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浙江省余姚市重点高中自主招生卷科学试题
1．（2024·余姚模拟）将植物横放，测量根和茎生长素浓度与其生长状况的关系如甲图所示，则曲线上 M、N、P和Q点分别最可能对应乙图中的 (　　)
A．a、b、c、d B．a、c、d、b C．b、c、a、d D．b、a、c、d
【答案】B
【知识点】环境对生物的影响
【解析】【分析】分析甲图，随着生长素浓度的加大，一条生长曲线生长1cm所需的时间越来越多，说明其生长受到抑制，这属于根的生长曲线（因为根对生长素的敏感性大于茎），另一条生长曲线生长1cm所需的时间越来越短，促进生长的效果是加强的，应为茎的生长曲线。
由图乙可知，幼苗横放一段时间后，由于其受到重力的作用，生长素的分布情况为a＜b，c＜d。
【解答】随着生长素浓度的加大，生长曲线NP生长1cm所需的时间越来越多，说明其生长受到抑制，这属于根的生长曲线（因为根对生长素的敏感性大于茎），所以N对应c点，P对应d点，另一条生长曲线MQ随着生长素浓度的加大生长1cm所需的时间越来越短，说明促进生长的效果是加强的，应为茎的生长曲线，所以M对应a点，Q对应b点．所以则曲线上M、N、P和Q点分别最可能对应乙图中的a、c、d、b。
故答案为：B。
2．（2024·余姚模拟）用向下排气法在容积为V mL 的集气瓶中收集氨气，由于空气尚未排净，最后瓶内气体的平均式量为 19 ，将此盛满气体的集气瓶倒置于水中，瓶内水马上升到一定高度后，即停止上升，则在同温同压下，瓶内剩余气体的体积为(　　)(已知空气的平均相对分子质量为29)
A． B． C． D．无法判断
【答案】C
【知识点】气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】空气的平均式量为29，氨气的相对分子质量为17，利用瓶内气体的平均式量为19，先计算氨气的体积分数，则将此盛满气体的集气瓶倒置于水中，水上升的体积为氨气的体积，剩余气体为空气。
【解答】设最后瓶内气体中氨气的物质的量为x，空气的物质的量为y，
由瓶内气体的平均式量为19，则，解得，
气体的体积之比等于物质的量之比，
即VmL的集气瓶中收集氨气为，
将此盛满气体的集气瓶倒置于水中，水上升的体积为氨气的体积，剩余气体为空气，
瓶内剩余气体的体积为。
故答案为：C。
3．（2024·余姚模拟） 密闭容器中盛有CH4、N2和O2的混合气体，点火使其充分反应，CH4全部转化为CO、CO2和 待容器恢复至室温，测得容器内的混合气体中碳元素的质量分数为12%，则反应前混合气体中N2的质量分数可能为 (　　)
A．28% B．42% C．54% D．64%
【答案】B
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】设反应后该混合气体的质量为100g。则混合气体中含碳元素12g，假设甲烷燃烧完全生成二氧化碳和水，求出此时氮气的质量，假设甲烷燃烧完全生成一氧化碳和水，求出此时氮气的质量，氮气的质量应在共同区间内。
【解答】设反应后该混合气体的质量为100g。则混合气体中含碳元素12g，则原来甲烷的质量就为，甲烷中氢元素的质量为16g-12g=4g，所以生成水的质量为；所以反应前混合气的质量为100g+36g=136g。
第一种情况：假设甲烷燃烧完全生成二氧化碳和水：
则二氧化碳的质量为，此时假设氧气完全反应，剩余的都是氮气，则氮气的质量为100g-44g=56g，这样氮气的在反应前的混合物中最大质量分数为；而如果剩余气体中只有氧气，则氮气的质量分数为0，所以氮气的质量分数介于0～41.2%之间。
第二种情况：假设甲烷燃烧完全生成一氧化碳和水：
则一氧化碳的质量为，此时假设氧气完全反应，剩余的都是氮气，则氮气的质量为100g-28g=72g，这样氮气的在反应前的混合物中最大质量分数为。
由于CH4全部转化为CO、CO2和H2O，也就是同时又二氧化碳和一氧化碳，则反应前的氮气的质量分数应该是在41.2%～52.9%之间。
故答案为：B。
4．（2024·余姚模拟）某人骑车向正东方向行驶，看到插在车上的小旗向正南方向飘动，假设风速保持不变，骑车人沿正南方向行驶时，小旗的飘动方向不可能的是 (　　)
A．正东方向 B．正北方向 C．东偏南方向 D．东偏北方向
【答案】B
【知识点】参照物及其选择；速度与物体运动
【解析】【分析】解答本题时首先确认风向，向正东行驶，小旗向正南，因为是风刮向东南方向，车向南行驶，所以小旗无论如何都会向东飘。
【解答】由“某人骑车向正东方向行驶，看到插在车上的小旗向正南方向飘动”，可说明风刮向东南方向；
骑车人沿正南方向行驶时，若无风，那么车上的小旗应飘向北方，但在西北风的作用下，小旗应向偏东方向飘动，即可能是：东南方向、正东方向或东北方向，故ACD正确，但不符合题意，B错误，但符合题意。
故答案为：B。
5．（2024·余姚模拟） 某兴趣小组的同学做了如下三个实验：
①只用蛋白质饲料喂养患糖尿病的狗，发现患病的狗尿液中含有葡萄糖
②只用谷类食物喂养北京鸭，能迅速育肥
③只用肥肉喂养狗一段时间，其体内血糖含量基本稳定
上述实验能够证明的物质转化关系图解是 (　　)
A．蛋白质 葡萄糖→脂肪 B．蛋白质→葡萄糖→脂肪
C．蛋白质→葡萄糖 脂肪 D．蛋白质→葡萄糖 脂肪
【答案】C
【知识点】食物的消化与吸收；胰岛素与血糖含量
【解析】【分析】动物体内的三类供能物质可以发生转化：糖类可以转化成脂肪；脂肪可以转化为糖，但不能转化为蛋白质；蛋白质可以转化为糖和脂肪。
【解答】①只用蛋白质饲料喂养患糖尿病的狗，发现患病的狗尿液中含有葡萄糖，说明蛋白质可以转化为葡萄糖，使患糖尿病的狗体内多余的葡萄糖随尿液排出；②只用谷类食物喂养北京鸭，谷类食物中富含糖类，北京鸭能迅速育肥，说明北京鸭体内脂肪含量增多，所以说明葡萄糖可以转化为脂肪；③只用肥肉喂养狗一段时间，肥肉的主要成分是脂肪，虽然没有给狗喂食糖类食物，但其体内血糖含量基本稳定，说明脂肪可以转化为葡萄糖。
故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
6．（2024·余姚模拟）如图所示，AB 与凸透镜的主光轴OA 垂直，与主光轴的交点A 到光心O的距离大于两倍焦距，当点光源从A 点开始以恒定的速度v沿着虚线向B 运动，则关于点光源通过透镜所成像的运动，下列说法正确的是 (　　)
A．与点光源的运动方向相反且大于v
B．与点光源的运动方向相同且大于v
C．与点光源的运动方向相反且小于v
D．与点光源的运动方向相同且小于v
【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】假设AB为光源，AB经凸透镜成倒立缩小的实像A'B'，点光源通过透镜所成像沿A'B'运动，据此分析。
【解答】假设AB为光源，AB到光心O的距离大于两倍焦距，成的是倒立、缩小的实像A'B'；当点光源从A点开始以恒定的速度v沿着虚线向B运动，则点光源的像会沿A'B'的方向运动，即向下运动，与点光源的运动方向相反；由于A'B'小于AB，所以相同时间内点光源的像移动的距离小于点光源移动的距离，所以点光源的像移动的速度要小于点光源移动的速度，故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
7．（2024·余姚模拟）有几根同种金属材料的导线，它们横截面积和长度都不相同，但都是粗细均匀的。当它们串联后并通过大小恒定的电流，经过同样时间，若它们散热损失与产生的热量之比相同，则它们的升高温度与它们的 (　　)
A．长度成正比 B．长度的平方成正比
C．横截面积成反比 D．横截面直径的四次方成反比
【答案】D
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【分析】（1）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，在长度和温度不变时，与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比；
（2）根据焦耳定律表示出产生的热量，根据Q=cmΔt表示出吸收的热量，利用经过同样时间、散热损失与产生的热量之比相同得出升高温度的表达式即可得出答案。
【解答】因长度和温度不变时，与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比，
所以，设导体的电阻，
相同时间内产生的热量：时间，
因经过同样时间，它们散热损失与产生的热量之比相同，
所以，可设导体吸收的热量，
由Q吸=cmΔt和m=ρV=ρLS可得：
时间=cρLSΔt，
整理可得：
，
因，
所以，它们的升高温度与它们的横截面直径的四次方成反比，与长度无关。
故答案为：D。
8．（2024·余姚模拟）如图所示，A、B间电压一定，当滑片P 向左移动置于另一位置时，通过R1、R3两电阻的电流变化量分别为△I1、△I3.则 (　　)
A． B．
C． D．无法判断△I1、△I3哪个大
【答案】D
【知识点】串、并联电路的电流特点
