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(共28张PPT)
填空选择特训
2025年安徽中考物理专题特训
一、 填空题（每小题2分，共20分）
1. （2024·阜阳太和一模）神舟十七号载人飞船于北京时间2023年10月
26日成功对接中国空间站天和核心舱，在对接完成后，神舟十七号相对
于天和核心舱是 （选填“运动”或“静止”）的。
【解析】 对接完成后，神舟十七号载人飞船相对于空间站天和核心舱
的位置没有发生改变，所以神舟十七号相对于天和核心舱是静止的。
静止
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2. （2024·合肥二模）唐诗《枫桥夜泊》中有诗句“姑苏城外寒山寺，
夜半钟声到客船”。客船上的人能辨别传来的是“钟”声，他是根据声
音的 （选填“响度”“音调”或“音色”）来辨别的。
【解析】 客船上的人能辨别传来的是“钟”声，他是根据声音的音色
来辨别的。
音色
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3. （2024·芜湖无为三模）返回舱是航天员往返太空时乘坐的舱段，如
图所示为神舟十六号返回舱着陆前的一瞬间，此时反推发动机已启动工
作，竖直向下喷出气体，使其下降的速度进一步减小，请画出此时返回
舱的受力示意图，O为其重心。（空气阻力忽略不计）
如图所示
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【解析】 神舟十六号返回舱着陆过程中受到重力和推力的作用。反推
发动机启动后，竖直向下喷出气体，使其下降的速度进一步减小，说明
向上的推力大于向下的重力，作图时表示推力的线段要长一些。
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4. （2024·合肥庐阳模拟）如图所示，两个完全相同的小木块A和B分别
沿高度相同、倾角不同的光滑斜面由顶端自由下滑，不计空气阻力，两
个小木块滑到斜面底端时的速度vA （选填“＞”“＜”或
“＝”）vB。
第4题
＝
【解析】 两个完全相同的小木块A和B分别沿
高度相同、倾角不同的光滑斜面由顶端自由
下滑，不计空气阻力，小木块的机械能守恒。开始时，A和B的质量相同，高度相同，重力势能相同；到达底端时，小木块的重力势能全部转化为动能，所以滑到斜面底端时，两个小木块的动能相同，速度相同。
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5. （2024·安庆二模）已知矿泉水瓶盖的面积为6cm2，内装有重力为4N
的矿泉水，按照如图所示倒立时，水对瓶盖的压强为 Pa。（ρ水
＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
第5题
【解析】 水对瓶盖的压强p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m
＝1500Pa。
1500
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6. （2024·合肥二模）如图所示，OA＝OB，且OA段水平，A端所挂物体
的重力G＝10N，为了使杠杆在该位置保持平衡，则需要在B端施加的最
小力为 N。
第6题
10
【解析】 由图可知，以OB作为动力臂时，动力臂最大。此时阻力和阻
力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的；由题意可
知，lOB＝lOA，所以需要在B端施加的最小力F1＝＝G＝10N。
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7. （2024·合肥二模）如图所示，将一闭合线圈与灵敏电流计相连，再
将一通电螺线管插入闭合线圈的过程中，灵敏电流计的指针向左发生偏
转，若将通电螺线管从闭合线圈中快速拔出，则灵敏电流计指针将
（选填“向左偏转”“向右偏转”或“不发生偏转”）。
第7题
向
右偏转
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【解析】 将一闭合线圈与灵敏电流计相连，再将一通电螺线管插入闭
合线圈的过程中，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，
电路中产生感应电流，此时灵敏电流计的指针向左发生偏转；由于感应
电流的方向与磁场反向及切割磁感线运动方向有关，若将通电螺线管从
闭合线圈中快速拔出，感应电流的方向发生改变，灵敏电流计指针将向
右偏转。
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8. （2024·淮北二模）如图所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中
画“ ”处表示该处开路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，
测电笔氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
第8题
【解析】 由图可知，开关接在火线与灯泡之间，若画“ ”的位置发
生开路，开关闭合后，A点通过灯泡与火线连通，所以用测电笔测试电
路中的A点时，测电笔氖管会发光。
会
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9. （2024·淮北濉溪二模）如图甲所示的电路图，灯泡L的I－U图像如
图乙所示。当电源电压为5V时，电流表示数为1.25A。当电源电压为
12V时，电流表示数为 A。
第9题
2.1
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【解析】 由图甲可知，定值电阻R和灯泡L以并联方式接入电路，电流
表测量干路电流。由并联电路电压特点可知，当电源电压为5V时，UL
＝UR＝U＝5V；由图乙可知，此时通过灯泡L的电流IL＝1.0A，则通过
定值电阻R的电流IR＝I－IL＝1.25A－1.0A＝0.25A；由欧姆定律可得R
＝＝＝20Ω；当电源电压为12V时，UL'＝UR'＝U'＝12V，此时
通过定值电阻R的电流IR'＝＝＝0.6A；由图乙可知，电源电压为
12V时，通过灯泡L的电流IL'＝1.5A，则干路电流I'＝IR'＋IL'＝0.6A＋
1.5A＝2.1A，即电流表示数为2.1A。
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10. （2024·池州东至一模）如图所示，定值电阻R1＝10Ω，R2＝20Ω。
若电流从A端流入，B端流出，且电流表示数为0.5A，则通电1min，R1
产生的热量为 J。
第10题
600
【解析】 由图可知，若电流从A端流入，B端流出，
则定值电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量通过
R2的电流。由并联电路电压特点可知，A、B之间的电压U＝I2R2＝0.5A×20Ω＝10V；由欧姆定律可知，通过R1的电流I1＝＝＝1A，
则通电1min，R1产生的热量Q1＝R1t＝（1A）2×10Ω×60s＝600J。
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二、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一
个选项是符合题意的）
11. （2024·淮南模拟）“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，手工打
造的金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，正确拿取的方法是手持羽毛轻
轻扫过纸垫，如图甲所示；再将羽毛靠近工作台上方的金箔，羽毛即可
将金箔吸住，如图乙所示。下列说法错误的是（　D　）
A. 与纸垫摩擦过的羽毛与纸垫带异种电荷
B. 与纸垫摩擦过的羽毛带电是因为电子发生了转移
C. 与纸垫摩擦过的羽毛能吸引金箔是因为带电体能吸引
轻小物体
D. 与纸垫摩擦过的羽毛吸引金箔与验电器的工作原理相同
第11题
D
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【解析】 发生摩擦起电的两个物体带等量异种电荷，所以与纸垫摩擦
过的羽毛与纸垫带异种电荷，故选项A正确；摩擦起电的实质是电子的
转移，故选项B正确；带电体具有吸引轻小物体的性质，所以与纸垫摩
擦过的羽毛能吸引金箔，故选项C正确；验电器的工作原理是同种电荷
相互排斥，摩擦过的羽毛能吸引金箔是因为带电体能吸引轻小物体，二
者工作原理不同，故选项D错误。
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12. （2024·合肥瑶海三模）如图所示，在铺有桌布的餐桌上，放有一个
盛水的玻璃杯，第一种情景：沿水平方向快速地抽走桌布，杯子几乎不
随桌布运动。第二种情景：沿水平方向缓慢匀速地拉动桌布，杯子也随
桌布一起做匀速直线运动，则（　B　）
A. 第一种情景中杯子具有的惯性更大
B. 两种情景中杯子具有的惯性一样大
C. 第一种情景中杯子受到的摩擦力方向与桌布的运动方向相反
D. 第二种情景中杯子随桌布一起做匀速直线运动时受到摩擦力作用
第12题
B
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【解析】 物体的惯性只与物体的质量有关，两种情景中杯子的质量不
变，惯性相同，故选项A错误、选项B正确；第一种情景中杯子与桌布
之间发生相对运动，杯子受到的摩擦力方向与桌布的运动方向相同，故
选项C错误；第二种情景中杯子随桌布一起做匀速直线运动，杯子与桌
布之间没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，二者之间不存在摩
擦力，故选项D错误。
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13. （2024·合肥包河三模）如图所示，嫦娥六号月球探测车成功着陆于
月球背面的南极－艾特肯盆地，并保持静止状态。嫦娥六号月球探测车
所受的重力为G，其所受月面的支持力为F1，其对月面的压力为F2。下
列说法正确的是（　D　）
A. F1和F2的合力为零 B. F1和F2是一对平衡力
C. F2和G是一对相互作用力 D. F1和G是一对平衡力
第13题
D
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【解析】 探测车受到月面的支持力F1与探测车对月面的压力F2作用在
不同物体上，无法计算合力，二者不是一对平衡力，故选项A、选项B
错误；探测车在月球上所受重力G与探测车对月面的压力F2方向相同，
二者不是一对相互作用力，故选项C错误；探测车所受的重力G与月面
对探测车的支持力F1作用在同一物体、同一直线上，大小相等、方向相
反，二者互相平衡，故选项D正确。
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14. （2024·合肥庐阳模拟）姐姐和弟弟在同一所学校上学。某一天吃过
早餐后，姐弟俩约定从家出发，到学校大门口会合。他们的路程与时间
的关系图像分别如图中的两条线所示，弟弟的图线为点划线。下列判断
正确的是（　C　）
A. 弟弟比姐姐早5min离开家
B. 弟弟和姐姐的平均速度相同
C. 5～15min，姐姐相对于弟弟是运动的
D. 姐姐一直做匀速直线运动
第14题
C
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【解析】 由图像可知，姐姐比弟弟早5min离开家，故选项A错误；弟
弟和姐姐经过的路程相同，所用时间不同，由v＝可知，二者的平均速
度不同，故选项B错误；5～15min，姐姐是静止的，弟弟做匀速直线运
动，以弟弟为参照物，姐姐相对于弟弟是运动的，故选项C正确；姐姐
在0～5min和15～20min内做匀速直线运动，在5～15min内处于静止状
态，故选项D错误。
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15. （2024·宿州萧县一模）小区地下车库门口都装有自动识别系统，若
是系统内录入的车牌号靠近识别系统，灯泡亮，然后电动机工作，抬杆
抬起，车子可以进入车库；若不是系统内录入的车牌号靠近识别系统，
只有灯泡亮，抬杆不会抬起，车子不能进入车库，下列电路符合设计要
求的是（　A　）
A B C D
A
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【解析】 由题意可知，当已经被录入车牌号的车子来到车库门口时，
灯泡亮，然后抬杆自动升起，车子顺利进出，这说明开关S1、S2能控制
电动机；当未被录入车牌号的车子来到车库门口时，灯泡亮，抬杆不会
升起，说明开关S2只能控制电动机；由此可知，灯泡与电动机工作时互
不影响，二者并联接入电路；开关S1能控制整个电路，说明其位于干
路，S2串联在电动机的支路上，综上可知，选项A符合题意。
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16. （2024·滁州天长三模）计算机鼠标内装有自动控制传感器，其工作
原理电路如图所示。物体M在导轨上左右移动时，可带动与之相连的滑
动变阻器滑片P左右移动，通过电压表示数变化可反映出物体M移动的
距离。当物体M向左移动时，下列说法正确的是（　C　）
A. 电流表示数不变，电压表示数不变
B. 电流表示数变大，电压表示数变大
C. 电压表示数和电流表示数的比值变小
D. 电路的总电功率减小
第16题
C
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【解析】 如图所示，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑片P左侧
电阻丝两端的电压。物体M向左移动，即滑片P向左移动过程中，滑动
变阻器接入电路的电阻不变，由欧姆定律可知，电路中的电流保持不
变，即电流表示数不变；此时电压表并联部分电阻变小，电压表示数变
小，故选项A、选项B错误；电压表示数和电流表示数的比值是电压表
并联部分的电阻，当物体M向左移动时，电压表并联部分的电阻变小，
所以电压表示数和电流表示数的比值变小，故选项C正确；由P＝UI可
知，电路的总电功率不变，故选项D错误。
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17. （2024·亳州利辛模拟）如图所示，甲、乙两个相同的装置分别由U
形磁铁、导体棒和支架构成，导体棒ab和cd由导线连接。闭合开关并向
右移动ab，cd也会随之向右移动，对于以上现象，下列分析正确的是
（　D　）
A. 闭合开关并向右移动ab时，甲装置相当于电动机
B. 闭合开关并向右移动ab时，乙装置相当于发电机
C. 若闭合开关并上下移动ab，cd也会受力移动
D. 若闭合开关并向左移动ab，cd会向左移动
第17题
D
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【解析】 闭合开关，导体棒ab和cd组成一个闭合电路，导体棒ab在磁
场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，所以甲装置相当于发电
机；感应电流经过导体棒cd，导体棒cd在磁场中受力移动，所以乙装置
相当于电动机，故选项A、选项B错误；若闭合开关并上下移动ab，导
体棒ab在磁场中没有做切割磁感线运动，电路中没有产生感应电流，cd
不会受力移动，故选项C错误；闭合开关并向右移动ab，cd也会随之向
右运动，ab向左运动时，感应电流的方向发生改变，所以cd的受力方向
也发生改变，cd会向左移动，故选项D正确。
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17(共19张PPT)
实验探究题特训——光学实验
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·安庆二模）在“探究光的反射规律”的实验中，小丽设计了
如图甲所示的实验，平面镜放在水平桌面上，纸板可绕ON转动。
第1题
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（1） 实验中，小丽改变入射角大小做了多次实验后，将测得的数据记
录在下面的表格中，则根据数据可以得出结论：在反射现象中，
。
入射角 15° 30° 45° 60° 75°
反射角 15° 30° 45° 60° 75°
【解析】 由表格中的数据可知，在反射现象中，反射角等于入射角。
反
射角等于入射角
第1题
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（2） 如图乙所示，小丽对实验进行了改进，将纸板B沿PQ剪开，把纸
板B的上半部分向后折。实验时在纸板B的 （选填“上”或
“下”）半部分没有看到反射光线，这表明反射光线、入射光线和法线
都在同一平面内。
【解析】 将纸板B的上半部分向后折，实验时在纸板B的下半部分可以
看到反射光线，在纸板B的上半部分没有看到反射光线，说明反射光
线、入射光线和法线都在同一平面内。
上
第1题
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5
2. （2024·安徽一模）小明同学利用如图所示的实验装置探究“光的反
射定律”，其中光屏（纸板）垂直平面镜放置并且光屏可围绕ON向前
或向后折转。请你回答下列问题：
第2题
（1） 在本实验中，要使入射光贴着纸板沿AO方向射向平面镜，并且要
多次改变入射角大小，同时测出对应的反射角大小。小明在实验中多次
改变入射角大小的目的是 。
【解析】 小明在实验中多次改变入射角大小是为了避免实验的偶然
性，从而得到普遍规律。
寻找普遍规律
1
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5
（2） 小明让入射光贴着纸板E沿AO方向射向平面镜并保持入射光位置
不变，若以ON为转轴把纸板F向后缓慢旋转一定角度后，在纸板F上看
不到反射光，此时反射光的位置 （选填“发生”“没有发
生”或“可能发生”）改变。
【解析】 小明让入射光贴着纸板E沿AO方向射向平面镜并保持入射光位置不变，若以ON为转轴把纸板F向后缓慢旋转一定角度后，由光的反射定律可知，因为入射光与法线的位置没有发生改变，所以反射光的位置没有发生改变。
没有发生
第2题
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5
3. （2024·滁州定远一模）小华和同学们正在探究“平面镜成像的特
点”，器材有茶色玻璃板、白纸、两支相同的蜡烛A和B、火柴、刻度
尺、铅笔。
第3题
1
2
3
4
5
（1） 如图甲所示，他们将白纸放在水平桌面上，再将茶色玻璃板垂直
放在白纸上。
① 在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，为了寻找像的位置，他们取来蜡烛
B，放在玻璃板后，接下来的操作是
，此时蜡烛B的位置就是蜡烛A的像的位置，实验中
选择两支相同的蜡烛是为了 。
① 移动蜡烛B的位置，直至和蜡
烛A的像完全重合
比较像和物的大小关系
1
2
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4
5
② 移去蜡烛B，在其位置上放置一块光屏，直接观察光屏上是否有蜡烛
A的像，这样做的目的是 。
③ 多次改变蜡烛A的位置，再正确找到A的像的位置，将每次物和像的
位置记录在白纸上，连接物和对应的像点，测量结果如图乙所示，由此
可以得到的结论是 。
④ 实验中，为了让左侧的同学也能够看清蜡烛A的像，小华只将玻璃板
向左平移，则蜡烛A的像的位置 （选填“向右移动”“向左
移动”或“不变”）。
② 判断平面镜成的像是虚像还是实像
③ 像和物到平面镜的距离相等
④ 不变
1
2
3
4
5
【解析】 ① 在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，为了寻找像的位置，他
们取来蜡烛B，放在玻璃板后，接下来的操作是移动蜡烛B的位置，直
至和蜡烛A的像完全重合；此时蜡烛B的位置就是蜡烛A的像的位置；实
验中选择两支相同的蜡烛是为了比较像和物的大小关系。② 移去蜡烛
B，在其位置上放置一块光屏，直接观察光屏上是否有蜡烛A的像，这
样做的目的是判断平面镜成的像是虚像还是实像。③ 多次改变蜡烛A的
位置，再正确找到A的像的位置，将每次物和像的位置记录在白纸上，
连接物和对应的像点，测量结果如图乙所示，由此可以得到的结论是像
和物到平面镜的距离相等。④ 因为平面镜成像时，像和物关于镜面对
称，所以小华只将玻璃板向左平移，蜡烛A的像的位置不变。
1
2
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4
5
（2） 完成上述实验后，小华将刻度尺垂直靠紧茶色玻璃板，观察到如
图丙所示的现象，则该玻璃板的厚度约为 。
A. 2cm B. 1cm C. 5mm D. 2.5mm
【解析】 完成上述实验后，小华将刻度尺垂直靠紧茶色玻璃板，观察
到如图丙所示的现象，则该玻璃板的厚度约为2.5mm，故选项D正确。
D
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5
4. （2024·淮北二模）在探究凸透镜成像的规律时，小明用蜡烛、焦距
为10cm的凸透镜和光屏在光具座上做实验。他调节好器材的位置，发现
烛焰恰好在光屏上成缩小的实像，如图甲所示。
第4题
1
2
3
4
5
（1） 一段时间后，小明发现烛焰的像如图乙所示，此时应将蜡烛
向 （选填“上”或“下”）调节，才能使烛焰的像移到光屏
中央。
【解析】 一段时间后，蜡烛的高度逐渐变短，烛焰所成的像将向上移
动，为使烛焰的像成在光屏中央，应将蜡烛向上调节。
上
1
2
3
4
5
（2） 小明将蜡烛换成“F”字形光源，调整了光源和光屏的位置，如
图丙所示，此时他恰好观察到光屏上呈现清晰的像，则小明看到的像
是 （选填“A”“B”“C”或“D”）。
【解析】 如图丙所示，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故D符合
题意。
D
1
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5
（3） 小明能在光屏上看到烛焰和“F”字形光源所成的像，是因为光
在光屏上发生了 （选填“反射”或“折射”）。
【解析】 光屏的表面凹凸不平，能够发生漫反射，从而使各个方向的
人都可以看到光屏上的像，所以小明能在光屏上看到烛焰和“F”字形
光源所成的像，是因为光在光屏上发生了反射。
反射
1
2
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5
5. （2024·阜阳一模）如图所示为小明探究凸透镜成像规律的实验装置
及有关实验现象。图乙中，物体是“F”形状的光源；图丙中A、B图是
眼睛观察物体不清晰的两种情形。请你回答下列问题：
第5题
1
2
3
4
5
（1） 一束平行光通过凸透镜后在光屏上得到一个最小、最亮的光点，
如图甲所示。将图甲中的凸透镜放在光具座上，再将“F”形状的光源
放在凸透镜左侧22.5cm刻度线处（如图乙所示），移动光屏，直到光屏
上的像清晰为止，此时所成的像是一个倒立、 （选填“放
大”或“缩小”）的像。
【解析】 由图甲可知，该凸透镜的焦距f＝10.0cm。将“F”形状的光
源放在凸透镜左侧22.5cm刻度线处，此时物距u＝22.5cm＞2f，成倒
立、缩小的实像。
缩小
1
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5
（2） 保持凸透镜和光源的位置不变，小明将一副眼镜放于“F”形状
光源和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊，将光屏向靠近凸透镜方向移
动，光屏上又承接到清晰的像，那么该眼镜可以矫正图丙中 （选
填“A”或“B”）所示眼睛的情形。
【解析】 小明将一副眼镜放于“F”形状光源和凸透镜之间，将光屏向
靠近透镜方向移动适当距离，此时像距变小，说明该眼镜对光线有会聚
作用，是凸透镜，可以用来矫正远视眼，所以该眼镜可以矫正图丙中B
所示眼睛的情形。
B
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（3） 保持凸透镜的位置不动，将“F”形状光源移至15cm刻度线处，
在凸透镜和光源之间观察到光源的形状如图丁所示，移动光屏，直至在
图乙P处所示的方向上观察到光屏上有一清晰的像，该像是图丁中
的 。
【解析】 将“F”形状光源移至15cm刻度线处，此时物距为15cm，物
距在凸透镜的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、放大的实像，所以在图
乙P处所示方向观察到光屏上的像是图丁中的c。
c
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5(共35张PPT)
计算与推导题特训——力学
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·安徽模拟）我国在无人机制造领域处于国际领先地位，制造
的无人机种类繁多，应用广泛。如图所示为某品牌无人机投放快递的情
境，运送的包裹质量为10kg。刚起飞时，包裹在拉力F的作用下在竖直
方向加速上升了9m，用时6s，速度达到了3m/s，此后又以此速度匀速竖
直上升了72m，已知在加速上升阶段包裹所受拉力F＝105N。求：（g取
10N/kg）
第1题
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11
（1） 加速上升阶段力F做功的大小。
加速上升阶段，力F做的功W＝Fs＝105N×9m＝945J　
（2） 整个上升过程中，拉力做功的平均功率。
包裹的重力G＝mg＝10kg×10N/kg＝100N；匀速竖直上升阶段，包裹
受到的拉力F'和重力互相平衡，此时拉力F'做的功W'＝F'h＝Gh＝
100N×72m＝7200J，匀速上升阶段的时间t'＝＝＝24s，所以整个
上升过程中拉力做功的平均功率P＝＝＝＝271.5W
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2. （2024·阜阳一模）人工智能给人们生活带来便利。如图甲所示的扫
地机器人重为20N，静止时它与水平地面的接触面积为0.01m2，它在水
平地面运动时，所受牵引力与速度的关系如图乙所示。求：
第2题
（1） 该机器人静止时对水平地面的压强。
放在水平地面上的物体对水平地面的压力等于物体的重力，所以该机
器人静止时对地面的压力F＝G＝20N，该机器人静止时对地面的压强p
＝＝＝2000Pa　
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（2） 该机器人在水平地面上以0.6m/s的速度匀速直线运动10s，牵引力
做功的功率。
由图乙可知，该机器人在水平地面上以0.6m/s的速度做匀速直线运动
时，牵引力F'＝600N，机器人通过的路程s＝vt＝0.6m/s×10s＝6m，牵
引力做的功W＝F's＝600N×6m＝3600J，所以牵引力做功的功率P＝
＝＝360W
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3. （2024·马鞍山一模）如图所示，用滑轮组拉动重为200N的物体在水
平桌面上做匀速直线运动。已知F＝20N，滑轮组的机械效率为80％，5s
内物体向左移动了2m。
第3题
（1） 求物体与桌面之间的摩擦力的大小。
由图可知，n＝3，拉力F做的功W总＝Fs＝Fns物
＝20N×3×2m＝120J；由η＝×100％可得，克服摩擦力做的功
W有＝W总η＝120J×80％＝96J；由W有＝fs物可得，物体与桌面间的摩擦力f＝＝＝48N
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（2） 求拉力F的功率。
拉力F的功率P＝＝＝24W
第3题
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11
4. （2024·滁州天长一模）如图所示，甲、乙为两端开口的长玻璃管，
横截面积分别为S甲、S乙，现将两管下端用轻薄塑料片托住，若水对轻
薄塑料片的压强为2000Pa，塑料片未脱落，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ
酒精＝0.8×103kg/m3，g取10N/kg。
第4题
（1） 求玻璃管插入水中深度。
由p＝ρ液gh可知，玻璃管插入水中的深度h水＝＝
＝0.2m
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（2） 若向甲管中缓缓倒入一定量的酒精，求塑料片恰好脱落时酒精的
深度h酒精。
若向甲管中缓缓倒入一定量的酒精，塑料片恰好脱落时，水对塑料片
向上的压力和酒精对塑料片向下的压力相等；由p＝可得，p水＝p酒精，
即ρ水gh水＝ρ酒精gh酒精，所以酒精的深度h酒精＝h水＝
×0.2m＝0.25m
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11
（3） 若向甲、乙管中缓缓倒入体积相同的A、B两种液体，发现塑料片
恰好脱落，求这两种液体的密度之比ρA∶ρB。
若向甲、乙管中缓缓倒入体积相同的A、B两种液体，发现塑料片恰好
脱落，则两种液体对塑料片的压强相等，由题意有V＝S甲hA＝S乙hB，即
＝，由ρAghA＝ρBghB可得，＝＝
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5. （2024·滁州天长三模）一底面积为25cm2的瓶子，瓶身厚度忽略不
计。将瓶子倒置放入水中，一部分水进入瓶子后整体处于漂浮状态，如
图所示。瓶子内外液面的高度差为2cm，瓶口处深度为9cm，已知此时
外界大气压为1×105Pa，水的密度为1.0×103kg/m3，求：（g取
10N/kg）
第5题
（1） 瓶子瓶口处所受液体压强。
瓶口处水的深度h＝9cm＝0.09m，瓶子瓶口处所受液体压强p＝ρ水gh
＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝900Pa
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（2） 瓶子的质量。
因为瓶子处于漂浮状态，所以瓶子的重力G瓶＝F浮＝ρ水gV＝
1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－2m×25×10－4m2＝0.5N，则瓶子的质
量m瓶＝＝＝0.05kg
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（3） 瓶子内部气体对下方液体的压强。
瓶子内外液面的高度差Δh＝2cm＝0.02m，压强差Δp＝ρ水gΔh＝
1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m＝200Pa，所以瓶子内部气体对下方液
体的压强p气＝p0＋Δp＝1×105Pa＋200Pa＝1.002×105Pa
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6. （2024·合肥模拟）如图所示，一个充满氢气的探测气球携带探空仪
悬浮在高空测量，已知氢气球的球囊净重为12N（球囊净重即不含内部
氢气重力），探空仪重为228N，空气密度ρ空气＝1.29kg/m3，氢气密度ρ
氢气＝0.09kg/m3，细绳的质量、探空仪和球囊的体积均忽略不计。求：
（g取10N/kg）
第6题
（1） 细绳的拉力。
因为探空仪处于静止状态，所以探空仪受到的重力和拉力互相平衡，
所以细绳的拉力F拉＝G探＝228N
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（2） 氢气球受到的浮力。
氢气球处于静止状态，受到的重力、拉力和浮力平衡，则F浮＝G氢气＋
