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浙江省绍兴市建功中学教育集团2024-2025学年八年级上学期科学10月份学科素养竞赛试卷
1．（2024八上·绍兴竞赛）下列关于水资源的叙述，正确的是（　　）
A．通常所说的水资源是指陆地上的所有水体
B．冰川分布于两极和高山地区，是目前可供人类利用的最重要的水资源之一
C．目前使用的淡水资源，主要是指河流水、湖泊淡水和浅层地下水
D．水资源开发利用后，都能很快恢复
【答案】C
【知识点】地球上的水体
【解析】【分析】 世界水资源从广义上来说是指水圈内的水量总体。由于海水难以直接利用，因而我们所说水资源主要指陆地上的淡水资源。通过水循环，陆地上的淡水得以不断更新、补充，满足人类生产、生活需要。所以世界水资源对人类的生活很有帮助。地球表面约有70%以上为水所覆盖，其余约占地球表面30%的陆地也有水的存在。地球总水量为1.386×1018m3，其中淡水储量为3.5×108亿m3，占总储量的2.53%。由于开发困难或技术经济的限制，海水、深层地下水、冰雪固态淡水等还很少被直接利用。比较容易开发利用的、与人类生活生产关系最为密切的湖泊、河流和浅层地下淡水资源，只占淡水总储量的0.34%，为104.6×104亿m3，还不到全球水总储量的万分之一。通常所说的水资源主要指这部分可供使用的、逐年可以恢复更新的淡水资源。可见地球上的淡水资源并不丰富。
【解答】A. 通常所说的水资源是指陆地上的淡水资源，A错误；
B. 冰川分布于两极和高山地区，但目前还不能供人类利用，B错误；
C.目前使用的淡水资源，主要是指河流水、湖泊淡水和浅层地下水 ，C正确；
D. 水资源开发利用后，不能很快恢复，因此，应节约用水，D错误；
故答案为：C.
2．（2024八上·绍兴竞赛）每年都会有多个台风在我们浙江省登陆，往往会给当地带来强风暴雨。从水循环的途径来看，台风过境属于（　　）
A．水汽输送 B．地表径流 C．降水 D．蒸发蒸腾
【答案】A
【知识点】水循环
【解析】【分析】水循环包括：海上内循环、陆上内循环和海陆间循环。
【解答】台风过境时，会将海上的水运输到陆地上，实现水的海陆间循环，这个过程属于水汽输送。
故答案为：A。
3．（2024八上·绍兴竞赛）概念图能清晰地反映概念之间的联系，如图表示溶液中部分概念的相互联系。下列说法正确的是（　　）
A．①为无色透明
B．②为水
C．③可通过增加溶剂实现转化
D．④通过降低溶液温度一定能实现转化
【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】 A.根据溶液的特征分析；
B.根据溶液的组成分析；
CD.根据饱和溶液转化为不饱和溶液的方法分析；
【解答】 A.溶液是均一、稳定的混合物，但不一定是无色透明的，故A错误；
B.溶液是由溶质和溶剂组成的，②表示溶剂，故B错误；
C.饱和溶液中增加溶剂，可以将饱和溶液转化为不饱和溶液，故C正确；
D.不饱和溶液通过降低温度不一定能变成饱和溶液，如氢氧化钙的溶解度随着温度的降低而减小，其饱和溶液降低温度后，溶解度增大，溶液仍为不饱和溶液，故D错误。
故选C。
4．（2024八上·绍兴竞赛）水槽中放一个小铁盒，铁盒中放少许细线和一个铝块，铁盒漂浮在水面。现用细线把铝块拴在铁盒下面，铁盒仍漂浮在水面，如图所示。讨论前后两个操作水槽中的水位以及铁盒浸入水中的体积变化，下列说法正确的是（　　）
A．水槽中水位不变，铁盒浸入水中的体积变大
B．水槽中水位下降，铁盒浸入水中的体积不变
C．水槽中水位不变，铁盒浸入水中的体积变小
D．水槽中水位上升，铁盒浸入水中的体积不变
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据漂浮条件比较铁盒受到浮力大小变化，再根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析铁盒排开液体体积的变化。
【解答】将铁盒和铝块看做一个整体，无论铝块在铁盒内，还是在铁盒外，它们始终漂浮在水面上，那么它们受到的浮力始终等于总重力，即浮力不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，铁盒和铝块排开水的总体积保持不变，因此水槽中水位不变。而铝块放入水中前，只有铁盒排开水，放入水中后，铁盒和铝块都排开水，因此铁盒浸入水中的体积变小。
故C正确，而A、B、C错误。
故选C。
5．（2024八上·绍兴竞赛）制作“叶脉书签”需要配制100g12%的氢氧化钠溶液。下列操作中，正确的是（　　）
A．称量前调节天平平衡时发现指针向右偏转，可调节游码
B．在左右托盘上垫滤纸称取12g氢氧化钠固体
C．将准确称取的氢氧化钠固体直接倒入装有水的量筒中溶解
D．选用100mL量筒量取88mL的水
【答案】D
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据配制一定溶质质量分数溶液的实验过程分析判断。
【解答】A.称量前调节天平平衡时发现指针向右偏转，首先将游码归零，再向左调节平衡螺母，故Ac错误；
B.氢氧化钠具有强烈的腐蚀性，应该放入烧杯内进行测量，故B错误；
C.将准确称取的氢氧化钠固体直接倒入装有水的烧杯中溶解，量筒不能配制溶液，故C错误；
D.需要水的质量为：100g-100g×12%=88g，则需要水的体积为100mL，那么选用100mL量筒量取88mL的水，故D正确。
故选D。
6．（2024八上·绍兴竞赛）下列关于溶液的说法正确的是（　　）
A．某温度下两种不同物质的溶液溶质质量分数相同，则这两种物质的溶解度一定相同
B．溶质质量分数为10%的200mL某溶液，密度为1.2g/cm3，其中含溶质24g
C．饱和溶液析出晶体后，溶质的质量分数一定减少
D．不饱和溶液转化为饱和溶液，其溶质的质量分数一定增大
【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A.根据溶解度与饱和溶液溶质质量分数的关系判断；
B.根据m=ρV计算溶液质量，再根据“溶质质量=溶液质量×溶质质量分数”计算溶质质量；
C.饱和溶液的溶质质量分数保持不变；
D.溶质质量分数=
【解答】A.某温度下两种不同物质的饱和溶液溶质质量分数相同，则这两种物质的溶解度一定相同，故A错误；
B.溶液质量m=ρV=1.2g/cm3×200cm3=240g，则溶质质量为：240g×10%=24g，故B正确；
C.饱和溶液析出晶体后溶质质量减小，但是溶质质量分数保持不变，故C错误；
D.不饱和溶液变成饱和溶液后，可能只是溶解度减小所致，而溶质和溶液质量都没有发生改变，则溶质质量分数不变，故D错误。
故选B。
7．（2024八上·绍兴竞赛）通过下列实验操作不能达到相应目的的是（　　）
A．获取纯净水
B．配制蔗糖溶液
C．获取氯化钠晶体
D．配制10%的食盐水
【答案】A
【知识点】溶液的组成及特点；一定溶质质量分数的溶液的配制；结晶的概念与方法；净化水的常用方法
【解析】【分析】要获得纯净水，只能通过蒸馏。
【解答】A、过滤得到的水中仍含有很多溶解在水中的物质，所以得到的水仍是混合物，故A符合题意；
B、蔗糖可溶于水，图中操作可以配制得到蔗糖溶液，故B不符合题意；
C、氯化钠的溶解度随温度变化不大，所以可以用蒸发结晶的方式获得氯化钠晶体，故C不符合题意；
D、50克质量分数为20%的食盐水中含有的溶质质量为：，加入50mL的水，即加入50克水，则新形成的溶液的质量分数为：，故D不符合题意。
故答案为：A。
8．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示，将重为12N的小球挂在弹簧测力计下，当小球的一半体积浸在水中时，测力计示数为7N。下列说法正确的是（　　）
A．小球的体积为700cm3
B．小球的密度为1.2g/cm3
C．缓缓向下移动弹簧测力计，小球对测力计的拉力最小可达到0N
D．剪断悬吊小球的细线，小球在水中稳定时受到的浮力为12N
【答案】B
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）先利用称重法F浮=G-F示求物体浸入一半时受到的浮力，再根据阿基米德原理计算出排开水的体积，最后根据V排=计算小球的体积；
（2）首先根据重力公式计算出小球的质量，再根据密度公式计算小球的密度；
（3）根据F浮=ρgV排求得小球全部浸没时受到的浮力，再利用F浮=G-F示求得拉力；
（4）根据（3）中的结果判断。
【解答】A.当小球的一半浸在水中时受到的浮力F浮=G-F示=12N-7N=5N，
那么此时小球排开水的体积：
物体的体积：V=2V排=2×500cm3=1000cm3，故A错误；
B.小球的质量
那么小球的密度，故B正确；
C.缓缓向下移动弹簧测力计，
当小球全部浸没时受到的浮力F浮′=ρgV排' =1.0×103kg/m3×10N/kg×10-3m3=10N，
此时测力计的最小示数为：F拉=G-F浮力=12N-10N=2N，故C错误；
D.因为ρ物>ρ水，
所以剪断悬吊小球的细线，它会沉没在水底，
此时小球受到的浮力同C中算出的浮力相等，即F浮=10N，故D错误。
故选B。
9．（2024八上·绍兴竞赛）我们会接触到各种各样的“液体”，下列对这些“液体”的认识，正确的是（　　）
A．盐放进水中，盐水就是均一、稳定、透明的纯净物
B．汽水倒入杯中会有大量气泡溢出，说明气体不能溶于水
C．用汽油去除油污，汽油相当于溶剂，油污相当于溶质
D．一杯盐水敞开放置较长时间会有晶体析出，可判断它是悬浊液
【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别；常见物质的分类
【解析】【分析】A.只由一种物质组成纯净物，由多种物质组成混合物；
B.根据现象分析包含的物理原理；
C.一般情况下，固体为溶质，液体为溶剂；
D.悬浊液的分散质为不溶性的固体颗粒，据此分析判断。
【解答】A.盐放进水中，盐水就是均一、稳定、透明的混合物，故A错误；
B.汽水倒入杯中会有大量气泡溢出，说明气体在水中的溶解度减小，故B错误；
C.用汽油去除油污，汽油相当于溶剂，油污相当于溶质，故C正确；
D.一杯盐水敞开放置较长时间会有晶体析出，可判断它是溶液，故D错误。
故选C。
10．（2024八上·绍兴竞赛）下列关于大气层的分析和理解，错误的是（　　）
A．大气分层的主要依据是大气温度在垂直方向上的变化
B．雷电等主要的天气现象都发生在平流层
C．对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
D．地球上如果没有大气，火山喷发现象依然存在
【答案】B
【知识点】大气的温度；大气的分层；大气层的作用
【解析】【分析】1、对流层特点：气温随高度的增加而递减，空气对流运动显著，天气现象复杂多变。集中了大气质量的四分之三和几乎全部的水汽、杂质，厚度随纬度变化而变化。低纬厚度约17～18千米；中纬厚度约10～12千米；高纬厚度约8～9千米。2、平流层特点：气温随高度的增加而上升，有大量吸收紫外线的臭氧层，高度为自对流层顶至50～55千米。
【解答】A. 大气分层的主要依据是大气温度在垂直方向上的变化，A正确；
B. 雷电等主要的天气现象都发生在对流层，B错误；
C. 对流层最显著的特点是有强烈的对流运动 ，C正确；
D. 地球上如果没有大气，火山喷发现象依然存在，因为火山是由于地球内力作用导致的，D正确；
故答案为：B.
