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周测2　孟德尔的豌豆杂交实验(二)
时间：60分钟　分值：100分
一、选择题(本题包括20小题，每小题3分，共60分，每小题只有一个选项符合题目要求。)
1．(2024·信阳高一期末)在孟德尔的两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。下列相关叙述正确的是(　　)
A．需待F1所结种子播种后长成成熟个体时统计F2的分离比
B．F2中圆粒和皱粒之比接近3∶1，说明该对性状的遗传符合基因的分离定律
C．F1产生基因型为YR的卵细胞和YR的精子数量之比为1∶1
D．F2出现16种基因型、4种表型的个体，表型比例约为9∶3∶3∶1
2．(2024·遂宁高一月考)(不考虑致死)已知玉米有色籽粒对无色籽粒是显性。现将一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3，对这种杂交现象的推测，不确切的是(　　)
A．测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同
B．玉米的有、无色籽粒的遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的
D．测交后代的无色籽粒的基因型有三种
3．(2024·九江高一期中)假说—演绎法是现代科学研究的一种常用方法，孟德尔对两大遗传定律的发现就是依此取得的重大成果，他的运用可分为以下四个基本步骤：
下列有关说法错误的是(　　)
A．以上四个步骤的正确顺序是②③①④
B．孟德尔豌豆杂交实验中，测交实验及其结果的统计与分析属于这四个基本步骤中的“演绎推理，验证假说”
C．孟德尔的豌豆杂交实验没有对照，但经过了很多次的重复
D．F2出现“3∶1或9∶3∶3∶1”性状分离比是F1产生数量相等的雌雄配子随机结合的结果
4．孟德尔用豌豆成功揭示了遗传学的两大定律。用基因型为Yyrr(黄色皱粒)的豌豆和基因型为yyRr(绿色圆粒)的豌豆杂交(　　)
A．能够验证分离定律，但不能验证自由组合定律
B．能够验证分离定律，也能够验证自由组合定律
C．不能验证分离定律，但能够验证自由组合定律
D．不能验证分离定律，也不能验证自由组合定律
5．涉及两对自由组合的等位基因遗传时，分析子代基因型常用棋盘法。如图表示具有两对相对性状的纯合亲本杂交，分析F2基因型时的棋盘格。下列说法错误的是(　　)
A．该方法的原理是受精时雌雄配子随机结合
B．①～④代表的基因型在棋盘中各出现一次
C．该杂交过程所选择的亲本基因型组合一定是YYRR×yyrr
D．②代表的表型出现的概率与③代表的表型出现的概率相同
6．(2024·合肥高一调研)如图为自然环境中某豌豆植株产生后代的过程示意图(子代数量足够多)，下列叙述错误的是(　　)
A．②过程中雌、雄配子的结合是随机的，M＝16
B．③过程产生的子代基因型N＝9，其中基因型为AaBb的个体所占比例为1/4
C．若让该植株与隐性纯合子测交，子代中杂合子所占比例为3/4
D．基因分离定律发生在①过程、基因自由组合先后发生在②过程，二者互不干扰
7．(2024·邯郸高一期末)某植物的花色有白色、紫色和蓝色三种，由两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，基因型和表型的关系如表所示。现用纯合紫花植株和纯合蓝花植株作亲本，杂交得F1，F1自交得F2，下列有关叙述正确的是(　　)
基因型 A_B_、aabb A_bb aaB_
表型 白花 紫花 蓝花
A.白花植株共有6种基因型，其中纯合子的基因型有4种
B．题干中F2的表型及其比例是白花∶紫花∶蓝花＝10∶3∶3
C．紫花植株和蓝花植株自交后代中一定都有白花植株
D．F2有3种花色，白花植株中杂合子所占比例为2/3
8．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对易染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝黑色，糯性花粉遇碘液变橙红色。现有四种纯合子植株，其基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。下列说法正确的是(　　)
A．若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用①和③杂交所得F1的花粉
B．若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉
C．若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④作为亲本杂交
D．将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝黑色
9．已知A与a、B与b、D与d三对等位基因自由组合，分别控制3对相对性状。若基因型分别为AaBbDd、AabbDd的两个体进行杂交，则下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　)
A．表型有8种，基因型为AaBbDd的个体的比例为1/16
B．表型有4种，基因型为aaBbdd的个体的比例为1/16
C．表型有8种，基因型为Aabbdd的个体的比例为1/8
D．表型有8种，基因型为aaBbDd的个体的比例为1/16
10．孟德尔以黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆作亲本进行杂交，获得的F1基因型为YyRr，全部为黄色圆粒豌豆，F1自交获得F2。下列叙述正确的是(　　)
A．黄色圆粒豌豆亲本产生的配子的基因型为YY和RR
B．F2的性状分离比依赖于雌、雄配子数量相等且随机结合
C．F2中与亲本表型相同的个体占3/8或5/8
D．对F1的测交结果可反映F1产生的配子类型及比例
11．(2024·泉州高一期中)对孟德尔提出的假说进行模拟实验，装置如图，雌①、雌②容器中的小球分别模拟某雌性个体的两对基因，雄①、雄②同理。下列分析正确的是(　　)
