为③＞②=④＞①。
27．（2023八上·杭州期中）在配制食盐溶液过程中，同学们发现，精制盐比粗盐溶解得更快。阅读配料表发现，这两种食盐的成分相同，只是精制盐颗粒比较小，而粗盐颗粒比较大。同学们想通过实验来探究影响食盐溶解快慢的因素，请帮助他们完成实验设计。
同学们猜测食盐溶解快慢与其颗粒大小有关。为验证假设，准备了如下实验装置。
（1）要验证假设，应当选择图中的　 　（填字母）开展实验对照；若观察到　 　，（填实验现象）则说明食盐颗粒越小，溶解越快。
（2）观察实验装置a和c，发现c中烧杯里的食盐溶解得更快，能不能说明温度越高，食盐溶解得越快？请说明理由：　 　。
【答案】（1）b和c；c中烧杯里的食盐先溶解完
（2）不能，因为除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同
【知识点】实验方案设计与评价；影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】（1）根据对比实验的设计要求分析，要设计对比实验，选择好变量，其它条件需完全相同；
（2）根据对比实验变量的唯一性分析。
【解答】（1）假设为食盐溶解快慢与其颗粒大小有关，要验证假设，需选择颗粒大小不同其它条件相同的对比实验，即b和c，c中食盐颗粒小，若观察到c中烧杯里的食盐先溶解完 ，则说明食盐颗粒越小，溶解越快。
（2） a和c 除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同 ，发现c中烧杯里的食盐溶解得更快，不能说明温度越高，食盐溶解得越快。
故答案为：（1） b和c ； c中烧杯里的食盐先溶解完 ；（2） 不能，因为除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同 。
28．（2023八上·杭州期中）如图是配制50g质量分数为5%的氯化钠溶液的操作过程示意图：
（1）D操作应选用量程为　 　mL的量筒（从“10mL”"50mL”“100mL”中选择）。
（2）E操作中玻璃棒的作用是　 　。
（3）如果配制过程中出现以下情况可能导致所配溶液的溶质质量分数偏大的是____。
A．量取水时俯视读数
B．配完后将溶液转移至试剂瓶时洒出了一些
C．将量好的水从量筒里倒入烧杯时，量筒内壁有少量的水残留
D．称量时砝码放左盘食盐放右盘
【答案】（1）50
（2）搅拌，加快溶解速率
（3）A
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】 （1）根据溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，溶剂质量=溶液质量-溶质质量，进行分析解答。
（2）根据E操作是溶解操作，进行分析解答。
（3）根据溶质质量分数变大，则可能是溶质质量偏大或溶剂质量偏小，可以分析出可能造成这两个方面错误的原因进行分析判断。
【解答】 （1）配制50g质量分数为5% 的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量为50g×5%=2.5g；溶剂质量=溶液质量-溶质质量，故所需水的质量为50g-2.5g=47.5g（合47.5mL）；量筒量程的选择，应遵循“大而近”的原则，应选用50mL量筒量取47.5mL水。
（2）E操作是溶解操作，玻璃棒的作用是搅拌，加快溶解速率。
（3）A.量取水时俯视读数，读数比实际液体体积大，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，故A符合题意；
B.配完后将溶液转移至试剂瓶时洒出了一些，溶液具有均一性，溶质质量分数不变，故B不合题意；
C.将量好的水从量筒里倒入烧杯时，量筒内壁有少量的水残留，会造成实际取用的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，故C符合题意；
D.称量时砝码放左盘食盐放右盘，使用了游码，砝码和氯化钠放反了，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小，故D不合题意。
故选AC。
29．（2023八上·杭州期中）小金用2mL注射器、量程0~10N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值。
步骤一：把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔。
步骤二：如图所示安装好器材，水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞刚被拉动时，记下弹簧测力计的示数为5.2N。
步骤三：用刻度尺测出注射器　 　长度为4.00cm。
步骤四：算出大气压强值。
同组的小格分析了影响实验结果的可能因素后，对实验进行了如下改进：
①将步骤一改为：先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，这样便于　 　。
②取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N。由此可知，此时活塞所受到的　 　（填“摩擦力”或“大气压力”）为0.3N．
小格根据改进后测得的数据，重新计算了大气压的值为　 　Pa。
【答案】有刻度部分的；排空注射器内的空气；摩擦力；9.8×104Pa