11．（2024八上·绍兴竞赛）20℃时氯化钠的溶解度为36g，100g质量分数为10%的氯化钠溶液，若再加入30g氯化钠配成该温度下的溶液，其质量分数为（　　）
A．30.8% B．36% C．26.5% D．35.4%
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】饱和溶液的溶质质量分数=。
【解答】100g氯化钠溶液中氯化钠的质量为：100g×10%=10g；
20℃时氯化钠的溶解度为36g，即100g水中最多溶解氯化钠36g；
则此时还能溶解氯化钠的质量为：36g-10g=26g<30g；
因此加入30g氯化钠后变成饱和溶液；
即此时溶质质量分数为：。
故选C。
12．（2024八上·绍兴竞赛）下列有关气温的叙述，错误的是（　　）
A．人体感到舒适的气温约为22℃
B．百叶箱内温度计读数与外界阳光直射下的温度计读数相比，平均值要小
C．气温在25℃以下，知了就停止鸣叫，说明动物的行为与气温有关
D．一天中最高气温通常出现在中午12时左右
【答案】D
【知识点】气温及其变化；测量气温的方法与仪器
【解析】【分析】一天中最低气温出现在日出前后。
【解答】A、人的体温在37℃左右，感觉舒适的温度在22℃左右，故A不符合题意；
B、百叶箱外面是白色的，可以反射光线，把温度计放在百叶箱中，可以避免阳光直射，温度计的示数小于外界阳光直射下温度计的示数，故B不符合题意；
C、动物的行为与气温有关，所以温度降到25℃以下时，知了就不再鸣叫了，故C不符合题意；
D、一天中最高气温出现在下午两点左右，故D符合题意。
故答案为：D。
13．（2024八上·绍兴竞赛）如表提供了硝酸钾在不同温度时的溶解度，据该表判断，下列叙述中，错误的是（　　）
温度（℃） 0 20 40 60 80
溶解度（g） 13.3 31.6 63.9 110 169
A．硝酸钾的溶解度随温度的上升而变大
B．20℃时，100g饱和硝酸钾溶液中含有31.6g硝酸钾
C．将40℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，该溶液变成不饱和溶液
D．将80℃的硝酸钾饱和溶液降温至20℃，有晶体析出
【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】A.根据表格数据分析硝酸钾的溶解度变化规律；
B.根据溶解度的意义判断；
C.溶质质量小于溶解度，则溶液为不饱和溶液；
D.根据溶解度的变化情况判断。
【解答】A.根据表格数据可知，硝酸钾的溶解度随温度的上升而变大，故A正确不合题意；
B.20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中最多含有31.6g硝酸钾 ，故B错误符合题意；
C.将40℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，硝酸钾的溶解度变大，则该溶液变成不饱和溶液，故C正确不合题意；
D.将80℃的硝酸钾饱和溶液降温至20℃，硝酸钾的溶解度减小，则会有晶体析出，故D正确不合题意。
故选B。
14．（2024八上·绍兴竞赛）甲、乙体积相同，乙、丙质量相等，将它们放入水中静止时如图所示，其中丙为沉底，则下列说法正确的是（　　）
A．甲所受的浮力大于甲所受的重力
B．若三个物体均由同种材料制成，则丙一定实心
C．丙物体的平均密度最小
D．乙受到的浮力最大
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】AD.根据浮沉条件比较甲的浮力和重力的大小；
BC.根据浮沉条件比较三者密度大小，从而确定实心情况。
【解答】A.根据图片可知，甲在水面上漂浮，则它受到的浮力等于重力，故A错误；
BC.根据浮沉条件可知，甲在水面漂浮，则甲的密度小于水的密度；乙在水里悬浮，则乙的密度等于水的密度；丙在水中下沉，则丙的密度大于水的密度。比较可知，甲的密度最小，丙的密度最大。根据可知，丙的体积肯定小于乙的体积，但是丙可能是空心的，故B、C错误；
D.甲排开液体的体积小于乙排开水的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，甲受到的浮力小于乙的浮力。乙悬浮，则乙受到的浮力等于重力；丙下沉，则丙受到的浮力小于重力，因此浮力最大的是乙，故D正确。
故选D。
15．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示体积相同的两物体A、B用不可伸长的细线系住，放入水中后，A有四分之一的体积露出水面，细线被拉直。已知A的重力为4N，A、B的密度之比为2：5，B受到的浮力为8N。则下列说法正确的是（　　）
A．两物体A、B的重力之比为5：2
B．两物体A、B的所受的浮力之比为1：2
C．细线对A的拉力大小为2N
D．物体B对容器底部的压力为1N
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】A.由题知，A、B密度之比ρA：ρB=2：5，VA：VB=1：1，利用G=mg=ρVg求A、B所受的重力之比；
B.A、B的体积相同，都为V，A有四分之一体积露出水面，则A排开水的体积V排A=V，B排开水的体积V排B=V，利用阿基米德原理求A、B所受的浮力之比；
C.知道B受到的浮力，根据A、B所受的浮力之比可求A受到的浮力，细线对A的拉力大小等于A受到的浮力减去A的重力；
D.上面求出了A、B的重力之比，知道A的重力，可求B的重力；对B受力分析，求出B对容器底部的压力。
【解答】 A.根据图片可知，A、B密度之比ρA：ρB=2：5，VA：VB=1：1，
由G=mg=ρVg可得A、B所受的重力之比：
GA：GB=ρAVAg：ρBVBg=ρA：ρB=2：5，
故A错误；
B.已知A、B的体积相同，设均为V，A有四分之一体积露出水面，
则A排开水的体积V排A=V，B排开水的体积V排B=V，
则A、B所受的浮力之比：F浮A：F浮B=ρ水V排Ag：ρ水V排Bg=V：V=3：4，
故B错误；
C.由题知，B受到的浮力F浮B=8N，
因F浮A：F浮B=3：4，
则A受到的浮力：F浮A=F浮B=×8N=6N，
A受到向上的浮力、向下的重力和拉力，
由力的平衡条件可得细线对A的拉力大小：F拉=F浮A-GA=6N-4N=2N，
故C正确；
D.因为GA：GB=2：5，且GA=4N，
所以GB=GA=×4N=10N，
B对容器底部的压力：F压=F浮B+F拉-GB=8N+2N-10N=0N，故D错误。
故选C。
16．（2024八上·绍兴竞赛）分析水循环示意图，并回答下列问题：
（1）图中各序号分别代表水循环的各个环节，其中序号⑤表示的环节是　 　。
（2）下列三个地区，水循环最活跃的是____（填字母）。
A．冰川广布的南极大陆 B．地表裸露的沙漠地区
C．森林覆盖良好的水库区 D．黄河水的发源地
（3）水循环的动力除了地球的吸引力外还有　 　。
【答案】（1）地表径流
（2）C
（3）太阳辐射
【知识点】水循环
【解析】【分析】①是水汽输送；②是降水；③是蒸发；④是降水；⑤是地表径流；
【解答】（1）图中各序号分别代表水循环的各个环节，其中序号⑤表示的环节是地表径流；
（2）水循环最活跃的是C森林覆盖良好的水库区；
（3）水循环的动力除了地球的吸引力外还有太阳辐射；
故答案为：（1）地表径流（2）C（3）太阳辐射
17．（2024八上·绍兴竞赛）图1是大气温度的垂直分布示意图，图2是对流层空气对流运动示意图。
（1）飞机主要飞在大气层中图1所示的　 　（填字母“a”“b”“c”或“d”）层，约90%的臭氧集中于这一层；
（2）图2中A处空气流动的方向　 　（填“向上”或“向下”）；
（3）图2中甲地气温低形成高压区，多　 　（填“晴朗”或“阴雨”）天气。
【答案】（1）b
（2）向上
（3）晴朗
【知识点】大气的分层；天气预报与天气图
【解析】【分析】考查大气分层的特点，气压高低和天气的关系。abcd分别为对流层，平流层，中间层，暖层。
【解答】（1）飞机在平流层，气流平稳，适合飞机飞行，同时气温随高度增加而升高，因为臭氧层吸收大量光，所以答案为b；
（2）2在暖气流处，热空气是上升的，所以答案为向上；
（3）高压区气流向下，温度升高，水汽不易凝结，多晴朗天气，所以答案为晴朗。
18．（2024八上·绍兴竞赛）一艘船的质量为5×105t，最大载重量是1.3×106t，则它满载时的排水量为　 　吨，受到的浮力是　 　N。如果往船上装载货物，则它受到的浮力将　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。(g取10N/kg)
【答案】1.8×106；1.8×1010；变大
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】船在行驶时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，重力变大，则浮力变大。