【解析】【分析】由电路图可知，电阻R2与R3并联，然后再与R1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点判断电路总电阻如何变化，再应用欧姆定律判断电路电流如何变化，最后应用串并联电路特点分析答题。
【解答】由电路图可知，电阻R2与R3并联，然后再与R1串联，设A、B间电压为U；
由电路图可知，滑片P向左移动时，滑动变阻器R2接入电路的阻值变小，
电阻R2与R3的并联电阻变小，电路总电阻变小，电路两端电压不变，由欧姆定律可知，
干路电流I变大，通过R1的电流I1增大，电阻阻值不变，电阻R1两端电压U1=IR1变大，
电阻R2与R3的并联电压U并=U2=U3=U-U1变小，R3不变，由可知I3变小；
由并联电路特点可知，干路电流等于各支路电流之和，即：I1=I2+I3；
电源电压不变，R1增加的电压和R3减小的电压相等，则：，，由于不知道R1、R3两电阻阻值大小，所以无法判定无法判断ΔI1、ΔI3哪个大。
故答案为：D。
9．（2024·余姚模拟）一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如图所示。若将磁铁的N极位置与S极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，则磁铁对斜面的压力 F 和摩擦力 f 的变化情况分别是 (　　)
A．F 增大，f 减小 B．F 减小，f 增大
C．F与f 都增大 D．F 与f 都减小
【答案】C
【知识点】平衡力的辨别；通电直导线周围的磁场
【解析】【分析】先分析磁铁的N极位置与S极位置对调前，导线所受的安培力方向，由牛顿第三定律判断磁铁所受的安培力方向，由压力产生的原因确定磁铁对斜面的压力F；再用同样的方法分析磁铁的N极位置与S极位置对调后磁铁对斜面的压力F，最后根据压力大小变化，结合摩擦力大小的影响因素判断f的变化情况。
【解答】在磁铁的N极位置与S极位置对调前，根据左手定则判断可知，导线所受的安培力方向斜向下，
由牛顿第三定律可知磁铁所受安培力的方向斜向上，因磁铁受向下的重力和向上的安培力，从而对斜面产生压力，则F=Gy-F安y（Gy、F安y分别为重力、安培力在垂直于斜面方向的分力）；
在磁铁的N极位置与S极位置对调后，磁场方向与原来相反，则此时磁铁所受安培力的方向斜向下，因磁铁受向下的重力和向下的安培力，从而对斜面产生压力（此时重力和安培力大小均不变），则F'=Gy+F安y；
比较可知磁铁对斜面的压力变大了，根据摩擦力大小的影响因素可知磁铁对斜面的摩擦力也变大，故选项ABD错误，C正确。
故答案为：C。
10．（2024·余姚模拟）如图所示，轻质杆可绕O点转动，分别将质量相同的纯金块，纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中，将质量与王冠相同的重物对应悬挂在杆上的A、B、C处(图中未画出)，杆恰好在水平位置平衡。测得A、C两点间的距离为7cm，B、C两点间的距离为3cm。则王冠中金和银的质量比为 (　　)
A．3：7 B．7：3 C．2：5 D．5：2
【答案】A
【知识点】浮力大小的计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】先根据纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度关系利用判断三者体积关系，根据阿基米德原理和杠杆平衡条件可得出重物对应地悬挂在杆上的A、B、C的位置，
然后分别列出三者悬挂于杆的最左端并浸没水中时的等量关系式，结合数学知识将这三个方程进行整理即可得出王冠中金和银的质量之比。
【解答】设纯金块、纯银块、金银制作的王冠以及重物的质量为m，
纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度分别为ρ1、ρ2、ρ3，体积分别为V1、V2、V3，
由于ρ1＞ρ3＞ρ2，根据可知，三者的体积关系：V1＜V3＜V2，
浸没在水中时，三者排开水的体积与各自的体积相等，
根据F浮=ρ水gV排可知，三者的浮力关系：F浮1＜F浮3＜F浮2，
当质量相同（重力相同）的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并分别浸没水中时，杆的最左端受到的拉力：F拉=G-F浮，由于F浮1＜F浮3＜F浮2，则F拉1＞F拉3＞F拉2，且左边拉力的力臂相同，
根据杠杆平衡条件可知，相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处，如下图所示：
根据阿基米德原理和杠杆平衡条件得，当纯金块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV1）LOD=mg（LOB+LBC+LAC）-----①
当纯银块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV2）LOD=mgLOB------②
当金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV3）LOD=mg（LOB+LBC）------③
用①-②得，（ρ水gV2-ρ水gV1）LOD=mg（LBC+LAC）------④
用③-②得，（ρ水gV2-ρ水gV3）LOD=mgLBC------⑤
用④÷⑤得，
，
化简整理得，10V3-3V1-7V2=0-----⑥
设王冠中金和银的质量分别为m1、m2，
则王冠的体积：-----⑦
纯金块的体积：-------⑧
纯银块的体积：---------⑨
将⑦⑧⑨代入⑥整理得，
，
由于ρ1＞ρ2＞0，所以，10m1-3m=0；10m2-7m=0；
解得：；；
则王冠中金和银的质量之比：。
故答案为：A。
11．（2024·余姚模拟）在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（　　）
A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，据此判断电压表示数的变化；根据公式P=UI判断电路总功率的变化；
（2）根据欧姆定律的变形式分析电压表和电流表示数的比值是否改变。
【解答】变阻器R2与定值电阻R1串联，电流表测总电流，电压表测电阻R1两端的电压。
当变阻器的滑片从b端向a端移动时，变阻器的阻值变小，那么总电阻变小，总电流变大，根据公式P=UI可知，电路的总功率变大；根据串联电路的电压分配规律可知，变阻器两端的电压变小；根据公式U总=U1+U2可知，总电压保持不变，那么电压表的示数U1将变大，故A、B错误；
电压表的示数是U1，电流表的示数等于I1，根据可知，二者的比值其实就是定值电阻R1，因此比值保持不变，故C正确，而D错误。
故选C。
12．（2024·余姚模拟）已知：2 单质溴是易挥发的液体。将 KCl和KBr混合物13.400g溶于水配制成500mL溶液，通入过量的Cl2反应后将溶液蒸干，得固体11.175g，则原所配溶液中K+、Cl-、Br-的离子个数之比为 (　　)
A．1：1： 1 B．1： 2：3 C．2：3 ：1 D．3：2： 1
【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】溶液为电中性，阳离子所带正电荷的总量等于阴离子所带负电荷的总量可得出n（K+）=n（Cl-）+n（Br-），据此来解答。
【解答】任何溶液都呈电中性，即阳离子所带电荷等于阴离子所带电荷，在KCl和KBr的混合溶液中，存在n（K+）=n（Cl-）+n（Br-），则
A.1≠1+1，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故A错误；
B.1≠2+3，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故B错误；
C.2≠3+1，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故C错误；
D.3=2+1，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故D正确。
故答案为：D。
13．（2024·余姚模拟）已知 呈正八面体结构，各 NH3分子间距相等，Co3+位于正八面的中心。若其中两个 NH3分子被Cl-替换，所形成的 离子的种数共有(　　)
A．2种 B．3种 C．4种 D．5种
【答案】A
【知识点】构成物质的粒子模型；化学式的书写及意义
【解析】【分析】根据题给信息确定6个氨气分子的位置关系，然后再确定当其中两个NH3分子被Cl-替换后的位置关系。
【解答】已知[Co（NH3）6]3+呈正八面体结构，各NH3分子间距相等，Co3+位于正八面的中心，说明6个NH3是等效的；当其中两个NH3分子被Cl-替换，两个氯离子只有相邻和相对两个位置，即所形成的[Co（NH2）4Cl2]+离子的种数共有2种。
故答案为：A。