A．从雌①和雌②中随机抓取一个小球，将两个小球组合在一起，只能模拟产生配子时等位基因的分离
B．将从雌①、雄①中分别随机取出的小球组合在一起，模拟的是生物在生殖过程中雌、雄配子的随机结合
C．从4个容器中各取一个小球并组合在一起，只能模拟基因的分离定律
D．重复抓取的次数达10次，其结果最接近孟德尔分离定律与自由组合定律的统计数据
12．(2024·佳木斯高一期中)某植物的花色受独立遗传的两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，含有AB的花粉由于活力不足不能参与受精作用。现将基因型为AaBb的个体进行自交获得F1，则F1中花色的表型及比例是(　　)
A．白色∶粉色∶红色＝4∶3∶2
B．白色∶粉色∶红色＝5∶3∶4
C．白色∶粉色∶红色＝4∶3∶5
D．白色∶粉色∶红色＝6∶9∶1
13．(2021·全国乙，6)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　)
A．植株A的测交子代中会出现2n种不同表型的个体
B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大
C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
14．牵牛花的叶子有普通叶和枫形叶两种(由一对等位基因A、a控制)，种子有黑色和白色两种(由一对等位基因B、b控制)。现有一对表型为普通叶白色种子和枫形叶黑色种子的亲本进行杂交，F1全为普通叶黑色种子，F1与若干基因型相同的个体(与F1基因型不相同)进行杂交，得到F2的表型及比例如表所示。下列有关叙述错误的是(　　)
表型 普通叶黑色种子 普通叶白色种子 枫形叶黑色种子 枫形叶白色种子
数量 448 459 153 148
A.控制这两对相对性状的基因遵循自由组合定律
B．普通叶对枫形叶为显性，种子的黑色对白色为显性
C．若对F2中普通叶进行测交，子代性状分离比是2∶1
D．F2普通叶黑色种子中杂合子占1/3
15．(2024·宁波高一期中)兰花的花色有红色、蓝色两种，其遗传遵循孟德尔的遗传规律。现将纯合红色花和纯合蓝色花进行杂交，F1均为红色花，F1自交，F2中红色花与蓝色花的比例为27∶37。下列叙述正确的是(　　)
A．兰花花色由独立遗传的两对等位基因控制
B．若对F1进行测交，则其子代表型及比例为红色花∶蓝色花＝1∶1
C．F2中蓝色花基因型有19种，蓝色花中纯合子占7/37
D．F2红色花中与F1基因型相同的个体占比为1/8
16．(2024·岳阳高一期中)某植物的花色有红色、粉色和白色三种颜色，由基因A、a控制，A对a为完全显性。基因B能抑制色素的合成，且基因B数量越多抑制效果越明显。现有一株白色花与红色花杂交，F1全为粉色花，F1粉色花自交得F2，F2中粉色花∶红色花∶白色花为6∶3∶7。下列推测正确的是(　　)
A．基因a能够控制红色素的合成
B．F2中白色花植株的基因型有6种
C．F2粉色花植株中纯合子所占比例为0
D．F2中红色花植株与F1交配，后代白色花植株占1/4
17．蝴蝶翅色的紫翅(A)对黄翅(a)为显性，眼色的绿眼(B)对白眼(b)为显性。让紫翅绿眼蝴蝶和紫翅白眼蝴蝶杂交得到F1，F1的性状统计结果如图所示。下列说法不正确的是(　　)
A．实验中所用亲本的基因型为AaBb(紫翅绿眼)、Aabb(紫翅白眼)
B．F1中紫翅绿眼蝴蝶的基因型是AABb、AaBb，所占的比例是3/8
C．F1中黄翅绿眼蝴蝶的基因型是aaBb，所占的比例是1/8
D．让F1中两只黄翅绿眼蝴蝶交配，得到的F2中表型有3种
18．(2024·苏州高一期中)有实验室选用纯合的家兔，进行如图所示杂交实验，下列有关说法正确的是(　　)
A．控制家兔体色的基因的传递不遵循孟德尔遗传规律
B．家兔的体色是由一对基因决定的
C．F2中白色家兔都是纯合子
D．F2白色家兔中，与亲本基因型相同的个体占1/4
19．(2024·沧州高一期末)花椒茎干通常有增大的皮刺，已知皮刺的大小受一对等位基因S/s控制，基因型SS的植株表现为长皮刺，Ss表现为短皮刺，ss表现为无皮刺。皮刺颜色受另一对等位基因T/t控制，T控制深绿色，t控制黄绿色，基因型为TT和Tt的皮刺是深绿色，tt的为黄绿色，两对基因独立遗传。若基因型为SsTt的亲本自交，则下列有关判断不正确的是(　　)
A．子代能够稳定遗传的基因型有4种
B．子代短皮刺、深绿色的基因型有2种
C．子代的表型共有6种
D．子代有皮刺花椒中，SsTt所占的比例为1/3
20．(2024·辽阳高一期中)某种植物的花色受多对等位基因控制，当每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花。现有两个白花的纯合品系甲、乙，让甲、乙分别与纯合的红花植株杂交，得到F1，两组F1都开红花，两组F1再自交得到F2，F2分离比如下：
甲产生的F2中红花∶白花＝9∶7
乙产生的F2中红花∶白花＝27∶37
下列相关叙述正确的是(　　)
A．白花为显性性状，红花为隐性性状
B．该种植物花色的遗传符合基因的分离和自由组合定律
C．根据品系乙的实验结果，推测该植物的花色至少受2对等位基因控制
D．甲品系白花植株与乙品系白花植株杂交，后代可能都为红花
二、非选择题(本题包括3小题，共40分。)
21．(12分)(2024·茂名高一期末)研究人员选择果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株(甲)与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株(乙)杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹。F1自交得F2，分别统计F2各对性状的表现及株数，结果如表所示。回答下列问题：
甜瓜性状 果皮颜色(A/a) 果肉颜色(B/b) 果皮覆纹
F2的性状表现及株数 黄绿色482 黄色158 橘红色478 白色162 有覆纹361 无覆纹279
(1)(2分)甜瓜果皮颜色的显性性状是____________。让F2中果肉橘红色植株随机交配，则F3中果肉白色植株占____________________________________________________________。