【解答】[1]船满载时，处于漂浮状态，浮力等于重力，由阿基米德原理可知，排开水的重力等于浮力，即满载时排开水的重力等于船和最大载重货物的重力之和，故满载时排水量为：。
[2]船受到的浮力：。
[3]如果往船上装载货物，船的总重力变大，船处于漂浮状态，浮力等于重力，故浮力也变大。
19．（2024八上·绍兴竞赛）如图为甲、乙两种物质的溶解度曲线图，根据溶解度曲线图回答下列问题：
（1）图中A点表示的意义：　 　；
（2）将40g甲物质溶解到60g、80℃的热水中，形成的溶液的质量为　 　；
（3）要将乙物质的不饱和溶液变成饱和溶液，可采用的方法有　 　。
【答案】（1）t℃时，甲和乙的溶解度相等，均为a
（2）96克
（3）加入乙物质、蒸发水、降温
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】将不饱和溶液变成饱和溶液的方式有：加溶质、蒸发溶剂和改变温度等。
【解答】（1）A点时甲和乙的溶解度曲线相交，说明在t℃时，甲和乙的溶解度相等，均为ag。
（2）由图可知，在80℃时，甲的溶解度为60g，即100g水中最多可以溶解60g甲，则60g水中最多能溶解的甲的质量为：，解得，所以溶液的质量为：。
（3）乙的溶解度随温度的升高而增大，所以要将乙物质的不饱和溶液变成饱和溶液，可以降温，也可以向溶液中加入乙或者蒸发水分。
20．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示，小金同学找来一根粗细均匀、横截面形状相同的木棒，在一端钉一口铁钉，铁钉上缠一些铁丝，做成一个简易密度计，使其竖直漂浮在液体中。根据物体漂浮的特点可知，密度计在甲、乙两种液体中的浮力　 　(选填“相等”或“不相等”)。根据阿基米德原理判断，甲是　 　(选填“水”或“盐水”)；丙图中，q点的刻度　 　(选填“大于”、“小于”或“等于”)p点的刻度。
【答案】相等；水；大于
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】密度计的刻度：下大上小。
【解答】[1]密度计在甲、乙液体中均处于漂浮状态，由沉浮条件可知，此时浮力等于重力，所以在甲、乙液体中，密度计受到的浮力相等。
[2]浮力相等，密度计在甲中排开液体的体积更大，由可知，甲液体的密度更小，所以是水。
[3]浮力相等，密度计在q点时排开液体的体积较小，由可知，液体的密度较大，所以q点的刻度大于p点的刻度。
21．（2024八上·绍兴竞赛）A、B、C、D四个烧杯中分别盛有质量相等的水，在相同的温度下，向四个烧杯中分别加入200g、150g、100g、50g的硝酸钾，充分溶解后，现象如图所示。请回答：
（1）烧杯　 　（填字母）中盛放的一定是不饱和溶液。
（2）D烧杯中的溶液静置一段时间后不分层，这说明溶液具有　 　特点。
（3）为使烧杯A中的固体物质继续溶解，可选择的方法是　 　（写一条即可）。
【答案】（1）D
（2）稳定
（3）升高温度
【知识点】溶液的组成及特点；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据有固体剩余的溶液一定是饱和溶液，无固体剩余的溶液中，溶质多的可能是饱和溶液，溶质少的一定是不饱和溶液分析；
（2）根据溶液的稳定性分析；
（3）根据溶解度随温度升高而增大的物质，饱和溶液升高温度或加水可转化为不饱和溶液分析。
【解答】（1）A和B烧杯中都有固体未完全溶解，为饱和溶液，C中溶质大于D，全部溶解，可能是饱和溶液，可能是不饱和溶液，D一定是不饱和溶液。
（2） D烧杯中的溶液静置一段时间后不分层，这说明溶液具有稳定性。
（3） 硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，为使烧杯A中的固体物质继续溶解，可选择的方法是升高温度或加水。
故答案为：（1）D；（2）稳定；（3）升高温度。
22．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示，台称上放置一个装有适量水的烧杯，已知烧杯和水的总重力为2N，将一重力为1.2N的长方体实心物块A用细线吊着，将其一半浸入水中，台秤的示数为3N，则A受到的浮力为　 　N，长方体实心物块A的密度为　 　kg/m3。
【答案】1；0.6×103
【知识点】浮力产生的原因；阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】力的作用是相互的，A受到水的浮力的同时，也给水一个向下的压力。
【解答】[1]A对水的压力等于水给A的浮力，烧杯和水的总重力为2N，将A的一半浸入水中，此时台秤的示数变为3N，则A对水的压力等于1N，所以水给A的浮力也等于1N。
[2]A的体积为：，A的密度为：
。
23．（2024八上·绍兴竞赛）在配制食盐溶液过程中，同学们发现，精制盐比粗盐溶解得更快。阅读配料表发现，这两种食盐的成分相同，只是精制盐颗粒比较小，而粗盐颗粒比较大。同学们想通过实验来探究影响食盐溶解快慢的因素，请帮助他们完成实验设计。
同学们猜测食盐溶解快慢与其颗粒大小有关。为验证假设，准备了如下实验装置。
（1）食盐完全溶解在水中能形成溶液，其中溶质是　 　，溶剂是　 　。
（2）要验证假设，应当选择图中的　 　和　 　（填字母）开展实验对照；若　 　（填字母）中烧杯里的食盐先溶解完，能说明食盐颗粒越小，溶解越快。
（3）观察实验装置a和c，发现c中烧杯里的食盐溶解得更快，能不能说明温度越高，食盐溶解得越快？
　 　（能/不能）。请说明理由：　 　。
【答案】（1）食盐；水
（2）b；c；c
（3）不能；因为除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同
【知识点】影响溶解快慢的因素；饱和溶液与不饱和溶液
【解析】【分析】在探究某一因素的影响时，要控制其它条件相同。
【解答】（1）水是常见的溶剂之一，将食盐放入水中，食盐会被水溶解形成食盐水，所以在食盐水中食盐是溶质，水是溶剂。
（2）根据控制变量法，要探究颗粒大小对溶解速度的影响，应控制水的温度相同，所以应选择b、c两组实验进行探究。c中食盐的颗粒较小，若c中的食盐先溶解完，说明食盐颗粒越小，溶解速度越快。
24．（2024八上·绍兴竞赛）小明同学用一个弹簧测力计、一个金属块、两个相同的烧杯（分别装有一定量的水和煤油），对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究．如图表示探究过程及有关数据．
（1）分析图B、C、D，说明浮力大小跟　 　有关；
（2）分析图　 　，说明浮力大小跟液体密度有关；
（3）小明还想探究浮力大小与物体形状是否有关，请你简述实验方法：　 　；
（4）由图中实验情景推算出煤油的密度为　 　千克/米3．
【答案】（1）物体排开液体的体积
（2）D、E
（3）取一块橡皮泥，捏成不同形状分别先后挂在弹簧测力计下，并完全浸没在水中，观察弹簧测力计的示数是否相同；若不相同，说明浮力的大小与物体的形状有关，反之无关
（4）0.8×103
25．（2024八上·绍兴竞赛）一颗黄豆质量为多大（大约在0.1克～1克之间），实验室学生天平的最小刻度是0.2克，不够精确，老师布置各项目组制作一个浮力秤将一粒黄豆的质量测出来，精确度越高越好。
【项目任务】制作高精度浮力秤
【提供材料】大烧杯、水、纸质小托盘、剪刀、橡皮泥、铁钉、刻度尺、记号笔、双面胶、质量1g的小铁块，吸管（规格A：较细的普通饮料吸管；规格B：较粗的奶茶吸管）。
【制作过程】
①选择轻质的塑料吸管，剪取笔直的20cm一段，上端贴上纸质小托盘。
②在吸管下端插入铁钉，用橡皮泥塞紧吸管与铁钉缝隙进行固定和密封。
③烧杯中倒入水，将制作完成的吸管下端放入水中，让吸管漂浮在水面上，如图。
④对吸管标记刻度。
a.在小托盘放上1g小砝码，漂浮稳定后，在水面与吸管相交处标1g。
b.将吸管底部与1g的标记间进行10等分。
⑤测量一粒黄豆质量。
（1）步骤②中吸管中插入铁钉并密封的好处是　 　。
（2）项目组内有同学认为刻度标记的方法错误，他觉得吸管底部不是0刻度的位置，应重新标记0刻度，再将0和1g之间10等分。标记0刻度的方法是　 　。
（3）为提高浮力秤的精确度，小组提出的以下改进措施中可行的是____。
A．用直径更小的吸管 B．增大吸管中铁钉的质量
C．烧杯中换用密度更小的液体 D．烧杯中换用密度更大的液体
【答案】（1）使吸管可以竖直漂浮在水中
（2）将装好的浮力秤竖直漂浮于水中，不放重物时在水面与吸管相交处标记为零，然后放上1g的砝码，此时浮力秤仍然漂浮于水中，在水面与吸管相交处标记为1g，在0和1之间进行十等分，其分度值为0.1g
（3）A；C
26．（2024八上·绍兴竞赛）某科学兴趣小组的同学做粗盐（含有杂质，且杂质难溶于水）提纯实验，并用所得的精盐配制60克10%的氯化钠溶液。请回答下列有关问题：
实验一：按下列实验步骤和要求回答粗盐提纯的有关问题。
第一步：溶解。①称量：称量前先把天平调平，准确称取6.0g粗盐。
②量取10mL水倒入烧杯，加粗盐于水中，用玻璃棒搅拌，直到粗盐不再溶解为止。
第二步：过滤。①待过滤的混合液在引流之前先静置一会儿再过滤。
