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莆田市2025届高中毕业班第二次教学质量检测试卷
物理
本试卷满分100分，考试用时75分钟
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3考试结束后，将答题卡交回
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项是符合题目要求的。
1.2024年12月29日豆讯·木兰溪杯莆田马拉松魅力开跑。中国选手李波以2小时16分02秒的
成绩获得男子组全马冠军。下列说法正确的是
A.2小时16分02秒是指时刻
B.李波全程的平均速度约为18.6km/h
C.马拉松全程42.195km,42.195km是指路程
D.研究李波发力动作时，可以把他看作质点
2.一列简谐横波沿x轴传播，某时刻波的图像如图所示。已知此时质点α的运动方向向上，则
A.此波沿x轴负方向传播
B.质点c此时向下运动
C.质点c将比质点b先回到平衡位置
D.此时质点b的速度和加速度大小都比质点c大
3.硼中子俘获疗法是肿瘤治疗的新技术，其核反应方程为B+n→X+}Li。下列
说法正确的是
A.X为a粒子
B.X的电离能力比射线弱
C.该核反应是核裂变
D.反应后的新核处于高能级，向低能级跃迁时会放出电子
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4.二十四节气是中华民族优秀传统文化，如图为地球沿椭圆轨道绕太阳运动所处的四个位置，
分别对应我国的四个节气。冬至和夏至时地球中心与太阳中心的距离分别为”1、2，下列
说法正确的是
春分
冬至
A.冬至时地球的运行速度大于7.9km/s小于11.2km/s
B.地球运行到冬至和夏至时，运行速度之比为
夏至
2
C.地球运行到冬至和夏至时，加速度之比为上
秋分
D.地球运行到冬至和夏至时，所受太阳的万有引力之比为（三）
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部
选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5.如图，物块A和B质量分别为2m和m,将A、B用细线连接，中间夹有被压缩的轻弹簧，放在
光滑的水平桌面上。烧断细线后，物块A、B离开弹簧并飞离桌面做平抛运动，落到水平地面上，
则
40000000B
A.物块A、B飞离桌面到落地的时间之比为1：1
B.物块A、B飞离桌面到落地的水平位移之比为1：2
C.物块A、B飞离桌面时的动能之比为1：I
D.物块A、B落地时的速度之比为1：2
6.如图，红灯笼悬挂在竖直墙壁之间，细绳OB水平。若悬挂点B沿墙壁向上缓慢移动的过程中，
适当将细绳OB延长，以保持O点的位置不变，则细绳OA的拉力大小F,和细绳OB的
拉力大小F的变化可能是
A.F,逐渐减小
B.F先减小后增大
C.F2逐渐增大
D.F先减小后增大
7.如图，电阻不计、匝数为N的矩形线圈αbcd在匀强磁场中绕垂直磁场的轴OO匀速转动。理想
变压器的原、副线圈匝数之比为1：2，电流表、电压表均为理想电表。当线圈以角速度ω匀速
转动、滑动变阻器的阻值为R时，电压表的示数为U,则
O'
A.电流表的示数为
R
a
B.穿过线圈的磁通量的最大值为Y2可
20
C.滑动变阻器滑片向下滑动时，变压器的输入功率减小
D、从线圈平面与磁场平行开始计时，线圈产生电动势的瞬时表达式为e=
-U cos or
物理试题第2页（共6页）莆田市2025届高中毕业班第二次教学质量检测试卷
物理参考答案及评分标准
1.C2.B 3.A 4.D 5.AB 6.AD 7.CD 8.AD
9.小于(2分)
小于(1分)
10.0.6(2分)
吸收(1分)
11.=(1分)
>(1分)
正功(1分)
12.(1)C(2分)
(2)10.55(2分)
d
d'
(3)
(1分)
(4)tan0-
(1分)
2xt'gcos0
13.(1)
R
(2分)
(2)a(1分)
(3)偏大(1分)
(4)
5或0.79或0.789(2分)
19
14.解：
(1)沙发受到的摩擦力f=umg
①(1分)
沙发受到的合力F=F-∫
②(1分)
合力对沙发所做的功W=F合S
③(2分)
由①②③得W=100J
(1分)
(2)沙发由静止开始做匀加速运动，根据牛顿第二定律，有
F合=ma
④(1分)
由运动学公式s=宁r
⑤(2分)
合力的平均功率P严
⑥(2分)
由①②④⑤⑥得P:50W
(1分)
15.解：
(1)缓冲槽着地时，线圈中ab边切割磁感线，有：
1=nBI o
①(1分)
R
由①得I=50A
(1分)
根据右手定则可判断ab边的电流方向：从a到b
(1分)
(2)主体减速下落，根据牛顿第二定律，有
F1-mg ma
③(1分)
又F=nBMl
④(1分)
线圈的发热功率
P=12R
⑤(1分)
由③④⑤得P-3600W
(1分)
△ΦnBhL
(3)由法拉第电磁感应定律有E=n
N
⑥
由闭合电路欧姆定律有1=
E
⑦
R
由电流的定义式有q=I
⑧
由⑥⑦⑧得g-nBhL
⑨(2分)
由⑨得q2C
(1分)
主体下落h过程中，根据能量守恒定律，
1
0=mgh+2mo·2mo
⑩(1分)
2
由⑩得Q=1250J
(1分)
16.解：
(1)小物块在x<0区域内做匀加速直线运动
(20)2=2ad
①(1分)
由①得a=20
(1分)
(2)小物块从最左端运动到O点的过程中，根据动能定理
qE,d-mgd=。m(20o)
②(2分)
由②得E=mgd+2md
③(1分)
qd
(3)设小物块运动到N点时薄板的速度为
小物块从O点运动到N点的过程中根据系统动量守恒
物理答案第2页，共3页
m·20o+m0o=m二0o+m01
④(2分)
小物块从最左端运动到N点的过程中系统能量守恒
13
1
gk,d=0+2m2,尸+2m
⑤(2分)
由③④⑤得：Q=4mgd-md
(1分)
4
(4)小物块从O点运动到N点的过程中对小物块
mg+quB=N+qE:
⑥(1分)
f=uN
⑦
-∑()=m0-m2
⑧(1分)
由⑥⑦8得：0=20，+4g5,~m8,.g
(1分)
m
m
依题意得：4(gE2-mg)=0
解得：E,=
mg
(1分)
3
由图乙可知：
9B20-20
(1分)
m
解得：B=
m0。
(1分)
2uqd

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