(2)据表中数据____________(填“能”或“不能”)判断出A和a、B和b这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，理由是____________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)完善下列实验方案，验证果皮覆纹性状由两对等位基因(E/e和F/f)控制，且两对等位基因自由组合。
实验方案：让F1与植株__________(填“甲”或“乙”)杂交，统计子代的表型及比例。预期结果：子代的表型及比例为____________________。
(4)若果皮颜色、果肉颜色、覆纹三对性状的遗传遵循基因自由组合定律，则F1的基因型为______________________________。
22．(17分)(2024·镇江高一期中)番茄植物有无茸毛(A、a)和果实的颜色(B、b)由两对独立遗传的等位基因控制。某兴趣小组做了如图所示杂交实验，请分析回答下列问题：
(1)番茄的果实颜色性状中，____________果是隐性性状。实验1的F1中无茸毛红果番茄的基因型是____________，欲进一步确认，最简便的方法是____________。
(2)(5分)实验2中，理论上F1中有茸毛红果番茄自交得F2，则F2个体中基因型有____________种，表型的比例是____________(只写比例)。若让F2中有茸毛红果番茄自交，所得F3中出现有茸毛黄果的概率是____________。
(3)若实验2中F1有茸毛红果自交，得到F2的表型及比例为有茸毛红果∶无茸毛红果∶有茸毛黄果∶无茸毛黄果＝5∶3∶3∶1。
①针对F2出现该比例的原因，研究者提出了一种假说，认为F1产生了某种类型的花粉败育。若假说成立，则败育花粉的相应的基因组成为____________。
②根据上述实验现象及相关数据，结合研究者提出的假说，要验证F1产生的花粉败育，选择将F1植株作为____________(填“父本”或“母本”)与F2的隐性植株杂交，若后代表型及比例为__________________________________，则假说成立。
23．(11分)(2024·大连高一检测)某植物花色与色素积累量有关，受两对独立遗传的等位基因A/a和B/b控制，基因A、B分别编码酶A和酶B，二者共同参与红色素的合成，其等位基因a、b不能编码相关酶。在种植中发现，深红花和白花性状均可稳定遗传，而浅红花性状总是不能稳定遗传。现有甲、乙两个品系杂交，杂交结果如图所示，回答下列问题：
(1)(2分)根据上述杂交结果判断，甲品系的基因型是________，乙品系的基因型是________。
(2)(3分)F2浅红花植株的基因型有____种；F2浅红花植株自交，后代中性状能稳定遗传的植株所占比例是__________。
(3)研究发现，还存在另一对色素合成抑制基因D/d，编码酶D抑制红色素合成，当基因D存在时，均表现为白花，这三对等位基因任意两对基因的遗传均遵循自由组合定律。现有白花植株丙自交，子代中深红花∶浅红花∶白花＝1∶2∶13，则植株丙的基因型为______________或__________。
(4)将植株丙与深红花植株杂交，后代的表型及比例为____________________________。
周测2　孟德尔的豌豆杂交实验(二)
时间：60分钟　分值：100分
一、选择题(本题包括20小题，每小题3分，共60分，每小题只有一个选项符合题目要求。)
1．(2024·信阳高一期末)在孟德尔的两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。下列相关叙述正确的是(　　)
A．需待F1所结种子播种后长成成熟个体时统计F2的分离比
B．F2中圆粒和皱粒之比接近3∶1，说明该对性状的遗传符合基因的分离定律
C．F1产生基因型为YR的卵细胞和YR的精子数量之比为1∶1
D．F2出现16种基因型、4种表型的个体，表型比例约为9∶3∶3∶1
答案　B　
解析　F1所结种子播种后当年就能结出种子，即为F2，就可以统计出F2的分离比，A错误；F2中圆粒和皱粒之比接近3∶1，说明该对性状的遗传符合基因的分离定律，圆粒和皱粒受一对等位基因控制，B正确；F1产生基因型为YR卵细胞的数量小于YR精子的数量，即雄配子数量多于雌配子数量，二者之间不成比例，C错误；F2出现9种基因型、4种表型的个体，黄色圆粒(Y_R_)∶黄色皱粒(Y_rr)∶绿色圆粒(yyR_)∶绿色皱粒(yyrr)＝9∶3∶3∶1，D错误。
2．(2024·遂宁高一月考)(不考虑致死)已知玉米有色籽粒对无色籽粒是显性。现将一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3，对这种杂交现象的推测，不确切的是(　　)
A．测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同
B．玉米的有、无色籽粒的遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的
D．测交后代的无色籽粒的基因型有三种
答案　C
解析　一有色籽粒的植株X进行测交实验，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3，不考虑致死，则玉米籽粒的有色可能是受两对等位基因控制，两个显性基因同时存在表现为有色，否则表现为无色。假设用A/a和B/b表示相关基因，测交实验为AaBb×aabb→AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，其中AaBb为有色籽粒，Aabb、aaBb、aabb为无色籽粒，因此遵循基因的分离定律和自由组合定律。玉米的有、无色籽粒若是由一对等位基因控制，则测交后代应出现有色籽粒∶无色籽粒＝1∶1，而不是1∶3，C符合题意。
3．(2024·九江高一期中)假说—演绎法是现代科学研究的一种常用方法，孟德尔对两大遗传定律的发现就是依此取得的重大成果，他的运用可分为以下四个基本步骤：