②引流时与玻璃棒下端接触的部分是三层滤纸处。
第三步：蒸发。①如果蒸发皿中有液滴飞溅，原因是　 　。
②当蒸发皿出现　 　时，应停止加热。
第四步：转移。此粗盐精制过程中，玻璃棒在过滤时的作用是　 　。
实验二：用粗盐提纯后得到的精盐（氯化钠）配制了氯化钠溶液，经检测溶质质量分数偏小，其原因可能有　 　（填字母序号，多选）。
①氯化钠固体仍然不纯②称量时砝码和氯化钠放错盘③称量时只在天平左盘垫上滤纸④用量筒量取水时俯视读数⑤配制好的氯化钠溶液装瓶时，有少量溶液洒出
【答案】受热不；大量固体；引流；1、2、3
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】第三步：①如果液体受热不均匀，那么会造成蒸发皿内液滴飞溅；
②根据结晶操作的注意事项分析；
第四步：根据过滤操作中的注意事项解答。
实验二：根据“溶质质量分数=”可知，溶液的溶质质量分数偏小，要么是溶质质量偏小，要么是溶剂质量偏大，据此分析判断。
【解答】第三步：①如果蒸发皿中有液滴飞溅，原因是受热不均匀。
②当蒸发皿出现大量晶体时，应停止加热。
第四步：转移。此粗盐精制过程中，玻璃棒在过滤时的作用是引流。
实验二：①氯化钠固体仍然不纯，会导致溶质质量偏小，故①符合题意；
②称量时砝码和氯化钠放错盘，此时氯化钠质量=钩码质量-游码质量，会导致溶质质量偏小，故②符合题意；
③称量时只在天平左盘垫上滤纸，则滤纸和食盐的总质量等于砝码质量，会导致溶质质量偏小，故③符合题意；
④用量筒量取水时俯视读数，会导致读数偏小，而实际得到水的体积偏大，故④不合题意；
⑤配制好的氯化钠溶液装瓶时，有少量溶液洒出，对溶质质量分数没有影响，故⑤不合题意。
故选①②③。
27．（2024八上·绍兴竞赛）根据氯化钠和氯化铵的溶解度表与溶解度曲线回答下列问题：
温度/℃ 0 20 40 60 80 100
溶解度/g 氯化钠 35.7 36.0 36.6 37.3 38.4 39.8
氯化铵 29.4 37.2 45.8 55.2 65.6 77.3
（1）比较好的分离这两种物质的方法是　 　
（2）30℃时，将50g氯化铵放入100g水中，所得溶液加热至60℃，一定变大的量是____（填字母序号）。
A．溶质质量 B．溶剂质量
C．溶解度 D．溶质的质量分数
【答案】（1）冷却热饱和溶液
（2）A；C；D
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；结晶的概念与方法
【解析】【分析】溶解度随温度变化较大的物质通常采用冷却热饱和溶液的方式获得晶体；溶解度随温度变化不大的物质通常采用蒸发结晶的方式获得晶体。
【解答】（1）由表中数据可知，氯化钠的溶解度随温度变化较小，氯化铵的溶解度随温度变化较大，降低温度，会有大量氯化铵晶体析出，所以可通过冷却热饱和溶液的方式将这两种物质分离。
（2）由表中数据可知，氯化铵的溶解度随着温度的升高而增大，40℃时，氯化铵的溶解度为45.8g，所以30℃时，溶解度小于45.8g，故50g氯化铵不能完全溶解，加热至60℃，溶解度变大，为55.2g，大于50g，所以没有完全溶解的氯化铵都溶解在水中，故溶质质量变大，因水的质量不变，所以溶质的质量分数也变大。
故答案为：ACD。
28．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示图甲的烧杯中是一定温度下的硝酸钾饱和溶液，木块漂浮在溶液中，随着温度的变化(不考虑由此引起的木块和溶液体积的变化)，漂浮在溶液中的木块排开的体积(V排)随着时间(t)发生变化如图乙所示，由此判断此时溶液的温度是怎样变化的(升温还是降温)？溶液中的固体是如何变化(增加还是减少)？并说明理由。
【答案】温度下降，溶质析出，即溶液中固体增加。因为图中木块漂浮，所受的浮力不变，而V排在增加，肯定是液体密度下降，密度下降是因为溶质析出，而硝酸钾饱和溶液只有温度下降才会使溶质析出。
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化；固体溶解度的概念
【解析】【分析】木块排开液体的体积逐渐变小，说明木块始终处于漂浮状态，浮力不变。
29．（2024八上·绍兴竞赛）人们常用“冰山一角"来形容事物显露出来的仅仅是其很小的部分，更多的还隐藏在表面现象之下。事实上，冰山浮在海水中的确只露”一角"(如图所示)。若现有一座冰山，它露出海面的体积是2000m3，(已知：海水的密度取ρ海水=1×103kg/m3，冰的密度ρ冰=0.9×103kg/m3)。则：
（1）假如此冰山完全熔化，则液面将　 　(填“不变”、“降低”或“上升")；
（2）这座冰山的总体积为多少？
【答案】（1）不变
（2）冰山在海面漂浮，那么得到：
F浮=G；
ρ水gV排=ρ冰gV；
ρ水V排=ρ冰V；
103kg/m3×（V-2000m3）=0.9×103kg/m3×V；
解得：V=20000m3。
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）冰熔化成水质量不变，根据密度公式计算出熔化成水的体积，根据阿基米德原理计算出冰山在海水中的V排，然后二者比较即可；
（2）首先根据漂浮条件列出浮力和重力的关系式，然后根据密度公式和阿基米德原理将公式拆开，代入数据计算出冰山的体积即可。
【解答】（1）冰山在海水表面漂浮，那么它受到的浮力等于重力，
它排开海水的体积：；
冰山熔化后，水的体积为：；
因为熔化前后，冰山的重力G不变，且海水的密度等于淡水密度，
所以V排=V；
因此冰山完全熔化受，液面会不变。
（2）冰山在海面漂浮，那么得到：
F浮=G；
ρ水gV排=ρ冰gV；
ρ水V排=ρ冰V；
103kg/m3×（V-2000m3）=0.9×103kg/m3×V；
解得：V=20000m3。
30．（2024八上·绍兴竞赛）如图是某学校实验室从化学试剂商店买回的硫酸试剂的标签上的部分内容，阅读后计算：
浓硫酸（H2SO4）500毫升
浓度（质量分数） 98%
密度 1.84克/厘米3
相对分子质量 98
强腐蚀性，阴冷，密封贮藏
（1）这瓶浓硫酸的含溶质　 　g。
（2）欲配制600克溶质质量分数为19.6％的稀硫酸，需要这种硫酸多少毫升？水多少毫升？
【答案】（1）901.6
（2）解：
设需要这种浓硫酸的质量为x，
有 600g×19.6%=98%x；解得：x=120g；
需要这种硫酸的体积为：V＝m/ρ＝120g/1.84g/cm3≈65.2cm3=65.2mL；
水480mL
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】稀释前后溶液中溶质的质量不变。
【解答】（1）硫酸中的溶质：。
31．（2024八上·绍兴竞赛）如表是氯化钠(NaCl)和硝酸钾(KNO3)在不同温度时的溶解度，回答问题。
10 20 30 40 50 60
NaCl 35.8 36.0 36.3 36.6 37.0 37.3
KNO3 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110.0
（1）两种物质中，溶解度受温度影响变化较大的是　 　。
（2）60℃时，按图示操作：
A中溶液是　 　(填“饱和”或“不饱和”)溶液，C中溶液的总质量是　 　克。
（3）10℃时，分别将两种物质各40克加入100克水后，求此时NaCl溶液的质量是多少？加热升高20℃后KNO3的溶液的质量溶质分数是多少？
【答案】（1）KNO3
（2）不饱和；167.6
（3）解：10℃时，氯化钠的溶解度为35.8g<40g，因此溶液是饱和的，此时溶液的质量为：35.8g+100g=135.8g。
加热升高20℃后，即温度为30℃时硝酸钾的溶解度为45.8g>40g，那么此时溶质的质量就是40g，那么溶质质量分数为：。
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶解度指的是某温度下，100g溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质的质量。
【解答】（1）由表中数据可知，温度从10℃升高至60℃，的溶解度从35.8克增大至37.3克，而的溶解度从20.9克增大至110克，所以的溶解度受温度的影响较大。
（2）由表中数据可知，60℃时的溶解度为110克，在100克水中加入40克，形成的是不饱和溶液。
20℃时，的溶解度为31.6g，的溶解度为36.0g，所以此时溶液的质量为：。
32．（2024八上·绍兴竞赛）一个圆柱形容器放在水平桌面上，在容器中放着一个密度小于水的均匀圆柱体M，且圆柱体M通过细线与圆柱形容器底部相连，如图甲所示（细线未画出）。现慢慢向容器中加水，圆柱形容器内水面高度为h，如图乙所示。测得水面高度h与所加水的质量m的关系如图丙所示。所加水量在3kg以内的过程中无水溢出。（图甲图乙中圆柱体和容器大小，以及细绳的长度不具有暗示意义）求：
（1）圆柱体M刚好漂浮时容器中水的深度h=　 　cm；圆柱体M的高度H=　 　cm。
（2）圆柱体M的密度　 　。
