湖北省2025年中考数学模拟预测卷(含解析)

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湖北省2025年中考数学模拟预测卷(含解析)

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2025 年 湖 北 省 中 考 模 拟 卷
数 学
亲爱的同学:
在你答题前, 请认真阅读下面的注意事項:
I.本试卷全卷共6 页, 三大题, 满分120 分. 考试用时120 分钟.
2 .答题前, 请将你的姓名、准考证号填写在“ 答题卡” 相应位Z, 并在“ 答题卡” 背面左上角填写姓名和座位号.
3.答选择题时, 选出每小题答案后, 用2B 铅笔将“ 答题卡” 上对应题目的答案标号涂黑. 如需改动, 用橡皮擦干净后, 再选涂其他答案, 答在“ 试卷” 上无效.
4.答非选择题时, 答案用0 . 5 毫米黑色笔迹签字笔书写在“ 答题卡” 上. 答在“ 试卷”上无效.
5.认真阅读答题卡上的注意事項,
预祝你取得优异成绩!
一、选择题(每小题3分,共30分)
1.中国是最早采用正负数表示相反意义的量,并进行负数运算的国家.若零上10℃记作+10℃,则零下10℃可记作(  )
A.10℃ B.0℃ C.-10 ℃ D.-20℃
2.下图是一个由6个相同的小正方体组成的立体图形,则它的左视图是(  )
A. B.
C. D.
3.下列计算中正确的是(  )
A. B. C. D.
4.如图为生活中常见的折叠桌的侧面图与示意图,已知,,,则的大小为(  )

