资源简介 安徽省 A10 联盟 2024-2025 学年高二(下)3 月阶段考试数学试卷一、单选题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。 ( + ) ( )1.已知函数 ( )在 = 0 00处可导,且 lim = 3,则 ′( 0) =( ) →0 3 A. 9 B. 9 C. 1 D. 12.下列求导运算错误的是( )A. (2 )′ = 2 ln2 B. (sin2 )′ = 2cos2 1 ln 1+ln C. (√ )′ = D. ( )′ =2√ 2 3.设等比数列{ }的前 项和为 ,且 3 + 4恰为 5和 6的等差中项,则8 =( ) 4A. 4 B. 5 C. 16 D. 174.“点 ( , )在圆 : 2 + 2 = 4外”是“直线 + = 1与圆 相交”的( )A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件( +1) 5.在数列{ }中, 1 = 1, +1 = cos ,记 为数列{ }的前 项和,则 10 =( ) 2A. 5 B. 6 C. 9 D. 106.已知[ 3,5]上的可导函数 ( )的图象如图所示,则不等式( 2) ′( ) > 0的解集为( )A. ( 3, 1) ∪ (4,5) B. (1,2) ∪ (4,5) C. (1,2) ∪ (3,5) D. ( 1,1) ∪ (2,3)7.记等差数列{ }的前 项和为 ,公差为 ,若 3 + 12 > 0, 15 < 0,则下列结论错误的是( ) A. 6 > 0 B. 6 + 10 < 0 C. < 0 D.1 ∈ ( 8, 7) 8.若函数 ( ) = ln ,且 ( ) ≤ ,则实数 的取值范围是( )1A. (1, ) B. (0, ] C. (0, ] D. (0,1] 二、多选题:本题共 3 小题,共 18 分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.设函数 ( ) = ( 1)2( + 2),则( )第 1 页,共 7 页A. ( )有3个零点 B. ( )的极大值为4C. 当 > 1时, ( ) < ( 2) D. ( )的图象关于点(0,2)中心对称10.已知数列{ }的前 项和为 ,下列说法正确的是( )A. 若 2 = ,则 , , 成等比数列 B. 若{ }为等差数列,则{ }为等差数列 C. 若{ }为等比数列,则{lg }为等差数列D. 若 1 = 1, 2 = 2,3 +1 = + 2 +2( ∈ ),则{ +1 }为等比数列11.已知 为坐标原点,抛物线 : 2 = 4 的焦点为 ,抛物线 的准线为 ,点 在抛物线 上,直线 过点 (4,0)且与 交于 , 两点,则( )A. 若点 的坐标为(2,2),则| | + | |的最小值为3B. 以线段 为直径的圆与直线 相离C. 点 到直线 + 2 = 0的最小距离为√ 2D. △ 可能为钝角三角形三、填空题:本题共 3 小题,每小题 5 分,共 15 分。 12.已知 ( ) = sin + ′(0)cos ,则 ( ) = .413.已知各项均不为零的数列{ },其前 项和是 ,且 = +1( = 1,2, ).若{ }为递增数列, 1 = ,则 的取值范围是 .214.过点 (1,1)作曲线 : = 的两条切线,切点分别为 , ,则直线 的方程为 . 四、解答题:本题共 5 小题,共 60 分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题12分)已知函数 ( ) = 2 (2 + 1) + ln , ∈ (1)当 = 1时,求 ( )的最小值;(2)若 > 0,试讨论 ( )的单调性.16.(本小题12分)已知函数 ( ) = sin (sin + cos ).(1)求函数 ( )的单调递增区间;(2)如果函数 ( )的导数为 ′( ),且 ′( )在(0,+∞)上的零点从小到大排列后构成数列{ },求{ }的前20项和.第 2 页,共 7 页17.(本小题12分)如图,在正四棱锥 中, = √ 2 = 2, 为侧棱 的中点.(1)求证: ⊥ ;(2)求点 到平面 的距离;(3)求平面 与平面 夹角的余弦值.18.