资源简介 2024-2025学年度高中物理12月月考卷考试时间:75分钟注意事项:1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2.请将答案正确填写在答题卡上第I卷(选择题)一、单选题每题4分.1、如图所示,在一机械平台上放一物体,该平台在竖直方向上做简谐运动。下列选项中哪种情况可能使物体开始脱离台面()物体机械平台A.平台向下运动通过平衡位置处时B.平台向上运动通过平衡位置上方时C.平台向下运动通过平衡位置下方时D.平台向上运动通过平衡位置下方时2.在距离地面高五处的O点,以初速度。沿水平方向抛出一个物体,忽略空气阻力,其运动轨迹如图所示,a、b为轨迹上的两个位置,若0与a、a与b在竖直方向的距离相等,则o%oA.物体在O到a、a到b过程中速度变化量相等B,物体在O到a、a到b过程中重力的冲量相等C.物体在O到a、a到b过程中动量的变化率相等D,物体到达a位置时重力的瞬时功率与O到b过程中重力的平均功率相等3。汽车的安全气囊是有效保护乘客的装置。如图甲所示,在安全气囊的性能测试中,可视为质点的头锤从离气囊表面高度为H处做自由落体运动,与正下方的气囊发生碰撞。以头高二月考联考卷物理试卷第1页共8页锤到气囊表面为计时起点,气囊对头锤竖直方向作用力F随时间!的变化规律,可近似用图乙所示的图像描述。已知头锤质M=30kg,fH=3.2m,重力加速度取g=10m/s2,未计空气阻力。则(来N头锤6600安全气囊试验台00.1 t/s为乙A.碰撞过程中F的冲量大小为660NsB.碰撞过程中头锤所受合力的冲量方向竖直向下C.碰撞过程中头锤所受合力的冲量大小为360NsD.碰撞结束后头锤上升的最大高度为0.2m4.如图所示,一架质量为m的喷气式飞机飞行的速率是,某时刻它向后喷出的气体相对飞机的速度大小为“,喷出气体的质量为△m,以地面为参考系,下列说法正确的是()A,若<,则喷出气体的速度方向与飞机飞行方向相同,喷气后飞机速度不会增加B,只有4<,喷气后飞机速度才会增加C.喷气后飞机速度为A”一n-△mD.喷气后飞机增加的速度为”45.如图,质量为m的四轴无人机有四个螺旋桨。四个螺旋桨旋转共扫出的总面积为S,当四个螺旋桨同时旋转产生竖直向下的气流,可使该无人机悬停在空中某一固定位置。己知空气的密度为P,重力加速度大小为g。要使无人机悬停,则螈旋桨旋转产生竖直向下的气流的速率应为()高二月考联考卷物理试卷第2页共8页参考答案:题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10答案 B C D D A D C AC BD AB11. (每空2分) C A 0.98【详解】(1)[1]本实验不需要测量时间,所以不用打点计时器和秒表。实验中测量距离用刻度尺而不用螺旋测微器,实验需要测量小球质量,则所提供的器材中必需的是天平。故选C。(2)[2]A.实验是通过平抛运动来研究小球碰撞前后的速度,则为使小球能做平抛运动,轨道末端必须水平,故A正确;B.为使两小球发生对心正碰,则A球的半径必须等于B球的半径,故B错误;C.实验只需要小球每次到达轨道末端的速度相等,轨道的摩擦就不会产生误差,所以每次只要让小球都从同一位置由静止释放即可,轨道不必光滑,故C错误;D.为使碰撞后A球不反弹,则A球的质量必须大于B球的质量,故D错误。故选A。(3)[3]由于小球做平抛运动的高度相同,则它们的运动时间t相同,则碰撞前小球A的速度为则系统碰撞前的总动量为碰撞后小球A、B的速度分别为,则系统碰撞后的总动量为联立可得,碰撞前的总动量p与碰撞后的总动量的比值为[4]碰撞是弹性碰撞,则系统机械能守恒,根据机械能守恒有整理可得即还应满足的关系式为。12.(每空2分) 3000 a 167 等于【详解】(1)[1]要对电压表扩量程,设串联电阻为,根据串联电路的特点有解得(3)[2]为了保护电流表,闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于a端。(4)[3][4]由闭合电路欧姆定律有由图示图像可知,图线的纵轴截距为电源电动势,图线斜率的绝对值表示电源内阻与电流表电阻之和,即电源内阻(5)[5][6]由于电流表的分压,使得路端电压存在误差,而电流没有误差,运用图像法分别在图上作出由测量数据作出的图线1和修正后真实值作出的图线2,由图看出,电动势没有系统误差,即电动势值与真实值相等,而电源内阻由(4)中分析可知也没有误差。13.(1)6m/s;(2)0.01s;(3)30.5kg·m/s,方向竖直向上【详解】(1)头盔接触地面前做自由落体运动,根据自由落体运动规律----------1分代入数据解得-----------1分(2)由匀变速直线运动规律可得--------1分解得-----------2分(3)取向下为正方向,由动量定理得---------2分解得-----------2分方向竖直向上--------1分即物体做匀减速直线运动过程中地面对头盔的冲量大小为30.5kg·m/s,方向竖直向上。14.(1);(2);(3)【详解】(1)根据匀变速直线运动的规律,得------2分----------1分(2)外壳与内芯碰撞过程,由动量守恒定律--------2分得------------2分(3)外壳与内芯组成的系统在碰撞过程中损失的动能-----------2分可计算出---------------2分解得---------------1分15.(1)0.8m(2)(3)1.8m【详解】(1)设小车第一次与墙壁碰撞后向左运动的路程为s1,即为小车右端与墙壁之间的的最大距离,由动能定理得--------2分解得----------1分(2)设第一次碰撞后小车和滑块达到的共同速度为,由动量守恒有---------2分解得-------------1分小车与墙壁第一次碰撞后到第二次碰撞前的过程中,系统产生的热量---------------2分解得-------------1分(3)之后小车和滑块以的速度与墙壁发生第二次碰撞,设第二次碰撞后小车向左运动的路程为,则----------2分则与之间满足-----------2分同理,以后每次与墙壁碰撞后小车向左运动的路程均为上一次的,小车所走的总路程为一个无穷等比数列之和,公比,小车运动的总路程-------------2分解得-----------1分 展开更多...... 收起↑ 资源列表 河南省开封市五县联考2024-2025学年高二上学期第二次月考(12月)物理答案.docx 河南省开封市五县联考2024-2025学年高二上学期第二次月考(12月)物理试卷(图片版).pdf