A. B. C. D.
5.已知关于x的不等式的解集在数轴上的表示如图所示,则m的值为(  )
A. B.-1 C.1 D.
6.下列说法正确的是(  )
A.为了解某品牌的日光灯寿命,适宜采取全面调查方式
B.某彩票的中奖机会是,买100张一定会中奖
C.抛一枚硬币正面朝上的概率为,则抛一枚硬币有的可能出现正面朝上
D.“若a是实数,则”是必然事件
7.今有三人共车,二车空;二人共车,九人步。问:人与车各几何?(选自《孙子算经》)题目大意:有若干人要坐车,若每3人坐一辆车,则有2辆空车;若每2人坐一辆车,则有9人需要步行,问人与车各多少?设共有辆车,个人,可列方程组为(  )
A. B.
C. D.
8.根据各图中保留的作图痕迹,能判断射线平分的有(  )
A.4个 B.3个 C.2个 D.1个
9.如图,在平面直角坐标系中,已知A点的坐标为,将绕原点O顺时针旋转,每次旋转,则旋转2024次后,点A的坐标为(  )
A. B. C. D.
10.如图,二次函数y=ax2+bx+c的图象与y轴正半轴相交,其顶点坐标为(,1),下列结论:①abc<0;②b2﹣4ac>0;③a+b+c<0;④a+b=0;⑤4ac﹣b2=4a.其中正确的个数是(  )
A.1 B.2 C.3 D.4
二、填空题(每小题3分,共15分)
11.比较大小:   .(填“>”或“<”)
12.某科幻小说上、下各1册,小明随机将它们叠放在一起,从上到下的顺序恰好为“上册、下册”的概率是   
13.计算:    
14.在平面直角坐标系中,直线将平面上的点分成了三类,一类在直线上,一类在直线的左上方,一类在直线的右下方.可以发现:以二元一次不等式-6的解为坐标的点都在直线的左上方;反过来,以二元一次不等式的解为坐标的点都在直线的右下方.因此,在平面直角坐标系中,不等式表示直线左上方的平面区域;不等式表示直线右下方的平面区域.若实数x,y满足约束条件,则的最小值为   .
15.如图,在边长为7的等边中,D、E分别在边上,,,连接交于点P,则的长为   .
三、解答题(75分)
16.计算: .
17.如图,在中,点M,N分别在边,上,且,,相交于点O.求证:.
18.耸立在宁波海曙区的天封塔始建于唐武则天“天册万岁”至“万岁登封”(695-696)年间,因建塔年号始末“天”“封”而得名(如图1),在天封塔正前方有一斜坡,长为13米,坡度为,高为.某中学数学兴趣小组的同学利用测角仪在斜坡底的点C处测得塔上观景点P的仰角为.在斜坡顶的点D处测得塔上观景点P的仰角为(其中点A,C,E在同一直线上,如图2).
(1)求斜坡的高;
(2)求塔上观景点P距离地面的高度(精确到1米).(参考数据:,)
19.某校为落实“双减”工作,增强课后服务的吸引力,充分用好课后服务时间,为学有余力的学生拓展学习空间,成立了5个活动小组(每位学生只能参加一个活动小组):.音乐;.体育;.美术;.阅读;.人工智能.为了解学生对以上活动的参与情况,随机抽取部分学生进行了调查统计,并根据统计结果,绘制了如图所示的两幅不完整的统计图.
根据图中信息,解答下列问题:
(1)①此次调查一共随机抽取了______名学生;
②补全条形统计图(要求在条形图上方注明人数);
③扇形统计图中圆心角______度;
(2)若该校有2800名学生,估计该校参加组(阅读)的学生人数;
(3)学校组织老师对七、八年级的学生进行满意度打分,其分数如下
音乐 体育 美术 阅读 人工自能
七年级 8 7 7 7 9
八年级 7 8 8 9 8
若以进行考核, 年级的满意度(分数)更高;
若以进行考核, 年级的满意度(分数)更高.
20.建筑是一门不断演化和创新的艺术,近年来,一种名为双曲铝单板的新兴材料以其独特的曲线和光泽,为建筑注入了新的时尚元素,同时也赋予了建筑更多的创意和流动性.图1为某厂家设计制造的双曲铝单板建筑,其横截面(图2)由两条曲线,(反比例函数图象的一部分)和若干线段围成,为轴对称图形,其中四边形与四边形均为矩形,,,,,,以AC的中点为原点,所在直线为轴建立平面直角坐标系.
请回答下列问题:
(1)如图2,求所在图象的函数表达式.
(2)如图3,为在曲面实现自动化操作,工程师安装了支架,并加装了始终垂直于的伸缩机械臂用来雕刻所在曲面的花纹,请问点在上滑动过程中,最长为多少米?
21.如图,已知AB是的直径,为的内接三角形,为BA的延长线上一点,连结CD,过点作AD于点,交CD于点.
(1)求证:CD是的切线.
(2)若,求的长.
22.学校要围一个矩形花圃,其一边利用足够长的墙,另三边用篱笆围成,由于园艺需要,还要用一段篱笆将花圃分隔为两个小矩形部分(如图所示),总共36米的篱笆恰好用完(不考虑损耗).设矩形垂直于墙面的一边AB的长为x米(要求AB(1)求S与x之间的函数关系式,并直接写出自变量x的取值范围;
(2)要想使矩形花圃ABCD的面积为60平方米,AB边的长应为多少米?
23.如图,在矩形中,,,点E是边上一点,连接,将沿折叠得到,边,分别交于点M,N.
(1)求证:;
(2)当时.
①求BE的长;
②若点P是边上的动点,连接,过点A作的垂线交线段于点Q,试探究的值是否发生变化,若变化,请说明理由;若不变,请求出的值.
24.如图,在平面直角坐标系中,抛物线与x轴交于点A,,与y轴交于点.
(1)求抛物线的表达式;
(2)点P是直线下方抛物线上且位于抛物线的对称轴右侧的一动点,过点P作x轴的平行线交抛物线的对称轴于点D,过点P作于点E,求的最大值及此时点P的坐标;
(3)在(2)中取得最大值的条件下,将该地物线沿射线方向平移个单位长度,点F为点P平移后的对应点,连接,点M为平移后的抛物线上一点,若,写出所有符合条件的点M的坐标,并写出求解点M的坐标的其中一种情况的过程.
答案解析部分
1.C
∵零上10℃ 记作+10℃,
∴零下10℃可记作-10 ℃ .
故答案为:C.
正数和负数表示意义相反的两种量,零上的温度记作正,则零下的温度记作负.
2.D
3.D
4.D
解:∵,,
∴,
∵,
∴,
∴,
故答案为:D.
根据直线平行性质可得,再根据等边对等角可得,再根据三角形外角性质即可求出答案.
5.B
6.C
解:A、为了解某品牌的日光灯寿命,适宜采取抽样调查方式,则说法错误,故A选项不符合题意;
B、某彩票的中奖机会是,买100张一定会中奖,说法错误,故B选项不符合题意;
C、抛一枚硬币正面朝上的概率为,则抛一枚硬币有的可能出现正面朝上,说法正确,故C选项符合题意;
D、“若a是实数,则”是必然事件,则说法错误,故D选项不符合题意.
故答案为:C.
利用全面调查与抽样调查、概率、随机事件的意义,对选项逐一分析判断即可解答.
7.A
解: 设共有辆车,个人,
根据题意可得:,
故答案为:A.
设共有辆车,个人, 根据“ 若每3人坐一辆车,则有2辆空车;若每2人坐一辆车,则有9人需要步行 ”列出方程组即可.
8.B
解:图①中,利用基本作图可判断平分;
在图②中,根据基本作图可得是的中点,不能判断平分;
在图③中,
根据作图可得,是半圆的直径,