G球囊＋F拉，设氢气球的体积为V，则ρ空气gV＝ρ氢气gV＋G球囊＋F拉，即
1.29kg/m3×10N/kg·V＝0.09kg/m3×10N/kg·V＋12N＋228N，解得V＝
20m3；由阿基米德原理可知，氢气球受到的浮力F浮＝ρ空气gV＝
1.29kg/m3×10N/kg×20m3＝258N
第6题
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7. （2024·滁州定远二模）某同学受“怀丙打捞铁牛”故事的启发，设
计了如下“打捞”过程：如图甲，金属块A部分陷入淤泥内，轻质小船
装有16N的沙石，细绳将金属块A和小船紧连，细绳对小船的拉力为
4N，水面与船的上沿相平；将小船内所有沙石清除后，金属块A被拉出
淤泥静止在水中，如图乙所示。已知金属块A的体积为2×10－4m3，ρ水
＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg，小船的质量忽略不计，细绳的质量和体
积忽略不计。
第7题
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（1） 图甲中，金属块A上表面距离水面30cm，求金属块A上表面受到的
水的压强。
金属块A上表面受到水的压强p＝ρ水gh＝
1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m＝3000Pa
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（2） 图乙中，小船有体积露出水面，求金属块A的密度。
图甲中，小船处于漂浮状态，所以小船受到的浮力F浮＝G沙＋F拉＝16N
＋4N＝20N，由阿基米德原理可得：小船排开水的体积V排＝＝
＝2×10－3m3；图乙中，小船受到的浮力F浮'＝ρ水gV
排'＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（1－）×2×10－3m3＝12N；
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由于金属块A浸没在水中，则V排A＝VA＝2×10－4m3，此时金属块A受到的浮力F浮A＝ρ水gV排A＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－4m3＝2N；
图乙中，金属块A和小船整体处于静止状态，受到的重力和浮力互相平
衡，则GA＝F浮'＋F浮A＝12N＋2N＝14N，所以金属块A的质量mA＝＝
＝1.4kg，金属块A的密度ρA＝＝＝7×103kg/m3
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8. （2024·芜湖南陵模拟）小刚同学听了《曹冲称象》的故事后，利用
所学知识制作了一个“水秤”模型，可方便地称量物体的质量，其构造
如图甲所示。已知透明大筒足够深，其底面积S＝0.05m2，小筒的高度
H＝0.4m，底面积S1＝0.02m2，小筒和秤盘的总重为20N，小筒筒壁的
厚度可忽略不计，假设在整个称量过程中小筒下表面始终与水面平行。
g取10N/kg，求：
第8题
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（1） 该“水秤”的零刻度线应该在何处，即A点距小筒底部的距离。
秤盘上不放物体时，小筒处于漂浮状态，此时小筒受到的浮力F浮＝G0
＝20N；由F浮＝ρ液gV排可得，秤盘上不放物体时，小筒排开水的体积V
排＝＝＝2×10－3m3，所以A点距小筒底部的距离h
＝＝＝0.1m
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（2） 当该“水秤”达到最大称量限度时，小筒筒底受到水的压强。
当小筒受到的浮力最大时，该“水秤”达到最大称量限度，此时小筒
刚好浸没在水中，小筒筒底受到水的压强p＝ρ水gH＝
1×103kg/m3×10N/kg×0.4m＝4×103Pa
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（3） 如图乙，在秤盘放上物体后，就可以称量物体所受的重力，某次
该“水秤”称量一个体积为1.2×10－2m3的实心木块时，该“水秤”模
型恰好达到了最大称量限度，求木块的密度。
小筒能排开最大液体的体积V排最大＝S1H＝
0.02m2×0.4m＝8×10－3m3；秤盘上放实心
木块后，小筒受到的最大浮力F浮最大＝
ρ水gV排最大＝1×103kg/m3×10N/kg×8×10－3m3＝80N，则实心木块的重力G木＝F浮最大－G0＝80N－20N＝60N，实心木块的质量m木＝＝＝6kg，木块的密度ρ木＝＝＝0.5×103kg/m3
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9. （2024·安庆一模）将盛水的烧杯放在电子台秤上，烧杯底面积为
100cm2，台秤的示数如图甲所示。将一个物块投入水中，漂浮时台秤示
数为275g（如图乙），用力F将物块全部压入水中，此时台秤示数为
325g（如图丙）。求：（g取10N/kg）
第9题
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（1） 图乙中木块受到的浮力。
由图甲可知，台秤的示数为200g，则水和烧杯的总质量m1＝200g；图
乙中，将一个物块投入水中漂浮时，台秤的示数为275g，则木块的质量
m木＝m2－m1＝275g－200g＝75g＝0.075kg；此时木块处于漂浮状态，
所以木块受到的浮力F浮＝G木＝m木g＝0.075kg×10N/kg＝0.75N
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（2） 图丙中木块浸没时，与图乙相比烧杯底部受到水的压强的变
化量。
图丙中木块浸没时，与图乙比较可知，木块排开水的质量的增加量Δm
排＝m3－m2＝325g－275g＝50g＝0.05kg，因为烧杯是柱状容器，所以
图丙与图乙相比，烧杯底部受到水的压力的增加量ΔF＝ΔG＝Δm排g＝
0.05kg×10N/kg＝0.5N，烧杯底面积S＝100cm2＝0.01m2，所以与图
乙相比烧杯底部受到水的压强的变化量Δp＝＝＝50Pa
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（3） 木块的密度。
图丙中，木块浸没时，与图甲比较可知，木块排开水的质量增加量m排
＝m3－m1＝325g－200g＝125g，V木＝V排＝＝＝125cm3，所
以木块的密度ρ木＝＝＝0.6g/cm3
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10. （2024·淮南二模）某科技活动小组的同学用泡沫塑料和灯泡制作了
一个航标灯模具，如图所示。航标灯A总重为6N，A底部与浮子B用细绳
相连。当水位上升时，浮子B下降；水位下降时，浮子B上升，使航标灯
A静止时浸入水中的深度始终保持相同，航标灯A静止时排开水的重力为
8N，浮子B重为0.5N（不计绳重和绳与滑轮之间的摩擦），则：（g取
10N/kg）
第10题
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（1） 航标灯A静止时受到的浮力是多大？
由题意可知，航标灯A静止时，受到的浮力等于航标灯A静止时排开水
的重力，则F浮A＝G排A＝8N
第10题
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（2） 航标灯A静止时，细绳对A的拉力为多大？
航标灯A静止时，受到的重力、拉力和浮力平衡，所以细绳对A的拉力
F拉＝F浮A－GA＝8N－6N＝2N
第10题
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（3） 浮子B的密度为多大？
因为浮子B处于静止状态，受到的重力、拉力和浮力平
衡，所以浮子B 受到的浮力F浮B＝GB＋F拉'＝0.5N＋2N
＝2.5N；由于浮子B浸没在水中，浮子B的体积等于它排
开水的体积，则浮子B的体积V＝V排＝＝＝
2.5×10－4m3，浮子B的密度ρB＝＝＝＝200kg/m3
第10题
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11. （2024·芜湖无为三模）某物理兴趣小组利用弹簧测力计、金属块、
细线、纸、笔以及水和煤油等器材，将弹簧测力计改装成一支密度计。
具体的做法是在弹簧测力计下面挂一个大小适当的金属块，分别将金属
块浸没在水和煤油中，金属块静止时弹簧测力计示数如图所示，在弹簧
测力计刻度盘上标上密度值。再将金属块分别浸没在不同的校验液体
中，重复上述操作，反复校对检验。这样就制成一支能测定液体密度的
“密度计”了。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ煤油＝
0.8×103kg/m3）
第11题
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（1） 求该金属块的密度。
由图可知：金属块浸没在水和煤油中，金属块静止时弹簧测力计示数
分别为F水＝3.0N，F煤油＝3.2N；由题意可知，F浮水＝G－F水，即ρ水
gV＝G－F水，则1.0×103kg/m3×10N/kg×V＝G－3.0N　
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11
①；F浮煤油＝G－F煤油，即ρ煤油gV＝G－F煤油，则
0.8×103kg/m3×10N/kg×V＝G－3.2N　
②；联立①②可得，V＝10－4m3、G＝4N，则金属块的密度ρ＝＝＝
＝4×103kg/m3
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11
（2） 请利用所学过的物理知识，从理论上分析推导出待测液体的密度
值和弹簧测力计示数之间的关系式，并判断该物理兴趣小组改装的密度
计刻度分布是否均匀。
因为F示＝G－ρ液gV＝4N－ρ液×10N/kg×10－4m3，所以待测液体的密度
和弹簧测力计的示数符合以下关系式ρ液＝4×103kg/m3－F示×103kg/
（N·m3），可知ρ液与F示为一次函数关系，说明改装的密度计刻度分布
均匀
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11(共27张PPT)
填空选择特训（四）
2025年安徽中考物理专题特训
一、 填空题（每小题2分，共20分）
1. （2024·阜阳模拟）AI声音克隆技术日益成熟，利用该技术可以随时
模仿任何人的声音；AI声音克隆主要是克隆了声音的 （选填声
音的特性名称）。
【解析】 不同的人发出声音的音色不同，利用AI声音克隆技术主要是
克隆了声音的音色。
音色
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17
2. （2024·芜湖模拟）“炖汤”时把汤料和水置于炖盅内，而炖盅则浸
在大煲的水中，并用蒸架把盅与煲底隔离，如图所示，若汤的沸点与水
的沸点相同，当煲中的水沸腾后，盅内的汤 （选填“能”或
“不能”）沸腾。
第2题
不能
【解析】 液体沸腾需要同时满足以下两个条件：达到沸点，继续吸热。将炖盅浸在大煲的水中，并用蒸架把盅与煲底隔离，当煲中的水沸腾后，炖盅内汤的温度达到沸点以后无法继续吸热，所以盅内的汤不能
沸腾。
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3. （2024·合肥二模）如图甲所示，用一个水平推力F将物块从图甲中的
位置推动到图乙中的位置，此过程中物块受到的滑动摩擦力的大小
（选填“变大”“变小”或“不变”）。
第3题
不
变
【解析】 滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。
放在水平面的物块对水平面的压力等于自身的重力，用一个水平推力F
将物块从图甲中的位置推动到图乙中的位置的过程中，物块对桌面的压
力不变、接触面的粗糙程度不变，所以该过程中，物块受到的滑动摩擦
力的大小不变。
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4. （2024·合肥瑶海一模）某同学利用天平测物体的质量。测量前，他
将天平放在水平桌面上，此时指针和游码位置如图所示。为了调节天平
横梁平衡，正确的操作步骤是 并
调节平衡螺母，直至指针指在分度盘的中央。
第4题
将游码移到标尺左端的零刻度线处
【解析】 测量物体的质量时，应将天平放在水平桌面上，将游码移
到标尺左端的零刻度线处，并调节平衡螺母，直至指针指在分度盘
的中央。
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5. （2024·淮南模拟）历史上，奥斯特通过如图实验发现了电流的磁效
应。要想有明显的实验效果，通电导线须沿 （选填“东西”或
“南北”）方向放置。
第5题
【解析】 由于地磁场的作用，小磁针静止时要指向南北方向。完成奥
斯特实验时，为了使实验结果更明显，通电导线应当沿南北方向放置。
南北
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6. （2024·芜湖模拟）如图所示为小明家阁楼的示意图，其中MN是一面
带平面镜的墙壁，S为阁楼上一电灯，请通过作图的方法画出在地板A处
看到电灯的光路图（A为人眼）。
如图所示
【解析】 作出发光点S在平面镜中的像点S'，连接S'A交平面镜于点O，
则O点为入射点，连接SO作出入射光线，连接OA作出反射光线。
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7. （2023·芜湖鸠江模拟）为了有效利用农作物的秸秆，有关企业将秸
秆回收加工制成秸秆煤。完全燃烧0.5kg的秸秆煤，放出的热量能使
50kg、初温为15℃的水温度升高到45℃，已知水的比热容为c水＝
4.2×103J/（kg·℃），水吸热时的效率为60％，则秸秆煤的热值
为 J/kg。
【解析】 由题意可知，水吸收的质量Q吸＝c水m水（t－t0）＝4.2×103J/
（kg·℃）×50kg×（45℃－15℃）＝6.3×106J；因为Q吸＝ηQ放＝
ηmq，所以q＝＝＝2.1×107J/kg。
2.1×107
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8. （2024·合肥瑶海一模）一辆总重为1×105N的汽车经过某一长为
200m的路段时，竖直高度上升了20m，如果汽车的牵引力恒为
2.5×104N，此过程中盘山公路斜面的机械效率为 。
第8题
40％
【解析】 牵引力做的功W总＝Fs＝2.5×104N×200m＝5×106J，有用功
W有＝Gh＝1×105N×20m＝2×106J，所以盘山公路斜面的机械效率η＝
×100％＝×100％＝40％。
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9. （2024·芜湖南陵模拟）灯泡的I－U图像如图甲所示。在图乙所示电
路中，电阻R2＝5Ω，当只闭合S1和S2时，电压表示数为4V；当只闭合S1
和S3时，电压表示数为2V，则R1的阻值为 Ω。
第9题
10
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【解析】 只闭合S1和S2时，定值电阻R2和灯泡L串联接入电路，电压表
测量灯泡L两端的电压，电压表示数是4V；由图像可知，此时通过灯泡
的电流为0.8A，由于串联电路电流处处相等，此时通过定值电阻R2的
电流是0.8A，则定值电阻R2两端的电压U2＝IR2＝0.8A×5Ω＝4V；由
串联电路电压特点可知，电源电压U＝U2＋UL＝4V＋4V＝8V；若只闭
合S1和S3，定值电阻R1和灯泡L串联接入电路，电压表测量灯泡L两端的
电压，电压表示数是2V，此时通过灯泡的电流是0.6A，定值电阻R1两
端的电压U1＝U－UL'＝8V－2V＝6V，则R1＝＝＝10Ω。
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10. （2024·阜阳二模）一款电加热眼罩的内部结构如图所示，10根相同
的PTC加热丝有序排列，其两端与金属导线相连，形成网状结构，由6V
的锂电池供电。每根PTC加热丝的最小阻值为40Ω，则该眼罩加热电路
的最大发热功率为 W。
第10题
9
【解析】 由图可知，10根PTC加热丝以并联
方式接入电路，每根PTC加热丝的最大电功率
P0＝＝＝0.9W，所以该眼罩加热电路的最大发热功率P＝10P0＝10×0.9W＝9W。
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二、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一
个选项是符合题意的）
11. （2023·六安三模）下列有关体育项目的说法中正确的是（　B　）
A. 速度滑冰运动员在加速滑行的过程中，惯性越来越大
B. 冰球运动员在滑行时用球杆击打冰球，球杆对冰球力的大小等于冰
球对球杆力的大小
C. 冰壶运动员投掷出去的冰壶继续向前运动，是由于冰壶受到惯性
作用
D. 跳台滑雪运动员从台端飞出后在空中运动的过程中，运动状态不变
B
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【解析】 物体的惯性只与物体的质量有关，所以运动员加速滑行的过
程中惯性不变，故选项A错误；球杆对冰球的力与冰球对球杆的力是一
对相互作用力，二者大小相等，故选项B正确；惯性不能用“受到”来
表述，故选项C错误；跳台滑雪运动员在空中运动的过程中，运动快慢
和运动方向都发生了改变，所以其运动状态发生改变，故选项D错误。
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12. （2024·亳州涡阳三模）下列关于热学知识的表述正确的是
（　C　）
A. 燃料不完全燃烧时，燃料的热值会变小
B. 一个物体的温度不变时，内能也一定不变
C. 四冲程内燃机工作时的压缩冲程是通过做功改变内能的
D. 热量总是从内能多的物体传递到内能少的物体
C
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【解析】 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质
量、燃烧程度等因素无关，故选项A错误；物体温度不变时，内能也可
能改变，如：晶体熔化时，吸收热量，内能增加，但温度保持不变，故
选项B错误；四冲程内燃机压缩冲程将机械能转化为内能，是通过做功
改变内能的，故选项C正确；热传递的前提是物体间要有温度差，热量
总是从高温物体传向低温物体或从物体的高温部分传向低温部分，故选
项D错误。
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13. （2024·合肥肥西一模）如图所示为商场门口的广告投影灯及其内部
结构，它主要由光源、广告片和焦距为f的镜头组成，下列说法正确的
是（　A　）
A. 该广告投影灯的成像原理与投影仪相同
B. 地面上的广告图标是正立、放大的虚像
C. 为了能从不同角度看见广告图标，应选择光滑的地面
D. 广告片到镜头的距离应大于2f
第13题
A
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【解析】 由图可知：u＜v；由凸透镜成像规律可知，此时2f＞u＞f，成
倒立、放大的实像，与投影仪的成像原理相同，故选项A正确，选项
B、选项D错误；从各个方向都能看到地上的广告图标是因为发生了漫
反射，所以应选择粗糙的地面，故选项C错误。
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14. （2024·合肥庐阳二模）甲、乙是两个相同的小球，如图所示，在同
一高度同时以大小相等的速度v，将甲球竖直向下抛出，乙球竖直向上
抛出，不计空气阻力，下列说法中正确的是（　D　）
A. 抛出瞬间，乙球的机械能大于甲球的机械能
B. 落地前的运动中，甲球的动能转化成重力势能
C. 落地前的运动中，乙球的机械能先增大后减少
D. 落地前的运动中，甲球与乙球的机械能一直相等
第14题
D
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【解析】 抛出时，甲、乙两球质量相等，速度相等，动能相等，高度
相同，重力势能相同，所以抛出瞬间，甲、乙两球的机械能相同，故选
项A错误；落地前，甲球的质量不变，速度增大，动能增大，高度减
小，重力势能减小，甲球的重力势能转化为动能，故选项B错误；若不
计空气阻力，乙球在运动的过程中只受到重力的作用，其机械能守恒，
故选项C错误；若不计空气阻力，甲、乙两球的机械能均守恒；由于抛
出瞬间，甲、乙两球的机械能相同，因此落地前的运动中，甲球与乙球
的机械能一直相等，故选项D正确。
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15. （2024·合肥模拟）如图所示，一个重为G的物体在水平地面上处于
静止状态，当用竖直向上的拉力F提它时（F＜G），物体仍处于静止状
态。下列说法正确的是（　B　）
A. 物体受到的重力与地面对物体的支持力是一对平衡力
B. 物体对地面的压力与地面对物体的支持力是一对相互作用力
C. 物体受到的重力与拉力F和支持力的合力是一对相互作用力
D. 物体对地面的压力与拉力F是一对平衡力
第15题
B
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【解析】 由题意可知，物体静止在水平地面上，受到的重力、拉力和
支持力平衡，即G＝F＋F支。物体受到的重力与地面对物体的支持力大
小不相等，二者不是一对平衡力，此时物体受到的重力与拉力和支持力
的合力平衡，故选项A、选项C错误；物体对地面的压力和地面对物体
的支持力作用在不同物体、同一直线上，大小相等、方向相反，二者是
一对相互作用力，故选项B正确；物体对地面的压力与拉力F作用在不
同物体上，二者不是一对平衡力，故选项D错误。
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16. （2024·芜湖无为三模）如图甲所示为一款电子测温器，其内部电路
如图乙所示，其中R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体
温度变化的图像如图丙所示。闭合开关S后，对该电路分析正确的是
（　B　）
　 　
第16题
B
A. 体温越高，R的阻值越大
B. 体温越高，电压表的示数越大
C. 体温越低，R两端的电压越小
D. 体温越低，通过R0的电流越大
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【解析】 由图乙可知，闭合开关S后，定值电阻R0与热敏电阻R串联接
入电路，电压表测量R0两端的电压。由图丙可知，体温越高，热敏电阻
R的阻值越小，电路的总电阻越小，电路中的电流越大；由U＝IR可
知，R0两端的电压越大，即电压表的示数越大；同理可知，体温越低，
R的阻值越大，电路中的电流越小，R0两端的电压越小，因为串联电路
总电压等于各分电压之和，所以R两端的电压越大，故选项B正确。
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17. （2024·芜湖模拟）如图，电源电压不变。闭合开关S，当滑片P置
于中点时，电压表示数为4V；当滑片P置于b端时，电压表示数变化了
2V，定值电阻R1的电功率为4W。下列结果正确的是（　C　）
A. 电源电压为10V
B. R1的阻值为18Ω
C. 滑动变阻器R的最大阻值为9Ω
D. R1先后两次消耗的电功率之比为4∶3
第17题
C
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【解析】 由图可知，R1和R以串联方式接入电路，电压表测量滑动变阻
器两端的电压。设滑动变阻器最大阻值为Rmax，闭合开关S，当滑片P置
于中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为Rmax；由欧姆定律可得，电
路中的电流I＝，则电源电压U＝4V＋×R1＝4V＋×R1；
第17题
当滑片P置于b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，
由串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压
为4V＋2V＝6V，电路中的电流I1＝，
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则电源电压U＝6V＋×R1，综上可得：R1＝Rmax，此时定
值电阻R1的电功率P'＝R1＝×R1＝4W，则R1＝9Ω，Rmax＝
9Ω，U＝12V，故选项A、选项B错误，选项C正确；R1第一次消耗的电
功率P＝I2R1＝×R1＝×9Ω＝W，所以R1先后两次消
耗的电功率之比P∶P'＝W∶4W＝16∶9，故选项D错误。
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17(共32张PPT)
计算与推导题特训——电学
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·合肥模拟）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，
R2为电阻箱，闭合开关，当R2＝10Ω时，电流表示数为0.5A；当R2＝
30Ω时，电流表示数为0.3A；请计算：
第1题
（1） 定值电阻R1的阻值和电源电压U。
闭合开关，R1和R2以并联方式接入电路，电流表测量
干路电流。由题意可得，干路电流I＝I1＋I2＝＋，
则有＋＝0.5A
①，＋＝0.3A
②，联立①②可得，R1＝15Ω，U＝3V
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（2） 若电流表使用的量程为0～0.6A，求R2允许接入电路的最小阻
值。
电流表使用的量程为0～0.6A，所以干路中的最大电流为0.6A，则通
过电阻箱的最大电流I2＝I－I1＝I－＝0.6A－＝0.4A，电阻箱接入
电路的最小阻值R2小＝＝＝7.5Ω
第1题
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2. （2024·阜阳模拟）物理兴趣小组设计的温度检测仪电路图如图所
示，其中R1为热敏电阻，其阻值随温度的变化如下表所示；已知电源电
压U＝12V，闭合开关S，当检测温度为50℃时，电压表的示数为2V；
求：［该热敏电阻阻值和温度的关系为R1＝＋b（Ω）］
第2题
温度值T/℃ 20 50 100 200 400
热敏电阻R1/Ω 110 50 30 20 15
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（1） 定值电阻R0的阻值。
由图可知：热敏电阻R1与定值电阻R0串联接入电路，电压表测量定值
电阻R0两端的电压。由题意可知，当检测温度为50℃时，热敏电阻R1的
阻值为50Ω，由串联电路电流特点可得：＝，即＝，则R0
＝10Ω
第2题
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（2） 当电压表的示数为4.8V时，所检测的温度T2。
当电压表的示数为4.8V时，热敏电阻R1两端的电压U1'＝U－U0'＝12V
－4.8V＝7.2V，则＝，即＝，所以R1'＝15Ω；由表中数据
可知，此时检测的温度T2为400℃
第2题
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9
（3） 请你试着推导出电压表示数与温度的关系式。
热敏电阻R1与温度T的关系为R1＝＋b（Ω），将表格中任意两组数据
代入解得k＝2000，b＝10，则热敏电阻与温度的关系为R1＝＋10
（Ω）；由于热敏电阻R1与定值电阻R0串联，根据欧姆定律可知，电压
表的示数U0＝IR0＝R0＝×10（V）＝（V）
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3. （2024·亳州谯城一模）为了动态监测学生的体重情况，科技创新小
组设计了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已
知电源电压恒为6V，定值电阻R0＝5Ω，R为力敏电阻，其阻值与所受到
的压力关系如图乙所示，电流表量程为0～0.6A，踏板重力不计。
第3题
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9
（1） 闭合开关，当体重计空载时，求电路中的电流。
由图甲可知，R和R0以串联方式接入电路，电流表测量电路中的电流。
闭合开关，当体重计空载时，力敏电阻R受到的压力为零；由图乙可
知，此时力敏电阻的阻值R1＝45Ω，由欧姆定律可得，电路中的电流I1
＝＝＝0.12A
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（2） 求电流表上0.3A刻度线处应该标的体重值。
当电流表示数为0.3A时，此时力敏电阻的阻值R2＝－R0＝－5Ω＝
15Ω；由图乙可知，此时力敏电阻受到的压力为600N，所以电流表上
0.3A处应该标600N的体重值　
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（3） 小组成员认为，也可以用电压表改装成体重计，现要求随着体重
的增加，电压表示数增大，试分析电压表应该并联在什么位置。若电压
表量程为0～3V，求电压表改装的体重计能够称量的最大体重。
由图乙可知，力敏电阻的阻值随压力的
增大而减小，当体重增加时，力敏电阻
减小，力敏电阻两端的电压减小，定值电
阻两端的电压增大；若用电压表改装成体重计，要求随着体重的增加，电压表示数增大，电压表应该并联在定值电阻R0两端。由于电压表的量程为0～3V，当体重最大时，电压表的示数为3V，
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即R0两端电压U0＝3V，此时电路中电流I3＝＝＝0.6A；由欧姆定律可得：此时力敏电阻的阻值R3＝＝＝5Ω；由图乙可知，此时对应的压力为1200N，即能够称量的最大体重为1200N
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4. （2023·马鞍山二模）实际测量中使用的大量程电流表和电压表都是
由小量程电流表改装而成。某同学设计了如图甲所示的电路，图中S是
单刀双掷开关，G是小量程电流表，满偏电流（即小量程电流表允许通
过的最大电流）为IG＝30mA，内阻为RG＝100Ω，R1、R2都是定值电
阻。当S接a时，A、B间相当于一个大量程电流表，如图乙所示；当S接
b时，A、C间相当于一个大量程电压表，如图丙所示。
第4题
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9
（1） 电流表G的满偏电压（允许的最大电压）是多大？
由题意可知，电流表G的满偏电流IG＝30mA＝0.03A，内阻RG＝
100Ω；由I＝可得，电流表G的满偏电压UG＝IGRG＝0.03A×100Ω＝
3V　
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（2） 当图乙中改装后电流表的量程是0～6A时，电流表的电阻RA
是多大？
当S接a时，电流表G与R1并联，A、B间相当于一个大量程电流表；图
乙中，改装后电流表的量程是0～6A，即电流表测量的最大电流I大＝
6A，因为并联电路各支路两端的电压相等，所以电流表的电阻RA＝
＝＝0.5Ω　
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（3） 若图中R2＝1900Ω，则图丙中改装后电压表的量程是多大？
当S接b时，电流表G与R2串联，A、C间相当于一个大量程电压表，因
为串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以图丙中改装后电压表的最大
测量值为U大＝IG（RG＋R2）＝0.03A×（100Ω＋1900Ω）＝60V，则电