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】 用刻度尺测出注射器有刻度部分的长度；
①橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体，产生的力会和外部大气压力抵消一部分，这样使得弹簧测力计受到的拉力减小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，使水充满在注射器小孔中，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量的误差；
②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果；大气压力F大气=F-F摩擦，然后根据计算出压强值。
【解答】 本实验的原理是二力平衡和，需要用刻度尺测出注射器有刻度部分的长度；
①先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量误差；
②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而使测量值偏大。所以小华取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N，此时活塞所受到的摩擦力为0.3N；
大气压力为：F大气=F-F摩擦=5.2N-0.3N=4.9N；
大气压强为：。
30．（2023八上·杭州期中）如图为实验室或生活中常见的三种净化水的方法。
（1）图1装置中存在的一处明显错误是　 　。
（2）下列关于三种净化方法的说法正确的有____。
A．图1：用玻璃棒在漏斗中搅拌加速过滤
B．图2：用该装置将海水淡化
C．图3：生活中常用该方法获得饮用水
D．三种净化水的过程均为物理变化
（3）拓展应用：甲型HIN1流感病毒的直径为0.08～0.2微米，带有病毒的飞沫直径一般为1～10微米，能有效防控甲型H1N1流感病毒的N95专业口罩的过滤孔径在0.1微米左右。根据本题信息请说出你对“过滤”概念的理解　 　。（写出一点即可）
【答案】（1）漏斗的下端没有紧靠在烧杯的内壁上
（2）D
（3）过滤不一定是固液分离或过滤实质上是大小颗粒分离的过程等
【知识点】净化水的常用方法；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）根据过滤操作的规范分析解答；
（2）根据对水的净化的知识的理解判断；
（3）根据描述对过滤的定义进行总结即可。
【解答】（1）根据图1可知，明显错误操作是：漏斗的下端没有紧靠在烧杯的内壁上。
（2）A.过滤依靠的是重力作用，而玻璃棒的搅拌不能加快过滤，故A错误；
B.过滤只能去除不溶于水的固体颗粒，而水中的溶质不能去除，故B错误；
C.生活中的饮用水大多来自地下水，不是蒸馏所得，故C错误；
D.三种净化过程都没有新物质生成，都发生物理变化，故D正确。
故选D。
（3）根据题意可知，过滤其实是：过滤不一定是固液分离或过滤实质上是大小颗粒分离的过程等。
31．（2023八上·杭州期中）某小组同学在“探究影响浮力大小的因素”实验中，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
①与物体浸没在液体中的深度有关；
②与物体排开液体的体积有关；
③与液体的密度有关。
实验器材有：弹簧测力计、烧杯、金属块、水、盐水（ρ盐水>ρ水）。
小明先用弹簧测力计测出金属块的重力，然后将金属块慢慢没入液体中不同深度。实验步骤如图a、b、c、d、e所示（液体均未溢出），并将弹簧测力计的示数记录下来。
（1）分析实验步骤a、c、d可知，在同种液体中，物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度　 　（选填“有关”或“无关”）。分析三个实验步骤　 　（填序号）可知。在同种液体中，物体排开液体的体积越大；物体受到的浮力越大；分析实验步骤a、d、e可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力　 　。
（2）若先完成步骤c，再完成步骤a，则测得的浮力将　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
（3）该小组同学完成本次实验后，又用获得的数据求出了金属块的体积为　 　m3，盐水的密度为：　 　kg/m3。
【答案】（1）无关；a、b、c；越大
（2）偏大
（3）2×10-4；1.1×103
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】（1）影响浮力因素是液体的密度、排开液体的体积；
分析实验步骤a、c、d或a、d、e的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答；
要探究浮力与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，据此判断出实验序号；
根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；
（2）根据称重法分析解答；
（3）根据称重法计算金属块在水中和盐水中的浮力；根据阿基米德原理求出金属块的体积，由于排开盐水的体积等于金属块的体积，由阿基米德原理算出盐水的密度。