下列有关说法错误的是(　　)
A．以上四个步骤的正确顺序是②③①④
B．孟德尔豌豆杂交实验中，测交实验及其结果的统计与分析属于这四个基本步骤中的“演绎推理，验证假说”
C．孟德尔的豌豆杂交实验没有对照，但经过了很多次的重复
D．F2出现“3∶1或9∶3∶3∶1”性状分离比是F1产生数量相等的雌雄配子随机结合的结果
答案　D
解析　孟德尔豌豆杂交实验没有对照，只需通过重复实验，检验其实验结果的一致性即可，C正确；F2出现“3∶1或9∶3∶3∶1”性状分离比是F1产生数量相等的显隐性配子随机结合的结果，雄配子数远多于雌配子数，D错误。
4．孟德尔用豌豆成功揭示了遗传学的两大定律。用基因型为Yyrr(黄色皱粒)的豌豆和基因型为yyRr(绿色圆粒)的豌豆杂交(　　)
A．能够验证分离定律，但不能验证自由组合定律
B．能够验证分离定律，也能够验证自由组合定律
C．不能验证分离定律，但能够验证自由组合定律
D．不能验证分离定律，也不能验证自由组合定律
答案　A
解析　双亲(Yyrr×yyRr)在产生配子的过程中均会出现等位基因分离的现象，黄色皱粒中存在等位基因Yy分离，绿色圆粒中存在等位基因Rr分离，都不存在非等位基因自由组合，因此基因型为Yyrr(黄色皱粒)的豌豆和基因型为yyRr(绿色圆粒)的豌豆杂交，能够验证分离定律，但不能验证自由组合定律，A符合题意。
5．涉及两对自由组合的等位基因遗传时，分析子代基因型常用棋盘法。如图表示具有两对相对性状的纯合亲本杂交，分析F2基因型时的棋盘格。下列说法错误的是(　　)
A．该方法的原理是受精时雌雄配子随机结合
B．①～④代表的基因型在棋盘中各出现一次
C．该杂交过程所选择的亲本基因型组合一定是YYRR×yyrr
D．②代表的表型出现的概率与③代表的表型出现的概率相同
答案　C
解析　①～④代表的基因型为纯合子，在棋盘中各出现一次，B正确；F1产生的雌雄配子均有4种：YR、Yr、yR、yr，该杂交过程所选择的亲本基因型组合为YYRR×yyrr或YYrr×yyRR，C错误；②代表的表型出现的概率与③代表的表型出现的概率相同，均为3/16，D正确。
6．(2024·合肥高一调研)如图为自然环境中某豌豆植株产生后代的过程示意图(子代数量足够多)，下列叙述错误的是(　　)
A．②过程中雌、雄配子的结合是随机的，M＝16
B．③过程产生的子代基因型N＝9，其中基因型为AaBb的个体所占比例为1/4
C．若让该植株与隐性纯合子测交，子代中杂合子所占比例为3/4
D．基因分离定律发生在①过程、基因自由组合先后发生在②过程，二者互不干扰
答案　D
解析　②表示雌、雄配子随机结合，由于雌、雄配子的种类都是4种，所以②过程中雌、雄配子的结合方式M＝4×4＝16(种)，A正确；AaBb自交，后代基因型种类N＝3×3＝9(种)，子代中基因型为AaBb的植株所占比例＝1/2×1/2＝1/4，B正确；由表型比例为12∶3∶1可知，该植株与隐性纯合子测交，子代的基因型及比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，纯合子所占比例为1/4，杂合子所占比例为3/4，C正确；①过程中等位基因的分离和非等位基因的自由组合同时发生，D错误。
7．(2024·邯郸高一期末)某植物的花色有白色、紫色和蓝色三种，由两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，基因型和表型的关系如表所示。现用纯合紫花植株和纯合蓝花植株作亲本，杂交得F1，F1自交得F2，下列有关叙述正确的是(　　)
基因型 A_B_、aabb A_bb aaB_
表型 白花 紫花 蓝花
A.白花植株共有6种基因型，其中纯合子的基因型有4种
B．题干中F2的表型及其比例是白花∶紫花∶蓝花＝10∶3∶3
C．紫花植株和蓝花植株自交后代中一定都有白花植株
D．F2有3种花色，白花植株中杂合子所占比例为2/3
答案　B
解析　该植物的花色由两对独立遗传的等位基因A/a和B/b控制，说明其遗传遵循基因的自由组合定律，则纯合紫花亲本的基因型为AAbb，纯合蓝花亲本的基因型为aaBB，杂交所得F1的基因型为AaBb，F1自交所得F2中表型及比例为白花(A_B_、aabb)∶紫花(A_bb)∶蓝花(aaB_)＝10∶3∶3，可见白花植株共有5种基因型(AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb)，其中纯合子的基因型有2种，A错误，B正确；纯合紫花植株(AAbb)和纯合蓝花植株(aaBB)自交后代不会出现白花植株，C错误；F2有3种花色，白花植株中杂合子(2AaBB、2AABb、4AaBb)所占比例为4/5，D错误。
8．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对易染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝黑色，糯性花粉遇碘液变橙红色。现有四种纯合子植株，其基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。下列说法正确的是(　　)
A．若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用①和③杂交所得F1的花粉
B．若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉
C．若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④作为亲本杂交
D．将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝黑色
答案　C
解析　三对相对性状中可通过花粉进行鉴定的相对性状是非糯性(A)和糯性(a)、花粉粒长形(D)和圆形(d)，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，需得到基因型为Aa或Dd的植株，A错误；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，需得到基因型为AaDd的植株，B错误；①×④→F1(AaTtdd)，F1连续自交即可得到糯性抗病优良品种(aaTTdd)，C正确；②×④→F1(AattDd)，其产生的花粉加碘液染色后，A(蓝黑色)∶a(橙红色)＝1∶1，D错误。