压表的量程为0～60V
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5. （2024·合肥庐阳一模）如图所示，L是“12V　6W”的小灯泡，R1
是定值电阻，R2是最大阻值为24Ω的滑动变阻器，电源电压和灯泡电阻
均保持不变。
第5题
（1） 求小灯泡正常工作时的电流。
由题意可知，小灯泡L的额定电压为12V，额定功率为6W；由P＝UI可
得，小灯泡正常工作时的电流IL＝＝＝0.5A　
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（2） 闭合开关S、S1，滑片P在a端时，小灯泡恰能正常发光，且电流
表的示数为0.9A，求R1的阻值。
由图可知，闭合开关S、S1，滑片P在a端时，L与R1并联接入电路，电
流表测量干路电流，此时小灯泡恰能正常发光，则U＝U1＝U额＝12V，
通过R1的电流I1＝I－IL＝0.9A－0.5A＝0.4A；由I＝可得，R1＝＝
＝30Ω　
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（3） 闭合开关S、断开开关S1，滑片P移至b端，求R2工作10s产生
的热量。
由欧姆定律可得，小灯泡的电阻RL＝＝＝24Ω；闭合开关S、断
开开关S1，滑片P移至b端，R2与L串联接入电路，此时通过R2的电流I2
＝I'＝＝＝0.25A；由焦耳定律可得R2工作10s产生的热量
Q＝R2t＝（0.25A）2×24Ω×10s＝15J
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6. （2024·宿州萧县一模）某养生壶有“加热”和“保温”两个挡位，
其简化电路如图所示，其中加热挡额定功率为1210W，电热丝R1的阻值
为1060Ω，电热丝R1、R2的阻值均不变。求：
第6题
（1） 养生壶加热挡正常工作时，电路中的电流。
养生壶加热挡正常工作时的电功率P加热＝P加热额＝1210W，
由P＝UI可得，此时电路中的电流I加热＝＝＝5.5A　
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（2） R2的阻值。
由图可知，开关S接1位置时，电路为R2的简单电路，电路总电阻最
小，总功率最大，养生壶处于加热挡；开关S接2位置时，R1、R2串联接
入电路，电路总电阻最大，总功率最小，养生壶处于保温挡。由P＝
可得，R2＝＝＝40Ω　
第6题
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（3） 养生壶保温挡正常工作时，通电10s，电流通过R2产生的热量。
开关S接2位置时，R1、R2串联接入电路，养生壶处于保温挡，电路总
电阻R串＝R1＋R2＝1060Ω＋40Ω＝1100Ω，电路中的电流I保温＝＝
＝0.2A；由焦耳定律可知，通电10s电流通过R2产生的热量Q2＝
R2t＝（0.2A）2×40Ω×10s＝16J
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7. （2024·蚌埠一模）如图所示为某款饮水机加热部分的电路原理图。
加热电阻丝R1、R2的阻值均为88Ω。通过调节开关S1、单刀双掷开关S2
可以实现低温、中温、高温三挡的切换。
第7题
（1） 通过分析判断：当开关S1、S2分别位于什么状态，饮水机处于中
温挡。
当S1闭合、S2接B时，两电阻并联接入电路，电路总电阻
最小，总功率最大，饮水机处于高温挡；当S1闭合、S2接
A时，电路为R1的简单电路，电路总电阻居中，饮水机处于
中温挡；当S1断开、S2接A时，两电阻串联接入电路，电路总
电阻最大，总功率最小，饮水机处于低温挡　
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（2） 当饮水机处于低温挡工作时，通电2min该饮水机消耗的电能为多
少焦耳？
当饮水机处于低温挡工作时，电路的总功率P低＝＝＝
＝275W；通电2min，该饮水机消耗的电能W＝P低t＝
275W×2×60s＝33000J　
第7题
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（3） 与该饮水机相连的电能表标有“3000r/（kW·h）”字样，若只有
此饮水机工作，该电能表转盘在1min内转了48r，求此饮水机此时的实
际功率。
在1min内，饮水机消耗的电能W'＝＝＝0.016kW·h＝
57600J，则饮水机此时的实际功率P'＝＝＝960W
第7题
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8. （2024·淮南模拟）小鑫家新买了一台电热水器，其规格为“220V　
1000W”，在家庭电路电压正常的情况下，小鑫用它将2kg的水从25℃
加热到100℃。
（1） 水吸收的热量是多少？
水吸收的热量Q吸＝cm（t－t0）＝4.2×103J/（kg·℃）×2kg×（100℃
－25℃）＝6.3×105J　
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（2） 若该电热水器的热效率为90％，则电热水器加热的时间是多
少秒？
由η＝×100％可知，电热水器消耗的电能W＝＝＝
7×105J；由P＝可知，电热水器的加热时间t时＝＝＝700s　
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（3） 若不考虑电热水器电阻的变化，在某时间段，该电热水器的实际
功率是810W，则此时家庭电路的实际电压为多少伏？
由P＝可知，电热水器的电阻R＝＝＝48.4Ω，在某时间
段，该电热水器的实际功率是810W，则此时家庭电路的实际电压U实＝
＝＝198V
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9. （2024·合肥庐阳模拟）如图甲为一种智能水暖电热毯，毯内布满软
管，使用时向主机内注水，接通电源后，主机以最快速度将水加热后输
送到软管内，温水在床毯和主机间不断循环使床毯变热。当床毯温度达
到设定温度后，主机会自动调整为保温状态继续工作，从而保障使用者
的舒适度。已知其额定电压为220V，主机内的电路结构如图乙所示，S2
为智能温控开关，R1和R2均为加热电阻，额定加热功率为400W，保温
功率为55W。不计温度对电阻的影响。
第9题
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（1） 求电热毯处于保温状态时的电流。
当电热毯处于保温状态时，其保温功率为55W；由P＝UI可得，电热毯
处于保温状态时的电流I保温＝＝＝0.25A　
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（2） R1的阻值是多少欧？
由图乙可知，当只有开关S1闭合时，两电阻串联接入电路，电路总电
阻最大，总功率最小，电热毯处于保温状态；当两开关都闭合时，电路
是R1的简单电路，电路总电阻最小，总功率最大，电热毯处于加热状
态。由P＝可得R1＝＝＝121Ω　
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（3） 该产品主机内水的质量为1kg，广告上写有“5min升温40℃，快
速温暖被窝”的字样，请你通过计算说明该广告的话语是否可信。[c水
＝4.2×103J/（kg·℃）]
水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg·℃）×1kg×40℃＝
1.68×105J，由P＝可得，5min消耗的电能W＝P加热t＝400W×5×60s
＝1.2×105J，因为Q吸＞W，所以该广告不可信
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9(共44张PPT)
核心素养特训-模型建构
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·苏州，2分）如图所示，大小适中的实心木球，球面有两个小
孔在某条直径的两端，两孔在球内相通。用一根比孔细的绳子穿过两
孔，在竖直方向上用手拉绳的两端，球会静止在绳上，减小拉力球会向
下运动。对此现象下列说法正确的是（　B　）
A. 球静止时，绳两端的拉力是平衡力
B. 通过拉力的调节，球可以匀速下滑
C. 绳子下端突然松手，球就匀速下滑
D. 通过手的运动和拉力调节，球不可能从绳的下端移到上端
B
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【解析】 因为绳子处于静止状态，所以绳子受到向上的拉力F1、球对
绳向下的摩擦力、绳子的重力与向下的拉力F2平衡，则F1＝f球对绳＋G绳
＋F2，F1≠F2，所以二者不是一对平衡力，故选项A错误；由于球处于
静止状态，所以球所受绳子竖直向上的摩擦力与自身的重力互相平衡；
通过拉力的调节，当球受到的竖直向上的摩擦力等于竖直向下的重力
时，球即可匀速下滑，故选项B正确；绳子下端突然松手，球在重力作
用下加速下滑，故选项C错误；通过手的运动和拉力调节，球由于具有
惯性可以从绳的下端移到上端，故选项D错误。
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2. （2024·赤峰，3分）模型法是人们通过一定的科学方法，建立一个适
当模型揭示客观事物形态、特征和本质的研究方法。如图是一些使用模
型法的实例，下列描述正确的是（　B　）
第2题
B
A. 图甲：一束光从空气斜射入水中，折射光线远离法线
B. 图乙：条形磁体外部的磁感线从磁体的N极出发，回到S极
C. 图丙：斜面上的小球所受重力的方向沿斜面向下
D. 图丁是Be原子的结构模型，其原子核由质子和中子构成，中子带
正电
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【解析】 一束光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，所以折射光
线应靠近法线，故选项A错误；条形磁体外部，磁感线从N极出发，回
到S极，故选项B正确；重力的方向是竖直向下的，故选项C错误；Be原
子核由质子和中子构成，质子带正电，中子不带电，故选项D错误。
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3. （2024·龙东地区，4分）用手提起重物，从生物学的视角，可认为桡
骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，如图，从物理学的视角来看，
这可以简化为一种简单机械模型。 部位是支点，此模型属于
什么杠杆？ 。请说明理由：


。
肘关节
费力杠杆
用手提起物体时，人的前臂
相当于一个杠杆，肱二头肌向桡骨施加的力是动力，重物向前臂施加的
力是阻力，用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，所以前臂是一个费
力杠杆
第3题
【解析】 用手提起重物时，前臂绕肘关节转动，
所以支点在肘关节处。
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4. （2024·潍坊，6分）如图甲所示，镜片a可通过抽出或注入液体来改
变其厚度，抽出少许液体后得到镜片b，注入少许液体后得到镜片c。
第4题
（1） 镜片b可用于矫正 （选填“近视眼”或“远视
眼”）。
【解析】 由图甲可知，镜片b是凹透镜，可以用于矫正近视眼。
近视眼
1
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6
（2） 某同学用如图乙所示的实验装置观察镜片c的成像情况。
① 将蜡烛、镜片c和光屏依次放在光具座上，调整它们的中心在同
一高度。
② 蜡烛、镜片c和光屏的位置如图乙所示时，光屏上呈现一个清晰的实
像，此时的像距v＝ cm。
③ 保持蜡烛和光屏的位置不变，把镜片c移动到光具座上25cm刻度线
处，此时光屏上呈现一个清晰的 、 的实像。
15.0
倒立
放大
1
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3
4
5
6
【解析】 ② 由图乙可知，像距v＝55.0cm－40.0cm＝15.0cm。③ 保持
蜡烛和光屏的位置不变，把镜片c移动到光具座上25cm刻度线处，此时
物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，且物距小于像距，由凸透
镜成像规律可知，此时光屏上呈现一个清晰的倒立、放大的实像。
1
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5. （2024·无锡，7分）制作简易的密度计，器材有长度为20cm的吸管
一根、铁屑、石蜡、小瓶、记号笔、刻度尺、天平。（g取10N/kg）
第5题
（1） 如图甲所示，用刻度尺和记号笔在吸管上标出长度刻度，用石蜡
将标0cm的一端封闭，添加铁屑至管内，使其总质量为10g，能竖直漂浮
在液体中。
1
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3
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5
6
① 当将它放入密度为1.0g/cm3的水中时，浸入的深度为H。若放入密度
为0.8g/cm3的酒精中，密度计所受的浮力大小为 N，浸入的深度
为 H。
② 将它放入密度在0.8～1.2g/cm3范围内的不同液体中，浸入的深度h与
液体密度ρ液之间的关系应符合图乙中 （选填“a”“b”或
“c”）。
③ 为使该简易密度计测量水和酒精的密度时，两条刻度线间的距离大
一些，利用现有器材，合理的做法是
。
0.1
1.25
a
在管内适当增加铁屑使密度计重
力增大（合理即可）
1
2
3
4
5
6
【解析】 ① 密度计在酒精中处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，即
F浮＝G密度计＝mg＝10×10－3kg×10N/kg＝0.1N；因为密度计在水中和
酒精中均处于漂浮状态，所以密度计在水中和酒精中受到的浮力相等，
即ρ水gSH＝ρ酒gSH'，所以密度计在酒精中浸入的深度H'＝＝
×H＝1.25H。② 密度计在液体中始终处于漂浮状态，则G密度计
＝F浮＝ρ液gSh，解得h＝，所以当密度计重力、吸管的横截面积
一定时，h与ρ液成反比，故a图线符合h随ρ液变化的规律。
③ 若增大密度计的重力，密度计浸入水中的深度增大，即H增大，所以
密度计两条刻度线间的距离会变大。
1
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5
6
（2） 如图丙所示，在吸管下方安装一个小瓶，将铁屑装入瓶中，制成
另一支简易密度计，使其总质量为30g，放入液体后能竖直漂浮，小瓶
浸没。放入水中，在密度计上标记出水面位置M，密度计排开水的体积
为 cm3。从水中取出擦干后，放入待测盐水中，M比液面高2cm。
取出密度计擦干，倒出部分铁屑，使其总质量为27g，再放入水中，液
面距离M为3cm。则吸管的横截面积为 cm2，盐水的密度
为 g/cm3（结果保留两位小数）。
30
1
1.07
1
2
3
4
5
6
【解析】 由物体的浮沉条件可知：密度计总质量为30g时，其受到的浮
力F浮'＝G密度计'＝m密度计'g；由阿基米德原理可得F浮'＝ρ水gV排，所以m
密度计'g＝ρ水gV排，密度计排开水的体积V排＝＝＝30cm3。
当密度计总质量为27g时，排开水的体积V排'＝＝＝
27cm3，此时水面刻度比M低3cm，所以吸管的横截面积S＝＝
＝1cm2；
1
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4
5
6
当密度计的总质量为30g时，浸入盐水中，M比液面高2cm，由此可知
在盐水中浸入的（排开盐水）体积V排盐＝30cm3－2cm×1cm2＝28cm3；
当密度计在盐水中漂浮时，m密度计'g＝ρ盐水gV排盐，所以盐水的密度ρ盐水
＝＝≈1.07g/cm3。
1
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6
6. （2024·湖南，10分）小静想知道家中一个实心金属小摆件是否为纯
铜制成。她找来一个厚薄与质量分布都均匀的方形空盒A和一个方形透
明水槽B，它们的底面积分别为SA、SB，且SA∶SB＝1∶2。如图甲所示，
装有摆件的空盒在水槽中水平稳定漂浮后，测出H1和h1；再将摆件从空
盒中拿出，轻轻放入水中沉底静止后，空盒水平稳定漂浮，如图乙所
示，测出H2和h2。整个过程中，不考虑摆件和空盒吸水，且水槽里的水
质量不变，数据记录如表。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
第6题
1
2
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4
5
6
　　
水槽水位
H1/m 空盒浸入水中深度
h1/m 水槽水位
H2/m 空盒浸入水中深度
h2/m
0.2500 0.1000 0.2150 0.0200
（1） 摆件放入水中前后，摆件所受重力的大小变化情况是 ；
图甲中水对水槽底部的压强为p1，图乙中水对水槽底部的压强为p2，p2
的大小比p1要 。
不变
小
1
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5
6
【解析】 摆件放入水中前后质量不变，所以摆件受到的重力不变。由
表中数据可知，图甲中，水的深度H1＝0.2500m；图乙中，水的深度H2
＝0.2150m，由p＝ρgh可知，图甲中水对水槽底部的压强p1大于图乙中
水对水槽底部的压强p2，即p2的大小比p1要小。
1
2
3
4
5
6
（2） 如图甲、乙所示，请结合表中数据，求出摆件静止在空盒A中到
全部浸入水槽B中时，水槽底部所受水的压力变化量（结果可用SB表
示）： 。
【解析】 由题意可知，图甲中水对水槽底部的压强p1＝ρ水gH1＝
1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2500m＝2500Pa，则图甲中，水对水槽底
部的压力F1＝p1SB＝2500Pa×SB；同理可知，图乙中水对水槽底部的压
力F2＝2150Pa×SB，水槽底部所受水的压力变化量ΔF＝F1－F2＝
2500Pa×SB－2150Pa×SB＝350Pa×SB。
350Pa×SB
1
2
3
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5
6
（3） 小静用一把尺子就粗略得到该摆件的密度，请你也尝试用题中提
供的数据算出该摆件的密度为 。
【解析】 设空盒底面积为S，则水槽底面积
为2S；图甲中，空盒和摆件“整体”处于漂
浮状态，浮力等于重力，即F浮＝G总，ρ水gV排
＝（m盒＋m物）g，则m盒＋m物＝ρ水·Sh1；图乙
中，空盒处于漂浮状态，则m盒＝ρ水·Sh2；综上可得摆件的质量m物＝S（h1－h2）·ρ水；由于水槽的底面积是空盒底面积的2倍，若在图甲中将整体移除（即水槽中只有水），水面应下降h1，即水的总高度为
H1－h1；
8×103kg/m3
1
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3
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5
6
图乙水位上升到H2，故整体排开液体体积为V盒＋V物＝2SH2－
2S＝S（2H2－2H1＋h1）；图乙中，空盒排开液体体积V盒
＝Sh2，则物体排开液体体积V物＝S（2H2－2H1＋h1－h2），所以摆件
的密度ρ物＝＝·ρ水＝
×1.0×103kg/m3＝8×103kg/m3 。
1
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6
核心素养特训（二）　科学推理
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·上海，2分）光具座上有凸透镜、光屏及发光源各一个。当光
屏和凸透镜的距离为10cm时，此时在光屏上成缩小的像。物理老师把光
屏沿着光具座移动5cm后，再次移动光源的位置使其成清晰的像。对于
该像的情况，下列选项正确的是（　B　）
A. 一定成放大的像
B. 可能成缩小的像
C. 成像可能比原来小
D. 成像一定比原来小
B
1
2
3
4
5
6
7
【解析】 若光屏成倒立、缩小的实像，则f＜v＝10cm＜2f，所以5cm＜
f＜10cm；若把光屏沿着光具座靠近凸透镜5cm，则v'＝10cm－5cm＝
5cm＜f，物体在光屏上不成像；若把光屏沿着光具座远离凸透镜5cm
后，再次移动光源的位置使成清晰的像，此时像距变大，物距变小；由
凸透镜成像规律可知，像将比原来大，故选项C、选项D错误；把光屏
沿着光具座远离凸透镜5cm后，再次移动光源的位置使其成清晰的像，
此时v＝15cm，不一定大于凸透镜的2倍焦距，所以可能成缩小的，也
可能成放大或等大的实像，故选项A错误、选项B正确。
1
2
3
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5
6
7
2. （2024·上海，4分）如图所示的风铃有五根长短不同的铁棍，物理兴
趣小组的同学在敲打铁棍时，发现它们发出的声音不同，经研究可得：
如表所示是铁棍在不同长度L时被敲击的振动频率f0。
实验次序 ① ② ③ ④ ⑤
L/cm 5 10 15 20 25
f0/Hz 700 500 400 300 200
第2题
1
2
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4
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7
（1） 判断铁棍长度L与音调的关系，并说明理由：
。
【解析】 由表格数据可知，铁棍越长，振动的频率越低，音调越低；
铁棍的长度越短，振动的频率越高，音调越高。
L越长，音调越
低；频率随长度增加而减小，频率小即音调低（合理即可）
实验次序 ① ② ③ ④ ⑤
L/cm 5 10 15 20 25
f0/Hz 700 500 400 300 200
第2题
1
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3
4
5
6
7
（2） 要用这种材料做一个乐器，发出
“do”“re”“mi”“fa”“sol”“la”“si”的音时，“re”的音小于
500Hz，请你判断该乐器的长度 （选填“大于”“小于”或
“等于”）10cm。
【解析】 由表格数据可知，当铁棍的长度为10cm时，振动的频率为
500Hz；当铁棍的长度小于10cm时，振动的频率大于500Hz，音调高于
“re”；当铁棍的长度大于10cm时，振动的频率小于500Hz，音调低于
“re”，所以该乐器的长度应大于10cm。
大于
第2题
实验次序 ① ② ③ ④ ⑤
L/cm 5 10 15 20 25
f0/Hz 700 500 400 300 200
1
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4
5
6
7
3. （2024·武汉，4分）实验小组在探究凸透镜成像规律的实验中：
（1） 图甲中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的像（像未画
出）， （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就
是根据该成像特点制成的。将蜡烛向左移动一段距离，光屏上的像
变模糊了，为了使光屏上再次成清晰的像，同学们提出了两种不同
的解决方案：
方案一：仅将光屏向 移动一段距离。
方案二：仅换用焦距较 的凸透镜。
照相机
左
大
1
2
3
4
5
6
7
【解析】 由图甲可知，此时物距大于像距，点燃蜡烛后，光屏上恰能
成清晰的像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，照相
机就是根据该成像特点制成的。将蜡烛向左移动一段距离，物距变大，
像距随之变小，为了使光屏上再次成清晰的像，可以将光屏向左移动一
段距离。若不移动光屏，可以换用焦距较大的凸透镜，使像推迟会聚，
从而使像能够呈现在光屏上。
1
2
3
4
5
6
7
（2） 某同学利用焦距为20cm的凸透镜观察指纹，保持指纹到眼睛的距
离为40cm不变，将凸透镜调整到如图乙所示的位置，看到了指纹正立、
放大的像，此时该同学的眼睛通过凸透镜在另一侧能成
（选填“正立、放大”“倒立、放大”或“倒立、缩小”）的像。
倒立、放
大
1
2
3
4
5
6
7
【解析】 由题意可知，凸透镜的焦距为20cm，指纹到眼睛的距离为
40cm，即等于2倍焦距；手指到凸透镜的距离小于1倍焦距，则眼睛到
凸透镜的距离在1倍焦距与2倍焦距之间；由凸透镜成像规律可知，当物
距在1倍焦距与2倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，因此此时该同学
的眼睛通过凸透镜在另一侧能成倒立、放大的实像。
1
2
3
4
5
6
7
4. （2024·武威，4分）小宇看到妈妈打不开玻璃罐的盖子，于是他用物
理课学到的知识给妈妈教了两种方法。方法一：如图甲所示，将一块毛
巾包在玻璃罐的盖子上面，再用手拧盖子，玻璃罐就打开了。方法二：
如图乙所示，用一个较硬的钢勺轻撬瓶盖边缘，有空气进去后瓶盖变
平，再用手拧盖子，玻璃罐就打开了。请你用物理知识分别解释这两种
方式容易打开玻璃罐盖子的原因。
第4题
1
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3
4
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7
方法一： （选填“增大”或“减小”）了毛巾对盖子的摩擦
力；原因是 。
方法二： （选填“增大”或“减小”）了盖子与瓶口的摩擦
力；原因是 。
增大
增大了接触面的粗糙程度
减小
减小玻璃罐盖子对玻璃罐的压力
1
2
3
4
5
6
7
【解析】 在压力相同时，用毛巾包在玻璃罐的盖子上面增大了接触面
的粗糙程度，从而增大了手与盖子之间的摩擦力，所以更容易打开玻璃
罐的盖子。用一个较硬的钢勺轻撬瓶盖边缘，让空气进去，使玻璃罐内
气压增大，减小了玻璃罐盖子和玻璃罐之间的压力，从而减小了盖子和
玻璃罐之间的摩擦力，所以更容易打开玻璃罐的盖子。
1
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6
7
5. （2024·烟台，8分）橡皮泥可以被捏成各种形状，深受同学们喜欢。
学习了力学知识后，小红利用家中的量杯、茶壶和垫块，测出了橡皮泥
的密度。已知橡皮泥的密度大于水的密度（橡皮泥的吸水忽略不计），
操作过程如下：
第5题
① 如图，把茶壶的一侧垫起并装满水，将橡皮泥轻轻放入茶壶中，用
量杯接住溢出的水。
1
2
3
4
5
6
7
② 倒掉量杯中的水，从茶壶中取出橡皮泥，将量杯和橡皮泥擦干。
③ 把茶壶重新加满水，将橡皮泥捏成空心碗放入壶中，让其漂浮在水
面上，用量杯接住溢出的水。
（1） 操作①是为了获得橡皮泥的 ，操作③是为了获得橡皮泥
的 。
【解析】 操作①中，橡皮泥沉到茶壶底部，溢出水的体积为橡皮泥的
体积。操作③中，橡皮泥漂浮在水面上，橡皮泥受到的浮力等于其重
力，从而可以获得橡皮泥的质量。
体积
质量
1
2
3
4
5
6
7
（2） 假设操作①量杯中水的体积为V1，操作③量杯中水的体积为V2，
水的密度为ρ0，请写出橡皮泥密度的表达式：ρ＝ 。
【解析】 操作③中，因为橡皮泥处于漂浮状态，所以橡皮泥受到的浮
力等于其重力，橡皮泥受到的浮力F浮＝G排＝mg＝ρ0V2g，所以橡皮泥
的质量m＝＝ρ0V2，橡皮泥的密度ρ＝＝。
1
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5
6
7
（3） 若操作③中茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，则橡
皮泥密度的测量结果 （选填“变大”“变小”或“不
变”）。
【解析】 茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，会使浮力变
大，但溢出水的质量不变，所以橡皮泥密度的测量结果不变。
不变
1
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7
6. （2024·上海，4分）如图所示的电路中，在定值电阻R1或滑动变阻器
R2中，仅有一个发生开路故障，小浦为研究故障的原因，特地设计了两
个方案：
方案一：通过移动滑动变阻器的滑片P来判断出故障的原因，写出开关S
闭合后，电流表示数变化情况及对应故障：

。
若电流表的示数发生变
化，则说明定值电阻R1开路；若电流表的示数不变，则说明滑动变阻器
R2开路
第6题
1
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5
6
7
方案二：用一个完好的电阻R0来替换R1来判断发生的故障，可选用的电
阻R0的阻值应满足 （选填字母，多选）。
A. R0＞R1 B. R0＝R1 C. R0＜R1
AB
【解析】 若定值电阻R1开路，移动滑动变阻器的滑片时，电路总电阻
发生改变，电流表示数发生改变；若滑动变阻器R2开路，移动滑动变阻
器的滑片时，电路总电阻不变，始终等于R1的阻值，则电流表示数不
变。
1
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7
若定值电阻R1开路，用R0替换R1时，电路总电阻变小，干路电流变
大，即电流表A的示数变大；若滑动变阻器R2开路，用R0替换R1时，如
果R0＝R1，那么电流表A的示数不变；如果R0＞R1，那么电流表A的示
数将变小；如果R0＜R1，那么电流表A的示数将变大；综上可知，如果
选用的电阻R0＜R1，当出现电流表A的示数变大的情况时，可能是R1开
路，也可能是R2开路，利用该电阻不能准确判断电路故障；
综上可知，选用的电阻R0的阻值大于或等于R1时，才能根据电流表的示
数变化情况准确判断电路故障，故选项A、选项B符合题意。
1
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7
7. （2024·山西，6分）在项目化学习中，科技小组的同学给旧电吹风加
装两根塑料管改装成湿鞋烘干器，如图甲所示，可实现冷风吹干和热风
烘干两种功能。其内部电路是由一个发热电阻（ ）、一个电动机
（ ）和两个开关组成的并联电路。发热电阻正常工作时功率为
440W，且不能单独工作出现“干烧”现象。请你帮助他们解决下列问
题：
第7题
1
2
3
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5
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7
（1） 在图乙虚线框内画出烘干器内部电路图。
如图所示　
【解析】 由题意可知，内部电路是由一个发热电阻、一个电动机和两
个开关组成的并联电路；因为发热电阻不能单独工作，出现“干烧”现
象，所以发热电阻与电动机并联接入电路，一个开关控制整个电路，另
一个开关控制发热电阻，即可完成作图。
1
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7
（2） 使用时发现温度过高，存在安全隐患，想要把发热电阻的功率减
小到原来的一半，需要购买一个 Ω的电阻替换原发热电阻。
【解析】 将发热电阻的功率减小到原来的一半，则更换后发热功率为
220W，根据P＝可知，此时发热电阻的阻值R＝＝＝
220Ω。
220
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7(共49张PPT)
实验探究题特训——电学实验
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·安徽模拟）如图甲所示为“探究电流与电阻的关系”的实验
电路图，实验器材有电源（输出电压为6V）、电流表、电压表、滑动变
阻器两个（R1标有“30Ω　1A”，R2标有“60Ω　1A”）和开关一个，
定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）和导线若干。