（3）圆柱体M的的重力　 　。
（4）请你在丁图中画出：当所加水量到达3kg的过程中，细线中拉力F随所加水的质量m的变化情况图
【答案】（1）8；10
（2）
（3）
（4）由图丙可知，当h为12cm时，细绳刚好处于崩紧状态，在此之前细绳的拉力F为零，当h到达14cm时，细绳的拉力达到最大，此时M完全浸没，浮力公式为，其中，，故
因为，所以，即最大拉力F为3N，此后不变，故可画图。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】物体漂浮时，浮力等于重力。
【解答】（1）由图丙可知，当h小于8时，水面高度与水的质量成正比，说明加入相同的水，水面上升高度相同，即物体处于沉底状态。当h大于8时，水面高度随水的质量的变化趋势变缓，说明此时物体处于漂浮状态。
由图丙可知，在h为12至14时，水面高度变化趋势和h小于8时相同，说明此时绳子已经被拉直，且当h等于14时，M恰好被浸没，所以M的高度为：8cm+2cm=10cm。
（2）当h等于8cm时，M恰好漂浮，浮力等于重力，故有：，代入数据可得：，解得。
（3）由图得，当容器内水的深度从8cm到12cm时，水的体积增加量：
在这个过程中，圆柱体一直处于漂浮状态，即
由图可知，当水的深度由0至8cm时，水的体积增加量为：
圆柱体在漂浮前，
即圆柱体的底面积为：，故圆柱体的重力为：。
1 / 1浙江省绍兴市建功中学教育集团2024-2025学年八年级上学期科学10月份学科素养竞赛试卷
1．（2024八上·绍兴竞赛）下列关于水资源的叙述，正确的是（　　）
A．通常所说的水资源是指陆地上的所有水体
B．冰川分布于两极和高山地区，是目前可供人类利用的最重要的水资源之一
C．目前使用的淡水资源，主要是指河流水、湖泊淡水和浅层地下水
D．水资源开发利用后，都能很快恢复
2．（2024八上·绍兴竞赛）每年都会有多个台风在我们浙江省登陆，往往会给当地带来强风暴雨。从水循环的途径来看，台风过境属于（　　）
A．水汽输送 B．地表径流 C．降水 D．蒸发蒸腾
3．（2024八上·绍兴竞赛）概念图能清晰地反映概念之间的联系，如图表示溶液中部分概念的相互联系。下列说法正确的是（　　）
A．①为无色透明
B．②为水
C．③可通过增加溶剂实现转化
D．④通过降低溶液温度一定能实现转化
4．（2024八上·绍兴竞赛）水槽中放一个小铁盒，铁盒中放少许细线和一个铝块，铁盒漂浮在水面。现用细线把铝块拴在铁盒下面，铁盒仍漂浮在水面，如图所示。讨论前后两个操作水槽中的水位以及铁盒浸入水中的体积变化，下列说法正确的是（　　）
A．水槽中水位不变，铁盒浸入水中的体积变大
B．水槽中水位下降，铁盒浸入水中的体积不变
C．水槽中水位不变，铁盒浸入水中的体积变小
D．水槽中水位上升，铁盒浸入水中的体积不变
5．（2024八上·绍兴竞赛）制作“叶脉书签”需要配制100g12%的氢氧化钠溶液。下列操作中，正确的是（　　）
A．称量前调节天平平衡时发现指针向右偏转，可调节游码
B．在左右托盘上垫滤纸称取12g氢氧化钠固体
C．将准确称取的氢氧化钠固体直接倒入装有水的量筒中溶解
D．选用100mL量筒量取88mL的水
6．（2024八上·绍兴竞赛）下列关于溶液的说法正确的是（　　）
A．某温度下两种不同物质的溶液溶质质量分数相同，则这两种物质的溶解度一定相同
B．溶质质量分数为10%的200mL某溶液，密度为1.2g/cm3，其中含溶质24g
C．饱和溶液析出晶体后，溶质的质量分数一定减少
D．不饱和溶液转化为饱和溶液，其溶质的质量分数一定增大
7．（2024八上·绍兴竞赛）通过下列实验操作不能达到相应目的的是（　　）
A．获取纯净水
B．配制蔗糖溶液
C．获取氯化钠晶体
D．配制10%的食盐水
8．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示，将重为12N的小球挂在弹簧测力计下，当小球的一半体积浸在水中时，测力计示数为7N。下列说法正确的是（　　）
A．小球的体积为700cm3
B．小球的密度为1.2g/cm3
C．缓缓向下移动弹簧测力计，小球对测力计的拉力最小可达到0N
D．剪断悬吊小球的细线，小球在水中稳定时受到的浮力为12N
9．（2024八上·绍兴竞赛）我们会接触到各种各样的“液体”，下列对这些“液体”的认识，正确的是（　　）
A．盐放进水中，盐水就是均一、稳定、透明的纯净物
B．汽水倒入杯中会有大量气泡溢出，说明气体不能溶于水
C．用汽油去除油污，汽油相当于溶剂，油污相当于溶质
D．一杯盐水敞开放置较长时间会有晶体析出，可判断它是悬浊液
10．（2024八上·绍兴竞赛）下列关于大气层的分析和理解，错误的是（　　）
A．大气分层的主要依据是大气温度在垂直方向上的变化
B．雷电等主要的天气现象都发生在平流层
C．对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
D．地球上如果没有大气，火山喷发现象依然存在
11．（2024八上·绍兴竞赛）20℃时氯化钠的溶解度为36g，100g质量分数为10%的氯化钠溶液，若再加入30g氯化钠配成该温度下的溶液，其质量分数为（　　）
A．30.8% B．36% C．26.5% D．35.4%
12．（2024八上·绍兴竞赛）下列有关气温的叙述，错误的是（　　）
A．人体感到舒适的气温约为22℃
B．百叶箱内温度计读数与外界阳光直射下的温度计读数相比，平均值要小
C．气温在25℃以下，知了就停止鸣叫，说明动物的行为与气温有关
D．一天中最高气温通常出现在中午12时左右
13．（2024八上·绍兴竞赛）如表提供了硝酸钾在不同温度时的溶解度，据该表判断，下列叙述中，错误的是（　　）
温度（℃） 0 20 40 60 80
溶解度（g） 13.3 31.6 63.9 110 169
A．硝酸钾的溶解度随温度的上升而变大
B．20℃时，100g饱和硝酸钾溶液中含有31.6g硝酸钾
C．将40℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，该溶液变成不饱和溶液
D．将80℃的硝酸钾饱和溶液降温至20℃，有晶体析出
14．（2024八上·绍兴竞赛）甲、乙体积相同，乙、丙质量相等，将它们放入水中静止时如图所示，其中丙为沉底，则下列说法正确的是（　　）
A．甲所受的浮力大于甲所受的重力
B．若三个物体均由同种材料制成，则丙一定实心
C．丙物体的平均密度最小
D．乙受到的浮力最大
15．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示体积相同的两物体A、B用不可伸长的细线系住，放入水中后，A有四分之一的体积露出水面，细线被拉直。已知A的重力为4N，A、B的密度之比为2：5，B受到的浮力为8N。则下列说法正确的是（　　）
A．两物体A、B的重力之比为5：2
B．两物体A、B的所受的浮力之比为1：2
C．细线对A的拉力大小为2N
D．物体B对容器底部的压力为1N
16．（2024八上·绍兴竞赛）分析水循环示意图，并回答下列问题：
（1）图中各序号分别代表水循环的各个环节，其中序号⑤表示的环节是　 　。
（2）下列三个地区，水循环最活跃的是____（填字母）。
A．冰川广布的南极大陆 B．地表裸露的沙漠地区
C．森林覆盖良好的水库区 D．黄河水的发源地
（3）水循环的动力除了地球的吸引力外还有　 　。
17．（2024八上·绍兴竞赛）图1是大气温度的垂直分布示意图，图2是对流层空气对流运动示意图。
（1）飞机主要飞在大气层中图1所示的　 　（填字母“a”“b”“c”或“d”）层，约90%的臭氧集中于这一层；
（2）图2中A处空气流动的方向　 　（填“向上”或“向下”）；
（3）图2中甲地气温低形成高压区，多　 　（填“晴朗”或“阴雨”）天气。
18．（2024八上·绍兴竞赛）一艘船的质量为5×105t，最大载重量是1.3×106t，则它满载时的排水量为　 　吨，受到的浮力是　 　N。如果往船上装载货物，则它受到的浮力将　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。(g取10N/kg)
19．（2024八上·绍兴竞赛）如图为甲、乙两种物质的溶解度曲线图，根据溶解度曲线图回答下列问题：
（1）图中A点表示的意义：　 　；
（2）将40g甲物质溶解到60g、80℃的热水中，形成的溶液的质量为　 　；
（3）要将乙物质的不饱和溶液变成饱和溶液，可采用的方法有　 　。
20．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示，小金同学找来一根粗细均匀、横截面形状相同的木棒，在一端钉一口铁钉，铁钉上缠一些铁丝，做成一个简易密度计，使其竖直漂浮在液体中。根据物体漂浮的特点可知，密度计在甲、乙两种液体中的浮力　 　(选填“相等”或“不相等”)。根据阿基米德原理判断，甲是　 　(选填“水”或“盐水”)；丙图中，q点的刻度　 　(选填“大于”、“小于”或“等于”)p点的刻度。
21．（2024八上·绍兴竞赛）A、B、C、D四个烧杯中分别盛有质量相等的水，在相同的温度下，向四个烧杯中分别加入200g、150g、100g、50g的硝酸钾，充分溶解后，现象如图所示。请回答：