∴平分;
图④根据作法可知:
,,
在和中,,



,,

在和中,,

所以点到和的距离相等,
平分;
综上,只有图②不能判定平分,
故答案为:B.
根据角平分线的作法、等腰三角形的性质和全等三角形的判定和性质逐项判断解题.
9.C
解:由题意可得:将点A绕原点O旋转90°得点A'
过点A作x轴的垂线,垂足为N,过点A'作y轴垂线,垂足为M
∵∠AOA'=90°
∴∠AOM+∠MOA'=90°
∵∠AOM+∠AON=90°
∴∠AON=∠MOA'
在△AON和△MOA'中
∴△AON≌△MOA'(AAS)
∴MO=NO,A'M=AN
∵点A(-7,10)
∴AN=10,NO=7
∴MO=7,A'M=10
∴点A'的坐标为(10,7)
同理可得,继续旋转,点A的坐标依次为(7,-10),(-10,-7),(-7,10)......
∴点A坐标四次一个循环
∵2024÷4=506
∴旋转2024次后,点A的坐标为(-7,10)
故答案为:C
当△ABC绕原点O旋转时,△ABC上的每个点都绕点O旋转形同的角度,将点A绕原点O旋转90°得点A',过点A作x轴的垂线,垂足为N,过点A'作y轴垂线,垂足为M,根据角之间的关系可得∠AON=∠MOA',再根据全等三角形判定定理可得△AON≌△MOA'(AAS),则MO=NO,A'M=AN,即点A'的坐标为(10,7),同理可得,继续旋转,点A的坐标依次为(7,-10),(-10,-7),(-7,10)......,点A坐标四次一个循环,即可求出答案.
10.D
解:由抛物线开口向下,则a<0,
由对称轴为x==,则b=-a>0,
∴a+b=0,故④正确;
由抛物线与y轴的交点在y轴正半轴,则c>0,
∴abc<0,故①正确;
由抛物线与x轴有2个交点,则b2﹣4ac>0 ,故②正确;
∵抛物线的对称轴为x=,且与x轴的交点在(0,0)的左边,
∴抛物线与x轴的另一个交点在(1,0)的右边,
∴当x=1时,y= a+b+c>0 ,故③错误;
∵抛物线的顶点坐标为(,1),
∴=1,即 4ac﹣b2=4a ,故⑤正确.
故答案为:D.
由抛物线开口向下得a<0,由对称轴为x==则b=-a>0,由抛物线与y轴的交点在y轴正半轴则c>0,据此判断①④;由抛物线与x轴有2个交点,可得b2﹣4ac>0 ,据此判断②;根据抛物线的对称性,可确定与x轴的另一个交点在(1,0)的右边,据此判断③;由抛物线的最大值为=1,据此判断⑤.
11.>
解:
故答案为:>
通分比较大小即可求出答案.
12.
解:画树状图如下,
共有2种等可能的结果, 从上到下的顺序恰好为“上册、下册”的结果有1个,
∴ 从上到下的顺序恰好为“上册、下册”的概率是
由题意可知此事件是抽取放回,据此列树状图,可得到所有的可能的结果数及从上到下的顺序恰好为“上册、下册”的情况数,然后利用概率公式可求解.
13.1
解:,
故填:1.
将式子变形为,根据分式加法法则计算即可.
14.
解:如图,
实数x、y的范围为的内部及边上,边界点坐标分别为、、,
将代入可得,.
故答案为:.
根据约束条件画出x、y的可行区域,找到边界点的坐标,再将坐标依次代入 ,进而求得最小值.
15.
16.解:原式=1+3﹣2 =4﹣2 =2
先计算零指数幂,负整数指数幂,开平方,进而根据有理数的加减运算即可求解。
17.证明:∵是平行四边形,
∴,.
∵,
∴.
∴.
∵,
∴;.
在和中,
∴.
∴.
根据平行四边形性质可得,,再根据边之间的关系可得,根据直线平行性质可得;,再根据全等三角形判定定理可得,则,即可求出答案.
18.(1)米
(2)塔上观景点P距离地面的高度为34米
19.(1)①400;
②解:参加组的学生人数为:(人),
参加组的学生人数为:(人),
补全条形图如下:
③54
(2)(人),
答:估计该校参加组(阅读)的学生人数为980人;
(3)八,七
解:(1)①此次调查一共随机抽取了(名);
故答案为:400;
③,
故答案为:54;
(3)若以进行考核,
七年级得分为(分),
八年级得分为(分),
∴八年级的满意度(分数)更高;
若以进行考核,
七年级得分为(分),
八年级得分为(分),
∴七年级的满意度(分数)更高.
故答案为:八,七.
(1)①由组的人数除以所占百分比即可;
②求出、组的人数,补全条形统计图即可;
③由乘以组所占的比例即可;
(2)由该校共有学生人数乘以参加组(阅读)的学生人数所占的比例即可;
(3)根据加权平均数判断即可.
20.(1)解:,为中点,
∴,
∵,四边形ABDC是矩形,
∴EO=10-2=8,