【解答】 （1）分析a、c、d三次实验可知，液体的密度和排开液体的体积相同，金属块浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知，金属块所受浮力不变，说明浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；
要验证浮力大小与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，排开液体的体积不同，步骤a、b、c符合题意；
分析a、d、e三次实验可知，排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，且液体的密度越大，弹簧测力计的示数越小，由称重法可知，浮力越大，所以可以得出结论：在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；
（2）若先完成实验c，再完成实验a，会由于金属块沾有水，导致所测重力偏大，由称重法F浮=G-F可知，测得金属块受到的浮力将偏大；
（3）由a、d图知：金属块浸没在水中受到的浮力F浮=G-Fd=4.8N-2.8N=2N，
由a、e图知金属块浸没在盐水中受到的浮力F浮'=G-Fe=4.8N-2.6N=2.2N，
因金属块完全浸没在水中，
根据F浮=ρ液gV排可得金属块的体积：
；
据F浮=ρ液gV排可得盐水的密度为：
。
32．（2023八上·杭州期中）小锴用饮料吸管制作了一只简易密度计。
（1）将其放入水中时，密度计不能直立，改进方法是　 　。
（2）改进后，将它先后放入盛有不同液体的两个烧杯中，当它竖直静止在液体中时，如图所示。从观察到的现象可以判断；两次简易密度计所受浮力F甲　 　F乙，两杯液体的密度ρ甲　 　ρ乙。
（3）用它测量可乐密度时，测得的密度会偏大，原因是　 　。
【答案】（1）增加吸管中的铁的质量
（2）=；＜
（3）吸管上“沾”上许多小气泡
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）密度计不能直立漂浮可能重心较高或底端轻造成的；
（2）同一支密度计的重力不变，放入两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件可知密度计在两种液体中所受浮力的大小关系；由图可知密度计排开液体体积的关系，根据阿基米德原理可判断液体密度的关系；
（3）根据F浮=ρ液gV排判断出排开液体的体积的变化，而此时V排=V气泡+V浸，所以密度计浸入可乐中的体积变小，据此判断出所测的液体密度的偏差。
【解答】 （1）将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮应降低其重心，故要增加吸管中的铁的质量；
（2）由图可知，密度计在甲、乙液体中都处于漂浮状态，则F浮=G，
因同一支密度计的重力不变，所以密度计在两种液体中所受的浮力相等，即F甲=F乙；
由图知，密度计排开甲液体的体积大于排开乙液体的体积，
根据F浮=ρ液gV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度；
（3）由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；
根据F浮=ρ液gV排可知所测可乐密度偏大，由于F浮、g不变，V排变小，
当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排=V气泡+V浸，
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，所测的可乐密度偏大。
33．（2023八上·杭州期中）高压锅是生活中一种密闭的加热容器，锅盖中央有一出气孔，孔上盖有限压阀，当锅内气压达到限定值时，限压阀被顶起放出部分气体，实现了对锅内气体压强的控制。已知高压锅盖出气孔的横截面积为12mm2，限压阀的质量为84g。（大气压值取1.0×105Pa）
（1）高压锅是根据　 　的原理设计工作的。
（2）求使用高压锅时锅内气体最大压强。（写出计算过程）
（3）根据图象进行判断：用该高压锅烧水，水温最高可以达到　 　℃。
【答案】（1）液体沸点随气压的增大而升高
（2）限压阀的重力为：G=mg=0.084kg×10N/kg=0.84N；
限压阀对排气孔产生的压强：p自重===0.7×105Pa
p内=p大气+p自重=105pa+0.7×105Pa=1.7×105Pa。
（3）约115
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据液体沸点随气压的变化规律解答；
（2）首先根据G=mg计算限压阀的重力，再根据 计算限压阀对排气孔产生的压强，接下来根据平衡力的知识 p内=p大气+p自重 计算锅内气体的最大压强。
（3）根据锅内的最大气压确定水的最高温度。
【解答】（1）高压锅是根据液体沸点随气压的增大而升高的原理设计工作的。
（3）根据上面的计算可知，锅内的最大气压为1.7×105Pa，那么根据图像可知，锅内的最大温度为115℃。
34．（2023八上·杭州期中）你见过冬天能自发热，夏天能自制冷的罐装饮料吗 如图是“玛吉克牌”一摇冰功能饮料，根据所给资料回答：
（1）“一摇冰”饮料在炎热的夏天解渴，其罐底的固体可能是____。
A．氢氧化钠 B．硝酸铵 C．氯化钠
（2）我们在喝碳酸饮料（含有二氧化碳气体）后，常出现打嗝现象，是由于气体的溶解度随温度升高而　 　.