（1）烧杯　 　（填字母）中盛放的一定是不饱和溶液。
（2）D烧杯中的溶液静置一段时间后不分层，这说明溶液具有　 　特点。
（3）为使烧杯A中的固体物质继续溶解，可选择的方法是　 　（写一条即可）。
22．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示，台称上放置一个装有适量水的烧杯，已知烧杯和水的总重力为2N，将一重力为1.2N的长方体实心物块A用细线吊着，将其一半浸入水中，台秤的示数为3N，则A受到的浮力为　 　N，长方体实心物块A的密度为　 　kg/m3。
23．（2024八上·绍兴竞赛）在配制食盐溶液过程中，同学们发现，精制盐比粗盐溶解得更快。阅读配料表发现，这两种食盐的成分相同，只是精制盐颗粒比较小，而粗盐颗粒比较大。同学们想通过实验来探究影响食盐溶解快慢的因素，请帮助他们完成实验设计。
同学们猜测食盐溶解快慢与其颗粒大小有关。为验证假设，准备了如下实验装置。
（1）食盐完全溶解在水中能形成溶液，其中溶质是　 　，溶剂是　 　。
（2）要验证假设，应当选择图中的　 　和　 　（填字母）开展实验对照；若　 　（填字母）中烧杯里的食盐先溶解完，能说明食盐颗粒越小，溶解越快。
（3）观察实验装置a和c，发现c中烧杯里的食盐溶解得更快，能不能说明温度越高，食盐溶解得越快？
　 　（能/不能）。请说明理由：　 　。
24．（2024八上·绍兴竞赛）小明同学用一个弹簧测力计、一个金属块、两个相同的烧杯（分别装有一定量的水和煤油），对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究．如图表示探究过程及有关数据．
（1）分析图B、C、D，说明浮力大小跟　 　有关；
（2）分析图　 　，说明浮力大小跟液体密度有关；
（3）小明还想探究浮力大小与物体形状是否有关，请你简述实验方法：　 　；
（4）由图中实验情景推算出煤油的密度为　 　千克/米3．
25．（2024八上·绍兴竞赛）一颗黄豆质量为多大（大约在0.1克～1克之间），实验室学生天平的最小刻度是0.2克，不够精确，老师布置各项目组制作一个浮力秤将一粒黄豆的质量测出来，精确度越高越好。
【项目任务】制作高精度浮力秤
【提供材料】大烧杯、水、纸质小托盘、剪刀、橡皮泥、铁钉、刻度尺、记号笔、双面胶、质量1g的小铁块，吸管（规格A：较细的普通饮料吸管；规格B：较粗的奶茶吸管）。
【制作过程】
①选择轻质的塑料吸管，剪取笔直的20cm一段，上端贴上纸质小托盘。
②在吸管下端插入铁钉，用橡皮泥塞紧吸管与铁钉缝隙进行固定和密封。
③烧杯中倒入水，将制作完成的吸管下端放入水中，让吸管漂浮在水面上，如图。
④对吸管标记刻度。
a.在小托盘放上1g小砝码，漂浮稳定后，在水面与吸管相交处标1g。
b.将吸管底部与1g的标记间进行10等分。
⑤测量一粒黄豆质量。
（1）步骤②中吸管中插入铁钉并密封的好处是　 　。
（2）项目组内有同学认为刻度标记的方法错误，他觉得吸管底部不是0刻度的位置，应重新标记0刻度，再将0和1g之间10等分。标记0刻度的方法是　 　。
（3）为提高浮力秤的精确度，小组提出的以下改进措施中可行的是____。
A．用直径更小的吸管 B．增大吸管中铁钉的质量
C．烧杯中换用密度更小的液体 D．烧杯中换用密度更大的液体
26．（2024八上·绍兴竞赛）某科学兴趣小组的同学做粗盐（含有杂质，且杂质难溶于水）提纯实验，并用所得的精盐配制60克10%的氯化钠溶液。请回答下列有关问题：
实验一：按下列实验步骤和要求回答粗盐提纯的有关问题。
第一步：溶解。①称量：称量前先把天平调平，准确称取6.0g粗盐。
②量取10mL水倒入烧杯，加粗盐于水中，用玻璃棒搅拌，直到粗盐不再溶解为止。
第二步：过滤。①待过滤的混合液在引流之前先静置一会儿再过滤。
②引流时与玻璃棒下端接触的部分是三层滤纸处。
第三步：蒸发。①如果蒸发皿中有液滴飞溅，原因是　 　。
②当蒸发皿出现　 　时，应停止加热。
第四步：转移。此粗盐精制过程中，玻璃棒在过滤时的作用是　 　。
实验二：用粗盐提纯后得到的精盐（氯化钠）配制了氯化钠溶液，经检测溶质质量分数偏小，其原因可能有　 　（填字母序号，多选）。
①氯化钠固体仍然不纯②称量时砝码和氯化钠放错盘③称量时只在天平左盘垫上滤纸④用量筒量取水时俯视读数⑤配制好的氯化钠溶液装瓶时，有少量溶液洒出
27．（2024八上·绍兴竞赛）根据氯化钠和氯化铵的溶解度表与溶解度曲线回答下列问题：
温度/℃ 0 20 40 60 80 100
溶解度/g 氯化钠 35.7 36.0 36.6 37.3 38.4 39.8
氯化铵 29.4 37.2 45.8 55.2 65.6 77.3
（1）比较好的分离这两种物质的方法是　 　
（2）30℃时，将50g氯化铵放入100g水中，所得溶液加热至60℃，一定变大的量是____（填字母序号）。
A．溶质质量 B．溶剂质量
C．溶解度 D．溶质的质量分数
28．（2024八上·绍兴竞赛）如图所示图甲的烧杯中是一定温度下的硝酸钾饱和溶液，木块漂浮在溶液中，随着温度的变化(不考虑由此引起的木块和溶液体积的变化)，漂浮在溶液中的木块排开的体积(V排)随着时间(t)发生变化如图乙所示，由此判断此时溶液的温度是怎样变化的(升温还是降温)？溶液中的固体是如何变化(增加还是减少)？并说明理由。
29．（2024八上·绍兴竞赛）人们常用“冰山一角"来形容事物显露出来的仅仅是其很小的部分，更多的还隐藏在表面现象之下。事实上，冰山浮在海水中的确只露”一角"(如图所示)。若现有一座冰山，它露出海面的体积是2000m3，(已知：海水的密度取ρ海水=1×103kg/m3，冰的密度ρ冰=0.9×103kg/m3)。则：
（1）假如此冰山完全熔化，则液面将　 　(填“不变”、“降低”或“上升")；
（2）这座冰山的总体积为多少？
30．（2024八上·绍兴竞赛）如图是某学校实验室从化学试剂商店买回的硫酸试剂的标签上的部分内容，阅读后计算：
浓硫酸（H2SO4）500毫升
浓度（质量分数） 98%
密度 1.84克/厘米3
相对分子质量 98
强腐蚀性，阴冷，密封贮藏
（1）这瓶浓硫酸的含溶质　 　g。
（2）欲配制600克溶质质量分数为19.6％的稀硫酸，需要这种硫酸多少毫升？水多少毫升？
31．（2024八上·绍兴竞赛）如表是氯化钠(NaCl)和硝酸钾(KNO3)在不同温度时的溶解度，回答问题。
10 20 30 40 50 60
NaCl 35.8 36.0 36.3 36.6 37.0 37.3
KNO3 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110.0
（1）两种物质中，溶解度受温度影响变化较大的是　 　。
（2）60℃时，按图示操作：
A中溶液是　 　(填“饱和”或“不饱和”)溶液，C中溶液的总质量是　 　克。
（3）10℃时，分别将两种物质各40克加入100克水后，求此时NaCl溶液的质量是多少？加热升高20℃后KNO3的溶液的质量溶质分数是多少？
32．（2024八上·绍兴竞赛）一个圆柱形容器放在水平桌面上，在容器中放着一个密度小于水的均匀圆柱体M，且圆柱体M通过细线与圆柱形容器底部相连，如图甲所示（细线未画出）。现慢慢向容器中加水，圆柱形容器内水面高度为h，如图乙所示。测得水面高度h与所加水的质量m的关系如图丙所示。所加水量在3kg以内的过程中无水溢出。（图甲图乙中圆柱体和容器大小，以及细绳的长度不具有暗示意义）求：
（1）圆柱体M刚好漂浮时容器中水的深度h=　 　cm；圆柱体M的高度H=　 　cm。
（2）圆柱体M的密度　 　。
（3）圆柱体M的的重力　 　。
（4）请你在丁图中画出：当所加水量到达3kg的过程中，细线中拉力F随所加水的质量m的变化情况图
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】地球上的水体
【解析】【分析】 世界水资源从广义上来说是指水圈内的水量总体。由于海水难以直接利用，因而我们所说水资源主要指陆地上的淡水资源。通过水循环，陆地上的淡水得以不断更新、补充，满足人类生产、生活需要。所以世界水资源对人类的生活很有帮助。地球表面约有70%以上为水所覆盖，其余约占地球表面30%的陆地也有水的存在。地球总水量为1.386×1018m3，其中淡水储量为3.5×108亿m3，占总储量的2.53%。由于开发困难或技术经济的限制，海水、深层地下水、冰雪固态淡水等还很少被直接利用。比较容易开发利用的、与人类生活生产关系最为密切的湖泊、河流和浅层地下淡水资源，只占淡水总储量的0.34%，为104.6×104亿m3，还不到全球水总储量的万分之一。通常所说的水资源主要指这部分可供使用的、逐年可以恢复更新的淡水资源。可见地球上的淡水资源并不丰富。
【解答】A. 通常所说的水资源是指陆地上的淡水资源，A错误；
B. 冰川分布于两极和高山地区，但目前还不能供人类利用，B错误；
C.目前使用的淡水资源，主要是指河流水、湖泊淡水和浅层地下水 ，C正确；
D. 水资源开发利用后，不能很快恢复，因此，应节约用水，D错误；
故答案为：C.
