资源简介 内蒙古巴彦淖尔市2023-2024学年高二(上)期末物理试卷一、单选题:本大题共7小题,共28分。1.下列对能量守恒定律的认识正确的是( )A. 黄河的水能是取之不尽,用之不竭的B. 化石能源是凭空产生的C. 一块石头从嵩山上滚下后静止,说明能量会凭空消失D. 在自然界中,能量的总量保持不变2.关于点电荷,下列说法正确的是( )A. 质量很小的带电体都可以看作点电荷B. 当带电体的大小在研究的问题中可以忽略不计时,带电体可以看作点电荷C. 只有正方形带电体才可以看作点电荷D. 体积很大的带电体都不可看作点电荷3.下列关于静电除尘的说法正确的是( )A. 烟雾颗粒被强电场粉碎成更小的颗粒B. 进入除尘器后,烟雾中的颗粒被强电场电离而带正电,颗粒向电源负极运动C. 烟雾颗粒带电后,受到竖直向下的电场力而向下运动D. 除尘器中的空气被电离,烟雾颗粒吸附电子而带负电,颗粒向电源正极运动4.在内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的总电荷量为,向左迁移的负离子所带的总电荷量为,那么电解槽中的电流为( )A. B. C. D.5.如图所示,框架面积为,框架平面与磁感应强度为的匀强磁场方向垂直,则下列有关穿过平面的磁通量的情况表述正确的是( )A. 磁通量有正负,所以是矢量B. 若使框架绕转过角,磁通量为C. 若框架从初始位置绕转过角,磁通量为D. 若框架从初始位置绕转过角,磁通量变化量为6.下雨时,由于空气阻力的作用,因此雨滴经过变加速运动,最终做匀速运动,假设雨滴落地时的速度为。某次下小雨时小明同学打着半径为的雨伞假设伞面水平,雨水的平均密度为,由于下雨,因此小明增加撑雨伞的力约为( )A. B. C. D.7.如图所示,直角三角形中,点电荷、所带的电荷量分别为,,测得在处的某正点电荷所受静电力的合力方向平行于向左,则下列说法正确的是( )A. 带正电,:: B. 带负电,::C. 带正电,:: D. 带负电,::二、多选题:本大题共3小题,共18分。8.下列关于磁场的说法正确的是( )A. 磁场和电场一样,是客观存在的特殊物质 B. 磁场是人为构想出来的C. 磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的 D. 安培首先发现了电流的磁效应9.电子在电场中仅在电场力的作用下运动时,由点运动到点的轨迹如图中虚线所示。图中一组平行等距实线可能是电场线,也可能是等势线,下列说法正确的是( )A. 若电子在 点的速度较大,则图中实线是电场线B. 不论图中实线是电场线还是等势线,电子在点的电势能都比在点的电势能小C. 若图中实线是电场线,则 点的电势一定比点的电势低D. 若图中实线是等势线,则电子在点的速率一定大于在点的速率10.在如图所示的电路中,灯泡的电阻大于电源的内阻,闭合开关,将滑动变阻器滑片向左移动一段距离后,下列结论正确的是( )A. 灯泡变暗B. 电源的输出功率变大C. 电容器上的电荷量增加D. 电流表和电压表示数都变小三、实验题:本大题共2小题,共15分。11.在“验证动量守恒定律”的实验中,先将入射小球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下,在水平面上的记录纸上留下印读,多次重复操作,再把被碰小球放在斜槽轨道水平端的最右端处静止,让入射小球从斜槽轨道上原来的固定点由静止开始滚下,入射小球与水平端被碰小球相碰,碰后两小球分别落在记录纸上的、位置,重复操作多次。入射小球的质量为,直径为,下列可选为被碰小球的是______。A.质量为,直径为B.质量为,直径为C.质量为,直径为确定小球的平均落点的方法是______。入射小球的质量为,被碰小球的质量为,用图中所给字母写出实验需要验证的表达式 ______。12.在“测定金属丝的电阻率”的实验中,某同学实验过程如下:用螺旋测微器测金属丝直径时示数如图甲所示,则金属丝的直径为______。利用多用电表测电阻的电压时,黑表笔应接图乙中的______填“”或“”点。该同学将欧姆挡的选择开关拨至“”的倍率挡,在进行了正确的连接后,测量时发现指针偏转角度太小,不方便读数,该同学应将欧姆挡的开关拨至______填“”或“”挡。最后欧姆表的示数如图丙所示,示数为______。四、计算题:本大题共3小题,共39分。13.如图所示,在光滑水平面上有三个小球,三个小球的质量::::,小球乙、丙静止且并排靠着,小球甲以的速度与小球乙发生弹性碰撞,碰撞时间极短,所有碰撞都没有能量损失,求最终三个小球的速度大小、、。14.如图所示,一质量为、电荷量为的粒子以一定的初速度从靠近板的位置垂直板平面向板运动,刚好靠近板时速度为零,不计粒子受到的重力,两板间距为,两板间电压为,求:粒子的加速度大小;粒子的初速度大小。15.如图所示,为电解槽,为电动机,为电热丝,恒定电压,电解槽内阻,电动机的内阻。当闭合,、断开时,理想电流表的示数为;当、闭合,断开时,电流表的示数为;当、和都闭合时,电流表的示数为。求:电热丝的电阻及热功率;电动机工作时,输出的机械功率;电解槽工作时,电能转化为化学能的功率。答案和解析1. 【解析】由能量守恒定律可知,水能的使用过程存在能量耗散,不是取之不尽,用之不竭的,能量不会凭空消失也不会凭空产生,能量只会从一个物体转移到另一个物体,整个自然界中的能量的总量保持不变,所以ABC错误,D正确。故选:。2. 