（3）喝完饮料后，取出罐体底部的水溶液，加热蒸发掉2克水，冷却20℃，有2克晶体析出，此时溶液中溶质的质量分数为多少 （20℃时该物质的溶解度为180克）（计算结果保留一位小数）
【答案】（1）B
（2）减小
（3）64.3%
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 （1）根据物质溶于水的温度变化来分析；
（2）根据温度对气体溶解度的影响来分析；
（3）根据饱和溶液中，溶质的质量分数=来分析。
【解答】 （1）“一摇冰”饮料在炎热的夏天解渴，说明该物质溶于水吸收热量，造成温度降低。
A．氢氧化钠溶于水放出热量，温度升高；
B．硝酸铵溶于水吸收热量，温度降低；
C．氯化钠溶于水，温度几乎不变。
故选B；
（2）我们在喝饮料（含有CO2气体）后，常出现打嗝现象，是因为气体的溶解度随温度的升高而减小；
（3）喝完饮料后。取出罐体底部的水溶液，加热蒸发掉2克水。冷却到20℃，有2克晶体析出，此时溶液为饱和溶液，此时溶液中溶质的质量分数为。
35．（2023八上·杭州期中）浮力式水面垃圾清理器是一种可以漂浮在水面上自动收集小面垃圾的装置（如图甲）。项目化学习小组研究制作了一个水面垃圾清理器模型，其主要结构如图乙所示。工作原理为：垃圾清理器静止在水中，打开水泵后，水面上的落叶会随着水流从入水口自动进入收集器；垃圾会留在滤网内，水从排水口流出，从而达到自动清理垃圾的目的。
（1）请你结合压强相关知识对打开底部水泵后水会从入水口进入清理器内进行解释。
（2）项目小组制作的垃圾清理器模型漂浮在水面上时入水口恰好与水面相平，试验时却发现水面上的垃圾无法顺利进入收集器，小明想通过增加配重的方式使收集器入水口低于水面2厘米，请通过计算说明需要增加的配重质量为多少 （浮条规格为2厘米×2厘米×10厘米，配重放置在收集器主体内部不产生浮力）
【答案】（1）打开底部水泵后，入水口水的流速变大，压强变小，水面上的落叶会随着水流从入水口自动进入收集器。
（2）由图可知垃圾清理器模型的上方有4根浮条，收集器入水口低于水面2厘米时，浮条浸入水中的体积的变化量为2cm×2cm×2cm×4=32cm3，
根据阿基米德原理可知收集器受到的浮力变化量F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×32×10-6m3=0.32N，
则增加的配重的重力G=F浮=0.32N，
增加的配重的质量。
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）流体在流速大的地方压强小；
（2）据阿基米德原理计算收集器受到的浮力变化量，则增加的配重的重力等于浮力的变化量，根据计算增加的配重的质量。
【解答】 （1）打开底部水泵后，入水口水的流速变大，压强变小，水面上的落叶会随着水流从入水口自动进入收集器。
36．（2023八上·杭州期中）如图是浮力秤结构示意图，构造如下：两个底面积不同的圆柱形玻璃容器，大容器底面积是300cm2，高度是21cm，小容器底面积是250cm2，高度是25cm，质量是250g，小容器漂浮于大容器的水中，两容器壁厚可忽略不计。问：
（1）不放被测物时，小容器受到的浮力为　 　牛。
（2）已知该浮力秤的最大V排为21cm×250cm2，请计算该浮力秤测质量的量程。
（3）分析计算11N的水能否完成该浮力秤最大质量的称量？
【答案】（1）“浮力秤”受到的浮力等于其重力，即F浮＝G＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N；