2．【答案】A
【知识点】水循环
【解析】【分析】水循环包括：海上内循环、陆上内循环和海陆间循环。
【解答】台风过境时，会将海上的水运输到陆地上，实现水的海陆间循环，这个过程属于水汽输送。
故答案为：A。
3．【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】 A.根据溶液的特征分析；
B.根据溶液的组成分析；
CD.根据饱和溶液转化为不饱和溶液的方法分析；
【解答】 A.溶液是均一、稳定的混合物，但不一定是无色透明的，故A错误；
B.溶液是由溶质和溶剂组成的，②表示溶剂，故B错误；
C.饱和溶液中增加溶剂，可以将饱和溶液转化为不饱和溶液，故C正确；
D.不饱和溶液通过降低温度不一定能变成饱和溶液，如氢氧化钙的溶解度随着温度的降低而减小，其饱和溶液降低温度后，溶解度增大，溶液仍为不饱和溶液，故D错误。
故选C。
4．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据漂浮条件比较铁盒受到浮力大小变化，再根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析铁盒排开液体体积的变化。
【解答】将铁盒和铝块看做一个整体，无论铝块在铁盒内，还是在铁盒外，它们始终漂浮在水面上，那么它们受到的浮力始终等于总重力，即浮力不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，铁盒和铝块排开水的总体积保持不变，因此水槽中水位不变。而铝块放入水中前，只有铁盒排开水，放入水中后，铁盒和铝块都排开水，因此铁盒浸入水中的体积变小。
故C正确，而A、B、C错误。
故选C。
5．【答案】D
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据配制一定溶质质量分数溶液的实验过程分析判断。
【解答】A.称量前调节天平平衡时发现指针向右偏转，首先将游码归零，再向左调节平衡螺母，故Ac错误；
B.氢氧化钠具有强烈的腐蚀性，应该放入烧杯内进行测量，故B错误；
C.将准确称取的氢氧化钠固体直接倒入装有水的烧杯中溶解，量筒不能配制溶液，故C错误；
D.需要水的质量为：100g-100g×12%=88g，则需要水的体积为100mL，那么选用100mL量筒量取88mL的水，故D正确。
故选D。
6．【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A.根据溶解度与饱和溶液溶质质量分数的关系判断；
B.根据m=ρV计算溶液质量，再根据“溶质质量=溶液质量×溶质质量分数”计算溶质质量；
C.饱和溶液的溶质质量分数保持不变；
D.溶质质量分数=
【解答】A.某温度下两种不同物质的饱和溶液溶质质量分数相同，则这两种物质的溶解度一定相同，故A错误；
B.溶液质量m=ρV=1.2g/cm3×200cm3=240g，则溶质质量为：240g×10%=24g，故B正确；
C.饱和溶液析出晶体后溶质质量减小，但是溶质质量分数保持不变，故C错误；
D.不饱和溶液变成饱和溶液后，可能只是溶解度减小所致，而溶质和溶液质量都没有发生改变，则溶质质量分数不变，故D错误。
故选B。
7．【答案】A
【知识点】溶液的组成及特点；一定溶质质量分数的溶液的配制；结晶的概念与方法；净化水的常用方法
【解析】【分析】要获得纯净水，只能通过蒸馏。
【解答】A、过滤得到的水中仍含有很多溶解在水中的物质，所以得到的水仍是混合物，故A符合题意；
B、蔗糖可溶于水，图中操作可以配制得到蔗糖溶液，故B不符合题意；
C、氯化钠的溶解度随温度变化不大，所以可以用蒸发结晶的方式获得氯化钠晶体，故C不符合题意；
D、50克质量分数为20%的食盐水中含有的溶质质量为：，加入50mL的水，即加入50克水，则新形成的溶液的质量分数为：，故D不符合题意。
故答案为：A。
8．【答案】B
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）先利用称重法F浮=G-F示求物体浸入一半时受到的浮力，再根据阿基米德原理计算出排开水的体积，最后根据V排=计算小球的体积；
（2）首先根据重力公式计算出小球的质量，再根据密度公式计算小球的密度；
（3）根据F浮=ρgV排求得小球全部浸没时受到的浮力，再利用F浮=G-F示求得拉力；
（4）根据（3）中的结果判断。
【解答】A.当小球的一半浸在水中时受到的浮力F浮=G-F示=12N-7N=5N，
那么此时小球排开水的体积：
物体的体积：V=2V排=2×500cm3=1000cm3，故A错误；
B.小球的质量
那么小球的密度，故B正确；
C.缓缓向下移动弹簧测力计，
当小球全部浸没时受到的浮力F浮′=ρgV排' =1.0×103kg/m3×10N/kg×10-3m3=10N，
此时测力计的最小示数为：F拉=G-F浮力=12N-10N=2N，故C错误；
D.因为ρ物>ρ水，
所以剪断悬吊小球的细线，它会沉没在水底，
此时小球受到的浮力同C中算出的浮力相等，即F浮=10N，故D错误。
故选B。
9．【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别；常见物质的分类
【解析】【分析】A.只由一种物质组成纯净物，由多种物质组成混合物；
B.根据现象分析包含的物理原理；
C.一般情况下，固体为溶质，液体为溶剂；
D.悬浊液的分散质为不溶性的固体颗粒，据此分析判断。
【解答】A.盐放进水中，盐水就是均一、稳定、透明的混合物，故A错误；
B.汽水倒入杯中会有大量气泡溢出，说明气体在水中的溶解度减小，故B错误；
C.用汽油去除油污，汽油相当于溶剂，油污相当于溶质，故C正确；
D.一杯盐水敞开放置较长时间会有晶体析出，可判断它是溶液，故D错误。
故选C。
10．【答案】B
【知识点】大气的温度；大气的分层；大气层的作用
【解析】【分析】1、对流层特点：气温随高度的增加而递减，空气对流运动显著，天气现象复杂多变。集中了大气质量的四分之三和几乎全部的水汽、杂质，厚度随纬度变化而变化。低纬厚度约17～18千米；中纬厚度约10～12千米；高纬厚度约8～9千米。2、平流层特点：气温随高度的增加而上升，有大量吸收紫外线的臭氧层，高度为自对流层顶至50～55千米。
【解答】A. 大气分层的主要依据是大气温度在垂直方向上的变化，A正确；
B. 雷电等主要的天气现象都发生在对流层，B错误；
C. 对流层最显著的特点是有强烈的对流运动 ，C正确；
D. 地球上如果没有大气，火山喷发现象依然存在，因为火山是由于地球内力作用导致的，D正确；
故答案为：B.
11．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】饱和溶液的溶质质量分数=。
【解答】100g氯化钠溶液中氯化钠的质量为：100g×10%=10g；
20℃时氯化钠的溶解度为36g，即100g水中最多溶解氯化钠36g；
则此时还能溶解氯化钠的质量为：36g-10g=26g<30g；
因此加入30g氯化钠后变成饱和溶液；
即此时溶质质量分数为：。
故选C。
12．【答案】D
【知识点】气温及其变化；测量气温的方法与仪器
【解析】【分析】一天中最低气温出现在日出前后。
【解答】A、人的体温在37℃左右，感觉舒适的温度在22℃左右，故A不符合题意；
B、百叶箱外面是白色的，可以反射光线，把温度计放在百叶箱中，可以避免阳光直射，温度计的示数小于外界阳光直射下温度计的示数，故B不符合题意；
C、动物的行为与气温有关，所以温度降到25℃以下时，知了就不再鸣叫了，故C不符合题意；
D、一天中最高气温出现在下午两点左右，故D符合题意。
故答案为：D。
13．【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】A.根据表格数据分析硝酸钾的溶解度变化规律；
B.根据溶解度的意义判断；
C.溶质质量小于溶解度，则溶液为不饱和溶液；
D.根据溶解度的变化情况判断。
【解答】A.根据表格数据可知，硝酸钾的溶解度随温度的上升而变大，故A正确不合题意；
B.20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中最多含有31.6g硝酸钾 ，故B错误符合题意；
C.将40℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，硝酸钾的溶解度变大，则该溶液变成不饱和溶液，故C正确不合题意；
D.将80℃的硝酸钾饱和溶液降温至20℃，硝酸钾的溶解度减小，则会有晶体析出，故D正确不合题意。
故选B。
14．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】AD.根据浮沉条件比较甲的浮力和重力的大小；
BC.根据浮沉条件比较三者密度大小，从而确定实心情况。
【解答】A.根据图片可知，甲在水面上漂浮，则它受到的浮力等于重力，故A错误；
BC.根据浮沉条件可知，甲在水面漂浮，则甲的密度小于水的密度；乙在水里悬浮，则乙的密度等于水的密度；丙在水中下沉，则丙的密度大于水的密度。比较可知，甲的密度最小，丙的密度最大。根据可知，丙的体积肯定小于乙的体积，但是丙可能是空心的，故B、C错误；
D.甲排开液体的体积小于乙排开水的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，甲受到的浮力小于乙的浮力。乙悬浮，则乙受到的浮力等于重力；丙下沉，则丙受到的浮力小于重力，因此浮力最大的是乙，故D正确。
故选D。
15．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】A.由题知，A、B密度之比ρA：ρB=2：5，VA：VB=1：1，利用G=mg=ρVg求A、B所受的重力之比；
B.A、B的体积相同，都为V，A有四分之一体积露出水面，则A排开水的体积V排A=V，B排开水的体积V排B=V，利用阿基米德原理求A、B所受的浮力之比；
C.知道B受到的浮力，根据A、B所受的浮力之比可求A受到的浮力，细线对A的拉力大小等于A受到的浮力减去A的重力；
D.上面求出了A、B的重力之比，知道A的重力，可求B的重力；对B受力分析，求出B对容器底部的压力。
【解答】 A.根据图片可知，A、B密度之比ρA：ρB=2：5，VA：VB=1：1，
由G=mg=ρVg可得A、B所受的重力之比：
GA：GB=ρAVAg：ρBVBg=ρA：ρB=2：5，
故A错误；
B.已知A、B的体积相同，设均为V，A有四分之一体积露出水面，
则A排开水的体积V排A=V，B排开水的体积V排B=V，
则A、B所受的浮力之比：F浮A：F浮B=ρ水V排Ag：ρ水V排Bg=V：V=3：4，
故B错误；
C.由题知，B受到的浮力F浮B=8N，
因F浮A：F浮B=3：4，
则A受到的浮力：F浮A=F浮B=×8N=6N，
A受到向上的浮力、向下的重力和拉力，
由力的平衡条件可得细线对A的拉力大小：F拉=F浮A-GA=6N-4N=2N，
故C正确；
D.因为GA：GB=2：5，且GA=4N，
所以GB=GA=×4N=10N，
B对容器底部的压力：F压=F浮B+F拉-GB=8N+2N-10N=0N，故D错误。
故选C。
16．【答案】（1）地表径流
（2）C
（3）太阳辐射
【知识点】水循环
【解析】【分析】①是水汽输送；②是降水；③是蒸发；④是降水；⑤是地表径流；
【解答】（1）图中各序号分别代表水循环的各个环节，其中序号⑤表示的环节是地表径流；
（2）水循环最活跃的是C森林覆盖良好的水库区；
（3）水循环的动力除了地球的吸引力外还有太阳辐射；
故答案为：（1）地表径流（2）C（3）太阳辐射
17．【答案】（1）b
（2）向上
（3）晴朗