9．已知A与a、B与b、D与d三对等位基因自由组合，分别控制3对相对性状。若基因型分别为AaBbDd、AabbDd的两个体进行杂交，则下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　)
A．表型有8种，基因型为AaBbDd的个体的比例为1/16
B．表型有4种，基因型为aaBbdd的个体的比例为1/16
C．表型有8种，基因型为Aabbdd的个体的比例为1/8
D．表型有8种，基因型为aaBbDd的个体的比例为1/16
答案　D
解析　基因型分别为AaBbDd、AabbDd的两个体进行杂交，杂交后代的表型有2×2×2＝8(种)，基因型为AaBbDd的个体的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，A错误；基因型为aaBbdd的个体的比例为1/4×1/2×1/4＝1/32，B错误；基因型为Aabbdd的个体的比例为1/2×1/2×1/4＝1/16，C错误；基因型为aaBbDd的个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16，D正确。
10．孟德尔以黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆作亲本进行杂交，获得的F1基因型为YyRr，全部为黄色圆粒豌豆，F1自交获得F2。下列叙述正确的是(　　)
A．黄色圆粒豌豆亲本产生的配子的基因型为YY和RR
B．F2的性状分离比依赖于雌、雄配子数量相等且随机结合
C．F2中与亲本表型相同的个体占3/8或5/8
D．对F1的测交结果可反映F1产生的配子类型及比例
答案　D
解析　亲本黄色圆粒豌豆的基因型为YYRR，则产生的配子的基因型为YR，A错误；F1黄色圆粒豌豆(YyRr)产生的雌配子基因型及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，雄配子基因型及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，F1杂交获得F2，F2的性状分离比依赖于雌配子和雄配子的基因型及比例且雌、雄配子随机结合，雄配子的数量远远多于雌配子，B错误；F2中与亲本表型相同的个体(Y_R_、yyrr)占9/16＋1/16＝5/8，C错误。
11．(2024·泉州高一期中)对孟德尔提出的假说进行模拟实验，装置如图，雌①、雌②容器中的小球分别模拟某雌性个体的两对基因，雄①、雄②同理。下列分析正确的是(　　)
A．从雌①和雌②中随机抓取一个小球，将两个小球组合在一起，只能模拟产生配子时等位基因的分离
B．将从雌①、雄①中分别随机取出的小球组合在一起，模拟的是生物在生殖过程中雌、雄配子的随机结合
C．从4个容器中各取一个小球并组合在一起，只能模拟基因的分离定律
D．重复抓取的次数达10次，其结果最接近孟德尔分离定律与自由组合定律的统计数据
答案　B
解析　从雌①和雌②中随机抓取一个小球，将两个小球组合在一起，能模拟产生配子时等位基因的分离和非等位基因的自由组合，A错误；从雌①中抓出一个小球，从雌②中抓出一个小球，将两个小球组合在一起，模拟的是分离定律和自由组合定律，从雄①中抓出一个小球，从雄②中抓出一个小球，将两个小球组合在一起，模拟的是分离定律和自由组合定律，将上述两个组合再组合在一起，模拟的是受精时雌、雄配子的随机结合，C错误；重复抓取的次数达10次，次数较少，具有偶然性，其结果不一定接近孟德尔分离定律与自由组合定律的统计数据，D错误。
12．(2024·佳木斯高一期中)某植物的花色受独立遗传的两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，含有AB的花粉由于活力不足不能参与受精作用。现将基因型为AaBb的个体进行自交获得F1，则F1中花色的表型及比例是(　　)
A．白色∶粉色∶红色＝4∶3∶2
B．白色∶粉色∶红色＝5∶3∶4
C．白色∶粉色∶红色＝4∶3∶5
D．白色∶粉色∶红色＝6∶9∶1
答案　C
解析　基因型AaBb的个体自交产生的基因型及比例为A－B－∶A－bb∶aaB－∶aabb＝9∶3∶3∶1，考虑含有AB的花粉由于活力不足不能参与受精作用，根据“棋盘法”可知，A－B－个体会减少4份，即A－B－∶A－bb∶aaB－∶aabb变为5∶3∶3∶1，再根据题目信息可知A－B－表现为红色，A－bb表现为粉色，aaB－和aabb表现为白色，即白色∶粉色∶红色＝4∶3∶5，C符合题意。
13．(2021·全国乙，6)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　)
A．植株A的测交子代中会出现2n种不同表型的个体
B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大
C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
答案　B
解析　每对等位基因测交后会出现2种表型，故n对等位基因杂合的植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体，A正确。不管n有多大，植株A测交子代比为(1∶1)n＝1∶1∶1∶1……(共2n个1)，即不同表型个体数目均相等，B错误。植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数为1/2n，纯合子的个体数也是1/2n，两者相等，C正确。n≥2时，植株A的测交子代中纯合子的个体数是1/2n，杂合子的个体数为1－1/2n，故杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。
14．牵牛花的叶子有普通叶和枫形叶两种(由一对等位基因A、a控制)，种子有黑色和白色两种(由一对等位基因B、b控制)。现有一对表型为普通叶白色种子和枫形叶黑色种子的亲本进行杂交，F1全为普通叶黑色种子，F1与若干基因型相同的个体(与F1基因型不相同)进行杂交，得到F2的表型及比例如表所示。下列有关叙述错误的是(　　)