14．（2024·余姚模拟） 已知除铂和金外其它金属在常温下均能与稀硝酸反应。现若在铁与铜的混合物中，加入一定量的稀硝酸，充分反应后剩余金属的质量为m1g，再向其中加入一定量的稀硫酸，充分振荡后，剩余金属的质量为m2g，则m1与m2的关系是 (　　)
A．m1一定大于m2 B．m1可能等于m2
C．m1一定等于m2 D．m1可能小于m2
【答案】A
【知识点】根据化学反应方程式的计算；酸的化学性质
【解析】【分析】铁和铜都和硝酸反应生成硝酸盐，再加入稀硫酸，因硝酸根在酸性条件下具有强氧化性，故剩余金属无论是铁还是铜还是铁铜混合物，都会溶解。
【解答】铁和铜都和硝酸反应生成硝酸盐，充分反应后剩余金属的质量为m1g，剩余金属一定有Cu，可能还有Fe；当加入稀硫酸后，可能剩下的Fe与硫酸继续反应，而且在酸性条件下，硝酸盐中的硝酸根具有强氧化性，会继续再与剩余金属反应，故m1一定大于m2。
故答案为：A。
15．（2024·余姚模拟）一包混有杂质的Na2CO3，其杂质可能是 Ba(NO3)2、KCl、NaHCO3，今取10.6g 样品，溶于水得澄清溶液，另取10.6克样品，加入足量的盐酸，收集到4g CO2，则下列判断正确的是 (　　)
A．样品中只含有 NaHCO3
B．样品中一定混有 NaHCO3，可能有 KCl
C．样品中有 NaHCO3，也有 Ba(NO3)2
D．样品中混有 KCl，也可能有 NaHCO3
【答案】D
【知识点】根据化学反应方程式的计算；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】硝酸钡和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钡和硝酸钠；
稀盐酸和碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，和碳酸氢钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳。
【解答】今取10.6g样品，溶于水得澄清溶液，说明样品中不含有硝酸钡，是因为硝酸钡和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钡和硝酸钠；
盐酸和碳酸钠、碳酸氢钠反应的化学方程式及其质量关系：
Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+ CO2↑
106 44
10.6g 4.4g
NaHCO3+HCl═NaCl+H2O+ CO2↑ 　 　
84 44 　 　
10.6g 5.6g 　 　
另取10.6g样品，加入足量的盐酸，收集到4gCO2，结合以上数据，说明样品中可能含有的杂质是氯化钾或氯化钾和碳酸氢钠。
故答案为：D。
16．（2024·余姚模拟） 已知相同温度和压强下，气体的体积比等于气体的分子个数比。在20℃，101 kPa条件下，将12 LO2与8L CO和H2的混合气体相混合，使其完全燃烧后恢复到原来的温度和压强。
（1）若剩余气体的体积是12L，则原混合气体中 =　 　L
（2）若剩余气体的体积是V L，则原混合气体中=　 　；
（3）若剩余气体的体积为V L，则V 的取值范围是　 　。
【答案】（1）4
（2）
（3）8【知识点】气体压强跟体积的关系；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】可以根据化学方程式进行计算、分析和判断，从而得出正确的结论．例如，根据化学方程式可以判断反应物和生成物之间的分子个数比。
【解答】（1）设一氧化碳的体积为X，则氢气的体积为8L-X，
2CO+ O2 2CO2
2 1 2
X 0.5X X
2CO+ O2 2CO2
2 1 　
8L-X 4L-0.5X 　
由题意可知，X+（12L-0.5X-4L+0.5X）=12L．
X=4L；
（2）设一氧化碳的体积为X，则氢气的体积为8L-X．
由题意可知，X+（12L-0.5X-4L+0.5X）=VL，
X=（V-8）L，
则氢气的体积是：8L-（V-8）L=（16-V）L，
若剩余气体的体积是V L，则原混合气体中一氧化碳和氢气的体积比为：；
（3）当一氧化碳的体积为接近8L时，剩余的气体体积最大；当氢气的体积为接近8L时，剩余的气体体积最小．
当一氧化碳的体积为8L时，剩余的气体体积为：8L+（12L-4L）=16L；
当氢气的体积为8L时，剩余的气体体积为：12L-4L=8L；
若剩余气体的体积为V L，则V的取值范围是8＜V＜16。
故答案为：（1）4；（2）；（3） 8＜V＜16。
17．（2024·余姚模拟） 早在公元前305年，著名天文家埃拉托色尼就已经测量出了地球的周长，与现代科学公认的地球周长的真实值相差不到0.1%。他在研究中发现，每年夏至这天，塞恩城(今埃及阿斯旺)正午的太阳光正好直射到城内一口深井的底部，而远在s 千米以外的亚历山大城，夏至这天正午的太阳光却会使物体在地面上留下一条影子，他测得太阳光方向与竖直方向之间的夹角为θ，由此得出地球的周长为　 　。
【答案】
【知识点】地球的形状和大小
【解析】【分析】先根据两城间距离S及阳光与竖直方向间的夹角θ，求出1度的地球圆心角所对应的弧长，然后根据每度所对应的弧长乘以圆周角360度，求出地球的周长。
【解答】如图所示角θ°所对应的弧长为S，则每1度所对应的弧长是，则360度所对应的弧长，即地球的周长为。
故答案为：。
18．（2024·余姚模拟） 图为人体血液循环及气体交换的示意图。图中→代表氧气的交换或运输方向；→代表二氧化碳的交换或运输方向。请根据图回答下列问题：
（1）在剧烈运动时，呼吸急促，心脏搏动显著加快，此时乙处单位体积血液中氧的含量比平静状态下　 　(填“增高”“减小”或“相同”)；
（2）CO轻度中毒时，呼吸急促，心脏搏动显著加快，此时乙处单位体积血液中氧的含量比正常情况下　 　(填“增高”“减小”或“相同”)；
（3）西藏拉萨市的海拔约为3600m，浙江沿海平原地区的旅游者到了西藏拉萨，在平静状态下，心脏搏动显著加快，此时乙处单位体积血液中氧的含量比在浙江沿海平原地区平静状态下　 　(填“增高”“减小”或“相同”)。
【答案】（1）相同
（2）减小
（3）减小
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】血液在心脏和全部血管所组成的管道系统中的循环流动叫做血液循环，根据循环途径的不同，血液循环分为体循环和肺循环两部分。当血液流经组织处毛细血管时，由于组织细胞里氧气的含量比动脉血中的少，而二氧化碳的含量比动脉血中的多，因此血液中的氧气就扩散到组织细胞里，细胞里的二氧化碳就扩散到血液里，这样，血液由动脉血变成了静脉血。
【解答】（1）血液在肺部发生的气体交换实际上是自由扩散的过程，同时受到血液中血红蛋白含量的影响，在剧烈运动的时候，血液中红细胞的浓度与平静状态下相同，外界大气的压强也相同，因此自由扩散进入血液的氧气量也与平静状态下相同；
（2）一氧化碳能与红细胞中的血红蛋白结合使其失去结合氧气的能力，因此能与氧气结合的血红蛋白减少，气压不变，血液中氧含量减小；
（3）血红蛋白含量不变，气压减小，则扩散速率降低，因此血液中氧含量也减小。
故答案为：（1）相同；（2）减小；（3）减小。
19．（2024·余姚模拟） 玉米是雌雄同株植物，顶生雄花序，侧生雌花序，如图所示。玉米籽粒紫色对黄色为显性，这对性状由一对基因Y和y控制。回答下列问题：
（1）将紫色玉米粒(YY)发育而成的植株A 和由黄色玉米粒( yy)发育而成的植株B相邻植，则A植株玉米穗上的籽粒颜色　 　，其基因组成是 　 　；B植株玉米穗上的籽粒颜色　 　。
（2）若B植株在雌花成熟之前将雌花序套上纸袋，待A 植物花粉成熟后授粉到B植物的雌花上，并继续套袋，则玉米成熟时B植株玉米穗上的籽粒颜色　 　。来年，若再将B植株的玉米粒种植在一起，让其自然授粉，则玉米成熟收获的玉米粒颜色　 　，其基因组成有　 　种类型。
【答案】（1）紫色；YY或 Yy；紫色或黄色
（2）紫色；紫色或黄色；3
【知识点】遗传和变异现象；遗传物质的传递
【解析】【分析】（1）生物的性状由基因控制，基因有显性和隐性之分；显性基因是控制显性性状发育的基因，隐性基因，是控制隐性性状的基因；当细胞内控制某种性状的一对基因都是显性或一个是显性、一个是隐性时，生物体表现出显性基因控制的性状；当控制某种性状的基因都是隐性时，隐性基因控制的性状才会表现出来；
（2）在一对相对性状的遗传过程中，子代个体出现了亲代没有的性状，则亲代个体表现的性状是显性性状，新出现的性状一定是隐性性状，由一对隐性基因控制。
【解答】（1）花粉从花药里散发出来，通过一定的方式，落到雌蕊的柱头上的过程叫传粉，传粉的方式分为自花传粉和异花传粉两种；一朵花的花粉落到另一朵花的柱头上的过程，就是异花传粉；花粉落到同一朵花的柱头上的过程，就是自花传粉；异花传粉靠昆虫或风力作为传粉的媒介；
由于紫色玉米粒（YY）发育成的植株A和由黄色玉米粒（yy）可知：紫色为显性，黄色为隐性，植株A和植株B相邻种植，会发生同株异花传粉和植株间的异花传粉，所以则A植株玉米穗的基因为YY或Yy，籽粒颜色一定为紫色，而B植株玉米穗的基因可能为Yy或yy，籽粒颜色为紫色或黄色均有可能；