第1题
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9
10
（1） 按电路图连接实物图，闭合开关前滑动变阻器的滑片P移至
最 （选填“左”或“右”）端。
【解析】 为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大
处，即滑动变阻器的最右端。
右
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10
（2） 实验过程中需要手眼配合，当更换定值电阻后，再次进行实验
时，手移动滑动变阻器滑片，眼睛应盯着 （选填“电压”或
“电流”）表。
【解析】 探究电流与电阻关系时，要控制电压不变，因此手移动滑动
变阻器滑片时，眼睛应盯着电压表。
电压
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10
（3） 用上述5个定值电阻进行实验得到5组数据，作出电流与电阻的关
系图像如图乙所示。实验中定值电阻两端的电压保持 V，滑动变阻
器应选择 （选填“R1”或“R2”）。
2
R2
【解析】 由图乙可知，定值电阻两端电压UV＝IR＝0.4A×5Ω＝……＝
0.1A×20Ω＝2V；实验中使用的定值电阻最大为25Ω，定值电阻两端的
电压始终保持UV＝2V，由串联电路电压规律可知，
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10
滑动变阻器两端的电压U滑＝U－UV＝6V－2V＝4V，滑动变阻器两端的电压为定值电阻两端电压的2倍，由串联电路分压原理得，滑动变阻器接入电路的电阻等于定值电阻的2倍；当接入25Ω的定值电阻时，滑动变阻器接入电路的电阻R滑＝2×25Ω＝50Ω，所以所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于50Ω，滑动变阻器应选择R2。
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10
2. （2024·安徽三模改编）实验小组探究“通过导体的电流跟电阻的关
系”。实验器材：电源（电压恒为4.5V），开关、电流表、电压表各一
只，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），两只滑动变阻器（甲“10Ω　
2A”、乙“20Ω
1A“），导线若干。
第2题
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（1） 小明连接的电路如图甲所示，同组同学提醒他应将滑动变阻器的
滑片移到 （选填“A”或“B”）端。多次改变R的阻值，根据实
验数据画出如图乙所示的I－R图像，由图像可得结论：在电压不变时，
通过导体的电流与导体的电阻成 。
A
反比
【解析】 为了保护电路，闭合开关前
应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，
由图甲可知，应将滑动变阻器的滑片
移到A端。由图乙可知，通过定值电阻
的电流与电阻的乘积为0.5A×5Ω＝……＝
0.25A×10Ω＝2.5V，由此可得出结论：在电压不变时，通过导体
的电流与电阻成反比。
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（2） 在上述实验中，实验小组用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，闭合开关
后发现电压表的示数 （选填“大于”“小于”或“等于”）
2.5V。
【解析】 实验小组用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，由串联电路分压原理
可知，此时定值电阻两端的电压变大，所以闭合开关后发现电压表的示
数大于2.5V。
大于
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3. （2024·合肥二模）在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，选
用的部分器材如下：电压为4.5V的电源，标有“20Ω　1A”的滑动变阻
器，电阻R有5个阻值（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）供选用。实验电
路如图甲所示，回答下列问题。
第3题
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（1） 正确连接好电路后，将滑片移到A端，闭合开关发现电流表有示
数，电压表示数为零，则故障可能是电阻R 。
【解析】 闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表有示数，
电压表示数为零，说明电路是通路，故障原因可能是电阻R发生短路。
短路
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（2） 在“探究电流与电压的关系”时，实验中测得五组数据，并绘制
出定值电阻R的I－U图像如图乙所示，由图像可得实验结论：
。
【解析】 由图乙可知，绘制出的电阻R的I－U图像为一条过原点的直
线，由此可以得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两
端电压成正比。
当导体
的电阻一定时，通过导体的电流与其两端电压成正比
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（3） 某同学在探究“电流与电阻的关系”时，完成了两组数据，并记
录在下表中。老师看到记录的数据后，告诉他第2次实验更换电阻后缺
少了一个重要操作，该操作是 。
实验次序 电阻R/Ω 电流I/A
1 5 0.6
2 10 0.36
调节滑动变阻器，使电压表示数为3V
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【解析】 由表格数据可得：U1＝R1I1＝5Ω×0.6A＝3V，U2＝R2I2＝
10Ω×0.36A＝3.6V；探究“电流与电阻的关系”时，要保证定值电阻
两端的电压不变；实验过程中，更换定值电阻时，应调节滑动变阻器的
滑片，使电压表的示数保持不变，由此可知第2次实验更换电阻后缺少
了一个重要操作，该操作是调节滑动变阻器，使电压表示数为3V。
（4） 在探究“电流与电阻的关系”时，为了保证本实验中使用所有定
值电阻均能完成实验，实验过程中应该保证电压表的示数至少
为 V，且保持不变。
2.5
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10
（4） 在探究“电流与电阻的关系”时，为了保证本实验中使用所有定
值电阻均能完成实验，实验过程中应该保证电压表的示数至少
为 V，且保持不变。
2.5
【解析】 探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端的电压不
变，即电压表示数不变；由于滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示
数为UV，则滑动变阻器两端的电压U滑＝U总－UV＝4.5V－UV；
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由串联电路分压原理可知＝，即＝，当定值电阻阻值最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，则＝，UV＝2.5V，所以为完成实验，电压表的示数至少为2.5V，且保持不变。
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4. （2024·芜湖无为三模）某物理实验小组正在使用“伏安法”测量未
知电阻Rx的阻值，实验电路如图甲所示（电源电压恒为3V）。
（1） 闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近3V，
则电路故障原因可能是 。
【解析】 闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能发生开路；
电压表示数接近3V，说明电压表的两个接线柱与电源正、负极连通，
所以故障为电阻Rx开路。
电阻Rx开路
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（2） 排除故障后，当滑片移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流
表示数如图乙所示，则Rx阻值为 Ω。
【解析】 由图乙可知，电流表的示数为0.16A，则Rx＝＝＝
10Ω。
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（3） 实验中电流表突然损坏，小组同学经过讨论设计了一种实验方
案，也可测出Rx阻值。电路如图丙所示，若电源电压未知且恒定不变，
a、b为滑动变阻器左右两个端点，滑动变阻器最大阻值为R0，请你把以
下测量步骤补充完整：
① 闭合开关S，滑片P移到a端时，读出电压表示数为U1。
② 保持开关S闭合， ，读出电压表示数为U2。
③ 待测电阻Rx＝ （用已知和测出的物理量符号表示）。
滑片P移到b端时
·R0
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【解析】 ① 闭合开关S，滑片P移到a端时，此时电路中只有Rx接入电
路，读出电压表示数为U1，则电源电压为U1。② 闭合开关S，滑片P移
到b端时，滑动变阻器与Rx串联接入电路，此时滑动变阻器接入电路的
电阻达到最大，读出电压表示数为U2。③ 由串联电路电压特点可知，
滑动变阻器两端的电压U滑＝U1－U2，电路中的电流I＝＝，所
以待测电阻Rx＝＝＝·R0。
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5. （2024·合肥肥西模拟）小明在测量小灯泡电功率的实验中（如图甲
所示），选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约
为5Ω。
第5题
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（1） 闭合开关、滑片移动到某位置时，电压表的示数如图乙所示。要
获得小灯泡额定功率的数据，滑片P应向 （选填“A”或“B”）
端移动。
【解析】 闭合开关、滑片移动到某位置时，电压表的示数为2.2V，小
于小灯泡的额定电压2.5V；要获得小灯泡额定功率的数据，应增大小
灯泡两端的电压，由串联电路分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电
路的阻值，即滑片P应向B端移动。
B
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（2） 改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制得如图
丙所示的图像。由图像可知，小灯泡的额定功率P额＝ W。
【解析】 由I－U图像可知：小灯泡两端电压为2.5V时，通过小灯泡的
电流为0.5A，则小灯泡的额定功率P额＝U额I额＝2.5V×0.5A＝
1.25W。
1.25
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（3） 小明打算增加一个阻值为R0的电阻，用图丁所示的电路测量小灯
泡的电功率。闭合开关S、S1，移动滑片P，使电压表的示数为U1；保持
滑片位置不动，只断开开关S1，闭合开关S2，记下电压表的示数为U2，
则小灯泡的电功率为 （用已知字母表示）。
U1·
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【解析】 闭合开关S、S1，电压表测量小灯泡两端的电压，移动滑片P
使电压表的示数为U1，即小灯泡两端的电压是U1；保持滑片P位置不
动，只断开开关S1，闭合开关S2，电压表测量小灯泡和定值电阻两端的
电压，记下电压表的示数为U2，此时小灯泡两端的电压仍为U1；由串联
电路电压特点可知，定值电阻两端的电压U0＝U2－U1，通过定值电阻
的电流I0＝＝，通过小灯泡的电流I＝I0，则小灯泡的功率P＝
U1I＝U1·。
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6. （2024·蚌埠模拟）小宇在“测量小灯泡的电功率”的实验中，选择
了额定电压为2.5V的小灯泡，电源电压恒为6V，滑动变阻器规格为
“1A”，连接电路如图甲所示。
第6题
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（1） 为了使滑片右移时小灯泡的亮度变亮，请你帮小宇用笔画线代替
导线连接好图甲中的电路。
如图所示　
【解析】 滑片右移时小灯泡的亮度变亮，此时滑动变阻器接入电路的
电阻应变小，可以将滑动变阻器右下方的接线柱接入电路。
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（2） 连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是 。
【解析】 闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；发现小灯
泡不亮且电压表无示数，说明小灯泡或电压表发生短路。
小灯泡短路（合理即可）
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（3） 故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的
示数如图乙所示，小灯泡正常工作时的电功率是 W。
【解析】 如图乙所示，电流表的示数为0.34A，则小灯泡的额定功率P
额＝U额I额＝2.5V×0.34A＝0.85W。
0.85
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（4） 完成上述实验后，小宇和同桌交流后又设计了一种测量小灯泡正
常发光时电阻的实验电路，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻，请
将实验步骤补充完整。
① 连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压
表的示数为小灯泡的额定电压U1。
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② 保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点B，读出电压表的示
数U2。
③ 小灯泡正常发光时电阻的表达式：R＝ （用U1、U2、R0
表示）。
【解析】 ③ 由串联电路电压特点可知，定值电阻R0两端的电压U0＝U2
－U1，电路中的电流I＝I0＝＝；由欧姆定律可得小灯泡正常发
光时的电阻R＝＝＝R0。
R0
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7. （2024·合肥庐江三模）在“测量小灯泡功率”的实验中：
第7题
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（1） 按图甲正确连接好电路，闭合开关后发现：小灯泡不亮，电流表
示数为零，而电压表示数接近电源电压，经检查，电流表是完好的，仅
滑动变阻器或小灯泡存在故障，则电路中的故障是 ；
排除故障后，闭合开关，发现小灯泡仍不亮，电流表指针偏转很小，要
使该小灯泡发光，只需将滑动变阻器的滑片向 移动。
小灯泡开路
左
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【解析】 闭合开关后，发现电流表示数为零，说明电路可能发生开
路，电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱与电源正负极
连通，所以故障为小灯泡开路。排除故障后，闭合开关，发现小灯泡仍
不亮，电流表指针偏转很小，说明电路为通路，电路中电流较小，说明
电路总电阻较大，所以要使该小灯泡发光应减小滑动变阻器接入电路的
阻值，即将滑动变阻器的滑片向左移动。
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5
6
7
8
9
10
（2） 观察小灯泡在不同电压下的亮度，读出电压表、电流表示数，实
验记录见下表：
实验次序 电压U/V 电流I/A 小灯泡亮度 实际功率P/W
① 2 0.18 偏暗 0.36
② 2.5 0.2 正常发光 0.5
① 由表格可知：该小灯泡额定电压为 V。
2.5
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
② 当小灯泡两端电压为3V时，小灯泡偏亮，小明担心灯丝会烧断，于
是立即断开开关，同组的小华观察到当时电流表指针的位置如图乙所
示，则通过小灯泡的电流为 A，小灯泡的实际功率
为 W。
【解析】 ① 小灯泡在额定电压下正常发光，由表格数据可知：该小灯
泡额定电压为2.5V。② 当小灯泡两端电压为3V时，电流表的示数为
0.22A，则小灯泡的实际功率P＝UI＝3V×0.22A＝0.66W。
0.22
0.66
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（3） 如图丙是小明重新设计的另一种实验方案来测定小灯泡的额定功
率（电源电压不变，电路中电阻R＝5Ω）。
① 开关S拨到位置1，移动滑片P至某一位置，读出电流表示数I1。
1
2
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7
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9
10
② 开关S拨到位置2，滑动变阻器滑片位置不动，读出电流表示数I2，可
用所测的物理量和已知量的符号，写出小灯泡电阻的表达式：RL
＝ 　 　。根据P额＝，计算灯泡的额定功率，他按此方案测量，
发现实验结果与真实值相差较大，原因是忽略了 对灯丝电阻的
影响，为了能准确测量小灯泡的额定功率，在步骤①测量时，电流I1的
值应控制为 A。

温度
0.5
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
【解析】 ① 开关S拨到位置1，移动滑片P至某一位置，读出电流表示
数I1。② 开关S拨到位置2，此时小灯泡L与定值电阻R并联接入电路，
滑动变阻器滑片位置不动，读出电流表示数I2；由欧姆定律可知，定值
电阻R两端的电压U'＝I1R，则小灯泡两端的电压为I1R；开关S拨到位置
2，电流表测量干路电流，此时通过小灯泡的电流I'＝I2－I1，则小灯泡
的电阻RL＝＝。灯丝电阻受温度影响较大，利用此方法计算小灯
泡的额定功率将使实验结果与真实值相差较大；为了能准确测量小灯泡
的额定功率，在步骤①测量时，电流I1的值应控制为小灯泡额定电压下
的电流，即 ＝＝0.5A。
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
8. （2024·合肥模拟）在“测量小灯泡电阻和电功率”的实验中，如图
甲所示，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的
规格为“20Ω　1A”。
第8题
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（1） 移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。
要测量小灯泡的额定功率，应将滑片适当向 （选填“左”或
“右”）滑动。
【解析】 由图乙可知，此时小灯泡两端的电压为1.8V，低于小灯泡的
额定电压2.5V，所以要测量小灯泡的额定功率，应使小灯泡两端的电
压变大，即将滑片适当向左滑动。
左
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（2） 图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图像，根据图像可知，小
灯泡正常发光时的电阻为 Ω，其额定功率为 W。
【解析】 由图丙可知，小灯泡的额定电流为0.25A；由I＝可得：小灯
泡正常发光时的电阻RL＝＝＝10Ω，小灯泡的额定功率P＝ULIL
＝2.5V×0.25A＝0.625W。
10
0.625
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（3） 在实际测量过程中，调节滑动变阻器使其接入电路中的电阻减小
ΔRP，相应的小灯泡的阻值变化ΔRL，则ΔRP （选填“＞”“＜”
或“＝”）ΔRL。
【解析】 在实际测量过程中，调节滑动变阻器使其接入电路的电阻减
小时，小灯泡两端电压增大，电流增大，串联电路总电阻变小；因为小
灯泡两端电压增大、电流增大，所以小灯泡的实际功率变大；灯丝电阻
随温度升高而增大，所以只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量
ΔRP大于小灯泡的阻值增加量ΔRL时，电路总电阻才能变小，即ΔRP＞
ΔRL。
＞
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
9. （2023·亳州涡阳一模）如图所示，电阻丝R1＞R2＝R3，甲、乙两个
烧瓶中装的是煤油，丙烧瓶中装的是水，且甲、乙、丙三个相同的烧瓶
中液体的质量都相等。
第9题
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（1） 在探究“水和煤油吸热能力强弱”时，可通过 两个烧
瓶中液体温度升高情况进行判断。
【解析】 在探究“水和煤油吸热能力强弱”时，要控制吸热相同，通
过比较温度的变化量，进而确定不同物质吸热能力的强弱；由图可知，
R1、R2、R3串联接入电路，所以通过乙、丙烧瓶中两电阻丝的电流相
等，由Q＝I2Rt可知，相同时间内，乙、丙烧瓶中液体吸收热量相同，
可以通过乙、丙两个烧瓶中液体温度升高情况进行判断。
乙、丙
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（2） 闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至合适位置，一段时间后发现
甲烧瓶中液体温度升高比乙烧瓶中液体温度升高得快，则说明电流通过
导体产生的热量多少与 有关。
【解析】 甲、乙两烧瓶中盛有相同质量的煤油且R1＞R2；闭合开关，
将滑动变阻器的滑片移至合适位置，一段时间后发现甲烧瓶中液体温度
升高比乙烧瓶中液体温度升高得快，说明R1产生的热量较多，由此可知
电流通过导体产生的热量多少与电阻大小有关。
电阻大小
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
10. （2024·阜阳一模）如图所示为探究“电流产生的热量与哪些因素有
关”的实验装置。
（1） 图甲中，在两个密闭容器中装有质量相等的空气，并各放置
一根阻值不同的电阻丝，此装置可探究电流产生的热量与
的关系。
【解析】 由图甲可知，电阻丝R1、R2串联接入电路；实验中，电路中
的电流和通电时间相同，该实验是探究电流通过导体产生的热量跟导体
的电阻大小的关系。
电阻
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
（2） 图乙两密闭容器中的电阻丝阻值相等，在其中一容器外部并联一
个阻值相同的电阻，若图乙中两U形管内液面上升高度相同，则故障可
能是 。排除故障后通电相同时间，发现左侧U形管内液面上
升较高，这表明：在电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的电流越
大，产生的热量越多。
【解析】 由图乙可知，电阻丝R4、R5
并联后与电阻丝R3串联，两U形管
内液面上升高度相同，说明两个密闭容
器中的电阻丝产生的热量相等；由焦耳定律可知，通过R3、R4的电流相同，所以电路中出现的故障可能是电阻丝R5发生开路。
R5开路
1
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（3） 为了使图乙实验中两侧U形管液面高度差更明显，可将空气盒外
电阻R5换为阻值 （选填“大于”或“小于”）5Ω的电阻。
【解析】 为了使实验中两侧U形管液面高度差更明显，当通过电阻丝R4
的电流不变时，应增大通过电阻丝R3的电流，可以增大通过电阻丝R5的
电流，所以可以减小电阻丝R5的阻值，即将空气盒外电阻R5换为阻值小
于5Ω的电阻。
小于
1
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10(共44张PPT)
实验探究题特训——力学实验
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·合肥包河模拟）某同学捡到一个金属螺母，为了测量金属螺
母的密度，他做了如下实验：
第1题
（1） 把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处，指针
位置如图甲所示，应向 调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中
央刻度线。
右
【解析】 把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处，
此时指针静止时指在分度盘中央刻度线的左侧，应将平衡螺母向右调
节，使横梁在水平位置平衡。
1
2
3
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13
（2） 把金属螺母放在天平左盘中，向另外一盘中加减砝码并调节游
码，使指针指在分度盘的中央刻度线，盘中砝码和游码在标尺上的位置
如图乙所示。
【解析】 由图乙可知，金属螺母的质量m＝53.4g。
1
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10
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13
（3） 量筒中装入20mL水，用细线系住金属螺母并将其轻轻放入量筒
中，如图丙所示。
【解析】 由图丙可知，金属螺母的体积V＝26cm3－20cm3＝6cm3。
（4） 金属螺母的密度是 kg/m3。
【解析】 金属螺母的密度ρ＝＝＝8.9g/cm3＝8.9×103kg/m3。
8.9×103
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13
2. （2024·蚌埠怀远二模）用天平和量筒等器材测量食用油的密度，实
验步骤如下：
（1） 天平调好后，将盛有食用油的烧杯放在天平的左盘，在右盘中添
加砝码并拨动游码，天平平衡时，游码位置和所加砝码如图甲所示，则
烧杯和食用油的总质量是 g。
　　
第2题
73.4
【解析】 由图甲可知，烧杯和食用油的总质量m1＝50g＋20g＋3.4g＝
73.4g。
1
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13
（2） 将烧杯中一部分食用油倒入量筒中，液面位置如图乙所示，倒出
的食用油体积为 mL。
【解析】 由图乙可知，量筒中食用油的体积V＝40mL＝40cm3。
（3） 若测出烧杯和剩余食用油的质量为41.0g，则食用油的密度ρ
＝ kg/m3。
【解析】 量筒中食用油的质量m＝m1－m2＝73.4g－41.0g＝32.4g，则
该食用油的密度ρ＝＝＝0.81g/cm3＝0.81×103kg/m3。
40
0.81×103
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（4） 若将食用油倒入量筒时，量筒壁上沾上了少量食用油，则食用油
密度的测量值与真实值相比是 （选填“偏大”“偏小”或
“相等”）的。
【解析】 由题意可知，食用油的质量m是准确的；若将食用油倒入量筒
时，量筒壁上沾上了少量食用油，会导致测得食用油的体积V偏小；由
ρ＝可知，与真实值相比，食用油密度的测量值偏大。
偏大
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13
① 调节好天平，用天平测出空烧杯质量为m0。
② 将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1。
③ 将另一个烧杯装满食用油，用天平测出
。
④ 根据测得的物理量写出该食用油的密度的表达式：ρ＝
（用m0、m1、m2和ρ水表示）。
烧杯和食用油的总质量为
m2
ρ水
（5） 实验中量筒被摔碎了，老师说只用天平也能测量出食用油的密
度。某组同学添加了两个完全相同的烧杯和适量的水，设计了如下实验
步骤，请你补充完整：
1
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13
【解析】 烧杯装满水后，水的质量m水＝m1－m0；由ρ＝可得，烧杯的
容积V＝V水＝＝；用同样的烧杯装满食用油的体积V油＝V＝
；烧杯装满食用油后，食用油的质量m油＝m2－m0，所以食用油
的密度ρ油＝＝＝ρ水。
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3. （2024·合肥庐江三模）在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有
关”的实验中，如图所示。
第3题
（1） 实验中，必须水平拉着木块做 运动，目的是使弹簧
测力计示数等于滑动摩擦力的大小。
【解析】 实验中，必须水平拉着木块做匀速直线运动，此时弹簧测力
计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力互相平衡，弹簧测力计的示数
等于滑动摩擦力的大小。
匀速直线
1
2
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13
（2） 由甲、乙两次实验可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，
滑动摩擦力越 。
【解析】 由甲、乙两次实验可得：接触面粗糙程度相同时，压力越
大，滑动摩擦力越大。
大
1
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6
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（3） 由 两次实验可得：在压力相同时，接触面越粗糙，滑
动摩擦力越大。
【解析】 由甲、丙两次实验可得：在压力相同时，接触面越粗糙，滑
动摩擦力越大。
（4） 在甲实验中，当木块的运动速度变大时，滑动摩擦力的大小
（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【解析】 在甲实验中，当木块的运动速度变大时，因为木块对木板的
压力和接触面的粗糙程度不变，所以滑动摩擦力的大小不变。
甲、丙
不
变
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13
（5） 小明在图甲实验中将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受
摩擦力变为原来的一半，他由此得出“滑动摩擦力大小与物体间接触面
积大小有关”的结论，你认为他的结论 （选填“可靠”或
“不可靠”），原因是 。
【解析】 小明在图甲实验基础上将木块沿竖直方向截去一半后，测得
木块所受摩擦力变为原来的一半，此时木块与木板的接触面积变小，木
块对木板的压力也变小，实验中没有控制压力不变，不符合控制变量法
的思想，导致结论出错。
不可靠
没有控制压力不变
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4. （2024·淮北三模）如图所示，在“探究滑动摩擦力的大小与哪
些因素有关”实验中，为了提高测量的精确度，用力传感器显示拉
力F的大小，让驱动装置带动水平的传送带顺时针运行，木块相对于
地面保持静止。
第4题