设所在双曲线的表达式为,
将点坐标代入表达式中,
得:
解得:,
抛物线表达式为;
(2)解:根据题意得:点与点坐标分别为,,
设所在直线解析式为,
将、两点坐标代入得:,
解得,,
所在直线解析式为,
根据反比例函数图象轴对称的性质,曲线关于直线轴对称,
联立,
解得,
∴,
联立,
解得:,
∴,

(1)根据题意可得,再利用待定系数法解答,即可求解;
(2)根据题意得点E与点G坐标分别为(-8,-2),(-2,-8),从而利用待定系数法求出直线EG的解析式,再根据反比例函数图象轴对称的性质,可得曲线EG关于直线y=x轴对称,然后联立求解得出P点坐标;再联立直线EG与反比例函数解析式求解得出Q点坐标,最后根据两点间的距离公式即可求解.
(1)解:,,,为中点,,

设所在双曲线的表达式为,
将点坐标代入表达式中,得:
解得:,
抛物线表达式为;
(2)解:根据题意得:点与点坐标分别为,,
设所在直线解析式为,
将、两点坐标代入得:,
解得,,
所在直线解析式为,
根据反比例函数图象轴对称的性质,曲线关于直线轴对称,
联立,
解得,
∴,
联立,
解得:,
∴,

21.(1)证明:连接OD,
∵OA=OD,
∴∠ADO=∠DAO,
∵OF⊥AD,
∴∠AEO=90°,
∴∠AOF+∠OAD=90°,
∵∠ADC=∠AOF,
∴∠ADC+∠ADO=90°即∠CDO=90°,
∴OD⊥DC,
∴CD是圆O的切线
(2)解:在Rt△ODC中
∴∠C=30°,
∴∠DOC=90°-30°=60°,
∵OD=OA,
∴△AOD是等边三角形,
∴∠DAO=∠DOA=60°,OD=AD,
∵AB是直径,
∴∠BDA=90°,
在Rt△ADB中,∠B=90°-60°=30°,
∴OD=2
∴的长为:
(1)连接OD,利用等边对等角可证得∠ADO=∠DAO,利用垂直的定义和三角形内角和定理可推出∠AOF+∠OAD=90°,结合已知条件可证得∠CDO=90°,即可证得OD⊥DC,然后利用切线的判定定理可证得结论.
(2)在Rt△ODC中,利用解直角三角形可求出∠C的度数,利用直角三角形的两锐角互余可求出∠DOC的度数,可推出△AOD是等边三角形,利用等边三角形的性质可证得∠DAO=∠DOA=60°,OD=AD,利用直径所对的圆周角是直角,可证得∠BDA=90°;再利用解直角三角形求出AD的长,可得到OD的长;然后利用弧长公式可求出的长.
22.(1)
(2)AB边的长应为2米
23.(1)证明:∵矩形,
∴,,,
∵折叠,
∴,
∴,,,
∴,
又,
∴,
又,
∴;
(2)解:①∵,,,
∴,
∴,,
∴,即,
设,则,,,
在中,,
∴,
解得,
∴;
②的值不变,值为.
理由:连接,交于点O,过F作于H,
∵折叠,
∴,,
∵,,,
∴,
∴,
∴,
∵,,
∴,
又,
∴,
∴,即,
解得,
∵,,
∴,
又,
∴,
∴.
(1)先证明∠DAM=∠CNE,再结合∠D=∠C=90°,根据两角对就相等的三角形相似即可证明结论.
(2)①根据AAS证明△CNE≌△FNM,得到CN=FN,EN=MN,CE=x,则BE=4-x,AM=5-x,DM=x+1,在Rt△ADM中根据勾股定理列出关于x的方程,解方程即可求解.
②的值不变.连接FQ,BF交AE于点O,过点F作FH⊥AB,垂足为点H,证明△AOB∽△ABE,求出BF,证明△FBH∽△AEB,求出FH,证明△FHP∽△ABQ,得,从而求解.
24.(1)
(2),的值最大为,此时
(3),

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