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2025年高考物理二轮复习导学案：专题强化八带电粒子在电场中运动的综合问题专题强化八　带电粒子在电场中运动的综合问题
1. 会用力与运动的关系、功能关系分析带电粒子在交变电场中的运动．
2．会用动力学观点、能量观点和动量观点分析带电粒子运动的力电综合问题．
考点一　带电粒子在交变电场中的运动
1．两条分析思路
一是力和运动的关系，根据牛顿第二定律及运动学规律分析；二是功能关系(机械能守恒、动能定理、能量守恒)．
2．两个运动特征
分析受力特点和运动规律，抓住粒子的运动具有周期性和空间上具有对称性的特征，求解粒子运动过程中的速度、位移等，并确定与物理过程相关的边界关系．
例 1 (多选)
一个带正电的微粒放在电场中，场强的大小和方向随时间变化的规律如图所示．带电微粒只在电场力的作用下(不计微粒重力)，由静止开始运动，则下列说法中正确的是(　　)
A．微粒将沿着一条直线运动
B．微粒在第2 s末的速度为零
C．微粒在第1 s内的加速度与第2 s内的加速度相同
D．微粒在第1 s内的位移与第2 s内的位移相同
例 2 [2024·江苏苏州高三统考]如图甲所示，真空中有一电子枪连续不断且均匀地发出质量为m、电荷量为e、初速度为零的电子，经电压大小为U1＝的直线加速电场加速，由小孔穿出加速电场后，沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板A、B间的中线射入偏转电场．A、B两板距离为d、板长均为L，两板间加周期性变化的电势差UAB，UAB随时间变化的关系图像如图乙所示，变化周期为T，t＝0时刻，UAB＝U0，不计电子的重力和电子间的相互作用力，不考虑电场的边缘效应，且所有电子都能离开偏转电场，求：
(1)电子从加速电场U1飞出后的水平速度v0的大小；
(2)t＝时，射入偏转电场的电子离开偏转电场时距两板间中线的距离y；
(3)在0[教你解决问题]　过程审题
1．加速阶段：eU1＝ v0＝＝
2．偏转阶段：电子在水平向匀速运动，时间t＝＝
[试答]
考点二　电场中功能关系的综合问题
1．若只有静电力做功，电势能与动能之和保持不变．
2．若只有静电力和重力做功，电势能、重力势能、动能之和保持不变．
3．除重力之外，其他各力对物体做的功等于物体机械能的变化量．
4．所有外力对物体所做的总功等于物体动能的变化量．
例 3 [2024·山东模拟预测]如图所示，在竖直向下的匀强电场中，两个质量相同、带电量分别为－q和＋q的小球a、b固定于绝缘轻杆的两端，轻杆可绕中点O处的固定轴在竖直面内无摩擦转动．已知O点电势为0，不考虑带电小球间的相互作用力，杆从静止开始由水平位置顺时针转动180°的过程中(　　)
A．小球a、b总动能一直增加
B．小球a、b系统机械能始终不变
C．小球a、b系统电势能始终不变
D．小球a、b任一时刻的电势能相等
例 4 (多选)如图甲所示，绝缘、光滑水平面上方，有水平向右的匀强电场，电场强度大小为E.在水平面右端固定一轻弹簧，一带电物块(可视为质点)质量为m，电量为＋q，将带电物块由静止释放，以物块出发点为坐标原点，水平向右为x轴正方向，建立坐标系，物块动能Ek与它通过的距离x之间的关系如图乙，其中坐标x1处为弹簧原长位置，O～x1段为直线，坐标x2处动能最大，坐标x4处动能为零．下列说法正确的是(　　)
A．弹簧的劲度系数为k＝
B．从坐标x1处到坐标x4处，物块所受力的合力先增加后减小
C．从坐标x1处到坐标x3处弹簧弹性势能增加了qE(x3－x1)
D．从坐标x1处到坐标x2处，弹簧弹性势能增加量的大小等于电势能减少量的大小
考点三　电场中的力、电综合问题
解决电场中的力、电综合问题，常用的力学观点：
(1)动力学的观点
①由于匀强电场中带电粒子(体)所受电场力和重力都是恒力，可用正交分解法．
②综合运用牛顿运动定律和运动学公式，注意受力分析和运动分析，特别注意重力是否需要考虑的问题．
(2)能量的观点
①运用动能定理，注意过程分析要全面，准确求出过程中的所有力做的功，判断是对分过程还是对全过程使用动能定理．
②运用能量守恒定律，注意题目中有哪些形式的能量出现．
(3)动量的观点