(本小题12分) +1已知函数 ( ) = . (1)若方程 ( ) = 有两个不同的实数根,求实数 的取值范围;(2)是否存在过原点的曲线 = ( )的切线 若存在,求出切线方程;若不存在,说明理由;(3)求证:当 ≥ 1时, ( ) ≥ 1 2对 ∈ ( 1,+∞)恒成立.19.(本小题12分)已知数列{ }满足 1 = 2, 2 = 4, +2 = 4( +1 ).(1)求数列{ }的通项公式;2 1(2)令 = ,求数列{ }的前 项和 ; 1(3)令 = ,记数列{ }的前2 项和中所有奇数项的和为 ,求证: < ln2. log2 log2 +1第 3 页,共 7 页1.【答案】 2.【答案】 3.【答案】 4.【答案】 5.【答案】 6.【答案】 7.【答案】 8.【答案】 9.【答案】 10.【答案】 11.【答案】 12.【答案】√ 213.【答案】(0,1)14.【答案】 + 4 = 0.1 (2 1)( +1)15.【答案】解:(1)当 = 1时, ( ) = 2 + ln ,则 > 0, ′( ) = 2 + 1 = , 1 1令 ′( ) > 0,解得 > ;令 ′( ) < 0,解得0 < < ,2 21 1所以 ( )在(0, )上单调递减,在( , +∞)上单调递增,2 21 3所以 ( )min = ( ) = + ln2. 2 4(2 1)( )(2)由题意得, > 0, ′( ) = . 1 1 1当0 < < 时,令 ′( ) > 0,解得 < 或 > ;令 ′( ) < 0,解得 < < ,2 2 21 1所以函数 ( )在(0, )和( , +∞)上单调递增,在( , )上单调递减;2 21当 = 时, ′( ) ≥ 0恒成立,所以函数 ( )在(0,+∞)上单调递增;21 1 1当 > 时,令 ′( ) > 0,解得 < 或 > ;令 ′( ) < 0,解得 < < ,2 2 21 1所以函数 ( )在(0, )和( ,+∞)上单调递增,在( , )上单调递减.2 2第 4 页,共 7 页16.【答案】解:(1) ( ) = sin (sin + cos ) = sin2 + sin cos 1 cos2 1 √ 2 1= + sin2 = sin(2 ) + ,2 2 2 4 2 3 令 + 2 ≤ 2 ≤ + 2 ( ∈ ),解得 + ≤ ≤ + ( ∈ ),2 4 2 8 8 3 因此函数 ( )的单调递增区间是[ + , + ]( ∈ );8 8 (2)由题意得, ′( ) = √ 2cos(2 ),4 3 令2 = + ( ∈ ),解得 = + ( ∈ ),4 2 8 23 所以数列{ }是以 为首项, 为公差的等差数列, 8 23 20×19 205 所以 1 + 2 + + 19 + 20 = × 20 + × = . 8 2 2 217.【答案】解:(1)连接 ,交 于点 ,连接 ,由正四棱锥的性质,得 ⊥ , ⊥平面 , 平面 ,所以 ⊥ .又 ∩ = , , 平面 ,所以 ⊥平面 .因为 平面 ,所以 ⊥ .(2)以点 为原点建立空间直角坐标系如图所示,则 (0, 1,0), (1,0,0), (0,1,0)1 √ 3, ( 1,0,0), (0,0,√ 3), ( , 0, ),2 2所以 = (1,1,0), , 1 √ 3 = (0,2,0) = ( , 1, ).2 2 2 = 0设平面 的法向量为 = ( , , ),则{ = 0,即{ 1 √ 3 , = 0 + + = 02 2令 = √ 3,得平面 的一个法向量为 = (√ 3, 0,1),| | √ 3所以点 到平面 的距离 = = .| | 2(3)由(2)得, = ( 1,1,0), = ( 1,0,√ 3), + = 0设平面 的法向量为 = ( , , ),则{ = 0,即{ , = 0 + √ 3 = 0令 = 1,得平面 的一个法向量为 = (√ 3,√ 3, 1). 4 2√ 7所以cos < , >= = = ,| || | √ 7×2 7第 5 页,共 7 页即平面 与平面 夹角的余弦值为2√ 7.7 18.【答案】解:(1)由题意得, ′( ) = ,则当 < 0时, ′( ) > 0;当 > 0时, ′( ) < 0, 所以 ( )在( ∞, 0)上单调递增,在(0,+∞)上单调递减,故 ( )max = (0) = 1.