（2）取B植株玉米穗上的紫粒玉米单独种植，植株A只有A这一种雌配子，即A植株基因型为YY，植株B由黄色玉米粒发育而成的，其基因型为yy.则玉米成熟时B植株玉米穗的基因只有一种Yy，籽粒颜色紫色；来年再将B植株的玉米粒种植在一起，让其自然授粉，则基因型Yy×Yy杂交，后代的基因类型为YY，Yy，yy三种。
故答案为：（1）紫色；YY或Yy；紫色或黄色；（2）紫色；紫色或黄色；3。
20．（2024·余姚模拟） 如图所示，有一串珍珠，每颗间距均为a，最上面一颗离天花板距离也是a，共n颗，其质量依次为m、2m、3m、…… nm，则其重心离悬挂点的距离为　 　。
提示：
【答案】
【知识点】重力及其方向
【解析】【分析】根据提示的公式进行计算。
【解答】以悬挂点为原点建立坐标系，重心的坐标为。
故答案为：。
21．（2024·余姚模拟） 在柱状容器里注入适量的浓盐水，在盐水中放入一块冰，冰与盐水的质量相等，并始终漂浮在盐水面上。当 冰熔化之后，发现容器里的水面上升的高度为h，当剩余的冰全部熔化之后，水面将会上升 (用含h的代数式表示)。
【答案】设漂浮冰块的质量为m，容器内液体的质量为M，液体的密度为ρ液，
则可以得出液体和冰块浸入部分的总体积；
推导过程如下：
由得，容器内液体的体积；
由阿基米德原理和漂浮条件可得F浮=ρ液gV排=G=mg，则；
则冰块熔化前的总体积；
设原来浓盐水的体积为V盐，原来浓盐水的密度为ρ液，冰块全部熔化成水后的体积为V水，容器底面积为S，已知原来冰与盐水的质量相等，设冰块和盐水的质量均为M；
则在冰没有熔化时，盐水和冰块浸入部分的总体积-------①
当冰熔化之后，容器里的水面上升的高度为h，此时冰熔化为水的质量为，冰熔化为水的体积为，
则此时盐水和冰块浸入部分的总体积：-------②
在冰完全熔化后，水面将会上升h'，
此时盐水的总体积：V2=S（h0+h+h'）=V盐+V水--------③
则；
；
则，
解得。
故答案为：。
【知识点】密度公式的应用
【解析】【分析】根据漂浮条件，冰漂浮在浓盐水中时F浮=G冰，又知阿基米德原理F浮=G排，可得出G冰=G排，冰熔化成水后，水的密度小于盐水的密度，冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，容器内液体的体积会增大；根据密度计算公式的推导式分别表示出冰熔化前、熔化、全部熔化时的总体积V0、V1、V2，进一步计算出全部熔化后水面上升的高度。
22．（2024·余姚模拟）实验室常用 MnO2与浓盐酸反应制备 Cl2，其反应方程式为 反应装置如甲图所示(夹持装置已略去)。
（1）检查装置气密性之后的操作依次是　 　(填序号)。
A.向烧瓶中加入 MnO2粉末B.加热C.向烧瓶中加入浓盐酸
（2）制备反应会因盐酸浓度下降而停止。为测定反应残留液中盐酸的浓度(已知残留液的质量为m)，探究小组同学提出下列实验方案：
①甲同学的方案为：与足量AgNO3溶液反应，过滤、洗涤、烘干，称量生成沉淀的质量。此方案是否可行 原因是　 　。
②乙同学的方案为：与足量 Zn反应，测量生成的气体体积。实验装置如乙图所示(夹持装置已略去)。为了减少实验误差，Y形管中的残留溶液与锌粒反应的合理操作序号是　 　。(A.将残留溶液转移到锌粒中 B. 将锌粒转移到残留溶液中)
【答案】（1）ACB
（2）不可行 残留液中的MnCl2.会导致沉淀质量偏大；B。
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；实验方案设计与评价
【解析】【分析】（1）根据反应物的状态及制取气体的操作步骤进行分析；
（2）①根据甲同学的方案：二氧化锰与浓盐酸反应生成氯化锰，也会与硝酸银反应进行分析；
②乙同学的方案：依据锌粒与稀盐酸反应生成氢气进行分析解答。
【解答】（1）检查装置气密性后，先加入固体二氧化锰，再加入液体浓盐酸，然后加热，所以检查装置气密性之后的操作依次是：ACB；
（2）①甲同学的方案：二氧化锰与浓盐酸反应生成氯化锰，也会与硝酸银反应，所以不能用来测定残余液中盐酸的质量，反应不可行；
②乙同学的方案：将锌转移到残留溶液中，锌和盐酸反应生成氢气，利用氢气的体积测量盐酸的质量。
故答案为：（1）ACB；（2）①不可行，残余液中的MnCl2会导致沉淀质量偏大；②B。
23．（2024·余姚模拟） 悠悠球是古老的玩具，它由轮和轴(含绕在轴上的细绳)两部分组成(如图甲)，一悠悠球轮半径为R，轴半径为r(轴与轮固定，无相对运动)。将绕好细线的悠悠球放在水平地面上，如图乙(a)所示，在大小不变的水平拉力 F 作用下悠悠球会　 　(填“左”或“右”)滚动；如图乙(b)所示，在大小不变的水平拉力 F 作用下悠悠球向右滚动距离为s，则F 做功为　 　。
【答案】右；(1+r/R) Fs
【知识点】功的计算公式的应用
【解析】【分析】（a）图受力F后悠悠球将逆时针转动；
（b）图受力F后悠悠球将向前滚动，滚动s后求出滚动的圈数，再乘以轴周长得出拉力移动的距离，再利用W=Fs求F做功大小。
【解答】（1）（a）图受力F后悠悠球将逆时针转动，故向左滚动；
（2）（b）图，拉力F作用在轴的上端时，轴向前滚动会使细线“拉长”，
拉力端实际移动的距离：，
F做功大小：。
故答案为：向左；。
24．（2024·余姚模拟） 已知 Fe3O4在高温下有下列反应：
反应不完全形成的固体混合物(Fe3O4、Fe)中，元素铁和氧的质量比用mF ：m0表示。
（1）Fe3O4中铁元素的化合价为　 　；上述反应　 　(填“是”或“不是”)氧化还原反应。
（2）家用铁锅表面的黑色物质的主要成分是Fe3O4，它不溶于稀醋酸(HAc)，经查相关资料发现Fe3
O4其实是一种叫做铁酸亚铁的盐，请将Fe3O4改写为盐的形式　 　；并判断该盐所对应的酸(铁酸)的酸性　 　(填“大于”或“小于”)稀醋酸。
（3）设 Fe3O4被CO还原的百分率为 A%，则A%和混和物中mFe： mo的关系式：A%=　 　(用含mFe、mo的代数式表示)。请在图中画出A%和mFe/m0关系的图形。　 　
【答案】（1）+2、+3；是
（2）FeFe2O4；大于
（3）；
【知识点】元素化合价的规则与计算；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据化合物中各元素的正负化合价代数和为零计算；
（2）强酸可以制弱酸，铁酸亚铁的盐，它不溶于稀醋酸，判断该盐所对应的酸（铁酸） 的酸性大于稀醋酸；
（2）根据设原有四氧化三铁的质量为1，被一氧化碳还原的百分率为A%，则混合物中有（1-A%）四氧化三铁，混合物中铁元素的质量等于原四氧化三铁中铁元素的质量，氧元素的质量为剩余四氧化三铁氧元素的质量计算。
【解答】（1）四氧化三铁可以看成Fe2O3 FeO，通常在化合物中氧元素的化合价为-2，设氧化铁中铁元素的化合价为x，氧化亚铁中铁元素的化合价为y，根据化合物中各元素的正负化合价代数和为零，则有2x+（-2）×3=0，y+（-2）=0，解得x=+3，y=+2；氧化还原反应是化学反应前后，元素的氧化数有变化的一类反应，故上述反应是氧化还原反应；
（2）强酸可以制弱酸，铁酸亚铁的盐，它不溶于稀醋酸，判断该盐所对应的酸（铁酸） 的酸性大于稀醋酸；将Fe3O4改写为盐的形式为Fe（FeO2）2；
（2）设原有四氧化三铁的质量为1，被一氧化碳还原的百分率为A%，则混合物中有（1-A%）四氧化三铁，混合物中铁元素的质量等于原四氧化三铁中铁元素的质量，氧元素的质量为剩余四氧化三铁氧元素的质量，则，则。
故答案为：（1）+2；+3；（2）Fe2O3 FeO；大于；（3）。
25．（2024·余姚模拟） 如图所示，声源S 和观察者A 都沿x轴正方向运动，相对于地面的速度分别为 和 空气中声音传播的速率为 vp，设 空气相对于地面没有流动。若声源相继发出两个声音信号，时间间隔为 。请根据发出的这两个声信号从声源传播到观察者的过程，确定观察者接收到这两个声音信号的时间间隔
【答案】设t1、t2为声源S发出两个信号的时刻，t'1、t'2为观察者接收到两个信号的时刻；
则第一个信号经过（t'1-t1）时间被观察者A接收到，第二个信号经过（t'2-t2）时间
被观察者A接收到．且t2-t1=Δt t'2-t'1=Δt'
设声源发出第一个信号时，S、A两点间的距离为L，两个声信号从声源传播到观察者的过程中，它们运动的距离关系如图所示，
可得vP=（t'1-t1）=L+vA（t'1-t1）vP（t'2-t2）=L+vA（t'2-t1）-vSΔt
由以上各式，得。
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【分析】两个声信号从声源传播到观察者的过程，由于频率发生变化，导致速度也变化，所以时间也会变化；当观察者与波源的距离发生变化时，接收频率与发射频率出现不等现象。
1 / 1浙江省余姚市重点高中自主招生卷科学试题
1．（2024·余姚模拟）将植物横放，测量根和茎生长素浓度与其生长状况的关系如甲图所示，则曲线上 M、N、P和Q点分别最可能对应乙图中的 (　　)