【解析】点电荷是指带一定电荷量,忽略带电体的大小和形状的一种理想化模型,由带电体看作点电荷的条件可知,当电荷的形状、大小对所研究问题的影响可以忽略时,就可以看成点电荷,与带电体形状、体积大小、质量大小无关,故ACD错误,B正确。故选:。3. 【解析】静电除尘器的两个电极接高压电源,两电极间形成强电场,使空气发生电离,自由电子在电场力作用下,向正极加速运动,电子被烟雾颗粒吸附后,一起向电源正极运动,故大量的颗粒会在正极积聚,在重力作用下,从除尘器的下部排出,烟雾颗粒不会被强电场粉碎成更小的颗粒,故D正确,ABC错误;故选:。4. 【解析】,正离子与负离子形成的电流同向,内通过横截面的电荷量为则所以A正确,BCD错误。故选:。由题计算出内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和,根据电流的定义,求解电流。本题是电流定义式的应用,关键确定通过导体截面的电量,当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时,电量等于正离子与负离子电量绝对值之和。5. 【解析】磁通量只有大小,没有方向,但有正负,所以磁通量是标量,故A错误;B.使框架绕转过角,磁通量为:,故B错误;C.若框架从初始位置绕转过角,线圈平面与磁场平行,磁通量为,故C正确;D.若框架从初始位置绕转过角,磁通量变化量为:,故D错误。故选:。6. 【解析】设时间内,落到雨伞上雨水的质量为,根据动量定理有代入数值解得,故B正确,ACD错误。故选:。7. 【解析】正电荷受到电场力方向与电场强度方向相同,故点电荷、在位置激发的合场水平向左,可知点电荷带正电,带负电,设,则,点电荷在位置激发的电场强度为点电荷在位置激发的电场强度为、的矢量和水平向左,则解得::,故B正确,ACD错误;故选:。8. 【解析】、磁场是客观存在的一种物质,不是人为构想出来的,故A正确,B错误;C、磁体与磁体之间是通过彼此激发的磁场发生相互作用的,故C正确;D、奥斯特首先发现了电流的磁效应,故D错误。故选:。9. 【解析】若图中实线是电场线,由电子轨迹的弯曲方向可知,其所受电场力水平向右,因为电子带负电,则电场方向水平向左,因为沿着电场线的方向,电势逐渐降低,所以点的电势一定比点的电势低,根据可知,电子在点的电势能一定比点的电势能高,根据能量守恒可知,电子在点的动能一定比点的动能小,则此种情况下,电子在点的速度较小,故A错误,C正确;D.若图中实线是等势线,因为电场线与等势线相交处互相垂直,则电场线沿竖直方向,则由电子轨迹的弯曲方向可知,其所受电场力竖直向下,则电场方向竖直向上,易知电子的受力与速度方向夹角为钝角,则电场力做负功,电势能增加,电子的动能减小,则电子在点的速率一定大于在点的速率,故D正确;B.若图中实线是电场线,由分析可知,电子在点的电势能比在点的电势能大;若图中实线是等势线,由分析可知,电子在点的电势能比在点的电势能小,故B错误。故选:。10. 【解析】将滑动变阻器滑片向左移动一段距离后,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,根据闭合电路的欧姆定律可知电路中电流变小,电流表示数变小,则灯泡变暗;由闭合电路欧姆定律可得:,可知路端电压变大,电压表示数变大,故A正确,D错误;C.电压表示数变大,灯泡两端电压减小,则电容器两端电压变大,由可知电容器上的电荷量增加,故C正确;B.当外电路电阻等于电源的内阻时,电源的输出功率最大,灯泡的电阻大于电源的内阻,则外电路电阻比大,可知当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时,外电路电阻越大,此时输出功率越小,故B错误。故选:。11. 用圆规画尽可能小的圆,把所有的落点圈在里面,圆心即是小球平均落点的位置 【解析】为了防止入射球反弹,应用质量大的小球去碰撞质量小的小球;同时两球的半径应该相等,故选:。确定小球的平均落点的方法是用圆规画尽可能小的圆,把所有的落点圈在里面,圆心即是小球平均落点的位置。根据动量守恒:入射小球前后两次分别落在、点,小球做平抛运动的时间相等,则则故答案为:;用圆规画尽可能小的圆,把所有的落点圈在里面,圆心即是小球平均落点的位置;。12. 【解析】螺旋测微器的精确度为,金属丝直径多用电表测电阻的电压时,黑表笔应接电阻流出电流的一侧,即接图乙中的点。欧姆表测量时,指针偏转角度太小,欧姆表指针对应示数过大,应将倍率调大,所以应将欧姆挡的开关拨至“”挡;图丙示数。故答案为:;;;。13.设丙球质量为,则甲、乙两球的质量为。小球甲、小球乙发生弹性碰撞,碰后甲、乙两球的速度分别为,,根据动量守恒定律,以向右为正方向有:由能量守恒定律:解二次方程得:,小球乙和小球丙碰撞没有能量损失,设碰后乙、丙两球的速度分别为,,根据动量守恒定律,以向右为正方向有:由能量守恒定律有:联立解二次方程得:,答:最终三个小球的速度大小、、分别为、、、 14.由牛顿第二定律得解得粒子在电场中做匀减速直线运动解得答:粒子的加速度大小为;粒子的初速度大小为。 15.电热丝为纯电阻元件,由欧姆定律得热功率电动机为非纯电阻元件,由能量守恒定律得解得:电解槽为非纯电阻元件,由能量守恒定律得解得:答:电热丝的电阻为,热功率为;电动机工作时,输出的机械功率为;电解槽工作时,电能转化为化学能的功率为。 第7页,共9页 展开更多...... 收起↑ 资源预览