表型 普通叶黑色种子 普通叶白色种子 枫形叶黑色种子 枫形叶白色种子
数量 448 459 153 148
A.控制这两对相对性状的基因遵循自由组合定律
B．普通叶对枫形叶为显性，种子的黑色对白色为显性
C．若对F2中普通叶进行测交，子代性状分离比是2∶1
D．F2普通叶黑色种子中杂合子占1/3
答案　D
解析　一对表型为普通叶白色种子和枫形叶黑色种子的亲本进行杂交，F1全为普通叶黑色种子，可知普通叶和黑色种子为显性性状，且亲本均为纯合子(AAbb、aaBB)，F1基因型为AaBb，F1与若干基因型相同的个体(与F1基因型不相同)进行杂交，根据F2数量比接近3∶3∶1∶1可知，F1产生AB、Ab、ab、aB四种配子且比例相同，遵循自由组合定律，A、B正确；F2中普通叶的基因型及比例为AA∶Aa＝1∶2，产生的配子种类及比例为A∶a＝2∶1，测交子代性状分离比是2∶1，C正确；F2中普通叶黑色种子的基因型为AABb或AaBb，均为杂合子，D错误。
15．(2024·宁波高一期中)兰花的花色有红色、蓝色两种，其遗传遵循孟德尔的遗传规律。现将纯合红色花和纯合蓝色花进行杂交，F1均为红色花，F1自交，F2中红色花与蓝色花的比例为27∶37。下列叙述正确的是(　　)
A．兰花花色由独立遗传的两对等位基因控制
B．若对F1进行测交，则其子代表型及比例为红色花∶蓝色花＝1∶1
C．F2中蓝色花基因型有19种，蓝色花中纯合子占7/37
D．F2红色花中与F1基因型相同的个体占比为1/8
答案　C
解析　现将纯合红色花和纯合蓝色花进行杂交，F1均为红色花，F1自交，F2中红色花与蓝色花的比例为27∶37，由分析可知红色花与蓝色花受三对独立遗传的等位基因控制，假设相关基因用A/a、B/b、C/c表示，红色为显性性状，且三个显性基因同时存在时才表现为红色花(A_B_C_)，A错误；若对F1进行测交，基因组合为AaBbCc×aabbcc，子代基因型为AaBbCc的个体所占的比例为1/8，即红色花所占的比例是1/8，蓝色花所占的比例是7/8，则其子代表型及比例为红色花∶蓝色花＝1∶7，B错误；F2中基因型总共有27种，红色花的基因型(A－B－C－)有8种，蓝色花的基因型有19种，F2中纯合子共有2×2×2＝8(种)，每种各占1/64，其中只有基因型为AABBCC的个体表现为红色花，其余均为蓝色花，即蓝色花纯合子占7/64，而F2中蓝色花植株共占37/64，因此F2的蓝色花植株中纯合子占7/37，C正确；F2与F1基因型相同的个体，其基因型为AaBbCc，出现的概率为1/2×1/2×1/2＝1/8，F2红色花中基因型与F1基因型相同的个体占比为8/27，D错误。
16．(2024·岳阳高一期中)某植物的花色有红色、粉色和白色三种颜色，由基因A、a控制，A对a为完全显性。基因B能抑制色素的合成，且基因B数量越多抑制效果越明显。现有一株白色花与红色花杂交，F1全为粉色花，F1粉色花自交得F2，F2中粉色花∶红色花∶白色花为6∶3∶7。下列推测正确的是(　　)
A．基因a能够控制红色素的合成
B．F2中白色花植株的基因型有6种
C．F2粉色花植株中纯合子所占比例为0
D．F2中红色花植株与F1交配，后代白色花植株占1/4
答案　C
解析　由题干信息可知，红色植株的基因型为A_bb，说明基因A能够控制红色素的合成，A错误；亲本的基因型为AAbb和aaBB，F1的基因型为AaBb，F2中白色花植株的基因型分别为AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb，共5种，B错误；F2粉色花植株占6份，其基因型为AaBb和AABb，纯合子所占比例为0，C正确；F2中红色花植株的基因型为AAbb和Aabb，二者的比例为1∶2，其与F1(AaBb)交配，后代白色花植株占2/3×1/4＝1/6，D错误。
17．蝴蝶翅色的紫翅(A)对黄翅(a)为显性，眼色的绿眼(B)对白眼(b)为显性。让紫翅绿眼蝴蝶和紫翅白眼蝴蝶杂交得到F1，F1的性状统计结果如图所示。下列说法不正确的是(　　)
A．实验中所用亲本的基因型为AaBb(紫翅绿眼)、Aabb(紫翅白眼)
B．F1中紫翅绿眼蝴蝶的基因型是AABb、AaBb，所占的比例是3/8
C．F1中黄翅绿眼蝴蝶的基因型是aaBb，所占的比例是1/8
D．让F1中两只黄翅绿眼蝴蝶交配，得到的F2中表型有3种
答案　D
解析　分析题图可知，后代中紫翅∶黄翅＝3∶1，绿眼∶白眼＝1∶1，因此该实验中所用亲本的基因型为AaBb(紫翅绿眼)、Aabb(紫翅白眼)，A正确；F1中紫翅绿眼蝴蝶的基因型是AABb、AaBb，所占的比例是3/4×1/2＝3/8，B正确；F1中黄翅绿眼蝴蝶的基因型是aaBb，所占的比例是1/4×1/2＝1/8，C正确；让F1中两只黄翅绿眼蝴蝶(aaBb)交配，得到的F2中表型有2种，为黄翅绿眼蝴蝶和黄翅白眼蝴蝶，D错误。
18．(2024·苏州高一期中)有实验室选用纯合的家兔，进行如图所示杂交实验，下列有关说法正确的是(　　)
A．控制家兔体色的基因的传递不遵循孟德尔遗传规律
B．家兔的体色是由一对基因决定的
C．F2中白色家兔都是纯合子
D．F2白色家兔中，与亲本基因型相同的个体占1/4
答案　D
解析　F2中灰色家兔∶黑色家兔∶白色家兔＝9∶3∶4，该比例是9∶3∶3∶1的变式，则家兔体色是由两对基因控制的且遵循自由组合定律，A、B错误；假设体色是由A/a、B/b两对基因控制的，则F2中白色家兔的基因型是AAbb、Aabb(或aaBB、aaBb)、aabb，其中与亲本基因型(aabb)相同的个体占1/4，C错误，D正确。
19．(2024·沧州高一期末)花椒茎干通常有增大的皮刺，已知皮刺的大小受一对等位基因S/s控制，基因型SS的植株表现为长皮刺，Ss表现为短皮刺，ss表现为无皮刺。皮刺颜色受另一对等位基因T/t控制，T控制深绿色，t控制黄绿色，基因型为TT和Tt的皮刺是深绿色，tt的为黄绿色，两对基因独立遗传。若基因型为SsTt的亲本自交，则下列有关判断不正确的是(　　)
A．子代能够稳定遗传的基因型有4种
B．子代短皮刺、深绿色的基因型有2种
C．子代的表型共有6种