A．a、b、c、d B．a、c、d、b C．b、c、a、d D．b、a、c、d
2．（2024·余姚模拟）用向下排气法在容积为V mL 的集气瓶中收集氨气，由于空气尚未排净，最后瓶内气体的平均式量为 19 ，将此盛满气体的集气瓶倒置于水中，瓶内水马上升到一定高度后，即停止上升，则在同温同压下，瓶内剩余气体的体积为(　　)(已知空气的平均相对分子质量为29)
A． B． C． D．无法判断
3．（2024·余姚模拟） 密闭容器中盛有CH4、N2和O2的混合气体，点火使其充分反应，CH4全部转化为CO、CO2和 待容器恢复至室温，测得容器内的混合气体中碳元素的质量分数为12%，则反应前混合气体中N2的质量分数可能为 (　　)
A．28% B．42% C．54% D．64%
4．（2024·余姚模拟）某人骑车向正东方向行驶，看到插在车上的小旗向正南方向飘动，假设风速保持不变，骑车人沿正南方向行驶时，小旗的飘动方向不可能的是 (　　)
A．正东方向 B．正北方向 C．东偏南方向 D．东偏北方向
5．（2024·余姚模拟） 某兴趣小组的同学做了如下三个实验：
①只用蛋白质饲料喂养患糖尿病的狗，发现患病的狗尿液中含有葡萄糖
②只用谷类食物喂养北京鸭，能迅速育肥
③只用肥肉喂养狗一段时间，其体内血糖含量基本稳定
上述实验能够证明的物质转化关系图解是 (　　)
A．蛋白质 葡萄糖→脂肪 B．蛋白质→葡萄糖→脂肪
C．蛋白质→葡萄糖 脂肪 D．蛋白质→葡萄糖 脂肪
6．（2024·余姚模拟）如图所示，AB 与凸透镜的主光轴OA 垂直，与主光轴的交点A 到光心O的距离大于两倍焦距，当点光源从A 点开始以恒定的速度v沿着虚线向B 运动，则关于点光源通过透镜所成像的运动，下列说法正确的是 (　　)
A．与点光源的运动方向相反且大于v
B．与点光源的运动方向相同且大于v
C．与点光源的运动方向相反且小于v
D．与点光源的运动方向相同且小于v
7．（2024·余姚模拟）有几根同种金属材料的导线，它们横截面积和长度都不相同，但都是粗细均匀的。当它们串联后并通过大小恒定的电流，经过同样时间，若它们散热损失与产生的热量之比相同，则它们的升高温度与它们的 (　　)
A．长度成正比 B．长度的平方成正比
C．横截面积成反比 D．横截面直径的四次方成反比
8．（2024·余姚模拟）如图所示，A、B间电压一定，当滑片P 向左移动置于另一位置时，通过R1、R3两电阻的电流变化量分别为△I1、△I3.则 (　　)
A． B．
C． D．无法判断△I1、△I3哪个大
9．（2024·余姚模拟）一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如图所示。若将磁铁的N极位置与S极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，则磁铁对斜面的压力 F 和摩擦力 f 的变化情况分别是 (　　)
A．F 增大，f 减小 B．F 减小，f 增大
C．F与f 都增大 D．F 与f 都减小
10．（2024·余姚模拟）如图所示，轻质杆可绕O点转动，分别将质量相同的纯金块，纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中，将质量与王冠相同的重物对应悬挂在杆上的A、B、C处(图中未画出)，杆恰好在水平位置平衡。测得A、C两点间的距离为7cm，B、C两点间的距离为3cm。则王冠中金和银的质量比为 (　　)
A．3：7 B．7：3 C．2：5 D．5：2
11．（2024·余姚模拟）在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（　　）
A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
12．（2024·余姚模拟）已知：2 单质溴是易挥发的液体。将 KCl和KBr混合物13.400g溶于水配制成500mL溶液，通入过量的Cl2反应后将溶液蒸干，得固体11.175g，则原所配溶液中K+、Cl-、Br-的离子个数之比为 (　　)
A．1：1： 1 B．1： 2：3 C．2：3 ：1 D．3：2： 1
13．（2024·余姚模拟）已知 呈正八面体结构，各 NH3分子间距相等，Co3+位于正八面的中心。若其中两个 NH3分子被Cl-替换，所形成的 离子的种数共有(　　)
A．2种 B．3种 C．4种 D．5种
14．（2024·余姚模拟） 已知除铂和金外其它金属在常温下均能与稀硝酸反应。现若在铁与铜的混合物中，加入一定量的稀硝酸，充分反应后剩余金属的质量为m1g，再向其中加入一定量的稀硫酸，充分振荡后，剩余金属的质量为m2g，则m1与m2的关系是 (　　)
A．m1一定大于m2 B．m1可能等于m2
C．m1一定等于m2 D．m1可能小于m2
15．（2024·余姚模拟）一包混有杂质的Na2CO3，其杂质可能是 Ba(NO3)2、KCl、NaHCO3，今取10.6g 样品，溶于水得澄清溶液，另取10.6克样品，加入足量的盐酸，收集到4g CO2，则下列判断正确的是 (　　)
A．样品中只含有 NaHCO3
B．样品中一定混有 NaHCO3，可能有 KCl
C．样品中有 NaHCO3，也有 Ba(NO3)2
D．样品中混有 KCl，也可能有 NaHCO3
16．（2024·余姚模拟） 已知相同温度和压强下，气体的体积比等于气体的分子个数比。在20℃，101 kPa条件下，将12 LO2与8L CO和H2的混合气体相混合，使其完全燃烧后恢复到原来的温度和压强。
（1）若剩余气体的体积是12L，则原混合气体中 =　 　L
（2）若剩余气体的体积是V L，则原混合气体中=　 　；
（3）若剩余气体的体积为V L，则V 的取值范围是　 　。
17．（2024·余姚模拟） 早在公元前305年，著名天文家埃拉托色尼就已经测量出了地球的周长，与现代科学公认的地球周长的真实值相差不到0.1%。他在研究中发现，每年夏至这天，塞恩城(今埃及阿斯旺)正午的太阳光正好直射到城内一口深井的底部，而远在s 千米以外的亚历山大城，夏至这天正午的太阳光却会使物体在地面上留下一条影子，他测得太阳光方向与竖直方向之间的夹角为θ，由此得出地球的周长为　 　。
18．（2024·余姚模拟） 图为人体血液循环及气体交换的示意图。图中→代表氧气的交换或运输方向；→代表二氧化碳的交换或运输方向。请根据图回答下列问题：
（1）在剧烈运动时，呼吸急促，心脏搏动显著加快，此时乙处单位体积血液中氧的含量比平静状态下　 　(填“增高”“减小”或“相同”)；
（2）CO轻度中毒时，呼吸急促，心脏搏动显著加快，此时乙处单位体积血液中氧的含量比正常情况下　 　(填“增高”“减小”或“相同”)；
（3）西藏拉萨市的海拔约为3600m，浙江沿海平原地区的旅游者到了西藏拉萨，在平静状态下，心脏搏动显著加快，此时乙处单位体积血液中氧的含量比在浙江沿海平原地区平静状态下　 　(填“增高”“减小”或“相同”)。
19．（2024·余姚模拟） 玉米是雌雄同株植物，顶生雄花序，侧生雌花序，如图所示。玉米籽粒紫色对黄色为显性，这对性状由一对基因Y和y控制。回答下列问题：
（1）将紫色玉米粒(YY)发育而成的植株A 和由黄色玉米粒( yy)发育而成的植株B相邻植，则A植株玉米穗上的籽粒颜色　 　，其基因组成是 　 　；B植株玉米穗上的籽粒颜色　 　。
（2）若B植株在雌花成熟之前将雌花序套上纸袋，待A 植物花粉成熟后授粉到B植物的雌花上，并继续套袋，则玉米成熟时B植株玉米穗上的籽粒颜色　 　。来年，若再将B植株的玉米粒种植在一起，让其自然授粉，则玉米成熟收获的玉米粒颜色　 　，其基因组成有　 　种类型。
20．（2024·余姚模拟） 如图所示，有一串珍珠，每颗间距均为a，最上面一颗离天花板距离也是a，共n颗，其质量依次为m、2m、3m、…… nm，则其重心离悬挂点的距离为　 　。
提示：
21．（2024·余姚模拟） 在柱状容器里注入适量的浓盐水，在盐水中放入一块冰，冰与盐水的质量相等，并始终漂浮在盐水面上。当 冰熔化之后，发现容器里的水面上升的高度为h，当剩余的冰全部熔化之后，水面将会上升 (用含h的代数式表示)。
22．（2024·余姚模拟）实验室常用 MnO2与浓盐酸反应制备 Cl2，其反应方程式为 反应装置如甲图所示(夹持装置已略去)。
（1）检查装置气密性之后的操作依次是　 　(填序号)。
A.向烧瓶中加入 MnO2粉末B.加热C.向烧瓶中加入浓盐酸
（2）制备反应会因盐酸浓度下降而停止。为测定反应残留液中盐酸的浓度(已知残留液的质量为m)，探究小组同学提出下列实验方案：
①甲同学的方案为：与足量AgNO3溶液反应，过滤、洗涤、烘干，称量生成沉淀的质量。此方案是否可行 原因是　 　。
②乙同学的方案为：与足量 Zn反应，测量生成的气体体积。实验装置如乙图所示(夹持装置已略去)。为了减少实验误差，Y形管中的残留溶液与锌粒反应的合理操作序号是　 　。(A.将残留溶液转移到锌粒中 B. 将锌粒转移到残留溶液中)