因为当 < 1时, ( ) < 0;当 > 1时, ( ) > 0,所以当方程 ( ) = 有两个不同的实数根时, 的取值范围为(0,1)(2)不存在, +1 理由:假设曲线 = ( )存在过原点的切线,设切点坐标为( 00, ),则该切线斜率为 ′( ) = 0 ,即 0 0 0 +1 该切线方程为 0 0 = ( 0), 0 0 0+1 若切线经过原点,则0 = 0 (0 2 0 0 0),整理得 0 + 0 + 1 = 0,该方程无解,故过原点不存在曲线 = ( )的切线. +1 2 1(3)设 ( ) = + 1,则 ′( ) = + 2 = (2 )).令 ′( ) = 0,得 = 0或 = ln(2 ). 若 ≥ 1,则 ln(2 ) < 0,当 < ln(2 )或 > 0时, ′( ) > 0,当 ln(2 ) < < 0时, ′( ) < 0,所以 ( )在( ∞, ln(2 ))和(0,+∞)上单调递增,在( ln(2 ),0)上单调递减,因为 (0) = 0,所以 ( ) ≥ 0在[0,+∞)上成立.若 ≥ 1,则 ( 1) = 1 ≥ 0. 当1 ≤ < , ln(2 ) > 1,则 ( )在( 1, ln(2 ))上单调递增,在( ln(2 ),0)上单调递减,此时 ( ) > 02在( 1,0)上成立. 当 ≥ , ln(2 ) ≤ 1,则 ( )在( 1,0)上单调递减,此时 ( ) > 0在( 1,0)上成立.2综上,当 ≥ 1时, ( ) ≥ 1 2对 ∈ ( 1,+∞)恒成立.第 6 页,共 7 页19.【答案】解:(1)因为 +2 = 4( +1 ),所以 +2 2 +1 = 2( +1 2 ),因为 2 2 1 = 0,所以 +2 2 +1 = +1 2 = = 2 2 1 = 0,即 +1 = 2 .因为 1 = 2 ≠ 0,所以数列{ }是以2为首项以2为公比的等比数列.所以 = 2 × 2 1 = 2 .2 1 1(2)由(1)得, = = (2 1) ( ) ,2 21 1则 = 1 × + 3 × ( )21 1 + 5 × ( )3 + + (2 1) ( ) ,2 2 2 21 1 1 1 1 = 1 × ( )2 + 3 × ( )3 + 5 × ( )4 + + (2 1) ( ) +1,2 2 2 2 21 1 1 1 1 1相减得 = 1 × + 2 × ( )2 + 2 × ( )3 + 2 ( ) (2 1) ( ) +12 2 2 2 2 21 1 1 2× ×[ ( ) ]2 2 1= + (2 1) ( ) +13 1 11 = ( ) 1 (2 1)( ) +1,2 1 2 2 2 221 1 1所以 = 3 ( ) 2 (2 1) ( ) = 3 (2 + 3) ( ) .2 2 21 1 1 1(3)由题意得, = = = , log2 log2 +1 ( +1) +11 1 1 1 1则 1 = 1 , 3 = , , 2 3 4 2 1 = , 2 1 2 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1则 = 1 + + + = 1 + + + + + + 2( + + + + ) = 1 + +2 3 4 2 1 2 2 3 4 2 1 2 2 4 6 2 21 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1+ + + + (1 + + + + ) = + + + + .3 4 2 1 2 2 3 +1 +2 2 1 2 1 1 构造函数 ( ) = 1 ln , > 1,则 ′( ) = 2 < 0, ∴ ( )在(1,+∞)上单调递减,∴ ( ) < (1) = 0,1 1∴当 > 1时,1 ln < 0,即1 < ln 恒成立. +1 +1 1令 = ( ∈ ),则1 < ln ,即 < ln( + 1) ln , +1 +11 1 1∴ < ln( + 1) ln , < ln( + 2) ln( + 1), , < ln(2 ) ln(2 1). +1 +2 2 1 1 1 1以上各式相加得, + + + + < ln( + 1) ln + ln( + 2) ln( + 1) + + ln(2 ) +1 +2 2 1 2 ln(2 1) = ln(2 ) ln = ln2.综上, < ln2.第 7 页,共 7 页 展开更多...... 收起↑ 资源预览