D．子代有皮刺花椒中，SsTt所占的比例为1/3
答案　C
解析　Ss×Ss能稳定遗传的基因型是SS、ss共2种，Tt×Tt能稳定遗传的基因型是TT、tt共2种，因此对这两对等位基因来说，能稳定遗传的基因型共2×2＝4(种)，A正确；子代短皮刺、深绿色的基因型是SsTT、SsTt共2种，B正确；花椒有皮刺性状分为长皮刺和短皮刺两种，皮刺的颜色分为深绿色和黄绿色两种，无皮刺性状只有一种，因此子代的表型是2×2＋1＝5(种)，C错误；子代有皮刺花椒的基因型是SS、Ss，其中Ss占2/3，皮刺颜色遗传中Tt占1/2，因此子代有皮刺花椒中，SsTt所占比例为2/3×1/2＝1/3，D正确。
20．(2024·辽阳高一期中)某种植物的花色受多对等位基因控制，当每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花。现有两个白花的纯合品系甲、乙，让甲、乙分别与纯合的红花植株杂交，得到F1，两组F1都开红花，两组F1再自交得到F2，F2分离比如下：
甲产生的F2中红花∶白花＝9∶7
乙产生的F2中红花∶白花＝27∶37
下列相关叙述正确的是(　　)
A．白花为显性性状，红花为隐性性状
B．该种植物花色的遗传符合基因的分离和自由组合定律
C．根据品系乙的实验结果，推测该植物的花色至少受2对等位基因控制
D．甲品系白花植株与乙品系白花植株杂交，后代可能都为红花
答案　B
解析　F1都开红花，两组F1再自交均发生性状分离，因而可判断红花为显性性状，白花为隐性性状，A错误；品系甲中F2的性状分离比之和等于16，品系乙中F2的性状分离比之和等于64(43)，说明该种植物花色的遗传至少由3对等位基因控制，且符合基因的分离和自由组合定律，B正确，C错误；题意显示某种植物个体的基因型中每对等位基因(设相关基因用A/a、B/b、C/c表示)都至少有一个显性基因时，即基因型为A_B_C_才开红花，其余均开白花，甲品系白花植株与纯合红花(AABBCC)植株杂交，F2的性状分离比为9∶7，说明甲品系白花植株的基因型为aabbCC或AAbbcc或aaBBcc，乙品系白花植株与纯合红花(AABBCC)植株杂交，F2的性状分离比为27∶37，说明乙品系白花植株的基因型为aabbcc，则甲品系白花植株(aaBBcc、aabbCC、AAbbcc)与乙品系白花植株(aabbcc)杂交，后代均为白花，D错误。
二、非选择题(本题包括3小题，共40分。)
21．(12分)(2024·茂名高一期末)研究人员选择果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株(甲)与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株(乙)杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹。F1自交得F2，分别统计F2各对性状的表现及株数，结果如表所示。回答下列问题：
甜瓜性状 果皮颜色(A/a) 果肉颜色(B/b) 果皮覆纹
F2的性状表现及株数 黄绿色482 黄色158 橘红色478 白色162 有覆纹361 无覆纹279
(1)(2分)甜瓜果皮颜色的显性性状是____________。让F2中果肉橘红色植株随机交配，则F3中果肉白色植株占____________________________________________________________。
(2)据表中数据____________(填“能”或“不能”)判断出A和a、B和b这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，理由是____________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)完善下列实验方案，验证果皮覆纹性状由两对等位基因(E/e和F/f)控制，且两对等位基因自由组合。
实验方案：让F1与植株__________(填“甲”或“乙”)杂交，统计子代的表型及比例。预期结果：子代的表型及比例为____________________。
(4)若果皮颜色、果肉颜色、覆纹三对性状的遗传遵循基因自由组合定律，则F1的基因型为______________________________。
答案　(1)黄绿色　1/9　(2)不能　缺乏对F2中两对性状(果皮与果肉颜色)组合类型的统计数据　(3)乙　有覆纹∶无覆纹＝1∶3　(4)AaBbEeFf
解析　(1)根据F1果皮为黄绿色的个体自交后代中果皮黄绿色∶黄色≈3∶1可知，果皮黄绿色为显性性状。F1果肉为橘红色的个体自交后代中果肉橘红色∶白色≈3∶1可知，果肉橘红色为显性性状，说明F1果肉橘红色植株的基因型为Bb，则F2中果肉橘红色植株的基因型为1/3BB、2/3Bb，随机交配，F2中产生的配子基因型为2/3B、1/3b，所以F3中果肉白色植株所占比例为1/3×1/3＝1/9。(2)由于F2的每对相对性状是单独统计的，没有对两对性状组合类型的数据进行统计，所以不能判断A/a、B/b这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(3)F2中有覆纹∶无覆纹≈9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明有覆纹的基因型为E－F－，依据表格信息可推知，亲本中关于有、无覆纹这对相对性状，植株甲的基因型为EEFF、植株乙的基因型为eeff，F1的基因型为EeFf，若要证明果皮覆纹性状由两对等位基因控制，且两对等位基因自由组合，可进行测交实验，即让F1与隐性纯合子(乙)杂交，后代中出现果皮有覆纹∶无覆纹＝1∶3的结果即可证明。(4)F2中黄绿色∶黄色≈3∶1，果肉橘红色∶白色≈3∶1，有覆纹∶无覆纹≈9∶7，可推知，F1的基因型为AaBbEeFf。
22．(17分)(2024·镇江高一期中)番茄植物有无茸毛(A、a)和果实的颜色(B、b)由两对独立遗传的等位基因控制。某兴趣小组做了如图所示杂交实验，请分析回答下列问题：
(1)番茄的果实颜色性状中，____________果是隐性性状。实验1的F1中无茸毛红果番茄的基因型是____________，欲进一步确认，最简便的方法是____________。