23．（2024·余姚模拟） 悠悠球是古老的玩具，它由轮和轴(含绕在轴上的细绳)两部分组成(如图甲)，一悠悠球轮半径为R，轴半径为r(轴与轮固定，无相对运动)。将绕好细线的悠悠球放在水平地面上，如图乙(a)所示，在大小不变的水平拉力 F 作用下悠悠球会　 　(填“左”或“右”)滚动；如图乙(b)所示，在大小不变的水平拉力 F 作用下悠悠球向右滚动距离为s，则F 做功为　 　。
24．（2024·余姚模拟） 已知 Fe3O4在高温下有下列反应：
反应不完全形成的固体混合物(Fe3O4、Fe)中，元素铁和氧的质量比用mF ：m0表示。
（1）Fe3O4中铁元素的化合价为　 　；上述反应　 　(填“是”或“不是”)氧化还原反应。
（2）家用铁锅表面的黑色物质的主要成分是Fe3O4，它不溶于稀醋酸(HAc)，经查相关资料发现Fe3
O4其实是一种叫做铁酸亚铁的盐，请将Fe3O4改写为盐的形式　 　；并判断该盐所对应的酸(铁酸)的酸性　 　(填“大于”或“小于”)稀醋酸。
（3）设 Fe3O4被CO还原的百分率为 A%，则A%和混和物中mFe： mo的关系式：A%=　 　(用含mFe、mo的代数式表示)。请在图中画出A%和mFe/m0关系的图形。　 　
25．（2024·余姚模拟） 如图所示，声源S 和观察者A 都沿x轴正方向运动，相对于地面的速度分别为 和 空气中声音传播的速率为 vp，设 空气相对于地面没有流动。若声源相继发出两个声音信号，时间间隔为 。请根据发出的这两个声信号从声源传播到观察者的过程，确定观察者接收到这两个声音信号的时间间隔
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】环境对生物的影响
【解析】【分析】分析甲图，随着生长素浓度的加大，一条生长曲线生长1cm所需的时间越来越多，说明其生长受到抑制，这属于根的生长曲线（因为根对生长素的敏感性大于茎），另一条生长曲线生长1cm所需的时间越来越短，促进生长的效果是加强的，应为茎的生长曲线。
由图乙可知，幼苗横放一段时间后，由于其受到重力的作用，生长素的分布情况为a＜b，c＜d。
【解答】随着生长素浓度的加大，生长曲线NP生长1cm所需的时间越来越多，说明其生长受到抑制，这属于根的生长曲线（因为根对生长素的敏感性大于茎），所以N对应c点，P对应d点，另一条生长曲线MQ随着生长素浓度的加大生长1cm所需的时间越来越短，说明促进生长的效果是加强的，应为茎的生长曲线，所以M对应a点，Q对应b点．所以则曲线上M、N、P和Q点分别最可能对应乙图中的a、c、d、b。
故答案为：B。
2．【答案】C
【知识点】气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】空气的平均式量为29，氨气的相对分子质量为17，利用瓶内气体的平均式量为19，先计算氨气的体积分数，则将此盛满气体的集气瓶倒置于水中，水上升的体积为氨气的体积，剩余气体为空气。
【解答】设最后瓶内气体中氨气的物质的量为x，空气的物质的量为y，
由瓶内气体的平均式量为19，则，解得，
气体的体积之比等于物质的量之比，
即VmL的集气瓶中收集氨气为，
将此盛满气体的集气瓶倒置于水中，水上升的体积为氨气的体积，剩余气体为空气，
瓶内剩余气体的体积为。
故答案为：C。
3．【答案】B
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】设反应后该混合气体的质量为100g。则混合气体中含碳元素12g，假设甲烷燃烧完全生成二氧化碳和水，求出此时氮气的质量，假设甲烷燃烧完全生成一氧化碳和水，求出此时氮气的质量，氮气的质量应在共同区间内。
【解答】设反应后该混合气体的质量为100g。则混合气体中含碳元素12g，则原来甲烷的质量就为，甲烷中氢元素的质量为16g-12g=4g，所以生成水的质量为；所以反应前混合气的质量为100g+36g=136g。
第一种情况：假设甲烷燃烧完全生成二氧化碳和水：
则二氧化碳的质量为，此时假设氧气完全反应，剩余的都是氮气，则氮气的质量为100g-44g=56g，这样氮气的在反应前的混合物中最大质量分数为；而如果剩余气体中只有氧气，则氮气的质量分数为0，所以氮气的质量分数介于0～41.2%之间。
第二种情况：假设甲烷燃烧完全生成一氧化碳和水：
则一氧化碳的质量为，此时假设氧气完全反应，剩余的都是氮气，则氮气的质量为100g-28g=72g，这样氮气的在反应前的混合物中最大质量分数为。
由于CH4全部转化为CO、CO2和H2O，也就是同时又二氧化碳和一氧化碳，则反应前的氮气的质量分数应该是在41.2%～52.9%之间。
故答案为：B。
4．【答案】B
【知识点】参照物及其选择；速度与物体运动
【解析】【分析】解答本题时首先确认风向，向正东行驶，小旗向正南，因为是风刮向东南方向，车向南行驶，所以小旗无论如何都会向东飘。
【解答】由“某人骑车向正东方向行驶，看到插在车上的小旗向正南方向飘动”，可说明风刮向东南方向；
骑车人沿正南方向行驶时，若无风，那么车上的小旗应飘向北方，但在西北风的作用下，小旗应向偏东方向飘动，即可能是：东南方向、正东方向或东北方向，故ACD正确，但不符合题意，B错误，但符合题意。
故答案为：B。
5．【答案】C
【知识点】食物的消化与吸收；胰岛素与血糖含量
【解析】【分析】动物体内的三类供能物质可以发生转化：糖类可以转化成脂肪；脂肪可以转化为糖，但不能转化为蛋白质；蛋白质可以转化为糖和脂肪。
【解答】①只用蛋白质饲料喂养患糖尿病的狗，发现患病的狗尿液中含有葡萄糖，说明蛋白质可以转化为葡萄糖，使患糖尿病的狗体内多余的葡萄糖随尿液排出；②只用谷类食物喂养北京鸭，谷类食物中富含糖类，北京鸭能迅速育肥，说明北京鸭体内脂肪含量增多，所以说明葡萄糖可以转化为脂肪；③只用肥肉喂养狗一段时间，肥肉的主要成分是脂肪，虽然没有给狗喂食糖类食物，但其体内血糖含量基本稳定，说明脂肪可以转化为葡萄糖。
故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
6．【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】假设AB为光源，AB经凸透镜成倒立缩小的实像A'B'，点光源通过透镜所成像沿A'B'运动，据此分析。
【解答】假设AB为光源，AB到光心O的距离大于两倍焦距，成的是倒立、缩小的实像A'B'；当点光源从A点开始以恒定的速度v沿着虚线向B运动，则点光源的像会沿A'B'的方向运动，即向下运动，与点光源的运动方向相反；由于A'B'小于AB，所以相同时间内点光源的像移动的距离小于点光源移动的距离，所以点光源的像移动的速度要小于点光源移动的速度，故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
7．【答案】D
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【分析】（1）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，在长度和温度不变时，与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比；
（2）根据焦耳定律表示出产生的热量，根据Q=cmΔt表示出吸收的热量，利用经过同样时间、散热损失与产生的热量之比相同得出升高温度的表达式即可得出答案。
【解答】因长度和温度不变时，与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比，
所以，设导体的电阻，
相同时间内产生的热量：时间，
因经过同样时间，它们散热损失与产生的热量之比相同，
所以，可设导体吸收的热量，
由Q吸=cmΔt和m=ρV=ρLS可得：
时间=cρLSΔt，
整理可得：
，
因，
所以，它们的升高温度与它们的横截面直径的四次方成反比，与长度无关。
故答案为：D。
8．【答案】D
【知识点】串、并联电路的电流特点
【解析】【分析】由电路图可知，电阻R2与R3并联，然后再与R1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点判断电路总电阻如何变化，再应用欧姆定律判断电路电流如何变化，最后应用串并联电路特点分析答题。
【解答】由电路图可知，电阻R2与R3并联，然后再与R1串联，设A、B间电压为U；
由电路图可知，滑片P向左移动时，滑动变阻器R2接入电路的阻值变小，
电阻R2与R3的并联电阻变小，电路总电阻变小，电路两端电压不变，由欧姆定律可知，
干路电流I变大，通过R1的电流I1增大，电阻阻值不变，电阻R1两端电压U1=IR1变大，
电阻R2与R3的并联电压U并=U2=U3=U-U1变小，R3不变，由可知I3变小；
由并联电路特点可知，干路电流等于各支路电流之和，即：I1=I2+I3；
电源电压不变，R1增加的电压和R3减小的电压相等，则：，，由于不知道R1、R3两电阻阻值大小，所以无法判定无法判断ΔI1、ΔI3哪个大。
故答案为：D。
9．【答案】C
【知识点】平衡力的辨别；通电直导线周围的磁场