【知识点】大气的分层；天气预报与天气图
【解析】【分析】考查大气分层的特点，气压高低和天气的关系。abcd分别为对流层，平流层，中间层，暖层。
【解答】（1）飞机在平流层，气流平稳，适合飞机飞行，同时气温随高度增加而升高，因为臭氧层吸收大量光，所以答案为b；
（2）2在暖气流处，热空气是上升的，所以答案为向上；
（3）高压区气流向下，温度升高，水汽不易凝结，多晴朗天气，所以答案为晴朗。
18．【答案】1.8×106；1.8×1010；变大
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】船在行驶时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，重力变大，则浮力变大。
【解答】[1]船满载时，处于漂浮状态，浮力等于重力，由阿基米德原理可知，排开水的重力等于浮力，即满载时排开水的重力等于船和最大载重货物的重力之和，故满载时排水量为：。
[2]船受到的浮力：。
[3]如果往船上装载货物，船的总重力变大，船处于漂浮状态，浮力等于重力，故浮力也变大。
19．【答案】（1）t℃时，甲和乙的溶解度相等，均为a
（2）96克
（3）加入乙物质、蒸发水、降温
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】将不饱和溶液变成饱和溶液的方式有：加溶质、蒸发溶剂和改变温度等。
【解答】（1）A点时甲和乙的溶解度曲线相交，说明在t℃时，甲和乙的溶解度相等，均为ag。
（2）由图可知，在80℃时，甲的溶解度为60g，即100g水中最多可以溶解60g甲，则60g水中最多能溶解的甲的质量为：，解得，所以溶液的质量为：。
（3）乙的溶解度随温度的升高而增大，所以要将乙物质的不饱和溶液变成饱和溶液，可以降温，也可以向溶液中加入乙或者蒸发水分。
20．【答案】相等；水；大于
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】密度计的刻度：下大上小。
【解答】[1]密度计在甲、乙液体中均处于漂浮状态，由沉浮条件可知，此时浮力等于重力，所以在甲、乙液体中，密度计受到的浮力相等。
[2]浮力相等，密度计在甲中排开液体的体积更大，由可知，甲液体的密度更小，所以是水。
[3]浮力相等，密度计在q点时排开液体的体积较小，由可知，液体的密度较大，所以q点的刻度大于p点的刻度。
21．【答案】（1）D
（2）稳定
（3）升高温度
【知识点】溶液的组成及特点；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据有固体剩余的溶液一定是饱和溶液，无固体剩余的溶液中，溶质多的可能是饱和溶液，溶质少的一定是不饱和溶液分析；
（2）根据溶液的稳定性分析；
（3）根据溶解度随温度升高而增大的物质，饱和溶液升高温度或加水可转化为不饱和溶液分析。
【解答】（1）A和B烧杯中都有固体未完全溶解，为饱和溶液，C中溶质大于D，全部溶解，可能是饱和溶液，可能是不饱和溶液，D一定是不饱和溶液。
（2） D烧杯中的溶液静置一段时间后不分层，这说明溶液具有稳定性。
（3） 硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，为使烧杯A中的固体物质继续溶解，可选择的方法是升高温度或加水。
故答案为：（1）D；（2）稳定；（3）升高温度。
22．【答案】1；0.6×103
【知识点】浮力产生的原因；阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】力的作用是相互的，A受到水的浮力的同时，也给水一个向下的压力。
【解答】[1]A对水的压力等于水给A的浮力，烧杯和水的总重力为2N，将A的一半浸入水中，此时台秤的示数变为3N，则A对水的压力等于1N，所以水给A的浮力也等于1N。
[2]A的体积为：，A的密度为：
。
23．【答案】（1）食盐；水
（2）b；c；c
（3）不能；因为除温度不同外，食盐颗粒的大小也不同
【知识点】影响溶解快慢的因素；饱和溶液与不饱和溶液
【解析】【分析】在探究某一因素的影响时，要控制其它条件相同。
【解答】（1）水是常见的溶剂之一，将食盐放入水中，食盐会被水溶解形成食盐水，所以在食盐水中食盐是溶质，水是溶剂。
（2）根据控制变量法，要探究颗粒大小对溶解速度的影响，应控制水的温度相同，所以应选择b、c两组实验进行探究。c中食盐的颗粒较小，若c中的食盐先溶解完，说明食盐颗粒越小，溶解速度越快。
24．【答案】（1）物体排开液体的体积
（2）D、E
（3）取一块橡皮泥，捏成不同形状分别先后挂在弹簧测力计下，并完全浸没在水中，观察弹簧测力计的示数是否相同；若不相同，说明浮力的大小与物体的形状有关，反之无关
（4）0.8×103
25．【答案】（1）使吸管可以竖直漂浮在水中
（2）将装好的浮力秤竖直漂浮于水中，不放重物时在水面与吸管相交处标记为零，然后放上1g的砝码，此时浮力秤仍然漂浮于水中，在水面与吸管相交处标记为1g，在0和1之间进行十等分，其分度值为0.1g
（3）A；C
26．【答案】受热不；大量固体；引流；1、2、3
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】第三步：①如果液体受热不均匀，那么会造成蒸发皿内液滴飞溅；
②根据结晶操作的注意事项分析；
第四步：根据过滤操作中的注意事项解答。
实验二：根据“溶质质量分数=”可知，溶液的溶质质量分数偏小，要么是溶质质量偏小，要么是溶剂质量偏大，据此分析判断。
【解答】第三步：①如果蒸发皿中有液滴飞溅，原因是受热不均匀。
②当蒸发皿出现大量晶体时，应停止加热。
第四步：转移。此粗盐精制过程中，玻璃棒在过滤时的作用是引流。
实验二：①氯化钠固体仍然不纯，会导致溶质质量偏小，故①符合题意；
②称量时砝码和氯化钠放错盘，此时氯化钠质量=钩码质量-游码质量，会导致溶质质量偏小，故②符合题意；
③称量时只在天平左盘垫上滤纸，则滤纸和食盐的总质量等于砝码质量，会导致溶质质量偏小，故③符合题意；
④用量筒量取水时俯视读数，会导致读数偏小，而实际得到水的体积偏大，故④不合题意；
⑤配制好的氯化钠溶液装瓶时，有少量溶液洒出，对溶质质量分数没有影响，故⑤不合题意。
故选①②③。
27．【答案】（1）冷却热饱和溶液
（2）A；C；D
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；结晶的概念与方法
【解析】【分析】溶解度随温度变化较大的物质通常采用冷却热饱和溶液的方式获得晶体；溶解度随温度变化不大的物质通常采用蒸发结晶的方式获得晶体。
【解答】（1）由表中数据可知，氯化钠的溶解度随温度变化较小，氯化铵的溶解度随温度变化较大，降低温度，会有大量氯化铵晶体析出，所以可通过冷却热饱和溶液的方式将这两种物质分离。
（2）由表中数据可知，氯化铵的溶解度随着温度的升高而增大，40℃时，氯化铵的溶解度为45.8g，所以30℃时，溶解度小于45.8g，故50g氯化铵不能完全溶解，加热至60℃，溶解度变大，为55.2g，大于50g，所以没有完全溶解的氯化铵都溶解在水中，故溶质质量变大，因水的质量不变，所以溶质的质量分数也变大。
故答案为：ACD。
28．【答案】温度下降，溶质析出，即溶液中固体增加。因为图中木块漂浮，所受的浮力不变，而V排在增加，肯定是液体密度下降，密度下降是因为溶质析出，而硝酸钾饱和溶液只有温度下降才会使溶质析出。
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化；固体溶解度的概念
【解析】【分析】木块排开液体的体积逐渐变小，说明木块始终处于漂浮状态，浮力不变。
29．【答案】（1）不变
（2）冰山在海面漂浮，那么得到：
F浮=G；
ρ水gV排=ρ冰gV；
ρ水V排=ρ冰V；
103kg/m3×（V-2000m3）=0.9×103kg/m3×V；
解得：V=20000m3。
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）冰熔化成水质量不变，根据密度公式计算出熔化成水的体积，根据阿基米德原理计算出冰山在海水中的V排，然后二者比较即可；
（2）首先根据漂浮条件列出浮力和重力的关系式，然后根据密度公式和阿基米德原理将公式拆开，代入数据计算出冰山的体积即可。
【解答】（1）冰山在海水表面漂浮，那么它受到的浮力等于重力，
它排开海水的体积：；
冰山熔化后，水的体积为：；
因为熔化前后，冰山的重力G不变，且海水的密度等于淡水密度，
所以V排=V；
因此冰山完全熔化受，液面会不变。
（2）冰山在海面漂浮，那么得到：
F浮=G；
ρ水gV排=ρ冰gV；
ρ水V排=ρ冰V；
103kg/m3×（V-2000m3）=0.9×103kg/m3×V；
解得：V=20000m3。
30．【答案】（1）901.6
（2）解：
设需要这种浓硫酸的质量为x，
有 600g×19.6%=98%x；解得：x=120g；
需要这种硫酸的体积为：V＝m/ρ＝120g/1.84g/cm3≈65.2cm3=65.2mL；
水480mL
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】稀释前后溶液中溶质的质量不变。
【解答】（1）硫酸中的溶质：。
31．【答案】（1）KNO3
（2）不饱和；167.6
（3）解：10℃时，氯化钠的溶解度为35.8g<40g，因此溶液是饱和的，此时溶液的质量为：35.8g+100g=135.8g。
加热升高20℃后，即温度为30℃时硝酸钾的溶解度为45.8g>40g，那么此时溶质的质量就是40g，那么溶质质量分数为：。
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶解度指的是某温度下，100g溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质的质量。
【解答】（1）由表中数据可知，温度从10℃升高至60℃，的溶解度从35.8克增大至37.3克，而的溶解度从20.9克增大至110克，所以的溶解度受温度的影响较大。
（2）由表中数据可知，60℃时的溶解度为110克，在100克水中加入40克，形成的是不饱和溶液。
20℃时，的溶解度为31.6g，的溶解度为36.0g，所以此时溶液的质量为：。
32．【答案】（1）8；10
（2）
（3）
（4）由图丙可知，当h为12cm时，细绳刚好处于崩紧状态，在此之前细绳的拉力F为零，当h到达14cm时，细绳的拉力达到最大，此时M完全浸没，浮力公式为，其中，，故
因为，所以，即最大拉力F为3N，此后不变，故可画图。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】物体漂浮时，浮力等于重力。
【解答】（1）由图丙可知，当h小于8时，水面高度与水的质量成正比，说明加入相同的水，水面上升高度相同，即物体处于沉底状态。当h大于8时，水面高度随水的质量的变化趋势变缓，说明此时物体处于漂浮状态。
由图丙可知，在h为12至14时，水面高度变化趋势和h小于8时相同，说明此时绳子已经被拉直，且当h等于14时，M恰好被浸没，所以M的高度为：8cm+2cm=10cm。
（2）当h等于8cm时，M恰好漂浮，浮力等于重力，故有：，代入数据可得：，解得。
（3）由图得，当容器内水的深度从8cm到12cm时，水的体积增加量：
在这个过程中，圆柱体一直处于漂浮状态，即
由图可知，当水的深度由0至8cm时，水的体积增加量为：
圆柱体在漂浮前，
即圆柱体的底面积为：，故圆柱体的重力为：。
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