(2)(5分)实验2中，理论上F1中有茸毛红果番茄自交得F2，则F2个体中基因型有____________种，表型的比例是____________(只写比例)。若让F2中有茸毛红果番茄自交，所得F3中出现有茸毛黄果的概率是____________。
(3)若实验2中F1有茸毛红果自交，得到F2的表型及比例为有茸毛红果∶无茸毛红果∶有茸毛黄果∶无茸毛黄果＝5∶3∶3∶1。
①针对F2出现该比例的原因，研究者提出了一种假说，认为F1产生了某种类型的花粉败育。若假说成立，则败育花粉的相应的基因组成为____________。
②根据上述实验现象及相关数据，结合研究者提出的假说，要验证F1产生的花粉败育，选择将F1植株作为____________(填“父本”或“母本”)与F2的隐性植株杂交，若后代表型及比例为__________________________________，则假说成立。
答案　(1)黄　aaBB或aaBb　自交　(2)9　9∶3∶3∶1　5/36　(3)①AB　②父本　有茸毛黄果∶无茸毛红果∶无茸毛黄果＝1∶1∶1
解析　(1)根据实验2可知，番茄的果实颜色性状中，黄果是隐性性状，根据实验1中的F1可知，有茸毛为显性性状。实验1的F1中无茸毛红果番茄的基因型是aaBB或aaBb，欲进一步确认，最简便的方法是自交，根据子代果实的颜色进行判断，若子代出现性状分离则为杂合子，反之则为纯合子。(2)实验2中，由F1中有茸毛∶无茸毛＝1∶1，则亲本的基因型为AaBB(有茸毛红果)、aabb(无茸毛黄果)，则F1中有茸毛红果的基因型为AaBb，理论上F1中有茸毛红果番茄自交得F2，则F2个体中基因型有9种，表型及比例为有茸毛红果∶有茸毛黄果∶无茸毛红果∶无茸毛黄果＝9∶3∶3∶1。F2中有茸毛红果番茄的基因型及其比例为AaBb∶AABb∶AaBB∶AABB＝4∶2∶2∶1，若让F2中有茸毛红果番茄自交，自交子代能出现有茸毛黄果的基因型有AaBb、AABb，所得F3中出现有茸毛黄果的概率是4/9×3/16＋2/9×1/4＝5/36。(3)①根据F2的表型及比例可知，双显性个体的数量减少，如果是花粉败育，则败育花粉的基因型为AB。②因为F2中隐性植株的基因型为aabb，不含AB基因，所以F1植株必须作为父本，且理论上其产生的配子的种类及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，因基因型为AB的花粉败育，所以实际上配子的种类及比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，则其测交后代表型及比例为有茸毛黄果∶无茸毛红果∶无茸毛黄果＝1∶1∶1。
23．(11分)(2024·大连高一检测)某植物花色与色素积累量有关，受两对独立遗传的等位基因A/a和B/b控制，基因A、B分别编码酶A和酶B，二者共同参与红色素的合成，其等位基因a、b不能编码相关酶。在种植中发现，深红花和白花性状均可稳定遗传，而浅红花性状总是不能稳定遗传。现有甲、乙两个品系杂交，杂交结果如图所示，回答下列问题：
(1)(2分)根据上述杂交结果判断，甲品系的基因型是________，乙品系的基因型是________。
(2)(3分)F2浅红花植株的基因型有____种；F2浅红花植株自交，后代中性状能稳定遗传的植株所占比例是__________。
(3)研究发现，还存在另一对色素合成抑制基因D/d，编码酶D抑制红色素合成，当基因D存在时，均表现为白花，这三对等位基因任意两对基因的遗传均遵循自由组合定律。现有白花植株丙自交，子代中深红花∶浅红花∶白花＝1∶2∶13，则植株丙的基因型为______________或__________。
(4)将植株丙与深红花植株杂交，后代的表型及比例为____________________________。
答案　(1)AABB　aabb　(2)3(或三)　1/2　(3)DdAABb　DdAaBB　(4)深红花∶浅红花∶白花＝1∶1∶2
解析　(1)F2中深红花∶浅红花∶白花＝21∶160∶142≈1∶8∶7。深红花品系(甲)和白花品系(乙)植株杂交，F1均为浅红花，F1自交，F2中深红花∶浅红花∶白花＝1∶8∶7，为9∶3∶3∶1的变式，说明控制花色的两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，则F1的基因型可表示为AaBb。据此可推测深红花个体的基因型为AABB，浅红花个体的基因型为AABb、AaBB、AaBb，共3种，而白花个体的基因型为aaBb、aaBB、Aabb、AAbb、aabb，故乙品系的基因型是aabb。(2)F2中浅红花个体的基因型为2AABb、2AaBB、4AaBb，故F2浅红花植株的基因型有3种；F2浅红花植株自交，后代中性状能稳定遗传的植株(AABB、aaBB、AAbb、Aabb、aaBb、aabb)所占比例为1/4×1/4＋1/4×1/4＋1/4×1/4＋1/4×1/4＋1/2×1/16＋1/2×1/16＋1/2×1/16＋1/2×2/16＋1/2×2/16＋1/2×1/16＝1/2。(3)还存在另一对色素合成抑制基因D/d，当基因D存在时，均表现为白花，若某白花植株丙自交，子代深红花∶浅红花∶白花＝1∶2∶13，由于子代出现了有色花，则该白花植株丙的基因型一定为Dd－－－－，而Dd自交出现白花(D－－－－－)的比例为3/4，而实际白花的比例为13/16，说明子代中另一类白花的比例为13/16－3/4＝1/16＝1/4×1/4，因而说明子代中基因型为dd－－－－的白花占比为1/16，只有基因型为AABb、AaBB的浅红花自交会出现1/4的白花，因而可确定该白花植株丙的基因型为DdAABb或DdAaBB。(4)将植株丙(DdAABb或DdAaBB)与深红花(ddAABB)杂交，后代基因型及比例为1/4DdAABb、1/4DdAABB、1/4ddAABb、1/4ddAABB或1/4DdAABB、1/4DdAaBB、1/4ddAABB、1/4ddAaBB，故将植株丙与深红花植株杂交，后代的表型及比例为深红花∶浅红花∶白花＝1∶1∶2。

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