【解析】【分析】先分析磁铁的N极位置与S极位置对调前，导线所受的安培力方向，由牛顿第三定律判断磁铁所受的安培力方向，由压力产生的原因确定磁铁对斜面的压力F；再用同样的方法分析磁铁的N极位置与S极位置对调后磁铁对斜面的压力F，最后根据压力大小变化，结合摩擦力大小的影响因素判断f的变化情况。
【解答】在磁铁的N极位置与S极位置对调前，根据左手定则判断可知，导线所受的安培力方向斜向下，
由牛顿第三定律可知磁铁所受安培力的方向斜向上，因磁铁受向下的重力和向上的安培力，从而对斜面产生压力，则F=Gy-F安y（Gy、F安y分别为重力、安培力在垂直于斜面方向的分力）；
在磁铁的N极位置与S极位置对调后，磁场方向与原来相反，则此时磁铁所受安培力的方向斜向下，因磁铁受向下的重力和向下的安培力，从而对斜面产生压力（此时重力和安培力大小均不变），则F'=Gy+F安y；
比较可知磁铁对斜面的压力变大了，根据摩擦力大小的影响因素可知磁铁对斜面的摩擦力也变大，故选项ABD错误，C正确。
故答案为：C。
10．【答案】A
【知识点】浮力大小的计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】先根据纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度关系利用判断三者体积关系，根据阿基米德原理和杠杆平衡条件可得出重物对应地悬挂在杆上的A、B、C的位置，
然后分别列出三者悬挂于杆的最左端并浸没水中时的等量关系式，结合数学知识将这三个方程进行整理即可得出王冠中金和银的质量之比。
【解答】设纯金块、纯银块、金银制作的王冠以及重物的质量为m，
纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度分别为ρ1、ρ2、ρ3，体积分别为V1、V2、V3，
由于ρ1＞ρ3＞ρ2，根据可知，三者的体积关系：V1＜V3＜V2，
浸没在水中时，三者排开水的体积与各自的体积相等，
根据F浮=ρ水gV排可知，三者的浮力关系：F浮1＜F浮3＜F浮2，
当质量相同（重力相同）的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并分别浸没水中时，杆的最左端受到的拉力：F拉=G-F浮，由于F浮1＜F浮3＜F浮2，则F拉1＞F拉3＞F拉2，且左边拉力的力臂相同，
根据杠杆平衡条件可知，相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处，如下图所示：
根据阿基米德原理和杠杆平衡条件得，当纯金块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV1）LOD=mg（LOB+LBC+LAC）-----①
当纯银块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV2）LOD=mgLOB------②
当金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV3）LOD=mg（LOB+LBC）------③
用①-②得，（ρ水gV2-ρ水gV1）LOD=mg（LBC+LAC）------④
用③-②得，（ρ水gV2-ρ水gV3）LOD=mgLBC------⑤
用④÷⑤得，
，
化简整理得，10V3-3V1-7V2=0-----⑥
设王冠中金和银的质量分别为m1、m2，
则王冠的体积：-----⑦
纯金块的体积：-------⑧
纯银块的体积：---------⑨
将⑦⑧⑨代入⑥整理得，
，
由于ρ1＞ρ2＞0，所以，10m1-3m=0；10m2-7m=0；
解得：；；
则王冠中金和银的质量之比：。
故答案为：A。
11．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，据此判断电压表示数的变化；根据公式P=UI判断电路总功率的变化；
（2）根据欧姆定律的变形式分析电压表和电流表示数的比值是否改变。
【解答】变阻器R2与定值电阻R1串联，电流表测总电流，电压表测电阻R1两端的电压。
当变阻器的滑片从b端向a端移动时，变阻器的阻值变小，那么总电阻变小，总电流变大，根据公式P=UI可知，电路的总功率变大；根据串联电路的电压分配规律可知，变阻器两端的电压变小；根据公式U总=U1+U2可知，总电压保持不变，那么电压表的示数U1将变大，故A、B错误；
电压表的示数是U1，电流表的示数等于I1，根据可知，二者的比值其实就是定值电阻R1，因此比值保持不变，故C正确，而D错误。
故选C。
12．【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】溶液为电中性，阳离子所带正电荷的总量等于阴离子所带负电荷的总量可得出n（K+）=n（Cl-）+n（Br-），据此来解答。
【解答】任何溶液都呈电中性，即阳离子所带电荷等于阴离子所带电荷，在KCl和KBr的混合溶液中，存在n（K+）=n（Cl-）+n（Br-），则
A.1≠1+1，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故A错误；
B.1≠2+3，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故B错误；
C.2≠3+1，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故C错误；
D.3=2+1，说明n（K+）≠n（Cl-）+n（Br-），故D正确。
故答案为：D。
13．【答案】A
【知识点】构成物质的粒子模型；化学式的书写及意义
【解析】【分析】根据题给信息确定6个氨气分子的位置关系，然后再确定当其中两个NH3分子被Cl-替换后的位置关系。
【解答】已知[Co（NH3）6]3+呈正八面体结构，各NH3分子间距相等，Co3+位于正八面的中心，说明6个NH3是等效的；当其中两个NH3分子被Cl-替换，两个氯离子只有相邻和相对两个位置，即所形成的[Co（NH2）4Cl2]+离子的种数共有2种。
故答案为：A。
14．【答案】A
【知识点】根据化学反应方程式的计算；酸的化学性质
【解析】【分析】铁和铜都和硝酸反应生成硝酸盐，再加入稀硫酸，因硝酸根在酸性条件下具有强氧化性，故剩余金属无论是铁还是铜还是铁铜混合物，都会溶解。
【解答】铁和铜都和硝酸反应生成硝酸盐，充分反应后剩余金属的质量为m1g，剩余金属一定有Cu，可能还有Fe；当加入稀硫酸后，可能剩下的Fe与硫酸继续反应，而且在酸性条件下，硝酸盐中的硝酸根具有强氧化性，会继续再与剩余金属反应，故m1一定大于m2。
故答案为：A。
15．【答案】D
【知识点】根据化学反应方程式的计算；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】硝酸钡和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钡和硝酸钠；
稀盐酸和碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，和碳酸氢钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳。
【解答】今取10.6g样品，溶于水得澄清溶液，说明样品中不含有硝酸钡，是因为硝酸钡和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钡和硝酸钠；
盐酸和碳酸钠、碳酸氢钠反应的化学方程式及其质量关系：
Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+ CO2↑
106 44
10.6g 4.4g
NaHCO3+HCl═NaCl+H2O+ CO2↑ 　 　
84 44 　 　
10.6g 5.6g 　 　
另取10.6g样品，加入足量的盐酸，收集到4gCO2，结合以上数据，说明样品中可能含有的杂质是氯化钾或氯化钾和碳酸氢钠。
故答案为：D。
16．【答案】（1）4
（2）
（3）8【知识点】气体压强跟体积的关系；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】可以根据化学方程式进行计算、分析和判断，从而得出正确的结论．例如，根据化学方程式可以判断反应物和生成物之间的分子个数比。
【解答】（1）设一氧化碳的体积为X，则氢气的体积为8L-X，
2CO+ O2 2CO2
2 1 2
X 0.5X X
2CO+ O2 2CO2
2 1 　
8L-X 4L-0.5X 　
由题意可知，X+（12L-0.5X-4L+0.5X）=12L．
X=4L；
（2）设一氧化碳的体积为X，则氢气的体积为8L-X．
由题意可知，X+（12L-0.5X-4L+0.5X）=VL，
X=（V-8）L，
则氢气的体积是：8L-（V-8）L=（16-V）L，
若剩余气体的体积是V L，则原混合气体中一氧化碳和氢气的体积比为：；
（3）当一氧化碳的体积为接近8L时，剩余的气体体积最大；当氢气的体积为接近8L时，剩余的气体体积最小．