运用动量定理、动量守恒定律，要注意动量定理、动量守恒定律的表达式是矢量式，在一维情况下，各个矢量必须选同一个正方向．
例 5 [2024·四川雅安模拟预测]如图所示，空间中在一矩形区域Ⅰ内有场强大小E1＝1×102 N/C、方向水平向右的匀强电场；一条长L＝0.8 m且不可伸长的轻绳一端固定在区域Ⅰ的左上角O点，另一端系一质量m1＝0.5 kg、带电荷量q＝－0.1 C的绝缘带电小球a；在紧靠区域Ⅰ的右下角C点竖直放置一足够长、半径R＝1 m的光滑绝缘圆筒，圆筒上端截面水平，CD是圆筒上表面的一条直径且与区域Ⅰ的下边界共线，直径MN与直径CD垂直，圆筒内左半边MNC-HJK区域Ⅱ中存在大小E2＝20 N/C、方向垂直纸面向里的匀强电场．把小球a拉至A点(轻绳绷直且水平)静止释放，当小球a运动到O点正下方B点时，轻绳恰好断裂．小球a进入电场继续运动，刚好从区域Ⅰ的右下角C点竖直向下离开电场E1，然后贴着圆筒内侧进入区域Ⅱ.已知重力加速度大小取g＝10 m/s2，绳断前、断后瞬间，小球a的速度保持不变，忽略一切阻力．求：
(1)轻绳的最大张力Tm；
(2)小球a运动到C点时速度的大小vC和小球a从B到C过程电势能的变化量ΔEp；
(3)若小球a刚进入圆筒时，另一绝缘小球b从D点以相同速度竖直向下贴着圆筒内侧进入圆筒，小球b的质量m2＝0.5 kg，经过一段时间，小球a、b发生弹性碰撞，且碰撞中小球a的电荷量保持不变，则从小球b进入圆筒到与小球a发生第5次碰撞后(圆筒足够长)，小球b增加的机械能ΔEb是多大．
专题强化八　带电粒子在电场中运动的综合问题
考点一
例1　解析：由题图可知，奇数秒和偶数秒的电场强度大小相等、方向相反，所以微粒奇数秒内和偶数秒内的加速度大小相等、方向相反，根据运动的对称性可知在2 s末的速度恰好是0，即微粒第1 s做加速运动，第2 s做减速运动，然后再加速，再减速，一直持续下去，微粒将沿着一条直线运动，故A、B正确，C错误；由对称性可知，微粒在第1 s内的位移与第2 s内的位移相同，故D正确．
答案：ABD
例2　解析：(1)电子经过加速场后，根据动能定理得eU1＝
解得v0＝
(2)电子在偏转电场中，水平方向做匀速直线运动，所以运动的时间为t＝＝
t＝时射入偏转电场的电子
在前T－T＝T时间内偏转位移y1＝)2
解得y1＝
垂直于板的速度vy＝＝
在随后＝时间内偏转的位移y2＝vy()－)2
解得y2＝
t＝时射入偏转电场的电子离开偏转电场时距两板间中线的距离y＝y1＋y2＝
(3)在前半个周期内，假设电子从某时刻tx进入偏转电场，离开时恰好从中线处离开，则有＝0
解得tx＝
在0答案：(1)　(2)　(3)0考点二
例3　解析：电场力对a球先做正功再做负功，对b球也是先做正功再做负功，所以杆从静止开始由水平位置顺时针转动90°的过程中小球a、b与轻杆组成的系统电势能先减小，总动能增加，机械能增加；杆从90°转到180°的过程中，系统电势能增大，总动能减小，机械能减小，最后与初始位置的电势能相等，机械能也相等，总动能为零，故A、B、C错误；
由于O点处电势为零，由W电＝0－Ep
在匀强电场中W电＝Eqx
因为两小球运动过程中竖直方向上的位移大小任一时刻都相等，所以小球a、b任一时刻的电势能相等，D正确．故选D.
答案：D
例4　解析：由动能定理可知，0～x1物体做匀加速直线运动，则F合＝F电＝qE
在x2处物体动能最大，此时物体加速度为零，则F弹＝F电
即kΔx＝k(x2－x1)＝qE
解得k＝，故A正确；
从坐标x1处到坐标x4处，在x2处F弹＝F电
所以x1～x2阶段F合＝F电－F弹
F弹变大，则F合变小，而从x2到x4对应F合＝F弹－F电
F弹变大，F合变大，所以合力先减小后增大，故B错误；
从坐标x1处到坐标x3处，动能变化量为0，弹簧弹性势能变大，而电场力做功全部转化为弹簧的弹性势能，即有ΔEp＝qE(x3－x1)，故C正确；
从坐标x1处到坐标x2处，弹性势能增加、动能增加，电场力做正功，电势能减小，可知弹簧弹性势能增加量和动能的增加量之和大小等于电势能减少量的大小，故D错误．
答案：AC
考点三
例5　解析：(1)小球a从A运动到B点，根据动能定理得mgL＝mv2
代入数据得v＝4 m/s
在B点，根据牛顿第二定律得Tm－mg＝m
代入数据得Tm＝15 N.