（1） 水平的传送带顺时针运行时，木块对传送带施加的摩擦力的方向
是水平 （选填“向左”或“向右”）的。
向左
【解析】 木块受到的滑动摩擦力与相
对运动的方向相反，传送带向右转动，
木块相对于传送带向左运动，所以木块
受到的摩擦力方向水平向右，因为物体间力的作用
是相互的，所以木块对传送带施加的摩擦力的方向是水平向左的。
1
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（2） 在木块的上表面放置一个铁块，使传送带依旧顺时针平稳运行，
木块与铁块相对于地面保持静止，此时力传感器显示的拉力F变大了，
由此可以得出的实验结论是
。
【解析】 在木块的上表面放置一个铁块，木块对传送带的压力变大，
力传感器显示的拉力F变大了，说明木块受到的滑动摩擦力变大，由此
可知：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，
滑动摩擦力越大
第4题
1
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13
5. （2024·池州三模）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”的实
验中：
第5题
（1） 杠杆静止在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置平衡，此
时应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母。
【解析】 杠杆静止时左端较高，为使杠杆在水平位置平衡，应向左调
节平衡螺母；
左
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13
（2） 如图乙所示，保持A点钩码数量和力臂不变，改变杠杆右边的力
和力臂，使杠杆在水平位置平衡，测出多组动力臂l和动力F的数据，绘
制了l－F的关系图像，如图丙所示。请根据图像推算，当F为2.5N时，l
为 m。
【解析】 由杠杆平衡条件可知，动力和动力臂的乘积是一个定值；由
图丙可知，Fl＝1.5N×0.2m＝3N×0.1m＝0.3N·m，则当F为2.5N
时，动力臂l＝＝0.12m。
0.12
1
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3
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5
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13
6. （2024·安徽模拟）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
第6题
（1） 为方便测量力臂，实验前应先调节杠杆两端的平衡螺母，使之
在 位置平衡。
【解析】 为方便测量力臂，实验前应先调节杠杆两端的平衡螺母，使
之在水平位置平衡。
水平
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（2） 如图甲，此时杠杆处于平衡状态，如果在杠杆两端各加挂一个相
同的钩码，杠杆将 （选填“顺时针转动”“逆时针转
动”或“保持平衡”）。
【解析】 图甲中，杠杆在水平位置平衡；在杠杆左右两边钩码下同时
增加一个相同的钩码；设每个钩码重G，每小格的长度为l，由杠杆平衡
条件可知：左边＝4G×2l＝8Gl，右边＝3G×3l＝9Gl，因为右边的乘积
大于左边的乘积，所以杠杆右端将下沉，即沿顺时针方向转动。
顺时针转动
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（3） 如图乙是一个加宽的杠杆装置，此时杠杆处于平衡状态。只将左
侧的钩码改挂到A点正上方的B点，力臂是线段 （选填
“OA”“OB”或“AB”），此时杠杆 （选填“仍能”或“不
能”）保持平衡。
【解析】 力臂是支点到力的作用线的距离，将左侧的钩码改挂到A点正
上方的B点，与原来相比，力和力臂都没有发生改变，所以杠杆仍能保
持平衡。
OA
仍能
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7. 在“探究二力平衡的条件”实验中，实验装置如图所示。
（1） 实验时，向左盘和右盘同时放入等重的砝码，这时木块保持静
止，说明一对平衡力的 ；但小明在实验时发现，若向左
盘和右盘同时放入不等重的砝码时，木块仍然保持静止状态，则产生这
一现象的原因是 。
【解析】 物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，
物体受到平衡力的作用；相互平衡的两个力，
大小相等；若两边拉力不相等，则木块相对于桌面有
相对运动的趋势，此时桌面与木块之间产生静摩擦力，
木块在F1、F2和静摩擦力的共同作用下保持静止状态。
大小相等
木块与桌面间存在摩擦力
第7题
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（2） 现保持F1与F2相等，将木块换成小车，然后扭转一个角度，松手
后，小车将转动回来，设计这一步骤的目的是验证二力平衡时的两个力
一定 。
【解析】 将小车转动一个角度，两个力不在同一直线上，松手后，小
车将转动回来，实验中设计这一步骤的目的是验证二力平衡时的两个力
一定在同一直线上。
在同一直线上
第7题
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13
【解析】 弹簧测力计的示数等于挂钩上受到的力，弹簧测力计左右两
盘各放入重为5N的砝码，即弹簧测力计挂钩上受到了5N的拉力，则弹
簧测力计的示数为5N，故选项B正确。
（3） 若将木块换成弹簧测力计，左右两盘各放入重为5N的砝码，则弹
簧测力计的示数为 。
A. 10N B. 5N C. 0
B
第7题
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8. （2023·六安舒城模拟）如图所示，用压强计探究“影响液体内部压
强大小的因素”。
第8题
（1） 图甲所示U形管压强计 （选填“是”或“不是”）
连通器。
【解析】 U形管与压强计的探头连接后，一端被封闭，所以液体压强计
不是连通器。
不是
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13
（2） 在图乙中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不
变，则可以观察到U形管两边液面的高度差将 （选填“变
大”“变小”或“不变”）。
【解析】 在图乙中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，由
于液体密度变大，U形管两边液面的高度差将变大。
变大
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（3） 若在步骤（2）中，图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝6cm，
则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为 Pa（ρ水＝
1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
【解析】 图乙中，U形管左右两侧水面的高度差h＝6cm＝0.06m，则
橡皮管内气体的压强与大气压之差p＝ρ水gh＝
1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m＝600Pa。
600
1
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9. （2023·合肥蜀山模拟）在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验
中，小明用到了以下实验器材：弹簧测力计、圆柱体合金块、烧杯、适
量水和酒精。实验操作步骤和相关实验数据如图所示。（g取10N/kg，ρ
酒精＝0.8g/cm3）
第9题
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
（1） 小明根据图示的实验数据可计算出合金块的密度为 g/cm3。
【解析】 由图甲可知，合金块的重力G＝4N，则图丙中，合金块受到
的浮力F浮＝G－F＝4N－3N＝1N，合金块的质量m＝＝＝0.4kg
＝400g；因为合金块浸没，所以V合金＝V排；由阿基米德原理可知，合
金块的体积V合金＝V排＝＝＝1.0×10－4m3＝
100cm3，合金块的密度ρ合金＝＝＝4g/cm3。
4
1
2
3
4
5
6
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8
9
10
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12
13
（2） 分析本次实验，请你计算图戊所示实验中弹簧测力计的示数F戊
＝ N。
【解析】 由阿基米德原理可知，F浮'＝ρ酒精gV排＝
0.8×103kg/m3×10N/kg×1.0×10－4m3＝0.8N，则弹簧测力计的示数F
拉＝G－F浮'＝4N－0.8N＝3.2N。
3.2
1
2
3
4
5
6
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8
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11
12
13
10. （2024·马鞍山和县一模）物理兴趣小组在进行“探究浮力大小与哪
些因素有关”实验中，用弹簧测力计挂着一实心物体，如图a、b、c、
d、e分别为实验情景。
第10题
1
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11
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13
（1） 通过a、c两次实验，可知物体浸没在水中所受浮力大小
是 N。
【解析】 通过a、c两次实验可知，物体浸没在水中所受的浮力F浮水＝G
－Fc＝2N－1.5N＝0.5N。
0.5
1
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13
（2） 通过a、c、e实验，可探究物体所受浮力大小与 的
关系。
【解析】 由图a、c、e所示实验可知，物体排开液体的体积相同，液体
的密度不同，物体受到的浮力不同，所以该实验可以探究浮力大小与液
体密度的关系。
液体密度
1
2
3
4
5
6
7
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11
12
13
（3） 在某种液体中进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图f所示
弹簧测力计读数与物体下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度
为 kg/m3。
【解析】 实验步骤c中，物体受到的浮力F浮c＝G－Fc＝2N－1.5N＝
0.5N；实验步骤e中，物体受到的浮力F浮e＝G－Fe＝2N－1.6N＝
0.4N；因为物体均浸没在液体中，所以V排水＝V排液；由阿基米德原理
可知＝，则液体的密度ρ液＝×ρ水＝×1×103kg/m3＝
0.8×103kg/m3。
0.8×103
1
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3
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12
13
11. （2024·安徽模拟）在“探究浮力大小影响因素实验”中，器材有烧
杯、电子秤、气球、合金块、细线，实验的步骤如下：A. 在大烧杯中
装入适量的水，电子秤的示数如图甲所示；B. 将合金块和一个气球用
轻质细绳连接在一起后，将合金块浸没在水中，读出电子秤的示数如图
乙所示；C. 将合金块和气球一起浸没在水中，电子秤的示数如图丙所
示；D. 将合金块和气球继续往下放，电子秤的示数如图丁所示。
第11题
1
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10
11
12
13
（1） 图乙中，合金块所受水的浮力大小为 N。（g取10N/kg）
【解析】 图乙和图甲相比，图乙中电子秤示数增加值Δm＝218g－210g
＝8g，则烧杯对电子秤增加的压力ΔF＝G合金块－F拉；图乙中，合金块
受到的重力、浮力和拉力平衡，则F浮＝G合金块－F拉，即F浮＝ΔF＝Δmg
＝8×10－3kg×10N/kg＝0.08N。
0.08
1
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3
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6
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8
9
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11
12
13
（2） 对比丙、丁两图可知，物体受到浮力大小和
有关。
【解析】 对比丙、丁两图可知，液体的密度一定时，随着气球所处的
位置下降，气球所处的深度增大，水对气球的压强增大，气球的体积变
小，气球受到的浮力变小；合金块受到的浮力不变，电子秤的示数变
小，此时气球和合金块受到的浮力之和变小，由此说明：物体受到浮力
大小和排开液体体积有关。
排开液体体积
1
2
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13
12. （2024·蚌埠怀远二模）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中实
验装置如图所示，得到的数据如表所示。
第12题
物理量 1 2 3
钩码的重G/N 4 4 6
钩码上升高度h/m 0.1 0.1 0.1
绳端拉力F/N 1.8 1.6 2.4
绳端移动距离s/m 0.3 0.4
机械效率η/％ 74.1 62.5
1
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3
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12
13
（1） 通过表中数据可分析出第2次实验是用图 （选填“甲”或
“乙”）所示装置做的。
【解析】 第2次实验中，钩码升高0.1m，绳子自由端移动0.4m，说明
有4段绳子承担物重，所以第2次实验是用图乙所示装置完成的。
乙
第12题
物理量 1 2 3
钩码的重G/N 4 4 6
钩码上升高度h/m 0.1 0.1 0.1
绳端拉力F/N 1.8 1.6 2.4
绳端移动距离s/m 0.3 0.4
机械效率η/％ 74.1 62.5
1
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13
（2） 通过第1、2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提
升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的
机械效率 （选填“越高”“越低”或“不变”）。
【解析】 通过第1、2次实验的数据可知：使用不同的滑轮组提升相同
的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效
率越低。
越低
1
2
3
4
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6
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8
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11
12
13
（3） 小组同学再用第1次实验中使用的甲装置做第3次实验，表中第3
次实验中空缺的数据应为：绳端移动距离s＝ m，机械效率η
＝ （结果精确到0.1％）。
【解析】 由图甲可知，有3段绳子承担物重，即n＝3，则第3次实验
中，绳端移动的距离s＝3h＝3×0.1m＝0.3m，滑轮组的机械效率η＝
×100％＝×100％＝×100％≈83.3％。
0.3
83.3％
1
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13
13. （2024·蚌埠模拟）如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因
素有关”的实验中，将小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平
面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。
第13题
（1） 小球滚下斜面的过程中，它的 能转化为动能，其
动能大小是通过 （选填“木块”或“小球”）移动的距离
来反映的。
重力势
木块
1
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13
【解析】 小球滚下斜面的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减
小；速度增大，动能增大，小球的重力势能转化为动能；实验中，小球
的动能大小是通过木块移动的距离来反映的，木块移动的距离越远，小
球的动能越大。
（2） 分析比较甲、乙两次实验，可探究出的结论是： 相同的
物体， 越大，动能越大。
【解析】 分析甲、乙两图可知，质量相同的小球，释放的高度越高，
到达水平面的速度越大，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大。
质量
速度
1
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13
（3） 甲实验中，若将木块的初始位置向右移动一小段距离，若要小球
撞击木块后，木块移动的距离s甲'和s甲相等，小球在斜面上的高度应该
比原来 （选填“高”“低”或“相同”）。
【解析】 将木块的初始位置向右移动一小段距离，小球撞击木块后，
木块移动的距离s甲'和s甲相等，说明小球撞击木块时的动能相同，即小
球撞击木块时的速度相同；因为小球在水平面运动时受阻力的作用会做
减速运动，所以要使两次小球撞击木块时的速度相同，第2次实验时小
球在斜面上的高度应该比原来高。
高
1
2
3
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5
6
7
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10
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13
（4） 如果水平面光滑，那么 （选填“能”或“不能”）完成
本实验。
【解析】 如果水平面光滑，那么木块将做匀速直线运动，不能完成本
实验。
（5） 小球在撞击木块后没有立即停下来，是因为小球具有 。
【解析】 小球在撞击木块后没有立即停下来，是因为小球具有惯性。
不能
惯性
1
2
3
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5
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12
13(共26张PPT)
填空选择特训（一）
2025年安徽中考物理专题特训
一、 填空题（每小题2分，共20分）
1. （2024·合肥瑶海三模）“无风水面琉璃滑，不觉船移。微动涟漪，
惊起沙禽掠岸飞”是欧阳修描绘安徽颍州西湖美景的词句。如图所示为
一只水鸟平行于水面飞行的画面，若以水鸟的倒影为参照物，则水鸟
是 （选填“运动”或“静止”）的。
第1题
静止
【解析】 由平面镜成像特点可知，水鸟平行于水面飞行时，它在水中的像与水鸟的距离不变，以水鸟的倒影为参照物，水鸟的位置没有发生改变，水鸟是静止的。
1
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6
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17
2. （2024·六安金安三模）在音响和收音机上往往有“Volume”旋钮，
其作用是调节发出声音的 （选填“音调”“响度”或“音
色”）。
【解析】 音响和收音机上的“Volume”旋钮是通过改变电路中的电
流，调节发出声音的响度。
响度
1
2
3
4
5
6
7
8
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14
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17
3. （2024·芜湖模拟）如图所示，将一根玻璃管制成粗细不同的两段，
管的下方与一个装有部分水的连通器相通，当从管的一端吹气时，连通
器左端A液面高度 （选填“上升”“下降”或“不变”）。
第3题
下降
【解析】 对于流体而言，流速小的地方压强大，流速大的地方压强小。从管的一端吹气时，粗管中的空气流速小、压强大，细管中的空气流速大、压强小，A液面上方的气压较大，所以A液面高度将下降，B液面高度将会上升。
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17
4. （2023·宿州模拟）测某种液体的质量时，测出空杯质量是80g，杯和
液体的总质量如图所示，则杯中液体质量是 g。
第4题
【解析】 由图可知，杯和液体的总质量m总＝130.4g，空杯的质量是
80g，则杯中液体的质量m液＝m总－m杯＝130.4g－80g＝50.4g。
50.4
1
2
3
4
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17
5. （2023·合肥包河模拟）如图所示，一个物体AB位于薄凸透镜的焦点
以内（即u＜f）且与主光轴垂直放置，请在图中通过作特殊光路的方法
作出物体AB的像A'B'。（请保留作图痕迹）
如图所示
1
2
3
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6
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16
17
【解析】 从物体B点分别作出平行于主光轴与过光心的入射光线，根据
平行于凸透镜主光轴的光线折射后过焦点、过光心的光线不变向，作出
两条折射光线，反向延长折射光线，折射光线反向延长线的交点为像点
B'，过B'点作出主光轴的垂线段，垂足为A'，连接A'B'，即物体AB所成
的虚像。
1
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17
6. （2024·安徽模拟）如图所示，在光滑水平桌面上叠放着甲、乙两木
块，重力分别为20N和10N，用15N的水平拉力F拉动木块乙，恰好能使
木块乙向右做匀速直线运动，则甲受到的摩擦力是 N。
第6题
15
【解析】 用15N的水平拉力F拉动木块乙，恰好能使木块乙向右做匀速
直线运动，木块乙在水平方向上受力平衡；因为水平桌面光滑，桌面与
木块乙之间没有摩擦力，拉力F与木块甲对木块乙施加的滑动摩擦力互
相平衡，所以木块甲对木块乙施加的滑动摩擦力等于15N，因为物体间
力的作用是相互的，所以木块甲受到木块乙施加的摩擦力为15N。
1
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3
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17
7. （2024·芜湖模拟）身高相同的两兄弟用一根所受重力不计的均匀扁
担抬起一个900N的重物。已知扁担长为1.8m，重物悬挂点与哥哥的肩
之间的距离OA＝0.8m，如图所示。若以哥哥的肩为支点，则可得出弟
弟承担的压力为 N。
第7题
400
【解析】 以哥哥的肩为支点，即点A为杠杆的支点，由F1l1＝F2l2可
知，弟弟对杠杆的支持力F1＝＝＝400N；因为物体间力
的作用是相互的，所以弟弟承担的压力为400N。
1
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17
8. （2024·阜阳二模）如图所示为我国新发明的一种被称为挂在墙上的
“油田”——“碲化镉薄膜发电玻璃”。这种玻璃单片面积可达
1.92m2，每片每年可发电270kW·h。如果用火力发电，这些电能相当于
完全燃烧 kg煤炭放出的热量。（已知q煤炭＝3×107J/kg）
第8题
32.4
【解析】 由Q＝qm可知，这些电能相当于燃烧煤炭的质量m＝＝＝＝32.4kg。
1
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17
9. （2024·合肥包河三模）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关
S1、S2，电压表示数为9V，电流表示数为0.45A，此时断开S2，电压表
示数变化了3V，则定值电阻R2的阻值为 Ω。
第9题
10
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
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15
16
17
【解析】 由图可知，闭合开关S1、S2时，电阻R2被短路，只有电阻R1接
入电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量电源电压，则电源电压
U＝9V。由I＝可得，R1＝＝＝20Ω；断开S2后，定值电阻R1、
R2串联接入电路，电压表测量R1两端的电压，电压表示数变化了3V，
由串联电路电压特点可知，U1＝U－3V＝9V－3V＝6V，U2＝U－U1＝
9V－6V＝3V。由欧姆定律可知，此时电路中的电流I＝＝＝
0.3A，R2＝＝＝10Ω。
第9题
1
2
3
4
5
6
7
8
9
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11
12
13
14
15
16
17
10. （2024·宿州砀山二模）小灯泡的电流随电压的变化关系如图甲所
示，在如图乙所示电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.5W；
再闭合开关S1，电流表示数变化了0.4A，则通电100s，定值电阻R消耗
的电能为 J。
第10题
80
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
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15
16
17
【解析】 由图甲可知，当小灯泡的实际功率为0.5W时，UL＝2V，IL＝
0.25A；由图乙可知，只闭合开关S时，只有小灯泡接入电路，小灯泡
两端电压等于电源电压，即U＝UL＝2V；再闭合开关S1时，小灯泡和电
阻R并联接入电路，电流表测量干路电流，因为并联电路干路电流等于
各支路电流之和，所以电流表示数将变大；由题意可知，电流表示数变
化了0.4A，则通过电阻R的电流IR＝ΔI＝0.4A，定值电阻R通电100s消
耗的电能W＝UIRt＝2V×0.4A×100s＝80J。
1
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13
14
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16
17
二、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一
个选项是符合题意的）
11. （2023·淮北杜集模拟）如图所示为家庭电路的一部分，若在图中A
和B位置分别接入一盏灯泡和开关，下列相关说法正确的是（　B　）
A. 应在A处接开关，B处接灯泡
B. 双孔插座上接入电风扇后，与灯泡是并联的
C. 用测电笔接触插座的左孔，氖管会发光
D. 若控制灯泡的开关短路，则保险丝会熔断
第11题
B
1
2
3
4
5
6
7
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9
10
11
12
13
14
15
16
17
【解析】 开关应接在火线和灯泡之间，所以开关应接在B处、灯泡安装
在A处，故选项A错误；双孔插座上接入电风扇后，电风扇与灯泡是并
联的，故选项B正确；双孔插座的左孔接零线、右孔接火线，用测电笔
接触插座的左孔，氖管不会发光，故选项C错误；若控制灯泡的开关短
路，电路闭合，则保险丝不会熔断，故选项D错误。
1
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3
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6
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9
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13
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15
16
17
12. （2024·六安模拟）东北的美景，让很多南方人念念不忘，下列关于
其美景的说法不正确的是（　C　）
A. 南湖公园花草上的露珠是液化形成的
B. 严冬，音乐公园的雪人变小是升华现象
C. 冰雪大世界的冰雕用的冰是凝华形成的
D. 植物园树枝上的霜是凝华形成的
C
【解析】 露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故选项A正
确；雪人变小是冰吸热直接变成水蒸气造成的，是升华现象，故选项B
正确；冰雕用的冰是水遇冷凝固而成的，故选项C不正确；霜是空气中
气态的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故选项D正确。
1
2
3
4
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12
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16
17
13. （2024·安徽三模）下列属于光的反射现象的是（　B　）
A. 透过树叶的阳光 B. 粼粼波光
C. 铅笔好像被水“折断”了 D. 神奇的彩虹
B
【解析】 透过树叶的阳光属于光的直线传播，故选项A不符合题意；水
面上的粼粼波光是光的反射现象，故选项B符合题意；铅笔被水“折
断”是光的折射现象，故选项C不符合题意；彩虹的形成是光的色散现
象，是由光的折射形成的，故选项D不符合题意。
1
2
3
4
5
6
7
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9
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11
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13
14
15
16
17
14. （2024·亳州涡阳三模）如图所示为一种手摇LED照明灯，内有永磁
铁和线圈，转动摇把，LED照明灯就能发光。下列选项所示的四个实验
中，与此LED照明灯工作原理相同的是（　D　）
第14题
A. 磁场间有相互作用 B. 通电导线周围存在磁场
D
C. 通电导体在磁场中受力 D. 电磁感应现象
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
【解析】 手摇LED照明灯摇把转动过程中，线圈做切割磁感线运动，
电路中产生感应电流，使LED灯发光，属于电磁感应现象，故选项D符
合题意。
1
2
3
4
5
6
7
8
9
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17
15. （2024·安徽模拟）如图所示，用细线将小钢球悬挂起来，让其在竖