当一氧化碳的体积为8L时，剩余的气体体积为：8L+（12L-4L）=16L；
当氢气的体积为8L时，剩余的气体体积为：12L-4L=8L；
若剩余气体的体积为V L，则V的取值范围是8＜V＜16。
故答案为：（1）4；（2）；（3） 8＜V＜16。
17．【答案】
【知识点】地球的形状和大小
【解析】【分析】先根据两城间距离S及阳光与竖直方向间的夹角θ，求出1度的地球圆心角所对应的弧长，然后根据每度所对应的弧长乘以圆周角360度，求出地球的周长。
【解答】如图所示角θ°所对应的弧长为S，则每1度所对应的弧长是，则360度所对应的弧长，即地球的周长为。
故答案为：。
18．【答案】（1）相同
（2）减小
（3）减小
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】血液在心脏和全部血管所组成的管道系统中的循环流动叫做血液循环，根据循环途径的不同，血液循环分为体循环和肺循环两部分。当血液流经组织处毛细血管时，由于组织细胞里氧气的含量比动脉血中的少，而二氧化碳的含量比动脉血中的多，因此血液中的氧气就扩散到组织细胞里，细胞里的二氧化碳就扩散到血液里，这样，血液由动脉血变成了静脉血。
【解答】（1）血液在肺部发生的气体交换实际上是自由扩散的过程，同时受到血液中血红蛋白含量的影响，在剧烈运动的时候，血液中红细胞的浓度与平静状态下相同，外界大气的压强也相同，因此自由扩散进入血液的氧气量也与平静状态下相同；
（2）一氧化碳能与红细胞中的血红蛋白结合使其失去结合氧气的能力，因此能与氧气结合的血红蛋白减少，气压不变，血液中氧含量减小；
（3）血红蛋白含量不变，气压减小，则扩散速率降低，因此血液中氧含量也减小。
故答案为：（1）相同；（2）减小；（3）减小。
19．【答案】（1）紫色；YY或 Yy；紫色或黄色
（2）紫色；紫色或黄色；3
【知识点】遗传和变异现象；遗传物质的传递
【解析】【分析】（1）生物的性状由基因控制，基因有显性和隐性之分；显性基因是控制显性性状发育的基因，隐性基因，是控制隐性性状的基因；当细胞内控制某种性状的一对基因都是显性或一个是显性、一个是隐性时，生物体表现出显性基因控制的性状；当控制某种性状的基因都是隐性时，隐性基因控制的性状才会表现出来；
（2）在一对相对性状的遗传过程中，子代个体出现了亲代没有的性状，则亲代个体表现的性状是显性性状，新出现的性状一定是隐性性状，由一对隐性基因控制。
【解答】（1）花粉从花药里散发出来，通过一定的方式，落到雌蕊的柱头上的过程叫传粉，传粉的方式分为自花传粉和异花传粉两种；一朵花的花粉落到另一朵花的柱头上的过程，就是异花传粉；花粉落到同一朵花的柱头上的过程，就是自花传粉；异花传粉靠昆虫或风力作为传粉的媒介；
由于紫色玉米粒（YY）发育成的植株A和由黄色玉米粒（yy）可知：紫色为显性，黄色为隐性，植株A和植株B相邻种植，会发生同株异花传粉和植株间的异花传粉，所以则A植株玉米穗的基因为YY或Yy，籽粒颜色一定为紫色，而B植株玉米穗的基因可能为Yy或yy，籽粒颜色为紫色或黄色均有可能；
（2）取B植株玉米穗上的紫粒玉米单独种植，植株A只有A这一种雌配子，即A植株基因型为YY，植株B由黄色玉米粒发育而成的，其基因型为yy.则玉米成熟时B植株玉米穗的基因只有一种Yy，籽粒颜色紫色；来年再将B植株的玉米粒种植在一起，让其自然授粉，则基因型Yy×Yy杂交，后代的基因类型为YY，Yy，yy三种。
故答案为：（1）紫色；YY或Yy；紫色或黄色；（2）紫色；紫色或黄色；3。
20．【答案】
【知识点】重力及其方向
【解析】【分析】根据提示的公式进行计算。
【解答】以悬挂点为原点建立坐标系，重心的坐标为。
故答案为：。
21．【答案】设漂浮冰块的质量为m，容器内液体的质量为M，液体的密度为ρ液，
则可以得出液体和冰块浸入部分的总体积；
推导过程如下：
由得，容器内液体的体积；
由阿基米德原理和漂浮条件可得F浮=ρ液gV排=G=mg，则；
则冰块熔化前的总体积；
设原来浓盐水的体积为V盐，原来浓盐水的密度为ρ液，冰块全部熔化成水后的体积为V水，容器底面积为S，已知原来冰与盐水的质量相等，设冰块和盐水的质量均为M；
则在冰没有熔化时，盐水和冰块浸入部分的总体积-------①
当冰熔化之后，容器里的水面上升的高度为h，此时冰熔化为水的质量为，冰熔化为水的体积为，
则此时盐水和冰块浸入部分的总体积：-------②
在冰完全熔化后，水面将会上升h'，
此时盐水的总体积：V2=S（h0+h+h'）=V盐+V水--------③
则；
；
则，
解得。
故答案为：。
【知识点】密度公式的应用
【解析】【分析】根据漂浮条件，冰漂浮在浓盐水中时F浮=G冰，又知阿基米德原理F浮=G排，可得出G冰=G排，冰熔化成水后，水的密度小于盐水的密度，冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，容器内液体的体积会增大；根据密度计算公式的推导式分别表示出冰熔化前、熔化、全部熔化时的总体积V0、V1、V2，进一步计算出全部熔化后水面上升的高度。
22．【答案】（1）ACB
（2）不可行 残留液中的MnCl2.会导致沉淀质量偏大；B。
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；实验方案设计与评价
【解析】【分析】（1）根据反应物的状态及制取气体的操作步骤进行分析；
（2）①根据甲同学的方案：二氧化锰与浓盐酸反应生成氯化锰，也会与硝酸银反应进行分析；
②乙同学的方案：依据锌粒与稀盐酸反应生成氢气进行分析解答。
【解答】（1）检查装置气密性后，先加入固体二氧化锰，再加入液体浓盐酸，然后加热，所以检查装置气密性之后的操作依次是：ACB；
（2）①甲同学的方案：二氧化锰与浓盐酸反应生成氯化锰，也会与硝酸银反应，所以不能用来测定残余液中盐酸的质量，反应不可行；
②乙同学的方案：将锌转移到残留溶液中，锌和盐酸反应生成氢气，利用氢气的体积测量盐酸的质量。
故答案为：（1）ACB；（2）①不可行，残余液中的MnCl2会导致沉淀质量偏大；②B。
23．【答案】右；(1+r/R) Fs
【知识点】功的计算公式的应用
【解析】【分析】（a）图受力F后悠悠球将逆时针转动；
（b）图受力F后悠悠球将向前滚动，滚动s后求出滚动的圈数，再乘以轴周长得出拉力移动的距离，再利用W=Fs求F做功大小。
【解答】（1）（a）图受力F后悠悠球将逆时针转动，故向左滚动；
（2）（b）图，拉力F作用在轴的上端时，轴向前滚动会使细线“拉长”，
拉力端实际移动的距离：，
F做功大小：。
故答案为：向左；。
24．【答案】（1）+2、+3；是
（2）FeFe2O4；大于
（3）；
【知识点】元素化合价的规则与计算；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据化合物中各元素的正负化合价代数和为零计算；
（2）强酸可以制弱酸，铁酸亚铁的盐，它不溶于稀醋酸，判断该盐所对应的酸（铁酸） 的酸性大于稀醋酸；
（2）根据设原有四氧化三铁的质量为1，被一氧化碳还原的百分率为A%，则混合物中有（1-A%）四氧化三铁，混合物中铁元素的质量等于原四氧化三铁中铁元素的质量，氧元素的质量为剩余四氧化三铁氧元素的质量计算。
【解答】（1）四氧化三铁可以看成Fe2O3 FeO，通常在化合物中氧元素的化合价为-2，设氧化铁中铁元素的化合价为x，氧化亚铁中铁元素的化合价为y，根据化合物中各元素的正负化合价代数和为零，则有2x+（-2）×3=0，y+（-2）=0，解得x=+3，y=+2；氧化还原反应是化学反应前后，元素的氧化数有变化的一类反应，故上述反应是氧化还原反应；
（2）强酸可以制弱酸，铁酸亚铁的盐，它不溶于稀醋酸，判断该盐所对应的酸（铁酸） 的酸性大于稀醋酸；将Fe3O4改写为盐的形式为Fe（FeO2）2；
（2）设原有四氧化三铁的质量为1，被一氧化碳还原的百分率为A%，则混合物中有（1-A%）四氧化三铁，混合物中铁元素的质量等于原四氧化三铁中铁元素的质量，氧元素的质量为剩余四氧化三铁氧元素的质量，则，则。
故答案为：（1）+2；+3；（2）Fe2O3 FeO；大于；（3）。
25．【答案】设t1、t2为声源S发出两个信号的时刻，t'1、t'2为观察者接收到两个信号的时刻；
则第一个信号经过（t'1-t1）时间被观察者A接收到，第二个信号经过（t'2-t2）时间
被观察者A接收到．且t2-t1=Δt t'2-t'1=Δt'
设声源发出第一个信号时，S、A两点间的距离为L，两个声信号从声源传播到观察者的过程中，它们运动的距离关系如图所示，
可得vP=（t'1-t1）=L+vA（t'1-t1）vP（t'2-t2）=L+vA（t'2-t1）-vSΔt
由以上各式，得。
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【分析】两个声信号从声源传播到观察者的过程，由于频率发生变化，导致速度也变化，所以时间也会变化；当观察者与波源的距离发生变化时，接收频率与发射频率出现不等现象。
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