(2)小球a在区域Ⅰ中，水平方向qE1＝ma
解得a＝20 m/s2
小球a减速至0时，t＝＝0.2 s，x＝vt－at2＝0.4 m
小球a运动到C点时的速度大小为vC＝gt＝2 m/s
小球a从B运动到C点，小球a电势能的变化量为ΔEp＝－W＝－qE1·x＝4 J
即小球电势能增加了4 J.
(3)因两球在竖直方向下落一样快，故它们碰撞时是水平正碰．根据水平方向碰撞时动量守恒和能量守恒．由于两球质量相等，所以它们正碰时交换水平方向速度．小球a从进入圆筒到第5次碰撞前，小球a增加的机械能为ΔEa＝qE2R＋2·qE22R＝10 J，则第5次碰撞后，小球b增加的机械能为ΔEb＝ΔEa＝10 J.
答案：(1)15 N　(2)2 m/s　小球电势能增加了4 J　(3)10 J
专题强化二　追及相遇问题
素养目标
1.掌握处理追及相遇问题的方法和技巧．
2．会在图像中分析追及相遇问题．
3．熟练运用运动学公式结合运动学图像解决追及相遇的综合问题．
考点一　追及相遇问题
追及相遇问题的实质就是分析两物体在相同时间内能否到达相同的空间位置．追及相遇问题的基本物理模型：以甲追乙为例．
1．二者距离变化与速度大小的关系
(1)无论v甲增大、减小或不变，只要v甲(2)若v甲＝v乙，甲、乙的距离保持不变．
(3)无论v甲增大、减小或不变，只要v甲>v乙，甲、乙的距离就不断减小．
2．分析思路
可概括为“一个临界条件”“两个等量关系”．
(1)一个临界条件：速度相等．它往往是物体间能否追上或两者距离最大、最小的临界条件，也是分析、判断问题的切入点；
(2)两个等量关系：时间等量关系和位移等量关系．通过画草图找出两物体的位移关系是解题的突破口．
3．常用分析方法
(1)物理分析法：抓住“两物体能否同时到达空间某位置”这一关键，认真审题，挖掘题目中的隐含条件，建立物体运动关系的情境图．
(2)二次函数法：设运动时间为t，根据条件列方程，得到关于二者之间的距离Δx与时间t的二次函数关系，Δx＝0时，表示两者相遇．
①若Δx>0，即有两个解，说明可以相遇两次；
②若Δx＝0，一个解，说明刚好追上或相遇；
③若Δx<0，无解，说明追不上或不能相遇．
设Δx＝at2＋bt＋c，
当t＝－时，函数有极值，代表两者距离的最大或最小值．
(3)图像法：在同一坐标系中画出两物体的运动图像．位移—时间图像的交点表示相遇，分析速度—时间图像时，应抓住速度相等时的“面积”关系找位移关系．
例1 [2024·江西赣州统考]大雾天气，有甲、乙两车在同一平直车道上匀速行驶，甲车在后速度为v1＝14 m/s，乙车在前速度为v2＝10 m/s，某时刻甲车车头与乙车车尾间的距离为L0＝30.5 m，此时乙车突然以大小为a0＝1 m/s2的加速度刹车，经过时间t0甲车车头与乙车车尾间的距离减为L＝14 m，为了两车避免相撞，此时甲车也立即刹车做匀减速直线运动，求：
(1)t0的值；
(2)刹车后，甲车做匀减速直线运动的加速度至少多大？
[试答]
例2 如图所示为某城市十字路口道路示意图，道路为双向四车道，每个车道宽度为2.4 m．某自行车从道路左侧车道线沿停车线向右匀速行驶，速率为14.4 km/h，汽车在最右侧车道正中间行驶，速率为54 km/h，汽车前端距离停车线20 m．已知汽车的宽度与自行车的长度相等均为1.8 m，汽车的车身长4.8 m．汽车司机为避免与自行车相撞马上采取刹车制动，最大制动加速度大小为5 m/s2.求
(1)汽车的最短刹车距离sm；
(2)请通过计算判断是否能够避免相撞．
[试答]
考点二　图像法在追及相遇问题中的应用
1．利用v-t图像分析追及相遇问题：在有些追及相遇情景中可根据两个物体的运动状态作出v-t图像，再通过图像分析计算得出结果，这样更直观、简捷．
2．若为x-t图像，图像相交即代表两物体相遇；若为a-t图像，可转化为v-t图像进行分析．
考向1　x-t图像、v-t图像中的追及相遇问题
例3 [2024·山东泰安市联考]如图所示为甲、乙两车在平直公路上做直线运动的位移—时间(x-t)或速度—时间(v-t)图像，t1时刻两车恰好到达同一地点．关于两车在t1～t2时间内的运动，下列说法正确的是(　　)