直平面内左右摆动。忽略空气阻力，下列关于小钢球运动过程的说法正
确的是（　D　）
A. 小钢球从A运动到O的过程中，动能转化为重力势能
B. 小钢球从A运动到B的过程中，机械能先增大后减小
C. 小钢球摆动过程中，随着位置改变，所受重力的大小和方
向也改变
D. 小钢球摆动到B点时受到的力是非平衡力
第15题
D
1
2
3
4
5
6
7
8
9
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17
【解析】 小钢球从A运动到O的过程中，小钢球的质量不变，高度减
小，重力势能减小；速度增大，动能增大，小钢球的重力势能转化为动
能，故选项A错误；忽略空气阻力，小钢球从A到B的过程中，机械能守
恒，故选项B错误；小钢球摆动过程中，重力的大小、方向不变，故选
项C错误；小钢球摆动到B点时，受到重力和拉力的共同作用，重力和
拉力不在同一直线上，所以此时小钢球受到的力是非平衡力，故选项D
正确。
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16. （2024·合肥庐阳模拟）如图所示为投掷实心球的场景（不计空气阻
力），实心球离开手后沿ABCD轨迹运动，最终静止在D位置。下列说
法中正确的是（　C　）
A. 实心球离开手后仍能向前运动，是因为受到手
的推力的作用
B. 实心球从A位置运动到B位置的过程中，受到平
衡力的作用
C. 实心球从B位置运动到C位置的过程中，速度增大，惯性不变
D. 实心球从C位置运动到D位置的过程中，速度减小，受到的摩擦力
减小
第16题
C
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【解析】 实心球离开手后不再受手的推力作用，实心球能够继续向前
运动是由于实心球具有惯性，故选项A错误；实心球从A位置运动到B位
置的过程中，运动方向发生改变，所以实心球没有受到平衡力的作用，
故选项B错误；物体的惯性只与物体的质量有关，实心球从B位置运动
到C位置的过程中，重力势能转化为动能，实心球的速度增大，但惯性
保持不变，故选项C正确；滑动摩擦力的大小与压力大小及接触面的粗
糙程度有关，实心球从C位置运动到D位置的过程中，克服摩擦对外做
功，动能转化为内能，实心球的速度减小，但滑动摩擦力保持不变，故
选项D错误。
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17. （2024·合肥三模）如图所示的电路中，电源电压不变，开关S由断
开到闭合后，下列说法错误的是（　A　）
A. 电压表V2的示数将增大
B. 电流表A的示数将增大
C. 电压表V1的示数与电流表A的示数的比值将不变
D. 电压表V1的示数与电流表A的示数的乘积增大
第17题
A
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17
【解析】 由图可知，开关S断开时，定值电阻R1、R2串联接入电路，电
流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2
两端的电压。开关S闭合后，定值电阻R2和电压表V2被短路，电路中只
有R1接入电路，电压表V1测量R1两端的电压，即电源电压。由串联电路
电压特点可知，开关S由断开到闭合后，电压表V1的示数变大，电压表
V2的示数变小，电流表A的示数变大，故选项A错误、选项B正确；电
压表V1的示数与电流表A的示数的比值为定值电阻R1的阻值，故选项C
正确；因为电压表V1、电流表A的示数都变大，所以其乘积增大，故选
项D正确。
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17(共28张PPT)
填空选择特训（二）
2025年安徽中考物理专题特训
一、 填空题（每小题2分，共20分）
1. （2024·安徽模拟）液氮保鲜是利用液氮低温的特性，迅速降低食品
的温度，使其中的水 （选填物态变化名称）成冰晶，从而在极
短的时间内将食品冷冻至极低温度。
【解析】 液氮保鲜是利用液氮低温的特性，迅速降低食品的温度，使
其中的水变成冰晶，是凝固过程，从而在极短的时间内将食品冷冻至极
低温度。
凝固
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2. （2024·芜湖模拟）教室的楼道上张贴有倡导同学们不要大声喧哗的
图文标志，让他们养成轻声讲话的文明习惯。从控制噪声的角度分析，
这是从 处减弱噪声。
【解析】 不要大声喧哗，从控制噪声的角度分析，是从声源处减弱
噪声。
声源
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3. （2024·合肥模拟）在家庭电路中，电灯与开关的连接要符合安全用
电的原则。请将图中的电灯与开关正确连接在电路中。
如图所示
【解析】 开关应该接在火线与电灯之间，电灯上端的金属块接火线，
螺纹接零线。
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4. （2024·合肥瑶海一模）如图是一静止在水面上的测量船利用声呐测
量海底深度的装置所显示的波形图，图中的两个波形分别是发出和接收
到的信号。已知发射信号持续时间为0.2s，声波在海水中的传播速度为
1500m/s，则该处海底深度为 m。
第4题
600
【解析】 由图可知，发射信号持续时间为0.2s，则声音
信号发射后经过了0.8s接收到反射回来的信号，所以声波
从海面到海底经过的时间t＝×0.8s＝0.4s；由v＝可得该
处海底的深度s＝vt＝1500m/s×0.4s＝600m。
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5. （2024·合肥瑶海三模）《庄子》是我国最早记载龙卷风现象的古
书，书中有“抟扶摇羊角而上者九万里”。龙卷风能将物体吸向中心，
是因为龙卷风 （选填“中心”或“边缘”）空气流速较大、压
强较小。
【解析】 龙卷风靠近中心的空气流速远大于边缘空气流速，其内部的
压强远小于外部压强，所以龙卷风能将物体吸向中心。
中心
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6. （2024·亳州利辛模拟）如图是用滑轮组提升建筑材料的示意图，动
滑轮质量为5kg，建筑材料质量为45kg。用拉力F将建筑材料匀速向上提
起，忽略绳重及摩擦，该滑轮组的机械效率为 。
第6题
90％
【解析】 由题意可知，若忽略绳重及摩擦，该滑轮组的机械
效率η＝×100％＝×100％＝×100％＝×100％＝×100％＝×100％＝90％。
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7. （2023·安庆怀宁二模）如图所示，停表的读数为3min s。
第7题
【解析】 分针指在3和4之间相对靠近4的位置，则秒针读数为38.3s。
38.3
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8. （2024·合肥包河三模）立夏时节，我国有的地方会用杆秤给小孩称
体重，俗称“立夏称人”，期望小孩健康成长。已知秤砣质量为
2.5kg，篮子质量为2kg，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态
（不计绳重和杆重），如图所示。此时OA＝5cm，AB＝45cm，则小孩
的质量为 kg。
第8题
18
【解析】 杆秤可看成一个杠杆，由题意可知，作用在杠杆A点的力等于
小孩和篮子的总重力，作用在杠杆B点的力等于秤砣的重力。由F1l1＝
F2l2可得m人和篮g×OA＝m秤砣g×OB，即m人和篮g×5cm＝m秤砣g×
（45cm－5cm），则m人和篮＝20kg，m人＝20kg－2kg＝18kg。
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9. （2024·宿州埇桥一模）如图是一种“手摇充电式手电筒”，握住它
上下摇动就能自动充电。从透明外壳可观察到内部有固定线圈，摇动时
内部有一个磁铁来回振动，该装置应用的原理是 。
第9题
【解析】 握住该手电筒并上下摇动时，其内部线圈相当于在磁场中做
切割磁感线运动，电路中产生感应电流，从而能够自动充电，所以该装
置应用的原理是电磁感应。
电磁感应
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10. （2024·安徽模拟）如图甲，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变
阻器滑片从b点滑到a点过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图
像如图乙所示，则该过程中电路总功率的最小值为 W。
第10题
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17
【解析】 由图甲可知：定值电阻R0与滑动变阻器R串联接入电路，电压
表V1测量定值电阻R0两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R两端的电
压。由图乙可知，电路中的电流I＝3A时，R和R0两端的电压均为6V，
由串联电路电源电压等于各分电压之和，得电源电压U总＝6V＋6V＝
12V；当滑动变阻器滑片滑到b点时，电路总电阻最大，电路中的电流
最小，为Imin＝1A，所以该过程中电路的总功率最小值Pmin＝U总Imin＝
12V×1A＝12W。
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二、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一
个选项是符合题意的）
11. （2024·蚌埠模拟）下列关于热现象的解释中，正确的是（　B　）
A. 冰熔化过程中温度保持0℃不变，内能不变
B. 腌鸭蛋，鸭蛋变咸说明分子在永不停息地运动
C. 火箭使用液态氢作为燃料，是因为液态氢含有的热量多
D. 内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容较大
B
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【解析】 冰熔化过程中，吸热且内能增加，温度保持0℃不变，故选项
A错误；腌鸭蛋，鸭蛋变咸说明分子在做永不停息的无规则运动，故选
项B正确；热量是过程量，不能用“含有”来进行表述，火箭使用液态
氢作为燃料是由于液态氢的热值较大，故选项C错误；内陆地区比沿海
地区昼夜温差大是由于砂石的比热容较小，在吸收或放出相同的热量
时，升高或降低的温度较多，故选项D错误。
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12. （2024·淮北杜集一模）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据
《武经总要》记载，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后
将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成
指南鱼。下列判断正确的是（　C　）
A. 鱼形铁不能被磁体吸引
B. 指南鱼周围存在磁感线
C. 指南鱼指南北是由于地球的周围存在地磁场
D. 指南鱼的腹部磁性最强
C
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【解析】 鱼形铁是用铁制成的，能够被磁体吸引，故选项A错误；指南
鱼被磁化后变成磁体，磁体周围存在磁场，磁感线是为了研究磁场方便
而假想出来的物理模型，实际上并不存在，故选项B错误；指南鱼是磁
体，受到地磁场的作用能够指南北，故选项C正确；指南鱼的磁极位于
鱼头、鱼尾，其两端磁性最强、中间部分磁性最弱，所以指南鱼的腹部
磁性最弱，故选项D错误。
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13. （2024·合肥庐江三模）如图，表面粗糙程度一样的斜面与水平面在
M点通过小圆弧相连，弹簧左端固定，原长时右端在N点，小物块从斜
面上P点由静止滑下，与弹簧碰撞后又返回到位于P点的下方，则小物块
（　C　）
A. 到达N点时，动能最大
B. 压缩弹簧过程中，对水平面的压强增大
C. 从P向N运动过程中，内能增加
D. 两次经过M点时的速度相等
第13题
C
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【解析】 水平面上小物块到达N点的过程中，受到阻力的作用做减速运
动，所以到达N点时，小物块的动能不是最大，故选项A错误；压缩弹
簧过程中，小物块对水平面的压力和受力面积不变，其对水平面的压强
也不变，故选项B错误；物体从P向N运动过程中，克服摩擦力对外做
功，部分机械能转化为内能，所以小物块从P向N运动过程中，内能增
加，故选项C正确；小物块第一次经过M点时的机械能大于第二次经过
M点时的机械能，小物块在M点时的重力势能为零，所以两次经过M点
时的动能不同，速度不相等，故选项D错误。
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14. （2023·亳州涡阳一模）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点
燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上得到烛焰清
晰的像（未画出）。下列说法正确的是（　D　）
A. 该凸透镜的焦距可能是20cm
B. 光屏上成倒立、放大的实像
C. 保持凸透镜不动，将蜡烛向右移动，光屏向左移动，可再次得到清
晰的像
D. 保持蜡烛和光屏不动，移动凸透镜到适当位置，光屏上可再次得到
清晰的放大的像
第14题
D
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【解析】 由图可知，u＝30cm，v＝15cm，u＞v；由凸透镜成像规律可
知，烛焰在光屏上成倒立、缩小的实像，此时u＞2f，f＜v＜2f，即
30cm＞2f，f＜15cm＜2f，则7.5cm＜f＜15cm，故选项A、选项B错
误；保持凸透镜不动，将蜡烛向右移动，物距变小，像距随之变大，光
屏向右移动可再次得到清晰的像，故选项C错误；由于在光的折射现象
中，光路可逆，保持蜡烛和光屏不动，移动凸透镜到适当位置，光屏上
可再次得到清晰的放大的像，故选项D正确。
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15. （2024·安庆潜山三模）如图所示，物体A放在粗糙水平面上，左边
用一根轻弹簧和竖直墙相连，静止时弹簧的长度小于原长，若再用一个
从零开始逐渐增大的水平力F向左推A，直到把A推动，弹簧对A的弹力
为FN、地面对A的摩擦力为f。在A被推动之前的过程中，下列说法正确
的是（　D　）
A. 水平力F和弹力FN是一对平衡力
B. FN和弹簧对墙的推力是一对相互作用力
C. FN保持不变，f逐渐增大
D. FN保持不变，f先减小后增大
第15题
D
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【解析】 由题意可知，物体A放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长
度小于原长，则弹簧对A的推力向右，物体A受到水平向左的静摩擦
力f。在A被推动之前的过程中，物体A水平方向受到的推力F、静摩
擦力f和弹力FN平衡，所以水平力F和弹力FN不是一对平衡力，故选
项A错误；FN和弹簧对墙的推力的施力物体都是弹簧，所以二者不
是一对相互作用力，故选项B错误；用一个从零开始逐渐增大的水
平力F向左推A，直到把A推动之前的过程中，物体A始终静止，弹
簧的形变程度不变，所以弹簧对A的弹力FN保持不变；物体A受到的
静摩擦力从水平向左变为水平向右，所以摩擦力f的大小先减小后增
大，故选项C错误、选项D正确。
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16. （2024·芜湖镜湖一模）小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的电
路中，两者的I－U关系图像如图乙所示，下列说法中正确的是
（　B　）
第16题
B
A. 图乙中曲线A表示的是电阻R的I－U关系
B. 当电流表示数为0.4A时，电源电压为4V
C. 当电源电压为6V时，小灯泡L的实际功率为3.6W
D. 如果将小灯泡L和电阻R串联接在电压为8V的电源两端，那么电路消
耗的总功率为2W
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【解析】 定值电阻R的I－U关系图像应是一条直线，故选项A错误；由
图甲可知，小灯泡L和定值电阻R以并联方式接入电路，由并联电路电
压特点可知，小灯泡L和定值电阻R两端的电压均为4V时，由图像可
知，通过小灯泡L和定值电阻R的电流分别为IL＝0.3A，IR＝0.1A，则
干路电流I＝IL＋IR＝0.3A＋0.1A＝0.4A，故选项B正确；由图像可
知，电源电压为6V时，通过小灯泡L的电流IL'＝0.35A，小灯泡L的实
际功率PL'＝UIL'＝6V×0.35A＝2.1W，故选项C错误；
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由图像可知，如果将小灯泡L和定值电阻R串联在电源两端，通过电路
的电流为0.2A时，灯泡L两端的电压为2V，定值电阻R两端的电压为8V，
此时电路总电压U'＝UL＋UR＝2V＋8V＝10V，则电路消耗的总功率P＝
U'I'＝10V×0.2A＝2W，所以如果把小灯泡L和定值电阻R串联在8V的
电源两端，那么电路消耗的总功率小于2W，故选项D错误。
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17. （2024·合肥二模）热爱物理的小新同学在家制作了一个简易台秤，
用来测物体质量。内部电路如图甲所示，电源电压为18V，定值电阻R0
为30Ω，电阻R为力敏电阻，其阻值与所受压力的变化情况如图乙所
示，被测物体A放在R上方的托盘（绝缘体）里，电压表的量程为0～
15V，电压表的表盘被改装为台秤的示数。以下分析正确的是
（　D　）
D
第17题
A. 力敏电阻的阻值随压力的增大而增大
B. 物体的质量越小，通过电路中的电流越大
C. 物体的质量越小，电路的总功率越大
D. 在保证电路安全的情况下，该台秤所能称量物体的最大重力为100N
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【解析】 闭合开关，两电阻以串联方式接入电路，电压表测量定值电
阻R0两端的电压。由图乙可知，力敏电阻的阻值随压力的增大而减小，
故选项A错误；物体的质量越小，压力越小，力敏电阻的阻值越大，由
欧姆定律可知，电路中的电流越小；由P＝UI可知，电路的总功率越
小，故选项B、选项C错误；
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由于串联电路电流处处相等，电压表的量程为0～15V，由欧姆定律可
知：当电压表的示数最大为15V时，通过电路的电流最大，最大电流I0
＝＝＝0.5A，此时力敏电阻两端的电压UR＝U－U0＝18V－15V＝
3V，则力敏电阻的阻值R'＝＝＝6Ω；由图乙可知：此时力敏电阻
受到的压力为100N，则该台秤所能称量物体的最大重力为100N，故选
项D正确。
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17(共20张PPT)
新题型特训（一）　新情境、新素材
专题特训
1. （2024·山西，3分）如图是为了纪念老红军谢宝金而立的铜像。在长
征途中他背着一台68kg的发电机走完全程，创造了长征路上的奇迹。以
下与这台发电机质量最接近的是（　D　）
A. 一支铅笔 B. 一本物理教科书
C. 一个篮球 D. 一名中学生
第1题
D
【解析】 一支铅笔的质量约为10g，故选项A不符合题意；一本物理教
科书的质量约为200g，故选项B不符合题意；一个篮球的质量约为
550g，故选项C不符合题意；一名中学生的质量约为60kg，故选项D符
合题意。
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2. （2024·山西，3分）如图所示为科技小组制作的“火焰琴”。展示
时，试管中金属丝和空气被加热，堵住或松开塑料管上不同的孔能发出
不同声音。下列说法正确的是（　C　）
A. 琴声不是由物体振动产生的
B. 琴声在真空中传播速度最大
C. 琴声是通过空气传入人耳的
D. 按压不同的孔可以改变音色
第2题
C
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【解析】 声音的产生来自发声体的振动，“火焰琴”的声音是由塑料
管内空气柱振动产生的，故选项A错误；声音的传播需要介质，真空不
能传声，故选项B错误；琴声是通过空气传入人耳的，故选项C正确；
声音的音色与发声体的结构、发声方式等因素有关，按压不同的孔，塑
料管内空气柱的长度发生改变，声音的音调发生改变、音色不变，故选
项D错误。
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3. （2024·泸州，3分）蒸馏法在酿酒过程中得到广泛应用，如图所示为
蒸馏过程中的原理图，烧瓶内装有含酒精和水的酒糟，在蒸馏的过程
中，涉及的物理知识说法正确的是（　C　）
A. 在烧瓶内，酒精沸腾，瓶中的酒精升华需要吸热
B. 在烧瓶内，仅酒精沸腾，瓶中的水不会发生汽化
C. 在冷凝器处，管内酒精蒸气遇冷液化，需要放热
D. 在冷凝器处，管外的冷却水吸收热量，内能不变
第3题
C
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【解析】 在烧瓶内，酒精沸腾，瓶中的酒精汽化需要吸热，故选项A错
误；汽化有两种方式：蒸发和沸腾，蒸发可以在任何温度下发生，烧瓶
内的水会发生蒸发，故选项B错误；在冷凝器处，管内酒精蒸气遇冷液
化放热，故选项C正确；在冷凝器处，管外的冷却水吸收热量，内能增
加，故选项D错误。
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4. （2024·泸州，3分）泸州籍运动员在杭州亚运会上获得女子龙舟赛项
目三枚金牌。图甲为常用坐姿划船训练器械，其简化原理如图乙所示。
已知动滑轮质量为10kg，配重质量为50kg，不计绳重和摩擦。某次训练
过程中，运动员两只手分别从A、B端同时施加拉力将配重匀速提起，每
提升一次，配重上升0.8m。g取10N/kg，则下列说法中正确的是
（　D　）
D
第4题
A. 将配重匀速提升过程中，配重的机械能保持不变
B. 将配重匀速提升过程中，A端绳子的拉力为600N
C. 运动员将配重匀速提升0.8m，其做功为400J
D. 运动员每分钟提升配重15次，其平均功率为120W
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【解析】 动能和势能统称为机械能。将配重匀速提升过程中，配重
的质量不变，速度不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，则
配重的机械能变大，故选项A错误；配重的重力G配＝m配g＝
50kg×10N/kg＝500N，动滑轮的重力G动＝m动g＝10kg×10N/kg＝
100N；由图乙可知，有2段绳子承担物重，若不计绳重和摩擦，则A
端绳子的拉力FA＝（G配＋G动）＝×（500N＋100N）＝300N，
故选项B错误；运动员将配重匀速提升0.8m，所做的功W＝FAs＝
FAnh＝300N×2×0.8m＝480J，故选项C错误；
运动员每分钟提升配重15次，做的功W总＝15W＝15×480J＝7200J，
则其平均功率P＝＝＝120W，故选项D正确。
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5. （2024·福建，2分）质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电
子秤上，如图甲；接着把草莓轻放入水中，草莓漂浮，如图乙；然后用
细针将草莓轻压入水中，如图丙；水均未溢出，电子秤示数依次为m1、
m2、m3，不计细针体积。下列判断正确的是（　C　）
第5题
C
A. 图甲中，水对杯底的压力为（m1－m0）g
B. 图乙中，草莓的质量为m2－m1－m0
C. 图丙中，草莓排开水的体积为
D. 图丙中，细针对草莓的压力为（m3－m2－m0）g
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【解析】 图甲中，水的重力G水＝（m1－m0）g，杯子“上大下小”，
水对杯底的压力小于水的重力，即F＜（m1－m0）g，故选项A错误；
图乙中，因为草莓处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，即F浮＝G草
莓；由阿基米德原理可知，草莓受到的浮力F浮＝G排＝（m2－m1）g，所
以草莓的质量m草莓＝m2－m1，故选项B错误；由阿基米德原理可知，草
莓浸没时排开水的体积V排＝＝＝，故选项C正
确；图丙中，草莓处于静止状态，受到的重力、浮力和压力平衡，则细
针对草莓的压力F'＝F浮'－G草莓＝F浮'－m草莓g＝（m3－m1）g－（m2－
m1）g＝（m3－m2）g，故选项D错误。
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6. （2024·滨州，2分）篆刻艺术是镌刻在中华艺术文脉上的古老印记，
作为国粹之一，被联合国教科文组织列入《人类非物质文化遗产代表作
名录》。如图所示，一位艺术家正在篆刻一枚方章，与篆刻前相比，篆
刻后方章的质量 ，密度 。（选填“变大”“变小”或
“不变”）
第6题
变小
不变
【解析】 与篆刻前相比，篆刻后方章的质量变小；
密度是物质的一种属性，篆刻后方章的密度不变。
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7. （2024·深圳，3分）如图，用航标灯发出的光来让海上的船只看
清方位说明光能传递 ，图中 是正极，是 能
转换为电能。
第7题
信息
碳
化学
【解析】 光在同种均匀介质中沿直线传播，用航标灯发出的光来让海
上的船只看清方位说明光能传递信息；电源外部，电流从电源的正极出
发回到负极；由图可知，碳是正极，电池将化学能转化为电能。
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8. （2024·广州，5分）如图，光线a（图中未画出）射到平面镜
上，其反射光线b平行于凸透镜的主光轴，b经凸透镜折射后，射到
屏上的A点。
第8题
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（1） ① 画出光线a。
② 画出光线b经凸透镜折射后的光路，并标出凸透镜右侧的焦点F。
如图所示　
【解析】 ① 先过入射点作出法线，则反射角等于45°，由光的反射定
律可知，入射角等于45°，由此可作出入射光线，即光线a。② 平行于
主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，据此作出光线b经凸透镜折射后
的光路，折射光线与主光轴的交点为凸透镜右侧的焦点F。
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（2） 保持光线a不变，若平面镜转动角度小于90°，则
（选填“顺时针”或“逆时针”）转动平面镜，可使a的反射光线通过
凸透镜光心O。
【解析】 保持光线a不变，若平面镜转动角度小于90°，若逆时针转动
平面镜，则入射角增大，反射角随之增大，反射光线向上偏转，反射光
线不会通过凸透镜光心O；若顺时针转动平面镜，则入射角减小，反射
角随之减小，反射光线向下偏转，转过合适的角度，反射光线会通过凸
透镜光心O。
顺时针
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9. （2024·宿迁，9分）新房装修时，工人经常用普通量角器测量一些角
度，不方便读数。小明根据所学的知识设计了电子量角器，电路如图所
示，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，O为半圆弧电阻
MN的圆心，金属滑片OP为半径，与半圆弧接触良好，接入电路的电阻
RMP（相当于一变阻器）与指针旋转角度θ成正比，电源电压恒为6V，R0
为电阻箱。将滑片OP旋转至M处，调节R0的阻值，使电路中电流为
0.6A。
第9题
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（1） 求电阻箱接入电路的阻值。
将滑片OP旋转至M处时，只有R0接入电路。由欧姆定律可得，电阻箱
接入电路的阻值R0＝＝＝10Ω　
第9题
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（2） 调节θ为90°时，电流表示数为0.3A，求此时电压表示数。
由图可知，电阻箱R0与变阻器串联接入电路，电压表测量变阻器两端
的电压，电流表测量电路中的电流。调节θ为90°时，电流表示数为
0.3A，则R0两端的电压U0＝I'R0＝0.3A×10Ω＝3V，由串联电路电压
特点可得，此时电压表的示数UV＝U－U0＝6V－3V＝3V　
第9题
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（3） 为能满足测量0～180°的要求，重新调节电阻箱R0，求满足要求
的R0的最小阻值。
设变阻器的最大阻值为R滑大，调节θ为90°时，变阻器接入电路的电阻
为R滑大，电路总电阻R总＝＝＝20Ω；由串联电路的电阻特点可
知，变阻器接入电路的电阻R滑大＝R总－R0＝20Ω－10Ω＝10Ω，
第9题
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则R滑大＝20Ω；由图可知，所测角度越大，变阻器接入电路的阻值越大，电压表示数越大，电阻箱两端的电压越小；当电压表的示数为最大值3V
时，R0两端的最小电压U0小＝U－UV大＝6V－3V＝3V；由串联电路分压
原理可知，电阻箱的最小阻值与滑动变阻器的最大阻值相等，即R0小＝
R滑大＝20Ω
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9(共33张PPT)
安徽专用
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填空选择特训（六）
专题特训
一、 填空题（每小题2分，共20分）
1. （2024·合肥模拟）2024年4月26日，神舟十八号与中国空间站完成自
主快速交会对接，对接成功后，组合体围绕地球飞行的过程中，以地面
为参照物，神舟十八号是 （选填“运动”或“静止”）的。
第1题
运动
【解析】 神舟十八号与中国空间站对接成功后，组合体
围绕地球飞行的过程中，神舟十八号与地面之间相对位置
发生改变，所以以地面为参照物，神舟十八号是运动的。
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2. （2024·滁州天长一模）声音是由物体的振动产生的，而声音的传播
过程实际上可以理解为将声源振动引发的振动形式逐步传递出去的过
程，所以声音的传播需要介质，同时声音在传播的过程中也必然蕴藏着
能量，这种能量的大小在 （选填“响度”“音调”或“音
色”）中得以体现。
【解析】 声音蕴藏着能量，这种能量的大小在响度中得以体现。
响度
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3. （2024·六安金寨一模）关于竹蜻蜓的记载最早见于晋朝葛洪所著的
《抱朴子》一书中。如图所示，当旋转竹蜻蜓时，叶片上方的气流速度
大于下方的气流速度，从而使叶片上表面的压强 （选填“大
于”或“小于”）下表面的压强，形成压力差，推动竹蜻蜓飞行。
第3题
小于