（2）已知该浮力秤的最大V排＝21cm×250cm2＝5250cm3＝5.25×10﹣3m3，
由物体漂浮条件和阿基米德原理可知小容器里的最大总质量：
m总＝m排＝ρ水V排＝1.0×103kg/m3×5.25×10﹣3m3＝5.25kg＝5250g，
最大测量值m最大＝m总﹣m小＝5250kg﹣250g＝5000g；
（3）该浮力秤最大质量的称量时大容器里水的体积至少为：
V最少＝（S大﹣S小）h＝（300cm2﹣250cm2）×21cm＝1050cm3＝1.05×10﹣3m3，
则水的重力：G水＝m水g＝ρ水V最少g＝1.0×103kg/m3×1.05×10﹣3m3×10N＝10.5N＜11N，
所以，11N的水能完成该浮力秤最大质量的称量。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）小容器在大容器内漂浮，根据漂浮条件 F浮＝G＝mg 计算不放物体时它受到的浮力；
（2）首先根据m总＝m排＝ρ水V排计算小容器内排开水的最大总质量，再减去小容器的质量得到浮力秤的最大称量值；
（3）根据图片可知，小容器的体积和水的体积之和等于大容器的容积，则容器内水的体积等于大小容器的容积之差，即V最少＝（S大﹣S小）h ，然后根据 G水＝m水g＝ρ水V最少g 计算对应水的重力，并与11N进行比较即可。
37．（2023八上·杭州期中）据专家估计，到2025年，全世界35亿人将处于缺水状态，人类生存将受到严重威胁。因此，保护水资源，合理利用和开发水资源已刻不容缓。为合理分配、利用水资源，政府采取了许多措施。
（1）修建水库。年降水量分布情况常作为修建水库的指标之一。请根据图甲分析，支持当地政府推进水库修建的理由是　 　。该工程主要是通过改变图乙水循环中的　 　（填序号）环节来实现的。
（2）海水淡化是目前补充淡水资源的主要方法之一，小科设计并制作了如图的咸水淡化装`置。同时针对该装置设计了评价表：“咸水淡化装置”评价表（节选）。
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一：装置结构 结构完整，有加热、冷却和收集装置 结构较完整，缺少较好的冷却装置 结构不完整，有1处结构以上缺失
指标二：淡化效果 能从咸水中制得淡水，速度较快、连续稳定 能从咸水中制得淡水，但效果不明显 不能从成水中制得淡水
指标三： …… …… ……
①易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过　 　（填物态变化名称）变成淡水流入容器。
②根据评价需要，请你提出一项评价指标写在指标三“ ”处。　 　
【答案】（1）该地降水量季节分配不均匀；④
（2）液化；节能环保
【知识点】液化及液化现象；水循环
【解析】【分析】 （1）水库建设对水循环的影响主要是改变局部的地表径流，改变水资源的时间分配。
（2）①蒸馏法将海水加热至沸腾，产生蒸汽，然后蒸汽被冷凝回淡水，是海水淡化较常见的一种方法。
②验装置的评价可从装置的结构是否合理完整、实验效果是否明显、装置是否节能环保、操作是否简便、装置是否有推广价值和制作成本是否廉价几方面进行评价。
【解答】 （1）从甲中年降水量的柱状图中可以看出该地降水量季节分配不均，所以当地政府推进水库修建，主要是通过改变水循环中④地表径流环节来实现的。
（2）①物质由气态转变为液态的过程叫做液化，易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过液化变成淡水；②实指标三为节能环保或操作简便或推广价值工或制作成本。
1 / 1

展开更多......

收起↑