A．若是x-t图像，则当甲车速度为零时，两车的距离最大
B．若是x-t图像，则甲、乙两车的速度相等时，两车间的距离最小
C．若是v-t图像，则两车间的距离先增大后减小
D．若是v-t图像，则两车间的距离不断增大
例4 [2024·河南名校高三联考]如图a所示，均视为质点的甲、乙两辆汽车沿平直公路同向行驶，如图b所示是两车在某段时间内的v - t图像，则关于两车运动状况的描述，下列判断正确的是(　　)
A.乙车在t＝5 s时改变运动方向
B.若t＝0时刻，甲车在前，则在0～5 s时间段，甲、乙两车间距增大；在5 s～10 s时间段，甲、乙两车间距减小
C．甲、乙两车在第10 s末相遇
D．若t＝0时刻乙车在前，则两车可能相遇两次
[解题心得]　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　
考向2　利用v-t图像分析追及相遇问题
例5 假设高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶．甲车在前，乙车在后，速度均为v0＝30 m/s.甲、乙相距x0＝100 m，t＝0时刻甲车遭遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化关系分别如图甲、乙所示．取运动方向为正方向．下列说法正确的是(　　)
A．t＝3 s时两车相距最近
B．t＝6 s时两车速度不相等
C．t＝6 s时两车距离最近，且最近距离为10 m
D．两车在0～9 s内会相撞
[教你解决问题]　转化法解题
将两车的a-t图像转化为v-t图像，由v -t图线与时间轴所围面积表示位移分析判断，如图．
专题强化二　追及相遇问题
考点一
例1　解析：(1)在t0时间内，甲、乙两车运动位移分别为x1＝v1t0，x2＝
又x1－x2＝L0－L
解得t0＝3 s
(2)甲车开始刹车时，乙车速度为v3＝v2－a0t0＝7 m/s
若甲车刹车后经时间t两车速度相等(均为v)，两车恰好避免相撞，则v＝v1－at，v＝v3－a0t
时间t内甲、乙两车运动位移分别为x3＝v1t－at2，x4＝v3t－a0t2
又x3－x4＝L
联立以上各式解得a＝2.75 m/s2
即甲车刹车加速度至少为2.75 m/s2.
答案：(1)3 s　(2)2.75 m/s2
例2　解析：(1)已知：v1 ＝14.4 km/h＝ 4 m/s；v2＝ 54 km/h＝15 m/s.设汽车以最大加速度刹车，则：－2asm＝
代入数据解得sm＝22.5 m.
(2)以最大加速度刹车，设汽车车头到达停车线所用时间为t，则s＝v2t－at2，解得t＝2 s或者t＝4 s，又因为汽车停下的时间为t′＝＝ s＝3 s，故t＝4 s不符题意，舍去；此时以左侧车道线为起点，车头所占位置范围为s1～s2，7.5 m答案：(1)22.5 m　(2)不能避免相撞
考点二
例3　解析：若是x t图像，当甲、乙两车的速度相同时，相对速度为零，距离最远，故A、B错误；若是v t图像，因为图像与横轴所围图形面积表示位移，则在t1～t2时间内，两车间的距离不断增大，故C错误，D正确．
答案：D
例4　解析：A错：由题图b可知，在10 s内，乙车一直沿正方向运动，运动方向没有改变．
B错：在0～10 s时间段，甲的速度始终比乙的大，甲车在前，所以甲、乙两车间距一直在增大．
C错：由于不知道初始位置甲、乙相距多远，所以无法判断在第10 s末能否相遇．
D对：若刚开始乙车在前，且到甲车的距离较近，则甲车在0～10 s内的某时刻追上乙车，因t＝10 s乙车速度又超过甲车，在某时刻又会与甲车再次相遇．
答案：D
例5　解析：由题给图像画出两车的v t图像如图所示，
由图像可知，t＝6 s时两车等速，此时距离最近，图中阴影部分面积表示0～6 s内两车位移之差，即Δx＝[×30×3＋×30×(6－3)] m＝90 m答案：C

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