【解析】 竹蜻蜓的叶片上表面凸起，旋转时，流过叶片上方的气流速度较大，压强较小；流过叶片下方的气流速度较小，压强较大；在叶片上、下表面产生压强差，形成向上的升力，推动竹蜻蜓飞行。
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4. （2024·安庆潜山三模）如图所示为甲、乙两种物质的质量随体积变
化的图像，用一个瓶子分别装满甲、乙两种液体时，瓶子和液体的总质
量之差为60g，则瓶子的容积为 cm3。
第4题
80
【解析】 由图可知：甲、乙两种液体的体积
V＝80cm3时，m甲＝40g，m乙＝100g，则甲、乙两种
液体的密度分别为ρ甲＝＝＝0.5g/cm3，
ρ乙＝＝＝1.25g/cm3；用一个瓶子分别装满甲、乙两种液体时，瓶子和液体的总质量之差为60g，即m乙总－m甲总＝m乙'－m甲'＝ρ乙V容－ρ甲V容＝60g，V容＝80cm3。
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5. （2024·合肥模拟）如图所示，光源S发出的一条光线射向水面，在水
面处发生反射和折射，反射光线经过点A，折射光线经过点P，请你作出
确定入射光线、反射光线和折射光线的完整光路图（保留作图痕迹）。
如图所示
【解析】 根据平面镜成像特点作出点光源S在水中的像点S'，连接
AS'，其与水面的交点就是入射点O。分别连接SO、OA、OP，即可得
到入射光线、反射光线和折射光线。
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6. （2023·焦作孟州模拟）如图甲所示，用10N的水平推力F1推动物
体，使物体沿水平方向向右做匀速直线运动。若要使同一物体在相同的
水平面向左做匀速直线运动，如图乙所示，则需再施加水平向左的拉力
F2＝ N。
第6题
20
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【解析】 物体沿水平方向向右做匀速直线运动时，受到的水平推力F1
和滑动摩擦力f互相平衡，则f＝F1＝10N；使同一物体在相同的水平面
向左做匀速直线运动时，物体受到的推力F1、滑动摩擦力f、拉力F2平
衡，则F2＝F1＋f；滑动摩擦力的大小与压力的大小及接触面的粗糙程
度有关，所以物体水平向左运动或水平向右运动时，受到的滑动摩擦力
保持不变，则F2＝F1＋f＝10N＋10N＝20N。
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7. （2024·安徽模拟）图（a）是常用的移动指示牌，其侧视图如图
（b）所示，其中AB为指示牌的牌面，BE和CD为支架，AB＝80cm，BE
＝60cm，CD＝50cm，且E为CD中点。各部分材料均是质地均匀的，总
重力为100N。如图（c）所示，当有风吹过，风力等效垂直作用于板面
中间，要使指示牌不被吹倒时，最大作用风力不能超过 N。
25
第7题
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【解析】 80cm＝0.8m，60cm＝0.6m，50cm＝0.5m。由图（c）可
知：指示牌可以看作一个杠杆，指示牌被风吹倒时，支点为C点，风力
为动力，指示牌的重力为阻力，动力臂l1＝AB＋BE＝×0.8m＋0.6m
＝1.0m，阻力臂l2＝CE＝×CD＝×0.5m＝0.25m；由杠杆平衡条件
可得，F×l1＝G×l2，即F×1.0m＝100N×0.25m，则F＝25N，所以要
使指示牌不被吹倒时，最大作用风力不能超过25N。
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8. （2024·芜湖无为二模）涂料的比热容大小主要影响着材料的散热性
能和干燥速度。某种8kg非膨胀防火涂料吸收4×104J的热量，温度可以
从15℃升高到20℃，则该防火涂料的比热容是 J/（kg·℃）。
【解析】 由Q＝cmΔt可得：该防火涂料的比热容c＝＝
＝1×103J/（kg·℃）。
1×103
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9. （2024·六安模拟）如图，小江为停车场设计了一个记录车辆数的自
动计数器，其简化电路如图甲所示，其中R1是光敏电阻，当汽车挡住射
向R1的红外线时，R1的电阻会变小为20Ω，这时自动计数器计数一次，
R2是定值电阻，已知电源电压为9V，某时段AB间的电压随时间变化的
图像如图乙所示，则R2的阻值为 Ω。
第9题
40
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【解析】 由图甲可知，R1、R2串联接入电路，R1是光敏电阻，当汽车
挡住射向R1的红外线时，R1的电阻变小，由串联电路分压原理可知，R1
两端的电压U1变小，R2两端的电压变大，即AB间输出的电压变大，此
时AB间输出的电压为6V，则＝，即＝，R2＝40Ω。
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10. （2024·淮南模拟）如图所示，电源电压为8V且保持不变，R1为定
值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关，当滑片在a、b两点间移动时，电
压表示数变化范围是2～4V，定值电阻R1消耗的电功率的变化量为
1.6W，则在此过程中电流表示数的变化量为 A。
第10题
0.16
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【解析】 由图可知，R1与R2串联接入电路，电压表测量R2两端的电
压，电流表测量电路中的电流。当滑片在a、b两点间移动时，电压表示
数变化范围是2～4V，则由串联电路的分压原理得，滑片在a点时电压
表的示数Ua＝4V，滑片在b点时电压表的示数Ub＝2V；因为串联电路总
电压等于各分电压之和，所以R1两端的电压分别为U1＝U－Ua＝8V－
4V＝4V，U1'＝U－Ub＝8V－2V＝6V；滑片在a、b两点间移动时，定
值电阻R1消耗的电功率的变化量为1.6W，则ΔP1＝－＝
－＝1.6W，R1＝12.5Ω；
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滑片在a点时，电路中的电流Ia＝＝＝0.32A；滑片在b点时，电
路中的电流Ib＝＝＝0.48A，所以电流表示数变化量ΔI＝Ib－Ia
＝0.48A－0.32A＝0.16A。
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二、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一
个选项是符合题意的）
11. （2024·芜湖镜湖一模）如图是家庭电路的一部分电路，下列说法中
正确的是（　D　）
A. M为零线，N为火线
B. 测电笔笔尖接触插座右孔，氖管不能发光
C. 开关S闭合时，测电笔笔尖接触A、B两点，氖管均不
能发光
D. 当C、D两点间开路时，S闭合，测电笔笔尖接触D时氖管发光
第11题
D
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【解析】 由插座的接线方法可知，M为火线，N为零线，故选项A
错误；插座右孔接的是火线，用测电笔笔尖接触插座右孔，氖管能
发光，故选项B错误；开关S闭合时，A点与火线相连，B点与零线
相连，所以测电笔笔尖接触A点时氖管会发光，接触B点时氖管不会
发光，故选项C错误；当C、D两点间开路时，相当于零线开路，S
闭合，此时D点通过灯泡与火线相连，用测电笔笔尖接触D点时氖管
会发光，故选项D正确。
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12. （2024·合肥包河模拟）如图甲为观察海波熔化特点的实验装置，图
乙为海波熔化时记录下的温度随时间变化的图像，下列说法中错误的是
（　A　）
第12题
A
A. 由图乙可知，海波熔化过程用时12min
B. 图甲中利用水浴法加热，目的是让海
波受热均匀
C. 由图乙知，海波在6min至12min内温度保持不变，内能增大
D. 由图乙知，海波为晶体，熔点为48℃
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17
【解析】 由图乙可知，6～12min海波处于熔化过程；海波在熔化过程
中，吸收热量，内能增加，温度保持48℃不变，所以海波是晶体，熔化
过程用时6min，故选项A错误，选项C、选项D正确；图甲中利用水浴
法加热，目的是让海波受热均匀，故选项B正确。
1
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13. （2024·蚌埠怀远二模）下列四幅光路图能正确解释对应生活中的现
象的是（　B　）
第13题
B
A. 图甲：岸上的人看见水中的物体
B. 图乙：物体通过小孔形成实像
C. 图丙：光从室外透过窗户玻璃进入室内
D. 图丁：人观察对岸的树木在水中的倒影
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【解析】 图甲：岸上的人看见水中的物体是物体反射的光由水中斜射
入空气时发生折射造成的，此时折射角大于入射角，故选项A错误；图
乙：小孔成像是由光的直线传播造成的，故选项B正确；光线通过玻璃
砖再进入空气先后发生两次折射，光从空气斜射入玻璃中，折射角小于
入射角，光从玻璃斜射入空气中，折射角大于入射角，故选项C错误；
平静的水面相当于平面镜，人观察对岸的树木在水中的倒影是光的反射
现象，故选项D错误。
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14. （2024·安徽模拟）课外活动小组制作电磁驱动“小车”：把铜制裸
导线密绕成长螺线管当作轨道，固定在水平桌面上；将两个强磁铁固定
在一节新干电池的两极上制成“小车”，磁极与电极的位置关系如图所
示。把“小车”从右侧入口完全推入螺线管，“小车”自动向前运动到
达左侧。关于小车运动的工作原理，下列说法中正确的是（　C　）
C
A. 调换干电池的正、负极，其他条件不变，
“小车”仍能从右至左运动
B. 调换两个强磁体磁极，其他条件不变，
“小车”仍能从右至左运动
C. 电磁驱动“小车”的原理与扬声器工作原理类似
D. 电磁驱动“小车”的原理与电磁感应现象类似
第14题
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【解析】 电磁驱动“小车”的工作原理是通电导体在磁场中受到力的
作用，与扬声器的工作原理类似；通电导体在磁场中的受力方向与磁场
方向和电流方向有关，故选项C正确、选项D错误。调换干电池的正、
负极，其他条件不变，改变了线圈中的电流方向，力的方向发生改变，
所以电磁驱动“小车”不能从右侧自动到达左侧，故选项A错误；调换
两个强磁体磁极，其他条件不变，改变了磁场的方向，力的方向发生改
变，电磁驱动“小车”不能从右侧自动到达左侧，故选项B错误。
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15. （2024·滁州凤阳模拟）如图所示，小球由静止开始沿着粗糙的路面
从a点向d点自由运动，其中b和d两点在同一水平高度，下列说法错误的
是（　D　）
A. 小球从a到c加速下滑，重力势能转化为动能
B. 小球从c到d减速上坡，动能减小，重力势能增大
C. 小球从a到d的过程中，部分机械能转化为内能
D. 小球在b和d时重力势能和动能都相等
第15题
D
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【解析】 小球从a到c加速下滑，质量不变，速度增大，动能增大；
高度减小，重力势能减小，小球的重力势能转化为动能，故选项A
正确；小球从c到d减速上坡，小球质量不变，速度减小，动能减
小；高度增加，重力势能增大，小球的动能转化为重力势能，故选
项B正确；因为接触面粗糙，所以小球在运动过程中克服摩擦力对
外做功，部分机械能转化为内能，小球的机械能减小，故选项C正
确；由于接触面粗糙，小球从b运动到d的过程中，部分机械能转化
为内能，所以小球在b点的机械能大于在d点的机械能；因为b和d两
点在同一水平高度，所以小球在b和d时重力势能相同，小球在b点
的动能大于在d点的动能，故选项D错误。
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16. （2024·亳州二模）如图所示的无人驾驶小巴，在杭州亚运会期间为
参赛选手、观众、工作人员等提供优质的服务。技术人员在操作时，让
其在各个场馆内平直公路上匀速行驶，则下列说法正确的是（　C　）
A. 小巴向前运动的过程中牵引力小于阻力
B. 若小巴所受外力全部消失，它将保持静止
C. 小巴的重力和地面对小巴的支持力是一对平衡力
D. 小巴对地面的压力和小巴的重力是一对相互作用力
第16题
C
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【解析】 无人驾驶小巴在平直公路上做匀速直线运动，水平方向受
到的牵引力与阻力互相平衡，二者大小相等，故选项A错误；由牛
顿第一定律可知，若小巴所受外力全部消失，小巴将做匀速直线运
动，故选项B错误；小巴受到的重力和地面对小巴的支持力作用在
同一物体、同一直线上，大小相等、方向相反，二者互相平衡，故
选项C正确；小巴对地面的压力和小巴的重力方向相同，二者不是
相互作用力，故选项D错误。
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17. （2024·合肥包河三模）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1为
定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下
列分析正确的是（　B　）
A. 电压表V的示数变大，电流表A的示数变小
B. 电阻R1的电功率不变，电路的总电功率变小
C. 电压表V的示数变小，电流表A的示数变大
D. 电阻R1的电功率变小，电压表与电流表示数之比不变
第17题
B
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【解析】 由图可知，定值电阻R1、滑动变阻器R2以并联方式接入电
路，电流表A测量干路电流，电压表V测量电源的电压，所以电压表V
的示数保持不变；当滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，滑动变阻器接
入电路的电阻变大，电路中的电流变小；由于并联电路各支路互不影
响，所以通过R1的电流不变；由并联电路电流特点可知，干路中的电流
减小，即电流表A的示数减小；定值电阻R1两端的电压不变，通过它的
电流不变，由P＝UI可知，R1消耗的功率不变，电路消耗的总功率变
小；由于电压表示数不变、电流表示数变小，所以电压表与电流表示数
之比变大。综上可知，选项B正确。
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17(共25张PPT)
填空选择特训（三）
2025年安徽中考物理专题特训
一、 填空题（每小题2分，共20分）
1. （2024·阜阳二模）《天工开物》中记载了古人烧制硫黄的过程，如
图所示，将矿石堆放在炉内，炉顶倒扣鱼袋状边缘内卷的钵盂；矿石在
火的煅烧下，释放出的黄色蒸气遇到钵盂 （选填物态变化名
称）成黄色液体，经由凹槽流进小池凝结成硫黄。
第1题
液化
【解析】 矿石在火的煅烧下，释放出的黄色蒸气上升过程中遇到温度较低的钵盂，液化成黄色液体，黄色液体经过凹槽流进小池，最终凝固成硫黄。
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2. （2024·安庆二模）“石磬”是我国古代石制打击乐器，被称为“古
乐之祖”，演奏时用木槌敲击，发出古朴典雅的乐曲声。如图所示，用
同样的力敲击长短不同的石磬，所产生声音的 （选填声音的特
性名称）不同。
第2题
【解析】 用同样的力敲击长短不同的石磬，石磬振动的频率不同，所
产生声音的音调不同。
音调
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3. （2024·合肥模拟）如图所示为两个不同种类的物质在摩擦时，原子
之间电荷转移情况的示意图。产生该现象的原因是A物质原子核束缚核
外电子的本领弱，则A物质将 （选填“带正电”“带负电”
或“不带电”）。
第3题
带正电
【解析】 摩擦起电的实质是电子的转移。由题意可知，A物质原子核束
缚核外电子的本领较弱，在与B物质的摩擦过程中，A物质失去电子带
正电，B物质得到电子带负电。
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4. （2023·滁州全椒三模）如图所示，AB、CD是平面镜前一点光源S发
出的光线经平面镜MN反射后的两条反射光线，请在图中标出光源S和像
点S'的位置，并完成光路图。
如图所示
【解析】 将两条反射光线反向延长交于一点S'，则点S'为光源S在平面
镜中所成的像；根据平面镜成像特点，作出点S'的对称点S，即光源S的
位置，连接S与两个入射点作出两条入射光线。
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5. （2024·亳州利辛模拟）小明用自制的电磁小船（如图所示）放在水
中判断方向。开关S闭合前，小船船头（右端）指向东边。闭合开关S，
船头在地磁场的作用下，将 （选填“顺时针”或“逆时
针”）偏转。
第5题
顺时针
【解析】 由安培定则可知，开关S闭合后，通电螺线管的左端为N极、
右端为S极，则船头（右端）为S极，由于地磁N极在地理南极附近，因
此船头在地磁场的作用下，将顺时针偏转。
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6. （2024·合肥庐江一模）如图所示，让一条形磁铁由静止释放，不考
虑空气阻力，当条形磁铁穿过线圈时，线圈中有电流产生。在这个过程
中，条形磁铁的机械能 （选填“增加”“减小”或“不
变”）。
第6题
【解析】 条形磁铁下落过程中，部分重力势能转化为电能，条形磁铁
的机械能将减小。
减小
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7. （2023·宿州萧县模拟）一辆汽车在高速公路上以72km/h的速度匀速
行驶，行驶过程中汽车发动机的输出功率始终为23kW，发动机的效率
为25％。在汽车行驶20km的过程中，消耗的汽油为 kg。（汽油的
热值为4.6×107J/kg）
2
【解析】 v＝72km/h＝20m/s，由v＝ 可得：汽车行驶的时间t＝＝
＝1000s；由P＝可得：发动机做的功W＝Pt＝
23×103W×1000s＝2.3×107J；由η＝×100％可得：消耗汽油完全燃
烧放出的热量Q放＝＝＝9.2×107J；由Q放＝mq可得：消耗汽
油的质量m＝＝＝2kg。
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8. （2024·合肥瑶海三模）如图所示，工人利用轻质滑轮组水平匀速搬
运货物A，已知该滑轮组的机械效率为75％，货物A与地面的摩擦力为
30N，则工人施加在绳子端的拉力F为 N。
第8题
【解析】 由图可知，n＝2，由η＝×100％＝×100％＝×100
％＝×100％可知：拉力F＝＝＝20N。
20
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9. （2024·宣城模拟）如图所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑
动变阻器的阻值为10Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作，
若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电1min电流通过电动机内部线圈
产生的热量是 J。
第9题
4.8
【解析】 由图可知：滑动变阻器R与电动机串联接入
电路，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路
中的电流。由串联电路电压特点可知：滑动变阻器R两端
的电压UR＝U－UM＝10V－8V＝2V，因为串联电路电流处
处相等，则IM＝IR＝＝＝0.2A，所以通电1min电流通过电动机内部线圈产生的热量Q＝RMt＝（0.2A）2×2Ω×1×60s＝4.8J。
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10. （2024·宿州埇桥一模）如图所示，某同学在探究液体压强的影响因
素前检查U形管压强计的气密性，此时左右两管液面的高度差为12cm，
则右管液面上方气压和左管液面上方气压的差是 Pa。（U形管
中液体的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
第10题
【解析】 由题意可知，右管液面上方气压和左管液面上方气压的差p＝
ρ液gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m＝1200Pa。
1200
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二、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一
个选项是符合题意的）
11. （2024·合肥模拟）2023年5月11日5时16分，天舟六号货运飞船成功
对接于空间站天和核心舱后向端口，与天宫空间站形成组合体在轨运
行。下列说法正确的是（　B　）
A. 天舟六号的太阳能帆板利用的太阳能属于不可再生能源
B. 在对接过程中，天舟六号运送的货物惯性不变
C. 对接后，航天员与地面指挥中心利用超声波进行交流
D. 太空中温度极低，天舟六号的内能为零
B
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【解析】 太阳能属于可再生能源，故选项A错误；物体的惯性只与质量
有关，对接过程中，天舟六号运送的货物质量不变，惯性不变，故选项
B正确；对接后，航天员与地面指挥中心利用电磁波进行交流，故选项
C错误；一切物体在任何情况下都有内能，故选项D错误。
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12. （2024·合肥瑶海模拟）甲、乙两车同时、同地向东出发做匀速直线
运动，两车的s－t图像如图所示。两车先后到达距出发点30m的A处，时
间差为Δt，下列说法中正确的是（　B　）
A. 以甲车为参照物，乙车向东运动
B. 甲车先到达A处，Δt＝5s
C. 乙车先到达A处，Δt＝20s
D. 甲、乙两车同时到达A处，Δt＝0
第12题
B
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【解析】 由图像可知，v甲＝＝＝3m/s，v乙＝＝＝2m/s。
甲、乙两车都向东运动且甲车的速度大于乙车的速度，所以甲车在前、
乙车在后，以甲车为参照物，乙车向西运动，故选项A错误；由v＝可
知，甲车先到达A处，则－＝Δt，所以Δt＝－＝5s，故选项
B正确，选项C、选项D错误。
第12题
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13. （2024·淮北二模）小明将皮球竖直向上抛出，如图所示，虚线为皮
球运动的轨迹。若空气的阻力不能忽略，则下列说法中正确的是
（　A　）
A. 皮球在上升过程中运动状态不断改变
B. 皮球在上升过程中只受到重力的作用
C. 皮球在运动过程中受到的重力和上抛的力是一对平衡力
D. 当皮球到达最高点时，若所受的力全部消失，则皮球会竖直下落
第13题
A
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【解析】 皮球在上升过程中，速度变小，运动状态不断改变，故选项A
符合题意；若空气的阻力不能忽略，皮球在上升过程中受到重力、空气
阻力、浮力的共同作用，没有受到上抛的力，故选项B、选项C不符合
题意；由牛顿第一定律可知，皮球到达最高点时，速度为0，若受到的
力全部消失，则皮球将处于静止状态，故选项D不符合题意。
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14. （2023·合肥庐阳二模）被斜向上抛出的小球在空中飞行过程中经过
不同位置时的能量情况如图所示，下列判断中错误的是（　D　）
A. 经过B、D两位置时，小球的高度相同
B. 经过B、E两位置时，小球的速度大小相同
C. C位置可能为最高点
D. 从A位置到B位置的过程中，小球的动能变化量小于重力势能变化量
第14题
D
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【解析】 由图可知，B、D两位置，小球的重力势能相同，所以B、D两
位置的高度相同，故选项A正确；动能的大小与物体的质量和速度有
关，B、E两位置动能相同，所以经过B、E两位置时小球的速度大小相
同，故选项B正确；重力势能的大小与物体的质量和高度有关，由于C
位置小球的重力势能最大，所以C位置可能为最高点，故选项C正确；
小球在E位置的机械能小于在A位置的机械能，说明整个过程中小球的
机械能减小，小球从A位置到B位置的过程中，小球的重力势能增大、
动能减小，机械能减小，说明小球动能的变化量大于重力势能的变化
量，故选项D错误。
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15. （2024·合肥蜀山二模）如图所示，电源两端电压保持不变，闭合开
关S后，电路正常工作，过了一会儿，突然其中一盏灯熄灭，两表示数
都变大，则电路出现的故障可能是（　D　）
A. 灯L1开路 B. 灯L1短路
C. 灯L2开路 D. 灯L2短路
第15题
D
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【解析】 由图可知，灯L1、L2串联接入电路，电流表测量电路中的电
流，电压表测量灯L1两端的电压。若灯L1开路，电流表示数变为零，电
压表测量电源电压，电压表有示数，故选项A错误；若灯L1短路，电压
表被短路，示数变为零；电源电压不变，总电阻变小，电流表示数变
大，故选项B错误；若灯L2开路，电流表和电压表示数都变为零，故选
项C错误；若灯L2短路，电压表测量电源电压，其示数变大；电路总电
阻减小，电路中的电流增大，则电流表示数增大，故选项D正确。
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16. （2024·合肥庐阳二模）为减轻化石能源危机和保护环境，我国建立
起了具有自主知识产权的电动汽车全产业链技术体系。国产新型电动汽
车具有“动力系统”和“能量回收系统”两部分，关于下列两图的说法
正确的是（　D　）
第16题
D
A. 甲图为电动汽车“能量回收系统”原理图
B. 乙图为电动汽车“动力系统”原理图
C. 甲图的工作原理是电磁感应
D. 乙图的工作原理是电磁感应
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【解析】 由图可知，甲图是电动机的模型，其原理是通电线圈在磁场
中受力转动；乙图是发电机的模型，其原理是电磁感应；“能量回收系
统”可以将车辆制动时的部分机械能转化为电能，其原理是电磁感应，
“能量回收系统”与发电机的原理相同，故选项A错误、选项D正确；
“动力系统”的主要部件是电动机，故选项B、选项C错误。
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17. （2024·安徽模拟）如图甲是某物理兴趣小组设计的简易坐位体前屈
测试仪的测试示意图，图乙是其简化电路原理图，在测试中电源电压不
变，测试的同学向前推动测试仪的滑块实际上是向右移动滑动变阻器的
滑片，装置利用某电表的大小来表示成绩的优劣，则（　A　）
第17题
A
A. 该装置用电压表的示数来反映
被测试者的成绩
B. 该装置用电流表的示数来反映被测试者的成绩
C. 电压表示数越大，该装置的功率越大
D. 被测试者成绩越好，电压表与电流表示数的比值越小
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【解析】 由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联接入电路，电压
表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。由题意可
知，被测试者成绩越好，滑动变阻器的滑片向右移动越多，滑动变阻器
接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端的电压变大，电压表示数变大；
当滑动变阻器接入电路的阻值变大时，电路总电阻变大，由欧姆定律可
知，电路中的电流变小，即电流表示数减小；综上可知，该装置用电压
表的示数来反映被测试者的成绩，故选项A正确、选项B错误；电压表
示数越大，电路中的电流越小，由P＝UI可知，该装置的功率越小，故
选项C错误；滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变大、电流
表的示数变小，电压表与电流表示数的比值变大，故选项D错误。
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17(共21张PPT)
新题型特训——跨学科实践
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·乐山，2.5分）中华典籍《周礼·考工记》中有“识日出之景与
日入之景”的记载，这是一种通过日出、日落时细杆的影子进行辨方正
位的方法，如图所示。这种方法依据的是（　C　）
A. 光的折射 B. 光的反射
C. 光的直线传播 D. 光的色散
第1题
【解析】 影子是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故选项C
正确。
C
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2. （2024·武汉，3分）北宋文学家欧阳修在一首词中有这样的描写：
“无风水面琉璃滑，不觉船移。”其中“不觉船移”所选的参照物可能
是（　A　）
A. 船在水中的倒影 B. 船周围的浮萍
C. 被船惊飞的鸟 D. 船附近岸边的花草
【解析】 “不觉船移”是指感觉船没有移动。船与周围的浮萍、被船
惊飞的鸟、船附近岸边的花草的相对位置发生了改变，以上述物体为参
照物，船是运动的；船与其在水中的倒影相对位置没有发生改变，则以
船在水中的倒影为参照物，船是静止的，故选项A符合题意。
A
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3. （2024·自贡，2分）在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选
种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　C　）
A. 种子上浮过程中，盐水对种子的压强变大
B. 漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C. 下沉的种子密度比盐水的密度大
D. 沉底的种子只受到重力和支持力
第3题
C
【解析】 种子在上浮过程中所处的深度不断减小，由p＝ρgh可知，该
过程中盐水对种子的压强变小，故选项A错误；由物体的浮沉条件可
知，漂浮的种子受到的浮力大小等于自身的重力，故选项B错误；由物
体的浮沉条件可知，下沉的种子密度比盐水的密度大，故选项C正确；
沉底的种子受到重力、支持力和浮力的共同作用，故选项D错误。
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4. （2024·滨州，3分）以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开
物》，其中说法正确的是（　D　）
D
A. 图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犂担”匀速转动的过程中，其运动状
态保持不变
B. 图乙“湿田击稻”中，用力甩稻秆，稻粒落入木桶中，是因为受到
惯性力
C. 图丙“北耕兼种”中，耧下端的“铁尖”是通过减小受力面积来增
大压力的
D. 图丁“长流漂米”中，水从高处流下，水的重力势能转化为动能
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【解析】 图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犂担”匀速转动的过程中，其
运动方向不断变化，则其运动状态发生改变，故选项A错误；图乙“湿
田击稻”中，用力甩稻秆，稻粒落入木桶中，是因为其具有惯性，惯性
不能用“受到”来表述，故选项B错误；图丙“北耕兼种”中，耧下端
的“铁尖”是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故选项C
错误；图丁“长流漂米”中，水从高处流下，质量不变，高度减小，重
力势能减小，速度增大，动能增大，水的重力势能转化为动能，故选项
D正确。
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5. （2024·河南，2分）甲骨文是中华民族珍贵的文化遗产。如图，甲骨
文“殸”，意指手持长柄，敲击乐器发声。这说明古人很早便知道声音
与碰击有关，蕴含了声音是由物体 产生的道理。请你写出一个
能表明这一道理的现象：
。
第5题
振动
正在发声的音叉可以激起水花（合理
即可）
【解析】 “手持长柄，敲击乐器发声”说明声音是由物体振动产生
的。将正在发声的音叉放入水中，音叉可以激起水花，说明正在发声的
音叉在振动。
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6. （2024·临夏，2分）中华诗词博大精深，“会挽雕弓如满月”——用
力拉弓，弓被拉满，说明力可以改变物体的 。“花气袭人知骤
暖，鹊声穿树喜新晴。”——人能闻到花香是 现象。
【解析】 用力拉弓，弓被拉满，说明力可以改变物体的形状。人能闻
到花香是扩散现象。
形状
扩散
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7. （2024·广东，3分）《本草纲目》记载：“琥珀如血色，以布拭热，
吸得芥子者真也。”“拭”指摩擦，“以布拭热”是通过 （选
填“做功”或“热传递”）的方式改变琥珀的内能。“吸得芥子”是由
于琥珀因摩擦带 而 轻小的芥子。
【解析】 “以布拭热”是通过做功的方式改变琥珀的内能。“吸得芥
子”是由于琥珀因摩擦起电，带上了电荷，从而能吸引轻小物体。
做功
电
吸引
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8. （2024·镇江，3分）液冷充电桩可以提高电动汽车的充电速度，充电
时导线产生的热量通过 的方式转移给周围流动的液体，物体
间温差越大，散热效果越好，则应 液体的流动速度。为了减少
充电时导线产生的热量，在保持充电时间和电流不变的情况下，应选用
长度相同、横截面积较 的铜导线。
【解析】 充电时导线产生的热量通过热传递的方式转移给周围流动的
液体，物体间温差越大，散热效果越好，所以应加快液体的流动速度；
由焦耳定律可知，在电流、通电时间相同的情况下，导体的电阻越小，
产生的热量越少，所以应选用长度相同、横截面积较大的铜导线。
热传递
加快
大
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9. （2024·无锡，3分）2024年3月20日，我国探月工程四期鹊桥二号中
继星成功发射，它通过 实现地球与月球背面的信息传递。如
图是中继星的星载天线缩比模型，形如“金色大伞”，“伞面”由高反
射率的“镀金钼丝”制成，能将信号 （选填“反射”或“折
射”）会聚到信号接收器，实现信息传输。“镀金钼丝”还具有热膨胀
系数低的性质，可以确保其在温度变化较大时 （选填“容易”
或“不易”）发生形变。
电磁波
反射
不易
第9题
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【解析】 电磁波可以在真空中传播，鹊桥二号中继星通过电磁波实现
地球与月球背面的信息传递。由图可知，中继星的星载天线可以将信号
反射到信号接收器，实现信息传输。“镀金钼丝”具有热膨胀系数低的
性质，从而能够确保其在温度变化较大时不易发生形变。
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10. （2024·新疆，6分）体脂率是指人体内脂肪的质量占人体总质量的
百分比。体脂秤通过测量人体的电阻并结合人体的身高、体重、年龄等
因素，经综合分析得出人的体脂率。
（1） 人运动时，存储在脂肪中的能量的一部分转化为人体的
（选填“内能”或“化学能”），导致人体温度升高。肌肉密度比脂肪
密度大，肌肉比脂肪更容易导电。若人的体脂率下降，体重不变，则人
体的密度 （选填“增大”或“减小”），人体的电阻
（选填“增大”或“减小”）。
内能
增大
减小
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【解析】 人运动时，脂肪中的部分能量转化为人体的内能，人体内能
增大，温度升高。人的体重不变，若体脂率下降，肌肉占比变大，由于
肌肉密度比脂肪密度大，会导致人体的密度变大；因为肌肉比脂肪更容
易导电，此时人体的电阻会减小。
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（2） 若小强的父亲在医院测体脂率时，加在两手之间的电压为5V，通
过的电流为2.5mA，则小强的父亲两手之间的电阻为 Ω。小强
的父亲两手之间的电阻 （选填“可能”或“不可能”）大于两
脚之间的电阻。小强的父亲经锻炼后质量从80kg降为78kg，体脂率从25
％降为20％，若肌肉的密度为1.12×103kg/m3，则小强的父亲增加的肌
肉的体积为 dm3（结果保留整数）。
2000
可能
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【解析】 由欧姆定律可得，小强的父亲两手之间的电阻R＝＝
＝2000Ω；因为肌肉比脂肪更容易导电，人体腿部肌肉一般比
手臂肌肉多，所以小强的父亲两手之间的电阻可能大于两脚之间的电
阻。由题意可知，增加的肌肉质量m＝78kg×（1－20％）－80kg×（1
－25％）＝2.4kg，则小强的父亲增加的肌肉的体积V＝＝
≈0.002m3＝2dm3。
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11. （2024·深圳，5分）阅读材料，回答问题。
胶囊胃镜机器人
“胶囊胃镜”全称为“遥控胶囊内镜系统”，被誉为“完美胃部检查的胶囊内镜机器人”（如图甲）。胶囊机器人另一个名字为磁控胶囊内镜，重为0.05N。它只需患者随水吞下，经过15min左右便可完成胃部检查。典型的胶囊内窥镜包含几个主要组件：外壳、光学窗口、LED阵列、光学透镜、CMOS图像传感器、射频发射器、天线和电源。医生通过胶囊胃镜系统，可以实时精确操控体外磁场来控制胶囊机器人在胃内的运动，改变胶囊姿态，按照需要的角度对病灶重点拍摄照片，从而达到全面观察胃黏膜并做出诊断的目的。在这个过程中，图像被5G无线传输至便携记录器，数据导出后，还可继续回放以提高诊断的准确率。
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（1） 小白同学口服一个胶囊机器人，这个胶囊机器人长约2.7
（选填单位）。
【解析】 由图甲可知，胶囊机器人的长度约为2.7cm。
cm
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（2） 如图乙所示，画出胶囊机器人在胃中所受重力的示意图。
如图所示　
【解析】 从胶囊机器人的重心出发竖直向下作出重力的示意图。
（3） 胶囊机器人在胃中每下降1cm，重力做功W＝ 。
【解析】 胶囊机器人在胃中每下降1cm，重力做的功W＝Gh＝
0.05N×0.01m＝5×10－4J。
5×10－4J
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（4） 如果小白的医生想扫描更大范围，应操作机器人 （选填
“远离”或“靠近”）此区域。
【解析】 由凸透镜成像规律可知，凸透镜成实像时，物距变大，像距
随之变小，像将变小；如果小白的医生想扫描更大范围，那么可以使像
变小，所以应操作机器人远离此区域。
远离
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（5） 小白的医生在远程无线操控机器人时，通过 波来传
递信号。
【解析】 小白的医生在远程无线操控机器人时，通过电磁波来传递
信号。
电磁
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11(共22张PPT)
实验探究题特训——热学、电磁学实验
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2023·滁州一模）在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，
a、b两组同学在同一间教室里，分别用如图甲所示的相同装置进行实
验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图像。
第1题
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（1） 分析图乙可知，两组同学在实验中所用水的质量大小关系是
ma （选填“＞”“＜”或“＝”）mb。
【解析】 由图乙可知，a组水的初温比b组高，两组液体同时沸腾，a组
水升高的温度较低，使用相同的加热装置，加热相同时间，水吸收的热
量相同，由Q＝cmΔt可知，a组实验水的质量较大，即ma＞mb。
＞
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（2） 同学们做完实验后，老师接着做了一个实验：两个完全相同的玻
璃杯A和B，A倒扣着放入盛水的容器中，B中装有一些水，如图丙所示
放置。用酒精灯给容器中的水加热，使容器中的水沸腾后继续加热的过
程中， （选填“A杯”“B杯”或“A、B两杯”）中的水
不能沸腾。
【解析】 容器中的水沸腾后，继续加热，水的温度保持不变；B杯中的
水达到沸点后，无法继续吸热，所以不能沸腾；在加热过程中，A杯中
水面上方气压增大，水的沸点升高，水温不能达到沸点，不能沸腾，所
以两杯中的水都不会沸腾。
A、B两杯
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2. （2023·六安金安三模）如图甲是探究固体熔化时温度变化规律的实
验装置，两支试管中分别为初温和质量相同的A、B两种固态物质。根据
实验记录的数据画出了温度－时间图像如图乙所示。
第2题
（1） 在实验过程中，下列操作不是为了使装置受热均匀的是
（选填序号）。
① 使用水浴加热法加热
② 使用酒精灯外焰加热
③ 烧杯底部垫有石棉网
②
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【解析】 使用水浴加热法加热可以使物质受热均匀，故①不符合题
意；使用酒精灯外焰加热，不能使物质受热均匀，故②符合题意；烧杯
底部垫有石棉网可以使烧杯底部受热均匀，故③不符合题意。
（2） 由图乙可知，物质 （选填“A”或“B”）是晶体，且在熔
化过程中吸收热量，温度不变。
【解析】 由图乙可知，物质B熔化过程中，吸收热量，温度保持不变，所以物质B是晶体。
B
第2题
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（3） 分析图乙可知两物质在固态时的比热容关系为cA （选填
“＞”“＜”或“＝”）cB。
【解析】 由图乙可知，相同质量的物质A、B在固态时吸收相同的热
量，A升温较慢，由Q＝cmΔt可知，物质A的比热容较大，即cA＞cB。
＞
第2题
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3. （2023·蚌埠一模）在“比较不同物质吸热的情况”实验中：
第3题
（1） 如图甲所示，在两个相同的烧杯中加入初温相同、 相同
的水和食用油；实验中记录下两种物质温度随时间变化的图像，观察图
像并思考：用相同的电加热器对两杯液体同时加热6min，A、B两种液
体吸收的热量QA （选填“＞”“＜”或“＝”）QB。
质量
＝
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【解析】 根据控制变量法的思想，比较两种物质的吸热能力要控制物质的质量相同，所以应在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和食用油；用相同的电加热器对两杯液体同时加热6min，因为加热时间相同，所以A、B两种液体吸收的热量相同，即QA＝QB。
（2） 由图乙可知： （选填“A”或“B”）是食用油。
【解析】 由图乙可知，质量相同的两种物质升高相同的温度，物质B的
加热时间较长，吸收热量较多，由Q＝cmΔt可知，物质B的吸热能力较
强，比热容较大，所以B是水、A是食用油。
A
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4. （2024·宣城模拟改编）在探究冰的熔化规律的实验中，实验装置如
图甲所示，冰的熔化图像如图乙所示。
（1） 物质在第5min时具有的内能 （选填“大于”“小于”或
“等于”）在第4min时具有的内能。
【解析】 由图像可知：冰在3～7min内处于熔化过程。该过程中，冰吸收热量，内能增加，温度保持不变，所以第5min时冰的内能大于第4min时的内能。
大于
第4题
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（2） 如果在这次熔化实验中，试管中装有30g的冰，那么冰在熔化过
程中吸收的热量为 J。[水的比热容为4.2×103J/
（kg·℃）]
【解析】 用同一装置加热，相同时间内物质吸收的热量相同，则冰在
熔化过程中吸收的热量等于相同时间内等质量的水吸收的热量；由图像
可知，冰的熔化时间为4min，冰完全熔化后，水温升高了20℃，加热
时间为6min，所以水温每分钟升高℃，则Q冰＝Q水＝cmΔt＝
4.2×103J/（kg·℃）×30×10－3kg×4×℃＝1.68×103J。
1.68×103
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5. （2024·合肥庐阳一模）小明同学在做“探究通电螺线管外部磁场的
方向”实验时，在嵌入螺线管的纸板上均匀撒满细铁屑，并在螺线管的
两端各放一个小磁针，如图所示。
第5题
（1） 根据图中左右两端两个小磁针静止时N极的指向可知，通电螺线
管的左端是 极（小磁针涂黑的一端为N极）。
【解析】 由图可知，小磁针静止时N极向右；由磁极间的相互作用规律
可知，通电螺线管的左端是S极。
S
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（2） 若仅将纸板上的细铁屑去掉，通电螺线管的磁场 （选填
“会”或“不会”）消失。
【解析】 通电螺线管的磁场与细铁屑的有无无关，所以仅将纸板上的
细铁屑去掉，通电螺线管的磁场不会消失。
不会
第5题
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6. （2024·芜湖镜湖一模）如图所示为小强研究“影响电磁铁磁性强弱
因素”的装置图，它是由电源、滑动变阻器、开关、带铁芯的螺线管和
自制的针式刻度板组成的。通过观察指针B偏转角度的大小来判断电磁
铁磁性的强弱，在指针下方固定一物体A，当用导线a与接线柱1相连，
闭合开关后，指针B发生偏转。
第6题
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（1） 用笔画线代替导线将实物图连接完整。
如图所示　
【解析】 将滑动变阻器右上方或左上方的接线柱与开关左端的接线柱
连接即可完成电路。
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（2） 当开关闭合后，电磁铁的左端应为 极。
【解析】 由安培定则可知，开关闭合后，电磁铁的左端是N极。（3）
实验发现：
① 当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，指针B偏转的角度将会
（选填“变大”或“变小”）。
N
【解析】 由安培定则可知，开关闭合后，电磁铁的左端是N极。
变大
第6题
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② 保持滑片P位置不变，当导线a由与接线柱1相连改为与接线柱2相
连，闭合开关后，可发现指针B偏转的角度 （选填“变大”或
“变小”）。
【解析】 ① 当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，
滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电流变
大，电磁铁的磁性增强，电磁铁对物体A的引力变大，
指针B偏转的角度将变大。② 保持滑片P位置不变，电磁铁中电流不变，当导线a由与接线柱1相连改为与接线柱2相连，电磁铁线圈的匝数减少，磁性减弱，闭合开关后，可发现指针B偏转的角度将变小。
变小
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7. （2024·芜湖南陵模拟）如图是“探究导体在磁场中运动时产生感应
电流的条件”的实验装置。
第7题
（1） 闭合开关后，当导体ab沿 （选填“上下”或“左右”）
方向运动时导体中会产生感应电流。
【解析】 闭合开关后，导体ab沿左右方向运动时，导体做切割磁感线
运动，电路中会产生感应电流。
左右
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（2） 小明想到，若将此装置中的灵敏电流计换成 ，则还可进
一步探究电动机的工作原理。
【解析】 要探究电动机的工作原理，需要将灵敏电流计换成电源，如
干电池等。
电源
第7题
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8. （2024·宿州萧县二模）某小组用如图所示的实验装置探究导体在磁
场中运动时产生感应电流的条件。
第8题
（1） 实验中，AB棒的材料可能是 （选填“塑料”或“铝”）。
【解析】 在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验
中，AB棒是闭合电路中的一部分导体，则AB棒的材料应该为导体，可
能是铝。
铝
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（2） 闭合开关，将AB棒向右移动时，灵敏电流计的指针向左偏转，若
要使灵敏电流计的指针向右偏转，则可采取的具体措施是 （选填
字母）。
A. 将AB棒竖直向上移动
B. 将AB棒水平向左移动
C. 对调蹄形磁体的N、S极且将AB棒水平向左移动
B
第8题
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【解析】 将AB棒向右移动时，AB棒向右做切割磁感线运动，灵敏电流
计的指针向左偏转。AB棒竖直向上运动时，导体没有做切割磁感线运
动，电路中不会产生感应电流，故选项A不正确；AB棒水平向左移动
时，AB棒向左做切割磁感线运动，磁场的方向不变、导体切割磁感线
运动的方向相反，感应电流方向相反，即灵敏电流计的指针向右偏转，
故选项B正确；将磁体的N、S极对调且使AB棒水平向左运动，磁场方
向、切割磁感线运动方向都发生改变，感应电流方向不变，灵敏电流计
指针向左偏转，故选项C不正确。
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8(共23张PPT)
核心素养特训（二）　科学推理
2025年安徽中考物理专题特训
1. （2024·上海，2分）光具座上有凸透镜、光屏及发光源各一个。当光
屏和凸透镜的距离为10cm时，此时在光屏上成缩小的像。物理老师把光
屏沿着光具座移动5cm后，再次移动光源的位置使其成清晰的像。对于
该像的情况，下列选项正确的是（　B　）
A. 一定成放大的像
B. 可能成缩小的像
C. 成像可能比原来小
D. 成像一定比原来小
B
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3
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5
6
7
【解析】 若光屏成倒立、缩小的实像，则f＜v＝10cm＜2f，所以5cm＜
f＜10cm；若把光屏沿着光具座靠近凸透镜5cm，则v'＝10cm－5cm＝
5cm＜f，物体在光屏上不成像；若把光屏沿着光具座远离凸透镜5cm
后，再次移动光源的位置使成清晰的像，此时像距变大，物距变小；由
凸透镜成像规律可知，像将比原来大，故选项C、选项D错误；把光屏
沿着光具座远离凸透镜5cm后，再次移动光源的位置使其成清晰的像，
此时v＝15cm，不一定大于凸透镜的2倍焦距，所以可能成缩小的，也
可能成放大或等大的实像，故选项A错误、选项B正确。
1
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5
6
7
2. （2024·上海，4分）如图所示的风铃有五根长短不同的铁棍，物理兴
趣小组的同学在敲打铁棍时，发现它们发出的声音不同，经研究可得：
如表所示是铁棍在不同长度L时被敲击的振动频率f0。
实验次序 ① ② ③ ④ ⑤
L/cm 5 10 15 20 25
f0/Hz 700 500 400 300 200
第2题
1
2
3
4
5
6
7
（1） 判断铁棍长度L与音调的关系，并说明理由：
。
【解析】 由表格数据可知，铁棍越长，振动的频率越低，音调越低；
铁棍的长度越短，振动的频率越高，音调越高。
L越长，音调越
低；频率随长度增加而减小，频率小即音调低（合理即可）
实验次序 ① ② ③ ④ ⑤
L/cm 5 10 15 20 25
f0/Hz 700 500 400 300 200
第2题
1
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3
4
5
6
7
（2） 要用这种材料做一个乐器，发出
“do”“re”“mi”“fa”“sol”“la”“si”的音时，“re”的音小于
500Hz，请你判断该乐器的长度 （选填“大于”“小于”或
“等于”）10cm。
【解析】 由表格数据可知，当铁棍的长度为10cm时，振动的频率为
500Hz；当铁棍的长度小于10cm时，振动的频率大于500Hz，音调高于
“re”；当铁棍的长度大于10cm时，振动的频率小于500Hz，音调低于
“re”，所以该乐器的长度应大于10cm。
大于
第2题
实验次序 ① ② ③ ④ ⑤
L/cm 5 10 15 20 25
f0/Hz 700 500 400 300 200
1
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3
4
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6
7
3. （2024·武汉，4分）实验小组在探究凸透镜成像规律的实验中：
（1） 图甲中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的像（像未画
出）， （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就
是根据该成像特点制成的。将蜡烛向左移动一段距离，光屏上的像
变模糊了，为了使光屏上再次成清晰的像，同学们提出了两种不同
的解决方案：
方案一：仅将光屏向 移动一段距离。
方案二：仅换用焦距较 的凸透镜。
照相机
左
大
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5
6
7
【解析】 由图甲可知，此时物距大于像距，点燃蜡烛后，光屏上恰能
成清晰的像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，照相
机就是根据该成像特点制成的。将蜡烛向左移动一段距离，物距变大，
像距随之变小，为了使光屏上再次成清晰的像，可以将光屏向左移动一
段距离。若不移动光屏，可以换用焦距较大的凸透镜，使像推迟会聚，
从而使像能够呈现在光屏上。
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3
4
5
6
7
（2） 某同学利用焦距为20cm的凸透镜观察指纹，保持指纹到眼睛的距
离为40cm不变，将凸透镜调整到如图乙所示的位置，看到了指纹正立、
放大的像，此时该同学的眼睛通过凸透镜在另一侧能成
（选填“正立、放大”“倒立、放大”或“倒立、缩小”）的像。
倒立、放
大
1
2
3
4
5
6
7
【解析】 由题意可知，凸透镜的焦距为20cm，指纹到眼睛的距离为
40cm，即等于2倍焦距；手指到凸透镜的距离小于1倍焦距，则眼睛到
凸透镜的距离在1倍焦距与2倍焦距之间；由凸透镜成像规律可知，当物
距在1倍焦距与2倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，因此此时该同学
的眼睛通过凸透镜在另一侧能成倒立、放大的实像。
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4. （2024·武威，4分）小宇看到妈妈打不开玻璃罐的盖子，于是他用物
理课学到的知识给妈妈教了两种方法。方法一：如图甲所示，将一块毛
巾包在玻璃罐的盖子上面，再用手拧盖子，玻璃罐就打开了。方法二：
如图乙所示，用一个较硬的钢勺轻撬瓶盖边缘，有空气进去后瓶盖变
平，再用手拧盖子，玻璃罐就打开了。请你用物理知识分别解释这两种
方式容易打开玻璃罐盖子的原因。
第4题
1
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4
5
6
7
方法一： （选填“增大”或“减小”）了毛巾对盖子的摩擦
力；原因是 。
方法二： （选填“增大”或“减小”）了盖子与瓶口的摩擦
力；原因是 。
增大
增大了接触面的粗糙程度
减小
减小玻璃罐盖子对玻璃罐的压力
1
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5
6
7
【解析】 在压力相同时，用毛巾包在玻璃罐的盖子上面增大了接触面
的粗糙程度，从而增大了手与盖子之间的摩擦力，所以更容易打开玻璃
罐的盖子。用一个较硬的钢勺轻撬瓶盖边缘，让空气进去，使玻璃罐内
气压增大，减小了玻璃罐盖子和玻璃罐之间的压力，从而减小了盖子和
玻璃罐之间的摩擦力，所以更容易打开玻璃罐的盖子。
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6
7
5. （2024·烟台，8分）橡皮泥可以被捏成各种形状，深受同学们喜欢。
学习了力学知识后，小红利用家中的量杯、茶壶和垫块，测出了橡皮泥
的密度。已知橡皮泥的密度大于水的密度（橡皮泥的吸水忽略不计），
操作过程如下：
第5题
① 如图，把茶壶的一侧垫起并装满水，将橡皮泥轻轻放入茶壶中，用
量杯接住溢出的水。
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6
7
② 倒掉量杯中的水，从茶壶中取出橡皮泥，将量杯和橡皮泥擦干。
③ 把茶壶重新加满水，将橡皮泥捏成空心碗放入壶中，让其漂浮在水
面上，用量杯接住溢出的水。
（1） 操作①是为了获得橡皮泥的 ，操作③是为了获得橡皮泥
的 。
【解析】 操作①中，橡皮泥沉到茶壶底部，溢出水的体积为橡皮泥的
体积。操作③中，橡皮泥漂浮在水面上，橡皮泥受到的浮力等于其重
力，从而可以获得橡皮泥的质量。
体积
质量
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3
4
5
6
7
（2） 假设操作①量杯中水的体积为V1，操作③量杯中水的体积为V2，
水的密度为ρ0，请写出橡皮泥密度的表达式：ρ＝ 。
【解析】 操作③中，因为橡皮泥处于漂浮状态，所以橡皮泥受到的浮
力等于其重力，橡皮泥受到的浮力F浮＝G排＝mg＝ρ0V2g，所以橡皮泥
的质量m＝＝ρ0V2，橡皮泥的密度ρ＝＝。
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7
（3） 若操作③中茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，则橡
皮泥密度的测量结果 （选填“变大”“变小”或“不
变”）。
【解析】 茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，会使浮力变
大，但溢出水的质量不变，所以橡皮泥密度的测量结果不变。
不变
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6. （2024·上海，4分）如图所示的电路中，在定值电阻R1或滑动变阻器
R2中，仅有一个发生开路故障，小浦为研究故障的原因，特地设计了两
个方案：
方案一：通过移动滑动变阻器的滑片P来判断出故障的原因，写出开关S
闭合后，电流表示数变化情况及对应故障：

。
若电流表的示数发生变
化，则说明定值电阻R1开路；若电流表的示数不变，则说明滑动变阻器
R2开路
第6题
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7
方案二：用一个完好的电阻R0来替换R1来判断发生的故障，可选用的电
阻R0的阻值应满足 （选填字母，多选）。
A. R0＞R1 B. R0＝R1 C. R0＜R1
AB
【解析】 若定值电阻R1开路，移动滑动变阻器的滑片时，电路总电阻
发生改变，电流表示数发生改变；若滑动变阻器R2开路，移动滑动变阻
器的滑片时，电路总电阻不变，始终等于R1的阻值，则电流表示数不
变。
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若定值电阻R1开路，用R0替换R1时，电路总电阻变小，干路电流变
大，即电流表A的示数变大；若滑动变阻器R2开路，用R0替换R1时，如
果R0＝R1，那么电流表A的示数不变；如果R0＞R1，那么电流表A的示
数将变小；如果R0＜R1，那么电流表A的示数将变大；综上可知，如果
选用的电阻R0＜R1，当出现电流表A的示数变大的情况时，可能是R1开
路，也可能是R2开路，利用该电阻不能准确判断电路故障；
综上可知，选用的电阻R0的阻值大于或等于R1时，才能根据电流表的示
数变化情况准确判断电路故障，故选项A、选项B符合题意。
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7. （2024·山西，6分）在项目化学习中，科技小组的同学给旧电吹风加
装两根塑料管改装成湿鞋烘干器，如图甲所示，可实现冷风吹干和热风
烘干两种功能。其内部电路是由一个发热电阻（ ）、一个电动机
（ ）和两个开关组成的并联电路。发热电阻正常工作时功率为
440W，且不能单独工作出现“干烧”现象。请你帮助他们解决下列问
题：
第7题
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2
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7
（1） 在图乙虚线框内画出烘干器内部电路图。
如图所示　
【解析】 由题意可知，内部电路是由一个发热电阻、一个电动机和两
个开关组成的并联电路；因为发热电阻不能单独工作，出现“干烧”现
象，所以发热电阻与电动机并联接入电路，一个开关控制整个电路，另
一个开关控制发热电阻，即可完成作图。
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（2） 使用时发现温度过高，存在安全隐患，想要把发热电阻的功率减
小到原来的一半，需要购买一个 Ω的电阻替换原发热电阻。
【解析】 将发热电阻的功率减小到原来的一半，则更换后发热功率为
220W，根据P＝可知，此时发热电阻的阻值R＝＝＝
220Ω。
220
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